2025年滬教版高一物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版高一物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、某物體作勻速圓周運動，在其運動過程中，不發(fā)生變化的物理量是()A.線速度B.角速度C.向心加速度D.合外力2、下列物理量屬于矢量的是(

)

A.質量B.時間C.路程D.位移3、甲、乙兩車在公路上沿同一方向做直線運動,它們的v-t圖象如圖所示.兩圖象在t=時相交于P點,P在橫軸上的投影為Q,△OPQ的面積為S.在t=0時刻,乙車在甲車前面,相距為d.已知此后兩車相遇兩次,且相遇的時刻為則下面四組和d的組合可能的是()A.B.C.D.4、【題文】關于作用力與反作用力做功的關系，下列說法中正確的是（）A.當作用力做正功時，反作用力一定做負功B.當作用力不做功時，反作用力也不做功C.作用力與反作用力所做的功一定是大小相等、正負相反的D.作用力做正功時，反作用力也可以做正功5、兩根長度相同、材料相同的細繩懸掛一塊小黑板，以下四種掛法中，最容易拉斷細繩的掛法是()A.B.C.D.6、運動員把足球踢出后，球在空中所受到的力有(

)

A.重力、使球向前飛的力、空氣阻力B.重力、踢球力、空氣阻力C.重力、使球向前飛的力、踢球力、空氣阻力D.只有重力和空氣阻力7、某人在地面上最多能舉起60kg

的重物，要使此人在升降機中能舉起100kg

的重物，已知重力加速度g=10m/s2

則下列說法可能正確的是(

)

A.升降機正加速上升，加速度大小為4m/s2

B.升降機正加速下降，加速度大小為4m/s2

C.升降機正減速下降，加速度大小為4m/s2

D.升降機正減速上升，加速度大小為6m/s2

8、探究彈力和彈簧伸長的關系時,在彈性限度內,懸掛20N重物時,彈簧長度為0.16m,懸掛25N重物時,彈簧長度為0.18m,則彈簧的原長L0和勁度系數(shù)k分別為()A.L0="0.08"mk="500"N/mB.L0="0.10"mk="500"N/mC.L0="0.08"mk="250"N/mD.L0="0.10"mk="250"N/m評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)9、同步衛(wèi)星的周期是______h

線速度是______km/s

．10、某同學做了一次較為精確的測定手拉紙帶運動的加速度的實驗，得到的紙帶如圖所示，設O點是計數(shù)的起始點（不是打點計時器打下的第一個點），兩計數(shù)點之間的時間間隔為0.1s，則打第二個計數(shù)點1時的瞬時速度約為____m/s，打第三個計數(shù)點2時的瞬時速度約為____m/s，手的加速度a=____m/s2．

11、（每空1分，共2分）目前我們知道的自然界中的基本相互作用是引力相互作用、電磁相互作用、強相互作用和弱相互作用。原子核內部質子與質子之間、質子與中子之間、中子與中子之間的相互作用屬于____相互作用，重力是由引力作用引起的，而日常生活中常見的彈力則是由____相互作用引起的。12、小明騎著一輛自行車（甲圖）在平直的路面上勻速前行，腳踏板連接的大齒輪與后輪上的小齒輪通過鏈條傳動，可將大齒輪、小齒輪、后輪簡化為如圖乙所示模型，A、B、C分別為大齒輪、小齒輪、后輪邊緣上的一質點，則角速度ωA______ωB（填“＞”、“=”或“＜”），向心加速度aB______aC（填“＞”、“=”或“＜”）。13、在做研究平拋運動的實驗時；讓小球多次沿同一軌道運動，通過描點法畫出小球平拋運動的軌跡．

（1）為了能較準確地描繪運動軌跡；下面列出一些操作要求，將你認為正確選項的前面字母填在橫線上：______．

（a）通過調節(jié)使斜槽的末端保持水平。

（b）每次釋放小球的位置必須不同。

（c）每次必須由靜止釋放小球。

（d）做實驗是應該盡可能的減小小球與斜面的摩擦。

（e）小球運動時不應與木板上的白紙（或方格紙）相接觸。

（f）將球的位置記錄在紙上后；取下紙，用直尺將點連成折線。

（2）下圖為一小球做平拋運動的頻測照片的一部分，背景方格邊長為5cm，g取10m/s2．則：

①閃光時間間隔△t=______；②平拋初速度v0=______；③B點速度大小vB=______．評卷人得分三、作圖題(共7題，共14分)14、如下圖甲所示，在水平面上疊放著兩個物體A和B，兩物體在F1、F2(F1>F2)的水平拉力作用下，處于靜止狀態(tài)．試在圖乙中分別畫出A物體、B物體的受力圖。15、【題文】重力為G的小球A在斜面上靜止，如下圖所示，光滑擋板的情況分別是：圖甲是豎直方向、圖乙是垂直斜面方向、圖丙是水平方向。作出這三種情況下小球A的受力示意圖。16、如圖所示，已知兩個力F1=6N，F(xiàn)2=8N，如果這兩個力的夾角是90°，請畫出它們的合力并求出它們的合力大?。?7、作圖題：按所標條件分別對甲、乙圖中力F

進行分解，并用作圖法求出甲圖中分力、F1F2

的大小．18、P、Q表示地球表面處的兩個物體，作出P的向心力方向和Q受到的萬有引力的方向。19、分別畫出下圖中小球的受力示意圖.(

圖甲中小球用細繩懸掛著靜止在光滑的斜面上，乙中小球用細繩掛著靜止在桌角上，丙中小球固定在桿上)

20、畫出圖中靜止物體A所受的力的示意圖。評卷人得分四、識圖作答題(共3題，共9分)21、豌豆的紫花和白花是一對相對性狀，由一對等位基因A、a控制。下圖為一紫花和一白花植株雜交的遺傳實驗結果，請分析回答：（1）在豌豆的紫花和白花這對相對性狀中，顯性性狀是____________?；駻、a的傳遞規(guī)律符合孟德爾的______（填寫“分離”或“自由組合”）定律。（2）在F1中，紫花和白花的植株數(shù)量比應是_________，F(xiàn)1紫花植株自交后代同時出現(xiàn)紫花和白花的現(xiàn)象叫_______________，在F2中，紫花豌豆的基因型可能是_________，雜合子占紫花植株的比例是________。（3）若F2中紫花植株均自交，所結種子種下去，新長出的植株中開白花的占______。22、豌豆子葉的黃色（Y）對綠色（y）為顯性，圓粒種子（R）對皺粒種子（r）為顯性。某人用黃色圓粒和綠色圓粒的豌豆進行雜交；發(fā)現(xiàn)后代出現(xiàn)4種類型，對性狀的統(tǒng)計結果如圖所示，據(jù)圖回答問題。

?(1)親本的基因組成是（黃色圓粒），（綠色圓粒）。(2)在F1中，表現(xiàn)型不同于親本的是____、____，它們之間的數(shù)量比為____。F1中純合子占的比例是____。(3)F1中黃色圓粒豌豆的基因組成是____。如果用F1中的一株黃色圓粒豌豆與綠色皺粒豌豆雜交，得到的F2的性狀類型有____種，數(shù)量比為____。23、自然界中的生物分細胞生物和非細胞生物兩大類，請據(jù)圖回答下列問題。(1)A與B相比，B特有的結構是__________________________（填細胞器）。(2)若A圖是根尖分生區(qū)細胞，則圖中不該有的結構是__________________（填細胞器）。B圖細胞中能夠產(chǎn)生ATP的結構有____________________。(3)A、B、C、D四種生物中與其它三種有明顯區(qū)別的是__________，其自身蛋白質合成的場所是________。(4)A、B、C共有的細胞器是____。評卷人得分五、推斷題(共3題，共18分)24、已知rm{A}的產(chǎn)量通常用來衡量一個國家的石油化工水平，現(xiàn)以rm{A}為主要原料合成高分子化合物rm{E}和一種具有果香味的物質rm{F}其合成路線如圖所示?；卮鹣铝袉栴}：rm{(}提示圖中rm{C隆煤}rm{D}的轉化關系是：rm{CH_{3}CHO隆煤CH_{3}COOH)}rm{(1)}工業(yè)上由石蠟制取rm{A}的方法稱作：______，rm{A隆煤B}的反應類型_____________。rm{(2)A}中官能團的結構式為________________________，rm{B}的官能團名稱為_____________。rm{(3)}反應rm{壟脻}的化學方程式：_______________________，其中濃硫酸的作用是______________。rm{(4)}下列有關rm{A}和rm{E}的敘述正確的是______。rm{a.}均能使溴水褪色rm{b.}均只含極性鍵rm{c.}最簡式相同rm{d.}均屬于純凈物rm{(5)}寫出由rm{B隆煤C}的反應方程式：____________________________。25、圖示中，rm{A}為一種常見的單質，rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}是含有rm{A}元素的常見化合物，它們的焰色反應均為黃色。請?zhí)顚懴铝锌瞻祝簉m{(1)}寫出化學式：rm{(1)}____________、rm{A}____________、rm{B}____________、rm{C}____________。rm{D}寫出物質rm{(2)}的用途之一___________________________。rm{(2)}寫出rm{B}反應的離子方程式_____________________________________；rm{(3)}反應的化學方程式_________________________________。rm{(3)}向飽和rm{A隆煤C}溶液中通入足量rm{B隆煤D}現(xiàn)象是________________________。rm{(4)}26、（化學）某混合物A，含有KAl(SO4)2、Al2O3和Fe2O3，在一定條件下可實現(xiàn)下圖所示的物質之間的轉化：據(jù)此判斷：(1)固體B的化學式為________；固體E所含物質的化學式為________。(2)反應①的離子方程式為____________。____(3)沉淀Ⅰ與氫氧化鈉反應的離子方程式__________。(4)由溶液D得到固體E所需的瓷質儀器名稱：____。(5)沉淀Ⅱ的主要成分是：____，將其溶于少量稀鹽酸所得的溶液中陽離子的檢驗最好的試劑是____。評卷人得分六、畫圖題(共2題，共4分)27、畫出下面2個物體所受重力的圖示（1）放在桌面上的質量為m=0.1kg的字典（2）拋出后在空中飛行的質量為m=5kg的鉛球。28、畫出下面2個物體所受重力的圖示（1）放在桌面上的質量為m=0.1kg的字典（2）拋出后在空中飛行的質量為m=5kg的鉛球。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【解析】試題分析：在勻速圓周運動的過程中，線速度的大小不變，方向時刻改變．故A錯誤．在勻速圓周運動的過程中，角速度的大小和方向都不變．故B正確．根據(jù)知，在勻速圓周運動的過程中，向心加速度的大小不變，方向始終指向圓心．故C錯誤．根據(jù)知，在勻速圓周運動的過程中，合外力的大小不變，方向始終指向圓心．故D錯誤．故選B．考點：勻速圓周運動【解析】【答案】B2、D【分析】解：ABC

質量、時間、路程只有大小沒有方向的標量；不是矢量.

故ABC錯誤．

D

位移是既有大小又有方向的矢量.

故D正確．

故選D

矢量是既有大小又有方向的物理量；標量是只有大小沒有方向的物理量．

矢量與標量有兩大區(qū)別：一是矢量有方向，標量沒有方向；二是運算法則不同，矢量運算遵守平行四邊形定則，標量運算遵守代數(shù)加減法則．【解析】D

3、B|C【分析】試題分析：由圖可知，乙的加速度為ａ＝S=設甲追上乙的時刻為t′，則根據(jù)距離的關系得：S甲－S乙=d，故vt′－at′2=d，整理得：vt′2－2vt1t′+2dt1=0，所以將t′=t1代入該式中，發(fā)現(xiàn)d=S，但如果這樣的話，兩個物體將相遇一次，這與題意是不相符的，故A錯誤；將t′=t1，代入發(fā)現(xiàn)d=S，故B正確；將t′=t1，代入發(fā)現(xiàn)d=S，故C正確，D錯誤。考點：追擊與相遇問題。【解析】【答案】BC4、D【分析】【解析】

試題分析：力做功的正負即決于力和位移的方向關系；根據(jù)作用力和反作用力的性質可以判斷兩力做功的情況．

A；作用力和反作用力是作用在兩個相互作用的物體之上的；作用力和反作用力可以同時做負功；也可以同時做正功；如冰面上兩個原來靜止的小孩子相互推一下之后，兩人同時后退，則兩力做正功；而兩個相對運動后撞在一起的物體，作用力和反作用力均做負功，故ABC錯誤，若物體在一個靜止的物體表面上滑動，則由于靜止的物體沒有位移，則相互作用的摩擦力對靜止的物體不做功，所以作用力和反作用力可以一個力做功，另一個力不做功，D正確.

故選D．

考點：牛頓第三定律．

點評：對于作用力和反作力要注意掌握其基本性質，再在性質的基礎之上運用實例進行分析判斷．【解析】【答案】D5、D【分析】【分析】兩根細繩拉著同一小黑板；則兩繩子拉力的合力相等，當細繩與豎直方向夾角越大時，繩子的拉力越大，當夾角越小時，拉力則越小。

考查力的平行四邊形定則及兩力的合力一定時，當兩力夾角增大時，則兩力的大小在增大?！窘獯稹坑深}意可知；兩繩子的拉力的合力相等，根據(jù)力的平行四邊形定則，可知當兩繩子的夾角越大時，其拉力也越大，因此，如圖所示，D

圖的拉力數(shù)值最大，B

圖比C

圖，夾角小，則拉力小，A

圖的拉力最小，故D正確，ABC錯誤。

故選D?！窘馕觥緿

6、D【分析】解：踢出去的足球在空中飛行時；只受空氣阻力與重力作用，由于離開腳，因此不存在踢球的力，能向前飛行是由于慣性，并沒有向前的飛行力，故D正確，ABC錯誤．

故選：D

．

在地球附近；由于地球的吸引而使物體受到的力叫重力，同時還存在空氣阻力，依據(jù)彈力產(chǎn)生條件，及慣性與力的區(qū)別，即可求解．

本題考查了學生對重力的了解，及掌握慣性與力的區(qū)別，同時注意彈力產(chǎn)生的條件，注意明確沒有所謂的慣性力的說法．【解析】D

7、B【分析】解：某人在地面上最多能舉起60kg

的物體；則知人的最大舉力為F=mg=60隆脕10N=600N

在升降機中；對重物，根據(jù)牛頓第二定律得：mg鈭?F=ma

解得：a=g鈭?Fm=(10鈭?60010)m/s2=4m/s2.

方向豎直向下。

故升降機應減速上升；加速度大小為4m/s2

或升降機應加速下降，加速度大小為4m/s2

．

故選：B

升降機和物體具有相同的加速度；對物體分析，根據(jù)牛頓第二定律求出物體的加速度，從而得出電梯的加速度．

解決本題的關鍵知道物體與升降機具有相同的加速度，抓住最大舉力大小不變，結合牛頓第二定律進行求解．【解析】B

8、C【分析】【詳解】

根據(jù)胡克定律可得設彈簧的原長為則有解得＝0.10m，故選項D正確．二、填空題(共5題，共10分)9、略

【分析】解：同步衛(wèi)星的周期等于地球的自轉周期24h

根據(jù)萬有引力提供向心力有：GMmr2=m4婁脨2T2r壟脵

根據(jù)重力等于萬有引力有：mg=GMmR2壟脷

聯(lián)立壟脵壟脷

得：r=3GMT24婁脨2=3gR2T24婁脨2=39.8隆脕(6.4隆脕106)2隆脕(24隆脕3600)24隆脕3.142=4.13隆脕107m

同步衛(wèi)星的線速度為：v=2婁脨rT=2隆脕3.14隆脕4.13隆脕10724隆脕3600=3km/s

故答案為：243

同步衛(wèi)星繞地球做圓周運動的向心力由萬有引力提供；根據(jù)萬有引力提供圓周運動向心力展開討論即可。

本題抓住同步衛(wèi)星的向心力由萬有引力提供，周期與地球自轉周期相同，掌握相關公式并能靈活變形是解決問題的關鍵【解析】243

10、略

【分析】

（1）據(jù)某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度；可得：

打第二個計數(shù)點1時的瞬時速度v1==0.45m/s

根據(jù)△x=aT2得：

S12-S01=S23-S12=aT2①

S12=（9-x1）cm②

S23=15-9=6cm③

聯(lián)立①②③解得：x1=4cm，a=1m/s2．

打第三個計數(shù)點2時的瞬時速度v2==0.55m/s

故答案為：0.45m/s0.6m/s1m/s2

【解析】【答案】（1）根據(jù)某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度；求出1點的速度；

（2）根據(jù)連續(xù)相等時間內位移之差是一恒量，△x=aT2；求出加速度．

11、略

【分析】試題分析：通過對教材內容的閱讀可以知道原子內部質子和中子之間的作用屬于強相互作用，彈力屬于電磁作用．考點：本題主要考查了四種相互作用的理解，提醒學生一定要閱讀教材內容，熟悉教材的基本知識．【解析】【答案】強；電磁12、＜＜【分析】解：A、B兩點靠鏈條傳動，線速度相等，根據(jù)v=rω知，A、B兩點角速度與半徑成反比，rA＞rB，故ωA＜ωB

B、C兩點具有相等的角速度，由向心加速度a=ω2R知，B、C向心加速度與半徑成正比，rB＜rC．故aB＜aC；

故答案為：＜；＜。

抓住A；B兩點的線速度大小相等；求出角速度之比，根據(jù)B、C兩點的角速度相等，結合向心加速度公式求出向心加速度之比。

解決本題的關鍵知道共軸轉動的點，角速度相等，靠傳送帶傳動輪子邊緣上的點，線速度大小相等，知道線速度、角速度、向心加速度之間的關系，并能靈活運用?！窘馕觥浚迹?3、ace0.1s1.5m/s2.5m/s【分析】解：（1）a；通過調節(jié)使斜槽末端保持水平；是為了保證小球做平拋運動．故a正確．

b、因為要畫同一運動的軌跡，必須每次釋放小球的位置相同，且由靜止釋放，以保證獲得相同的初速度，故b錯誤；c正確．

d；做實驗時小球與斜面存在摩擦力不影響實驗的準確性；只要從同一位置靜止即可，故d錯誤．

e；做平拋運動的物體在同一豎直面內運動；固定白紙的木板必須調節(jié)成豎直，小球運動時不應與木板上的白紙相接觸，以免有阻力的影響，故e正確；

f；將球經(jīng)過不同高度的位置記錄在紙上后；取下紙，平滑的曲線把各點連接起來，故f錯誤；

故選：ace．

（2）在豎直方向上有：△h=gT2；其中△h=2×5=10cm，代入求得：T=0.1s；

水平方向勻速運動，有：s=v0t，其中s=3l=15cm，t=T=0.1s，代入解得：v0=1.5m/s．

根據(jù)勻變速直線運動中；時間中點的瞬時速度等于該過程的平均速度；

在B點有：

vyB=

則B點的速度vB=

故答案為：（1）ace；（2）0.1s；1.5m/s；2.5m/s．

（1）保證小球做平拋運動必須通過調節(jié)使斜槽的末端保持水平；因為要畫同一運動的軌跡，必須每次釋放小球的位置相同，且由靜止釋放，以保證獲得相同的初速度，實驗要求小球滾下時不能碰到木板平面，避免因摩擦而使運動軌跡改變，最后軌跡應連成平滑的曲線．

（2）正確應用平拋運動規(guī)律：水平方向勻速直線運動；豎直方向自由落體運動；解答本題的突破口是利用在豎直方向上連續(xù)相等時間內的位移差等于常數(shù)解出閃光周期，然后進一步根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律；推論求解．

解決平拋實驗問題時，要特別注意實驗的注意事項．在平拋運動的規(guī)律探究活動中不一定局限于課本實驗的原理，要注重學生對探究原理的理解．【解析】ace0.1s1.5m/s2.5m/s三、作圖題(共7題，共14分)14、略

【分析】試題分析：受力分析如圖?？键c：物體的受力分析?！窘馕觥俊敬鸢浮恳娊馕?。15、略

【分析】【解析】

試題分析：畫受力示意圖要注意：一要按順序畫；即“一重；二彈、三摩擦”的順序；二，彈力的方向一定垂直于接觸面。

考點：受力分析。

點評：容易題。利用假設法判斷：對形變不明顯的情況，可假設兩個物體間彈力不存在，看物體還能否保持原有的狀態(tài)，若運動狀態(tài)不變，則此處不存在彈力，若運動狀態(tài)改變，則此處一定存在彈力．【解析】【答案】

16、略

【分析】

根據(jù)平行四邊形定則可作出兩力的合力；注意力的圖示．

本題關鍵根據(jù)平行四邊形定則，作出合力圖．考查平行四邊形定則外，還體現(xiàn)矢量作圖．同時區(qū)別力的圖示與力的示意圖．【解析】解：取1cm為2N，則兩力F1=6N和F2=8N；當它們之間的夾角為90°時；

根據(jù)平行四邊形定則可得；

量得F的長度為5cm；那么合力F的大小為10N；

答：如上圖所示，合力的大小為10N．17、略

【分析】

已知兩個分力的方向；由平行四邊形法即可求出兩個分力；已知一個分力的大小與方向，由平行四邊形法即可求出另一個分力。

本題考查了不在同一直線上的力的合成，知道力的平行四邊形定則、認真作圖、認真測量即可正確解．【解析】解：甲圖中已知合力與兩個分力的方向；過合力的起點與終點做平行四邊形，即可得出兩個分力，如圖：

然后選擇20N

做為標度；結合測量的結果可得：F1=52NF2=37N

乙圖中已知合力和其中一個分力的大小與方向；先連接兩個端點做三角形，然后做平行四邊形，即可求出.

如圖。

答：如圖(

甲圖中，兩個分力的測量值有一定的誤差都可以)

18、略

【分析】【解析】試題分析：向心力方向垂直地軸OO’，Q點受到的萬有引力方向指向地心考點：考查了萬有引力和向心力【解析】【答案】見解析19、2．B3．AD4．（1）1N（2）1N（3）4.3N（4）4N2．B3．AD4．（1）1N（2）1N（3）4.3N（4）4N【分析】【分析】正確的對物體進行受力分析，按一重力二彈力三摩擦力四其它力的順序對物體進行正確的受力分析，受力分析時要注意：一要找到力的施力物體，二要能使物體保持題設中的運動狀態(tài)。正確的受力分析，正確的判斷彈力、摩擦力的有無和方向是解題的關鍵，也是經(jīng)常出錯的所在。【解答】受力分析如圖所示：

【解析】2.B3.AD

4.(1)1N(2)1N(3)4.3N(4)4N

2.B3.AD

4.(1)1N(2)1N(3)4.3N(4)4N

20、解：物體A受到重力；斜面的支持力和靜摩擦力；作出力圖如圖所示：

答：如上圖所示?！痉治觥?/p>

首先分析物體A的受力情況；再作出力的示意圖。首先分析重力，再分析接觸力：彈力和摩擦力。

本題考查學生分析受力的能力。對物體受力分析，一般先分析不接觸力：重力、電場力和磁場力。再分析接觸力：彈力和摩擦力。【解析】解：物體A受到重力；斜面的支持力和靜摩擦力；作出力圖如圖所示：

答：如上圖所示。四、識圖作答題(共3題，共9分)21、（1）紫花分離

（2）1:1性狀分離AA或Aa2/3

（3）1/6【分析】【分析】本題考查基因分離定律的相關知識，意在考查學生的識記能力和判斷能力，運用所學知識綜合分析問題的能力?！窘獯稹浚?）由于F1中紫花個體自交，后代有紫花和白花，出現(xiàn)性狀分離，所以紫花是顯性性狀。根據(jù)題意基因A、a為一對等位基因，則其傳遞規(guī)律符合孟德爾的分離定律。（2）因為紫花是顯性性狀，親本為紫花和白花，F(xiàn)1中有紫花和白花，說明親本為紫花為Aa，白花為aa，Aa×aa→1Aa(紫花)，1aa(白花)，所以在F1中，紫花和白花的植株數(shù)量比應是1:1。F1紫花植株自交后代同時出現(xiàn)紫花和白花的現(xiàn)象叫性狀分離，F(xiàn)1中紫花基因型為Aa，自交得F2，Aa×Aa→1AA(紫花)，2Aa(紫花)，1aa(白花)，所以在F2中，紫花豌豆的基因型可能是AA或Aa，雜合子占總共的（3）若將F2中紫花植株上的種子種下去，然后套袋讓所有植株自交，新長出的植株上開出的白花占【解析】（1）紫花分離（2）1:1性狀分離AA或Aa2/3（3）1/622、（1）YyRryyRr

（2）黃色皺粒綠色皺粒1：11/4

（3）YyRR或YyRr2或41：1或1：1：1：1【分析】【分析】本題考查基因自由組合定律運用，意在考查考生能運用所學知識與觀點，通過比較、分析與綜合等方法對某些生物學問題進行解釋、推理，做出合理的判斷或得出正確的結論能力，圖像分析能力?！窘獯稹浚?）由題意及圖可知，后代圓粒：皺粒=3：1，故親本相關基因型是Rr×Rr；黃色：綠色=1：1，故親本相關基因型為Yy×yy。因為親本的表現(xiàn)型為黃色圓粒和綠色圓粒，故其基因型為YyRr×yyRr。（2）由于親本的表現(xiàn)型為黃色圓粒和綠色圓粒，基因型為YyRr×yyRr；故在F1中，表現(xiàn)型不同于親本的是黃色皺粒概率為1/2×1/4=1/8，和綠色皺粒，概率為1/2×1/4=1/8，它們之間的數(shù)量比為1：1，F(xiàn)1中純合子為yyRR(1/2×1/4=1/8)和yyrr(1/2×1/4=1/8)，故F1中純合子的比例是1/8+1/8=1/4。（3）F1中黃色圓粒豌豆的基因組成是YyRR或YyRr，若F1中的一株黃色圓粒豌豆與綠色皺粒豌豆雜交，有2種情況，第一種：YyRR×yyrr，F(xiàn)2的性狀類型有(1黃：1綠)圓，共2種，比例是1：1，第二種：YyRr×yyrr，F(xiàn)2的性狀類型有(1黃：1綠)(1圓：1皺)即黃圓：黃皺：綠圓：綠皺共4種，比例是1：1：1：1?！窘馕觥浚?）YyRryyRr

（2）黃色皺粒綠色皺粒1：11/4

（3）YyRR或YyRr2或41：1或1：1：1：123、（1）中心體（2）大液泡、葉綠體細胞質基質、線粒體（3）D宿主細胞的核糖體（4）核糖體【分析】【分析】本題主要考查原核細胞和真核細胞以及動、植物細胞的異同，解答本題的關鍵是掌握原核細胞與真核細胞的結構特點?！窘獯稹浚?）圖中A細胞中具有細胞壁、葉綠體和液泡，該細胞表示高等植物細胞；B細胞中具有葉綠體和中心體，該細胞表示低等植物細胞。因此，A與B相比，B特有的結構是中心體。（2）若A圖是根尖分生區(qū)細胞，不能進行光合作用且是沒分化的細胞，則圖中不該有葉綠體和大液泡；B圖細胞中的呼吸作用過程產(chǎn)生ATP，其場所有細胞質基質和線粒體。（3）分析圖解可知，A、B、C均具有細胞結構；而D為病毒，沒有細胞結構，因此不能自身合成蛋白質，只能寄生在宿主細胞中，利用宿主細胞中的核糖體和原料合成其自身蛋白質。

（4）A、B為真核細胞，C為原核細胞，真核細胞和原核細胞共有的細胞器是核糖體。【解析】（1）中心體（2）大液泡、葉綠體細胞質基質、線粒體（3）D宿主細胞的核糖體（4）核糖體五、推斷題(共3題，共18分)24、rm{(1)}裂解加成反應

rm{(2)}羥基

rm{(3)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜簍脕貌脣謾}{overset{?}{?}}CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}催化劑，吸水劑

rm{(3)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜簍脕貌脣謾}{overset{?}{?}}

CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}

rm{(4)c}rm{2CH_{3}CH_{3}OH+O_{2}xrightarrow[?]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(5)}【分析】【分析】rm{A}的產(chǎn)量通常用來衡量一個國家的石油化工水平，則rm{A}為rm{CH_{2}=CH_{2}}rm{CH_{2}=CH_{2}}與水發(fā)生加成反應生成rm{B}為rm{CH_{3}CH_{2}OH}rm{CH_{3}CH_{2}OH}在rm{Cu}或rm{Ag}作催化劑條件下，發(fā)生催化氧化生成rm{C}為rm{CH_{3}CHO}rm{CH_{3}CHO}進一步氧化生成rm{D}為rm{CH_{3}COOH}rm{CH_{3}COOH}與rm{CH_{3}CH_{2}OH}發(fā)生酯化反應生成rm{E}為rm{CH_{3}COOC_{2}H_{5}}乙烯發(fā)生加聚反應生成rm{E}為【解答】rm{(1)}工業(yè)上由石蠟制取乙烯的方法稱作：裂解，rm{CH_{2}=CH_{2}}與水發(fā)生加成反應生成rm{B}為rm{CH_{3}CH_{2}OH}故填：裂解；加成反應；rm{(2)A}為rm{CH_{2}=CH_{2}}官能團的結構式為rm{B}為rm{CH_{3}CH_{2}OH}rm{B}的官能團名稱為羥基，故填：羥基；rm{(3)}反應rm{壟脻}是乙酸與乙醇發(fā)生酯化反應生成乙酸乙酯，反應方程式為：rm{CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜簍脕貌脣謾}{overset{?}{?}}CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}其中濃硫酸的作用是，故填：rm{CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜簍脕貌脣謾}{overset{?}{?}}CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}催化劑，吸水劑；rm{CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜簍脕貌脣謾}{overset{?}{?}}

CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}rm{CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜簍脕貌脣謾}{overset{?}{?}}

CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}為乙烯，rm{(4)}為聚乙烯，rm{A}乙烯含有碳碳雙鍵，能使溴水褪色，而聚乙烯沒有碳碳雙鍵，不能是溴水褪色，故rm{E}錯誤；rm{a..}乙烯與聚乙烯中均含有碳碳鍵，碳氫鍵，碳碳鍵屬于非極性鍵，故rm{a}錯誤；rm{b.}乙烯與聚乙烯的最簡式均為rm故rm{c.}正確；rm{CH_{2}}聚乙烯中聚合度rm{c}不同，均混合物，故rm{d.}錯誤。故填：rm{n}rmgjrgzhl為rm{c}rm{(5)B}為rm{CH_{3}CH_{2}OH}由rm{C}的反應方程式rm{2CH_{3}CH_{3}OH+O_{2}xrightarrow[?]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}故填：rm{2CH_{3}CH_{3}OH+O_{2}xrightarrow[?]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{CH_{3}CHO}【解析】rm{(1)}裂解加成反應rm{(2)}羥基rm{(3)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜簍脕貌脣謾}{overset{?}{?}}CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}催化劑，吸水劑rm{(3)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜簍脕貌脣謾}{overset{?}{?}}

CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}rm{(4)c}rm{2CH_{3}CH_{3}OH+O_{2}xrightarrow[?]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(5)}25、(1)NaNa2O2NaOHNa2CO3(2)供氧劑(3)2Na+2H2O2Na++2OH?+H2↑2Na2O2+2CO22Na2CO3+O2.(4)有白色晶體析出【分析】【分析】本題以鈉及其化合物之間的轉化為載體考查無機物推斷，側重考查學生分析推斷能力，涉及物質推斷、離子方程式書寫、物質用途等知識點，明確元素化合物的性質及物質之間的轉化是解本題關鍵，注意基礎知識的積累?！窘獯稹縭m{A}為一種常見的單質，rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}是含有rm{A}元素的常見化合物rm{.}它們的焰色反應均為黃色，則均為鈉的單質或化合物，所以rm{A}為rm{Na}結合轉化關系可知，rm{B}為rm{Na_{2}O_{2}}rm{C}為rm{NaOH}rm{D}為rm{Na_{2}CO_{3}}rm{E}為rm{NaHCO_{3}}

rm{(1)}通過以上分析知，rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}分別是rm{Na}rm{Na_{2}O_{