2024-2025學(xué)年江西省十校協(xié)作體高三上學(xué)期第一次聯(lián)考物理試卷

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1——★參考答案★——題號12345678910答案BBCADACADBCABD1．B【詳析】A．圖甲中玻璃容器中的小水銀滴呈球形，是因為水銀與玻璃不浸潤導(dǎo)致的結(jié)果，故A錯誤；B．圖乙為康普頓效應(yīng)的示意圖，入射光子與靜止的電子碰撞，碰撞后散射光的光子能量變小，根據(jù)，可知，碰撞后散射光的波長變長，故B正確；C．鋅的逸出功為，用丙中一群處于能級的氫原子發(fā)出的光照射鋅板，照射光的光子最大能量為，根據(jù)光電效應(yīng)方程可知，逸出光電子的最大初動能為，故C錯誤；D．衰變過程隨時間的變化規(guī)律說明在相同時間內(nèi)，有半數(shù)的原子核發(fā)生了衰變，但相同時間內(nèi)衰變的原子數(shù)量隨時間的推移而不斷減少，故D錯誤。故選B。2．B【難度】0.85【詳析】“彩色光環(huán)”現(xiàn)象屬于衍射現(xiàn)象。A．雨后的彩虹屬于光的折射，故A錯誤；B．透過狹縫看日光燈可以看到彩色條紋為單縫衍射，故B正確；C．油膜在陽光下呈現(xiàn)彩色是由于薄膜干涉，屬于光的干涉，故C錯誤；D．樹影中的圓形光斑為太陽的像，屬于小孔成像，故D錯誤。C【詳析】A．小豬繞碗的邊緣做勻速圓周運動，由所受外力的合力提供圓周運動的向心力，合力方向始終指向圓心，可知，小豬所受的合外力不為零，故A錯誤；B．根據(jù)沖量的定義有，可知，小豬運動一周，其重力的沖量不為零，故B錯誤；C．小豬繞碗的邊緣做勻速圓周運動，由碗對小豬的作用力與小豬的重力的合力提供圓周運動的向心力，重力方向豎直向下，合力方向指向圓心，即合力沿水平方向，則有，可知，碗對小豬的作用力大于小豬的重力，故C正確；4．A【詳析】A．因發(fā)射的“鵲橋二號”未能變軌到繞太陽轉(zhuǎn)動，則發(fā)射速度要小于第二宇宙速度，即發(fā)射速度介于7.9km/s與11.2km/s之間，故A正確；B．“鵲橋二號”在軌道I運行到近月點A時減速才能變軌進入凍結(jié)軌道II運行，故B錯誤；C．根據(jù)牛頓第二定律有，解得，可知“鵲橋二號”在軌道I上經(jīng)過A點的加速度等于在軌道II上經(jīng)過A點時的加速度，故C錯誤；D．軌道I的半長軸大于軌道II的半長軸，由開普勒第三定律，可知“鵲橋二號”在軌道I上的運行周期比在軌道II上的運行周期長，故D錯誤。故選A。5．D【難度】0.85【詳析】根據(jù)質(zhì)點振動方程可知質(zhì)點振動周期為由波長公式可知聲波的波長為與的距離之差即波程差為，所以當(dāng)波程差為半波長的奇數(shù)倍時，利用波的干涉原理可知兩波源振動步調(diào)一致即可使P點振動減弱，則降噪聲源的振動方程應(yīng)為故選D。6．A【詳析】A．當(dāng)時，則，即電荷所受向上的洛倫茲力較大，將向上偏轉(zhuǎn)，故A正確；B．一束等離子體（含有大量正、負(fù)帶電粒子）射入磁場，根據(jù)左手定則可知，正電荷受到指向B極板的洛倫茲力，負(fù)電荷受到指向A極板的洛倫茲力，所以B板帶正電，A板帶負(fù)電，通過電阻R的電流從b流向a，故B錯誤；C．粒子在加速電場中有，在偏轉(zhuǎn)磁場中有，所以，由此可知，該質(zhì)譜儀不能區(qū)分比荷相同的帶電粒子，故C錯誤；D．由于金屬導(dǎo)體導(dǎo)電粒子為自由電子，根據(jù)左手定則可知，自由電子受到指向a板的洛倫茲力，所以自由電子將打到a板，則a面電勢低于b面電勢，故D錯誤。故選A。7．C【詳析】AB．時，短繩2豎直，此時設(shè)繩1與豎直方向夾角為θ，則由幾何關(guān)系可得，可知，光滑小環(huán)處輕繩1的夾角為，由平衡可知，，故AB錯誤；CD．增大時，負(fù)電小球受水平方向的電場力增加，對小球受力分析可知輕繩2向右傾斜，但是輕繩2方向仍是輕繩1的角平分線上。由幾何關(guān)系得，即，所以增大時減小，由受力分析有，即，所以當(dāng)時T最小，即隨著增大，輕繩1的張力T先減少后增大。故C正確，D錯誤。故選C。8．AD【難度】0.85【詳析】AB．由理想變壓器原、副線圈的電壓比等于匝數(shù)比，兩變壓器則有，可得，由題意可知，由于輸電線上有電壓降，因此則有，又有，可得故A正確，B錯誤；CD．由理想變壓器原、副線圈的電流比等于匝數(shù)的反比，兩變壓器則有，可得，由于，，可得故C錯誤，D正確。故選AD。9．BC【難度】0.65【詳析】A．第一次火藥爆炸后，設(shè)煙花的速度為v，則有解得煙花動量變化量的大小為故A錯誤；B．第一次火藥爆炸過程對煙花有解得高壓氣體對煙花平均作用力大小為故B正確；CD．第二次爆炸，水平方向動量守恒，有解得所以另一部分煙花的速度大小為40m/s，方向水平向西；兩部分下落的時間相等均為所以兩部分煙花落地點間距為故C正確。故選BC。10．ABD【難度】0.4【詳析】A．由乙圖可知，帶電微粒在轉(zhuǎn)動過程中，電勢最高值為，電勢最低值為，最高點、最低點分別位于軌跡直徑的兩端，將直徑取四等分點，找到與a點電勢相同的點A，如圖aA垂直于電場線設(shè)電場強度的方向與x軸正方向為，由幾何關(guān)系解得，故A正確；B．由上述分析可知，從a點到b點由動能定理又，解得，故B正確；CD．由乙圖可知，微粒做圓周運動的周期為速度為電場強度為圓周運動的過程中電勢為時變力F達到最大值，有解得故D正確，C錯誤。故選ABD。11．（共8分每空2分）(1)C(2)5.25（5.21~5.25）0.50(3)D【詳析】（1）A．“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”實驗中只需要小車做勻變速直線運動即可，不需要補償阻力，故A錯誤；B．“探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律”實驗中拉彈簧秤時，只需讓彈簧與外殼間沒有摩擦，此時彈簧測力計的示數(shù)即為彈簧對細(xì)繩的拉力，與彈簧秤外殼與木板之間是否存在摩擦無關(guān)，故B錯誤；C．“探究平拋運動的特點”實驗中為了保證小球每一次拋出時速度大小相等，需要讓小球每一次從相同高度靜止釋放，斜槽與鋼球間的摩擦力對實驗結(jié)果沒有影響，故C正確；D．“研究氣墊導(dǎo)軌上滑塊碰撞時的動量守恒”實驗中只需要調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌讓滑塊做勻速運動即可，不需要進行補償阻力操作，故D錯誤。故選C。（2）[1]毫米刻度尺的分度值為0.1cm，需要估讀到分度值下一位，即圖中D點的讀數(shù)為5.25cm；[2]相鄰計數(shù)點時間間隔，根據(jù)逐差法可得，代入數(shù)據(jù)（3）A．補償阻力操作后，更換小車和槽碼的質(zhì)量，不需要重新補償阻力，沒有重新進行補償阻力操作對實驗無影響，故A錯誤；B．為了使小車所受的合外力等于槽碼的重力，需要使得小車的質(zhì)量遠(yuǎn)大于槽碼的質(zhì)量，所以小車所受合外力近似與槽碼重力相等，不是小車加速度變大的原因，故B錯誤；CD．對小車和槽碼，根據(jù)牛頓第二定律，對兩次實驗分別有，，根據(jù)題意有，聯(lián)立可得，故D正確，C錯誤。故選D。12．(1)電壓表V(2)溫控箱的溫度和電阻箱的阻值(3)1800高于【詳析】（1）[1][2]熱敏電阻的阻值大約為幾千歐，電路中的電流大約為mA量級，故不能選用電流表A，由于電壓表V的內(nèi)阻已知，可以作為電流表使用，量程為6mA，故電源應(yīng)選，電表1應(yīng)選電壓表V。（2）[1][2]根據(jù)等效替代法測電阻，應(yīng)該保持滑動變阻器滑片的位置不變，將單刀雙擲開關(guān)打到端，調(diào)節(jié)電阻箱，使電表1的讀數(shù)保持不變，記錄溫控箱的溫度和電阻箱的阻值。（3）[1][2]熱敏電阻在溫度為時的阻值為，此時報警器的電壓為2V，故電阻箱的阻值應(yīng)該調(diào)為；若考慮到電源內(nèi)阻的影響，報警器的電壓為2V時，熱敏電阻的阻值應(yīng)小于，故實際報警溫度會高于。13．（共8分）(1)(2)【詳析】（1）由題可知，根據(jù)玻意耳定律可得（2分）解得（2分）（2）根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知（2分）解得（2分）14．（共12分）(1)2250N(2)3m/s(3)562.5J【詳析】（1）由于運動員恰好到達平臺B的上端邊緣，根據(jù)機械能守恒（1分）根據(jù)牛頓第二定律（1分）聯(lián)立解得支持力大小（2分）（2）運動員從M點做斜拋運動，設(shè)初速度為v，則m（1分）（1分）解得（1分）因此在最高點的速度（1分）（3）從M到Q的過程中，根據(jù)動能定理（2分）解得（2分）15．（共17分）（1）120C；（2）2.5T，3m/s；（3）4m【詳析】（1）由題知，用電動勢E=15V的電源（圖中未畫出）為電容器充電，則有Q=CU=120C（2分）（2）閉合開關(guān)S后，兒童車先作加速度變小的加速運動。達到最大速度后作勻速運動，設(shè)此時速度為v1，電容器電壓為U金屬棒ab、cd并聯(lián)，可看作一根金屬棒，受到安培力的沖量對兒童車由動量定理得B1I1Lt1=mv1（1分）q1=I1t1其中U1=B1Lv1，q1=C(E－U1)（1分），聯(lián)立解得（2分）當(dāng)，即B1=2.5T（1分）時，兒童車在AA′BB′金屬軌道上獲得的最終速度最大，且兒童車的最大速度v1=3m/s（2分）（3）金屬棒cd進入DD′右側(cè)磁場后切割磁感線相當(dāng)于電源。金屬棒ab與電R并聯(lián)。設(shè)電路中的總電阻為R總1，設(shè)向右為正方向，金屬棒ab進入右側(cè)磁場時速度變?yōu)関2，對兒童車，根據(jù)動量定理有－B2I2Lt2=mv2－mv1（1分）其中，（1分），（1分），解得v2=2m/s全屬棒ab進入右側(cè)磁場后，再運動d2－L后兒童車停下，全屬棒ab、cd并聯(lián)同時切制磁感線相當(dāng)子電源，再與電阻R串聯(lián)。設(shè)電路中的總電阻為R總2，向右為正方向，速度變化量為－v2，對兒童車根據(jù)動量定理有－B2I3Lt3=0－mv2（1分）其中，，（1分），（1分）解得d2=4m（2分）——★參考答案★——題號12345678910答案BBCADACADBCABD1．B【詳析】A．圖甲中玻璃容器中的小水銀滴呈球形，是因為水銀與玻璃不浸潤導(dǎo)致的結(jié)果，故A錯誤；B．圖乙為康普頓效應(yīng)的示意圖，入射光子與靜止的電子碰撞，碰撞后散射光的光子能量變小，根據(jù)，可知，碰撞后散射光的波長變長，故B正確；C．鋅的逸出功為，用丙中一群處于能級的氫原子發(fā)出的光照射鋅板，照射光的光子最大能量為，根據(jù)光電效應(yīng)方程可知，逸出光電子的最大初動能為，故C錯誤；D．衰變過程隨時間的變化規(guī)律說明在相同時間內(nèi)，有半數(shù)的原子核發(fā)生了衰變，但相同時間內(nèi)衰變的原子數(shù)量隨時間的推移而不斷減少，故D錯誤。故選B。2．B【難度】0.85【詳析】“彩色光環(huán)”現(xiàn)象屬于衍射現(xiàn)象。A．雨后的彩虹屬于光的折射，故A錯誤；B．透過狹縫看日光燈可以看到彩色條紋為單縫衍射，故B正確；C．油膜在陽光下呈現(xiàn)彩色是由于薄膜干涉，屬于光的干涉，故C錯誤；D．樹影中的圓形光斑為太陽的像，屬于小孔成像，故D錯誤。C【詳析】A．小豬繞碗的邊緣做勻速圓周運動，由所受外力的合力提供圓周運動的向心力，合力方向始終指向圓心，可知，小豬所受的合外力不為零，故A錯誤；B．根據(jù)沖量的定義有，可知，小豬運動一周，其重力的沖量不為零，故B錯誤；C．小豬繞碗的邊緣做勻速圓周運動，由碗對小豬的作用力與小豬的重力的合力提供圓周運動的向心力，重力方向豎直向下，合力方向指向圓心，即合力沿水平方向，則有，可知，碗對小豬的作用力大于小豬的重力，故C正確；4．A【詳析】A．因發(fā)射的“鵲橋二號”未能變軌到繞太陽轉(zhuǎn)動，則發(fā)射速度要小于第二宇宙速度，即發(fā)射速度介于7.9km/s與11.2km/s之間，故A正確；B．“鵲橋二號”在軌道I運行到近月點A時減速才能變軌進入凍結(jié)軌道II運行，故B錯誤；C．根據(jù)牛頓第二定律有，解得，可知“鵲橋二號”在軌道I上經(jīng)過A點的加速度等于在軌道II上經(jīng)過A點時的加速度，故C錯誤；D．軌道I的半長軸大于軌道II的半長軸，由開普勒第三定律，可知“鵲橋二號”在軌道I上的運行周期比在軌道II上的運行周期長，故D錯誤。故選A。5．D【難度】0.85【詳析】根據(jù)質(zhì)點振動方程可知質(zhì)點振動周期為由波長公式可知聲波的波長為與的距離之差即波程差為，所以當(dāng)波程差為半波長的奇數(shù)倍時，利用波的干涉原理可知兩波源振動步調(diào)一致即可使P點振動減弱，則降噪聲源的振動方程應(yīng)為故選D。6．A【詳析】A．當(dāng)時，則，即電荷所受向上的洛倫茲力較大，將向上偏轉(zhuǎn)，故A正確；B．一束等離子體（含有大量正、負(fù)帶電粒子）射入磁場，根據(jù)左手定則可知，正電荷受到指向B極板的洛倫茲力，負(fù)電荷受到指向A極板的洛倫茲力，所以B板帶正電，A板帶負(fù)電，通過電阻R的電流從b流向a，故B錯誤；C．粒子在加速電場中有，在偏轉(zhuǎn)磁場中有，所以，由此可知，該質(zhì)譜儀不能區(qū)分比荷相同的帶電粒子，故C錯誤；D．由于金屬導(dǎo)體導(dǎo)電粒子為自由電子，根據(jù)左手定則可知，自由電子受到指向a板的洛倫茲力，所以自由電子將打到a板，則a面電勢低于b面電勢，故D錯誤。故選A。7．C【詳析】AB．時，短繩2豎直，此時設(shè)繩1與豎直方向夾角為θ，則由幾何關(guān)系可得，可知，光滑小環(huán)處輕繩1的夾角為，由平衡可知，，故AB錯誤；CD．增大時，負(fù)電小球受水平方向的電場力增加，對小球受力分析可知輕繩2向右傾斜，但是輕繩2方向仍是輕繩1的角平分線上。由幾何關(guān)系得，即，所以增大時減小，由受力分析有，即，所以當(dāng)時T最小，即隨著增大，輕繩1的張力T先減少后增大。故C正確，D錯誤。故選C。8．AD【難度】0.85【詳析】AB．由理想變壓器原、副線圈的電壓比等于匝數(shù)比，兩變壓器則有，可得，由題意可知，由于輸電線上有電壓降，因此則有，又有，可得故A正確，B錯誤；CD．由理想變壓器原、副線圈的電流比等于匝數(shù)的反比，兩變壓器則有，可得，由于，，可得故C錯誤，D正確。故選AD。9．BC【難度】0.65【詳析】A．第一次火藥爆炸后，設(shè)煙花的速度為v，則有解得煙花動量變化量的大小為故A錯誤；B．第一次火藥爆炸過程對煙花有解得高壓氣體對煙花平均作用力大小為故B正確；CD．第二次爆炸，水平方向動量守恒，有解得所以另一部分煙花的速度大小為40m/s，方向水平向西；兩部分下落的時間相等均為所以兩部分煙花落地點間距為故C正確。故選BC。10．ABD【難度】0.4【詳析】A．由乙圖可知，帶電微粒在轉(zhuǎn)動過程中，電勢最高值為，電勢最低值為，最高點、最低點分別位于軌跡直徑的兩端，將直徑取四等分點，找到與a點電勢相同的點A，如圖aA垂直于電場線設(shè)電場強度的方向與x軸正方向為，由幾何關(guān)系解得，故A正確；B．由上述分析可知，從a點到b點由動能定理又，解得，故B正確；CD．由乙圖可知，微粒做圓周運動的周期為速度為電場強度為圓周運動的過程中電勢為時變力F達到最大值，有解得故D正確，C錯誤。故選ABD。11．（共8分每空2分）(1)C(2)5.25（5.21~5.25）0.50(3)D【詳析】（1）A．“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”實驗中只需要小車做勻變速直線運動即可，不需要補償阻力，故A錯誤；B．“探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律”實驗中拉彈簧秤時，只需讓彈簧與外殼間沒有摩擦，此時彈簧測力計的示數(shù)即為彈簧對細(xì)繩的拉力，與彈簧秤外殼與木板之間是否存在摩擦無關(guān)，故B錯誤；C．“探究平拋運動的特點”實驗中為了保證小球每一次拋出時速度大小相等，需要讓小球每一次從相同高度靜止釋放，斜槽與鋼球間的摩擦力對實驗結(jié)果沒有影響，故C正確；D．“研究氣墊導(dǎo)軌上滑塊碰撞時的動量守恒”實驗中只需要調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌讓滑塊做勻速運動即可，不需要進行補償阻力操作，故D錯誤。故選C。（2）[1]毫米刻度尺的分度值為0.1cm，需要估讀到分度值下一位，即圖中D點的讀數(shù)為5.25cm；[2]相鄰計數(shù)點時間間隔，根據(jù)逐差法可得，代入數(shù)據(jù)（3）A．補償阻力操作后，更換小車和槽碼的質(zhì)量，不需要重新補償阻力，沒有重新進行補償阻力操作對實驗無影響，故A錯誤；B．為了使小車所受的合外力等于槽碼的重力，需要使得小車的質(zhì)量遠(yuǎn)大于槽碼的質(zhì)量，所以小車所受合外力近似與槽碼重力相等，不是小車加速度變大的原因，故B錯誤；CD．對小車和槽碼，根據(jù)牛頓第二定律，對兩次實驗分別有，，根據(jù)題意有，聯(lián)立可得，故D正確，C錯誤。故選D。12．(1)電壓表V(2)溫控箱的溫度和電阻箱的阻值(3)1800高于【詳析】（1）[1][2]熱敏電阻的阻值大約為幾千歐，電路中的電流大約為mA量級，故不能選用電流表A，由于電壓表V的內(nèi)阻已知，可以作為電流表使用，量程為6mA，故電源應(yīng)選，電表1應(yīng)選電壓表V。（2）[1][2]根據(jù)等效替代法測電阻，應(yīng)該保持滑動變阻器滑片的位置不變，將單刀雙擲開關(guān)打到端，調(diào)節(jié)電阻箱，使電表1的讀數(shù)保持不變，記錄溫控箱的溫度和電阻箱的阻值。（3）[1][2]熱敏電阻在溫度為時的阻值為，此時報警器的電壓為2V，故電阻箱的阻值應(yīng)該調(diào)為；若考慮到電源內(nèi)阻的影響，報警器的電壓為2V時，熱敏電阻的阻值應(yīng)小于，故實際報警溫度會高于。13．（共8分）(1)(2)【詳析】（1）由題可知，根據(jù)玻意耳定律可得（2分）解得（2分）（2）根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知（2分）解得（2分）14．（共12分）(1)2250N(2)3m/s(3)562.