2025年人教B版選修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教B版選修3物理下冊階段測試試卷584考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、每個光子的能量取決于光的（）A.振幅B.波長C.頻率D.速度2、樓道或小巷等許多公共場所都安裝有聲光控燈，在白天即使燈泡未壞、有聲音，燈泡也不亮，光線很暗或天黑時，有聲音燈泡就自動點亮。這表明聲光控燈具有何種邏輯關系的控制電路（）A.“或”門B.“與”門C.“非”門D.“與非”門3、一定質量理想氣體從初始狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B、C、D再回到狀態(tài)A，其體積V與溫度T的關系如圖所示。下列說法正確的是（）

A.從狀態(tài)A到狀態(tài)B的過程中，氣體內能減小B.從狀態(tài)B到狀態(tài)C的過程中，氣體向外放熱C.從狀態(tài)C到狀態(tài)D的過程中，氣體對外做功D.從狀態(tài)D到狀態(tài)A的過程中，氣體壓強增大4、在圖所示的電路中，電源的電動勢E=3.0V，內阻r=1.0Ω；電阻R=5.0Ω，不計電路中的其他電阻．閉合開關S后，通過電阻R的電流為（）

A.3.0AB.2.0AC.1.0AD.0.50A5、在絕緣光滑的水平面上相距為6L的A、B兩處分別固定正電荷QA、QB，兩電荷的位置坐標如圖甲所示．圖乙是AB連線之間的電勢φ與位置x之間的關系圖象，圖中x=L點為圖線的最低點，若在x=2L的C點由靜止釋放一個質量為m、電量為+q的帶電小球（可視為質點），下列有關說法正確的是（）

A.小球在x＝L處的速度最大B.小球一定可以到達x＝—2L點處C.小球將以x＝L點為作中心完全對稱的往復運動D.固定在AB處的電荷的電量之比為QA∶QB＝8∶16、如圖所示，在光滑水平面上停放著質量為m、裝有光滑弧形槽的小車，一質量為2m的小球以水平初速度v0沿槽口向小車滑去；到達某一高度后，小球又返回右端，則()

A.小球將做自由落體運動B.小球將向左做平拋運動C.小車此過程中先向左運動后向右運動D.小球在弧形槽內上升的最大高度為7、在α粒子散射實驗中，使少數(shù)α粒子發(fā)生大角度偏轉的作用力應屬于()A.萬有引力B.庫侖力C.安培力D.洛倫茲力評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖所示，直線MN與水平方向成θ=30°角，MN的右上方區(qū)域存在磁感應強度大小為B、方向水平向外的勻強磁場，MN的左下方區(qū)域存在磁感應強度大小為2B、方向水平向里的勻強磁場，MN與兩磁場均垂直.一粒子源位于MN上的a點，能水平向右發(fā)射不同速率、質量為m、電荷量為q（q>0)的同種粒子（粒子重力不計），所有粒子均能通過MN上的b點.已知ab=L，MN兩側磁場區(qū)域均足夠大，則粒子的速率可能是

A.B.C.D.9、在如圖所示的電路中，E為電源，其內阻為r，L為小燈泡（其燈絲電阻可視為不變），R1、R2為定值電阻，R3為光敏電阻，其阻值大小隨所受照射光強度的增大而減小，V為理想電壓表．若將照射R3的光的強度減弱，則（）

A.電壓表的示數(shù)變小B.小燈泡消耗的功率變大C.通過R2的電流變大D.電源兩極間的電壓變小10、在高原地區(qū)燒水需要使用高壓鍋，水燒開后，鍋內水面上方充滿飽和汽。停止加熱，高壓鍋在密封狀態(tài)下緩慢冷卻，在冷卻過程中，鍋內水蒸氣的變化情況為（）A.壓強變小B.壓強不變C.壓強變大E.一直是飽和汽E.一直是飽和汽11、電動自行車是一種應用廣泛的交通工具；其速度控制是通過轉動右把手實現(xiàn)的，這種轉動把手稱“霍爾轉把”，屬于傳感器非接觸控制．轉把內部有永久磁鐵和霍爾器件等，截面如圖甲．開啟電源時，在霍爾器件的上下面之間加一定的電壓，形成電流，如圖乙．轉把轉動永久磁鐵也跟著轉動，霍爾器件能輸出控制車速的電勢差，已知電勢差與車速關系如圖丙，以下關于“霍爾轉把”敘述正確的是（）

A.為提高控制的靈敏度，永久磁鐵的上下端分別為N、S極B.按圖甲順時針轉動把手，車速變快C.圖乙中從霍爾器件的左、右側面輸出控制車速的電勢差D.若霍爾器件的上下面之間所加電壓正負極性對調，不影響車速控制12、電容式加速度傳感器的原理如圖所示，質量塊左、右側連接電介質、輕質彈簧，彈簧與電容器固定在外框上，質量塊可帶動電介質移動，改變電容．則（）

A.B.C.D.13、一列橫波沿x軸正方向傳播，在t與t+0.4s這兩個時刻，在x軸上的－3m～＋3m的區(qū)間內的波形圖；都如圖中同一圖線所示，則下列說法中正確的是。

A.質點振動周期一定為0.4sB.該波的最小波速為10m/sC.從t時刻開始計時，x=2m處的質點比x=2.5m處的質點先回到平衡位置D.在t+0.8s時，x=－2m處的質點位移為零14、如圖所示，半徑為R的圓形區(qū)域中充滿了垂直于紙面向里、磁感應強度為B的勻強磁場．一帶負電粒子以速度射入磁場區(qū)域，速度方向垂直磁場且與半徑方向的夾角為45°．當該帶電粒子離開磁場時，速度方向剛好與入射速度方向垂直．不計帶電粒子的重力，下列說法正確的是()

A.該帶電粒子離開磁場時速度方向的反向延長線通過O點B.該帶電粒子的比荷為C.該帶電粒子在磁場中的運動時間為D.若只改變帶電粒子的入射方向，則其在磁場中的運動時間變短15、如圖所示，在光滑水平桌面上有一邊長為L、電阻為R的正方形導線框，在導線框右側有一寬度為d(d＞L)的條形勻強磁場區(qū)域，磁場的邊界與導線框的一邊平行，磁場方向豎直向下．導線框以某一初速度向右運動，t＝0時導線框的右邊恰與磁場的左邊界重合，并以此位置開始計時并作為導線框位移x的起點；隨后導線框進入并通過磁場區(qū)域．下列圖象中，可能正確描述上述過程的是。

A.B.C.D.評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、輸入只要有“1”，輸出即為“1”的電路是___________門；輸入只要有“0”，輸出即為“0”的電路是___________門；輸入是“1”，輸出為“___________”的電路是非門。17、如圖所示，喜慶日子，室外經(jīng)常使用巨大的紅色氣球來烘托氣氛，在晴朗的夏日，從早晨到中午的過程中，密閉在紅色氣球內氣體分子的平均動能_________（選填“變大”、“變小”或“不變”），氣體的體積________（選填“變大”；“變小”或“不變”）

18、封閉汽缸內一定質量的理想氣體由狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B再變化到狀態(tài)C，其體積V隨熱力學溫度T變化的關系圖象如圖所示，氣體在狀態(tài)B時的溫度T2＝________K。氣體在從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過程中吸收熱量Q1＝240J，對外做功為W＝100J．則氣體由狀態(tài)B變化到狀態(tài)C的過程中，氣體向外傳遞的熱量Q2＝________J。

19、如圖所示寬度為d；厚度為h的金屬板放在垂直于它的磁感應強度為B的勻強磁場中；當有電流I通過金屬板時，在金屬板上側面A和下側面A’間產生電勢差．

（1）金屬板上側面A電勢____________下側面電勢（填高于或低于）；

（2）若金屬板內單位體積內自由電子數(shù)為n，則產生的電勢差U=___________________．20、如圖所示是探究影響平行板電容器電容大小因素的實驗裝置．

①關于此實驗裝置中的靜電計，下列說法中正確的是______．（選填選項前面的字母）

A．靜電計指針張角的大小反映了平行板電容器所帶電荷量的多少。

B．靜電計指針張角的大小反映了平行板電容器兩板間電壓的大小。

C．靜電計的外殼與A板相連接后可不接地②讓平行板電容器正對的兩極板帶電后，靜電計的指針偏轉一定角度．不改變A、B兩板所帶電荷量，且保持兩板在豎直平面內．現(xiàn)要使靜電計指針偏轉角變大，下列做法中可行的是_____．（選填選項前面的字母）

A．保持B板不動，A板向上平移。

B．保持B板不動，A板向右平移。

C．保持A、B兩板不動，在A、B之間插入一塊絕緣介質板21、（1）人類對物質屬性的認識是從宏觀到微觀不斷深入的過程。以下說法正確的是_____________。

a．液體的分子勢能與體積有關。

b．晶體的物理性質都是各向異性的。

c．溫度升高；每個分子的動能都增大。

d．露珠呈球狀是由于液體表面張力的作用。

（2）氣體溫度計結構如圖所示。玻璃測溫泡A內充有理想氣體，通過細玻璃管B和水銀壓強計相連。開始時A處于冰水混合物中，左管C中水銀面在O點處，右管D中水銀面高出O點h1=14cm，后將A放入待測恒溫槽中，上下移動D，使C中水銀面仍在O點處，測得D中水銀面高出O點h2=44cm。（已知外界大氣壓為1個標準大氣壓；1標準大氣壓相當于76cmHg）

①求恒溫槽的溫度______。

②此過程A內氣體內能________（填“增大”或“減小”）；氣體不對外做功，氣體將。

__________（填“吸熱”或“放熱”）。22、對大量的事實分析表明：______________________．這個結論被稱做熱力學第三定律．23、盧瑟福的原子核式結構模型認為，核外電子繞原子核做高速的圓周運動．設想氫原子的核外電子繞核做勻速圓周運動，且核外電子離原子核最近的軌道半徑為經(jīng)典物理學知識認為核外電子受到原子核對它的庫侖力作用而做圓周運動，則氫原子的核外電子在此軌道上運動時的周期為______s，速度為_______m/s．（電子的質量為）評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)24、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

25、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

26、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、解答題(共4題，共28分)27、如圖所示，光滑金屬直軌道MN和PQ固定在同一水平面內，MN、PQ平行且足夠長，兩軌道間的寬度平行軌道左端接一阻值的電阻軌道處于磁感應強度大小方向垂直導軌平面向下的勻強磁場中一導體棒ab垂直于軌道放置導體棒在垂直導體棒且水平向右的外力F作用下向右勻速運動，速度大小導體棒與軌道始終接觸良好并且相互垂直，不計軌道和導體棒的電阻；不計空氣阻力.求。

通過電阻R的電流大小I；

作用在導體棒上的外力大小F；

導體棒克服安培力做功的功率．28、回旋加速器在核科學；核技術、核醫(yī)學等高新技術領域得到了廣泛應用；有力地推動了現(xiàn)代科學技術的發(fā)展．

（1）當今醫(yī)學影像診斷設備PET/CT堪稱“現(xiàn)代醫(yī)學高科技之冠”，它在醫(yī)療診斷中，常利用能放射正電子的同位素碳11作示蹤原子．碳11是由小型回旋加速器輸出的高速質子轟擊氮14獲得，同時還產生另一粒子，試寫出核反應方程．若碳11的半衰期τ為20min；經(jīng)2.0h剩余碳11的質量占原來的百分之幾？（結果取2位有效數(shù)字）

（2）回旋加速器的原理如圖，D1和D2是兩個中空的半徑為R的半圓金屬盒，它們接在電壓一定、頻率為f的交流電源上，位于D1圓心處的質子源A能不斷產生質子（初速度可以忽略，重力不計），它們在兩盒之間被電場加速，D1、D2置于與盒面垂直的磁感應強度為B的勻強磁場中．若質子束從回旋加速器輸出時的平均功率為P，求輸出時質子束的等效電流I與P、B、R、f的關系式（忽略質子在電場中的運動時間；其最大速度遠小于光速）．

（3）試推理說明：質子在回旋加速器中運動時，隨軌道半徑r的增大，同一盒中相鄰軌道的半徑之差Δr是增大、減小還是不變？29、如圖（甲）所示，足夠長的光滑平行金屬導軌固定在同一水平面上，兩導軌間距導軌電阻忽略不計，其間連接有定值電阻導軌上靜置一質量電阻的金屬桿整個裝置處于磁感應強度的勻強磁場中，磁場方向豎直向下。用一外力沿水平方向拉金屬桿使它由靜止開始運動）金屬桿與導軌接觸良好并保持與導軌垂直），電流傳感器）不計傳感器的電阻）可隨時測出通過的電流并輸入計算機，獲得電流隨時間變化的關系如圖（乙）所示。求金屬桿開始運動時：

(1)金屬桿受到安培力的大小和方向；

(2)金屬桿的速率；

(3)對圖象分析表明，金屬桿在外力作用下做的是勻加速直線運動，加速度大小計算時外力做功的功率。

30、如圖所示，將一個折射率為的透明長方體放在空氣中，矩形ABCD是它的一個截面，一單色細光束入射到P點，入射角為θ．求：

（1）若要使光束進入長方體后能射至AD面上；角θ的最小值；

（2）若要此光束在AD面上發(fā)生全反射；角θ的范圍．

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

根據(jù)可判斷出光子的能量只與與光子的頻率因素有關，與振幅、波長和速度均無關．2、B【分析】【詳解】

根據(jù)題意；聲光控燈點亮有兩個條件:一是光線暗；二是有聲音，必須兩個條件都滿足燈才會亮，只滿足其中一個條件燈不亮，由此判斷控制電路是“與”門，故ACD錯誤，B正確。

故選B。

【點評】

本題考查學生對邏輯電路的認識與分辨、以及從題干獲取信息的能力，難度較低。3、B【分析】【詳解】

A．從狀態(tài)A到狀態(tài)B的過程中；氣體溫度升高，則理想氣體內能增大，故A錯誤；

B．從狀態(tài)B到狀態(tài)C的過程中，溫度不變，內能不變，由圖可知，體積減小，外界對氣體做功，由熱力學第一定律

可知氣體向外放熱；故B正確；

C．從狀態(tài)C到狀態(tài)D的過程中；體積減小，外界對氣體做功，故C錯誤；

D．從狀態(tài)D到狀態(tài)A的過程中；氣體作等壓變化，故D錯誤。

故選B。4、D【分析】【分析】

本題是閉合電路問題；根據(jù)閉合電路歐姆定律列式求電路中的電流I．

【詳解】

根據(jù)閉合電路歐姆定律得故D正確；ABC錯誤．

故選D．

【點睛】

本題關鍵要掌握電路中的基本規(guī)律：閉合電路歐姆定律，并能正確計算即可求解．5、A【分析】【詳解】

據(jù)φ-x圖象切線的斜率等于場強E，則知x=L處場強為零，根據(jù)點電荷場強則有：解得QA：QB=4：1；故A錯誤．根據(jù)動能定理得：qU=0，得U=0，所以小球能運動到電勢與出發(fā)點相同的位置，由圖知向左最遠能到達x=-L點處，然后小球向右運動，小球將以x=0.5L點為中心作往復運動，故BC錯誤．因x=L處場強為零，所以小球在C處受到的場強向左，向左加速運動，到x=L處加速度為0，從x=L再向左運動時，電場力向右，做減速運動，所以小球在x=L處的速度最大，故D正確．故選D．

【點睛】

解決本題首先要理解φ-x圖象切線的意義，知道電場力做功和路徑無關，只和初末兩點的電勢差有關，掌握電場力做功的公式W=qU和電荷場強公式，靈活運用電場的疊加原理．6、B【分析】【詳解】

AB．設小球離開小車時，小球的速度為v1，小車的速度為v2，整個過程中動量守恒，以向左為正方向，由動量守恒定律得2mv0=2mv1+mv2①

由動能守恒定律得?2mv02=?2mv12+mv22②

由①②解得v1=v0v2=v0

所以小球與小車分離后將向左做平拋運動，故A錯誤，B正確；

C．此過程中小球對小車一直有斜向左下方的作用力；則小車一直向左加速運動，選項C錯誤；

D．當小球與小車的水平速度相等時，小球弧形槽上升到最大高度，設該高度為h，系統(tǒng)在水平方向動量守恒，以向左為正方向，在水平方向，由動量守恒定律得2mv0=3m?v

由機械能守恒定律得?2mv02=?3mv2+2mgh

解得h=

故D錯誤。

故選B。7、B【分析】【詳解】

α粒子和電子之間有相互作用力,它們接近時就有庫侖引力作用,但因為電子的質量只有α粒子質量的1/7300,粒子與電子碰撞就像一顆子彈與一個灰塵碰撞一樣α粒子質量大,其運動方向幾乎不改變,能讓α發(fā)生偏轉的是原子核對α產生的庫侖力，故B正確；ACD錯誤；故選B二、多選題(共8題，共16分)8、B:D【分析】【詳解】

粒子運動過程只受洛倫茲力作用，故在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，則在右邊磁場時有則粒子在右邊磁場中做圓周運動的軌道半徑同理在左邊磁場中做圓周運動的半徑為作出運動軌跡，如圖所示。

由幾何關系可知，所有圓心角均為則圖中所有三角形都為等邊三角形，若粒子偏轉偶數(shù)次到達b點，則有：解得：故速度為當n=4時故B正確；

若粒子偏轉奇數(shù)次到達b點，則有：解得：故速度為當n=1時故D正確；

【點睛】

由幾何關系及題設條件可求得粒子做勻速圓周運動的半徑，由洛侖茲力提供向心力從而能求出通過b點的粒子的速度可能值．9、A:C【分析】【詳解】

AD．光敏電阻光照減弱，故光敏電阻的阻值增大，電路中的總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可得，路端電壓增大（即電源兩極間的電壓增大），電路中總電流減小，故兩端的電壓減??；即電壓表示數(shù)減小，選項A正確，D錯誤；

BC．因為所以并聯(lián)電路的電壓增大，所以通過的電流增大，而所以通過燈泡L的電流減小，所以燈泡消耗的電功率減小，故C正確，B錯誤。

故選AC。10、A:E【分析】【分析】

【詳解】

DE．只要鍋內還有水；緩慢冷卻過程始終處于動態(tài)平衡，上方的水蒸氣始終處于飽和汽狀態(tài)，D錯誤，E正確；

ABC．飽和汽壓強只與溫度有關；隨著水蒸氣的溫度降低，飽和汽壓強變小，A正確，BC錯誤。

故選AE。11、B:D【分析】【詳解】

由于在霍爾器件的上下面之間加一定的電壓；形成電流，當永久磁鐵的上下端分別為N；S極時，磁場與電子的移動方向平行，則電子不受洛倫茲力作用，那么霍爾器件不能輸出控制車速的電勢差，故A錯誤；當按圖甲順時針轉動把手，導致霍爾器件周圍的磁場增加，那么霍爾器件輸出控制車速的電勢差增大，因此車速變快，故B正確；結合圖乙的示意圖，那么永久磁鐵的N、S極可能在左、右側面，或在前、后表面，因此從霍爾器件輸出控制車速的電勢差，不一定在霍爾器件的左右側面，也可能在前后表面，故C錯誤；當霍爾器件的上下面之間所加電壓正負極性對調，從霍爾器件輸出控制車速的電勢差正負號相反，但由圖丙可知，不會影響車速控制，故D正確．

點睛：考查霍爾元件的工作原理，掌握“霍爾轉把”結構圖，理解霍爾器件能輸出控制車速的電勢差與什么因素有關，注意圖丙中電勢差的正負，不會影響車速．12、C:D【分析】【詳解】

A.由知，電介質插入越深，越大，即越大；選項A不符合題意；

B.當傳感器以恒定加速度運動時；電介質相對電容器靜止，電容不變，電路中沒有電流，選項B不符合題意；

C.傳感器向右勻速運動；突然減速時，質量塊由于慣性相對傳感器向右運動，彈簧壓縮變短，選項C符合題意；

D.傳感器由靜止突然向右加速時，電介質相對電容器向左運動，增大，增大，電源電動勢不變，由知，增大，上極板電荷量增大，即電路中有順時針方向的電流，選項D符合題意．13、B:C【分析】【詳解】

試題分析：AB、由題意可知，在t與t+0.4s兩時刻在x軸上﹣3m至﹣3m區(qū)間內的波形圖如圖中同一條圖線所示，則有0.4s=NT（N=1，2，3），得：T=s．所以當N=1時，周期最大，為T=0.4s，根據(jù)v=知當N=1時；波速最小為10m/s，故A錯誤B正確；

C、橫波沿x軸正方向傳播，t時刻，x=2m處的質點正向下運動，x=2.5m處的質點先向上運動再回到平衡位置，所以從t時刻開始計時，x=2m處的質點比x=2.5m處的質點先回到平衡位置；故C正確；

D、時間t=0.2s，由于若N是奇數(shù)，則x=2m處的質點位移為﹣a；若N是偶數(shù)，x=2m處的質點位移為a，故D錯誤．14、B:D【分析】【詳解】

A；帶負電的粒子在磁場中的運動軌跡如圖所示：

從圖像上可以看出該帶電粒子離開磁場時速度方向的反向延長線不通過O點；故A錯；

B、有幾何關系知，軌跡所對的圓心角為且軌跡的圓心O剛好在圓形磁場的邊界上，所以軌跡的半徑為由可求得：故B對；

C、運動時間等于弧長除以速度，即故C錯；

D；有圖可知；此時軌跡圓弧對應的弦長最長，等于磁場區(qū)域的直徑，所以在磁場中運動時間也就最長，若改變入射角度，則運動時間變短，故D對；

故選BD15、B:D【分析】【詳解】

線圈以一定初速度進入磁場，則感應電動勢為：E=BLv，閉合電路歐姆定律，則感應電流為：安培力為：由牛頓第二定律為：F=ma，則有：由于v減小，所以a也減小，當完全進入磁場后，不受到安培力，所以做勻速直線運動，當出磁場時，速度與時間的關系與進入磁場相似．而速度與時間的斜率表示加速度的大小，因此B正確，A錯誤；線圈進入磁場時，設某時刻進入磁場的距離為x，此時線圈的速度為v，則由動量定理：其中則同樣當完全進入磁場后，不受到安培力，所以做勻速直線運動，當出磁場時，速度v與位移x的關系與進入磁場相似，則選項D正確，C錯誤．三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]根據(jù)門電路特點可知，輸入只要有“1”，輸出即為“1”的電路是或門；輸入只要有“0”，輸出即為“0”的電路是與門，輸入是“1”，輸出為0的電路是非門?！窘馕觥炕蚺c017、略

【分析】【詳解】

[1]中午時氣溫升高；氣球內氣體分子的平均動能變大；

[2]以氣球內的氣體為研究對象，溫度升高，壓強增大，氣球會膨脹，因此氣體的體積變大?！窘馕觥孔兇笞兇?8、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]AB延長線過原點，即AB過程的V與T成正比，故A到B過程為等壓過程，對A到B的過程運用蓋－呂薩克定律可得

代入圖象中的數(shù)據(jù)可得氣體在狀態(tài)B時的溫度

[2]因為氣體是一定質量的理想氣體，而一定質量的理想氣體的內能只跟溫度有關，因為

所以A與C的內能相同，故A到B內能的增加量等于B到C內能的減小量，即

根據(jù)熱力學第一定律可得

A到B過程氣體對外做功，故

又已知

可得

根據(jù)熱力學第一定律可得

B到C為等容過程，故

所以

故氣體向外放出的熱量為140J。【解析】60014019、略

【分析】（1）根據(jù)左手定則；電子向上偏，所以上側面得到電子帶負電，下側面失去電子帶正電，則金屬板上側面A電勢低于下側面的電勢．

（2）電子最終達到平衡，有．則U=vBd．電流的微觀表達式I=nevS=nevhd．則v=代入得，．

【名師點睛】金屬中移動的是自由電子，根據(jù)左手定則，判斷出電子的偏轉方向，從而得出電勢的高低．最終電子受電場力和洛倫茲力平衡，根據(jù)平衡和電流的微觀表達式求出電勢差的大?。窘馕觥康陀?0、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

①靜電計指針張角可表示出兩板間電勢差的大小；所以A錯誤B正確。

因為目的就是為了讓兩板間電勢差與靜電計兩鉑片上電勢差相等；所以靜電計的外殼與A板相連接后可不接地，故C正確。

電壓表有示數(shù)必須有電源；所以不可以用量程為3V的電壓表替代靜電計，故D錯誤。

故選BC

②現(xiàn)要使靜電計指針偏角變大，即電勢差增大，電荷量不變，所以電容減小，保持B板小動，A板向上平移，正對面積減小，電容減小，符合題意，故A正確。

保持B板不動；A板向右平移，板間距離減小，電容增大，不符合題意，故B錯誤。

保持A；B兩板不動；在A、B之間插入一塊絕緣介質板，增大介電常數(shù)，電容增大，不符合題意，故C錯誤。

故選A21、略

【分析】【詳解】

（1）[1]a．液體分子之間的距離不同；液體分子之間的分子力大小就不同，所以分子勢能就不同，所以液體的分子勢能與體積有關，故a正確；

b．單晶體的物理性質具有各向異性，而多晶體的物理性質具有各向同性，故b錯誤；

c．溫度越高分子的平均動能越大；但對于某個分子來說其分子動能反而可能減小，所以溫度對單個分子來說沒有意義，故c錯誤；

d．由于液體表面張力的作用使液體的表面積收縮；使露珠呈球形，故d正確。

故選ad。

（2）①[2]由于使C中水銀面仍在O點處，故封閉氣體的體積保持不變，即發(fā)生等容變化，冰水混合物的溫度T1=273K，此時封閉氣體的壓強p1=p0+h1=90cmHg

設待測恒溫槽的溫度T2，此時封閉氣體的壓強p2=p0+h2=120cmHg

根據(jù)查理定律得

解得T2=364K

②[3]氣體體積保持不變，分子勢能保持不變，由于氣體溫度升高，所以A內氣體分子的平均動能增大；故氣體的內能增大。

[4]根據(jù)熱力學第一定律

氣體體積保持不變，則W=0，由于氣體的內能增大，故

所以Q＞0

即氣體從外界吸熱。【解析】①.（1）ad②.（2）①恒溫槽的溫度為364K③.②增大；④.吸熱．22、略

【分析】【分析】

【詳解】

對大量的事實分析表明：熱力學零度不可達到這個結論被稱做熱力學第三定律．【解析】熱力學零度不可達到23、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)庫侖力提供向心力

解得

[2]根據(jù)庫侖力提供向心力

解得【解析】四、作圖題(共3題，共18分)24、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】25、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、解答題(共4題，共28分)27、略

【分析】【詳解】

導體棒ab切割磁感線

由閉合電路的歐姆定律

導體棒ab受到安培力

由于導體棒ab勻速運動，滿足：

所以，作用在導體棒上的外力

導體棒克服安培力的功率【解析】（1）（2）（3）2W28、略

【分析】【詳解】

（1）核反應方程為

設碳11原有質量為m0，經(jīng)過t=2.0h剩余的質量為mt，根