2025年滬教新版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年滬教新版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、自然界的電、熱和磁等現(xiàn)象都是相互聯(lián)系的，很多物理學(xué)家為尋找它們之間的聯(lián)系做出了貢獻(xiàn)。下列說(shuō)法正確的是A.法拉第發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系B.歐姆發(fā)現(xiàn)了歐姆定律，說(shuō)明了電現(xiàn)象和熱現(xiàn)象之間存在聯(lián)系C.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，揭示了磁現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間的聯(lián)系D.焦耳發(fā)現(xiàn)了電流的熱效應(yīng)，定量給出了電能和熱能之間的轉(zhuǎn)換關(guān)系2、第一個(gè)用實(shí)驗(yàn)證實(shí)電磁波存在的物理學(xué)家是（）A.赫茲B.愛(ài)因斯坦C.麥克斯韋D.法拉第3、重為10N的物體，在粗糙水平面上向右運(yùn)動(dòng)，物體和水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2，同時(shí)物體還受到一個(gè)大小為2N、方向水平向左的水平拉力F作用，如圖所示，則水平面對(duì)物體的摩擦力的大小和方向是（）A.4N，水平向右B.4N，水平向左C.2N，水平向右D.2N，水平向左4、如圖所示；帶箭頭的直線是某一電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線，在這條線上有AB

兩點(diǎn)，用EAEB

表示AB

兩處的場(chǎng)強(qiáng)，則。

A.AB

兩處的場(chǎng)強(qiáng)方向可能相反。

B.因?yàn)锳B

在一條電場(chǎng)上，且電場(chǎng)線是直線，所以EA=E

B

C.電場(chǎng)線從A

指向B

所以EA>E

B

D.不知AB

附近電場(chǎng)線的分布情況，EAEB

的大小不能確定5、A；B為平行板電容器的兩塊金屬板；A極板與靜電計(jì)的金屬小球相連，靜電計(jì)的外殼和B極板都接地，將它們水平放置．當(dāng)A板帶上一定量電荷后，靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)一定角度，如圖所示（靜電計(jì)金屬小球及金屬桿、指針等所帶的電量與金屬板A所帶的電量相比可以忽略不計(jì)）．此時(shí)，在A、B板間有一電荷量為q的油滴靜止在P點(diǎn)，（油滴所帶電荷量很少，它對(duì)A、B板間電場(chǎng)的影響可以忽略），以下結(jié)正確的是（）

A.A極板不動(dòng)；將B極板向下移動(dòng)一小段距離，油滴q保持不動(dòng)，靜電計(jì)指針偏角減小。

B.B極板不動(dòng)；將A極板向下移動(dòng)一小段距離，油滴q保持不動(dòng)，靜電計(jì)指針偏角減小。

C.A極板不動(dòng)；將B極板向右水平移動(dòng)一小段距離，油滴q向上運(yùn)動(dòng)，靜電計(jì)指針偏角增大。

D.B極板不動(dòng)；將A極板向右水平移動(dòng)一小段距離，油滴q向下運(yùn)動(dòng)，靜電計(jì)指針偏角減小。

6、質(zhì)量為m

的物體從離湖面H

高處由靜止釋放；落在距湖面為h

的湖底，如圖所示，在此過(guò)程中()

A.重力對(duì)物體做功為mgH

B.重力對(duì)物體做功為mg(H鈭?h)

C.物體的重力勢(shì)能增加了mgH

D.物體的重力勢(shì)能減少了mg(H+h)

7、以初速度婁脭0

豎直向上拋出一個(gè)質(zhì)量為m

的小球，上升最大高度是h.

如果空氣阻力f

的大小恒定，則從拋出到落回出發(fā)點(diǎn)的整個(gè)過(guò)程中，空氣阻力對(duì)小球做的功為()

A.0

B.鈭?fh

C.鈭?2fh

D.鈭?2mgh

8、從水平水管中噴出的水柱顯示了平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡，由于水柱是向下彎曲的，所以（）A.水在豎直方向的速度越來(lái)越慢B.水在豎直方向的速度越來(lái)越快C.水在水平方向的速度越來(lái)越慢D.水在水平方向的速度越來(lái)越快評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖所示.

邊長(zhǎng)為L(zhǎng)

的正方形金屬框在外力作用下水平向右運(yùn)動(dòng).

穿過(guò)寬度為d(d>L)

的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，則線框從磁場(chǎng)左側(cè)進(jìn)入的過(guò)程和從磁場(chǎng)右側(cè)穿出的過(guò)程相比較.

有(

)

A.線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相同B.線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相反C.線框所受的安培力方向相同D.線框所受的安培力方向相反10、如圖甲所示，光滑的水平地面上放有一質(zhì)量為M

長(zhǎng)為L(zhǎng)=4.0m

的木板.

從t=0

時(shí)刻開(kāi)始，質(zhì)量為m=1.0kg

的物塊以初速度v0=6m/s

從左側(cè)滑上木板，同時(shí)在木板上施一水平向右的恒力F=7.0N

已知開(kāi)始運(yùn)動(dòng)后1s

內(nèi)兩物體的v鈭?t

圖線如圖乙所示，物塊可視為質(zhì)點(diǎn)，g

取10m/s2

下列說(shuō)法正確的是()

A.木板的質(zhì)量M=1.5kg

B.第1s

內(nèi)物塊與木板間摩擦生熱的值為3.5J

C.t=1.5s

時(shí)，木板的加速度為73m/s2

D.t=2s

時(shí)，木板的速度為7.2m/s

11、一列沿x

軸方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，t

=0

時(shí)刻的波形如圖中實(shí)線所示，t

=0.2s

時(shí)刻的波形如圖中的虛線所示；則正確的是()

A.質(zhì)點(diǎn)P

的運(yùn)動(dòng)方向一定沿y

軸正方向B.波的周期可能為0.25s

C.波的頻率可能為3.75Hz

D.波的傳播速度可能為150m/s

12、將閉合多匝線圈置于僅隨時(shí)間變化的磁場(chǎng)中，線圈平面與磁場(chǎng)方向垂直，關(guān)于線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流，下列表述正確的是(

)

A.感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小與線圈的匝數(shù)有關(guān)B.穿過(guò)線圈的磁通量越大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大C.穿過(guò)線圈的磁通量變化越快，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大D.感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向與原磁場(chǎng)方向始終相同13、(

多選)

在遠(yuǎn)距離輸電中，當(dāng)輸電線的電阻和輸送的電功率不變時(shí)，那么()

A.輸電線路上損失的電壓與輸送電流成正比B.輸送電壓越高，輸電線路上損失的電壓越大C.輸電線路上損失的功率跟輸送電壓的平方成反比D.輸電線路上損失的功率跟輸電線上的電流成正比14、下列說(shuō)法中正確的是A.光纖通訊是利用了光的全反射現(xiàn)象B.用標(biāo)準(zhǔn)平面檢查工件表面的平整程度是利用了光的干涉現(xiàn)象C.門(mén)鏡可以擴(kuò)大視野是利用了光的干涉現(xiàn)象D.光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明光是橫波15、空間存在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)和水平方向(

垂直紙面向里)

的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，如圖所示，已知一離子在電場(chǎng)力和洛侖茲力共同作用下，從靜止開(kāi)始自A

點(diǎn)沿曲線ACB

運(yùn)動(dòng)，到達(dá)B

點(diǎn)時(shí)速度為零，C

為運(yùn)動(dòng)的最低點(diǎn).

不計(jì)重力，則()

A.該離子帶負(fù)電。

B.A；B

兩點(diǎn)位于同一高度。

C.C

點(diǎn)時(shí)離子速度最大。

D.離子到達(dá)B

點(diǎn)后，將沿原曲線返回A

點(diǎn)16、下列屬于離心現(xiàn)象的是(

)

A.投出籃球B.投擲標(biāo)槍C.用洗衣機(jī)脫去濕衣服中的水D.旋轉(zhuǎn)雨傘甩掉雨傘上的水滴17、如圖甲所示的電路中，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為10：1，原線圈接入圖乙所示的不完整的正弦交流電，電壓表和電流表均為理想電表，R1=6Ω，R1=R3=10Ω，則下列說(shuō)法正確的是（）A.開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)，電流表示數(shù)為AB.開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，電壓表示數(shù)為11VC.開(kāi)關(guān)S從從斷開(kāi)到閉合時(shí)，電壓表示數(shù)增大D.開(kāi)關(guān)S從從斷開(kāi)到閉合時(shí)，電流表示數(shù)增大評(píng)卷人得分三、雙選題(共2題，共4分)18、下列說(shuō)法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解19、下列說(shuō)法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解評(píng)卷人得分四、填空題(共2題，共6分)20、電量為2×10-6C的點(diǎn)電荷q1放入電場(chǎng)中A點(diǎn)，受到作用力為4×10-4N，方向向右，若在A點(diǎn)放一個(gè)電量為-4×10-6C的點(diǎn)電荷q2，則q2在A點(diǎn)受到的作用力為_(kāi)___N，方向____．21、如圖所示，兩平行板相距10cm

板間有AB

兩點(diǎn)相距4cm

現(xiàn)將一帶電量q=鈭?3隆脕10鈭?4c

的電荷，從A

點(diǎn)移到B

點(diǎn)，電場(chǎng)力做了7.2隆脕10鈭?3J

的正功，則AB

兩點(diǎn)的電勢(shì)差UAB=

______V

兩金屬板間電場(chǎng)強(qiáng)度大小E=

______V/m

兩金屬板間的電勢(shì)差U=

______V.

評(píng)卷人得分五、判斷題(共3題，共24分)22、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）23、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）24、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分六、計(jì)算題(共3題，共15分)25、如圖所示，上端開(kāi)口的光滑圓柱形絕熱氣缸豎直放置，質(zhì)量m=5kg

橫截面積S=50cm2

的活塞將一定質(zhì)量的理想氣體封閉在氣缸內(nèi)，在氣缸內(nèi)距缸底某處設(shè)有體積可忽略的卡環(huán)ab

使活塞只能向上滑動(dòng)，開(kāi)始時(shí)活塞擱在ab

上，缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)等于大氣壓強(qiáng)，溫度為300K.

現(xiàn)通過(guò)內(nèi)部電熱絲緩慢加熱氣缸內(nèi)氣體，直至活塞恰好離開(kāi)ab.

已知大氣壓強(qiáng)p0=1.0隆脕105Pag

取10m/s2

．

(1)

求加熱后氣缸內(nèi)氣體的溫度;

(2)

繼續(xù)加熱氣缸內(nèi)的氣體，使活塞緩慢上升H=0.1m(

活塞未滑出氣缸)

若氣體的內(nèi)能的變化量為18J

則此過(guò)程中氣體是吸熱還是放熱?

傳遞的熱量是多少?

26、如圖；水平地面和半圓軌道面均光滑，質(zhì)量M=1kg

的小車(chē)靜止在地面上，小車(chē)上表面與R=0.4m

的半圓軌道最低點(diǎn)P

的切線相平.

現(xiàn)有一質(zhì)量m=2kg

的滑塊(

可視為質(zhì)點(diǎn))

以v0=7.5m/s

的初速度滑上小車(chē)左端，二者共速時(shí)滑塊剛好在小車(chē)的最右邊緣，此時(shí)小車(chē)還未與墻壁碰撞，當(dāng)小車(chē)與墻壁碰撞時(shí)即被粘在墻壁上，滑塊則離開(kāi)小車(chē)進(jìn)入圓軌道并順著圓軌道往上運(yùn)動(dòng)，已知滑塊與小車(chē)表面的滑動(dòng)摩擦因數(shù)婁脤=0.5g

取10m/s2.

求：

(1)

小車(chē)與墻壁碰撞前的速度大小v1

(2)

小車(chē)需要滿(mǎn)足的長(zhǎng)度L

(3)

請(qǐng)判斷滑塊能否經(jīng)過(guò)圓軌道的最高點(diǎn)Q

說(shuō)明理由．27、如圖所示，水平放置的平行金屬導(dǎo)軌，相距L=0.50m

左端接一電阻R=0.20婁賂

方向垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.40T

導(dǎo)體棒ab

垂直放在導(dǎo)軌上，并能無(wú)摩擦地沿導(dǎo)軌滑動(dòng)，導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻均可忽略不計(jì)，當(dāng)ab

以v=4.0m/s

的速度水平向右勻速滑動(dòng)時(shí)；求：

(1)ab

棒中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，并指出ab

哪端電勢(shì)高；(2)

回路中感應(yīng)電流的大??；(3)

維持ab

棒做勻速運(yùn)動(dòng)的水平外力的功率。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【解析】試題分析：奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，A錯(cuò);歐姆發(fā)現(xiàn)了歐姆定律，焦耳發(fā)現(xiàn)了焦耳定律，說(shuō)明了電現(xiàn)象和熱現(xiàn)象之間存在聯(lián)系，B錯(cuò)；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，C錯(cuò)；考點(diǎn)：考查物理史實(shí)問(wèn)題【解析】【答案】D2、A【分析】【解析】試題分析：1864年，英國(guó)青年物理學(xué)家麥克斯韋在研究了當(dāng)時(shí)所發(fā)現(xiàn)的電磁現(xiàn)象的基礎(chǔ)上，建立了麥克斯韋電磁理論，并預(yù)言了電磁波的存在；1888年，德國(guó)青年物理學(xué)家赫茲第一次用實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在，A正確，考點(diǎn)：考查物理學(xué)史【解析】【答案】A3、D【分析】解：物體相對(duì)于水平面向右運(yùn)動(dòng)；水平面對(duì)物體的滑動(dòng)摩擦力方向向左．物體對(duì)水平面的壓力大小N=G=10N；

則水平面對(duì)物體的摩擦力的大小f=μN(yùn)=0.2×10N=2N；故D正確，ABC錯(cuò)誤．

故選：D．

滑動(dòng)摩擦力方向與物體間相對(duì)運(yùn)動(dòng)方向相反．題中物體相對(duì)于水平面向右運(yùn)動(dòng)；水平面對(duì)物體的滑動(dòng)摩擦力方向向左．物體對(duì)水平面的壓力大小等于物體的重力，根據(jù)f=μN(yùn)求解滑動(dòng)摩擦力大?。?/p>

本題考查對(duì)滑動(dòng)摩擦力大小的計(jì)算能力和方向的判斷能力．注意滑動(dòng)摩擦力方向總是與物體間相對(duì)運(yùn)動(dòng)方向相反，不是一定與運(yùn)動(dòng)方向相反或拉力的方向相反．【解析】【答案】D4、D【分析】電場(chǎng)線的切線方向指場(chǎng)強(qiáng)方向；所以A錯(cuò)誤；

電場(chǎng)線的疏密程度表示場(chǎng)強(qiáng)大小，只有一條電場(chǎng)線的情況下不能判斷場(chǎng)強(qiáng)大小，所以B

C錯(cuò)誤，D正確．【解析】D

5、B|C【分析】

A、A極板不動(dòng)，將B極板向下移動(dòng)一小段距離，d變大，則電容減小，根據(jù)U=則電勢(shì)差增大，指針偏角增大．故A錯(cuò)誤．

B、B極板不動(dòng)，將A極板向下移動(dòng)一小段距離，d減小，則電容增大，根據(jù)U=則電勢(shì)差減小，指針偏角減?。妶?chǎng)強(qiáng)度E=知電場(chǎng)強(qiáng)度不變，小球電場(chǎng)力不變，仍然與重力平衡，保持不動(dòng)．故B正確．

C、A極板不動(dòng)，將B極板向右水平移動(dòng)一小段距離，s減小，則電容減小，根據(jù)U=則電勢(shì)差增大，指針偏角增大．根據(jù)E=知；電場(chǎng)強(qiáng)度增大，電場(chǎng)力大于重力，則油滴向上運(yùn)動(dòng)．故C正確．

D、B極板不動(dòng)，將A極板向右水平移動(dòng)一小段距離，s減小，則電容減小，根據(jù)U=則電勢(shì)差增大，指針偏角增大．根據(jù)E=知；電場(chǎng)強(qiáng)度增大，電場(chǎng)力大于重力，則油滴向上運(yùn)動(dòng)．故D錯(cuò)誤．

故選BC．

【解析】【答案】電容器的電量不變；根據(jù)電容的變化，判斷出電勢(shì)差的變化，從而判斷出電場(chǎng)強(qiáng)度即電場(chǎng)力的變化，確定出油滴的運(yùn)動(dòng)情況．

6、D【分析】【分析】根據(jù)重力做功由公式WG=mg鈻?h

即可求解重力的功；根據(jù)WG=鈭??Ep

知重力做多少正功；重力勢(shì)能就減少多少；

本題考查重力做功與重力勢(shì)能變化間的關(guān)系，要注意明確重力勢(shì)能的改變量只與重力做功有關(guān)系?！窘獯稹緼B.

根據(jù)重力做功的公式可知：WG=mg鈻?h=mg(H+h)

故AB錯(cuò)誤；

CD.

重力做的功為mg(H+h)

且為正功，則物體重力勢(shì)能減少mg(H+h)

故C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。【解析】D

7、C【分析】

試題分析：小球上升過(guò)程：空氣阻力對(duì)小球做功下落過(guò)程：空氣阻力對(duì)小球做功則從拋出到落回到拋出點(diǎn)的過(guò)程中，空氣阻力對(duì)小球做的功為故C正確；

考點(diǎn)：考查了功的計(jì)算【解析】C

8、B【分析】解：A；水在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)；則速度越來(lái)越快，故B正確，A錯(cuò)誤。

B；水在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)；則速度保持不變，故C、D錯(cuò)誤。

故選：B。

平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)；在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，結(jié)合兩個(gè)方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律分析判斷．

本題考查了平拋運(yùn)動(dòng)在實(shí)際生活中的基本運(yùn)用，知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律是解決本題的關(guān)鍵．【解析】B二、多選題(共9題，共18分)9、BC【分析】解：A

線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)；磁通量增大.

穿出磁場(chǎng)時(shí)，磁通量減小，由楞次定律得知，感應(yīng)電流方向相反.

故A錯(cuò)誤，B正確．

C；安培力阻礙導(dǎo)體與磁場(chǎng)的相對(duì)運(yùn)動(dòng)；則安培力均向左，即線框所受的安培力方向相同，故C正確，D錯(cuò)誤．

故選BC．

根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流方向；根據(jù)左手定則判斷安培力方向．

解決該題關(guān)鍵是掌握右手定則和左手定則的應(yīng)用．【解析】BC

10、BD【分析】【分析】塊在板上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，據(jù)斜率求解加速度，據(jù)牛頓第二定律求解動(dòng)摩擦因數(shù)；板在外力作用力做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，據(jù)斜率求解加速度，據(jù)牛頓第二定律求解板的質(zhì)量。對(duì)于板塊模型，應(yīng)先判斷相對(duì)運(yùn)動(dòng)，再判摩擦力，分析物體的運(yùn)動(dòng)，據(jù)運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求解。【解答】塊在板上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，據(jù)斜率求解加速度由于故物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1第1s1s內(nèi)物塊與木板間摩擦生熱的值：Q=f?x=婁脤mg(xm鈭?xM)=0.1隆脕1.0隆脕10隆脕(5.5鈭?2)J=3.5JQ=f?x=婁脤mg({x}_{m}-{x}_{M})=0.1隆脕1.0隆脕10隆脕(5.5-2)J=3.5J為3.5J3.5J，故B正確；板在外力作用力做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，據(jù)斜率求解加速度由牛頓第二定律解得M=2kg

故A錯(cuò)誤；設(shè)經(jīng)時(shí)間t

兩物體達(dá)到共同速度解得t=1.2s1.2s

后兩物體均做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，對(duì)于木板解得故C錯(cuò)誤；故D正確。故選BD?！窘馕觥緽D

11、CD【分析】【分析】

簡(jiǎn)諧波傳播時(shí)，波形向前平移，由波形的平移法分析波的傳播方向，根據(jù)兩個(gè)時(shí)刻波形關(guān)系，確定時(shí)間與周期的關(guān)系，得到周期的通項(xiàng)，再求解特殊值，再求解頻率和波速的通項(xiàng)，分析特殊值。

本題主要考查了波的圖象以及波速、波長(zhǎng)和頻率，難度一般，注意通式。

【解答】

A.由波形的平移法分析波可能向右傳播，也可能向左傳播，故A錯(cuò)誤；

B.若波向右傳播，則時(shí)間?t=(n+34)T，得到周期T=?tn+34=420n+15s，n=0n=01122

同理，若波向左傳播，周期T=420n+5s，n=0n=01122由于nn是整數(shù)，TT不可能等于為0.250.25ss故B錯(cuò)誤；

C.頻率的通項(xiàng)為：波向右傳播時(shí)，f=1T=20n+154Hz，波向左傳播時(shí)，f=1T=20n+54Hz，n=0n=01122波向右傳播，n=1

時(shí)ff等于3.75Hz3.75Hz故C正確；

D.由圖讀出波長(zhǎng)為婁脣=24m婁脣=24m波速的通項(xiàng)為：向左：v=婁脣T=(120n+90)m/s，n=0n=01122向右：v=婁脣T=(120n+30)m/s，n=0n=01122波向右傳播波n=1

時(shí)的傳播速度為150m/s150m/s故D正確。故選CD。

【解析】CD

12、AC【分析】解：A

由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=n鈻?鈱?鈻?t

即感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與線圈匝數(shù)有關(guān)，故A正確；

B；穿過(guò)線圈的磁通量大；但若所用的時(shí)間長(zhǎng)，則電動(dòng)勢(shì)可能小，故B錯(cuò)誤；

C；同時(shí)可知；感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與磁通量的變化率有關(guān)，磁通量變化越快，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，故C正確；

D；由楞次定律可知：感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向總是阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化；故原磁通增加，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)與之反向，原磁通減小，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相同，即“增反減同”，故D錯(cuò)誤；

故選：AC

．

解答本題應(yīng)掌握感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)取決于磁通量的變化快慢；與磁通量的變化及磁通量無(wú)關(guān)．

感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)取決于穿過(guò)線圈的磁通量的變化快慢，在理解該定律時(shí)要注意區(qū)分磁通量、磁通量的變化量及磁通量變化率三者間區(qū)別及聯(lián)第．【解析】AC

13、AC【分析】輸電線路上損失電壓婁隴U=Ir

在r

一定時(shí)，婁隴U

和I

成正比.

若U

越高，I

越小，那么婁隴U

越小.

輸電線路上損失的功率婁隴P=I2r

當(dāng)P

一定時(shí)，所以即婁隴P

和U

的平方成反比，跟I

的平方成正比，故A、C正確．【解析】AC

14、ABD【分析】【分析】光纖通訊是利用了光的全反射現(xiàn)象；用標(biāo)準(zhǔn)平面檢查工件表面的平整程度是利用了光的干涉現(xiàn)象；門(mén)鏡可以擴(kuò)大視野是利用了光的折射現(xiàn)象；光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明光是橫波。本題考查幾種典型的光學(xué)現(xiàn)象，難度不大?！窘獯稹緼.光纖通訊是利用了光的全反射現(xiàn)象，故A正確；B.用標(biāo)準(zhǔn)平面檢查工件表面的平整程度是利用了光的干涉現(xiàn)象，故B正確；C.門(mén)鏡可以擴(kuò)大視野是利用了光的折射現(xiàn)象，故C錯(cuò)誤；D.光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明光是橫波，故D正確。故選ABD?！窘馕觥緼BD

15、BC【分析】【分析】帶電粒子由靜止釋放(

不考慮重力)

在電場(chǎng)力的作用下會(huì)沿電場(chǎng)向下運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，帶電粒子會(huì)受到洛倫茲力，所以粒子會(huì)沿逆時(shí)針?lè)较蚱D(zhuǎn)，到達(dá)C

點(diǎn)時(shí)，洛倫茲力方向向上，此時(shí)粒子具有最大速度，在之后的運(yùn)動(dòng)中，粒子的電勢(shì)能會(huì)增加速度越來(lái)越小，到達(dá)B

點(diǎn)時(shí)速度為零.

之后粒子會(huì)繼續(xù)向右重復(fù)由在由A

經(jīng)C

到B

的運(yùn)動(dòng)形式。

本題主要考查了帶電粒子在混合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的問(wèn)題，要求同學(xué)們能正確分析粒子的受力情況，再通過(guò)受力情況分析粒子的運(yùn)動(dòng)情況，要注意洛倫茲力永不做功，難度適中?！窘獯稹緼.粒子開(kāi)始受到電場(chǎng)力作用開(kāi)始向下運(yùn)動(dòng)；在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受洛倫茲力作用，知電場(chǎng)力方向向下，則離子帶正電，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)動(dòng)能定理知，洛倫茲力不做功，在A

到B

的過(guò)程中，動(dòng)能變化為零，則電場(chǎng)力做功為零，AB

兩點(diǎn)等電勢(shì)，因?yàn)樵撾妶?chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)，所以AB

兩點(diǎn)位移同一高度，故B正確；C.根據(jù)動(dòng)能定理得；離子運(yùn)動(dòng)到C

點(diǎn)電場(chǎng)力做功最大，則速度最大，故C正確；

D.只要將離子在B

點(diǎn)的狀態(tài)與A

點(diǎn)進(jìn)行比較，就可以發(fā)現(xiàn)它們的狀態(tài)(

速度為零，電勢(shì)能相等)

相同，如果右側(cè)仍有同樣的電場(chǎng)和磁場(chǎng)的疊加區(qū)域，離子就將在B

之右側(cè)重現(xiàn)前面的曲線運(yùn)動(dòng)，因此，離子是不可能沿原曲線返回A

點(diǎn)的，如圖所示：

故選BC。

【解析】BC

16、CD【分析】解：A

投出的籃球做斜上拋運(yùn)動(dòng)；受到恒力的作用，所以投出的籃球的運(yùn)動(dòng)不是離心現(xiàn)象.

故A錯(cuò)誤；

B；投擲的標(biāo)槍做斜上拋運(yùn)動(dòng)；受到恒力的作用，所以投出的標(biāo)槍的運(yùn)動(dòng)不屬于離心現(xiàn)象，所以B錯(cuò)誤；

C；脫水桶高速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)；需要的向心力的大小大于了水和衣服之間的附著力，水做離心運(yùn)動(dòng)被從衣服上甩掉，屬于離心現(xiàn)象，所以C正確．

D；通過(guò)旋轉(zhuǎn)雨傘來(lái)甩干傘上的雨滴；當(dāng)轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)雨滴所需要的向心力增加，當(dāng)超過(guò)雨傘對(duì)雨的吸附力時(shí)，雨滴做離心運(yùn)動(dòng).

故D正確．

故選：CD

當(dāng)物體受到的合力的大小不足以提供物體所需要的向心力的大小時(shí)；物體就要遠(yuǎn)離圓心，此時(shí)物體做的就是離心運(yùn)動(dòng)．

合力大于需要的向心力時(shí)，物體要做向心運(yùn)動(dòng)，合力小于所需要的向心力時(shí)，物體就要遠(yuǎn)離圓心，做的就是離心運(yùn)動(dòng)．【解析】CD

17、BD【分析】解：A、根據(jù)電流的熱效應(yīng)，有+0=T，解得U1=110V，開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)，副線圈電流I2==A，根據(jù)電流與匝數(shù)成反比知I1=I2=A；故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)變壓比可得副線圈兩端的電壓為U2=11V，無(wú)論開(kāi)關(guān)閉合還是斷開(kāi)，電壓表示數(shù)均為11V；故B正確；

C；閉合電鍵S；因?yàn)樵€圈電壓和匝數(shù)比都不變，所以副線圈兩端的電壓不變，電壓表示數(shù)不變，故C錯(cuò)誤；

D；閉合電鍵S后；總電阻減小，輸出功率增大，輸入功率增大，電流增大，故D正確；

故選：BD。

根據(jù)電流的熱效應(yīng)求出輸入電壓的有效值；再根據(jù)變壓器原副線圈電壓之比等于線圈匝數(shù)比求出電壓表示數(shù)，電鍵S閉合后，副線圈電阻變小，根據(jù)歐姆定律判斷電流表示數(shù)的變化，根據(jù)變壓器原副線圈電流之比等于線圈匝數(shù)的倒數(shù)比比求出電流表示數(shù)變化情況。

本題關(guān)鍵是明確交流電有效值的計(jì)算方法，同時(shí)要結(jié)合變壓器的變壓比公式分析，知道變壓器不改變功率，難度適中?！窘馕觥緽D三、雙選題(共2題，共4分)18、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見(jiàn)物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯(cuò)誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯(cuò)誤；

?故選AB。【解析】AB19、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見(jiàn)物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯(cuò)誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯(cuò)誤；

?故選AB。【解析】AB四、填空題(共2題，共6分)20、略

【分析】

電場(chǎng)強(qiáng)度E===200N/C；電場(chǎng)強(qiáng)度的方向?yàn)樗较蛴遥?/p>

若在A點(diǎn)放一個(gè)電量為-4×10-6C的點(diǎn)電荷q2，則N=-8×10-4N；負(fù)號(hào)說(shuō)明方向向左。

故答案為為：8×10-4；向左。

【解析】【答案】根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=求出電場(chǎng)強(qiáng)度；再根據(jù)F=qE求出電場(chǎng)力的大小和方向，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小與放入電場(chǎng)中的電荷無(wú)關(guān)．

21、略

【分析】解：根據(jù)電場(chǎng)力做功WAB=qUAB

得：UAB=WABq=7.2隆脕10鈭?3鈭?3隆脕10鈭?4V=鈭?24V

．

則電場(chǎng)強(qiáng)度為：E=Ud=240.04隆脕sin30鈭?=1200V/m

所以?xún)山饘侔彘g的電勢(shì)差為：U隆盲=Ed隆盲=1200隆脕0.1V=120V

．

故答案為：鈭?241200120

根據(jù)電場(chǎng)力做功WAB=qUAB

求出AB

間的電勢(shì)差.

根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)公式E=Ud

求出電場(chǎng)強(qiáng)度；從而再根據(jù)U=Ed

求出兩金屬板間的電勢(shì)差．

解決本題的關(guān)鍵掌握電場(chǎng)力做功的公式W=qU

以及勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)公式E=Ud

注意d

為沿電場(chǎng)線方向上的距離．【解析】鈭?241200120

五、判斷題(共3題，共24分)22、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類(lèi)似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．23、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．24、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱(chēng)；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．六、計(jì)算題(共3題，共15分)25、解：(1)

氣體的狀態(tài)參量為T(mén)1=300Kp1=p0=1.0隆脕105Pa

對(duì)活塞由平衡條件得p2S=p0S+mg

解得p2=1.1隆脕105Pa

由查理定律得p1T1=p2T2

解得T2=330K

(2)

繼續(xù)加熱時(shí)，氣體等壓變化，體積增大，則溫度升高，內(nèi)能增大，氣體膨脹，對(duì)外界做功，則外界對(duì)氣體做的功W=鈭?p2SH=鈭?55J

根據(jù)熱力學(xué)第一定律得婁隴U=W+Q

則Q=婁隴U鈭?W=73J

氣體吸收熱量?！痉治觥勘绢}關(guān)鍵是得到封閉氣體初末狀態(tài)的各個(gè)狀態(tài)參量，然后根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程列式求解即可。(1)

對(duì)活塞受力分析，活塞受力平衡，根據(jù)平衡條件求出加熱后氣缸內(nèi)的壓強(qiáng)，根據(jù)查理定律列式求出加熱后氣缸內(nèi)氣體的溫度；(2)

體積增大時(shí)，對(duì)外做功，求出外界對(duì)氣體做的功，由熱力學(xué)第一定律進(jìn)行求解?！窘馕觥拷猓?1)

氣體的狀態(tài)參量為T(mén)1=300Kp1=p0=1.0隆脕105Pa

對(duì)活塞由平衡條件得p2S=p0S+mg

解得p2=1.1隆脕105Pa

由查理定律得p1T1=p2T2

解得T2=330K

(2)

繼續(xù)加熱時(shí)，氣體等壓變化，體積增大，則溫度升高，內(nèi)能增大，氣體膨脹，對(duì)外界做功，則外界對(duì)氣體做的功W=鈭?p2SH=鈭?55J

根據(jù)熱力學(xué)第一定律得婁隴U=W+Q

則Q=婁隴U鈭?W=73J

氣體吸收熱量。26、解：（1）設(shè)滑塊與小車(chē)的共同速度為v1；滑塊與小車(chē)相對(duì)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中動(dòng)量守恒；

乙向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律有：mv0=（m+M）v1，代入數(shù)據(jù)解得：v1=5m/s；

（2）設(shè)小車(chē)的最小長(zhǎng)度為L(zhǎng)1，由系統(tǒng)能量守恒定律，有：μmgL=mv02-（m+M）v12；

代入數(shù)據(jù)解得：L=3.75m；

（3）若滑塊恰能滑過(guò)圓的最高點(diǎn)的速度為v；

由牛頓第二定律得：mg=m代入數(shù)據(jù)解得：v=2m/s；

滑塊從P運(yùn)動(dòng)到Q的過(guò)程；根據(jù)機(jī)械能守恒定律，有：

mv12=mg?2R+mv22，代入數(shù)據(jù)解得：v2=3m/s；

v2＞v；說(shuō)明滑塊能過(guò)最高點(diǎn)Q；