2025年華師大新版選修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華師大新版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體，從圖示A狀態(tài)開始，經(jīng)歷了B、C狀態(tài)，最后到D狀態(tài)；下列判斷正確的是（）

A.A→B過程溫度升高，壓強不變B.B→C過程體積不變，壓強變大C.C→D過程體積變小，壓強不變D.C→D過程溫度不變，壓強變小2、如圖所示，界面MN與水平地面之間有足夠大正交的勻強磁場B和勻強電場E，磁感線和電場線都處在水平方向且互相垂直．在MN上方有一個帶正電的小球由靜止開始下落；經(jīng)電場和磁場到達(dá)水平地面．若不計空氣阻力，小球在通過電場和磁場的過程中，下列說法中正確的是。

A.小球做勻變速曲線運動B.小球的電勢能一定減少C.洛倫茲力對小球做負(fù)功D.小球的動能增量等于其重力勢能的減少量3、如圖所示的虛線框為一長方形區(qū)域，該區(qū)域內(nèi)有一垂直于紙面向里的勻強磁場，一束電子以不同的速率從O點垂直于磁場方向、沿圖中方向射入磁場后，分別從a、b、c、d四點射出磁場，比較它們在磁場中的運動時間ta、tb、tc、td，其大小關(guān)系是()

A.ta<tb<tc<tdB.ta＝tb＝tc＝tdC.ta＝tb>td>tcD.ta＝tb>tc>td4、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r，三個可變電阻分別用R1、R2和R3表示。那么，在三個可變電阻的阻值變化的過程中，一定能夠使得通過R3的電流變大的方案是。

A.R1變大，R3變小B.R1變小，R2變大C.R1、R2都變大D.R1、R2都變小5、下列說法正確的是（）A.擴散現(xiàn)象的原因是分子間存在斥力B.由于表面張力的作用，玻璃板上的小水銀滴總是呈球形的C.第二類永動機是不可能造成的，因為它違背了能量守恒定律D.如果沒有漏氣、摩擦、機體的熱量損失，熱機的效率可以達(dá)到100%6、如圖所示，在同一水平面內(nèi)有兩根光滑平行金屬導(dǎo)軌MN和PQ，在兩導(dǎo)軌之間豎直放置通電螺線管，ab和cd是放在導(dǎo)軌上的兩根金屬棒，它們分別放在螺線管的左右兩側(cè)，保持開關(guān)閉合，最初兩金屬棒處于靜止?fàn)顟B(tài)．當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭向右滑動時，ab和cd兩棒的運動情況是。

A.ab、cd都向左運動B.ab、cd都向右運動C.ab向左，cd向右D.ab向右，cd向左7、對于光電效應(yīng)下列理解正確的是()A.發(fā)生光電效應(yīng)時，相同的光電管在光強相同的紫光和藍(lán)光照射下飽和光電流相同B.入射光照射到某金屬表面瞬間發(fā)生光電效應(yīng)，若僅減弱該光的強度，則仍瞬間發(fā)生光電效應(yīng)C.發(fā)生光電效應(yīng)時，入射光越強，光子能量就越大，光電子的最大初動能就越大D.發(fā)生光電效應(yīng)時，遏止電壓與入射光的頻率成正比評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖所示，三個質(zhì)量相同，帶電荷量分別為＋q、－q和0的小液滴a、b；c；從豎直放置的兩板中間上方由靜止釋放，最后從兩板間穿過，軌跡如圖所示，則在穿過極板的過程中：

A.電場力對液滴a、b做的功相同B.三者動能的增量相同C.液滴a與液滴b電勢能的變化量相等D.重力對c做的功最多9、新冠肺炎疫情期間；某班級用于消毒的噴壺示意圖如圖所示。閉合閥門K，向下壓壓桿A可向瓶內(nèi)儲氣室充氣，多次充氣后按下按柄B打開閥門K，消毒液會自動經(jīng)導(dǎo)管從噴嘴處噴出。儲氣室內(nèi)氣體可視為理想氣體，充氣和噴液過程中溫度保持不變，則下列說法正確的是（）

A.充氣過程中儲氣室內(nèi)氣體分子數(shù)增多且分子運動劇烈程度增加B.充氣過程中，儲氣室內(nèi)氣體分子平均動能不變，壓強增大C.只要儲氣室內(nèi)氣體壓強大于外界大氣壓強，消毒液就能從噴嘴處噴出E.噴液過程中，儲氣室內(nèi)氣體分子對器壁單位面積的平均作用力減小E.噴液過程中，儲氣室內(nèi)氣體分子對器壁單位面積的平均作用力減小10、下列說法正確的是（）A.隨著科學(xué)的發(fā)展，降溫技術(shù)的提高，絕對零度是可以接近的，但無法達(dá)到B.氣體分子間距離減小時，其分子勢能一定增大C.絕熱壓縮或等溫壓縮的一定量理想氣體內(nèi)能均不變E.當(dāng)分子熱運動變劇烈且分子平均距離變小時，氣體壓強一定變大E.當(dāng)分子熱運動變劇烈且分子平均距離變小時，氣體壓強一定變大11、下列說法正確的是（）A.隨著國家對環(huán)境的日益重視，2019年霧霾天數(shù)較以往大幅減少，霧霾現(xiàn)象發(fā)生時，空氣中的固體微粒的無規(guī)則運動反映空氣分子熱運動的無規(guī)則性B.空氣濕度對霧霾天的形成有重要影響，如果干、濕泡溫度計示數(shù)差值變大，則環(huán)境的相對濕度在降低C.汽車尾氣排放是導(dǎo)致城市空氣污染的重要原因，隨著科技發(fā)展，能夠使發(fā)動機的效率達(dá)到100%E.南方的冬天冷而潮濕，是因為南方空氣濕度大，而冬季溫度低，水蒸氣的飽和汽壓較低導(dǎo)致的E.南方的冬天冷而潮濕，是因為南方空氣濕度大，而冬季溫度低，水蒸氣的飽和汽壓較低導(dǎo)致的12、如圖所示，在傾角為的斜面上固定一電阻不計的光滑平行金屬導(dǎo)軌，其間距為L，下端接有阻值為R的電阻，導(dǎo)軌處于勻強磁場中，磁感應(yīng)強度大小為B，方向與斜面垂直圖中未畫出．質(zhì)量為m、阻值大小也為R的金屬棒ab與固定在斜面上方的勁度系數(shù)為k的絕緣彈簧相接，彈簧處于原長并被鎖定．現(xiàn)解除鎖定的同時使金屬棒獲得沿斜面向下的速度從開始運動到停止運動的過程中金屬棒始終與導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，重力加速度為g，在上述過程中()

A.開始運動時金屬棒與導(dǎo)軌接觸點間電壓為B.通過電阻R的最大電流一定是C.通過電阻R的總電荷量為D.回路產(chǎn)生的總熱量小于13、如圖所示，兩根平行金屬導(dǎo)軌置于水平面內(nèi)，導(dǎo)軌之間接有電阻R．金屬棒ab與兩導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸，整個裝置放在勻強磁場中，磁場方向垂直于導(dǎo)軌平面向下．現(xiàn)使磁感應(yīng)強度隨時間均勻減小，ab始終保持靜止；下列說法正確的是（）

A.ab中的感應(yīng)電流方向由a到bB.ab所受的安培力方向向左C.ab中的感應(yīng)電流方向由b到aD.ab所受的安培力方向向右14、以下關(guān)于恒定電流部分知識說法正確的是：()A.所有材料的電阻率都會隨著溫度的升高而增大B.在導(dǎo)體中，只要自由電荷在運動，就一定會形成電流C.外電路斷路時的路端電壓大小等于電源電動勢D.電源電動勢的方向是電源內(nèi)部電勢升高的方向15、一輕質(zhì)彈簧，上端懸掛于天花板，下端系一質(zhì)量為M的平板，處在平衡狀態(tài)．一質(zhì)量為m的均勻環(huán)套在彈簧外，與平板的距離為h，如圖所示，讓環(huán)自由下落(不計摩擦力)撞擊平板．已知碰后環(huán)與板以相同的速度向下運動，使彈簧伸長()

A.若碰撞時間極短，則碰撞過程中環(huán)與板的總動量守恒B.環(huán)撞擊板后，板的新的平衡位置與h的大小無關(guān)C.在碰后板和環(huán)一起下落的過程中，它們減少的重力勢能等于克服彈簧彈力所做的功D.在碰后板和環(huán)一起下落的過程中，它們減少的動能等于克服彈簧彈力所做的功評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)16、如圖所示電路，當(dāng)滑動變阻器的滑片P向右移動時，安培表A的示數(shù)如何變化？小明同學(xué)的分析思路如下：

試寫出以下步驟的物理原理：

②______________________________________。

④______________________________________。17、在陽光的照射下，充滿霧氣的瀑布上方常會出現(xiàn)美麗的彩虹，彩虹是太陽光射入球形水珠經(jīng)折射、內(nèi)反射、再折射后形成的，其光線傳播路徑如圖所示，圖中的圓面代表水珠過球心的截面，太陽光平行截面射入球形水珠后，最后出射光線a、b分別代表兩種不同顏色的光線，則水珠對a、b兩束光折射率的大小關(guān)系是na____nb；a、b兩種光在水珠內(nèi)傳播速度大小關(guān)系是va__vb．（選填“>”、或“<”)

18、填寫下列空格：

（1）某物體的溫度為用熱力學(xué)溫度表示為________；

（2）對水加熱，溫度升高了則升高了________K；

（3）某物體溫度為用熱力學(xué)溫度表示為________；

（4）對某物體降溫則降低了________K。19、一個電流表的滿偏電流內(nèi)阻要把它改裝成一個量程為的電壓表，則應(yīng)在電流表上__________（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）一個__________的電阻。20、一定質(zhì)量的理想氣體，狀態(tài)從A→B→C→D→A的變化過程可用如圖所示的p－V的圖描述，圖中p1、p2、V1、V2和V3為已知量．

(1)氣體狀態(tài)從A到B是______過程(填“等容”；“等壓”或“等溫”)；

(2)狀態(tài)從B到C的變化過程中；氣體的溫度______(填“升高”；“不變”或“降低”)；

(3)狀態(tài)從C到D的變化過程中；氣體______(填“吸熱”或“放熱”)；

(4)狀態(tài)從A→B→C→D的變化過程中，氣體對外界所做的總功為________．評卷人得分四、作圖題(共3題，共15分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共24分)24、用插針法測定玻璃折射率的實驗中；以下說法正確的是（______）

（）及之間的距離適當(dāng)大些；可以提高準(zhǔn)確度。

（）及之間的距離取得小些；可以提高準(zhǔn)確度。

（）入射角適當(dāng)大些；可以提高準(zhǔn)確度。

（）入射角太大；折射光線會在玻璃磚的內(nèi)表面發(fā)生全反射，使實驗無法進行。

（）的間距，入射角的大小均與實驗的準(zhǔn)確度無關(guān)A.（）（）B.（）（）C.（）（）D.（）（）25、某同學(xué)用如圖甲所示裝置通過半徑相同的A、B兩球的碰撞來驗證動量守恒定律。實驗時先使A球從斜槽上某一固定位置G由靜止開始滾下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡。重復(fù)上述操作10次，得到10個落點痕跡．再把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方，讓A球仍從位置G由靜止開始滾下；和B球碰撞后，A；B球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡。重復(fù)這種操作10次，得到了如圖乙所示的三個落地點。

（1）已知mA∶mB＝2∶1，碰撞過程中動量守恒，則由圖可以判斷出_______是A的落地點，________是B球的落地點。

（2）用題中的字母寫出動量守恒定律的表達(dá)式____________。26、某同學(xué)在做完“描繪小燈泡的伏安特性曲線”后；又對一個標(biāo)有“6V3.5W”小電風(fēng)扇電動機(線圈電阻恒定)的伏安特性曲線進行了研究，同研究小燈泡一樣，要求電風(fēng)扇電動機兩端的電壓能從零逐漸增加到6V，實驗室備有下列器材：

A.電流表(量程I:0~0.6A；內(nèi)阻約為1Ω；量程II:0~3A，內(nèi)阻約為0.1Ω)

B.電壓表(量程為0~6V；內(nèi)阻幾千歐)

C.滑動變阻器R1(最大阻值10Ω；額定電流2A)

D.滑動變阻器R2(最大阻值1750Ω；額定電流0.3A)

E.電池組(電動勢為9V；內(nèi)阻小于1Ω)

F.開關(guān)和導(dǎo)線若干。

(1)實驗中所用的滑動變阻器應(yīng)選_______(填“C”或“D”)，電流表的量程應(yīng)選_______(填“I”或“II”)．

(2)請用筆畫線代替導(dǎo)線將實物圖甲連接成符合這個實驗要求的電路_______．

(3)閉合開關(guān)前，為防止電動機輸入電壓過高而損壞，滑動變阻器滑片P應(yīng)滑到______(填“M”或“N”)端．

(4)閉合開關(guān)，移動滑動變阻器的滑片P，改變加在電動機上的電壓，實驗中發(fā)現(xiàn)當(dāng)電壓表示數(shù)大于1V時電風(fēng)扇才開始轉(zhuǎn)動，電動機的伏安特性曲線如圖乙所示，則電動機線圈的電阻為_______Ω，電動機正常工作時的機械功率為________W．(保留兩位有效數(shù)字)評卷人得分六、解答題(共3題，共18分)27、現(xiàn)有內(nèi)阻為量程為的毫安表。要把它改裝為量程為3mA和10mA的雙量程毫安表，改裝電路圖如下。要求使用a、c接線柱時量程為3mA，使用a、b接線柱時量程為10mA。

（1）求R1、R2的阻值；

（2）如果將上述表頭改裝成我們實驗室中常見的3A量程的安培表；實際中用這種安培表測量時常常忽略其內(nèi)阻。請你闡述其中的道理。

28、如圖所示，豎直平面內(nèi)有足夠長、不計電阻的兩組平行光滑金屬導(dǎo)軌，寬度均為L=0.5m，上方連接一個阻值R=1Ω的定值電阻，虛線下方的區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的磁感應(yīng)強度B=2T的勻強磁場．完全相同的兩根金屬桿1和2靠在導(dǎo)軌上，金屬桿長與導(dǎo)軌等寬且與導(dǎo)軌接觸良好，電阻均為r=0.5Ω．將金屬桿1固定在磁場的上邊緣（仍在此磁場內(nèi)），金屬桿2從磁場邊界上方h0=0.8m處由靜止釋放，進入磁場后恰作勻速運動．（g取10m/s2）求：

(1)金屬桿的質(zhì)量m；

(2)若金屬桿2從磁場邊界上方h1=0.2m處由靜止釋放，進入磁場下落一段距離后做勻速運動．在金屬桿2加速的過程中整個回路產(chǎn)生了1.4J的電熱．求此過程中流過電阻R的電荷量q；

(3)若金屬桿2仍然從磁場邊界上方h1=0.2m處由靜止釋放，在金屬桿2進入磁場的同時釋放金屬桿1，試求兩根金屬桿各自的最大速度．29、一束初速度不計的電子流在經(jīng)U＝5000V的加速電壓加速后在距兩極板等距處垂直進入平行板間的勻強電場，如圖所示，若板間距離d＝1.0cm，板長＝5.0cm，電子電量e＝C；那么。

（1）電子經(jīng)過加速電場加速后的動能為多少?

（2）要使電子能從平行板間飛出；兩個極板上最多能加多大的電壓?

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【詳解】

A.由圖示圖象可知，一定質(zhì)量的理想氣體，A→B過程氣體溫度升高，氣體的體積V與熱力學(xué)溫度T成正比，由理想氣體狀態(tài)方程（常數(shù)）可知，該過程氣體壓強保持不變，故A正確；

B.由圖示圖象可知，B→C過程氣體體積不變而溫度降低，由理想氣體狀態(tài)方程（常數(shù)）可知；氣體壓強減小，故B錯誤；

CD.由圖示圖象可知，C→D過程氣體溫度不變而體積減小，由理想氣體狀態(tài)方程（常數(shù)）可知；氣體壓強增大，故CD錯誤。

故選A。2、B【分析】【分析】

小球重力不可忽略；進入混合場后，受重力；電場力、洛倫茲力共同作用，重力與電場力恒定，但洛倫茲力時刻變化，運動過程前兩力做功而洛倫茲力不做功，從而即可求解．

【詳解】

A；小球進入混合場后；受重力、電場力、洛倫茲力共同作用，初速度豎直向下，電場力水平向右，洛倫茲力水平向右，因此，合力必不沿豎直方向，故粒子做曲線運動，運動過程中洛倫茲力時刻變化，故合力將會改變，小球做變速曲線運動，故A錯誤；

B；下落過程中；電場力將做正功，由功能關(guān)系得，電勢能減小，故B正確；

CD；小球從靜止開始下落到水平地面過程中；洛倫茲力不做功，由動能定理得，小球落到水平地面時的動能等于其電勢能和重力勢能的減少量總和，故CD錯誤；

故選B．

【點睛】

全面分析粒子的受力，明確各力的做功特點，依據(jù)功能關(guān)系、動能定理及曲線運動條件和牛頓運動定律認(rèn)真分析．3、D【分析】【詳解】

電子在勻強磁場中做勻速圓周運動的周期為四個電子m、q相同，B也相同；則它們圓周運動的周期相同．

A.畫出電子運動的軌跡如圖。

從圖看出，從a、b兩點射出的電子軌跡所對的圓心角都是則：

故A不符合題意．

BCD.從下圖看出。

從d射出的電子軌跡所對的圓心角

根據(jù)圓周運動的時間T相同時，圓心角越大，時間t越大，所以

所以ta＝tb>tc>td

故BC不符合題意，D符合題意．4、B【分析】當(dāng)R1變大，R3變小，則并聯(lián)支路的電阻變小，則總電阻的變化無法判斷，則總電流無法判斷，選項A錯誤；R1變小，R2變大，則并聯(lián)支路的電阻變大，并聯(lián)支路的分壓變大，即R3上的電壓變大，則R3電流變大，選項B正確；R1、R2都變大，則并聯(lián)支路的電阻變大，并聯(lián)支路的分壓變化無法判斷，選項C錯誤；R1、R2都變小，則并聯(lián)支路的電阻變小，并聯(lián)支路的分壓變化無法判斷，選項D錯誤；故選B.5、B【分析】【分析】

【詳解】

A．?dāng)U散現(xiàn)象的原因是分子的熱運動；故A錯誤；

B．表面張力使液體表面積收縮到最小的趨勢；故B正確；

C．第二類永動機是不可能造成的；因為能量的轉(zhuǎn)化和轉(zhuǎn)移具有方向性，并沒有違反能量守恒，故C錯誤；

D．如果沒有漏氣；摩擦、機體的熱量損失；熱機的機械效率也不可能達(dá)到100%，故D錯誤。

故選B。6、D【分析】當(dāng)變阻器滑片向右滑動時，電路的電流大小變小，線圈的磁場減弱；根據(jù)安培定則由電流方向可確定線圈的磁場方向垂直于導(dǎo)軌向下．由于線圈處于兩棒中間，所以穿過兩棒所圍成的磁通量變小，由楞次定律：增反減同可得，線框abdc產(chǎn)生順時針方向感應(yīng)電流．最后根據(jù)左手定則可確定安培力的方向：ab棒處于垂直向上的磁場，且電流方向b→a；則安培力方向向右．cd棒處于垂直向上的磁場，且電流方向dc，則安培力方向向左，即兩棒相互靠近，D正確．

【點睛】兩棒將線圈圍在中間，則穿過兩棒所圍成的面積的磁場方向是豎直向下．原因是線圈內(nèi)部磁場方向向下，而外部磁場方向向上，且向下強于向上．7、B【分析】【詳解】

A；紫光的頻率大于藍(lán)光的頻率；發(fā)生光電效應(yīng)時，由于光強相同，則紫光源在單位時間內(nèi)發(fā)射出的光子數(shù)減小，單位時間內(nèi)逸出的光電子數(shù)目減少，則飽和光電流的強度小，故A錯誤；

B、根據(jù)光電效應(yīng)方程知：則入射光的頻率不變，若僅減弱該光的強度，則仍一定能發(fā)生光電效應(yīng)，故B正確；

C；光電子的最大初動能與入射光的頻率有關(guān)；與光的強度無關(guān)，故C錯誤；

D、愛因斯坦發(fā)現(xiàn)了光電效應(yīng)，某材料發(fā)生光電效應(yīng)時，根據(jù)光電效應(yīng)方程以及最大初動能與遏止電壓的關(guān)系Ekm＝eUc得eUc＝h﹣W0，知遏止電壓Uc的大小與入射光的頻率是線性關(guān)系，但不是正比，故D錯誤．二、多選題(共8題，共16分)8、A:C【分析】A項：因為液滴a、b的電荷量大小相等；則液滴所受的電場力大小相等，由靜止釋放，穿過兩板的時間相等，則偏轉(zhuǎn)位移大小相等，電場力做功相等．故A正確；

B項：電場力對a、b兩液滴做功相等，重力做功相等，則動能的增量相等，對于c液滴，只有重力做功，小于a、b動能的增量．故B錯誤；

C項：對于液滴a和液滴b；電場力均做正功，電場力所做的功等于電勢能的變化量，故C正確；

D項：三者在穿過極板的過程中豎直方向的位移相等，三個質(zhì)量相同，所以重力做功相等，故D錯誤。9、B:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．充電過程中溫度不變；而分子運動的劇烈程度取決于氣體的溫度，溫度不變，分子運動的劇烈程度不變，所以A錯誤；

B．充氣過程中；溫度不變，所以儲氣室內(nèi)氣體的分子平均動能不變，而充氣過程中儲氣室內(nèi)氣體分子數(shù)增多，所以單位面積撞擊器壁的次數(shù)變多，所以壓強增大，所以B正確；

C．只有當(dāng)儲氣室內(nèi)氣體壓強大于大氣壓強與噴嘴到液面這段液體產(chǎn)生的壓強之和時；消毒液才能從噴嘴處噴出，所以C錯誤；

D．噴液過程中；氣體膨脹，對外做功，但是氣體溫度不變，內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，一定需要從外界吸收熱量，所以D正確；

E．噴液過程中；氣體體積膨脹，由于溫度不變，根據(jù)玻意耳定律，氣體壓強減小，即儲氣室內(nèi)氣體分子對器壁單位面積的平均撞擊力減小，所以E正確。

故選BDE。10、A:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)熱力學(xué)第三定律；可知絕對零度是不能達(dá)到的。故A正確；

B．氣體分子間距離減小時；其分子力做功不確定，故其分子勢能不一定增大。故B錯誤；

C．絕熱壓縮過程；外界對氣體做功，其溫度升高，內(nèi)能一定增加。故C錯誤；

D．等壓變化過程；升高溫度，氣體對外界做功，等容變化過程，升高溫度，體積不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，可知前者吸收熱量多。故D正確；

E．分子熱運動變劇烈時；分子平均動能變大，撞擊器壁的平均作用力變大，分子平均距離變小時，氣體體積減小，單位體積的分子數(shù)密度增加，氣體壓強一定變大。故E正確。

故選ADE。11、A:B:E【分析】【分析】

【詳解】

A．霧霾中的PM2.5是粒徑很小的顆粒物；故它的運動屬于布朗運動，它反映了空氣分子熱運動的無規(guī)則性，故A正確。

B．干濕泡溫度計的濕泡溫度計與干泡溫度計的示數(shù)差距越大；表示蒸發(fā)得快，空氣的相對濕度越小；所以干；濕泡溫度計示數(shù)差值變大，則環(huán)境的相對濕度在降低，故B正確。

C．根據(jù)熱力學(xué)第二定律；發(fā)動機的效率不可能達(dá)到100%，故C錯誤。

D．熱量能自發(fā)的從高溫物體傳到低溫物體；由于人的溫度高于環(huán)境溫度，故人體將熱量傳到環(huán)境中，導(dǎo)致人感覺到冷，并不是人體的熱量比環(huán)境多的原因，故D錯誤。

E．在某一溫度下；水蒸汽的壓強與同溫度下飽和汽壓的比叫做相對濕度；溫度越低，水蒸氣的飽和汽壓越低，又因為南方空氣濕度大，而冬季溫度低，所以南方的冬天相對濕度比較大，讓人感覺冷而潮濕，故E正確。

故選ABE。12、A:D【分析】【詳解】

A.開始時金屬棒切割磁感線產(chǎn)生的電動勢：金屬棒與導(dǎo)軌接觸點間的電壓A正確。

B.金屬棒開始向下運動時做加速運動，當(dāng)金屬棒的速度最大時感應(yīng)電流最大，金屬棒的最大速度大于最大電流大于B錯誤。

C.最終金屬棒靜止，此時，根據(jù)平衡條件：此時彈簧的伸長量：通過R的總電荷量：C錯誤。

D.根據(jù)能量守恒：解得：D正確13、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AC．磁感應(yīng)強度隨時間均勻減小，故回路磁通量減小，根據(jù)楞次定律判斷，感應(yīng)電流的磁場方向向下，根據(jù)右手定則判斷ab中的感應(yīng)電流方向由a到b；A正確C錯誤。

BD．因為ab中的感應(yīng)電流方向由a到b，磁場方向豎直向下，根據(jù)左手定則判斷ab所受的安培力方向向右，B錯誤D正確14、C:D【分析】【詳解】

金屬的電阻率隨溫度升高而變大,但并非所有材料的電阻率都會隨著溫度的升高而增大,選項A錯誤;在導(dǎo)體中，自由電荷定向運動，才會形成電流,選項B錯誤;外電路斷路時的路端電壓大小等于電源電動勢,選項C正確;電源電動勢的方向是電源內(nèi)部電勢升高的方向,選項D正確.15、A:B【分析】【詳解】

A.圓環(huán)與平板碰撞過程；若碰撞時間極短，內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，系統(tǒng)總動量守恒，由于碰后速度相同，為完全非彈性碰撞，機械能不守恒，減小的機械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，故A正確；

B.碰撞后平衡時；有：

即碰撞后新平衡位置與下落高度h無關(guān)；故B正確；

CD.碰撞后環(huán)與板共同下降的過程中，碰撞后環(huán)與板共同下降的過程中，它們動能和重力勢能的減少量之和等于彈簧彈性勢能的增加量，彈簧彈性勢能的增加量等于克服彈簧彈力所做的功，故CD錯誤；三、填空題(共5題，共10分)16、略

【分析】【詳解】

②根據(jù)閉合電路歐姆定律得：總電流減小，所以路端電壓變大；④根據(jù)并聯(lián)電路電流關(guān)系：總電流變小，而變大，則一定變小【解析】17、略

【分析】【詳解】

根據(jù)光路圖可知，a光的偏折程度較大，可知a光的折射率較大，即

由公式可知，a光在水滴中傳播的速度較小，即．【解析】><18、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]]由于。

當(dāng)時。

（2）[2]由于。

所以溫度升高時；溫度升高50K

（3）[3]由于。

當(dāng)時。

（4）[4]由于。

物體降溫時降低了20K?！窘馕觥?23.15K50253.15K2019、略

【分析】【詳解】

[1][2]依據(jù)電表的改裝的特點，需串聯(lián)一個電阻分壓，依據(jù)歐姆定律【解析】串聯(lián)20、略

【分析】（1）由題圖可知；氣體狀態(tài)從A到B的過程為等壓過程．

（2）狀態(tài)從B到C的過程中；氣體發(fā)生等容變化，且壓強減小，根據(jù)p/T=C（常量），則氣體的溫度降低．

（3）狀態(tài)從C到D的過程中；氣體發(fā)生等壓變化，且體積減小，外界對氣體做功，即W＞0，根據(jù)V/T=C（常量），則氣體的溫度T降低，氣體的內(nèi)能減小，由△U=Q+W，則Q=△U-W＜0，所以氣體放熱．

（4）狀態(tài)從A→B→C→D的變化過程中氣體對外界所做的總功W=p2（V3-V1）-p1（V3-V2）．

點睛：此題關(guān)鍵是知道p-V圖象中的雙曲線表示等溫線，圖線與V軸所圍的“面積”等于氣體做功的大小，能熟練運用氣態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律進行研究這類問題．【解析】(1)等壓(2)降低(3)放熱(4)p2(V3－V1)－p1(V3－V2)四、作圖題(共3題，共15分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共3題，共24分)24、A【分析】折射光線是通過隔著玻璃磚觀察成一條直線確定的，大頭針間的距離太小，引起的角度會較大，故及之間的距離適當(dāng)大些，可以提高準(zhǔn)確度，故（）正確，（）錯誤；入射角盡量大些，折射角也會大些，折射現(xiàn)象較明顯，角度的相對誤差會減小，故（）正確（5）錯誤；由幾何知識可以知道，光線在上表面的折射角等于下表面的入射角，根據(jù)光路可逆性原理可以知道，光線一定會從下表面射出，折射光線不會在玻璃磚的內(nèi)表面發(fā)生全反射，故（）錯誤．25、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]已知則A為入射球，B為被碰球，A與B相撞后，B的速度增大，A的速度減小，碰前碰后都做平拋運動，高度相同，落地時間相同，所以Q點是沒有碰時A球的落地點，P是碰后A的落地點，R是碰后B的落地點；

（2）[3]兩球離開軌道后做平拋運動，兩小球拋出點的高度相同，在空中的運動時間t相同，由動量守恒定律可得

故有

即可得【解析】PR26、略

【分析】【詳解】

（1）電風(fēng)扇的額定電流I=P/U=0.58A，從讀數(shù)誤差的角度考慮，電流表選擇Ⅰ．電風(fēng)扇的電阻比較小，則滑動變阻器選擇總電阻為10Ω的誤差較小，即選擇C．

（2）因為電壓電流需從零開始測起，則滑動變阻器采用分壓式接法，電風(fēng)扇的電阻遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，屬于小電阻，電流表采用外接法．電路圖如圖所示．則可知對應(yīng)的實物圖如圖所示；

（3）閉合開關(guān)前；為防止電動機輸入電壓過高而損壞，滑動變阻器滑片P應(yīng)滑M端．

（4）電壓表讀數(shù)小于1V時電風(fēng)扇沒啟動，由圖像可知I=0.4A．根據(jù)歐姆定律得，．正常工作時電壓為6V，根據(jù)圖象知電流為0.57A，則電風(fēng)扇發(fā)熱功率P=I2R=0.572×2.5W=0.81W，則機械功率P′=UI-I2R=0.57×6-0.81=2.61W．

點睛：解決本題的關(guān)鍵掌握器材選取的原則，即安全，精確．以及知道滑動變阻器分壓式和限流式接法的區(qū)別，電流表內(nèi)外接的區(qū)別．知道有電動機存在的電路是非純電阻電路，清楚電風(fēng)扇沒啟動時電能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，正常工作時電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能和機械能．【解析】(1)CⅠ(2)如圖所示。

(3)M(4)2.52.6六、解答題(共3題，共18分)27、略

【分析】【詳解】

（1）由歐姆定律可得，接ab時量程為I1=10mA，有

接ac時量程為I2=3mA，有

帶入數(shù)據(jù)解得

（2）因為同一表頭改裝成電流表的量程越大；表頭內(nèi)阻就越小，所以實際中用這種安培表測量時常常忽略其內(nèi)阻。

【點睛】

此題是關(guān)于電表改裝的計算；