2025年外研版三年級起點選擇性必修1物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版三年級起點選擇性必修1物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、2018年冬奧會上，一名滑雪運動員由靜止沿斜坡滑下，斜坡的傾角恒為θ，則在下滑過程中，下列說法正確的是A.運動員的動量與時間成正比B.運動員的動能與時間成正比C.重力對運動員做功的平均功率與位移成正比D.運動員的重力勢能隨時間均勻減小2、下列屬于機械振動的是（）

①乒乓球在地面上的來回上下運動②彈簧振子在豎直方向的上下運動③秋千在空中來回的運動④豎于水面上的圓柱形玻璃瓶上下振動A.①②B.②③C.③④D.②③④3、航母艦載機在航母甲板上滑翔起飛前的過程可看作初速度為零的勻加速直線運動。在滑翔起飛前的過程中，航母艦載機的動能（）A.與它所經(jīng)歷的時間成反比B.與它滑翔的位移大小成反比C.與它的速度大小成正比D.與它的動量大小的二次方成正比4、關(guān)于物體的動量，下列說法中正確的是（）A.物體的動量越大，其慣性也越大B.同一物體的動量越大，其動能不一定越大C.物體的加速度不變，其動量一定不變D.物體在任一時刻的動量方向一定與該時刻的速度方向相同5、電影《奪冠》讓人們想起了中國女排在奧運會奪冠的激動人心的時刻，女排隊員的拼搏精神永遠(yuǎn)激勵著人們奮發(fā)前進(jìn)。如圖所示，一名排球運動員進(jìn)行墊球訓(xùn)練，排球以的速度豎直向下打在運動員的手上，然后以的速度豎直向上飛出。已知排球的質(zhì)量為250g；排球與手作用時間為0.2s。下列說法正確的是（）

A.排球的動能變化量為B.排球的動量變化量大小為C.排球受到手的沖量大小為D.排球?qū)κ值钠骄饔昧Υ笮?、兩個質(zhì)量相等的小球在光滑水平面上沿同一直線同向運動，A球的動量是8kg·m/s，B球的動量是6kg·m/s，A球追上B球時發(fā)生碰撞，則碰撞后A、B兩球的動量可能為A.pA＝0，pB＝l4kg·m/sB.pA＝4kg·m/s，pB＝10kg·m/sC.pA＝6kg·m/s，pB＝8kg·m/sD.pA＝7kg·m/s，pB＝8kg·m/s7、如圖所示，質(zhì)量為m、帶有半圓形軌道的小車靜止在光滑的水平地面上，其水平直徑AB的長度為2R，現(xiàn)將質(zhì)量也為m的小球從距A點正上方為h的位置由靜止釋放，然后由A點進(jìn)入半圓形軌道后從B點沖出，在空中上升的最大高度為（不計空氣阻力）；則（）

A.小球沖出B點后做斜上拋運動B.小球第二次進(jìn)入軌道后恰能運動到A點C.小球第一次到達(dá)B點時，小車的位移大小是RD.小球第二次通過軌道克服摩擦力所做的功等于8、利用圖中所示裝置研究雙縫干涉現(xiàn)象；下面幾種說法正確的是（）

A.將單縫向雙縫移動一小段距離后，干涉條紋間距變寬B.將濾光片由藍(lán)色換成紅色，干涉條紋間距變寬C.將屏移近雙縫，干涉條紋間距變寬D.換一個兩縫之間距離較大的雙縫，干涉條紋間距變寬評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、一束白光從頂角為θ的三棱鏡的一邊以較大的入射角i射入并通過三棱鏡后，在屏P上可得到彩色光帶，如圖所示，在入射角i逐漸減小到零的過程中；假如屏上的彩色光帶先后全部消失，則（）

A.紅光最先消失，紫光最后消失B.紫光最先消失，紅光最后消失C.折射后的出射光線向底邊BC偏折D.折射后的出射光線向頂角A偏折10、直角邊AC長為d的三棱鏡ABC置于水平桌面上，其截面圖如圖所示。D為斜邊BC的中點，桌面上的S點有一點光源，發(fā)射的一條光經(jīng)D點折射后，垂直于AB邊射出。已知光在棱鏡中的傳播時間為真空中光速為c；不考慮光的反射。下列說法正確的是（）

A.該棱鏡的折射率為B.該棱鏡的折射率為C.入射光與BC的夾角為D.入射光與BC的夾角為11、如圖（a）所示，光滑絕緣水平面上有甲、乙兩個點電荷。t=0時，甲靜止，乙以初速度6m/s向甲運動，此后，它們僅在靜電力的作用下沿同一直線運動（整個運動過程中沒有接觸），它們運動的v-t圖像分別如圖（b）中甲；乙兩曲線所示。則由圖線可知（??）

A.兩電荷的電性一定相反B.t1時刻兩電荷的電勢能最大C.0~t2時間內(nèi)，兩電荷的靜電力先增大后減小D.0~t3時間內(nèi)，甲的動能一直增大，乙的動能一直減小，且整個過程中動量守恒12、如圖所示，在光滑水平面上停放著質(zhì)量為m的裝有光滑弧形槽的小車，一質(zhì)量也為m的小球以水平初速度沿底端槽口向左滑上小車，到達(dá)某一高度后，小球又返回右端，則（）

A.此過程中小球和小車組成的系統(tǒng)動量守恒B.小球離開車以后相對地面將向右做平拋運動C.此過程小球?qū)π≤囎龅墓镈.小球沿弧形槽上升的最大高度為13、如圖所示，彈簧一固定在豎直墻上，質(zhì)量為m的光滑弧形槽靜止在光滑水平面上，底部與水平面平滑連接，一個質(zhì)量的小球從槽高h(yuǎn)處自由下滑；則下列說法正確的是（）

A.在下滑過程中，小球和槽組成的系統(tǒng)水平方向上動量守恒B.在下滑過程中，小球和槽組成的系統(tǒng)機械能守恒C.被彈簧反彈后，小球和槽都做速率不變的直線運動D.被彈簧反彈后，小球和槽組成的系統(tǒng)機械能守恒，小球能回到槽高h(yuǎn)處14、如圖所示為一列沿x軸負(fù)方向傳播的簡諧橫波，實線為t=0時刻的波形圖，虛線為t=0.6s時的波形圖，波的周期則（）

A.波的周期為2.4sB.在t=0.5s時，Q點到達(dá)波峰位置C.經(jīng)過0.4s，P點經(jīng)過的路程為0.4mD.在t=1.0s時，P點沿y軸負(fù)方向運動15、下述關(guān)于聲波的傳播速度中正確的說法是（）A.聲波的頻率越高，傳播速度越大B.聲波振幅越大，傳播速度越大C.聲波傳播速度只由介質(zhì)決定D.在空氣中聲速約是340m/s評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、固有振動和固有頻率。

（1）固有振動：振動系統(tǒng)在_______作用下的振動。

（2）固有頻率：______振動的頻率。17、如圖所示，一輕彈簧一端固定，另一端連接一物塊構(gòu)成彈簧振子，該物塊是由a、b兩個小物塊粘在一起組成的．物塊在光滑水平面上左右振動，振幅為A0，周期為T0．當(dāng)物塊向右通過平衡位置時，a、b之間的粘膠脫開；以后小物塊a震動的振幅和周期分別為A和T，則A_________A0（填“＞”“＜”“=”），T_________T0（填“＞”“＜”“=”）。

18、光滑水平面上兩小球a、b用不可伸長的松弛細(xì)繩相連．開始時a球靜止，b球以一定速度運動直至繩被拉緊，然后兩球一起運動，在此過程中兩球的總動量____(填“守恒”或“不守恒”)；機械能____(填“守恒”或“不守恒”)．19、如圖所示，一輕彈簧一端固定，另一端連接一物塊構(gòu)成彈簧振子，該物塊是由a、b兩個小物塊粘在一起組成的．物塊在光滑水平面上左右振動，振幅為周期為當(dāng)物塊向右通過平衡位置時，a、b之間的粘膠脫開；以后小物塊a振動的振幅和周期分別為和則______(填“>”、“<”或“＝”)，_______(填“>”、“<”或“＝”)．20、在“用單擺測定重力加速度”的實驗中，某同學(xué)測出多組擺長L與周期T的數(shù)據(jù)，并輸入計算機生成如圖所示的T2－L圖像，計算機顯示圖線的斜率為k，根據(jù)T2－L圖像__________（填寫“能”或“不能”）求出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?，如填寫“能”，寫出重力加速度的表達(dá)式g=__________。

21、如圖為一單擺的共振曲線。由圖可知該單擺共振時的振幅為_______該單擺的固有周期為__________

22、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播。波速為10m/s。在傳播方向上有P、Q兩質(zhì)點，坐標(biāo)分別為xP=1m，xQ=6m。波傳播到P點開始計時，該點的振動圖像如圖所示，則簡諧波的波長為______m，經(jīng)過______s，Q點第一次到達(dá)正向最大位移處。

23、波的反射和折射。

（1）反射現(xiàn)象：波遇到介質(zhì)界面會___________原介質(zhì)繼續(xù)傳播的現(xiàn)象。

（2）折射現(xiàn)象：波從一種介質(zhì)___________另一種介質(zhì)時，波的___________發(fā)生改變的現(xiàn)象。24、如圖所示，兩光線a、b從水下射向水面上的A點，光線經(jīng)折射后合成一束光c。水對a光的折射率____________（選填“大于”“小于”或“等于”）水對b光的折射率；從水中射向空氣時，a光發(fā)生全反射的臨界角____________（選填“大于”“小于”或“等于”）b光發(fā)生全反射的臨界角。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共21分)25、細(xì)繩的一端在外力作用下從時刻開始做簡諧運動，激發(fā)出一列簡諧橫波，在細(xì)繩上選取15個點，圖為時刻各點所處的位置，圖為時刻的波形圖（T為波的周期）.請在圖中畫出時刻的波形圖________

26、如圖所示為一彈簧振子在A、C間振動；圖中黑點為振子球心的位置。

(1)畫出振子位于C點時離開平衡位置O的位移；

(2)標(biāo)出振子位于A點時加速度的方向。

27、某同學(xué)利用“插針法”測定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行。正確操作后，四枚大頭針的位置如圖所示，入射光線已畫出，補全光路圖及標(biāo)出入射角i和折射角r。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共12分)28、某同學(xué)利用如圖甲所示的實物圖設(shè)計了一個驗證動量守恒定律的實驗：

（1）實驗前，將長木板放在水平桌面上，只將小車A放在長木板上，并與紙帶相連，將長木板裝有打點計時器的一端用小木片適當(dāng)墊高，打點計時器接通電源，用手輕推小車A使其獲得一個初速度，如果紙帶上打出的點_______；則表明已平衡摩擦力。

（2）將小車B靜止放在長木板上，接通打點計時器的電源，輕推小車A，松手后A做勻速直線運動，后與原來靜止在前方的小車B相碰并粘在一起向前運動，打出的紙帶如圖乙所示，由圖乙可知，紙帶的_______（填“左”或“右”）端與小車A相連；若打點計時器連接的交流電頻率為50Hz，小車A（包括橡皮泥）質(zhì)量為0.6kg，小車B的質(zhì)量為0.3kg，則碰前總動量為________kg·m/s，碰后總動量為________kg·m/s。若在誤差允許的范圍內(nèi)兩數(shù)值相等；則A；B兩車碰撞過程中動量守恒。（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）

29、“驗證動量守恒定律”的實驗裝置可采用圖甲或圖乙的方法，兩個實驗裝置的區(qū)別在于：①懸掛重垂線的位置不同；②圖甲中設(shè)計有一個支柱（通過調(diào)整，可使兩球的球心在同一水平線上，上面的小球被碰撞離開后，支柱立即倒下），圖乙中沒有支柱，圖甲中的入射小球A和被碰小球B做平拋運動的拋出點分別在通過O、O′點的豎直線上，重垂線只確定了O點的位置。（球A的質(zhì)量為m1，球B的質(zhì)量為m2）

（1）實驗中，兩球的質(zhì)量需滿足m1________（選填“大于”“小于”或“等于”）m2。

（2）比較這兩個實驗裝置，下列說法正確的是________。

A．采用圖甲的實驗裝置時；需要測出兩小球的直徑。

B．采用圖乙的實驗裝置時；需要測出兩小球的直徑。

C．采用圖乙的實驗裝置時；斜槽軌道末端的切線要求水平，而采用圖甲的實驗裝置時則不需要。

D．為了減小誤差；無論哪個圖，都要求入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下。

E．為了減小誤差；采用圖乙的實驗裝置時，應(yīng)使斜槽末端水平部分盡量光滑。

（3）采用如圖乙所示的實驗裝置做實驗，在某次實驗得出小球的落點情況如圖丙所示，則P是________球的落地點，R是________球的落地點（選填“A”或“B”）。在圖中讀出OQ=________cm。驗證動量守恒定律的表達(dá)式是________________________。（用“m1、m2、OP、OQ、OR”表示）

（4）用天平稱得入射小球A的質(zhì)量m1=16.8g，被碰小球B的質(zhì)量m2=4.4g，若將小球質(zhì)量與其對應(yīng)水平位移的乘積作為“動量”，由圖丙可知：OP=17.0cm，OR=30.0cm，則碰前總動量p=________（g·cm），碰后總動量p′=________（g·cm）（以上結(jié)果均保留4位有效數(shù)字）。根據(jù)上面的數(shù)據(jù)處理數(shù)據(jù)，你認(rèn)為能得到的結(jié)論是：________________________________。30、某物理興趣小組利用如圖所示的裝置“探究動量守恒定律”，AB是傾角大小可以調(diào)節(jié)的長木板，BC是氣墊導(dǎo)軌（氣墊導(dǎo)軌可看成光滑軌道），忽略小球通過B點時的速度變化，光電門1與光電門2固定在氣墊導(dǎo)軌BC上。

(1)將質(zhì)量為m、直徑為d1的小球a從長木板上的位置O1由靜止釋放，小球a通過光電門1、2的擋光時間分別為Δt1與Δt2，當(dāng)_________時；表明氣墊導(dǎo)軌已調(diào)至水平位置。

(2)將質(zhì)量為3m、直徑為d2的小球b靜置于氣墊導(dǎo)軌上的位置O2，使小球a從長木板上的位置O1由靜止釋放，小球a先后通過光電門的擋光時間分別為Δt3與Δt4，小球b通過光電門的擋光時間為Δt5。

①若小球a、b碰撞過程動量守恒，則必須滿足的關(guān)系式為_________；

②若小球a、b發(fā)生的是彈性碰撞，則________；

(3)若小球a、b發(fā)生的是彈性碰撞，該小組成員設(shè)想，如果保持小球a的直徑d1不變，逐漸增大小球a的質(zhì)量，則碰撞之前小球a的擋光時間Δt6與碰撞之后小球b的擋光時間Δt7的比值逐漸趨近于__________；

(4)關(guān)于本實驗的誤差，該小組成員有不同的觀點，其中正確的是_______。

A．保持長木板傾角一定，將小球a的釋放點適當(dāng)上移；可減小誤差。

B．保持小球a的釋放點不變；將長木板的傾角適當(dāng)增大，可減小誤差。

C．同等實驗條件下；將傾斜長木板換為更光滑的玻璃板，可減小誤差。

D．以上說法都不正確評卷人得分六、解答題(共1題，共5分)31、靜止在水平地面上的兩小物塊A、B，質(zhì)量分別為兩者之間有一被壓縮的微型彈簧，A與其右側(cè)的豎直墻壁距離如圖所示，某時刻，將壓縮的微型彈簧釋放，使A、B瞬間分離，兩物塊獲得的動能之和為釋放后，A沿著與墻壁垂直的方向向右運動，A、B與地面之間的動摩擦因數(shù)均為重力加速度取A；B運動過程中所涉及的碰撞均為彈性碰撞且碰撞時間極短。

(1)求彈簧釋放后瞬間A；B速度的大??；

(2)物塊A；B中的哪一個先停止？該物塊剛停止時A與B之間的距離是多少？

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【詳解】

A．根據(jù)動量定理所以動量與時間是正比關(guān)系，A正確。

B．根據(jù)動能定理所以動能與時間不是正比關(guān)系，B錯誤。

C．重力對運動員做功的平均功率且所以可以看出重力對運動員做功的平均功率與位移不是正比關(guān)系，C錯誤。

D．重力勢能減少等于重力做的功：所以重力勢能隨時間不是均勻變化，D錯誤2、D【分析】【詳解】

機械振動是物體在某一中心位置（平衡位置）兩側(cè)所做的往復(fù)運動；乒乓球在地面上的來回上下運動；不是在平衡位置兩側(cè)做往復(fù)運動，不是機械振動；而彈簧振子在豎直方向的上下運動，秋千在空中來回的運動，豎于水面上的圓柱形玻璃瓶上下振動都是在平衡位置兩側(cè)做往復(fù)運動，都屬于機械振動。

故選D。3、D【分析】【分析】

【詳解】

AC．艦載機某時刻的速度。

v=at則此時的動能。

即動能與時間的平方成正比；與速度的平方成正比，選項AC錯誤；

B．根據(jù)動能定理。

Ek=Fx=max可知與它滑翔的位移大小成正比；選項B錯誤；

D．因為。

p=mv則動能。

即動能與它的動量大小的二次方成正比；選項D正確。

故選D。4、D【分析】【詳解】

A．物體的動量越大；表明質(zhì)量與速度的乘積越大，但慣性（質(zhì)量）不一定越大，故A錯誤；

B．對于同一物體；質(zhì)量一定，動量越大，則速度越大，動能也就越大，故B錯誤；

C．物體的加速度不變；則速度一定變化，動量一定變化，故C錯誤；

D．由可知，動量的方向始終與速度的方向相同，故D正確。5、B【分析】【詳解】

A．排球的動能變化量為

故A錯誤；

B．取向下為正方向，排球的動量變化量為

所以排球的動量變化量大小為3.5kg·m/s；故B正確；

C．根據(jù)動量定理有

解得排球受到手的沖量為

所以排球受到手的沖量大小為4.0N·s；故C錯誤；

D．排球?qū)κ值钠骄饔昧?/p>

所以排球?qū)κ值钠骄饔昧Υ笮?0N；故D錯誤。

故選B。6、C【分析】【詳解】

以A、B兩球組成的系統(tǒng)為對象．設(shè)兩球的質(zhì)量均為m．當(dāng)A球追上B球時發(fā)生碰撞，遵守動量守恒．由題，碰撞前總動量為：p=pA+pB=（8+6）kg?m/s=14kg?m/s．碰撞前總動能為：

A、碰撞后總動量為p′=pA′+pB′=（0+14）kg?m/s=14kg?m/s，符合動量守恒定律．碰撞后總動能為總動能增加，違反了能量守恒定律，不可能；故A錯誤．

B、碰撞后總動量為p′=pA′+pB′=（4+10）kg?m/s=14kg?m/s，符合動量守恒定律．碰撞后總動能為總動能增加，違反了能量守恒定律，不可能．故B錯誤．

C、碰撞后總動量為p′=pA′+pB′=（6+8）kg?m/s=14kg?m/s，符合動量守恒定律．碰撞后總動能為符合能量守恒定律，可能發(fā)生．故C正確．

D、碰撞后，總動量為p′=pA′+pB′=（7+8）kg?m/s=15kg?m/s；不符合動量守恒定律，是不可能發(fā)生的，故D錯誤．

故選C．7、C【分析】【詳解】

A．小球與小車組成的系統(tǒng)在水平方向系統(tǒng)動量守恒，開始系統(tǒng)在水平方向動量為零，小球離開小車時兩者水平速度相等，由于系統(tǒng)在水平方向初動量為零，在水平方向，由動量守恒定律可知，系統(tǒng)末狀態(tài)在水平方向動量也為零，即小球離開小車時小車與小球在水平方向的速度為零，小球離開小車時的速度方向豎直向上，小球離開小車后做豎直上拋運動，故A錯誤；

BD．從小球開始下落到小球離開小車上升到最高點過程，由能量守恒定律得

則小球第一次通過軌道時，克服摩擦力做功W=mgh

小球第二次通過軌道時，由于在對應(yīng)位置處速度變小，因此小車給小球的彈力變小，摩擦力變小，克服摩擦力做功小于mgh，小球第二次進(jìn)入軌道后可以從A點沖出軌道，故BD錯誤；

C．小球第一次到達(dá)B點時，設(shè)小車的位移大小為x，則小球的位移大小為2R-x，系統(tǒng)在水平方向動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得mv-mv′=0

即

解得x=R

即小球第一次到達(dá)B點時，小車的位移大小是R，故C正確；

故選C。8、B【分析】【詳解】

試題分析：將單縫向雙縫移動一小段距離后，干涉條紋間距不變．故A錯誤．將濾光片由藍(lán)色的換成紅色的，波長變長，根據(jù)知，干涉條紋間距變寬．故B正確．將屏移近雙縫，L變小，根據(jù)知，干涉條紋間距變窄．故C錯誤．換一個兩縫之間距離較大的雙縫，d變大，根據(jù)知；干涉條紋間距變窄．故D錯誤，故選B．

考點：雙縫干涉。

【名師點睛】解決本題的關(guān)鍵知道各種色光的波長大小以及掌握雙縫干涉條紋的間距公式要知道七種單色光中以紅光的波長最大，紫光最?。⒍噙x題(共7題，共14分)9、B:C【分析】【詳解】

白光從AB面射入玻璃后，由于紫光偏折程度大，到達(dá)另一側(cè)面AC時的入射角較大，玻璃對紫光的折射率大，根據(jù)

可知其臨界角最小，故隨著入射角i的減小，進(jìn)入玻璃后的各色光中紫光首先發(fā)生全反射不再從AC面射出，紅光最后消失，通過三棱鏡的光線經(jīng)兩次折射后，出射光線向三棱鏡底邊BC偏折；AD錯誤，BC正確。

故選BC。10、A:C【分析】【詳解】

AB．由題意畫出光路圖；如圖所示。

E是光在AB邊的出射點，設(shè)光在棱鏡中的傳播速度為入射角為折射角為光與BC邊的夾角為則有

由折射定律

解得，該棱鏡的折射率為

A正確；B錯誤；

CD．光射到BC邊，由幾何關(guān)系和折射定律有

聯(lián)立解得，入射光與BC的夾角為

C正確；D錯誤。

故選AC。11、B:C【分析】【詳解】

A．由圖像段看出；甲從靜止開始與乙同向運動，說明甲受到了乙的排斥力作用，則知兩電荷的電性一定相同，故A錯誤；

B．時間內(nèi)兩電荷間距離逐漸減小，在時間內(nèi)兩電荷間距離逐漸增大，t1時刻兩球相距最近；系統(tǒng)克服電場力最大，兩電荷的電勢能最大，故B正確；

C．時間內(nèi)兩電荷間距離逐漸減小，在時間內(nèi)兩電荷間距離逐漸增大；由庫侖定律得知，兩電荷間的相互靜電力先增大后減小，故C正確；

D．由圖像看出，時間內(nèi)；甲的速度一直增大，則其動能也一直增大。乙的速度先沿原方向減小，后反向增大，則其動能先減小后增大，系統(tǒng)合外力一直為零，總動量守恒，故D錯誤。

故選BC。12、C:D【分析】【詳解】

A．系統(tǒng)整個過程水平方向動量守恒；豎直方向動量不守恒，故A錯誤；

B．設(shè)小球離開小車時，小球的速度為v1，小車的速度為v2，整個過程中動量守恒，得：

由動能守恒得

聯(lián)立解得

即小球與小車分離后二者交換速度；所以小球與小車分離后做自由落體運動；故B錯誤；

C．此過程中小球?qū)π≤嚨墓Φ扔谛≤噭幽艿脑黾?，?/p>

故C正確；

D．當(dāng)小球與小車的水平速度相等時，小球弧形槽上升到最大高度，設(shè)該高度為h，則

聯(lián)立解得

故D正確。

故選CD。13、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．槽和地面接觸面光滑；則小球在下滑過程中，小球和槽組成的系統(tǒng)水平方向受合外力為零，則水平方向上動量守恒，選項A正確；

B．在下滑過程中；小球和槽組成的系統(tǒng)只有重力做功，則機械能守恒，選項B正確；

CD．球下滑到底端時由動量守恒可知。

解得。

球被彈簧反彈后；小球的速度小于槽的速度，小球不能再次追上斜槽，因地面光滑，則小球和槽都做速率不變的直線運動，選項C正確，D錯誤；

故選ABC。14、B:C【分析】【詳解】

A.根據(jù)平移法可知，由實線得到虛線需要將波形圖沿x軸負(fù)方向平移（n+）λ，(其中n=0、1、2、3、4)，故由實線傳播到虛線這種狀態(tài)需要時間：t=（n+）T，即（n+）T=0.6s

解得波的周期T=

當(dāng)n=0時，T=0.8s；當(dāng)n=1時，T=s0.6s，由題意T＞0.6s，所以波的周期T=0.8s，故A錯誤；

B.由t=0時刻的波形圖可知，波長λ=8m，則波速v==m/s=10m/s

在t=0時刻，Q點的橫坐標(biāo)為5m，由于波沿x軸負(fù)方向傳播，故在t=0.5s的時間內(nèi)波沿x軸負(fù)方向傳播的距離為x=vt=100.5m=5m

在t=0.5s時，Q點振動情況和t=0時距離坐標(biāo)原點10m處質(zhì)點的振動情況相同，而t=0時距離坐標(biāo)原點10m處的質(zhì)點在波峰，即在t=0.5s時，Q點到達(dá)波峰位置；故B正確；

C.在一個周期內(nèi)P點完成一個全振動，其運動路程為4A，而經(jīng)過0.4s=T，則P點的運動路程為2A=0.4m，故C正確；

D.由于波沿x軸負(fù)方向傳播，t=0時P點沿y軸負(fù)方向運動，而周期T=0.8s，故t=1.0s時，P點完成一次全振動然后到達(dá)負(fù)向最大位移處，故D錯誤．15、C:D【分析】【分析】

【詳解】

ABC．聲波在介質(zhì)中的傳播速度是由介質(zhì)決定的；與頻率；振幅無關(guān)，AB錯誤C正確；

D．在空氣中聲速約是340m/s；D正確。

故選CD。三、填空題(共9題，共18分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.不受外力②.固有17、略

【分析】【詳解】

[1][2]彈簧振子振動過程中，機械能守恒，振子經(jīng)過平衡位置時，彈性勢能為零，動能最大，從平衡位置運動到最大位移處時，動能轉(zhuǎn)化為彈性勢能．本題中，當(dāng)粘膠脫開后，物塊A與彈簧連接所構(gòu)成的新的彈簧振子的機械能減小，新振子到達(dá)最大位移處時的彈性勢能減小，即振子振動的振幅減??；新的彈簧振子的振幅減小，振子從最大位移處加速運動到平衡位置的位移減小，運動中的加速度比原振子振動時的大，所以運動時間減小，振子振動的周期減小。（由于振子質(zhì)量減小導(dǎo)致周期減?。窘馕觥浚迹?8、略

【分析】將ab組成系統(tǒng)，對系統(tǒng)受力分析知合外力為零，故系統(tǒng)動量守恒；而在此過程拉力對b做負(fù)功，機械能不守恒．【解析】守恒不守恒19、略

【分析】【詳解】

[1]當(dāng)物塊向右通過平衡位置時a、b之間的粘膠脫開，a向右做減速運動，b向右勻速運動，彈簧振子總的機械能將減小，振幅減小，則有

[2]根據(jù)彈簧振子簡諧運動的周期公式知振子的質(zhì)量減小，周期減小，則有

【點睛】

系統(tǒng)的機械能與振幅有關(guān)，機械能越大，振幅越大；根據(jù)彈簧振子簡諧運動的周期公式分析周期的大?。窘馕觥?lt;<20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由單擺的周期公式可得

因為圖線斜率為所以能求出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取?/p>

[2]重力加速度的表達(dá)式【解析】能21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]由圖可知該單擺共振時的振幅為8cm；該單擺的固有頻率為0.50Hz，則固有周期為【解析】①.8②.222、略

【分析】【詳解】

[1]由P點的振動圖像可得出該波的周期T=0.2s

由于該波的波速為10m/s，則該波的波長λ=vT=2m

[2]由題知P、Q兩質(zhì)點相距xPQ=5m

則波從P點傳播到Q點需經(jīng)過

由P點的振動圖像可得出該波的起振方向向上，則Q點從起振到第一次到達(dá)正向最大位移處還需經(jīng)過則經(jīng)過t=0.55s，Q點第一次到達(dá)正向最大位移處?！窘馕觥?0.5523、略

【分析】【詳解】

（1）當(dāng)波遇到介質(zhì)界面會返回原介質(zhì)繼續(xù)傳播的現(xiàn)象叫做反射現(xiàn)象。

（2）當(dāng)波從一種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)時，波的傳播方向發(fā)生變化的現(xiàn)象叫做折射現(xiàn)象?！窘馕觥糠祷剡M(jìn)入傳播方向24、略

【分析】【詳解】

[1]由圖知，a光的偏折程度小于b光的偏折程度，所以根據(jù)折射定律得知，a光的折射率小于b光的折射率；

[2]根據(jù)全反射臨界角公式當(dāng)折射率大時臨界角變小，故a光發(fā)生全反射的臨界角大于b光發(fā)生全反射的臨界角?！窘馕觥啃∮诖笥谒?、作圖題(共3題，共21分)25、略

【分析】【詳解】

[1]設(shè)方格的邊長為由圖可知，波的波長應(yīng)為波的振幅應(yīng)為在內(nèi)波傳播了則再過半個周期波應(yīng)再傳播故9點開始向上振動，此時0點應(yīng)到達(dá)負(fù)向最大位移處；6點達(dá)正向最大位移處；故波形如圖所示：

【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)位移總是偏離平衡位置，振子位于C點時離開平衡位置O的位移s如圖所示。

(2)加速度總是指向平衡位置，振子位于A點時加速度aA的方向如圖所示【解析】(1)(2)27、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)實驗原理，則大頭針P4擋住P3本身及P2、P1的像；光路圖如下。

【解析】五、實驗題(共3題，共12分)28、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]如果紙帶上打出的點間隔均勻；則表明小車做勻速運動，已平衡摩擦力。

（2）[2]由圖乙可知；紙帶的左端與小車A相連；

[3]碰前小車A的總動量為

[4]碰后總動量為【解析】①.間隔均勻②.左③.0.630④.0.62629、略

【分析】【詳解】

（1）[1]實驗中要求入射小球碰后不反彈，則入射小球質(zhì)量應(yīng)大于被碰小球質(zhì)量，即兩球的質(zhì)量需滿足m1大于m2。

（2）[2]A．采