2025年湘教新版選修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教新版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為1:2，線路上分別有兩個阻值相同的定值電阻R1、R2,交變電源電壓為U,下列說法正確的是：

A.變壓器原線圈電壓與電源電壓U相等B.變壓器副線圈電壓是電源電壓U的2倍C.流過R1、R2上的電流相等D.R1、R2上消耗的電功率之比為4:12、在國際單位制中，電容的單位是A.法拉B.伏特C.安培D.庫侖3、如圖甲所示，一定質量的氣體的狀態(tài)沿1→2→3→1的順序循環(huán)變化，若用或圖像表示這一循環(huán)；在下圖中表示正確的是（）

A.B.C.D.4、回旋加速器，其原理如圖所示，這臺加速器由兩個銅質D形盒構成；其間留有空隙，下列說法正確的是（）

A.粒子從電場中獲得能量B.粒子從磁場中獲得能量C.粒子由加速器的邊緣進入加速器，由加速器的邊緣向中心進行加速D.粒子離開加速器時最大速度由加速電壓的大小決定5、在如圖所示電路中，為自感系數(shù)較大的線圈，燈完全相同，閉合電鍵調節(jié)使都正常發(fā)光，那么在斷開和再次閉合電鍵后；將看到的現(xiàn)象是（）

A.電鍵閉合瞬間，燈、燈一起亮B.電鍵閉合瞬間，燈比燈先亮C.電鍵斷開瞬間，燈閃亮一下D.電鍵斷開瞬間，燈閃亮一下6、一簡諧橫波沿x軸正方向傳播，波長為周期為T．t=0時刻的波形如圖1所示，a、b是波上的兩個質點．圖2是波上某一質點的振動圖象．下列說法正確的是。

A.t=0時質點a的速度比質點b的大B.圖2可以表示質點a的振動C.增大波源的振動頻率，圖1中的將變大D.增大波源的振動頻率，圖2中的將變小7、下列說法正確的是A.是重核裂變的反應方程式B.原子核所含核子單獨存在時的總質量等于該原子核的質量C.β衰變所釋放的電子是原子核內的自由電子D.銫原子核的結合能小于鉛原子核的結合能評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖所示，甲是不帶電的絕緣物塊，乙是帶正電的物塊，甲、乙疊放在一起，置于粗糙的絕緣水平地板上，地板上方空間有垂直紙面向里的勻強磁場，現(xiàn)加一水平向左的勻強電場，發(fā)現(xiàn)甲、乙起初會相對靜止一起向左加速運動．在加速運動階段()()

A.甲、乙兩物塊間的摩擦力不變B.乙物塊與地面之間的摩擦力不斷增大C.甲、乙兩物塊一起做加速度減小的加速運動D.甲、乙兩物體以后會相對滑動9、如圖所示，電源的電動勢E和內阻r不變，將滑動變阻器R的滑片P向右移動的過程中，下列說法正確的是

A.電壓表的示數(shù)變小B.電流表的示數(shù)變大C.電源的輸出功率一定增大D.電源的效率一定減小10、下列說法正確的是（）A.擴散現(xiàn)象是由外界作用引起的，如風的對流B.單晶體具有各向異性，多晶體具有各向同性，液晶具有各向異性C.在一定溫度下，空氣中水蒸氣的壓強越大，相對濕度越大D.毛細現(xiàn)象的產(chǎn)生是因為浸潤的液體附著層稀疏，表現(xiàn)為引力，使其具有收縮的趨勢，使液面呈凹狀11、下列說法中正確的是_____。A.當溫度升高時，所有分子的動能一定會增大B.兩個分子在相互靠近的過程中其分子間的分子力和分子勢能都是逐漸增大的C.外界對氣體做功，氣體的內能不一定增加E.密閉容器內氣體的壓強是由于大量氣體分子對器壁不斷碰撞而產(chǎn)生的E.密閉容器內氣體的壓強是由于大量氣體分子對器壁不斷碰撞而產(chǎn)生的12、如圖所示，等腰直角三角形OPQ區(qū)域內存在著垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度大小為B，磁場區(qū)域的OP邊在x軸上且長為L，紙面內一邊長為L的單匝閉合正方形導線框（線框電阻為R）的一條邊在x軸上，且線框在外力作用下沿x軸正方向以恒定的速度v穿過磁場區(qū)域，在t=0時該線框恰好位于圖中所示的位置；現(xiàn)規(guī)定順時針方向為導線框中感應電流的正方向，則下列說法正確的有（）

A.在０～時間內線框中有正向電流，在～時間內線框中有負向電流B.在～時間內流經(jīng)線框某處橫截面的電量為C.在～時間內線框中最大電流為D.０～時間內線框中電流的平均值不等于有效值13、真空中某靜電場，虛線表示等勢面，各等勢面電勢的值如圖所示.一帶電粒子只在電場力的作用下，沿圖中的實線從A經(jīng)過B運動到C，B、C兩點位于同一等勢面上，則以下說法正確的是（）

A.帶電粒子在A點的電勢能小于在C點的電勢能B.A點電場強度大于B點電場強度C.帶電粒子從A經(jīng)過B運動到C的過程中動能先增大再減小D.帶電粒子從A到C電場力所做的功等于從A到B電場力做的功14、列簡諧橫波沿x軸傳播，在t=0和t=0.20s時的波形分別如圖中實線和虛線所示．已知該波的波速是0.4m/s，下列說法正確的是（）

A.這列波的周期是0.15sB.這列波沿x軸正方向傳播C.x=1cm的質點在t=0.125s時位于波谷E.若此波傳入另一介質中其波速變?yōu)?.60m/s，則它在該介質中的波長為9cmE.若此波傳入另一介質中其波速變?yōu)?.60m/s，則它在該介質中的波長為9cm15、一輕質彈簧，上端懸掛于天花板，下端系一質量為M的平板，處在平衡狀態(tài)．一質量為m的均勻環(huán)套在彈簧外，與平板的距離為h，如圖所示，讓環(huán)自由下落(不計摩擦力)撞擊平板．已知碰后環(huán)與板以相同的速度向下運動，使彈簧伸長()

A.若碰撞時間極短，則碰撞過程中環(huán)與板的總動量守恒B.環(huán)撞擊板后，板的新的平衡位置與h的大小無關C.在碰后板和環(huán)一起下落的過程中，它們減少的重力勢能等于克服彈簧彈力所做的功D.在碰后板和環(huán)一起下落的過程中，它們減少的動能等于克服彈簧彈力所做的功評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、如圖所示，甲木塊的質量為m1=2kg，以v=4m/s的速度沿光滑水平地面向前運動，正前方有一靜止的、質量為m2=3kg的乙木塊，乙上連有一輕質彈簧．則甲木塊與彈簧接觸后彈簧獲得的最大彈性勢能為___J，乙木塊受到的沖量I=___________

17、圖甲是研究光電效應現(xiàn)象的裝置．某同學用該裝置探究遏止電壓．與入射光頻率之間的關系，得到圖乙圖象．圖中電源____端為正極(填“左”或“右")．該裝置陰極K的逸出功為____J.已知普朗克常量h=（結果保留三位有效數(shù)字）

18、如圖所示電路，電源內阻不可忽略。在滑動變阻器觸頭由a滑向b的過程中，電流表示數(shù)________，小燈泡L亮度___________，電源內電壓________，電源內電阻消耗功率__________。（選填“減小”；“增加”或“不變”）

19、帶有活塞的汽缸內封閉一定質量的理想氣體，氣體開始處于a狀態(tài)，然后經(jīng)過狀態(tài)變化過程到達c狀態(tài)。在圖中變化過程如圖所示。

（1）氣體從a狀態(tài)經(jīng)過到達b狀態(tài)的過程中壓強____________。（填“增大”；“減小”或“不變”）

（2）氣體從b狀態(tài)經(jīng)過到達c狀態(tài)的過程要____________。（填“吸收”或“放出”）熱量。20、如圖所示，D是一只二極管，它的作用是只允許電流從a流向b，不允許從b流向a，水平放置的平行板電容器AB內部原有一電荷P處于靜止狀態(tài)，一直保持兩極板處于平行狀態(tài)，若A和B的間距稍增大一些后，P的運動情況將是________；若把A和B的正對面積稍增大一些后，P的運動情況將是_________；若充電后去掉電源與二極管，再在AB間插入一塊陶瓷片，P的運動情況將是________．（填“靜止不動”；“向下運動”或“向上運動”）

21、“正電子湮沒”是指正電子與電子相遇后一起消失而放出光子的過程，若一個電子和一個正電子相撞發(fā)生湮滅轉化成一對光子，正、負電子的質量均為相碰前動能均為光速為普朗克常量為則對撞過程中系統(tǒng)動量_____（選填“守恒”、“不守恒”），光子的頻率為_________．評卷人得分四、作圖題(共3題，共12分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共16分)25、在“驗證動量守恒定律”的實驗中，氣墊導軌上放置著帶有遮光板的滑塊A、B，遮光板的寬度相同，測得的質量分別為m1和m2．實驗中，用細線將兩個滑塊拉近使輕彈簧壓縮，然后燒斷細線，輕彈簧將兩個滑塊彈開，測得它們通過光電門的時間分別為t1、t2．

（1）圖2為甲、乙兩同學用螺旋測微器測遮光板寬度d時所得的不同情景．由該圖可知甲同學測得的示數(shù)為______mm，乙同學測得的示數(shù)為______mm．

（2）用測量的物理量表示動量守恒應滿足的關系式：______，被壓縮彈簧開始貯存的彈性勢能EP=______．26、太陽能電池帆板可以給衛(wèi)星；宇宙飛船提供能量。如圖甲；太陽能電池在有光照時，可以將光能轉化為電能，在沒有光照時，可以視為一個電動勢為零的電學器件。

探究一：實驗小組用測繪小燈泡伏安特性曲線的實驗方法，用圖乙電路探究太陽能電池被不透光黑紙包住時的特性曲線。

（1）圖乙中虛線處______（填“需要”、“不需要”）連接導線；滑動變阻器如圖丙所示，開關閉合前，滑片應移至______（填“A”、“B”）端。

（2）通過實驗，在圖上作出被黑紙包住的太陽能電池的特性曲線如圖，將其與一個電動勢為3V（內阻忽略不計）的電源和阻值為5kΩ的定值電阻串聯(lián)在一起，它消耗的電功率約為____W（結果保留兩位有效數(shù)字）

探究二：在穩(wěn)定光照環(huán)境中；取下太陽能電池外黑紙，并按圖丁電路丁測量金屬絲的電阻率。

（3）該小組用螺旋測微器測量金屬絲直徑時讀數(shù)如圖戊所示，其直徑為____mm。

（4）實驗中測得電壓表示數(shù)為電流表示數(shù)金屬絲直徑為長度為則金屬絲電阻率為____（用上述測量量表示）。

（5）考慮電壓表與電流表內阻對測量結果的影響，金屬絲電阻的測量值_____（填“大于”、“等于”、“小于”）真實值。27、某同學按如圖所示的電路圖連接電路，并測出路端電壓U和電流I的多組數(shù)據(jù)，做出U﹣I圖象，從U﹣I圖象中可求出電池的電動勢E=_____V，內電阻r=_____Ω。

28、某同學做“用油膜法估測分子的大小”的實驗．已知每2500mL油酸酒精溶液中含有純油酸1mL，用注射器測得每100滴這樣的溶液為1mL，把一滴這樣的溶液滴入撒有痱子粉的盛水淺盤里，把玻璃板蓋在淺盤上并描畫出油酸膜輪廓，如圖所示．圖中正方形小方格的邊長為1cm，則油酸膜的面積為________cm2，油酸分子直徑大小d＝________m(保留一位有效數(shù)字)．

評卷人得分六、解答題(共1題，共9分)29、如圖甲為氣壓式升降椅，圖乙為其簡易結構示意圖，圓柱形氣缸與椅面固定連接，總質量為橫截面積的柱狀氣動桿與底座固定連接?？勺杂梢苿拥臍飧着c氣動桿之間封閉一定質量氮氣（視為理想氣體），穩(wěn)定后測得封閉氣體柱長度設氣缸氣密性、導熱性能良好，忽略摩擦力。已知大氣壓強設白天環(huán)境溫度恒定，重力加速度求：

(1)初始狀態(tài)封閉氣體的壓強；

(2)若質量為的人靜坐在椅面上（手腳未接觸其它物體）；穩(wěn)定后椅面下降的高度；

(3)若夜間環(huán)境溫度降低；椅面下降高度為1cm，則此夜間環(huán)境溫度為多少？

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【詳解】

C.理想變壓器的電流與匝數(shù)成反比，所以電阻R1、R2上的電流之比為2:1;故C錯誤.

D.根據(jù)電功率知道兩阻值相等的電阻R1、R2上消耗的電功率之比為4:1；故D正確.

AB.設R2的電壓為則變壓器副線圈的電壓兩等值電阻的電流之比為2:1,則其電壓比為2:1,則而由理想變壓器兩端的電壓比等于匝數(shù)比可知對電源和原線圈、R1構成的回路由歐姆定律可知電源電壓聯(lián)立解得故A，B均錯誤.2、A【分析】【詳解】

在國際單位制中，電容的單位是“法拉”；“伏特”是電壓單位；“安培”是電流單位；“庫侖”是電量單位，故選A.3、B【分析】【分析】

【詳解】

AB．在圖線中；1→2過程中，體積不變，壓強增大，圖線是豎直直線；在2→3過程中，溫度保持不變，體積增大，壓強減小，圖線是雙曲線；在3→1過程中，壓強不變，體積減小，圖線是水平直線。A錯誤，B正確；

CD．在圖線中；1→2過程中，體積不變，溫度升高，是水平直線，CD錯誤。

故選B。4、A【分析】【詳解】

AB．由于洛倫茲力與速度方向始終垂直，對粒子不做功，而粒子通過電場時有

故粒子是從電場中獲得能量；A正確B錯誤；

C．要加速次數(shù)最多最終能量最大；則被加速粒子只能由加速器的中心附近進入加速器，而從邊緣離開加速器，C錯誤；

D．最后出來的轉動半徑為D型盒的半徑R，根據(jù)洛倫茲力充當向心力，由

知

最大速度決定于B、R和粒子比荷，D錯誤．5、B【分析】試題分析：電鍵閉合瞬間，L相當于斷路，所以b燈比a燈先亮；A錯誤B正確；電鍵斷開瞬間，L相當于電源與兩燈組成閉合回路，都正常發(fā)光時，通過兩燈的電流相等，所以兩燈都不會閃亮一下，CD錯誤；

故選B

考點：自感現(xiàn)象的應用．

點評：電感線圈在接通電源的瞬間相當于斷路，在斷開電源的瞬間相當于電源重新組成回路，燈是否閃亮一下要看電流的大?。?、D【分析】【詳解】

t=0時質點a位于最大位移處，b質點經(jīng)過平衡位置，所以質點a的速度比質點b的小，故A錯誤；由圖2知，t=0時刻質點經(jīng)過位置向下運動，圖1是t=0時刻的波形，此時a位于波峰，位移最大，與圖2中t=0時刻質點的狀態(tài)不符，而質點b在t=0時刻經(jīng)過平衡位置向下運動，與圖2中t=0時刻質點的狀態(tài)相符，所以圖2不能表示質點a的振動，可以表示質點b的振動，故B錯誤。增大波源的振動頻率，根據(jù)T=1/f可知，波的周期減??；波傳播速度由介質決定，則波速不變，根據(jù)λ=vT可知圖1中的波長λ將變小，選項C錯誤，D正確，故選D.7、D【分析】【詳解】

A、重核裂變是質量較大的核俘獲中子后分裂成兩個(或多個)中等質量核的反應過程，而題中所給的反應方程式表示的是衰變．A錯。

B；原子核是由質子和中子構成；質子和中子結合形成原子核會有質量虧損，所以原子核所含核子單獨存在時的總質量大于該原子核的質量．B錯。

C、衰變是原子核的衰變，與核外電子無關，衰變時釋放的電子是由核內一個中子轉化成一個質子的同時釋放出來的．C錯。

D、原子核的結合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量，且原子核越大，它的結合能就越高，銫原子核比鉛原子核小，所以銫原子核的結合能比鉛原子核?。瓺對二、多選題(共8題，共16分)8、B:C【分析】【分析】

以甲乙整體為研究對象,分析受力情況,根據(jù)洛倫茲力隨著速度的增大而增大,分析地面對乙物塊的支持力如何變化,來分析乙物塊與地之間的摩擦力如何變化,根據(jù)牛頓第二定律分析加速度如何變化,再對甲研究,由牛頓第二定律研究甲所受摩擦力如何變化。

【詳解】

BC、對整體分析,受重力、向左的電場力、向下的洛倫茲力、支持力、滑動摩擦力;如圖所示

速度增大,洛倫茲力增大,則正壓力增大,地面對乙的滑動摩擦力f增大;電場力F一定,根據(jù)牛頓第二定律得,加速度a減小;故BC對

A、對甲研究得到,乙對甲的摩擦力則得到f減小,甲；乙兩物塊間的靜摩擦力不斷減小.故A錯；

D；由于甲、乙兩物塊間的靜摩擦力不斷減小；所以甲、乙兩物體以后不會相對滑動，故D錯；

故選BC9、A:B:D【分析】【分析】

滑動變阻器的滑片向右移動，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律分析干路電流的變化，確定路端電壓的變化，根據(jù)電流表的電流與干路電流和R1電流的關系分析電流表的示數(shù)變化；根據(jù)變阻器滑片移動的方向；分析電路中總電流和路端電壓的變化，即可判斷電源的輸出功率的變化和效率的變化．

【詳解】

假設滑動變阻器的滑片向右移動，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律得知：干路電流I增大，A中電流增大；內電壓增大，路端電壓減小，通過燈泡的電流減小，R1電流和電壓變大，則R兩端電壓減小，電壓表讀數(shù)減小，選項AB正確；由于電源的內阻與外電阻的關系未知，不能判斷電源的輸出功率如何變化，選項C錯誤．電源的效率根據(jù)分析可知，路端電壓U減小，電動勢E不變，所以電源的效率一定減?。蔇正確；故選ABD．

【點睛】

本題考查閉合電路歐姆定律的動態(tài)分析類題目，一般思路都是先分析局部電路的電阻變化，再分析整體中電流及電壓的變化，最后分析局部電路中的流及電壓的變化；在分析局部電路時要注意靈活應用串并聯(lián)電路的性質．10、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．擴散現(xiàn)象是由分子熱運動引起的；故A錯誤；

B．單晶體具有各向異性；多晶體具有各向同性，液晶具有各向異性，故B正確；

C．在一定溫度下；空氣中水蒸氣的壓強越大，相對濕度越大，故C正確；

D．浸潤與不浸潤都可以引起毛細現(xiàn)象；故D錯誤。

故選BC。11、C:D:E【分析】【詳解】

A．一定質量的理想氣體溫度升高時；分子平均動能增大，但并非所有分子的動能都增大，故A錯誤；

B．兩個分子在相互靠近的過程中；其分子力的合力可能增加，也可能先減小后增加，要看初始距離大??；在兩個分子相互靠近的過程中，當體現(xiàn)斥力時，一定克服分子力做功，分子勢能增大；當體現(xiàn)吸引力時，分子力做正功，分子勢能減小，故B錯誤；

C．根據(jù)熱力學第一定律知；外界對氣體做功，氣體的內能不一定增加，故C

正確；

D．液體表面層分子間的距離大于液體內部分子間的距離；分子力表現(xiàn)為引力，產(chǎn)生表面張力，從而使液體表面有收縮的趨勢，故D正確；

E．壓強是大量分子頻繁地碰撞器壁；就對器壁產(chǎn)生持續(xù)；均勻的壓力；所以從分子動理論的觀點看來，氣體的壓強就是大量氣體分子作用在器壁單位面積上的作用力，故E正確；

故選CDE。12、B:D【分析】【詳解】

A．在時間內線框的磁通量增加，根據(jù)楞次定律判斷知線框中有負向電流，在時間內磁通量減??；線框中有正向電流，故A錯誤；

B．在時間內線框中磁通量的減小量為

流經(jīng)線框某處橫截面的電量為

故B正確；

C．在時間內最大的有效切割長度為最大感應電動勢為

則線框中最大感應是電流為

故C錯誤；

D．在時間內線框中電流沿負向均勻減小，在時間內電流沿正向均勻減小；電流的平均值為0，而線框中產(chǎn)生焦耳熱，所以電流的有效值不為0，故D正確。

故選BD。13、A:D【分析】【詳解】

由運動軌跡可知，帶電粒子帶負電，負電荷在電勢低處電勢能大，所以帶電粒子在A點的電勢能小于在C點的電勢能，A正確;對于等差等勢面，等勢面密處電場強度大，所以A點電場強度小于B點電場強度，B錯誤;帶電粒子從A經(jīng)過B運動到C的過程中電場力先做負功后做正功，動能先減小再增大，C錯誤;因為B、C兩點電勢相等所以帶電粒子從A到C電場力所做的功等于從A到B電場力做的功，D正確.14、A:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖可知

則周期

故A正確；

B．波在0~0.2s內傳播的距離

根據(jù)波傳播的重復性，由題中圖象可知，把實線波形向左移動2cm與虛線波形重合，所以該波的傳播方向為x軸負方向；故B錯誤；

C．x=2cm處的質點經(jīng)T=0.1125s到達波谷，則比x=2cm質點滯后振動的x=1cm處質點到達波谷的時間要延長T=0.025s，即x=1cm處質點到達波谷的時間為0.1375s，所以t=0.125s時刻，x=1cm處的質點沒有到達波谷位置；故C錯誤；

D．0.2s=1T，因為每經(jīng)過半個周期質點的振動方向改變一次，則0~0.2s內，x=4cm處的質點振動方向改變了2次；故D正確；

E．若此波傳入另一介質中其波速變?yōu)?.60m/s，但是周期不變，則它在該介質中的波長為

故E正確。

故選ADE。15、A:B【分析】【詳解】

A.圓環(huán)與平板碰撞過程；若碰撞時間極短，內力遠大于外力，系統(tǒng)總動量守恒，由于碰后速度相同，為完全非彈性碰撞，機械能不守恒，減小的機械能轉化為內能，故A正確；

B.碰撞后平衡時；有：

即碰撞后新平衡位置與下落高度h無關；故B正確；

CD.碰撞后環(huán)與板共同下降的過程中，碰撞后環(huán)與板共同下降的過程中，它們動能和重力勢能的減少量之和等于彈簧彈性勢能的增加量，彈簧彈性勢能的增加量等于克服彈簧彈力所做的功，故CD錯誤；三、填空題(共6題，共12分)16、略

【分析】【詳解】

[1]當滑塊甲、乙的速度相同時，間距最小，彈簧壓縮量最大，彈簧的彈性勢能最大，設向右為正方向，由動量守恒定律有

彈簧的最大彈性勢等于滑塊甲、乙系統(tǒng)損失的動能

聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得

[2]乙木塊受到的沖量

【點睛】

解決本題首先要明確研究的過程，其次把握信隱含的條件：彈簧伸長最長時兩木塊的速度相同?？疾閷W生應用動量守恒定律和能量守恒定律解決物理問題的能力?！窘馕觥?.6J4.8NS17、略

【分析】【詳解】

因為是研究遏止電壓的裝置，所以所加電壓應為反向電壓，阻值光電子到達A極板形成光電流，所以A極板接電源負極，K級板接電源正極，電源右端為正極；根據(jù)圖像乙可知，當頻率為時，所需遏止電壓為零，說明此時對應頻率為截止頻率所以逸出功：【解析】右3.38×10-1918、略

【分析】【詳解】

[1]滑片向b端移動時滑動變阻器接入電阻增大；由閉合電路歐姆定律得電路中總電流減??；由E=U+Ir可知，路端電壓增大；則流過R的電流增大；故電流表示數(shù)增大；

[2]因總電流減小，而流過R的電流增大；由并聯(lián)電路的分流規(guī)律可知；流過燈泡的電流減小，故燈泡亮度減?。?/p>

[3]因電流減小，則由可知電源內電壓減小；

[4]由功率公式可知，是源內部消耗的功率減小?！窘馕觥吭黾訙p小減小減小19、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由圖像可知，氣體從a狀態(tài)經(jīng)過到達b狀態(tài)的過程中，氣體的體積保持不變，溫度升高，根據(jù)

可知氣體的壓強增大。

（2）[2]由圖像可知，氣體從b狀態(tài)經(jīng)過到達c狀態(tài)的過程，氣體的溫度保持不變，則氣體的內能保持不變；氣體的體積減小，則外界對氣體做正功，根據(jù)熱力學第一定律可知，氣體對外放出熱量。【解析】增大放出20、略

【分析】【詳解】

[1]電容器與電源保持相連，電容器的電壓不變，板間距離增大，電容減小，電容量的電量要減小，放電，但由于二極管的作用只允許電流從a流向b，電容器的電量無法減小，根據(jù)

板間電場強度

Q、S、?不變，則改變d，E不變，電荷P受的電場力不變；仍靜止。

[2]使極板A和B正對面積增大后，跟據(jù)

電容變大，根據(jù)

電量要增加，但是由于電壓不變，根據(jù)

兩板間距不變；故場強不變，電場力不變，則電荷仍靜止不動。

[3]若充電后去掉電源與二極管，再在AB間插入一塊陶瓷片，根據(jù)

則電容變大，電量不變，根據(jù)

則電壓減小，根據(jù)

場強減小，電場力減小，故P的運動情況將是向下運動【解析】（1）靜止不動（2）靜止不動（3）向下運動21、略

【分析】【詳解】

光子無靜止的質量，撞過程中動量守恒，則電子對撞過程中的質量虧損為．由愛因斯坦質能方程中電子對撞放出的能量為根據(jù)能量守恒得，每個光子的能量為又聯(lián)立得到，光子的頻率【解析】守恒四、作圖題(共3題，共12分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共16分)25、略

【分析】【詳解】

（1）甲圖，螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為3.5mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×0.5mm=0.005mm，

所以最終讀數(shù)為3.5mm+0.005=3.505m