2025年滬科版選修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖1所示為研究光電效應(yīng)的實驗裝置示意圖，在電極K、A之間加上反向電壓U，即將陰極K接電源正極，陽極A接電源負極，在K、A之間就形成了使光電子減速的電場．現(xiàn)用不同頻率的光源照射陰極K，調(diào)節(jié)滑動變阻器改變反向電壓的值，當電流表示數(shù)恰好為零時，記下所加反向電壓U的值和對應(yīng)照射光的頻率，作出反向電壓U隨入射光頻率變化的圖線如圖2所示，則下列說法正確的是

A.該金屬的截止頻率為4.25×1014HzB.該金屬的截止頻率為5.5×1014HzC.該圖線的斜率表示普朗克常量D.該金屬的逸出功為0.52eV2、如圖所示，△ABC為一直角玻璃三棱鏡的橫截面，∠A＝30°，一束紅光垂直AB邊射入，從AC邊上的D點射出；其折射角為60°．則下列說法正確的是。

A.玻璃對紅光的折射率為B.紅光在玻璃中的傳播速度大小為C.若使該束紅光繞O點順時針轉(zhuǎn)過60°角，則光不會從AC面射出來D.若將這束紅光向左水平移動一小段距離則從AC面上出來的折射角小于60°3、用豆粒模擬氣體分子；可以模擬氣體壓強產(chǎn)生的原理．如圖所示，從距秤盤80cm高處把1000粒的豆粒連續(xù)均勻地倒在秤盤上，持續(xù)作用時間為1s，豆粒彈起時豎直方向的速度大小變?yōu)榕銮暗囊话耄较蛳喾矗裘總€豆粒只與秤盤碰撞一次，且碰撞時間極短(在豆粒與秤盤碰撞極短時間內(nèi)，碰撞力遠大于豆粒受到的重力)，已知1000粒的豆粒的總質(zhì)量為100g．則在碰撞過程中秤盤受到的壓力大小約為()

A.0.2NB.0.6NC.1.0ND.1.6N4、回旋加速器，其原理如圖所示，這臺加速器由兩個銅質(zhì)D形盒構(gòu)成；其間留有空隙，下列說法正確的是（）

A.粒子從電場中獲得能量B.粒子從磁場中獲得能量C.粒子由加速器的邊緣進入加速器，由加速器的邊緣向中心進行加速D.粒子離開加速器時最大速度由加速電壓的大小決定5、四條長直導(dǎo)線垂直紙面固定在如圖所示的位置，其中三條導(dǎo)線到導(dǎo)線的距離相等且與導(dǎo)線的連線互成120°角，四條導(dǎo)線均通有電流強度為方向如圖的電流，此時導(dǎo)線對導(dǎo)線的安培力為則關(guān)于導(dǎo)線所受安培力的合力；下列說法正確的是。

A.大小為方向由指向B.大小為方向由指向C.大小為方向由指向D.大小為方向由指向6、如圖所示，垂直紙面向里的勻強磁場分布在等邊三角形ABC內(nèi)，D是AB邊的中點，一群相同的帶負電的粒子僅在磁場力作用下，從D點沿紙面以平行于BC邊方向，以大小不同的速率射入三角形內(nèi)，不考慮粒子間的相互作用力，已知粒子在磁場中運動的周期為T，則下列說法中正確的是（）A.若該粒子在磁場中經(jīng)歷時間為則它一定從BC邊射出磁場B.若該粒子在磁場中運動時間為則它一定從AC邊射出磁場C.速度小的粒子一定比速度大的粒子在磁場中運動時間長D.若該粒子在磁場中運動時間為則它一定從AB邊射出磁場7、如圖，水平導(dǎo)線中有電流I通過，導(dǎo)線正下方的電子初速度的方向與電流I的方向相同；則電子將（）

A.沿路徑a運動，軌跡是圓B.沿路徑a運動，軌跡半徑越來越大C.沿路徑a運動，軌跡半徑越來越小D.沿路徑b運動，軌跡半徑越來越小8、應(yīng)用物理知識分析生活中的常見現(xiàn)象，或是解釋一些小游戲中的物理原理，可以使物理學習更加有趣和深入．甲、乙兩同學做了如下的一個小游戲，如圖所示，用一象棋子壓著一紙條，放在水平桌面上接近邊緣處．第一次甲同學慢拉紙條將紙條抽出，棋子掉落在地上的P點．第二次將棋子、紙條放回原來的位置，乙同學快拉紙條將紙條抽出，棋子掉落在地上的N點．兩次現(xiàn)象相比。

A.第二次棋子的慣性更大B.第二次棋子受到紙帶的摩擦力更小C.第二次棋子受到紙帶的沖量更小D.第二次棋子離開桌面時的動量更大評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖所示的電路中，電流表和電壓表均可看成是理想電表，當滑動變阻器的滑動頭向上移動時，下列結(jié)論正確的是（）

A.電壓表和電流表和的示數(shù)都減小B.電壓表的示數(shù)增大，電流表的示數(shù)減小C.電壓表的示數(shù)增大，電流表的示數(shù)減小D.電壓表和電流表和的示數(shù)都增大10、在基本的邏輯門電路中，當輸入信號有一個為“0”時，輸出信號為“0”的邏輯門電路可能是（）A.與門B.或門C.非門D.以上都不對11、下列有關(guān)熱力學現(xiàn)象和規(guī)律的描述正確的是________。A.布朗運動的無規(guī)則性反映了液體分子運動的無規(guī)則性B.用打氣筒給自行車充氣，越打越費勁，說明氣體分子間表現(xiàn)為斥力C.一定質(zhì)量的理想氣體，在體積不變時，氣體分子平均每秒與器壁碰撞次數(shù)隨溫度的降低而減少E.兩分子間的分子勢能一定隨距離的增大而增大E.兩分子間的分子勢能一定隨距離的增大而增大12、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體，從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，再變化到狀態(tài)C，其狀態(tài)變化過程的p-V圖象如圖所示。已知狀態(tài)A時的溫度為27℃；則下列判斷正確的是（）

A.氣體處于狀態(tài)B時的溫度是900KB.氣體處于狀態(tài)C時的溫度是300KC.從狀態(tài)A變化到狀態(tài)C過程理想氣體內(nèi)能增大E.從狀態(tài)B變化到狀態(tài)C過程氣體放熱E.從狀態(tài)B變化到狀態(tài)C過程氣體放熱13、如圖甲，在光滑絕緣水平面上的MN、OP間存在一勻強磁場，一單匝正方形閉合線框自t=0開始，在水平向右的外力F作用下緊貼MN從靜止開始做勻加速直線運動穿過磁場區(qū)域，外力F隨時間t變化的圖象如圖乙所示，已知線框質(zhì)量為0.5Kg，電阻R=線框穿過磁場過程中，外力F對線框做功下列說法正確的是。

A.線框勻加速運動的加速度a=2m/s2B.磁場的寬度為1mC.勻強磁場的磁感應(yīng)強度為2TD.線框在穿過磁場過程中，線框上產(chǎn)生的熱量為1.0J14、分子動理論以及固體、液體的性質(zhì)是熱學的重要內(nèi)容，下列說法正確的是（）E.兩分子間的分子勢能一定隨距離的增大而增大A.用吸管將牛奶吸入口中是利用了毛細現(xiàn)象B.同溫度的氧氣和氫氣，它們的分子平均動能相等C.荷葉上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用D.彩色液晶顯示器利用了液晶的光學性質(zhì)具有各向異性的特點15、如圖所示為一定質(zhì)量理想氣體的壓強p與體積V的關(guān)系圖象，氣體狀態(tài)經(jīng)歷A→B→C→A完成一次循環(huán)，A狀態(tài)的溫度為290K，下列說法正確的是()

A.A→B的過程中，每個氣體分子的動能都增加B.B→C的過程中，氣體溫度先升高后降低C.C→A的過程中，氣體溫度一定減小D.B，C兩個狀態(tài)溫度相同，均為580K16、兩列波速相同的簡諧橫波沿x軸相向傳播，實線波的頻率為3Hz，振幅為10cm，虛線波的振幅為5cm。t=0時；兩列波在如圖所示區(qū)域內(nèi)相遇，則。

A.兩列波在相遇區(qū)域內(nèi)會發(fā)生干涉現(xiàn)象B.實線波和虛線波的頻率之比為3：2C.t=s時，x="9"m處的質(zhì)點實際振動方向向上D.t=時，x="4"m處的質(zhì)點實際位移大小|y|>12.5cm17、在同一勻強磁場中，粒子（He）和質(zhì)子（H）做勻速圓周運動，若它們的動量大小相等，則粒子和質(zhì)子A.運動半徑之比為2：1B.運動周期之比為2：1C.運動速度大小之比為1：4D.受到的洛倫茲力大小之比為1：2評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)18、如圖所示的電路中，E、r、R1已知，可變電阻R2的最大值

（1）當R2=______時，R1的電功率P1有最大值，最大值為______；

（2）當R2=______時，R2的電功率P2有最大值，最大值為______；

（3）當R2=______時，電源功率PE有最大值，最大值為______；

（4）當R2=______時，電源內(nèi)部消耗的功率有最小值，最小值為______

（5）當R2=______時，電源輸出功率P出有最大值，最大值為______19、判斷下列說法的正誤：

（1）一定質(zhì)量的某種氣體，在壓強不變時，若溫度升高，則體積減小。（____）

（2）“拔火罐”時，火罐冷卻，罐內(nèi)氣體的壓強小于大氣的壓強，火罐就被“吸”在皮膚上。（____）

（3）一定質(zhì)量的氣體，等容變化時，氣體的壓強和溫度不一定成正比。（____）

（4）查理定律的數(shù)學表達式＝C，其中C是一個與氣體的質(zhì)量、壓強、溫度、體積均無關(guān)的恒量。（____）20、上?？茖W中心創(chuàng)造的激光在秒內(nèi)產(chǎn)生400焦能量，其平均功率為___________W；中心波長為米，對應(yīng)的頻率為___________赫茲。21、如圖所示，正方形邊長為L，內(nèi)有垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B，現(xiàn)有質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的粒子以速度v從ad邊中點的小孔垂直于ad邊射人勻強磁場，欲使粒子能打到cd邊上，則磁感應(yīng)強度B的取值范圍是________.22、質(zhì)量和電荷量大小都相等的帶電粒子M和N，以不同的速率經(jīng)小孔S垂直進入有界勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里，M和N運行的半圓軌跡如圖中的虛線所示，則M帶_________（選填“正電”或“負電”）；M的運行時間_________（選填“>”、“=”或“<”）N的運行時間。

23、如圖所示，電源輸出電壓U=10V，A、B兩板間距離為2cm，C點離A板5mm，D點離B板4mm，則EC=______V/m，UC=______V，UD=______V．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)24、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

25、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

26、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、解答題(共4題，共24分)27、如圖所示的平面直角坐標系xOy，在第Ⅰ象限內(nèi)有平行于y軸的勻強電場，方向沿y正方向；在第Ⅳ象限的正三角形abc區(qū)域內(nèi)有勻強電場，方向垂直于xOy平面向里，正三角形邊長為L，且ab邊與y軸平行．一質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子，從y軸上的P（0，h）點，以大小為v0的速度沿x軸正方向射入電場，通過電場后從x軸上的a（2h，0）點進入第Ⅳ象限，又經(jīng)過磁場從y軸上的某點進入第Ⅲ象限，且速度與y軸負方向成45°角；不計粒子所受的重力．求：

（1）電場強度E的大小；

（2）粒子到達a點時速度的大小和方向；

（3）abc區(qū)域內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強度B的最小值．28、如圖所示，空間有場強的豎直向下的勻強電場，長的不可伸長的輕繩一端固定于O點，另一端系一質(zhì)量的不帶電小球拉起小球至繩水平后，無初速釋放．另一電荷量質(zhì)量與相同的小球以速度水平拋出，經(jīng)時間與小球與點下方一足夠大的平板相遇．不計空氣阻力，小球均可視為質(zhì)點，?。?/p>

（1）求碰撞前瞬間小球的速度．

（2）若小球經(jīng)過路到達平板，此時速度恰好為O；求所加的恒力．

（3）若施加恒力后，保持平板垂直于紙面且與水平面的夾角不變，在點下方任意改變平板位置，小球均能與平板正碰，求出所有滿足條件的恒力．29、如圖所示，abcd是一個正方形的盒子，在cd邊的中點有一個小孔e,盒子中存在著沿ad方向的勻強電場。一粒子源不斷地從a處的小孔沿ab方向向盒內(nèi)發(fā)射相同的帶電粒子，粒子的初速度為v0，經(jīng)電場作用后恰好從e處的小孔射出。現(xiàn)撤去電場，在盒中加一方向垂直于紙面的勻強磁場（圖中未畫出），粒子仍恰好從e孔射出（粒子的重力和粒子間的相互作用力均可忽略）；則。

（1）所加磁場的方向如何；

（2）電場強度E與磁感應(yīng)強度B的比值為多大。

30、如圖所示，一質(zhì)量為m=1kg、長為L=1m的直棒上附有倒刺，物體順著直棒倒刺下滑，其阻力只為物體重力的1/5，逆著倒刺而上時，將立即被倒刺卡住．現(xiàn)該直棒直立在地面上靜止，一環(huán)狀彈性環(huán)自直棒的頂端由靜止開始滑下，設(shè)彈性環(huán)與地面碰撞不損失機械能，彈性環(huán)的質(zhì)量M=3kg，重力加速度g=10m/s2．求直棒在以后的運動過程中底部離開地面的最大高度．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【分析】

根據(jù)結(jié)合圖像判斷各個選項的對錯．

【詳解】

AB、從圖像上可以看出，當遏制電壓為零時，此時剛好發(fā)生光電效應(yīng)，即該金屬的截止頻率為4.25×1014Hz；故A對B錯。

C、因為圖像是關(guān)于的圖像，所以圖像的斜率代表的是故C錯；

D、根據(jù)當時再結(jié)合圖像可知該金屬的逸出功1.76eV；故D錯；

故選A2、C【分析】【詳解】

A、紅光到達AC面的入射角為i=30°，折射角為r=60°，則玻璃對紅光的折射率為：故A錯誤；

B、紅光在玻璃中的傳播速度大小為：故B錯誤；

C、設(shè)臨界角為C，則若使該束紅光繞O點順時針轉(zhuǎn)過60°角，入射角為i=60°，根據(jù)折射定律可得折射角為r=30°，光線射到AC面上的入射角等于60°，大于臨界角C，所以光線在AC面發(fā)生全反射，不會從AC面射出來；故C正確；

D、若將這束紅光向左水平移動一小段距離，光線射到AC面上的入射角不變，則折射角不變，仍為60°，故D錯誤．3、B【分析】【詳解】

豆粒下落到秤盤上的速度

反彈后速度大小為

設(shè)向上為正方向，在豆粒與秤盤碰撞極短時間內(nèi)，由于碰撞力遠大于豆粒受到的重力，則可忽略豆粒的重力，每個豆粒只與秤盤碰撞一次，可認為碰完后豆粒都離開了秤盤平臺，根據(jù)動量定理得

解得

由牛頓第三定律可知；在碰撞過程中秤盤受到的壓力大小為0.6N

故選B。4、A【分析】【詳解】

AB．由于洛倫茲力與速度方向始終垂直，對粒子不做功，而粒子通過電場時有

故粒子是從電場中獲得能量；A正確B錯誤；

C．要加速次數(shù)最多最終能量最大；則被加速粒子只能由加速器的中心附近進入加速器，而從邊緣離開加速器，C錯誤；

D．最后出來的轉(zhuǎn)動半徑為D型盒的半徑R，根據(jù)洛倫茲力充當向心力，由

知

最大速度決定于B、R和粒子比荷，D錯誤．5、D【分析】【分析】

根據(jù)題圖可知；考查了通電導(dǎo)線之間的安培力的計算；導(dǎo)線的電流方向相同二者相互吸引，電流方向相反二者相互排斥，由此進行分析．

【詳解】

導(dǎo)線的電流方向相同二者相互吸引；電流方向相反二者相互排斥，則d導(dǎo)線的受力情況如圖所示：

根據(jù)力的平行四邊形法則可知；d導(dǎo)線所受安培力的合力大小為2F，方向沿dc方向．

故D正確；ABC錯誤．

【點睛】

掌握電流之間相互作用的情況是解題的關(guān)鍵．6、B【分析】【詳解】

ABD、若帶電粒子剛好從BC邊射出磁場，運動軌跡與BC邊相切，可知圓心角為粒子在磁場中經(jīng)歷時間為若帶電粒子剛好從AC邊射出磁場，運動軌跡與AC邊相切，作圖可得切點為C點，可知圓心角為粒子在磁場中經(jīng)歷時間為若帶電粒子從AB邊射出磁場，可知圓心角為粒子在磁場中經(jīng)歷時間為所以該粒子在磁場中經(jīng)歷時間為則它一定從AB邊射出磁場；該粒子在磁場中運動時間為即小于則它一定從AC邊射出磁場，該粒子在磁場中運動時間為即大于小于則它一定從BC邊射出磁場，故B正確，A；D錯誤；

C、若這些帶電粒子都從AB邊射出磁場，可知圓心角都為粒子在磁場中經(jīng)歷時間都為故C錯誤；

說法正確的是選B．7、B【分析】【詳解】

由安培定則得電子所在導(dǎo)線下方的磁場垂直紙面向外，據(jù)左手定則判斷出電子所受的洛倫茲力向下，即沿路徑a運動，且向下運動的過程中因離導(dǎo)線變遠，磁感應(yīng)強度B變小，由

解得

知半徑r變大。

故選B。8、C【分析】兩次拉動中棋子的質(zhì)量沒變，故其慣性不變，A錯誤；由于正壓力不變；故紙帶對棋子的摩擦力沒變，B錯誤；由于快拉時作用時間變短，故摩擦力對棋子的沖量變小了，C正確；由動量定理可知，合外力的沖量減小，則棋子離開桌面時的動量變小，D錯誤；二、多選題(共9題，共18分)9、B:C【分析】【詳解】

當滑動變阻器的滑動頭向上移動時，滑動變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律

可知，干路電流減小，即的示數(shù)減?。桓鶕?jù)路端電壓

可知，路端電壓增大，即電壓表的示數(shù)增大；根據(jù)串聯(lián)分壓原理

可知，電路中并聯(lián)部分的電壓增大，根據(jù)歐姆定律

可知，流過電阻的電流增大，根據(jù)并聯(lián)分流原理，由于總電流是減小的，則流過滑動變阻器的電流減小，即示數(shù)減小；故AD錯誤BC正確。

故選BC。10、A:B【分析】【詳解】

輸入信號有一個為“0”時；“與”門電路的輸出信號為“0”；“或”門電路輸出什么信號要看另一個輸入信號是什么，若另一個輸入信號為“1”，那么“或”門電路輸出信號為“1”；“非”門電路輸入“0”時，輸出“1”，AB正確，CD錯誤。

故選AB。11、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．懸浮在液體中的固體小顆粒的無規(guī)則運動是因為液體分子與懸浮顆粒的碰撞；所以布朗運動的無規(guī)則性間接表明了液體分子的運動的無規(guī)則性，選項A正確；

B．用打氣筒給自行車打氣；越打越費勁是因為自行車輪胎內(nèi)氣體的壓強在逐漸增大，而不是氣體分子之間的斥力造成的，選項B錯誤；

C．一定質(zhì)量的理想氣體；在體積不變時，由查理定律可知，溫度降低，壓強減小，氣體分子平均每秒與器壁碰撞的次數(shù)減少，選項C正確；

D．一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷等壓膨脹時；氣體的體積增大，由蓋－呂薩克定律可知，氣體的溫度升高，而溫度是分子平均動能的標志，可知分子的平均動能增大，選項D正確；

E．當兩分子之間表現(xiàn)為引力時；距離增大，分子力做負功，分子勢能增大，而當兩分子間表現(xiàn)為斥力時，分子間距離增大，分子力做正功，則分子勢能減小，選項E錯誤。

故選ACD。12、A:B:E【分析】【詳解】

A．由圖示圖象可知，A→B過程有。

代入數(shù)據(jù)解得。

TB=900K選項A正確；

B．B→C過程有。

代入數(shù)據(jù)解得。

TC=300K選項B正確；

C．A→C過程，由溫度變化為0得ΔU=0；選項C錯誤；

D．從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B過程理想氣體內(nèi)能增大；對外做功，由熱力學第一定律，一定是吸熱，選項D錯誤；

E．同理，從狀態(tài)B變化到狀態(tài)C過程氣體放熱；選項E正確。

故選ABE。13、A:C【分析】【詳解】

物體做勻變速運動，如果線框的邊長和磁場的寬度不相等，那么物體線框完全進入磁場的時候整個線框的磁通量不變，沒有感應(yīng)電流因此沒有安培力，外力F會和受到安培力的時候的情形不一樣，由乙圖可知物體一直受安培力的作用，因此線框?qū)挾群痛艌龅膶挾纫粯樱紴長；由牛頓第二定律及勻變速運動知乙圖的直線部分斜率為2，當t=1s時拉力F不再變化說明線框離開磁場，此時物體的速度聯(lián)立有1s的拉力可解得a=2m/s2，故A正確；物體做勻變速運動，線框和磁場寬度一樣，因此L=0.5m，故B錯誤；將L和a代入可得B=2T，故C正確；有能量守恒代入數(shù)據(jù)得Q=4/3J，故D錯誤．14、B:C:D【分析】【詳解】

用塑料細管將牛奶吸入口中利用了大氣壓，不是毛細現(xiàn)象，故A錯誤；溫度是分子平均動能的標志，相同溫度下所有分子的平均動能均相同，故B正確；液體表面的分子分布比液體內(nèi)部分子的分布要稀疏，故存在液體的表面張力，草葉上的露珠呈球形是由于液體表面張力的作用，故C正確；液晶像液體一樣具有流動性，而其光學性質(zhì)與某些晶體相似具有各向異性，彩色液晶顯示器利用了液晶的光學性質(zhì)具有各向異性的特點，故D正確；當分子表現(xiàn)為引力時，分子勢能隨分子間距離的增大而增大，當分子力表現(xiàn)為斥力時，分子勢能隨分子間距離的增大而減小，故E錯誤；故選BCD。15、B:C【分析】【詳解】

A→B的過程中，體積不變，壓強變大，則溫度升高，分子平均動能變大，但并非每個氣體分子的動能都增加，選項A錯誤；BC兩態(tài)的PV乘積相等，可知BC兩態(tài)的溫度相同，由數(shù)學知識可知，B→C的過程中，PV乘積先增加后減小，則氣體溫度先升高后降低，選項B正確；C→A的過程中，氣體壓強不變，體積減小，根據(jù)V/T=K可知則氣體的溫度一定減小，選項C正確；對AB兩態(tài)，由查理定律：即解得TB=3×290K=870K，則B、C兩個狀態(tài)溫度相同，均為870K，選項D錯誤；故選BC.16、B:C:D【分析】【詳解】

實線波的波長為λ1=4m，虛線波的波長為λ2=6m，它們的波速相等，由波速公式v=λf得：實線波和虛線波的頻率之比為f1：f2=λ2：λ1=3：2，兩列波的頻率不同，不能發(fā)生干涉現(xiàn)象．故A錯誤，B正確．波速為：v=λ1f1=4×3m/s=12m/s，則在t=s時間內(nèi)波傳播的距離x=vt=2m=λ1=λ2，實線波單獨傳播時，在t=s時，x=9m處的質(zhì)點到達波谷，振動速度為零．虛線波單獨傳播時，在t=s時，x=9m處的質(zhì)點振動方向向上，則根據(jù)波疊加原理可知t=s時，x=9m處的質(zhì)點振動方向向上．故C正確．波速為：v=λ1f1=4×3m/s=12m/s，則在t=s時間內(nèi)波傳播的距離x=vt=1m=λ1，實線波單獨傳播時，t=s時，x=4m處的質(zhì)點到達波谷，位移大小為y1=10cm；根據(jù)波形的平移法作出虛線波傳播x=1m時的波形；如圖所示。

由圖看出此刻x=4m處的質(zhì)點位移大小y2＞2.5cm，則波的疊加原理可知t=s時，x=4m處的質(zhì)點位移|y|=y1+y2＞12.5cm；故D正確．故選BCD.

【點睛】

題關(guān)鍵要掌握干涉產(chǎn)生的條件和波的疊加原理，運用波形的平移法分析波形，確定質(zhì)點的位移。17、B:C:D【分析】【詳解】

A.帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的半徑

因為粒子和質(zhì)子兩粒子的動量相同，電荷量之比為2：1，所以運動半徑之比為1：2；故A錯誤；

B.帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的周期

因為粒子和質(zhì)子兩粒子的質(zhì)量之比是4：1；電荷量之比為2：1，所以運動周期之比為2：1，故B正確；

C.因為粒子和質(zhì)子兩粒子的動量相同，兩粒子的質(zhì)量之比是4：1，所以運動速度大小之比為1：4，故C正確

D.由洛倫茲力公式得：

粒子和質(zhì)子兩粒子運動速度大小之比為1：4，電荷量之比為2：1，所以受到的洛倫茲力大小之比為1：2，故D正確三、填空題(共6題，共12分)18、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]當

時，R1的電功率有最大值，為

（2）[3][4]當

時，有

（3）[5][6]當

時，有

（4）[7][8]當

時，有

（5）[9][10]當

時，有

【點睛】

本題考查電路中的定值電阻電功率、可變電阻電功率、電源內(nèi)阻電功率、電源輸出功率的計算，注意各種電功率的處理方法。【解析】00R2max19、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】錯誤正確正確錯誤20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)功率的定義式可得。

[2]由公式可得。

【解析】21、略

【分析】由題意知，帶正電的粒子從cd邊d點射出磁場，其在磁場中圓周運動的半徑故粒子在磁場中做圓周運動洛倫茲力提供向心力即可得粒子做圓周運動的磁感應(yīng)強度

帶正電的粒子從cd邊c點射出磁場，由幾何關(guān)系可知：可得粒子圓周運動的最大半徑故粒子在磁場中做圓周運動洛倫茲力提供向心力即可得粒子做圓周運動的磁感應(yīng)強度

故欲使粒子打在cd邊上，磁感應(yīng)強度B的取值范圍是【解析】22、略

【分析】【詳解】

[1]磁場的方向向里；由左手定則判斷出M帶負電荷，N帶正電荷；

[2]粒子在磁場中運動半周，即時間為周期的一半，根據(jù)

而

整理可以得到

所以M的運行時間等于N的運行時間。

點睛：本題結(jié)合帶電粒子的磁場中的運動考查到左手定則、半徑的公式和根據(jù)周期的公式，屬于基本應(yīng)用?！窘馕觥控撾?23、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)串聯(lián)電路特點，可知電容器兩板間的電壓

由

[2][3]根據(jù)U=Ed

可得UBC=250×0.015V=3.75V

UBD=250×0.004V=1V

因為φB=0

再根據(jù)UBC=φB-φC

可得φC=0-3.75V=-3.75V

又有UBD=φB-φD

可得φD=-1V【解析】250-3.75-1四、作圖題(共3題，共24分)24、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】25、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、解答題(共4題，共24分)27、略

【分