2025年蘇科版高三物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇科版高三物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、A、B、C三點(diǎn)在同一直線上，AB：BC=1：2，B點(diǎn)位于A、C之間，在B點(diǎn)固定電荷量為Q的點(diǎn)電荷，當(dāng)把電荷量為+q的點(diǎn)電荷放在A點(diǎn)時(shí)，+q點(diǎn)電荷受到靜電力的大小為F，移去A點(diǎn)電荷，再把電荷量為-2q的點(diǎn)電荷放在C點(diǎn)，則-2q的點(diǎn)電荷放在C點(diǎn)，則-2q的點(diǎn)電荷所受靜電力的大小為（）A.B.C.FD.2F2、水平繩O端豎直方向做簡諧運(yùn)動(dòng)，經(jīng)t時(shí)間傳播到P點(diǎn)，形成如圖所示橫波波形，已知O、P兩點(diǎn)之間距離為s，則下列判斷正確的是（）A.波長為1.5sB.波速為1.5C.P點(diǎn)該時(shí)刻振動(dòng)方向向上D.波源O開始振動(dòng)方向是向下的3、下列有關(guān)摩擦力的四種說法中，正確的是（）A.物體所受的滑動(dòng)摩擦力跟物體所受的重力成正比B.滑動(dòng)摩擦力的方向總是與物體運(yùn)動(dòng)的方向相反C.靜止的物體也可能受到滑動(dòng)摩擦力作用D.靜摩擦力是靜止的物體受到的摩擦力4、某原子核A連續(xù)發(fā)生一次α衰變、一次β衰變并伴隨發(fā)出γ射線而變?yōu)橐粋€(gè)新原子核B，則（）A.B比A少兩個(gè)中子、兩個(gè)質(zhì)子B.B比A少三個(gè)中子、一個(gè)質(zhì)子C.B比A少四個(gè)中子、一個(gè)質(zhì)子D.B比A少三個(gè)中子、兩個(gè)質(zhì)子5、一個(gè)帶電粒子，沿垂直于磁場的方向射入一勻強(qiáng)磁場，粒子的一段徑跡如圖所示，徑跡上的每一小段都可近似看成圓弧，由于帶電粒子使沿途的空氣電離，粒子的動(dòng)能逐漸減小（帶電量不變）從圖中情況可以確定（）A.粒子從a到b，帶負(fù)電B.粒子從b到a，帶正電C.粒子從a到b，運(yùn)動(dòng)周期變大D.粒子從b到a，運(yùn)動(dòng)周期變小6、將一質(zhì)量為0.4kg的小木塊以一定的初速度，沿傾角可在0～90°之間任意調(diào)整的木板間向上滑動(dòng)，設(shè)它沿木板向上能達(dá)到的最大位移為x，若木板傾角不同時(shí)對應(yīng)的最大位移x與木板傾角θ的關(guān)系如圖所示，g取10m/s2，當(dāng)角θ=30°時(shí)，小木塊在木板上運(yùn)動(dòng)的過程中損失的機(jī)械能是（）A.2JB.2.5JC.3JD.5J7、如圖所示為一理想變壓器，原線圈接在輸出電壓為u=U0sin婁脴t

的交流電源兩端。電路中R0

為定值電阻，V1V2

為理想交流電壓表，A1A2

為理想交流電流表?，F(xiàn)使滑動(dòng)變阻器R

的滑動(dòng)觸頭P

向上滑動(dòng)，下列說法正確的是(

)

A.電壓表V1

與V2

示數(shù)的比值將變大B.電流表A1

與A2

示數(shù)的比值將變小C.電壓表V1

與電流表A1

示數(shù)的比值變大D.電壓表V2

與電流表A2

示數(shù)的比值變小8、如圖所示，有一輕圓環(huán)和插栓，在甲、乙、丙三個(gè)力作用下平衡時(shí)，圓環(huán)緊壓著插栓。不計(jì)圓環(huán)與插栓間的摩擦，若只調(diào)整兩個(gè)力的大小，欲移動(dòng)圓環(huán)使插栓位于圓環(huán)中心，下列說法中正確的是()A.增大甲、乙兩力，且甲力增大較多B.增大乙、丙兩力，且乙力增大較多C.增大乙、丙兩力，且丙力增大較多D.增大甲、丙兩力，且甲力增大較多9、如圖所示，一質(zhì)量為m，橫截面為直角三角形的物塊ABC靠在豎直墻面上，垂直于斜面BC施加推力F，物塊沿墻面勻速下滑，則（）A.物塊受到三個(gè)力的作用B.物塊所受摩擦力大小為mgC.如果F增大，物塊的速度將減小D.如果撤去F，物塊將做自由落體運(yùn)動(dòng)評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)10、在一次汽車?yán)愔校囈?jīng)過某半徑為100m的圓弧形水平軌道，汽車依靠____提供向心力．如果地面對汽車的最大靜摩擦力為車重的0.1倍，汽車要想安全通過該彎道，那么汽車的行駛速度不應(yīng)大于____m/s．（取g=10m/s2）11、（2012秋?庫爾勒市校級月考）某質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)的速度v和時(shí)間t的關(guān)系如圖所示，那么該質(zhì)點(diǎn)在3s內(nèi)通過的位移是____m．12、（1）空間中存在一列向右傳播的簡諧橫波，波速為2m/s，在t=0時(shí)刻的波形如圖甲所示．試寫出x=2.0m處質(zhì)點(diǎn)的位移--時(shí)間關(guān)系表達(dá)式____；

（2）若空間中存在振幅不同，波速相同的兩列機(jī)械波相向傳播，它們的周期均為T，t=0時(shí)刻兩列波的波形如圖乙所示，請定性畫出t1=時(shí)刻的波形圖（在答題紙上劃線處自行畫出）

13、（選修模塊3-5）

（1）下列說法中正確的是____．

A．用不可見光照射金屬一定比用可見光照射同種金屬產(chǎn)生的光電子的初動(dòng)能大。

B．查德威克發(fā)現(xiàn)中子的核反應(yīng)是：

C．β衰變說明了β粒子（電子）是原子核的組成部分。

D．“探究碰撞中的不變量”的實(shí)驗(yàn)中得到的結(jié)論是碰撞前后兩個(gè)物體mv的矢量和保持不變。

（2）如圖所示是用光照射某種金屬時(shí)逸出的光電子的最大初動(dòng)能隨入射光頻率的變化圖線，（直線與橫軸的交點(diǎn)坐標(biāo)4.27，與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)0.5）．由圖可知普朗克常量為____Js（保留兩位有效數(shù)字）

（3）一位同學(xué)在用氣墊導(dǎo)軌探究動(dòng)量守恒定律時(shí)，測得滑塊A以0.095m/s的速度水平向右撞上同向滑行的滑塊B，碰撞前B的速度大小為0.045m/s，碰撞后A、B分別以0.045m/s、0.07m/s的速度繼續(xù)向前運(yùn)動(dòng)．求：A、B兩滑塊的質(zhì)量之比．14、衛(wèi)星在某圓形軌道上運(yùn)行的速率為v，周期為T，若軌道半徑增大為原來的兩倍，衛(wèi)星的速率變?yōu)開___，周期變?yōu)開___．15、質(zhì)量是1Kg的物體在空中豎直下落，加速度是9.5m/s2．空氣作用于物體的阻力是____N．（g=10m/s2）16、（2012春?杭州期末）如圖所示，質(zhì)量為m的物體A放在光滑水平桌面上，用一根細(xì)繩系住，若在繩的另一端用mg（g為當(dāng)?shù)刂亓铀俣龋┑睦矬wA時(shí)，A的加速度為a1=____，若在繩的另一端掛一質(zhì)量為m的物體時(shí)，物體的加速度為a2=____．17、（2011秋?合浦縣期末）如圖所示；是某電場中的幾條電場線，帶負(fù)電的點(diǎn)電荷q在A點(diǎn)受到電場力方向如圖中所示．

（1）試在圖中畫出電場線的方向；

（2）A點(diǎn)和B點(diǎn)電場強(qiáng)度大小的關(guān)系為EA____EB；

（3）在A、B兩點(diǎn)分別放同一點(diǎn)電荷時(shí)，它受到電場力大小的關(guān)系為FA____FB．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)18、地面上靜止的人觀察一條沿自身長度方向高速運(yùn)動(dòng)的桿，其長度總比桿靜止時(shí)的長度小____（判斷對錯(cuò)）19、物體運(yùn)動(dòng)的方向必與物體所受合外力的方向一致．____（判斷對錯(cuò)）20、公式E=和對于任何靜電場都是適用的．____．（判斷對錯(cuò)）21、發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的科學(xué)家是法拉第．____．（判斷對錯(cuò)）22、氣體由狀態(tài)1變到狀態(tài)2時(shí)，一定滿足方程=．____．（判斷對錯(cuò)）23、作用在物體上的合外力減小時(shí)，速度也隨之減?。甠___（判斷對錯(cuò)）24、（2010?駐馬店模擬）如圖為一列沿x軸正方向傳播的簡諧波在t=0時(shí)刻的波形圖，已知波速為10m/s，則圖中P質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為y=10sin5πt（cm）____（判斷對錯(cuò)）25、太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的核聚變反應(yīng)____（判斷對錯(cuò)）26、在磁場中任一點(diǎn)，小磁針北極的受力方向?yàn)樵擖c(diǎn)的磁場方向．____．（判斷對錯(cuò)）評卷人得分四、證明題(共4題，共36分)27、如圖，太陽系中星體A繞太陽做半徑為R1的圓周運(yùn)動(dòng)，星體B作拋物線運(yùn)動(dòng)．B在近日點(diǎn)處與太陽的相距為R2=2R1，且兩軌道在同一平面上，兩星體運(yùn)動(dòng)方向如圖中箭頭所示．設(shè)B運(yùn)動(dòng)到近日點(diǎn)時(shí)，A恰好運(yùn)動(dòng)到B與太陽連線上，A、B隨即發(fā)生某種強(qiáng)烈的相互作用而迅速合并成一個(gè)新的星體，其間的質(zhì)量損失可忽略．試證明新星體繞太陽的運(yùn)動(dòng)軌道為橢圓．28、如圖所示，一列平面波朝著兩種介質(zhì)的界面?zhèn)鞑?，A1A2是它在介質(zhì)I中的一個(gè)波面，C1和C2位于兩種介質(zhì)的界面上，B1B2是這列平面波進(jìn)入介質(zhì)II后的一個(gè)波面；A1C1和A2C2是它的兩條波線，入射角為θ1，折射角為θ2，波在I、Ⅱ介質(zhì)中的傳播速度分別為v1和v2．

（1）試根據(jù)惠更斯原理證明：；

（2）若已知θ1=53°（sin53°=0.8），A1A2的長度為0.6m，介質(zhì)I和介質(zhì)II中的波速之比為v1：v2=4：3，則：A1C1B1與A2C2B2的長度相差多少？29、如圖所示，兩個(gè)光滑的水平導(dǎo)軌間距為L．左側(cè)連接有阻值為R的電阻，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場垂直穿過導(dǎo)軌平面，有一質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒以初速度v0向右運(yùn)動(dòng)．設(shè)除左邊的電阻R外．其它電阻不計(jì)．棒向右移動(dòng)最遠(yuǎn)的距離為s，問當(dāng)棒運(yùn)動(dòng)到λs時(shí)0＜λ＜L，證明此時(shí)電阻R上的熱功率：P=．30、證明推導(dǎo)題：

試用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和牛頓定律證明：物體在光滑斜面上下落過程中機(jī)械能守恒．評卷人得分五、畫圖題(共2題，共16分)31、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時(shí)刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經(jīng)7s時(shí)的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）32、在圖示中，物體A處于靜止?fàn)顟B(tài)，請畫出各圖中A物體所受的彈力．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】根據(jù)庫侖定律分別求出+q的點(diǎn)電荷放在A點(diǎn)時(shí)的庫侖力以及電荷量為-2q的點(diǎn)電荷放在C點(diǎn)時(shí)的庫侖力的表達(dá)式，進(jìn)行對比求解即可．【解析】【解答】解：根據(jù)同種電荷相互排斥；異種電荷相互吸引；分析可知電荷量為-2q的點(diǎn)電荷在C處所受的電場力方向與F方向相同．

設(shè)AB=r，則有BC=2r．

則有：F=k

故電荷量為-2q的點(diǎn)電荷在C處所受電場力為：FC=k；故B正確，ACD錯(cuò)誤；

故選：B2、C【分析】【分析】由波的傳播過程可明確波長和波速；根據(jù)帶動(dòng)法可明確P點(diǎn)的振動(dòng)方向；再由各點(diǎn)的起振方向可明確O點(diǎn)的方向．【解析】【解答】解：A、由圖可知，OP間距離為1.5λ，故λ=s；故A錯(cuò)誤；

B、由速度公式可知，波速v=；故B錯(cuò)誤；

C；由圖可知；P點(diǎn)后方的點(diǎn)在P點(diǎn)上方，故P點(diǎn)向上振動(dòng)；故C正確；

D；O點(diǎn)的振動(dòng)與P點(diǎn)的振動(dòng)方向相同；故O點(diǎn)振動(dòng)方向是向上的；故D錯(cuò)誤；

故選：C．3、C【分析】【分析】滑動(dòng)摩擦力的大小F=μFN；其方向與物體間的相對運(yùn)動(dòng)方向相反，即可以充當(dāng)動(dòng)力也可以充當(dāng)阻力．【解析】【解答】解：A；滑動(dòng)摩擦力與物體間的正壓力成正比；正壓力不一定等于重力，故A錯(cuò)誤；

B；滑動(dòng)摩擦力可以與運(yùn)動(dòng)方向相同；如傳送帶上加速的物體，故B錯(cuò)誤；

C；靜止的物體可以受滑動(dòng)摩擦力；如物體在地面上滑動(dòng)時(shí)；地球受到的即為滑動(dòng)摩擦力；故C正確，D錯(cuò)誤；

故選：C．4、B【分析】【分析】根據(jù)原子核經(jīng)過一次α衰變，電荷數(shù)減小2，質(zhì)量數(shù)減小4，一次β衰變后電荷數(shù)增加1，質(zhì)量數(shù)不變．【解析】【解答】解：設(shè)A原子核的質(zhì)子數(shù)為X；質(zhì)量數(shù)為Y，則中子數(shù)為Y-X

發(fā)生一次a衰變后；電荷數(shù)即質(zhì)子數(shù)為X-2，質(zhì)量數(shù)為Y-4．

在發(fā)生一次β衰變；則電荷數(shù)即質(zhì)子數(shù)為X-2+1=X-1，質(zhì)量數(shù)仍為Y-4，故中子數(shù)（Y-4）-（X-1）=Y-X-3．

所以B的質(zhì)子數(shù)為X-1；中子數(shù)為Y-X-3．

故B比A少三個(gè)中子；一個(gè)質(zhì)子；故B正確，ACD錯(cuò)誤．

故選：B．5、B【分析】【分析】帶電粒子在磁場中受到洛倫茲力作用下，做圓周運(yùn)動(dòng)．同時(shí)還受到阻力，使其動(dòng)能變化，導(dǎo)致半徑也發(fā)生變化．再由磁場方向及運(yùn)動(dòng)軌跡的偏轉(zhuǎn)可確定粒子的電性．由于粒子周期與速度無關(guān)，因此周期不變．【解析】【解答】解：A、帶電粒子在運(yùn)動(dòng)過程中，由于動(dòng)能漸漸減小，所以軌道半徑也會(huì)變小，故粒子是從b到a運(yùn)動(dòng)；再由圖可知洛倫茲力偏向內(nèi)側(cè)，則粒子帶正電．故A錯(cuò)誤；

B、帶電粒子在運(yùn)動(dòng)過程中，由于動(dòng)能漸漸減小，所以軌道半徑也會(huì)變小，故粒子是從b到a運(yùn)動(dòng)；再由圖可知洛倫茲力偏向內(nèi)側(cè)，則粒子帶正電．故B正確；

C、帶電粒子在運(yùn)動(dòng)過程中，由于動(dòng)能漸漸減小，所以軌道半徑也會(huì)變小，但運(yùn)動(dòng)周期卻沒有變，故粒子是從b到a運(yùn)動(dòng)；運(yùn)動(dòng)周期不變．故C錯(cuò)誤；

D、帶電粒子在運(yùn)動(dòng)過程中，由于動(dòng)能漸漸減小，所以軌道半徑也會(huì)變小，但運(yùn)動(dòng)周期卻沒有變，故粒子是從b到a運(yùn)動(dòng)；運(yùn)動(dòng)周期不變．故D錯(cuò)誤；

故選：B6、B【分析】解：由圖可知；當(dāng)α=90°時(shí)，x=1.25m，此時(shí)物體做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，取豎直向上為正方向，加速度為-g．

則有：0-v02=-2gx

解得：v0===5m/s

當(dāng)α=30°時(shí)；x=1.25m，則得。

木塊損失的機(jī)械能△E=-mgxsin30°=-0.4×10×1.25×0.5=2.5J．故B正確．

故選：B

由圖可知當(dāng)α=90°時(shí)；最大位移為1.25m，此時(shí)物體做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，加速度為-g，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)基本公式求出物體的初速度．再根據(jù)機(jī)械能的概念求損失的機(jī)械能．

本題也可以根據(jù)動(dòng)能定理求出位移的一般表達(dá)式，然后結(jié)合圖象求出初速度和動(dòng)摩擦因數(shù)，再由功能原理求損失的機(jī)械能．【解析】【答案】B7、C【分析】解：A

由于只有一個(gè)副線圈；因此電壓之比一定等于線圈匝數(shù)的正比，故兩電壓表的比值不變，故A錯(cuò)誤；

B；由于只有一個(gè)副線圈；因此電流之比一定等于線圈匝數(shù)的反比，故兩電流表的比值不變，故B錯(cuò)誤；

C；滑動(dòng)變阻器R

的滑動(dòng)觸頭P

向上滑動(dòng)；則滑動(dòng)變阻器接入電阻增大，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知A2

電流減小，故A1

電流減小，由于U1

不變，故電壓表V1

與電流表A1

示數(shù)的比值變大，故C正確。

D；滑動(dòng)變阻器R

的滑動(dòng)觸頭P

向上滑動(dòng)；則滑動(dòng)變阻器接入電阻增大，由歐姆定律可知，電壓表V2

與電流表A2

示數(shù)的比值變大，故D錯(cuò)誤；

故選：C

明確理想變壓器的性質(zhì)；知道理想變壓器電壓之比等于線圈匝數(shù)之比，而電流之比等于線圈匝數(shù)的反比；從而明確電壓表；電流表的變化情況。

本題考查理想變壓器的性質(zhì)，要注意明確線圈匝數(shù)之比與電流和電壓的關(guān)系，同時(shí)注意輸出端用電器可以利用歐姆定律分析求解。【解析】C

8、D【分析】解：由題意可知；圓環(huán)將豎直向上運(yùn)動(dòng)，因此同時(shí)增加甲；丙兩力，則會(huì)出現(xiàn)向乙反向運(yùn)動(dòng)，若要使插栓位于圓環(huán)中心，圓環(huán)必須偏向左，則甲力增加較多，這樣才能使插栓位于中心，故D正確，ABC錯(cuò)誤；

故選：D

根據(jù)力的合成法則；結(jié)合題意，將圓環(huán)向上移動(dòng)，即可判定求解．

考查力的合成法則，理解平衡條件的應(yīng)用，注意使插栓位于圓環(huán)中心，是解題的突破口．【解析】D

9、C【分析】【分析】本題中物體為勻速下滑，故應(yīng)從兩個(gè)方面去分析，一是由滑動(dòng)摩擦力的計(jì)算公式求出；二是由共點(diǎn)力的平衡條件得出．【解析】【解答】解：A；B、對物體受力分析可知；物體受重力、推力F、墻對物體的彈力及摩擦力的作用下做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故物體受力平衡；將F向水平向分解，如圖所示：

則可知豎直方向上合力為零，即摩擦力f=mg+Fsinα；故A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤；

C；物體勻速滑動(dòng)；故為滑動(dòng)摩擦力，摩擦力也可以等于μFcosα，所以：

①

若F增大；μ仍然保持不變，由①使可知，F(xiàn)增大時(shí)，μF′cosα＞mg+F′sinα，物體將做減速運(yùn)動(dòng)，速度減小．故C正確；

D；如果撤去F；物塊物體將不再受到墻壁的支持力個(gè)摩擦力的作用，只受到重力的作用，由于物體有初速度，所以物體將做初速度不為0，加速度為g的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，但不是自由落體運(yùn)動(dòng)．故D錯(cuò)誤．

故選：C．二、填空題(共8題，共16分)10、摩擦力10【分析】【分析】汽車運(yùn)動(dòng)過程中受重力和支持力作用還有摩擦力作用，重力支持力在豎直方向是一對平衡力，故汽車由摩擦力提供向心力，根據(jù)表達(dá)式，向心力的大小與速度的關(guān)系，由最大靜摩擦力求得汽車拐彎的最大速度．【解析】【解答】解：汽車受重力；支持力和摩擦力作用；重力支持力是平衡力，故只有摩擦力指向圓心提供向心力．

據(jù)；知轉(zhuǎn)彎半徑一定時(shí)，速度越大摩擦力越大，故速度最大時(shí)對應(yīng)摩擦力最大所以有：

=10m/s．

故答案為：摩擦力，10．11、4.5【分析】【分析】速度時(shí)間圖象與兩坐標(biāo)軸所圍“面積”大小等于位移，由數(shù)學(xué)知識(shí)分別求解第1s、第2s和第3s質(zhì)點(diǎn)的位移，再求解在3s內(nèi)通過的位移大小．【解析】【解答】解：由“面積”大小等于位移，質(zhì)點(diǎn)在第1s的位移為：x1=1m；

質(zhì)點(diǎn)在第2s的位移為：x2=×（1+2）×1m=1.5m；

質(zhì)點(diǎn)在第3s的位移為：x3=2×1m=2m；

質(zhì)點(diǎn)在3s內(nèi)通過的位移大小是：x=x1+x2+x3=1+1.5+2=4.5m

故答案為：4.512、x=-5sin2πt（cm）【分析】【分析】（1）由波形圖讀出振幅和波長；求出周期，再求角頻率．寫出x=2.0m處質(zhì)點(diǎn)的位移--時(shí)間關(guān)系表達(dá)式．

（2）根據(jù)波傳播的距離，分析波疊加的結(jié)果．【解析】【解答】解：（1）由圖讀出振幅A=5cm，波長λ=2m，則周期T===1s，角頻率ω==2πrad/s．波向右傳播；圖示時(shí)刻x=2.0m處質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向，則x=2.0m處質(zhì)點(diǎn)的位移--時(shí)間關(guān)系表達(dá)式為：

y=-5sinωt（cm）=-5sin2πt（cm）；

（2）在t1=時(shí)刻，兩列波都向前傳播個(gè)波長；所以波峰在虛線處相遇，振幅等于兩列波振幅之和，畫出波形如圖：

故答案為：（1）y=-5sinωt（cm）（2）如圖．13、BD6.5×10-34【分析】【分析】（1）光電子的初動(dòng)能與入射光的頻率有關(guān)，用不可見光照射金屬不一定比用可見光照射同種金屬產(chǎn)生的光電子的初動(dòng)能大．德威克發(fā)現(xiàn)中子的核反應(yīng)用α粒子轟擊鈹核，產(chǎn)生C和中子．β衰變中產(chǎn)生β粒子不是原子核存在的；而中子轉(zhuǎn)化而來的．“探究碰撞中的不變量”的實(shí)驗(yàn)中得到的結(jié)論是碰撞前后兩個(gè)物體mv的矢量和保持不變．

（2）根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程Ek=hγ-W，Ek-γ圖象的斜率等于h．

（3）根據(jù)動(dòng)量守恒定律求解A、B質(zhì)量之比．【解析】【解答】解：（1）A；光電子的初動(dòng)能與入射光的頻率有關(guān)；隨著入射光頻率增大而增大，用不可見光照射金屬不一定比用可見光照射同種金屬產(chǎn)生的光電子的初動(dòng)能大，比如紅外線照射金屬比用紅光照射同種金屬產(chǎn)生的光電子的初動(dòng)能?。蔄錯(cuò)誤．

B、德威克發(fā)現(xiàn)中子的核反應(yīng)用α粒子轟擊鈹核，產(chǎn)生C和中子．故B正確．

C；β衰變中產(chǎn)生β粒子不是原子核存在的；而中子轉(zhuǎn)化而來的．故C錯(cuò)誤．

D；“探究碰撞中的不變量”的實(shí)驗(yàn)中得到的結(jié)論是碰撞前后兩個(gè)物體mv的矢量和保持不變．故D正確．

故選BD

（2）根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程Ek=hγ-W，Ek-γ圖象的斜率等于h，由數(shù)學(xué)知識(shí)求得h==6.5×10-34Js

（3）設(shè)向右為正方向，A、B的質(zhì)量分別為m1，m2；則由動(dòng)量守恒定律得：

得

故答案為：

（1）BD；（2）6.5×10-34；（3）A、B兩滑塊的質(zhì)量之比1：2．14、2T【分析】【分析】根據(jù)衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)萬有引力提供向心力公式表示出速率和周期即可求解；【解析】【解答】解：根據(jù)衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)萬有引力提供向心力得：

F=G==得：

v=

T=2

運(yùn)行軌道半徑變?yōu)樵瓉淼膬杀?，則它受到的向心力將變?yōu)樵瓉淼乃姆种唬礊椋?/p>

運(yùn)行軌道半徑變?yōu)樵瓉淼膬杀?；則

v′==

T′=2=2T

故答案為：，2T15、0.5【分析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律列式即可求解．【解析】【解答】解：根據(jù)牛頓第二定律得：

mg-f=ma

代入數(shù)據(jù)解得：f=0.5N

故答案為：0.516、gg【分析】【分析】正確選擇研究對象，應(yīng)用牛頓第二定律可以求出加速度．【解析】【解答】解：在繩的另一端用mg（g為當(dāng)?shù)刂亓铀俣龋┑睦矬wA時(shí)，對A，與牛頓第二定律得：mg=ma1，解得：a1=g；

若在繩的另一端掛一質(zhì)量為m的物體時(shí)，對兩物體組成的系統(tǒng)，由牛頓第二定律得：mg=（m+m）a2，解得：a2=g．

故答案為：g；g．17、＞＞【分析】【分析】電場線密的地方電場的強(qiáng)度大；電場線疏的地方電場的強(qiáng)度?。?/p>

電場方向與正電荷受電場力方向一致，與負(fù)電荷受電場力方向相反．【解析】【解答】解：（1）電場方向與正電荷受電場力方向一致；與負(fù)電荷受電場力方向相反．

所以電場線的方向如圖所示：

（2）電場線密的地方電場的強(qiáng)度大；電場線疏的地方電場的強(qiáng)度小．

所以A點(diǎn)和B點(diǎn)電場強(qiáng)度大小的關(guān)系為EA＞EB；

（3）根據(jù)F=Eq可知在A、B兩點(diǎn)分別放同一點(diǎn)電荷時(shí)，它受到電場力大小的關(guān)系為FA＞FB．

故答案為：（1）電場方向如圖所示；（2）＞；（3）＞．三、判斷題(共9題，共18分)18、√【分析】【分析】根據(jù)狹義相對論的幾個(gè)重要的效應(yīng)之一：尺縮效應(yīng)：在尺子長度方向上運(yùn)動(dòng)的尺子比靜止的尺子短，當(dāng)速度接近光速時(shí)，尺子縮成一個(gè)點(diǎn)，即可正確解答．【解析】【解答】解：根據(jù)相對論的尺縮效應(yīng)：一條沿自身長度方向運(yùn)動(dòng)的桿；其長度總比桿靜止時(shí)的長度短．故該說法是正確的．

故答案為：√19、×【分析】【分析】物體運(yùn)動(dòng)的方向與物體所受合外力的方向可能相同，也可能不同，可舉例說明．【解析】【解答】解：物體運(yùn)動(dòng)方向可能與所受合外力的方向一致；比如自由落體運(yùn)動(dòng)，也可能不一致比如平拋運(yùn)動(dòng)等等．

故答案為：×20、×【分析】【分析】場強(qiáng)定義式E=適應(yīng)任何電場，E=只適用于真空中點(diǎn)電荷；場強(qiáng)取決于電場本身，與檢驗(yàn)電荷無關(guān)．【解析】【解答】解：場強(qiáng)定義式E=適應(yīng)任何電場，E=只適用于真空中點(diǎn)電荷；故錯(cuò)誤．

故答案為：×．21、√【分析】【分析】發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的科學(xué)家是法拉第．【解析】【解答】解：發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的科學(xué)家是法拉第．故這個(gè)說法正確．

故答案為：√22、×【分析】【分析】根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程即可做出判定．【解析】【解答】解：對于一定質(zhì)量的理想氣體，由狀態(tài)1變到狀態(tài)2時(shí)，一定滿足方程=．若不滿足一定質(zhì)量的條件；該公式不成立．所以以上的說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×23、×【分析】【分析】加速度是反映速度變化快慢的物理量，當(dāng)加速度方向與速度方向相同，做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度方向與速度方向相反，做減速運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：加速度是反映速度變化快慢的物理量．根據(jù)牛頓第二定律可知；加速度的方向與物體受到的合外力的方向相同；

結(jié)合速度與加速度的關(guān)系可知；當(dāng)加速度方向與速度方向相同，加速度減小，速度增大．當(dāng)物體的加速度方向與速度方向相反，速度減?。?/p>

所以作用在物體上的合外力減小時(shí)；速度可能隨之減小，也可能隨之增大．所以以上說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×24、×【分析】【分析】首先據(jù)波動(dòng)圖象讀出波長和求出周期，根據(jù)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)和波的傳播特點(diǎn)分析質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況，然后再寫出振動(dòng)方程，與題干中的方程比較即可．【解析】【解答】解：該波是振幅是10cm，波速為10m/s，波長為4m，所以周期：T=s，角速度ω=；

該波向x軸的正方向傳播；由上下坡法可知，圖中P質(zhì)點(diǎn)在t=0時(shí)刻振動(dòng)的方向向下，所以振動(dòng)方程為y=-10sin5πt（cm），錯(cuò)誤．

故答案為：×25、√【分析】【分析】根據(jù)核反應(yīng)的種類可知，太陽輻射的能量是核聚變反應(yīng)．【解析】【解答】解：太陽輻射的能量主要來源于輕核聚變．所以以上的說法是正確的．

故答案為：√26、√【分析】【分析】磁場雖然是看不見、摸不著的，但它會(huì)對放入它中的磁體產(chǎn)生力的作用，小磁針N極在磁場中所受的磁力方向跟該點(diǎn)的磁場方向相同．【解析】【解答】解：磁體的周圍存在磁場；電流周圍也存在磁場，磁場的基本性質(zhì)是對放在其中的磁體存在力的作用．

磁場方向與放在該點(diǎn)的小磁針的N極靜止時(shí)的方向一致；或小磁針北極的受力方向?yàn)樵擖c(diǎn)的磁場方向．所以該說法是正確的．

故答案為：√四、證明題(共4題，共36分)27、略

【分析】【分析】A、B星體靠攏過程中動(dòng)量守恒，從而求出新星體C的速度，計(jì)算C新星體的機(jī)械能判斷軌道的形狀是否為橢圓．【解析】【解答】證明：計(jì)算新星體C的機(jī)械能，設(shè)C距日R3，設(shè)A、B星球的速度分別為vA和vB；則：

在徑向：可以認(rèn)為在A；B靠攏過程中質(zhì)心未動(dòng)；所以C到太陽的距離為。

R3==①

在切向：A、B合并過程中動(dòng)量也守恒，則有（mA+mB）vC=mAvA+mBvB②

研究②中的vA、vB：

因A做圓周運(yùn)動(dòng)，故vA=

所以vB====vA

將vA、vB帶入②得vC=③

利用①③C星體的機(jī)械能為。

EC=（mA+mB）-G=（mA+mB）-=-G

因此，新星體C的軌道為橢圓．28、略

【分析】【分析】（1）根據(jù)惠更斯原理畫出波面C1D1與C2D2；根據(jù)幾何關(guān)系得到入射角正弦和折射角的正弦．結(jié)合光傳播距離公式s=vt求解．

（2）根據(jù)光線在兩種介質(zhì)中的速度之比為入射角和折射角的正弦之比，通過幾何關(guān)系求出A1C1B1和A2C2B2的長度相差的距離【解析】【解答】解：（1）證明：如圖，根據(jù)惠更斯原理畫出波面C1D1與C2D2．

在RT△C1D1C2和RT△C2D2C1中：