2025年高考物理 人教版必修第3冊第12章　第3節(jié)含答案

2025年高考物理人教版必修第3冊第12章第3節(jié)含答案課后知能作業(yè)基礎(chǔ)鞏固練1．為了測出電源的電動勢和內(nèi)阻，除待測電源和開關(guān)、導(dǎo)線以外，配合下列哪組儀器，不能達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康?)A．一個電流表和一個電阻箱B．一個電壓表、一個電流表和一個滑動變阻器C．一個電壓表和一個電阻箱D．一個電流表和一個滑動變阻器答案：D解析：根據(jù)E＝I(R＋r)，由電流表測出電流，用電阻箱讀出外電阻的阻值，可以求出E、r，A不符合題意；根據(jù)E＝U＋I(xiàn)r，由電流表測出電流，由電壓表測出電壓，可以求出E、r，B不符合題意；根據(jù)E＝U＋eq\f(Ur,R)，由電壓表測出電壓，用電阻箱讀出外電阻的阻值，可以求出E、r，C不符合題意；因?yàn)榛瑒幼冏杵鞑荒茏x出電阻的數(shù)值，所以只有一個電流表和一個滑動變阻器，不能測出電源的電動勢和內(nèi)阻，D符合題意。2．某同學(xué)利用DIS、定值電阻R0、電阻箱R1等實(shí)驗(yàn)器材測量電池a的電動勢Ea和內(nèi)阻ra，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，實(shí)驗(yàn)時多次改變電阻箱的阻值，記錄外電路的總電阻阻值R，用電壓傳感器測得路端電壓U，并在計(jì)算機(jī)上顯示出如圖乙所示的eq\f(1,U)－eq\f(1,R)關(guān)系圖線a，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)方法測量電池b的電動勢Eb和內(nèi)阻rb，得到圖乙中的圖線b，由圖線可知()A．Ea>Eb，ra>rb B．Ea<Eb，ra＝rbC．Ea＝Eb，ra<rb D．Ea<Eb，ra<rb答案：B解析：由圖，根據(jù)閉合電路的歐姆定律E＝eq\f(U,R)r＋U，得eq\f(1,U)＝eq\f(r,E)·eq\f(1,R)＋eq\f(1,E)，eq\f(1,U)－eq\f(1,R)關(guān)系圖線中，b＝eq\f(1,E)，k＝eq\f(r,E)＝rb，由圖乙ba>bb，所以Ea<Eb，ra＝rb，故選B。3．如圖甲、乙是利用電壓表(可看作理想電表)和電阻箱測定電池的電動勢和內(nèi)電阻的原理圖及實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)圖像，可得電池的電動勢和內(nèi)電阻分別是()A．E＝0.5V，r＝0.5Ω B．E＝0.5V，r＝2ΩC．E＝2V，r＝1Ω D．E＝2V，r＝4Ω答案：D解析：根據(jù)E＝U＋I(xiàn)r＝U＋eq\f(U,R)r，可得eq\f(1,U)＝eq\f(r,E)·eq\f(1,R)＋eq\f(1,E)，由圖乙知，eq\f(1,U)－eq\f(1,R)圖像斜率eq\f(r,E)＝2，截距eq\f(1,E)＝0.5，解得E＝2V，r＝4Ω，故選D。能力提升練4．用如圖甲所示的電路測量電源的電動勢和內(nèi)阻，電流表A為理想電表，改變電阻箱R的阻值，測得多組數(shù)據(jù)，根據(jù)測得的數(shù)據(jù)描繪的eq\f(1,I)－R圖線如圖乙所示。將該電源、電阻箱R、表筆a和b與量程為10mA、內(nèi)阻為50Ω的毫安表連成如圖丙所示的電路，將毫安表改裝成歐姆表，下列說法正確的是()A．電源電動勢E＝1V，內(nèi)電阻r＝0.5ΩB．甲圖中，當(dāng)電阻箱R接入電路的阻值為3Ω時，電源的輸出功率為12WC．丙圖中，表筆a和b短接，當(dāng)電阻箱R接入電路的阻值為150Ω時，毫安表滿偏D．丙圖中，歐姆調(diào)零后，表筆a和b間接入阻值為300Ω的電阻，毫安表的示數(shù)為4mA答案：D解析：由閉合電路的歐姆定律得I＝eq\f(E,r＋R)，化簡得eq\f(1,I)＝eq\f(1,E)R＋eq\f(r,E)，結(jié)合eq\f(1,I)－R圖線可得，電源電動勢為E＝2V，內(nèi)電阻為r＝1Ω，A錯誤；甲圖中，當(dāng)電阻箱R接入電路的阻值為3Ω時，流過電源的電流和電源的輸出功率為I＝eq\f(E,R＋r)＝eq\f(1,2)A，P＝I2R＝eq\f(3,4)W，B錯誤；丙圖中，表筆a和b短接，由閉合電路的歐姆定律得Imax＝eq\f(E,r＋RA＋R′)，解得R′＝149Ω，C錯誤；丙圖中，歐姆調(diào)零后，由閉合電路的歐姆定律得I′＝eq\f(E,r＋RA＋R′＋Rx)，解得Rx＝300Ω，D正確。故選D。5．小碩同學(xué)有一塊充電寶，他想知道充電寶是否跟干電池一樣，是一個有一定電動勢和內(nèi)阻的直流電源。于是用如圖所示的實(shí)驗(yàn)電路進(jìn)行探究。圖中用兩只數(shù)字多用表分別作為電壓表和電流表，R0＝0.5Ω。(1)在閉合開關(guān)前，他應(yīng)把滑動變阻器的滑片移到最________端(選填“左”或“右”)；(2)圖中“數(shù)字多用表1”是________表(選填“電流”或“電壓”)；(3)在充電寶電量為100%時，通過實(shí)驗(yàn)得到了如圖所示的U－I圖像。由圖像可知，充電寶在電量100%時，跟通常的干電池的電路特性相同，具有一定的電動勢和內(nèi)阻。由圖像可得該充電寶的電動勢E＝________V，內(nèi)阻r＝________Ω(均保留三位有效數(shù)字)。(4)小碩同學(xué)想用一只機(jī)械式多用電表粗略判斷該充電寶在電量減少時電動勢是否會減小，測量時他應(yīng)該把選擇開關(guān)置于圖中的________(選填“A”“B”“C”或“D”)位置。A． B．C． D．(5)充電寶在電量減少較多時，電動勢幾乎不變，那么可以推測充電寶內(nèi)可能用來儲存電能的是________。A．電感線圈 B．電容器C．電阻 D．電池答案：(1)右(2)電壓(3)5.500.250(4)B(5)D解析：(1)電路中的滑動變阻器采用的是限流式接法，閉合開關(guān)前為了確保電路安全，應(yīng)使滑動變阻器接入電阻最大，即應(yīng)將滑片移到最右端。(2)圖中“數(shù)字多用表1”與滑動變阻器并聯(lián)，其是用來測量電壓的，即圖中“數(shù)字多用表1”是電壓表。(3)根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路，結(jié)合閉合電路的歐姆定律有U＝E－I(r＋R0)，結(jié)合U－I圖像有E＝5.50V，r＋R0＝eq\f(5.50－4.00,2.0)Ω，解得r＝0.250Ω。(4)由于電動勢的測量值為5.50V，因此若用一只機(jī)械式多用電表粗略判斷該充電寶在電量減少時電動勢是否會減小，測量時他應(yīng)該把選擇開關(guān)置于10V的直流電壓擋位，可知，第二個選項(xiàng)中的示意圖符合要求，故選B。(5)由于充電寶在電量減少較多時，電動勢幾乎不變，而電感線圈與電阻不具備這個特征，電容器電量減小時，電壓也減小，因此可以推測充電寶內(nèi)可能用來儲存電能的是電池。故選D。6．一個物理興趣小組的同學(xué)準(zhǔn)備測定某電池的電動勢和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室可供選用的實(shí)驗(yàn)器材有：電流表A1、A2，滑動變阻器R，電阻箱R0，待測電池E，開關(guān)S，導(dǎo)線等。(1)興趣小組的同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路來測定電流表A1的內(nèi)阻：將電阻箱的阻值調(diào)整到R0＝50Ω，調(diào)節(jié)滑動變阻器的阻值，得到多組電流表A1、A2的讀數(shù)I1、I2，并用描點(diǎn)法得到I2－I1圖像為過原點(diǎn)的傾斜直線，如圖乙所示?？傻秒娏鞅鞟1的內(nèi)阻RA1＝________Ω。(2)興趣小組的同學(xué)利用上述實(shí)驗(yàn)器材設(shè)計(jì)了如圖丙所示的電路來測定電池的電動勢和內(nèi)阻。實(shí)驗(yàn)中，他們通過改變R0的阻值，記錄了多組數(shù)據(jù)(電阻箱阻值R0和電流表A1示數(shù)I)。(3)一同學(xué)以IR0為縱坐標(biāo)，以I為橫坐標(biāo)作圖像處理數(shù)據(jù)；在坐標(biāo)紙上畫出的圖像如圖丁所示。(4)根據(jù)以上測量結(jié)果可知，電源電動勢E＝________V，內(nèi)阻r＝________Ω。(5)另一同學(xué)以eq\f(1,I)為縱坐標(biāo)，以R0為橫坐標(biāo)作eq\f(1,I)－R0圖像處理數(shù)據(jù)，請根據(jù)(1)(4)的計(jì)算結(jié)果，在圖戊所示的坐標(biāo)系中繪出圖像。答案：(1)5(4)1.510(5)見解析圖解析：(1)由圖甲根據(jù)并聯(lián)電路電流的關(guān)系有eq\f(I1RA1,R0)＋I(xiàn)1＝I2結(jié)合圖乙中數(shù)據(jù)解得RA1＝eq\f(I2－I1,I1)R0＝5Ω。(4)由閉合電路的歐姆定律得E＝I(R0＋RA1＋r)解得IR0＝E－I(RA1＋r)IR0－I圖像的縱截距表示電源電動勢，由圖丁知E＝1.5VIR0－I圖像的斜率的絕對值表示RA1＋r，則RA1＋r＝eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(\f(ΔU,ΔI)))＝eq\f(1.5,100)×103Ω＝15Ω解得電源內(nèi)阻r＝10Ω。(5)由E＝I(R0＋RA1＋r)得eq\f(1,I)＝eq\f(1,E)R0＋eq\f(RA1＋r,E)＝eq\f(2,3)R0＋10以eq\f(1,I)為縱坐標(biāo)，以R0為橫坐標(biāo)作eq\f(1,I)－R0圖像。第十二章第4節(jié)課后知能作業(yè)基礎(chǔ)鞏固練1．電動機(jī)正常工作時主要是()A．電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能 B．電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能C．內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能 D．機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能答案：B解析：電動機(jī)正常工作時，雖然內(nèi)阻會消耗一小部分電能而轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，但電動機(jī)更主要的是將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，選項(xiàng)B正確，A、C、D錯誤。故選B。2．下列有關(guān)電能開發(fā)與利用的說法正確的是()A．我國以火力發(fā)電為主，是因?yàn)榛鹆Πl(fā)電無污染B．利用太陽能發(fā)電可以做到干凈、不產(chǎn)生公害C．電能的轉(zhuǎn)換效率明顯低于其他能源D．核能發(fā)電的優(yōu)點(diǎn)是低成本、零污染答案：B解析：火力發(fā)電會產(chǎn)生較為嚴(yán)重的大氣污染，而且會產(chǎn)生很多廢棄物，我國正逐漸取消這種發(fā)電方式，故A錯誤；利用太陽能發(fā)電可以做到干凈、不產(chǎn)生公害，故B正確；目前人類主要利用電能就是因?yàn)殡娔艿霓D(zhuǎn)換效率高于其他能源，故C錯誤；核能發(fā)電會產(chǎn)生放射性核廢料，若處理不當(dāng)，會造成重大的核污染事故。顯然，其優(yōu)點(diǎn)并不是零污染，故D錯誤。故選B。3．如圖所示，一木塊放在光滑水平面上，一子彈水平射入木塊中，射入深度為d，平均阻力為f。設(shè)木塊滑行距離為s時開始勻速前進(jìn)，下列判斷正確的是()A．木塊動能的增加量等于f(s＋d)B．子彈損失的動能等于fsC．子彈與木塊總機(jī)械能的損失等于fsD．子彈與木塊總機(jī)械能的損失等于fd答案：D解析：木塊位移為s，木塊動能的增加量等于fs，故A錯誤；子彈位移為s＋d，子彈損失的動能等于f(s＋d)，故B錯誤；子彈在木塊中滑行的距離為d，系統(tǒng)損失的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)的內(nèi)能，損失的機(jī)械能為fd，故C錯誤，D正確。4．關(guān)于能量和能源，下列說法正確的是()A．由于自然界的能量守恒，所以不需要節(jié)約能源B．在利用能源的過程中，能量在數(shù)量上并未減少C．能量耗散說明能量在轉(zhuǎn)化過程中沒有方向性D．人類在不斷地開發(fā)和利用新能源，所以能量可以被創(chuàng)造答案：B解析：自然界的能量守恒，但能源需要節(jié)約，故A不正確；在利用與節(jié)約能源的過程中，能量在數(shù)量上并沒有減少，故B正確；能量耗散說明能量在轉(zhuǎn)化過程中具有方向性，比如一杯熱水過段時間，熱量散失，水冷了，所以轉(zhuǎn)化具有方向性，故C不正確；人類在不斷地開發(fā)和利用新能源，但能量不能被創(chuàng)造，也不會消失，故D不正確。故選B。5．“風(fēng)光互補(bǔ)路燈”系統(tǒng)在有陽光時通過太陽能電池板發(fā)電，有風(fēng)時通過風(fēng)力發(fā)電機(jī)發(fā)電，二者皆具備時則同時發(fā)電，并將電能輸至蓄電池儲存起來，供路燈照明使用。該系統(tǒng)()A．只可以實(shí)現(xiàn)風(fēng)能轉(zhuǎn)化為電能B．只可以實(shí)現(xiàn)太陽能轉(zhuǎn)化為電能C．可以實(shí)現(xiàn)電能轉(zhuǎn)化為風(fēng)能D．可以同時實(shí)現(xiàn)風(fēng)能、太陽能轉(zhuǎn)化為電能答案：D解析：“風(fēng)光互補(bǔ)路燈”系統(tǒng)在有陽光時通過太陽能電池板將太陽能轉(zhuǎn)化為電能，有風(fēng)時通過風(fēng)力發(fā)電機(jī)將風(fēng)的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能。故選D。6．受寒潮南下影響，2024年2月21日晚間，浙江麗水等多地出現(xiàn)短時大冰雹。其中在麗水青田縣，冰雹混雜著雨水，有的如雞蛋大小。一粒冰雹自高空云層由靜止豎直下落，下落過程中冰雹受到的空氣阻力與其速度成正比，不計(jì)冰雹質(zhì)量的變化，則加速下落過程中冰雹()A．加速度變大B．動能變大C．機(jī)械能守恒D．克服空氣阻力做功的功率與其速度成正比答案：B解析：下落過程中冰雹受到的空氣阻力與其速度成正比，則空氣阻力f＝kv，由牛頓第二定律得mg－kv＝ma，解得a＝g－eq\f(kv,m)，則加速下落過程中冰雹加速度減小，速度增加，故A錯誤；由冰雹的動能Ek＝eq\f(1,2)mv2，可知加速下落過程中冰雹的速度增大，動能增大，故B正確；冰雹加速下落過程中，空氣阻力做負(fù)功，冰雹的機(jī)械能減小，故C錯誤；克服空氣阻力做功的功率P＝Fv＝fv＝kv2，所以克服空氣阻力做功的功率與其速度的平方成正比，故D錯誤。故選B。能力提升練7．(多選)在能源消耗的過程中，我們無法把一些能源消耗產(chǎn)生的內(nèi)能收集起來重新利用，這種現(xiàn)象叫作能量的耗散。對于能量耗散理解正確的是()A．能量耗散說明能量在不斷地減少B．能量耗散遵循能量守恒定律C．能量耗散說明能量不能憑空產(chǎn)生，但能量卻可以憑空消失D．能量耗散從能量的角度反映出自然界中的宏觀過程具有方向性答案：BD解析：能量耗散是能量變成了無法收集利用的內(nèi)能，能量不會減少，A錯誤；能量守恒定律適用于整個自然界，物質(zhì)能量變化必須遵循能量守恒定律，B正確；能量既不能憑空產(chǎn)生，也不能憑空消失，C錯誤；能量耗散是一個宏觀過程，代表著能量向不可收集利用的方向轉(zhuǎn)化，D正確。故選BD。8.(多選)如圖所示，一彈性輕繩(繩的彈力與其伸長量成正比)穿過固定的光滑圓環(huán)B，左端固定在A點(diǎn)，右端連接一個質(zhì)量為m的小球，A、B、C在一條水平線上，彈性繩自然長度為AB。小球穿過豎直固定的桿，從C點(diǎn)由靜止釋放，到D點(diǎn)時速度為零，C、D兩點(diǎn)間距離為h。已知小球在C點(diǎn)時彈性繩的拉力為eq\f(mg,2)，g為重力加速度，小球和桿之間的動摩擦因數(shù)為0.5，彈性繩始終處在彈性限度內(nèi)，下列說法正確的是()A．小球從C點(diǎn)運(yùn)動到D點(diǎn)的過程中克服摩擦力做功為eq\f(mgh,2)B．若在D點(diǎn)給小球一個向上的速度v，小球恰好回到C點(diǎn)，則v＝eq\r(gh)C．若僅把小球質(zhì)量變?yōu)?m，則小球到達(dá)D點(diǎn)時的速度大小為eq\r(gh)D．若僅把小球質(zhì)量變?yōu)?m，則小球向下運(yùn)動到速度為零時的位置與C點(diǎn)的距離為2h答案：BC解析：在D點(diǎn)對小球進(jìn)行受力分析，如圖所示，則FN＝kLsinθ＝kx＝0.5mg，則f＝μFN＝0.25mg，則摩擦力功為Wf＝－fh＝－0.25mgh，故選項(xiàng)A錯誤；從C到D根據(jù)動能定理mgh＋Wf＋W彈＝0，則W彈＝－eq\f(3,4)mgh，則從D點(diǎn)反回C點(diǎn)，根據(jù)動能定理－0.25mgh＋eq\f(3,4)mgh－mgh＝0－eq\f(1,2)mv2，則v＝eq\r(gh)，故選項(xiàng)B正確；當(dāng)質(zhì)量為m時，從C到D根據(jù)動能定理mgh＋Wf＋W彈＝0，則W彈＝－eq\f(3,4)mgh，若僅把小球的質(zhì)量變成2m，從C到D根據(jù)動能定理2mgh＋Wf＋W彈＝eq\f(1,2)·2mv′2則v′＝eq\r(gh)，故選項(xiàng)C正確；若僅把小球的質(zhì)量變成2m，則小球向下運(yùn)動到速度為零時，彈簧做功變大，且無法求出，故小球下落最終位置無法求出，故選項(xiàng)D錯誤。故選BC。9．(多選)2022年2月18日，我國選手谷愛凌榮獲北京冬奧會女子滑雪U形槽項(xiàng)目的冠軍。如圖所示，U形槽可簡化成由AB、CD兩個相同的四分之一圓弧與BC水平雪道組成，BC與圓弧雪道相切。質(zhì)量為m的谷愛凌(可視為質(zhì)點(diǎn))從O點(diǎn)自由下落，由左側(cè)A點(diǎn)進(jìn)入U(xiǎn)形槽中，從右側(cè)D點(diǎn)自由飛出后上升至Q點(diǎn)。其中OA＝h，QD＝0.75h，圓弧半徑R＝2h。不計(jì)空氣阻力，下列判斷正確的是()A．谷愛凌運(yùn)動到A點(diǎn)的速度為eq\r(2gh)B．谷愛凌首次運(yùn)動到B點(diǎn)時，對B點(diǎn)的壓力為4mgC．谷愛凌由A到B過程損耗的機(jī)械能比C到D過程的大D．谷愛凌第二次離開U形槽后，最高能夠到達(dá)相對于A點(diǎn)0.5h的位置答案：AC解析：谷愛凌從O點(diǎn)自由下落到A點(diǎn)過程，有2gh＝veq\o\al(2,A)，解得谷愛凌運(yùn)動到A點(diǎn)的速度為vA＝eq\r(2gh)，A正確；谷愛凌從O點(diǎn)自由下落到首次到B點(diǎn)過程，根據(jù)動能定理可得mg(h＋R)－Wf＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,B)<mg(h＋R)＝3mgh，谷愛凌經(jīng)過B點(diǎn)時，根據(jù)牛頓第二定律可得FN－mg＝meq\f(v\o\al(2,B),R)<3mg，解得FN<4mg，根據(jù)牛頓第三定律可知谷愛凌首次運(yùn)動到B點(diǎn)時，對B點(diǎn)的壓力小于4mg，B錯誤；谷愛凌從A到D的過程，由于軌道存在摩擦，谷愛凌在運(yùn)動過程中克服摩擦力做功，機(jī)械能越來越小，在左右圓弧軌道對稱的同高度位置重力勢能相同，左側(cè)的動能大于右側(cè)的動能，故左側(cè)運(yùn)動時需要提供較大的向心力，軌道支持力較大，比較左右圓弧軌道對稱的同高度位置，左側(cè)的運(yùn)動時受到的摩擦力也較大，故從A到B過程中克服摩擦力做的功比從C到D過程中克服摩擦力做的功多，可知谷愛凌由A到B過程損耗的機(jī)械能比C到D過程的大，C正確；設(shè)谷愛凌第一次經(jīng)過U形槽過程，克服摩擦力做功為Wf，根據(jù)動能定理可得mghOQ－Wf＝0，解得Wf＝0.25mgh，谷愛凌第二次經(jīng)過U形槽過程，克服摩擦力做功為Wf′，由于第二次經(jīng)過U形槽的平均速率小于第一次經(jīng)過U形槽的平均速率，可知Wf′<Wf＝0.25mgh，假設(shè)谷愛凌第二次離開U形槽后，最高能夠到達(dá)相對于A點(diǎn)h′的位置，根據(jù)動能定理可得mg(0.75h－h(huán)′)－Wf′＝0，聯(lián)立解得h′>0.5h，D錯誤。故選AC。10．(多選)如圖所示，固定坡道傾角為θ，頂端距光滑水平面的高度為h，一可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊質(zhì)量為m，從坡道頂端由靜止滑下，經(jīng)過底端O點(diǎn)進(jìn)入水平面時無機(jī)械能損失，為使小物塊制動，將輕彈簧的一端固定在水平面左側(cè)M處的豎直墻上，彈簧自由伸長時右側(cè)一端恰好位于O點(diǎn)。已知小物塊與坡道間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g，則下列說法正確的是()A．彈簧彈性勢能的最大值為mghB．小物塊在傾斜軌道上運(yùn)動時，下滑的加速度比上滑的加速度小C．小物塊在坡道上往返運(yùn)動的總路程為eq\f(h,μcosθ)D．小物塊返回傾斜軌道時所能達(dá)到的最大高度為eq\f(1－μcotθ,1＋μcosθ)h答案：BC解析：根據(jù)能量的轉(zhuǎn)化與守恒，當(dāng)小物塊壓縮彈簧到最短時，物塊的重力勢能一部分轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，所以彈簧彈性勢能的最大值小于mgh，故A錯誤；根據(jù)牛頓第二定律，小物塊下滑時a＝eq\f(mgsinθ－μmgcosθ,m)＝gsinθ－μgcosθ，小物塊上滑時a′＝eq\f(mgsinθ＋μmgcosθ,m)＝gsinθ＋μgcosθ，可見a<a′，故B正確；物塊m最終停止在O點(diǎn)，對于運(yùn)動的全過程，由動能定理得mgh－μmgcosθ·l＝0，解得在斜面上運(yùn)動的總路程l＝eq\f(h,μcosθ)，故C正確；設(shè)物體能夠上升的最大高度為h1，物體被彈回過程中由動能定理得－mgh1－μmgcosθ·eq\f(h1,sinθ)＝0－eq\f(1,2)mv2，解得h1＝eq\f(1－μcotθ,1＋μcotθ)h，故D錯誤。故選BC。11．(多選)在工廠中常用如圖所示的水平傳送帶傳送工件，可大大提高工作效率，傳送帶以恒定的速度v＝2m/s運(yùn)行，質(zhì)量為m＝0.5kg的工件以v0＝1m/s的初速度從位置A滑上傳送帶。工件與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ＝0.2，每當(dāng)前一個工件在傳送帶上停止相對滑動時，后一個工件立即滑上傳送帶，取g＝10m/s2，則下列說法中正確的是()A．工件經(jīng)0.5s停止相對滑動B．正常運(yùn)行時傳送帶上相鄰工件相距0.5mC．摩擦力對每個工件做正功為0.75JD．每個