2025年華師大版必修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華師大版必修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、已知電荷q均勻分布在半球面AB上，球面半徑為R，CD為通過半球頂點與球心O的軸線，如右圖所示，M是位于CD軸線上球面外側(cè)，且OM＝ON＝L＝2R。已知M點的場強為E，則N點的場強為（）

A.EB.C.D.2、如圖甲，一電流強度為I的通電直導線在其中垂線上A點處的磁感應強度B∝式中r是A點到直導線的距離．在圖乙中是一電流強度為I的通電圓環(huán)，O是圓環(huán)的圓心，圓環(huán)的半徑為R，B是圓環(huán)軸線上的一點，OB間的距離是r0，請你猜測B點處的磁感應強度是()

A.B.C.D.3、如圖所示，勻強電場場強為E，A與B兩點間的距離為d，AB與電場夾角為α，則A與B兩點間的電勢差為（）

A.B.C.D.4、如圖所示，平面直角坐標系xOy中，三個點電荷a、b、c分別固定于（0，r）、（0,r）、（0,0）處，a、b、c電荷量分別為+Q、+Q、-Q?，F(xiàn)有一電荷量為-q的點電荷d，在+x軸上從靠近坐標原點處由靜止釋放，不考慮重力及電荷d對原電場的影響，取無窮遠處電勢能為零，則在點電荷d的整個運動過程中，其瞬時速度v隨時間t、電勢能Ep隨位置x變化的關(guān)系圖像可能為（）

A.①③B.②④C.②③D.①④5、下面說法正確的是（）A.元電荷就是質(zhì)子B.帶電體所帶的電荷量一定是元電荷的整數(shù)倍C.只有體積很小的帶電體才能看成點電荷D.在摩擦起電的過程中創(chuàng)造出了新的電荷6、如圖所示，PQ為某電場中的一條電場線；下列說法正確的是（）

A.該電場一定是勻強電場B.該電場一定是點電荷產(chǎn)生的電場C.P點的電場強度一定比Q點的大D.正電荷在P點受到的電場力方向沿著電場線方向7、如圖甲，A、B是某電場中的一條電場線上的兩點，一帶負電的粒子從點由靜止釋放，僅在靜電力的作用下從點運動到點，其運動的圖像如圖乙所示。取A點為坐標原點，且規(guī)定方向為正方向建立軸，作出了所在直線的電場強度大小電勢粒子的電勢能隨位移的變化的圖像、圖像、圖像；其中可能正確的是（）

A.B.C.D.8、電流和電壓傳感器可以測量電流和電壓；傳感器與計算機相連，對采集的數(shù)據(jù)進行處理，并擬合出相應的函數(shù)圖像．如圖所示，把原來不帶電的電容器接入電路，閉合電鍵后，下列圖像中能夠正確反映充電過程中電荷量與電壓；電流與時間關(guān)系的是。

A.B.C.D.9、安培提出了著名的分子電流假說，根據(jù)這一假說，電子繞核運動可等效為一環(huán)形電流。電荷量為e、質(zhì)量為m的電子以速率v繞原子核沿順時針方向做半徑為r的勻速圓周運動。靜電力常量用k表示。則下列判斷錯誤的是（）A.電子受到的庫侖力為B.原子核所帶的電荷量為C.分子電流強度為D.分子電流沿逆時針方向流動評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)10、許多科學家在物理學發(fā)展過程中做出了重要貢獻，下列敘述中符合物理學史實的是A.庫侖最早引入了電場概念，并提出用電場線表示電場B.丹麥物理學家奧斯特首先發(fā)現(xiàn)電流可以使周圍的小磁針發(fā)生偏轉(zhuǎn)C.法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，并發(fā)明了世界上第一臺發(fā)電機D.安培發(fā)現(xiàn)了電流的熱效應，定量得出了電能和熱能之間的轉(zhuǎn)換關(guān)系11、如圖所示的甲、乙兩個電路，都是由一個靈敏電流計G和一個變阻器R組成；它們之中一個是測電壓的電壓表，另一個是測電流的電流表，那么以下結(jié)論中正確的是（）

A.甲表是電流表，R增大時量程增大B.甲表是電流表，R增大時量程減小C.乙表是電壓表，R增大時量程減小D.乙表是電壓表，R增大時量程增大12、下列說法與事實相符的是（）。A.富蘭克林通過實驗發(fā)現(xiàn)，雷電的性質(zhì)與摩擦產(chǎn)生的電的性質(zhì)相同，并命名了正電荷和負電荷B.庫侖用油滴實驗測量了電子的電量C.法拉第不僅提出了電場的概念，還用電場線形象地描述電場D.密立根利用扭秤裝置提出了真空中靜止的點電荷間的作用規(guī)律13、如圖所示，A、B、C三個小球(可視為質(zhì)點)的質(zhì)量分別為m、2m、3m，B小球帶負電，電荷量為q，A、C兩小球不帶電(不考慮小球間的電荷感應)，不可伸長的絕緣細線將三個小球連接起來懸掛在O點，三個小球均處于豎直向上的勻強電場中，電場強度大小為A.A；則以下說法正確的是()

B.靜止時，B兩小球間細線的拉力為5mg＋qEC.靜止時，B兩小球間細線的拉力為5mg－qEE.剪斷O點與A小球間細線瞬間，B兩小球間細線的拉力為E.剪斷O點與A小球間細線瞬間，B兩小球間細線的拉力為14、如圖，ABCD為真空中一正三棱錐區(qū)域，E和F分別為BC邊和BD邊的中點，B處和C處分別固定著等量異種點電荷和（）。則下列判定正確的是（）

A.A、D處場強大小相等，方向不同B.電子在E點的電勢能大于在F點的電勢能C.將一試探正電荷從A處沿直線AD移動到D處，電場力做正功D.將位于C處的電荷移到A處，D處的電勢不變，且E、F場強大小相等15、如圖所示，在粗糙絕緣的水平面上有一物體A帶正電，另一帶負電的檢驗電荷B沿著以A為圓心的圓弧由P到Q緩慢地從A的上方經(jīng)過；若此過程中A始終保持靜止，A；B可視為質(zhì)點且只考慮它們之間的庫侖力作用。則下列說法正確的是（）

A.物體A受到地面的支持力先增大后減小B.點電荷B所在圓軌道上場強處處相同C.物體A受到地面的摩擦力先減小后增大D.檢驗電荷B所在圓軌道上電勢處處相同評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、如圖所示，為圓的兩條互相垂直的直徑，圓心為O．將等電荷量的正、負點電荷分別放在圓周上，它們的位置關(guān)于對稱．則圓心O處的電場強度的方向為__________，要使圓心O處的電場強度為零，可在圓周上再放置一個適當電荷量的正點電荷Q，則該點電荷Q應放在圓周上的__________點．

17、靜電平衡：導體內(nèi)的自由電子不再發(fā)生______的狀態(tài)．18、如圖所示，實線為電場線，虛線表示等勢面，相鄰兩個等勢面之間的電勢差相等，有一個運動的正電荷在等勢面上某點的動能為20焦耳，運動至等勢面上的某一點時的動能變?yōu)榱悖羧榱愕葎菝?，則此電荷的電勢能為4焦耳時，其動能為__________J。

19、有一已充電的電容器，若使它的電荷量減少則其電壓由原來的1.5V變?yōu)?.5V，由此可知電容器的電容是___________F；原來帶電荷量是___________C。20、在電源內(nèi)部，電子運動的方向為________（A．從正極到負極；B．從負極到正極。選填“A”或“B”）；非靜電力對電子做________功（選填“正”或“負”）。21、安培定則。

（1）直線電流的磁場：右手握住導線，讓伸直的拇指所指的方向與______方向一致，彎曲的四指所指的方向就是______環(huán)繞的方向；如圖甲。

（2）環(huán)形電流的磁場：讓右手彎曲的四指與______的方向一致，伸直的拇指所指的方向就是環(huán)形導線軸線上______的方向；如圖乙。

（3）通電螺線管的磁場：右手握住螺線管，讓彎曲的四指所指的方向跟______方向一致，拇指所指的方向就是螺線管______磁感線的方向，或拇指指向螺線管的______極；如圖丙。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)22、如圖所示，磁感應強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內(nèi)，左右各一半面積的范圍內(nèi)，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規(guī)定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

23、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。24、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內(nèi)有一個由四個阻值相同的電阻構(gòu)成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共8分)25、某同學為測量表頭的內(nèi)阻，設(shè)計了如下圖所示電路，其中是標準電流表；的量程略大于的量程，為電阻箱；實驗步驟如下：

①分別將和的阻值調(diào)至最大。

②保持開關(guān)斷開，合上開關(guān)調(diào)節(jié)使的指針達到滿偏刻度，記下此時的示數(shù)

③合上開關(guān)反復調(diào)節(jié)和使的示數(shù)仍為使的指針達到滿偏刻度的一半，記下此時電阻箱的示數(shù)

（1）由此可知電流表的量程為________，內(nèi)阻為_________（用所測物理量表示）

（2）根據(jù)前述實驗過程中的測量結(jié)果．要將改裝成量程為的電壓表，大于電流表能承擔的電壓．需________（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）一個合適的定值電阻．定值電阻的阻值為___________.

（3）若使用該圖測量電源電動勢E，斷開記錄不同R1對應的電流表示數(shù)，記錄多組數(shù)據(jù)，作出圖像，其中斜率為k，縱軸截距為b，則電源電動勢可表示為___________．評卷人得分六、解答題(共4題，共8分)26、如圖所示，粗糙程度不均勻的水平面與半徑為R的豎直光滑半圓軌道相切于C點，為半圓的直徑，O為圓心，D點是弧的中點，在半圓下半部分有水平向左的勻強電場，場強大?。╣為重力加速度）?，F(xiàn)把可視為質(zhì)點、質(zhì)量為的小物塊P置于水平面的A點，并在水平恒力F（大小未知）的作用下由靜止向左運動，運動到B點撤掉水平恒力F，小物塊P恰好運動到C點靜止?，F(xiàn)把與小物塊P材料相同、質(zhì)量是小物塊P質(zhì)量一半、帶電荷量為的絕緣小物塊Q同樣置于A點，在同樣水平恒力F作用下也從靜止開始向左運動，到B點撤掉水平恒力F，帶電小物塊Q離開水平面后沿著圓弧軌道運動恰好能過最高點M。求：

(1)小物塊Q經(jīng)過水平面C點時的速度大??；

(2)小物塊Q在半圓軌道上運動過程中對軌道的最大壓力；

(3)小物塊Q在運動過程中所受摩擦力做的功。

27、如圖所示的裝置，左半部為速度選擇器，右半部為勻強的偏轉(zhuǎn)電場．一束同位素離子流從狹縫S1射入速度選擇器，能夠沿直線通過速度選擇器并從狹縫S2射出的離子，又沿著與電場垂直的方向，立即進入場強大小為的偏轉(zhuǎn)電場，最后打在照相底片上．已知同位素離子的電荷量為(＞0)，速度選擇器內(nèi)部存在著相互垂直的場強大小為的勻強電場和磁感應強度大小為的勻強磁場，照相底片與狹縫S1、S2的連線平行且距離為忽略重力的影響．

(1)求從狹縫S2射出的離子速度的大小；

(2)若打在照相底片上的離子在偏轉(zhuǎn)電場中沿速度方向飛行的距離為求出與離子質(zhì)量之間的關(guān)系式(用L表示)。

28、如圖（a），長度L=0.8m的光滑桿左端固定一帶正電的點電荷A，其電荷量QA=1.8×10?7C，一質(zhì)量m=0.02kg，帶電量為q的小球B套在桿上。將桿沿水平方向固定于某非均勻外電場中，以桿左端為原點，沿桿向右為x軸正方向建立坐標系。點電荷A對小球B的作用力隨B位置x的變化關(guān)系如圖（b）中曲線I所示，小球B所受水平方向的合力隨B位置x的變化關(guān)系如圖（b）中曲線II所示，其中曲線II在0.16≤x≤0.20和x≥0.40范圍可近似看作直線。求：（靜電力常量k=9×109N·m2/C2）

（1）小球B所帶電量q及電性；

（2）非均勻外電場在x=0.3m處沿細桿方向的電場強度E；

（3）在合電場中，x=0.4m與x=0.6m之間的電勢差U。

（4）已知小球在x=0.2m處獲得v=0.4m/s的初速度時，最遠可以運動到x=0.4m。若小球在x=0.16m處受到方向向右，大小為0.04N的恒力作用后，由靜止開始運動，為使小球能離開細桿，恒力作用的最小距離s是多少？

29、如圖所示，光滑水平絕緣軌道和光滑豎直半圓形絕緣軌道在C處平滑連接，豎直直徑CD長為2R，質(zhì)量為3m的不帶電物塊b靜止在C處，整個裝置處于水平向左的勻強電場中，電場強度為E?，F(xiàn)將一質(zhì)量為m、電荷量大小為的帶負電物塊a在水平軌道的某點由靜止釋放，兩物塊發(fā)生彈性碰撞后b恰能通過D點。物塊均可視為質(zhì)點，且只發(fā)生一次碰撞，碰撞時間極短，整個過程中物塊a的電荷量保持不變，重力加速度為g。

（1）求碰撞后瞬間物塊b的速度大??；

（2）求物塊a的釋放點到C的距離；

（3）通過計算說明物塊a也能通過D點，并求a的落點到C的距離。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【詳解】

在左半球的右邊補上電荷q均勻分布的右半球，則形成一個半徑為R，帶電荷2q的球體，帶點球在M點的場強為

左半球在M點的場強為E，則右半球在M點的場強為

由對稱性可知，左半球在N點的場強與右半球在M點的場強大小相等，為

故選D。2、C【分析】因一電流強度為I的通電直導線在其中垂線上A點處的磁感應強度B∝設(shè)比例系數(shù)為k，得：B=K其中的單位A/m；的單位為A，當r0為零時，O點的磁場強度變?yōu)闊o窮大了，不符合實際，選項A錯誤．的單位為A/m3，單位不相符，選項B錯誤，的單位為A/m，單位相符；當r0為零時，也符合實際，選項C正確．的單位為A/m，單位相符；但當r0為零時；O點的磁場強度變?yōu)榱懔?，不符合實際，選項D錯誤；故選C．

點睛：本題關(guān)鍵是結(jié)合量綱和特殊值進行判斷，是解決物理問題的常見方法，同時要注意排除法的應用，有時能事半功倍．3、C【分析】【詳解】

A與B兩點間的電勢差為

故選B。4、B【分析】【詳解】

點電荷d的受力分析如圖。

由庫侖定律

由牛頓第二定律

整理可得

易得隨著電荷d向右移動，θ減小，cosθ逐漸增大，電荷d做加速度減小的加速運動，當時，它的速度達到最大值，然后電荷d做減速運動直至無窮遠處；其速度為一定值，故①錯誤，②正確；

由電荷d的受力分析可知，電荷d同時受到合引力和斥力的作用，當時，合力方向向右，故當電荷d從靠近原點處向右移動時，電場力做正功，其電勢能減??；當時，合力為零，此時d的動能最大，電勢能最小；當時，合力方向向左，故當電荷d繼續(xù)向右移動時；電場力做負功，其電勢能增加直至無窮遠處電勢能為0，故③錯誤，④正確。

故選B。5、B【分析】【分析】

【詳解】

A．元電荷是與質(zhì)子的電荷量數(shù)值相等的電荷量；但不是質(zhì)子，故A錯誤；

B．元電荷是自然界中最小的電量；所以所有帶電體所帶的電荷量一定是元電荷的整數(shù)倍，故B正確；

C．電荷的形狀；體積和電荷量對分析的問題的影響可以忽略時；就可以看成是點電荷，并不是只有體積很小的帶電體才看成是點電荷，故C錯誤；

D．在摩擦起電的過程中只是電荷的轉(zhuǎn)移；并不是創(chuàng)造出了新的電荷，故D錯誤。

故選B。6、D【分析】【詳解】

ABC.僅由這一根電場線無法判斷是什么電場；不知電場線的疏密，電場的強弱也無法判斷，所以ABC錯誤；

D.正電荷受到的電場力方向沿著電場線方向，D正確．7、C【分析】【詳解】

AB．根據(jù)圖像可知，粒子的加速度在逐漸減小，粒子所受電場力在逐漸減小，電場強度隨位移在逐漸減??；AB錯誤；

C．粒子帶負電，電場力方向從指向電場強度方向從指向故從到電勢逐漸升高，由于電場強度逐漸減小，故圖像的斜率逐漸減??；C正確；

D．從到電勢能逐漸減小，但由于電場力減小，圖像的斜率逐漸減??；D錯誤。

故選C。8、A【分析】【詳解】

在電容器充電的過程中，由于同種電荷間相互排斥，所以電路中電流非線性減小，I-t圖象是曲線，故A正確，B錯誤；根據(jù)可知q-U圖象的斜率是電容，而電容是不變的，故q-U圖是一條過原點的直線，故CD錯誤，故選A.

【點睛】將電鍵S閉合后，在電容器充電的過程中電路中電流非線性減小，而電荷量與電壓成正比．9、B【分析】【詳解】

A．庫侖力提供電子做勻速圓周運動所需的向心力，則電子受到的庫侖力為

A正確；

B．由庫侖力提供向心力公式

得，原子核所帶的電荷量為

B錯誤；

C．由電流的定義式

其中

可得，分子電流強度為

C正確；

D．電流的方向是正電荷定向移動的方向；分子電流沿逆時針方向流動，D正確。

本題選擇錯誤的，故選B。二、多選題(共6題，共12分)10、B:C【分析】【詳解】

A．法拉第最早引入了電場概念；并提出用電場線表示電場，選項A錯誤；

B．丹麥物理學家奧斯特首先發(fā)現(xiàn)電流可以使周圍的小磁針發(fā)生偏轉(zhuǎn)；選項B正確；

C．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象；并發(fā)明了世界上第一臺發(fā)電機，選項C正確；

D．焦耳發(fā)現(xiàn)了電流的熱效應；定量得出了電能和熱能之間的轉(zhuǎn)換關(guān)系，選項D錯誤；

故選BC.11、B:D【分析】【詳解】

AB．甲表中電流計與電阻并聯(lián)，由于電阻的分流作用使總電流增大，故甲是電流表，R增大時分流變小。則量程減小。故B正確A錯誤；

CD．乙表中電流表與電阻串聯(lián)，由于電阻的分壓作用，可以測量電壓，故為電壓表，當R增大時分壓變大；量程增大。故D正確C錯誤；

故選BD。12、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．富蘭克林通過實驗發(fā)現(xiàn)；雷電的性質(zhì)與摩擦產(chǎn)生的電的性質(zhì)相同，并命名了正電荷和負電荷，選項A正確；

B．密立根用油滴實驗測量了電子的電量；選項B錯誤；

C．法拉第不僅提出了電場的概念；還用電場線形象地描述電場，選項C正確；

D．庫侖利用扭秤裝置提出了真空中靜止的點電荷間的作用規(guī)律；選項D錯誤。

故選AC。13、A:C【分析】【詳解】

靜止時；對BC球整體進行受力分析，則有：

T=2mg+3mg+Eq=5mg+Eq；故A正確，B錯誤；

B球帶負電；相當于在上述狀態(tài)下給B球瞬間施加一個豎直向下的電場力qE；

qE對A、B球整體產(chǎn)生一個豎直向下的分加速度

此時A、B球的加速度為（顯然＞g），C球以加速度g保持自由下落，以A球為研究對象可得A、B球間細線的拉力為qE．故C正確；D錯誤．

故選AC．

【點睛】

本題由整體法與隔離法相結(jié)合解題．14、B:D【分析】【詳解】

A．因為是正三棱柱，所以各邊長相等，又因為B、C處固定等量異種電荷點電荷，根據(jù)點電荷的電場強度公式

所以兩點電荷在A和D處產(chǎn)生的各自電場強度大小相等，但因為電場強度是矢量，其疊加遵循平行四邊形法則，根據(jù)電場強度的疊加原理可知，兩點電荷在A和D處的合電場強度的大小相等；方向相同；故A項錯誤；

B．根據(jù)等量異種電荷的電勢分布規(guī)律可知，其E點的電勢為零，其F點的電勢為正值，即根據(jù)電勢能的公式

因為電子帶負電，所以其電勢越高，電勢能越小，故E點電勢能大于F點電勢能；故B項正確；

C．因為B、C處固定等量異種電荷點電荷，根據(jù)等量異種電荷的電勢分布規(guī)律可知，AD所在平面為等勢面，且電勢為零，所以將一試探正電荷從A處沿直線AD移動到D處；電場力不做功，故C項錯誤；

D．開始時，根據(jù)等量異種電荷的電勢分布規(guī)律，在D處電勢為零。將位于C處的電荷移到A處，根據(jù)等量異種電荷的電勢分布規(guī)律可知，D處的電勢仍然為零，所以D處的電勢不變。因為是正三棱柱，移動后A、B為等量異種電荷，根據(jù)幾何關(guān)系可知以及電場強度的疊加原理可知，其E、F兩點的電場強度大小相等；故D項正確。

故選BD。15、C:D【分析】【詳解】

A．對物體A受力分析，有重力，水平面的支持力、摩擦力和檢驗電荷B與A之間的庫侖力，由平衡條件得

其中，為A與B連線與水平面之間的夾角（銳角），而

所以在物體A由P到Q緩慢地從A的上方經(jīng)過時，大小不變，先增大后減??；所以物體A受到地面的支持力先減小后增大，A錯誤；

B．點電荷B所在的電場為物體A形成的點電荷電場；在圓軌道上場強的大小處處相等，但是方向時刻都在改變，B錯誤；

C．由A選項分析，可得物體A所受摩擦力為

所以在物體A由P到Q緩慢地從A的上方經(jīng)過時，大小不變，先增大后減??；所以物體A受到地面的摩擦力先減小后增大，C正確；

D．檢驗電荷B所在圓軌道的電場為物體A形成的點電荷電場；所以在圓軌道上的電勢處處相同，圓軌道是等勢的，D正確。

故選CD。三、填空題(共6題，共12分)16、略

【分析】【詳解】

[1]正電荷在O點的電場方向斜向左上，負電荷在O點的電場方向斜向左下；由于距離相等，所以電場強度大小一樣，合場強方向水平向左；

[2]若再放一個適當電荷量的正點電荷，應該放在B處，這樣合場強可以為零。【解析】水平向左（或）B17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】定向移動18、略

【分析】【詳解】

正電荷經(jīng)過等勢面L3上某點時的動能為20J，運動至等勢面L1上的某一點時動能變?yōu)?，因為相鄰兩個等勢面間的電勢差相等，電場力做功相等，所以等勢面L2上的動能為10J，所以動能和電勢能之和為10J，當電荷的電勢能為4J時，其動能為6J。【解析】619、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)電容器電容公式有

[2]原來電容器所帶電荷量為【解析】①.②.20、略

【分析】【詳解】

[1]電源是通過非靜電力做功把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電勢能的裝置；故在電源內(nèi)部電子在非靜電力的作用下由電源的正極運動到電源的負極。

故選A。

[2]電子在非靜電力的作用下由電源的正極運動到電源的負極的過程非靜電力做正功?！窘馕觥緼正21、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]直線電流的磁場：右手握住導線；讓伸直的拇指所指的方向與電流方向一致，彎曲的四指所指的方向就是磁感線環(huán)繞的方向，如圖甲。

（2）[3][4]環(huán)形電流的磁場：讓右手彎曲的四指與環(huán)形電流的方向一致；伸直的拇指所指的方向就是環(huán)形導線軸線上磁感線的方向，如圖乙。

（3）[5][6][7]通電螺線管的磁場：右手握住螺線管，讓彎曲的四指所指的方向跟電流方向一致，拇指所指的方向就是螺線管內(nèi)部磁感線的方向，或拇指指向螺線管的N極，如圖丙?！窘馕觥竣?電流②.磁感線③.環(huán)形電流④.磁感線⑤.電流⑥.內(nèi)部⑦.N四、作圖題(共3題，共9分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

線框穿過磁場的過程可分為三個階段，進入磁場階段（只有邊在磁場中），在磁場中運動階段（兩邊都在磁場中），離開磁場階段（只有邊在磁場中）。

①線框進入磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性增加，最后為

②線框在磁場中運動階段：對應，時間內(nèi)，穿過線框的磁通量線性減小，最后為時間內(nèi)，穿過線框的磁通量反向線性增加，最后為

③線框離開磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性減小，最后為

畫出圖像如圖所示。

【解析】見解析23、略

【分析】【詳解】

根據(jù)電荷屬性；點電荷；等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線如下所示。

【解析】24、略

【分析】【詳解】

因為1；2接線柱之間的電阻與2、3接線柱之間的電阻之和等于1、3接線柱之間的電阻；所以2為中間的結(jié)點，又因為2、3接線柱之間的電阻與1、2接線柱之間的電阻的差等于1、2接線柱之間的電阻的一半，故2、3之間有兩個電阻井聯(lián)，后再與第三個電阻串聯(lián)，每個電阻均為1Ω，連接方式如圖所示。

【解析】五、實驗題(共1題，共8分)25、略

【分析】【分析】

(1)待測電流表的滿偏電流為其滿偏時與之串聯(lián)電流表的示數(shù)；采用“半偏法”測量電阻；

(2)電流表改裝電壓表需要串聯(lián)一個電阻分壓；

(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律推導關(guān)系式．

【詳解】

(1)[1]兩只電流表為串聯(lián)關(guān)系，電流相等，則電流表的量程為

[2]的指針達到滿偏刻度的一半，兩并聯(lián)支路的電流相等，則電阻相同，則的電阻為

(2)[3]改裝電壓表需要串聯(lián)一個電阻分壓達到增大量程的目的；

[4]根據(jù)部分電路歐姆定律可知：

(3)[5]根據(jù)閉合電路歐姆定律：

其中為兩個電流表電阻之和，則：

由關(guān)系式可得斜率的倒數(shù)為電動勢，即．

【點睛】

學會歐姆定律的應用，掌握半偏法和改裝電表的對應的實驗原理是解決該題的關(guān)鍵．【解析】串聯(lián)六、解答題(共4題，共8分)26、略

【分析】【詳解】

(1)小物塊Q在最高點M由牛頓第二定律得

C到M的過程中，對Q由動能定理得

解得

(2)根據(jù)題意并結(jié)合受力分析知，小物塊Q運動到與圓心的連線與豎直方向之間的夾角為45°的位置時，對軌道的壓力最