2025年上教版必修3物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年上教版必修3物理上冊月考試卷122考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、在如圖所示的電路中，電源的電動勢E＝3V，內(nèi)阻r＝1.0Ω，R為滑動變阻器．當閉合開關(guān)S后；電流表示數(shù)為0.3A，忽略電流表的內(nèi)阻，則滑動變阻器接入電路的阻值為。

A.8.0ΩB.9.0ΩC.10.0ΩD.11.0Ω2、如圖所示電路，電源的內(nèi)電阻不可忽略．開關(guān)S閉合后，在變阻器R0的滑動端向下滑動的過程中。

A.電壓表的示數(shù)增大B.電流表的示數(shù)增大C.R1消耗的電功率增大D.R2消耗的電功率增大3、關(guān)于電場力和電場強度，下列說法正確的是（）A.電場強度的方向總是跟電場力的方向一致B.正電荷受到的電場力的方向跟電場強度的方向一致C.電場強度的大小總是跟電場力的大小成正比D.移去檢驗電荷時，電場強度變?yōu)榱?、通常把電荷在離場源電荷無限遠處的電勢能規(guī)定為零，已知試探電荷q在場源電荷Q的電場中所具有電勢能表達式為（式中k為靜電力常量，r為試探電荷與場源電荷間的距離）。真空中有兩個點電荷Q1、Q2分別固定在x坐標軸的x=0和x=6m的位置上。x軸上各點的電勢隨的變化關(guān)系如圖所示，A、B是圖線與物的交點，A點的x坐標是4.8cm，圖線上C點的切線水平；下列說法正確的是（）

A.電荷Q1、Q2的電性相同B.電荷Q1、Q2的電荷量之比為1∶4C.B點的x坐標是7.2cmD.C點的x坐標是12cm5、如圖所示，帶有等量異種電荷的平行板電容器與靜電計相連，靜電計的金屬外殼和電容器下極板都接地，在兩極板間的點固定著一個檢驗電荷，表示兩板之間的電壓，表示兩板間的電場強度，表示靜電計指針的偏角，表示檢驗電荷在點的電勢能。若保持下極板不動；將上極板向下移動一小段距離至圖中的虛線位置，則（）

A.增大，不變B.不變，不變C.減小，增大D.不變，增大6、如圖所示，正對的平行板（矩形）電容器充電結(jié)束后保持與電源連接，電源電壓恒為U，板長為L，帶電油滴在極板間靜止?，F(xiàn)設(shè)法先使油滴保持不動，上極板固定，將下極板向上移動了后再由靜止釋放油滴；則（）

A.電容器的電容變小B.電容器所帶電荷量變大C.極板間的場強不變D.油滴仍保持靜止7、在如圖所示的電路中，電源的電動勢和內(nèi)阻以及電阻R2的阻值都恒定，當滑動變阻器R1的滑片處于某位置時，電容器C兩極板間的帶電油滴恰好懸浮不動。下列判斷正確的是（）

A.若僅減小電容器兩極板間的正對面積，油滴將向下運動B.若僅將R1的滑片向右移動，油滴將向上運動C.若僅將R1的滑片向左移動，電源的效率將增加D.若僅將R1的滑片移動，電壓表V1、V2的示數(shù)變化量的代數(shù)和總等于零8、如圖所示，圖線a、b分別為某電源和某定值電阻的U－I圖線；現(xiàn)將此電源與此電阻直接相連，根據(jù)所學知識分析下列選項正確的是（）

A.該電源的內(nèi)電阻大于定值電阻的阻值B.該電源的內(nèi)電阻消耗的功率大于定值電阻消耗的功率C.如果減小定值電阻的阻值，電源的輸出功率可能增大D.如果減小定值電阻的阻值，電源的效率可能增大評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、如圖所示，金屬板帶電量為＋Q，質(zhì)量為m的金屬小球帶電量為＋q，當小球靜止后，懸掛小球的絕緣細線與豎直方向間的夾角為α，小球與金屬板中心O恰好在同一條水平線上，且距離為L。下列說法正確的是（）

A.＋Q在小球處產(chǎn)生的場強為B.＋Q在小球處產(chǎn)生的場強為C.＋q在O點產(chǎn)生的場強為D.＋q在O點產(chǎn)生的場強為10、將平行板電容器兩極板之間的距離、電壓、電場強度大小和極板所帶的電荷量分別用d、U、E和Q表示．下列說法正確的是A.保持U不變，將d變?yōu)樵瓉淼膬杀?，則E變?yōu)樵瓉淼囊话隑.保持E不變，將d變?yōu)樵瓉淼囊话?，則U變?yōu)樵瓉淼膬杀禖.保持d不變，將Q變?yōu)樵瓉淼膬杀?，則U變?yōu)樵瓉淼囊话隓.保持d不變，將Q變?yōu)樵瓉淼囊话耄瑒tE變?yōu)樵瓉淼囊话?1、電荷控制式噴墨打印機的打印頭的結(jié)構(gòu)簡圖如圖所示。其中墨盒可以噴出極小的墨汁微粒（重力不計）；此微粒經(jīng)過帶電室后以一定的初速度垂直射入偏轉(zhuǎn)電場，再經(jīng)偏轉(zhuǎn)電場后打到紙上，顯示出字符。已知偏移量越大打在紙上的字跡越大?，F(xiàn)要縮小字跡，下列措施可行的是（）

A.增大墨汁微粒的比荷B.增大墨汁微粒進入偏轉(zhuǎn)電場時的初動能C.增大偏轉(zhuǎn)極板的長度D.增大偏轉(zhuǎn)極板間的間距12、如圖所示，空間中存在豎直向上的勻強電場，將一絕緣帶電小球自C點靜止釋放，一段時間后小球與正下方彈簧在A點開始接觸并壓縮彈簧，假設(shè)從釋放到最低點B的過程中電場力對小球做功彈簧形變始終處于彈性限度范圍，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）

A.小球反彈后可重新到達C點B.從C點到B點，小球與彈簧的機械能減少C.小球從A運動到B過程中速度一直在減小D.小球動能最大的位置在之間小球重力和彈簧彈力大小相等的位置13、一根粗細均勻的金屬導(dǎo)線，兩端加上恒定電壓U時，通過金屬導(dǎo)線的電流強度為I，金屬導(dǎo)線中自由電子定向移動的平均速率為v，若將金屬導(dǎo)線均勻拉長，使其長度變?yōu)樵瓉淼?倍，仍給它兩端加上恒定電壓U，則此時（）A.該金屬導(dǎo)線的電阻變?yōu)樵瓉淼?倍B.該金屬絲的電阻率變?yōu)樵瓉?倍C.自由電子定向移動的平均速率為D.通過金屬導(dǎo)線的電流為評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)14、如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中一正方形的四個頂點，已知A、B、C三點的電勢分別為φA=15V，φB=3V，φC=-3V；由此。

（1）則D點電勢φD=____________V

（2）若該正方形的邊長為a=20cm，且電場方向與正方形所在平面平行，則場強為E=_________N/C15、如圖所示；豎直放置的長直導(dǎo)線通以恒定電流，有一矩形線框與導(dǎo)線處于同一平面內(nèi)，讓線框向右平動，線圈產(chǎn)生感應(yīng)電流的方向是_____。

16、可再生能源和不可再生能源∶

（1）____、_______、天然氣等化石能源，短期內(nèi)無法恢復(fù)的能源，稱為______能源。

（2）水能、風能、潮汐能等能源，歸根結(jié)底來源于太陽能，這些能源在自然界可以再生，稱為______能源。17、如圖所示，勻強電場的電場線與平行，把的負電荷從點移到點，靜電力做功長與成60°角。則勻強電場的場強方向______（填：指向或指向）；設(shè)處電勢為則處電勢為______，該負電荷在處的電勢能為______。

18、定義∶原子的能量是量子化的，這些量子化的能量值叫作_____。19、利用靜電除塵器可以消除空氣中的粉塵，靜電除塵器由金屬管A和懸在管中的金屬絲B組成，A和B分別接到高壓電源的正極和負極，其裝置示意圖如右圖所示．A、B之間有很強的電場，距B越近，場強__________（填“越大”或“越小”）．B附近的氣體分子被電離成為電子和正離子、粉塵吸附電子后被吸附到______（填“A”或“B”）上；最后在重力作用下落入下面的漏斗中．

20、摩擦起電：當兩種物質(zhì)組成的物體互相摩擦時，一些受束縛較弱的電子會____________到另一個物體上。于是，原來電中性的物體由于得到電子而帶____________電，失去電子的物體則帶___________電。21、在如圖（a）所示的電路中，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器。閉合開關(guān)S，將滑動變阻器的滑動觸頭P從最右端滑到最左端，兩個電壓表的示數(shù)隨電路中電流變化的完整過程圖線如圖（b）所示。則電源的最大輸出功率為___________W，滑動變阻器R2的最大功率為___________W

22、如圖所示，電源內(nèi)阻Ω，Ω，Ω，燈L上標有“3V、1.5W”的字樣，當滑動變阻器R3的滑片P移到最右端時，電流表示數(shù)為1A，燈L恰能正常發(fā)光．則電源的電動勢____V；當P移到最左端時，電流表的示數(shù)_____A.

評卷人得分四、實驗題(共2題，共10分)23、某同學要將量為300μA；內(nèi)阻未知的微安表G改裝成量程為3V的電壓表。他先測量出微安表G的內(nèi)阻；然后對微安表進行改裝，最后再利用一標準電壓表V對改裝后的電壓表進行校準。

（1）利用“半偏法”原理測量微安表G的內(nèi)阻。實驗中可供選擇的器材：

A.滑動變阻器（）

B.電阻箱（）

C.電源（電動勢為12V）

D.電源（電動勢為15V）

E.開關(guān)；導(dǎo)線若干。

具體實驗步驟如下：

a.按電路原理圖甲連接好電路；

b.將滑動變阻器R1的阻值調(diào)到最大，閉合開關(guān)S后調(diào)節(jié)的阻值；使微安表G的指針滿偏；

c.閉合開關(guān)S，保持R不變，調(diào)節(jié)的阻值，使微安表G的示數(shù)為150μA，此時的示數(shù)為4000.0Ω。

回答下列問題：

①實驗中電源應(yīng)選用__（選填“”或“”）。

②由實驗操作步驟可知微安表內(nèi)阻的測量值與真實值相比_______（選填“偏大”“相等”或“偏小”）。

（2）利用合適的電源滑動變阻器標準電壓表V以及題（1）中的電阻箱在圖乙虛線框內(nèi)畫出對改裝的電壓表進行校準的電路，其中部分電路元件已在圖中給出_________。

（3）由于內(nèi)阻測量造成的誤差，當標準電壓表示數(shù)為3V時，改裝電壓表中微安表G的示數(shù)為297μA，為了盡量消除改裝后的電壓表測量電壓時帶來的誤差，與微安表串聯(lián)的電阻值調(diào)至_______________Ω（結(jié)果保留1位小數(shù)）。24、測定干電池的電動勢和內(nèi)阻的電路如圖（a）所示，MN為一段粗細均勻、電阻率較大的電阻絲，定值電阻調(diào)節(jié)滑片P，記錄電壓表示數(shù)U、電流表示數(shù)I及對應(yīng)的PN長度x，繪制出圖（b）所示的圖像。

(1)由圖（b）求得電池的電動勢______________V（保留3位有效數(shù)字），內(nèi)阻______________Ω（保留2位有效數(shù)字）。

(2)實驗中因電表內(nèi)阻的影響，電動勢測量值_______________（選填“大于”；“等于”或“小于”）真實值。

(3)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)可繪出圖（c）所示的圖像。若圖像斜率為k，電阻絲橫截面積為S，則電阻絲的電阻率_______________，電表內(nèi)阻對電阻率的測量______________（選填“有”或“沒有”）影響。評卷人得分五、解答題(共4題，共20分)25、在xOy平面內(nèi)，有沿y軸負方向的勻強電場，場強大小為E（圖中未畫出），由A點斜射出一質(zhì)量為m，帶電荷量為+q的粒子，B和C是粒子運動軌跡上的兩點，如圖所示，其中l(wèi)0為常數(shù)；粒子所受重力忽略不計，求：

（1）粒子從A到C過程中電場力對它做的功；

（2）粒子從A到C過程所經(jīng)歷的時間；

（3）粒子經(jīng)過C點時的速率。26、如圖所示，勻強電場中A、B、C三點構(gòu)成一個直角三角形，把電荷量q=C的點電荷由A點移到B點，靜電力做功4.8×10-8J，再由B點移到C點，電荷克服靜電力做功4.8×10-8J，取B點的電勢為零；求：

（1）A、C兩點的電勢；

（2）作出過B點的一條電場線。

27、如圖所示，水平絕緣軌道AB與處于豎直平面內(nèi)的半圓形絕緣光滑軌道BC平滑連接，半圓形軌道的半徑為R。軌道所在空間存在水平向右的勻強電場。現(xiàn)有一質(zhì)量m的帶正電的物體（可視為質(zhì)點），在水平軌道上的P點由靜止釋放，已知靜電力大小帶電體運動到半圓形軌道的D點時受到軌道給的彈力大小已知帶電體與水平軌道間的動摩擦因數(shù)為μ，取重力加速度g；不計空氣阻力。求：（結(jié)果可以保留根號）

（1）帶電體運動到D點時的加速度大小aD；

（2）釋放點P到半圓形軌道最低點B點的距離L1；

（3）帶電體在半圓軌道上運動過程中對軌道壓力的最大值Fm；

（4）若帶電體第一次經(jīng)過C點，勻強電場方向突然變?yōu)樨Q直向下。帶電體落在水平軌道上的位置到B點的距離L2。

28、電場中某區(qū)域的電場線如圖所示，A、B是電場中的兩點。一個電荷量的點電荷在A點所受電場力在僅受電場力的作用下，將該點電荷從A點移動到B點，電場力做功求。

（1）A點電場強度的大小

（2）A、B兩點間的電勢差

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【詳解】

閉合開關(guān)S，根據(jù)閉合電路歐姆定律得：

變形得

即滑動變阻器接入電路的阻值為9.0Ω．

A．8.0Ω；與結(jié)論不相符，選項A錯誤；

B．9.0Ω；與結(jié)論相符，選項B正確；

C．10.0Ω；與結(jié)論不相符，選項C錯誤；

D．11.0Ω，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；2、C【分析】【詳解】

AB．在變阻器R0的滑片向下滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻減小，變阻器R0與R2并聯(lián)電阻R并減小，則外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流I增大，路端電壓U減小，則電壓表示數(shù)減小。并聯(lián)部分電壓U并=E-I（R1+r），I增大，E、R1、r均不變，則U并減小，故電流表示數(shù)減小，故AB錯誤；

C．干路電流I增大，由功率公式P=I2R分析得知，R1上消耗的功率增大，故C正確；

D．由于U并減小，據(jù)公式可知，R2消耗的功率減??；故D錯誤。

故選C。3、B【分析】【分析】

【詳解】

AB．電場強度的方向跟正電荷所受電場力的方向一致；與負電荷所受電場力方向相反，故A錯誤，B正確；

CD．電場強度反映電場本身的性質(zhì)；與檢驗電荷所受的電場力和電荷量無關(guān)，不能說電場強度的大小總是跟電場力的大小成正比；當移去檢驗電荷時，電場強度保持不變，不會變?yōu)榱?，故CD錯誤。

故選B。4、D【分析】【詳解】

A．由

知場源電荷附近電勢正負和場源電荷正負一致，故由圖可得原點處電荷帶正電，處電荷帶負電；故A錯誤；

B．A點處電勢為零，故

故B錯誤；

C．B點處電勢為零，根據(jù)電勢為零可得

可得

所以B點的x坐標

故C錯誤；

D．由點電荷周圍場強

知兩場源電荷電性相反，那么兩場源電荷在C點的場強方向相反，C點電勢變化率為零，故C點的場強為零，根據(jù)場強疊加定理可得兩場源電荷在C點場強大小相等，故有

解得

故D正確。

故選D。5、B【分析】【詳解】

電容器與電源斷開，故電量不變；上極板向下移動時，兩板間的距離減小，根據(jù)可知，電容C增大，則根據(jù)可知，電壓U減小，故靜電計指針偏角θ減小，兩板間的電場強度

因此電場強度與板間距無關(guān)，因此電場強度E不變，再設(shè)P與下極板距離為L，則P點的電勢φP=EL，電勢能EP=qEL；因此電荷在P點的電勢能EP保持不變。

故選B。6、B【分析】【詳解】

A．根據(jù)電容的決定式

將下極板向上移動了；可知將板間距變小些，電容增大，A錯誤；

B．根據(jù)電容定義式

充電結(jié)束后保持與電源連接；極板間電壓不變，因電容增大，那么電容器所帶的電荷量增大，B正確；

CD．電容器一直與電源相連，極板兩端的電壓不變，板間距變小時，根據(jù)

兩板間電場強度增大，根據(jù)

電場力變大；油滴將向上運動，不會保持靜止，CD錯誤。

故選B。7、B【分析】【詳解】

A．減小兩板間正對面積，電容器的板間電壓不變，場強不變，油滴所受的電場力不變，仍靜止，故A錯誤；

B．R1滑動觸頭向右移動時；接入電路的電阻增大，電路中電流減小，內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，則電容器板間電壓增大，板間場強增大，油滴所受的豎直向上的電場力增大，油滴將向上運動。故B正確；

C．同理可得，R1滑動觸頭向左移動時，接入電路的電阻減小，外電路電阻減小，而電源的效率

可知電源的效率減小，故C錯誤；

D．R1的滑動觸頭移動時，外電阻發(fā)生變化，則路端電壓隨之變化，電壓表V1，V2的讀數(shù)之和等于路端電壓，所以電壓表V1，V2的讀數(shù)變化量的代數(shù)和不等于零，故D錯誤。

故選B。8、C【分析】【詳解】

A．由圖像可知，電源的內(nèi)阻為

導(dǎo)體的電阻

則該電源的內(nèi)電阻小于定值電阻的阻值；選項A錯誤；

B．該電源的內(nèi)電阻消耗的功率

定值電阻消耗的功率

該電源的內(nèi)電阻消耗的功率小于定值電阻消耗的功率；選項B錯誤；

C．當外電路電阻等于電源內(nèi)阻時電源輸出功率最大；則如果減小定值電阻的阻值，電源的輸出功率可能增大，選項C正確；

D．根據(jù)

則如果減小定值電阻的阻值；電源的效率會減小，選項D錯誤。

故選C。二、多選題(共5題，共10分)9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．對金屬小球受力分析；如圖所示。

故+Q在小球處產(chǎn)生的場強為

A錯誤B正確；

CD．根據(jù)點電荷的場強公式，+q在O點產(chǎn)生的場強為

D錯誤C正確。

故選BC。10、A:D【分析】【詳解】

試題分析：保持U不變，根據(jù)公式E=分析E與d的關(guān)系；保持E不變，U與d正比；保持d不變，C不變，根據(jù)C=分析Q與U的關(guān)系；保持d不變，將Q變?yōu)樵瓉淼囊话?，由C=分析U的變化，由E=分析E的變化．

解：A、保持U不變，將d變?yōu)樵瓉淼膬杀?，根?jù)公式E=可知；E變?yōu)樵瓉淼囊话耄蔄正確．

B；保持E不變；將d變?yōu)樵瓉淼囊话?，由U=Ed可知，U變?yōu)樵瓉淼囊话耄蔅錯誤．

C、保持d不變，電容C不變，將Q變?yōu)樵瓉淼膬杀?，由公式C=分析可知；U變?yōu)樵瓉淼膬杀叮蔆錯誤．

D、保持d不變，電容C不變，將Q變?yōu)樵瓉淼囊话?，由公式C=分析可知，U變?yōu)樵瓉淼囊话耄蒃=分析知；E變?yōu)樵瓉淼囊话耄蔇正確．

故選AD

【點評】

本題關(guān)鍵要掌握E=C=兩個公式，同時，要明確d不變時，電容C不變．11、B:D【分析】【詳解】

微粒以一定的初速度垂直射入偏轉(zhuǎn)電場做類平拋運動；則有。

水平方向

豎直方向

又

聯(lián)立解得

要縮小字跡，就要縮小微粒通過偏轉(zhuǎn)電場的偏轉(zhuǎn)量y，由上式分析可知，采用的方法可以有：減小比荷增大墨汁微粒進入偏轉(zhuǎn)電場時的初動能Ek0、減小極板的長度L、增大偏轉(zhuǎn)極板間的間距d。

故選BD。12、A:B【分析】【詳解】

A．根據(jù)能量守恒定律可知，系統(tǒng)的能量只是重力勢能，動勢及電勢能間的相互轉(zhuǎn)化，則小球反彈后可重新到達C點；所以A正確；

B．從C點到B點，根據(jù)功能關(guān)系可知，除了重力與彈簧的彈力做的功不改變系統(tǒng)的機械能，其他力做功則改變機械能有

由于電場力對小球做功-5J；所以小球與彈簧組成的系統(tǒng)機械能減少5J，則B正確；

C．小球從靜止釋放后能運動到A點；則知小球受到的重力和電場力的合力豎直向下。小球從A運動到B過程中，彈簧的彈力先小于重力和電場力的合力，后大于重力和電場力的合力，小球的合力先向下后向上，則小球先向下做加速運動，后向下做減速運動，速度先增大后減小，故C錯誤；

D．小球動能最大的位置在之間小球重力與電場力的合力和彈簧彈力大小相等的位置；則D錯誤；

故選AB。13、C:D【分析】【詳解】

AD．將金屬導(dǎo)線均勻拉長，使其長度變?yōu)樵瓉淼?倍，橫截面積變?yōu)樵瓉淼谋?，根?jù)電阻定律分析得到，電阻變?yōu)樵瓉淼?倍，電壓U恒定不變，根據(jù)歐姆定律可知，電流I變?yōu)樵瓉淼墓蔄錯誤，D正確；

B．金屬絲的電阻率與金屬絲的長度無關(guān)；所以電阻率不變，故B錯誤；

C．電流的微觀表達式I=nevS，其中n、e不變，電流I為原來的橫截面積S變?yōu)樵瓉淼谋?，則自由電子定向移動的平均速率為故C正確。三、填空題(共9題，共18分)14、略

【分析】【詳解】

(1)[1]勻強電場中，沿著任意方向每前進相同的距離，電勢變化都相等，

解得：φD=9V

(2)[2]連接AC，將AC三等分，標上三等分點E、F，則根據(jù)勻強電場中沿電場線方向相等距離，電勢差相等可知，E點的電勢為3V，F(xiàn)點的電勢為9V．連接DF；是一條等勢線．

將DF延長交于AB于P點，則P點的電勢為φP=φD=9V

可知P是AB的中點，

PD是該電場的一條等勢線，作AM⊥PD，根據(jù)等面積原理知

場強【解析】915、略

【分析】【詳解】

電流的方向向上，由安培定則可知線框所在處的磁場的方向垂直于紙面向里，當線框向右運動時磁場減小，則穿過線框的磁通量減小，由楞次定律可知，線框內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電流沿順時針方向?！窘馕觥宽槙r針方向16、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2][3]煤；石油、天然氣等化石能源；短期內(nèi)無法恢復(fù)的能源，稱為不可再生能源。

（2）[4]水能、風能、潮汐能等能源，歸根結(jié)底來源于太陽能，這些能源在自然界可以再生，稱為可再生能源。【解析】煤石油不可再生可再生17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]將負電荷從A移至B，靜電力做正功，所以所受靜電力方向由A至C，又因為是負電荷，場強方向與負電荷受靜電力方向相反，所以場強方向應(yīng)為C至A方向。

[2]由

得

即

故

[3]電子在A點的電勢能【解析】①.由指向②.③.18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)定義可知，原子的能量是量子化的，這些量子化的能量值叫做能級?！窘馕觥磕芗?9、略

【分析】【詳解】

電源的兩極分別接在AB上；凈電荷一般分布在尖端，所以B處分布電荷較為密集，則距離B越近場強較大，粉塵吸附電子后帶負電，在電場力的作用下將會向正極板運動，即向A運動，最后被吸附到A上。

故答案為越大；A【解析】越大A20、略

【解析】①.轉(zhuǎn)移②.負③.正21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]當R2的滑動頭P滑到最左端時，電壓表V2的示數(shù)為0，可知圖線甲是V2示數(shù)隨電流變化的圖線。由兩圖線得U1+U2=5V≠U1′+U2′=3V

可知電源有內(nèi)阻R1==5Ω，R2m==20Ω

由閉合電路歐姆定律I=

得0.2=0.6=

解得E=6V，r=5Ω

當R2=0時，因R1=r電源有最大輸出功率Pm==1.8W

[2]把R1等效成電源內(nèi)阻，則當R2=R1+r時，R2上有最大功率P2m==0.9W【解析】1.8W0.9W22、略

【分析】【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律得：E=UL+IR1+Ir=3+1×2+1×1=6V

（2）當P移到最左端時，【解析】62四、實驗題(共2題，共10分)23、略

【分析】【詳解】

（1）①[1]根據(jù)題意，由歐姆定律可知，若電源選取電路中的最小電流約為

超過微安表量程，則電源選

②[2]實驗中，閉合開關(guān)S，外電路的總電阻減小，總電流變大，即干路電流大于則流過微安表的電流為流過電阻箱的電流大于由并聯(lián)分流原理可知，電阻箱電阻小于微安表內(nèi)阻，即微安表內(nèi)阻的測量值與真實值相比偏小。

（2）[3]根據(jù)題意；由實驗原理，設(shè)計電路圖，如圖所示。

（3）[4]根據(jù)題意，由上述分析可知，微安表內(nèi)阻約為則改裝成量程為的電壓表需串聯(lián)一個的電阻，當標準電壓表示數(shù)為3V時，若改裝電壓表中微安表G的示數(shù)為297μA，則此時，微安表的等效內(nèi)阻為

若調(diào)整準確，則微安表的等效內(nèi)阻為

即需將改裝后電表的等效內(nèi)阻減小即與微安表串聯(lián)的電阻值調(diào)至【解析】偏小5899.024、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2]由閉合電路歐姆定律可知U=E-I（r+R0）

則可知圖b中的圖象與縱坐標間的交點表示電動勢，故E=1.49V；

圖象的斜率表示（r+R0），則

解得r=1.45-1.