2025年統(tǒng)編版選修3物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年統(tǒng)編版選修3物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，各電阻阻值如圖所示，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從a端滑到b端的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是()

A.電流表的讀數(shù)I先增大，后減小B.電壓表的讀數(shù)U先減小，后增大C.電壓表讀數(shù)U與電流表讀數(shù)I的比值不變D.電壓表讀數(shù)的變化量ΔU與電流表讀數(shù)的變化量ΔI的比值不變2、下列說(shuō)法正確的是（）A.將細(xì)玻璃管豎直插入它的不浸潤(rùn)液體中，靜止時(shí)，管內(nèi)液面為凹面且低于管外液面B.冬季室內(nèi)的人向窗戶玻璃哈氣，玻璃內(nèi)外表面均會(huì)出現(xiàn)霧狀小水珠C.非晶體其實(shí)是粘稠度極高的液體D.若規(guī)定兩分子相距（為平衡距離）時(shí)分子勢(shì)能為零，則當(dāng)時(shí)，分子勢(shì)能為負(fù)3、如圖所示，在鐵芯P上繞著兩個(gè)線圈a和b；則。

A.線圈a輸入正弦交變電流，線圈b可輸入恒定電流B.線圈a輸入恒定電流，穿過(guò)線圈b的磁通量一定為零C.線圈b輸出的交變電流不對(duì)線圈a的磁場(chǎng)造成影響D.線圈a的磁場(chǎng)變化時(shí)，線圈b中一定有電場(chǎng)4、下列說(shuō)法正確的是（）A.布朗運(yùn)動(dòng)就是液體分子的熱運(yùn)動(dòng)B.在實(shí)驗(yàn)室中可以得到-273.15℃的低溫C.一定質(zhì)量的氣體被壓縮時(shí)，氣體壓強(qiáng)不一定增大D.熱量一定是從內(nèi)能大的物體傳遞到內(nèi)能小的物體5、如圖所示，一個(gè)帶負(fù)電荷的小球懸掛在豎直放置的平行板電容器內(nèi)部，閉合開關(guān)后，小球靜止時(shí)懸線與豎直方向成θ角，則（）

A.閉合開關(guān)后，減小AB板間的距離，則夾角θ增大B.閉合開關(guān)后，減小AB板間的距離，則夾角θ減小C.斷開開關(guān)后，使B板豎直向上移動(dòng)，則夾角θ減小D.斷開開關(guān)后，增大AB板間的距離，則夾角θ減小6、如圖，圓形區(qū)域內(nèi)有一垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，P為磁場(chǎng)邊界上的一點(diǎn)。有無(wú)數(shù)帶有同樣電荷、具有同樣質(zhì)量的粒子在紙面內(nèi)沿各個(gè)方向以同樣的速率通過(guò)P點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)。這些粒子射出邊界的位置均處于邊界的某一段弧上，這段圓弧的弧長(zhǎng)是圓周長(zhǎng)的1/3。將磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小從原來(lái)的變?yōu)榻Y(jié)果相應(yīng)的弧長(zhǎng)變?yōu)樵瓉?lái)的一半，則等于。

A.2B.C.D.37、下列說(shuō)法正確的是（）A.大量處于n＝5能級(jí)的氫原子，自發(fā)向低能級(jí)躍遷的過(guò)程中能輻射20種不同頻率的電磁波B.愛(ài)因斯坦提出質(zhì)能方程E＝mc2，其中E是物體以光速c運(yùn)動(dòng)時(shí)的動(dòng)能C.→+是釷核（）的β衰變方程，衰變過(guò)程會(huì)伴隨著γ射線產(chǎn)生D.高速運(yùn)動(dòng)的α粒子轟擊氮核可從氮核中打出中子，其核反應(yīng)方程為評(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖甲所示，一高度為H的汽缸直立在水平地面上，汽缸壁和活塞都是絕熱的，活塞橫截面積為S，在缸的正中間和缸口處有固定卡環(huán)，活塞可以在兩個(gè)卡環(huán)之間無(wú)摩擦運(yùn)動(dòng)?；钊路椒忾]有一定質(zhì)量的理想氣體，已知理想氣體內(nèi)能U與溫度T的關(guān)系為為正的常量，重力加速度為g。開始時(shí)封閉氣體溫度為T0，壓強(qiáng)等于外界大氣壓強(qiáng)p0；現(xiàn)通過(guò)電熱絲緩慢加熱，封閉氣體先后經(jīng)歷了如圖乙所示的三個(gè)狀態(tài)變化過(guò)程，則（）

A.活塞質(zhì)量為B.從b→c過(guò)程，氣體對(duì)外做功C.從a→d全過(guò)程，氣體內(nèi)能增加D.從a→d全過(guò)程，氣體吸收的熱量小于其內(nèi)能的增量9、關(guān)于光在傳播過(guò)程中的現(xiàn)象，下述說(shuō)法中正確的是（）A.雨后天空出現(xiàn)的彩虹是光的衍射現(xiàn)象B.白光通過(guò)三棱鏡在光屏上形成的彩色光帶是光的色散現(xiàn)象C.涂有增透膜的照相機(jī)鏡頭呈淡紫色，說(shuō)明增透膜增加了淡紫色光的透射程度D.夜間觀看到天空星座的位置比實(shí)際位置偏高，這是光的折射現(xiàn)象造成的10、如圖所示的光滑水平面上，水平條形區(qū)域I和II內(nèi)有方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其寬度均為s，區(qū)域I和II之間有一寬度為L(zhǎng)=3s的無(wú)磁場(chǎng)區(qū)域，一質(zhì)量為m、邊長(zhǎng)為s的正方形線框在水平恒定外力作用下從距區(qū)域I左邊界s處由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；假設(shè)線框能勻速地通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域I和II，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.線框通過(guò)區(qū)域I和區(qū)域II時(shí)的速度大小之比為B.區(qū)域I與區(qū)域II內(nèi)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小之比C.線框通過(guò)區(qū)域I和區(qū)域II過(guò)程產(chǎn)生的熱量相等D.線框右邊通過(guò)區(qū)域I和區(qū)域II過(guò)程通過(guò)線框某一橫截面積的電荷量相等11、如圖所示，同一豎直面內(nèi)的正方形導(dǎo)線框的邊長(zhǎng)均為電阻均為質(zhì)量分別為和．它們分別系在一跨過(guò)兩個(gè)定滑輪的輕繩兩端，在兩導(dǎo)線框之間有一寬度為磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為方向垂直豎直面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域．開始時(shí)，線框的上邊與勻強(qiáng)磁場(chǎng)的下邊界重合，線框的下邊到勻強(qiáng)磁場(chǎng)的上邊界的距離為．現(xiàn)將系統(tǒng)由靜止釋放，當(dāng)線框全部進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，兩個(gè)線框開始做勻速運(yùn)動(dòng)．不計(jì)摩擦和空氣阻力，重力加速度為則。

A.兩個(gè)線框勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大小為B.線框從下邊進(jìn)入磁場(chǎng)到上邊離開磁場(chǎng)所用時(shí)間為C.從開始運(yùn)動(dòng)到線框全部進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，線框所產(chǎn)生的焦耳熱為D.從開始運(yùn)動(dòng)到線框全部進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，兩線框共克服安培力做功為12、如圖甲為電動(dòng)汽車無(wú)線充電原理圖，M為受電線圈，N為送電線圈．圖乙為受電線圈M的示意圖，線圈匝數(shù)為n、電阻為r、橫截面積為S，a、b兩端連接車載變流裝置；磁場(chǎng)平行于線圓軸線向上穿過(guò)線圈．下列說(shuō)法正確的是。

A.當(dāng)線圈N接入恒定電流時(shí)，不能為電動(dòng)汽車充電B.當(dāng)線圈N接入正弦式交變電流時(shí)，線圈M兩端產(chǎn)生恒定電壓C.當(dāng)線圈M中的磁感應(yīng)強(qiáng)度增加時(shí)，有電流從a端流出D.充電時(shí)，△t時(shí)間內(nèi)線圈M中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均勻增加△B，則M兩端電壓為13、如圖甲所示，等離子氣流（由高溫高壓的等電量的正、負(fù)離子組成）由左方連續(xù)不斷地以速度v0射入P1和P2兩極板間的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，ab直導(dǎo)線與P1、P2相連接，線圈A與直導(dǎo)線cd相連接，線圈A內(nèi)存在如圖乙所示的變化磁場(chǎng)，且磁感應(yīng)強(qiáng)度B的正方向規(guī)定為向左；則下列敘述正確的是（）

A.0～1s內(nèi)ab、cd導(dǎo)線互相排斥B.1～2s內(nèi)ab、cd導(dǎo)線互相吸引C.2～3s內(nèi)ab、cd導(dǎo)線互相排斥D.3～4s內(nèi)ab、cd導(dǎo)線互相吸引14、我國(guó)“西電東送”采用高壓直流輸電,繼三峽至常州500kV直流輸電工程后,又實(shí)現(xiàn)了三峽至廣東的500kV直流輸電工程.這種輸電方式是在高壓交流遠(yuǎn)距離輸電的基礎(chǔ)上,增加了把交流變?yōu)橹绷鞯摹罢鳌痹O(shè)備,用戶端用專用的”逆變”設(shè)備把直流變?yōu)榻涣麝P(guān)于高壓近距離直流輸電,下列說(shuō)法正確的有()A.“整流”設(shè)備應(yīng)放在升壓變壓器后,而“逆變”設(shè)備放在降壓變壓器前B.有利于消除輸電線路中感抗和容抗的影響C.可以實(shí)現(xiàn)不同頻率的交流電網(wǎng)絡(luò)之間的電力傳輸D.高壓遠(yuǎn)距離直流輸電對(duì)輸電線路絕緣性能無(wú)要求15、如圖所示，水平面內(nèi)的等邊三角形ABC的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，頂點(diǎn)C恰好位于光滑絕緣直軌道CD的最低點(diǎn)，光滑直導(dǎo)軌的上端點(diǎn)D到A、B兩點(diǎn)的距離均為L(zhǎng)，D在AB邊上的豎直投影點(diǎn)為O，一對(duì)電荷量均為－Q的點(diǎn)電荷分別固定于A、B兩點(diǎn)。在D處將質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球套在軌道上，由靜止開始釋放。已知靜電力常量為k、重力加速度為g，且(忽略空氣阻力及小球?qū)υ妶?chǎng)的影響)；則。

A.小球剛到達(dá)C點(diǎn)時(shí)，其動(dòng)能為B.小球剛到達(dá)C點(diǎn)時(shí)，其加速度為零C.A、B兩處的電荷在D點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為D.小球沿直軌道CD下滑過(guò)程中，其電勢(shì)能先減小后增大評(píng)卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、如圖所示為圓柱形區(qū)域的橫截面，在該區(qū)域加沿圓柱軸線方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。帶電粒子（不計(jì)重力）第一次以速度v1沿截面直徑入射，粒子飛入磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，速度方向偏轉(zhuǎn)60°角；該帶電粒子第二次以速度v2從同一點(diǎn)沿同一方向入射，粒子飛出磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，速度方向偏轉(zhuǎn)90°角。則帶電粒子第一次和第二次在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑之比為_______；速度之比為__________；周期之比為_________；時(shí)間之比為__________。17、圖甲是研究光電效應(yīng)現(xiàn)象的裝置．某同學(xué)用該裝置探究遏止電壓．與入射光頻率之間的關(guān)系，得到圖乙圖象．圖中電源____端為正極(填“左”或“右")．該裝置陰極K的逸出功為____J.已知普朗克常量h=（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）

18、（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量某鋼管的外徑，某次游標(biāo)卡尺（主尺的最小分度為1mm）的示數(shù)如圖1所示，其讀數(shù)為_____cm。

（2）如圖2所示，螺旋測(cè)微器測(cè)出的某物件的寬度是_____mm。

19、如圖所示的電路中，E、r、R1已知，可變電阻R2的最大值

（1）當(dāng)R2=______時(shí)，R1的電功率P1有最大值，最大值為______；

（2）當(dāng)R2=______時(shí)，R2的電功率P2有最大值，最大值為______；

（3）當(dāng)R2=______時(shí)，電源功率PE有最大值，最大值為______；

（4）當(dāng)R2=______時(shí)，電源內(nèi)部消耗的功率有最小值，最小值為______

（5）當(dāng)R2=______時(shí)，電源輸出功率P出有最大值，最大值為______20、如圖所示，質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒a從h高處由靜止起沿足夠長(zhǎng)的光滑導(dǎo)電軌道滑下，另一質(zhì)量為2m的導(dǎo)體棒b靜止在寬為L(zhǎng)的光滑水平導(dǎo)軌上，在水平軌道區(qū)域有垂直于軌道平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，a、b導(dǎo)體棒不會(huì)相碰，重力加速度取g，則a、b導(dǎo)體棒的最終的共同速度為__________，回路中最多能產(chǎn)生焦耳熱為__________．

21、小涵站在平面鏡前0.5m處觀察自己在鏡中的像，像到平面鏡的距離是______m，她向后退的過(guò)程中，像的大小______（選填“變大”、“變小”或“不變”）。22、“正電子湮沒(méi)”是指正電子與電子相遇后一起消失而放出光子的過(guò)程，若一個(gè)電子和一個(gè)正電子相撞發(fā)生湮滅轉(zhuǎn)化成一對(duì)光子，正、負(fù)電子的質(zhì)量均為相碰前動(dòng)能均為光速為普朗克常量為則對(duì)撞過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)量_____（選填“守恒”、“不守恒”），光子的頻率為_________．評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共2分)26、用如圖（甲）所示的電路圖研究額定電壓為2.4V的燈泡L的伏安特性；并測(cè)出該燈泡在額定電壓下工作時(shí)的電阻值．

（1）在閉合開關(guān)S前，滑動(dòng)變阻器觸頭應(yīng)該放在端________．（選填“a”或“b”）；

（2）按電路圖（甲）測(cè)出的燈泡電阻值比真實(shí)值________（選填“偏大”或“偏小”）．根據(jù)所得到的圖像如圖（乙）所示，它在額定電壓下實(shí)際功率P＝________W；

（3）若將該燈泡直接接在電動(dòng)勢(shì)為2.4V，內(nèi)阻為6Ω的電源兩端，此時(shí)電路工作的效率為________．評(píng)卷人得分六、解答題(共1題，共4分)27、如圖所示，水平放置的兩個(gè)平行金屬板間有豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，板長(zhǎng)為L(zhǎng)，板間距離為d，在距極板右端L處有一個(gè)豎直放置的屏M，一個(gè)帶電荷量為q、質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)以初速度v0從兩板中央平行于極板正對(duì)屏的P點(diǎn)射入電場(chǎng)，最后垂直打在M屏上（重力加速度取g）；試求：

(1)板間的場(chǎng)強(qiáng)大小為多少？

(2)質(zhì)點(diǎn)打P點(diǎn)上方還是下方，相對(duì)于進(jìn)入時(shí)的水平線的豎直位移為多少？參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【詳解】

試題分析：由數(shù)學(xué)知識(shí)可知，當(dāng)P點(diǎn)在中點(diǎn)時(shí)外電阻最大；故當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從a端滑到b端的過(guò)程中，總電阻先增大后減小，電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻不變，根據(jù)閉合電路歐姆定律，總電流先減小后增大，則內(nèi)電壓先減小后增大，外電壓先增大后減?。蔄、B錯(cuò)誤．電壓表讀數(shù)U與電流表讀數(shù)I的比值表示外電阻，外電阻先增大后減小．故C錯(cuò)誤．因?yàn)閮?nèi)外電壓之和不變，所以外電壓的變化量的絕對(duì)值和內(nèi)電壓變化量的絕對(duì)值相等．所以=r．故D正確．故選D．

考點(diǎn)：電路的動(dòng)態(tài)分析2、C【分析】【詳解】

A．不浸潤(rùn)液體呈凸液面；故A錯(cuò)誤；

B．冬季室內(nèi)的人向窗戶玻璃哈氣；玻璃內(nèi)表面會(huì)出現(xiàn)霧狀小水珠，外表面不會(huì)出現(xiàn)水珠，故B錯(cuò)誤；

C．非晶體的結(jié)構(gòu)與液體類似；可以看作是粘稠度極高的液體，故C正確；

D．當(dāng)分子間距離等于平衡距離r0時(shí)，分子間作用力為零，分子勢(shì)能最小，故當(dāng)r>r0時(shí)；分子勢(shì)能為正，故D錯(cuò)誤。

故選Ｃ。3、D【分析】【詳解】

試題分析：若線圈a輸入正弦交變電流，根據(jù)電磁感應(yīng)現(xiàn)象則線圈b也可輸出正弦交變電流；線圈a輸入恒定電流，穿過(guò)線圈b的磁通量一定不為零；線圈b輸出的交變電流的磁場(chǎng)會(huì)阻礙線圈a的磁場(chǎng)的變化；線圈a的磁場(chǎng)變化時(shí)，穿過(guò)線圈b的磁通量發(fā)生變化，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，在線圈b中一定有感生電動(dòng)勢(shì)產(chǎn)生，即線圈b中一定有電場(chǎng)．選項(xiàng)D正確．

考點(diǎn)：電磁感應(yīng)現(xiàn)象及楞次定律．4、C【分析】試題分析：布朗運(yùn)動(dòng)是液體分子對(duì)懸浮微粒的撞擊形成的；是懸浮微粒的運(yùn)動(dòng)，則A選項(xiàng)錯(cuò)誤；無(wú)論是自然界還是實(shí)驗(yàn)室的溫度只能無(wú)限靠近-273.15°C但卻不能達(dá)到這個(gè)溫度，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；據(jù)PV/T=K可知，一定質(zhì)量的氣體被壓縮時(shí)，如果溫度也降低，有可能使壓強(qiáng)減小，C選項(xiàng)正確；熱傳遞是指在不發(fā)生任何變化的情況下熱量由高溫物體傳遞給低溫物體或者是高溫部分傳遞給低溫部分，也就是說(shuō)熱傳遞能否發(fā)生只和溫度相關(guān)和內(nèi)能的大小沒(méi)有關(guān)系，所以D選項(xiàng)錯(cuò)誤。

考點(diǎn)：布朗運(yùn)動(dòng)；內(nèi)能、熱力學(xué)第三定律、理想氣體狀態(tài)方程。

【名師點(diǎn)睛】本題考查布朗運(yùn)動(dòng)、內(nèi)能、熱力學(xué)第三定律、理想氣體狀態(tài)方程等知識(shí)點(diǎn)的考查；都是容易出錯(cuò)的知識(shí)點(diǎn)，尤其是布朗運(yùn)動(dòng)，它是分子熱運(yùn)動(dòng)的表現(xiàn)，是固體顆粒的無(wú)規(guī)則的運(yùn)動(dòng)，而不是液體分析的運(yùn)動(dòng)。5、A【分析】【詳解】

AB：保持開關(guān)S閉合，電容器兩板間電壓等于電源電動(dòng)勢(shì)不變，減小AB板間的距離則板間電場(chǎng)強(qiáng)度增大，小球所受電場(chǎng)力變大，小球靜止時(shí)懸線與豎直方向的夾角θ變大．故A項(xiàng)正確；B項(xiàng)錯(cuò)誤．

C：斷開開關(guān)，電容器所帶電荷量不變，據(jù)可得：B板豎直向上移動(dòng)，兩板正對(duì)面積減小，板間電場(chǎng)強(qiáng)度增大，小球所受電場(chǎng)力變大，小球靜止時(shí)懸線與豎直方向的夾角θ變大．故C項(xiàng)錯(cuò)誤．

D：斷開開關(guān)，電容器所帶電荷量不變，據(jù)可得：增大AB板間的距離，板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變，小球所受電場(chǎng)力不變，小球靜止時(shí)懸線與豎直方向的夾角θ不變．故D項(xiàng)錯(cuò)誤．

【點(diǎn)睛】

①平行板電容器充電后，若保持其始終與直流電源相連，則板間電壓不變．當(dāng)電容器電容的影響因素發(fā)生變化后，據(jù)來(lái)判斷各量如何變化．

②平行板電容器充電后與電源斷開，由于電荷不能移動(dòng)，電容器的帶電量不變．當(dāng)電容器電容的影響因素發(fā)生變化后，據(jù)來(lái)判斷各量如何變化．6、B【分析】【分析】

畫出導(dǎo)電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡；找出臨界條件好角度關(guān)系，利用圓周運(yùn)動(dòng)由洛侖茲力充當(dāng)向心力，分別表示出圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，進(jìn)行比較即可。

【詳解】

磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1時(shí)；從P點(diǎn)射入的粒子與磁場(chǎng)邊界的最遠(yuǎn)交點(diǎn)為M，最遠(yuǎn)的點(diǎn)是軌跡上直徑與磁場(chǎng)邊界圓的交點(diǎn)，∠POM=120°，如圖所示：

所以粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R為：sin60°=得：

磁感應(yīng)強(qiáng)度為B2時(shí)；從P點(diǎn)射入的粒子與磁場(chǎng)邊界的最遠(yuǎn)交點(diǎn)為N，最遠(yuǎn)的點(diǎn)是軌跡上直徑與磁場(chǎng)邊界圓的交點(diǎn)，∠PON=60°，如圖所示：

所以粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R′為：sin30°=得：

由帶電粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑：得：

聯(lián)立解得：

故選：B。

【點(diǎn)睛】

帶電粒子在電磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)一般有直線運(yùn)動(dòng)、圓周運(yùn)動(dòng)和一般的曲線運(yùn)動(dòng)；直線運(yùn)動(dòng)一般由動(dòng)力學(xué)公式求解，圓周運(yùn)動(dòng)由洛侖茲力充當(dāng)向心力，一般的曲線運(yùn)動(dòng)一般由動(dòng)能定理求解。7、C【分析】【詳解】

A.根據(jù)＝10可知，一群處于n＝5能級(jí)態(tài)的氫原子；自發(fā)向低能級(jí)躍遷的過(guò)程中最多能夠輻射10種不同頻率的電磁波．故A不符合題意；

B.根據(jù)質(zhì)能方程的意義可知，在質(zhì)能方程E＝mc2中，其中E是質(zhì)量為m的物體對(duì)應(yīng)的能量值，不是以光速c運(yùn)動(dòng)時(shí)的動(dòng)能．故B不符合題意；

C.根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒以及核反應(yīng)的特點(diǎn)可知，→+是釷核（）的β衰變方程，衰變過(guò)程會(huì)伴隨著γ射線產(chǎn)生．故C符合題意；

D.高速運(yùn)動(dòng)的α粒子轟擊氮核可從氮核中打出質(zhì)子，其核反應(yīng)方程為．故D不符合題意．二、多選題(共8題，共16分)8、A:C【分析】【詳解】

A．氣體在等壓膨脹過(guò)程中由受力平衡，有

解得

故A正確；

B．圖像斜率不變時(shí)體積不變，只有在b→c過(guò)程中氣體對(duì)外做功

故B錯(cuò)誤；

C．在a→d全過(guò)程中，由理想氣體狀態(tài)方程，有

由題目條件可知?dú)怏w內(nèi)能的變化量

故C正確；

D．從a→d全過(guò)程；氣體對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體吸收的熱量大于其內(nèi)能的增量，故D錯(cuò)誤。

故選AC。9、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．雨后天空出現(xiàn)的彩虹是光的折射現(xiàn)象；故A錯(cuò)誤；

B．白光通過(guò)分光鏡在光屏上形成的彩色光帶是由于不同色光折射率不同而產(chǎn)生光的色散現(xiàn)象；故B正確；

C．在選擇增透膜時(shí)，一般是使對(duì)人眼靈敏的綠色光在垂直入射時(shí)相互抵消，這時(shí)光譜中其它頻率的光將大部分抵消，因此進(jìn)入鏡頭的光有很多，但以抵消綠光為主，這樣照相的效果更好。對(duì)于增透膜，有約1.3%的光能量會(huì)被反射，再加之對(duì)于其它波長(zhǎng)的光，給定膜層的厚度是綠光在薄膜中的波長(zhǎng)的倍；從薄膜前后表面的反射綠光相互抵消，而波長(zhǎng)較長(zhǎng)的紅色光以及波長(zhǎng)較短的不能完全抵消，所以鏡頭呈淡紫色，故C錯(cuò)誤。

D．夜間觀看到天邊星座的位置比實(shí)際位置高；這是光的折射現(xiàn)象，故D正確；

故選BD。10、A:C【分析】【詳解】

A、線框進(jìn)入Ⅰ的速度為v1，根據(jù)速度位移關(guān)系可得：v12=2as，進(jìn)入II的速度為v2，從開始到線框進(jìn)入II區(qū)域勻加速的位移為L(zhǎng)，根據(jù)速度位移關(guān)系可得：v22=2aL，解得：A正確；

B、根據(jù)兩種情況下的安培力大小相等可得：B1I1s=B2I2s，即解得B錯(cuò)誤；

C、線框通過(guò)區(qū)域I和區(qū)域II過(guò)程產(chǎn)生的熱量等于克服安培力做的功，即W=BIs?s=所以產(chǎn)生的熱量相等，C正確；

D、線框右邊通過(guò)區(qū)域I過(guò)程通過(guò)線框某一橫截面積的電荷量為線框右邊通過(guò)區(qū)域I過(guò)程通過(guò)線框某一橫截面積的電荷量為由于磁感應(yīng)強(qiáng)度不同，則電荷量不同，D錯(cuò)誤.

故選AC.11、A:B:C【分析】【分析】

當(dāng)b剛?cè)窟M(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)；系統(tǒng)開始做勻速運(yùn)動(dòng)，分別對(duì)兩線框列平衡方程，可得線框受到安培力大小，繼而求得感應(yīng)電流大小，根據(jù)歐姆定律和法拉第電磁感應(yīng)定律可得系統(tǒng)勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小，即可求得線框通過(guò)磁場(chǎng)的時(shí)間；當(dāng)左；右兩線框分別向上、向下運(yùn)動(dòng)2l的距離時(shí)，兩線框等高，根據(jù)能量守恒得系統(tǒng)機(jī)械能的減少等于產(chǎn)生的總焦耳熱；根據(jù)功能關(guān)系求解兩線框組成的系統(tǒng)克服安培力做的功；

【詳解】

A、設(shè)兩線框剛勻速運(yùn)動(dòng)的速度為v，此時(shí)輕繩上的張力為T，則對(duì)a有：對(duì)b有：聯(lián)立解得：故A正確；

B、線框a從下邊進(jìn)入磁場(chǎng)后，線框a通過(guò)磁場(chǎng)時(shí)以速度v勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)線框a通過(guò)磁場(chǎng)的時(shí)間為t，則：故B正確；

C、從開始運(yùn)動(dòng)到線框a全部進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，線框a只在a勻速進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中產(chǎn)生焦耳熱，設(shè)為Q，由功能關(guān)系可得：所以：故C正確；

D、設(shè)兩線框從開始運(yùn)動(dòng)至a全部進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，兩線框共克服安培力做的功為W，此過(guò)程中左、右兩線框分別向上、向下運(yùn)動(dòng)的距離，對(duì)這一過(guò)程，由能量守恒定律有：解得：故D錯(cuò)誤；

故選ABC．12、A:C【分析】【詳解】

A．當(dāng)送電線圈N接入恒定電流；則產(chǎn)生的磁場(chǎng)不變化，受電線圈M中的磁通量沒(méi)有發(fā)生變化，故無(wú)法產(chǎn)生感應(yīng)電流，不能為電動(dòng)汽車充電，故A正確；

B．當(dāng)線圈N接入正弦式交變電流時(shí)；受電線圈M中的磁通量線圈按正弦式變化，故M兩端產(chǎn)生正弦式電壓，故B錯(cuò)誤；

C．穿過(guò)線圈M的磁感應(yīng)強(qiáng)度增加，根據(jù)楞次定律，如果線圈閉合，感應(yīng)電流的磁通量向下，故感應(yīng)電流方向從b向a；即電流從a端流出；故C正確；

D．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，有：E＝nnS設(shè)受電線圈外接電路的電阻為R，由閉合電路的歐姆定律得M兩端的電壓UR故D錯(cuò)誤．13、B:C【分析】【詳解】

左側(cè)實(shí)際上為等離子體發(fā)電機(jī)，將在ab中形成從a到b的電流，由圖乙可知，0~2s內(nèi)磁場(chǎng)均勻變化，根據(jù)楞次定律可知將形成從c到d的電流，同理2~4s形成從d到c的電流，且電流大小不變，故0~2s秒內(nèi)電流同向，相互吸引，2~4s電流反向，相互排斥，故A，D錯(cuò)誤，B，C正確.故選BC.14、A:B:C【分析】【詳解】

A項(xiàng)：變壓器只對(duì)交流電起到變壓的作用；故“整流”設(shè)備應(yīng)放在升壓變壓器后，而“逆變”設(shè)備放在降壓變壓器前，故A正確；

B項(xiàng)：高壓恒定的直流輸電消除了輸電線中感抗和容抗的影響；故B正確；

C項(xiàng)：直流電無(wú)頻率；所以可實(shí)現(xiàn)不同頻率的交流電網(wǎng)絡(luò)之間的電力傳輸，故C正確；

D項(xiàng)：高壓直流輸電沒(méi)有降低輸電線路絕緣性能的要求，故D錯(cuò)誤．15、B:D【分析】【分析】

根據(jù)矢量合成的方法；結(jié)合庫(kù)侖定律即可求出D點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度；對(duì)C點(diǎn)的小球進(jìn)行受力分析，結(jié)合庫(kù)侖定律即可求出小球在C點(diǎn)的加速度；根據(jù)功能關(guān)系即可求出小球到達(dá)C的動(dòng)能；根據(jù)等量同種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)的特點(diǎn)分析各點(diǎn)的電勢(shì)的變化，然后結(jié)合電勢(shì)與電勢(shì)能的關(guān)系分析小球的電勢(shì)能的變化。

【詳解】

A項(xiàng)：由于C與D到A；B的距離都等于L；結(jié)合等量同種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)特點(diǎn)可知，C點(diǎn)與D點(diǎn)的電勢(shì)是相等的，所以小球從D到C的過(guò)程中電場(chǎng)力做功的和等于0，則只有重力做功，小球的機(jī)械能守恒，得。

由幾何關(guān)系可得：

小球的動(dòng)能：故A錯(cuò)誤；

B項(xiàng)：由幾何關(guān)系得：則：∠OCD=45°

對(duì)小球進(jìn)行受力分析；其受力的剖面圖如圖：

由于C到A；B的距離與D到A、B的距離都等于L；結(jié)合A的分析可知，C點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小與D點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小相等，方向指向O點(diǎn)，即：

沿斜面方向：mgcos45°-F?cos45°=ma

垂直于方向：mgsin45°+Fsin45°=N

其中F是庫(kù)侖力，聯(lián)立以上三式得：a=0．故B正確；

C項(xiàng)：負(fù)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)指向負(fù)電荷；可知兩個(gè)負(fù)電荷在D處的電場(chǎng)強(qiáng)度分別指向A與B，由于兩個(gè)點(diǎn)電荷的電量是相等的，所以兩個(gè)點(diǎn)電荷在D點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小相等，則它們的合場(chǎng)強(qiáng)的方向沿DA；DB的角平分線；

由庫(kù)侖定律，A、B在D點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)的大?。核鼈兊暮蠄?chǎng)強(qiáng)：ED=EAcos30°+EBcos30°=故C錯(cuò)誤；

D項(xiàng)：由幾何關(guān)系可知；在CD的連線上，CD連線的中點(diǎn)處于到A；B的距離最小，電勢(shì)最低，小球帶正電，所以小球在CD的連線中點(diǎn)處的電勢(shì)能最小。則小球沿直軌道CD下滑過(guò)程中，其電勢(shì)能先減小后增大。故D正確。

故選：BD。

【點(diǎn)睛】

此題的難度在于計(jì)算小球到最低點(diǎn)時(shí)的電場(chǎng)力的大小，注意AB處有等量同異種電荷，CD位于AB邊的中垂面上。三、填空題(共7題，共14分)16、略

【分析】【分析】

粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，受到洛倫茲力作用而做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度的偏向角等于軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角，再可求出軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角由求解時(shí)間之比；根據(jù)幾何知識(shí)求出軌跡半徑之比，由半徑公式求出速度之比．

【詳解】

設(shè)圓柱形區(qū)域?yàn)镽。帶電粒子第一次以速度沿直徑入射時(shí)；軌跡如圖所示：

粒子飛出此磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)速度方向偏轉(zhuǎn)60°角，則知帶電粒子軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角軌跡半徑為運(yùn)動(dòng)時(shí)間為帶電粒子第二次以速度沿直徑入射時(shí)，粒子飛出此磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)速度方向偏轉(zhuǎn)90°角，則知帶電粒子軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角軌跡半徑為運(yùn)動(dòng)時(shí)間為所以軌跡半徑之比：時(shí)間之比：根據(jù)半徑公式得速度之比：根據(jù)可知；周期之比為1：1。

【點(diǎn)睛】

本題關(guān)鍵要掌握推論：粒子速度的偏向角等于軌跡的圓心角，運(yùn)用幾何知識(shí)求出半徑關(guān)系，就能正確解答【解析】111:12：317、略

【分析】【詳解】

因?yàn)槭茄芯慷糁闺妷旱难b置，所以所加電壓應(yīng)為反向電壓，阻值光電子到達(dá)A極板形成光電流，所以A極板接電源負(fù)極，K級(jí)板接電源正極，電源右端為正極；根據(jù)圖像乙可知，當(dāng)頻率為時(shí)，所需遏止電壓為零，說(shuō)明此時(shí)對(duì)應(yīng)頻率為截止頻率所以逸出功：【解析】右3.38×10-1918、略

【分析】【分析】

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測(cè)微器和游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法；螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀，游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)尺讀數(shù)，不需估讀。

【詳解】

（1）[1]游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為5.4cm，游標(biāo)尺上第4個(gè)刻度與主尺刻度對(duì)齊，則游標(biāo)尺讀數(shù)為

所以最終讀數(shù)為

（2）[2]螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為5.5mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為

所以最終讀數(shù)為

【點(diǎn)睛】

螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀；游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)尺讀數(shù)，不需估讀，注意兩種儀器讀數(shù)的不同?！窘馕觥?.445.69519、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]當(dāng)

時(shí)，R1的電功率有最大值，為

（2）[3][4]當(dāng)

時(shí)，有

（3）[5][6]當(dāng)

時(shí)，有

（4）[7][8]當(dāng)

時(shí)，有

（5）[9][10]當(dāng)

時(shí)，有

【點(diǎn)睛】

本題考查電路中的定值電阻電功率、可變電阻電功率、電源內(nèi)阻電功率、電源輸出功率的計(jì)算，注意各種電功率的處理方法?！窘馕觥?0R2max20、略

【分析】【分析】

a先加速下滑，進(jìn)入磁場(chǎng)后切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流，受到向左的安培力而做減速運(yùn)動(dòng)，b在安培力作用下向右加速運(yùn)動(dòng)；也切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，此感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與a的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)方向相反，整個(gè)回路總的電動(dòng)勢(shì)減小，感應(yīng)電流減小，兩棒所受的安培力減小，當(dāng)兩棒的速度相等時(shí)，電路中不再產(chǎn)生感應(yīng)電流，兩棒不受安培力，將一起做勻速運(yùn)動(dòng)，達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)．以兩棒組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，滿足動(dòng)量守恒，據(jù)動(dòng)量守恒定律求解即可；當(dāng)兩棒最終一-起做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，回路中不再產(chǎn)生焦耳熱，根據(jù)能量守恒定律求解即可．

【詳解】

第一空．a(chǎn)從h高處由靜止滑到水平導(dǎo)軌處；由動(dòng)能定理得：

解得：

a進(jìn)入磁場(chǎng)后，a棒減速，b棒加速，最終速度相等，a、b系統(tǒng)水平方向合外力為零．

設(shè)水平向右為正方向；由動(dòng)量守恒定律得：

解得，最終速度：

第二空．整個(gè)過(guò)程；對(duì)系統(tǒng),由能量守恒定律得：

解得：．

【點(diǎn)睛】

本題考查電磁感應(yīng)現(xiàn)象的綜合應(yīng)用，屬于一般題型．【解析】21、略

【分析】【詳解】

小涵站在平面鏡前0.5m；小涵在平面鏡中成像，小涵的像和小涵到平面鏡的距離相等，所以小涵的像到平面鏡的距離也是0.5m。小涵后退遠(yuǎn)離平面鏡，小涵像的大小跟小涵的大小有關(guān)，跟到平面鏡的距離無(wú)關(guān)，所以小涵的像大小不變。

【點(diǎn)睛】

物體在平面鏡中成像，像的大小只跟物體大小有關(guān)，跟平面鏡大小，跟物體到平面鏡的距離無(wú)關(guān)。但是我們遠(yuǎn)離平面鏡時(shí)，看到自己在平面鏡中的像變小，是因?yàn)檠劬聪竦囊暯亲冃?，產(chǎn)生了錯(cuò)覺(jué)，像的實(shí)際大小是沒(méi)有發(fā)生變化的?！窘馕觥?.5；不變；22、略

【分析】【詳解】

光子無(wú)靜止的質(zhì)量，撞過(guò)程中動(dòng)量守恒，則電子對(duì)撞過(guò)程中的質(zhì)量虧損為．由愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程中電子對(duì)撞放出的能量為根據(jù)能量守恒得，每個(gè)光子的能量為又聯(lián)立得到，光子的頻率【解析】守恒四、作圖題(共3題，共27分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较?，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名