2025年廣東省廣州十六中高考物理模擬試卷（一）（含解析）

第=page1515頁(yè)，共=sectionpages1515頁(yè)2025年廣東省廣州十六中高考物理模擬試卷（一）一、單選題：本大題共7小題，共28分。1.關(guān)于下列材料或儀器的原理說(shuō)法正確的是(

)

A.光纖由纖芯和包層組成，纖芯的折射率小于包層的折射率

B.紅外體溫計(jì)是根據(jù)物體的溫度越高發(fā)射的紅外線波長(zhǎng)越長(zhǎng)的原理進(jìn)行工作的

C.超聲波測(cè)速儀是利用了多普勒效應(yīng)，汽車(chē)駛向測(cè)速儀的速度越大，接收到的反射波頻率就越高

D.鉗形電流表既可以測(cè)交變電流的大小，也可以測(cè)恒定電流的大小2.如圖，用火箭發(fā)射人造地球衛(wèi)星。當(dāng)最后一節(jié)火箭的燃料用完后，火箭殼體和衛(wèi)星一起以v0的速度繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。某時(shí)刻火箭殼體與衛(wèi)星分離，分離后瞬間，衛(wèi)星速度增大，則(

)A.v0可能大于第一宇宙速度

B.分離前衛(wèi)星處于超重狀態(tài)

C.分離后衛(wèi)星將往更高的軌道運(yùn)動(dòng)

D.3.昏暗路段一般會(huì)安裝反光道釘用于指引道路，其內(nèi)部由多個(gè)反光單元組成。如圖所示，當(dāng)來(lái)車(chē)的一束燈光以某一角度射向反光單元時(shí)，其中一條光線在P、Q處先后發(fā)生兩次反射，則(

)A.從反光單元反射的出射光線與入射光線方向平行

B.反光單元材料折射率越小，反光效果越好

C.不同顏色的光在反光單元中傳播速度相同

D.若光線在Q點(diǎn)發(fā)生全反射，則在P點(diǎn)也一定發(fā)生全反射4.隨著生活中的電子設(shè)備越來(lái)越多，在不知不覺(jué)中各種“理不清”的充電線給我們帶來(lái)了困擾。無(wú)線充電的引入，讓手機(jī)、智能手表和電動(dòng)牙刷等設(shè)備擺脫了“充電線”的牽制，使這些設(shè)備做到了“放下即充”，如圖1所示，某智能手表正準(zhǔn)備進(jìn)行無(wú)線充電，其原理可簡(jiǎn)化為如圖2所示的裝置，當(dāng)送電線圈接入如圖3所示的交流電源后，送電線圈接有電阻R1，受電線圈接有電阻R2=4Ω，送電線圈和受電線圈的匝數(shù)比n1：n2=5：1，此時(shí)智能手表處于“超級(jí)充電”模式，其兩端的電壓為20VA.送電線圈兩端電壓為220V

B.送電線圈所接電阻R1=20Ω

C.此充電器在“超級(jí)快充”模式下，耗電功率為5.如圖所示的電路中，E為電源，其內(nèi)電阻為r，V為理想電壓表，L為阻值恒定的小燈泡，R1為定值電阻，R3為半導(dǎo)體材料制成的光敏電阻(光照越強(qiáng)，電阻越小)，電容器兩極板處于水平狀態(tài)，閉合開(kāi)關(guān)S，電容器中心P點(diǎn)有一帶電油滴處于靜止?fàn)顟B(tài)，電源負(fù)極接地，則下列說(shuō)法正確的是(

)A.若將R2的滑片下移，電壓表的示數(shù)增大 B.若光照變強(qiáng)，則油滴會(huì)向上運(yùn)動(dòng)

C.若光照變強(qiáng)，則燈泡變暗 D.若將電容器上極板上移，則P6.安裝了壓力傳感器的蹦床如圖甲，可記錄人對(duì)彈性網(wǎng)的壓力，圖乙是某次質(zhì)量為35kg的人在豎直方向運(yùn)動(dòng)時(shí)計(jì)算機(jī)輸出的壓力—時(shí)間(F-t)圖像，取豎直向上方向?yàn)檎珹.人在a時(shí)刻速度為零，合力向下

B.人在b時(shí)刻速度最大，合力向下

C.從a時(shí)刻到b時(shí)刻，蹦床對(duì)人做的功大于1120J

D.從a時(shí)刻到b時(shí)刻，蹦床給演員的沖量大小為7.用一氦氣球懸掛一重物(可視為質(zhì)點(diǎn))，從地面釋放后沿豎直方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，過(guò)了一段時(shí)間后，懸掛重物的細(xì)線斷裂，又經(jīng)過(guò)相同的時(shí)間，重物恰好落到地面，重物脫落后僅受到重力，重力加速度大小為g，細(xì)線斷裂前后的氦氣球的體積都不變，下列說(shuō)法正確的是(

)

A.細(xì)線斷裂后氦氣球做豎直上拋運(yùn)動(dòng)

B.細(xì)線斷裂后重物做自由落體運(yùn)動(dòng)

C.細(xì)線斷裂前氦氣球和重物勻加速上升的加速度大小為g3

D.二、多選題：本大題共3小題，共18分。8.如圖，質(zhì)量分布均勻的光滑小球O，放在傾角均為θ的斜面體上，斜面體位于同一水平面上，且小球處于平衡狀態(tài)，關(guān)于四圖對(duì)分析正確的是(

)

A.甲圖中斜面對(duì)球O彈力最大 B.乙圖中擋板MN對(duì)球O彈力最小

C.丙圖中斜面對(duì)球O彈力最小 D.丁圖中斜面對(duì)球O彈力最小9.如圖，三個(gè)完全相同的半圓形光滑絕緣軌道豎直放置，分別處在真空、勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)中，軌道兩端在同一高度上，P、M、N分別為軌道的最低點(diǎn)。三個(gè)相同的帶正電小球同時(shí)從軌道左端最高點(diǎn)由靜止開(kāi)始沿軌道運(yùn)動(dòng)且均能通過(guò)最低點(diǎn)。如圖所示，則下列有關(guān)判斷正確的是(

)A.三個(gè)小球到達(dá)軌道右端的最大高度都相同

B.小球第一次到達(dá)軌道最低點(diǎn)的速度關(guān)系vP=vM>vN

10.一滑塊從固定的斜面底端沖上粗糙的斜面．到達(dá)某一高度后返回斜面底端．下列各圖分別表示滑塊在斜面上運(yùn)功的速度v.動(dòng)能Ek、重力勢(shì)能Ep、機(jī)械能E隨時(shí)間t或x(偏離出發(fā)點(diǎn)的距離)變化的圖象，選斜面底端為零勢(shì)能面．則下列圖象A. B.

C. D.三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共16分。11.石榴同學(xué)用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量某單色光的波長(zhǎng)，其中光源為白熾燈。

(1)按合理順序在光具座上放置各光學(xué)元件，并使各元件的中心位于L的軸線上。

(2)甲圖光具座上放置的元件J為_(kāi)_____(選填“單縫”、“雙縫”、“濾光片”)，該元件在本實(shí)驗(yàn)中的作用是______。

(3)經(jīng)過(guò)調(diào)試后，該同學(xué)通過(guò)測(cè)量頭的目鏡看到了干涉圖樣。

(4)該同學(xué)發(fā)現(xiàn)里面的亮條紋與分劃板豎線未對(duì)齊，如圖乙所示，若要使兩者對(duì)齊，他應(yīng)該調(diào)節(jié)的元件是______。(用圖甲中的字母或文字作答)

(5)將測(cè)量頭的分劃板中心刻線與某亮紋中心對(duì)齊后，將該亮紋定為第1條亮紋，此時(shí)手輪上的示數(shù)如圖丙所示。然后同方向轉(zhuǎn)動(dòng)測(cè)量頭，使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心對(duì)齊，記下此時(shí)圖丁中手輪上的示數(shù)______mm，已知雙縫間距d為2.0×10-4m，測(cè)得雙縫到屏的距離l為0.700m，求得所測(cè)波長(zhǎng)為_(kāi)_____nm。

(6)去掉元件______(12.石榴同學(xué)研究熱敏電阻器的阻值隨溫度變化的規(guī)律，實(shí)驗(yàn)裝置如甲圖，實(shí)驗(yàn)主要步驟如下：

(1)將燒杯固定在鐵架臺(tái)上，往燒杯中加入適量的水，將串聯(lián)了歐姆表的熱敏電阻器以及溫度計(jì)放入燒杯水中。

(2)閉合開(kāi)關(guān)，用酒精燈給水加熱，讀出溫度計(jì)的示數(shù)和對(duì)應(yīng)的歐姆表的讀數(shù)，其中溫度為40℃時(shí)，歐姆表如圖乙所示，此時(shí)在倍率“×1”的位置，則歐姆表讀數(shù)為_(kāi)_____。

(3)繼續(xù)給水加熱，重復(fù)步驟(2)若干次，測(cè)得多組數(shù)據(jù)。

(4)利用實(shí)驗(yàn)測(cè)量的數(shù)據(jù)，描繪出熱敏電阻器的R-t圖，如圖丙。石榴同學(xué)利用上述的熱敏電阻器設(shè)計(jì)一個(gè)簡(jiǎn)單的恒溫箱溫控電路如圖丁，應(yīng)該把恒溫箱內(nèi)的加熱器接在______(選填“A、C端”或“B、D端”)。已知繼電器的電阻為100Ω，當(dāng)線圈的電流大于或等于20mA時(shí)，繼電器的銜鐵被吸，為繼電器線圈供電的電池電動(dòng)勢(shì)為9V，內(nèi)阻不計(jì)。如果要使恒溫箱內(nèi)的溫度保持在70℃，則要在繼電器線圈回路中再串聯(lián)一個(gè)四、簡(jiǎn)答題：本大題共1小題，共9分。13.假日期間，小聰與家人去售樓部收房，小聰想檢查陽(yáng)臺(tái)窗戶的雙層玻璃的厚度是否達(dá)標(biāo)(合同里每層玻璃的厚度d1=5mm)。小聰查閱資料得知該窗戶由中間夾一層惰性氣體的兩平行且厚度相同的玻璃組成，他用一激光筆垂直窗戶玻璃入射，用記號(hào)筆分別記下窗戶兩側(cè)入射點(diǎn)和出射點(diǎn)的位置P、Q，如圖所示，再讓激光筆對(duì)準(zhǔn)P點(diǎn)以入射角α=60°入射，記下窗戶另一側(cè)出射點(diǎn)的位置M，測(cè)得PQ和QM的距離分別為20.0mm、28.0mm。玻璃和惰性氣體對(duì)激光的折射率分別為n1=2、n2=1五、計(jì)算題：本大題共2小題，共29分。14.當(dāng)下世界科技大國(guó)都在研發(fā)一種新技術(shù)，實(shí)現(xiàn)火箭回收利用，有效節(jié)約太空飛行成本。其中有一技術(shù)難題是回收時(shí)如何減緩對(duì)地的碰撞。為此設(shè)計(jì)師在返回火箭的底盤(pán)安裝了4臺(tái)電磁緩沖裝罝，其工作原理是利用電磁阻尼作用減緩火箭對(duì)地的沖擊力。該裝置的主要部件有兩部分：①緩沖滑塊，由高強(qiáng)絕緣材料制成，其內(nèi)部邊緣繞有閉合單匝矩形線圈abcd，指示燈連接在cd兩處：②火箭主體。包括絕緣光滑緩沖軌道MN，PQ和超導(dǎo)線圈(圖中未畫(huà)出)。超導(dǎo)線圈能產(chǎn)生方向垂直于整個(gè)緩沖軌道平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。當(dāng)緩沖滑塊接觸地面時(shí)，滑塊立即停止運(yùn)動(dòng)，此后線圈與火箭主體中的磁場(chǎng)相互作用，指示燈發(fā)光?；鸺黧w一直做減速運(yùn)動(dòng)直至達(dá)到軟卷陸要求的速度，從而實(shí)現(xiàn)緩沖，現(xiàn)己知緩沖滑塊豎直向下撞向地面時(shí)，火箭主體的速度大小為v0，軟著陸要求的速度為0：指示燈、線圈的ab邊和cd邊電阻均為R，其余電阻忽略不計(jì)：ab邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，火箭主體質(zhì)量為m，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，重力加速度為g，一切摩擦阻力不計(jì)。

(1)求緩沖滑塊剛停止運(yùn)動(dòng)時(shí)。線圈的ab邊受到的安培力大?。?/p>

(2)求緩沖滑塊剛停止運(yùn)動(dòng)時(shí)?；鸺黧w的加速度大小：

(3)若火箭主體的速度大小從v0減到0的過(guò)程中，經(jīng)歷的時(shí)間為t，求該過(guò)程中每臺(tái)電磁緩沖裝罝中線圈產(chǎn)生的焦耳熱。

15.高能粒子實(shí)驗(yàn)裝置，是用以發(fā)現(xiàn)高能粒子并研究其特性的主要實(shí)驗(yàn)工具，如圖給出了一種該裝置的簡(jiǎn)化模型。在光滑絕緣的水平面xOy區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)；在x<0區(qū)域內(nèi)存在沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)。質(zhì)量為m、電荷量大小為q帶負(fù)電的微粒1從點(diǎn)S以一定速度v0釋放，沿直線從坐標(biāo)原點(diǎn)O進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域后，與靜止在點(diǎn)P(a,a)、質(zhì)量為m3的中性微粒2發(fā)生彈性正碰，且有一半電量轉(zhuǎn)移給粒子2。(不計(jì)碰撞后微粒間的相互作用，忽略電場(chǎng)、磁場(chǎng)變化引起的效應(yīng))

(1)求電場(chǎng)強(qiáng)度的大小E和v0的大??；

(2)若兩微粒碰撞后，立即撤去電場(chǎng)，求微粒2在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑和從兩微粒碰撞到下次再相遇的時(shí)間間隔Δt；

(3)若兩微粒碰撞后，微粒2答案和解析1.【答案】C

【解析】解：A.光從一端進(jìn)入，另一端傳出，在纖芯和包層的界面上不停地發(fā)生全反射，所以纖芯的折射率大于包層的折射率，故A錯(cuò)誤；

B.自然界中的一切物體只要它們的溫度高于絕對(duì)零度-273℃，都會(huì)有紅外輻射，這是由于物體內(nèi)部分子熱運(yùn)動(dòng)的結(jié)果，且溫度越高熱輻射越強(qiáng)，所以人體溫度越高，發(fā)射的紅外線越強(qiáng)，依據(jù)這個(gè)原理可以制成紅外體溫計(jì)，故B錯(cuò)誤；

C.超聲波測(cè)速儀是利用了多普勒效應(yīng)，汽車(chē)駛向測(cè)速儀的速度越大，接收到的反射波頻率就越高，故C正確；

D.鉗形電流表是根據(jù)電磁感應(yīng)原理制成的，故只能用來(lái)測(cè)量交變電流，故D錯(cuò)誤；

故選：C。

2.【解析】解：A、第一宇宙速度等于7.9km/s，且第一宇宙速度為物體環(huán)繞地球表面做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)線速度的大小，環(huán)繞半徑等于地球半徑，而根據(jù)萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力有GMmr2=mv2r，可得v=GMr，可知軌道半徑越大，線速度越小，火箭殼體和衛(wèi)星在地表上空環(huán)繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，其環(huán)繞半徑大于地球半徑，因此可知其線速度小于第一宇宙速度，故A錯(cuò)誤；

B、衛(wèi)星在軌道上的任何一點(diǎn)所受的合力都是指向地心的向心力，這是因?yàn)榈厍虻囊μ峁┝司S持衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力。在這種情況下，衛(wèi)星及其內(nèi)部的物體都會(huì)處于失重狀態(tài)，故B錯(cuò)誤；

C、分離后衛(wèi)星線速度變大，此時(shí)衛(wèi)星所受萬(wàn)有引力不足以提供其在原軌道運(yùn)行的向心力，因此衛(wèi)星將做離心運(yùn)動(dòng)，向更高的軌道變軌運(yùn)行，故C【解析】解：A.設(shè)反光單元內(nèi)發(fā)生兩次反射的反射角分別為α和θ，根據(jù)幾何知識(shí)可知α+θ=90°

故有2α+2θ=180°，所以PO與QM平行，根據(jù)光路的可逆性可知從反光單元反射的出射光線與入射光線方向也平行，故A正確；

B.反光單元材料折射率越小，光線發(fā)生全反射的臨界角越大，光線在反光單元材料內(nèi)越不容易發(fā)生全反射，有部分光線將在直角邊界面發(fā)生折射，故最后從斜邊折射出去的光線越少，反光效果越差，故B錯(cuò)誤；

C.不同顏色的光在反光單元中的折射率不同，故光在反光單元內(nèi)的傳播速度v=cn不同，故C錯(cuò)誤；

D.設(shè)發(fā)生全反射時(shí)的臨界角為C，若光線在Q點(diǎn)發(fā)生全反射，即θ≥C，結(jié)合α+θ=90【解析】解：AB、充電電流為I2=5A，則根據(jù)理想變壓器的規(guī)律，可知：I1：I2=n2：n1，得送電線圈中的電流I1=1A，交流電源的電壓有效值為：U=22022V=220V，智能手表兩端的電壓為U'=20V，則受電線圈兩端電壓為U2=U'+I2R2=40V，根據(jù)理想變壓器的規(guī)律，可知：U1：U2=n【解析】解：A.電容器在直流電路中相當(dāng)于斷路，電路穩(wěn)定時(shí)，R2相當(dāng)于導(dǎo)線，將R2滑片上移，電壓表示數(shù)不變，故A錯(cuò)誤；

BC.若光照變強(qiáng)，光敏電阻R3減小，總電阻變小，電流變大，則通過(guò)小燈泡的電流變大，燈泡變亮；

根據(jù)閉合電路歐姆定律，電容器兩端電壓為U=E-I(r+R1)

I變大，則U變小，場(chǎng)強(qiáng)變小，油滴所受的電場(chǎng)力變小，油滴向下極板運(yùn)動(dòng)，故BC錯(cuò)誤；

D.由于電路電阻不變，則電容器板間電壓不變，若將電容器上極板上移，電容器兩極板的距離增大，根據(jù)E=Ud可知場(chǎng)強(qiáng)變小，而P【解析】解：AB、由F隨時(shí)間的變化特點(diǎn)，結(jié)合彈性網(wǎng)的彈力與形變量的關(guān)系，

從0.2s到a時(shí)刻，人從接觸彈性網(wǎng)到向下運(yùn)動(dòng)，速度一直向下，受力為：mg-F=ma，隨著F增大，加速度減小，速度增大；F=mg時(shí)，速度最大；隨著F繼續(xù)增大，F(xiàn)-mg=ma，合力向上，加速度增大，速度減小，直到速度為0，即a時(shí)刻，人的速度為0，合力向上；

a時(shí)刻人處于最低點(diǎn)，速度減為0；a時(shí)刻到b時(shí)刻，彈力減小，人一直向上運(yùn)動(dòng)，b時(shí)刻人離開(kāi)彈性網(wǎng)；由運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知，人從a到b時(shí)刻，速度先增后減，合力先向上后向下，即b時(shí)刻人的速度不是最大值，合力為重力，豎直向下，故AB錯(cuò)誤；

CD、由F-t圖可知人接觸彈性網(wǎng)下降和上升的時(shí)間分別為：t1=1.2s-0.2s2=0.5s，

從彈性網(wǎng)向上運(yùn)動(dòng)到再落回彈性網(wǎng)的時(shí)間為：2.8s-1.2s=1.6s，

結(jié)合豎直方向的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)，可知b時(shí)刻速度大小為：v=g×7.【答案】C

【解析】解：A.細(xì)線斷裂后氦氣球受到的浮力大于重力，做向上的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B.細(xì)線斷裂后重物有向上的速度，先做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，上升至最高點(diǎn)后做自由落體運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

CD.重物先勻加速上升，后豎直上拋，設(shè)勻加速上升時(shí)加速度為a，斷裂時(shí)的速度為vm，落地時(shí)的速度為v，斷裂時(shí)的高度為h，根據(jù)速度—時(shí)間公式得vm=at，根據(jù)位移一時(shí)間公式得h=12at2，根據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律得-h=vmt-12gt2，根據(jù)速度一時(shí)間公式得v【解析】解：對(duì)各個(gè)小球受力分析，如圖所示

根據(jù)平衡條件可得F2=mgcosθ，F(xiàn)3=mgcosθ，F(xiàn)4=0，在甲圖中，因?yàn)棣?θ<π2，在乙圖中，重力和擋板對(duì)9.【答案】BCD

【解析】解：B、在第一個(gè)圖中，小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程只有重力做功，小球的機(jī)械能守恒。在第二圖中，由左手定則判斷小球沿軌道下滑過(guò)程所受洛倫茲力方向總是垂直于速度方向且指向軌道外側(cè)，小球不會(huì)脫離軌道，并且洛倫茲力不做功，此過(guò)程只有重力做功，故小球的機(jī)械能守恒?？芍∏虻谝淮蔚竭_(dá)P點(diǎn)、M點(diǎn)時(shí)動(dòng)能相等，即vP=vM。

第三個(gè)圖中，小球所受電場(chǎng)力的方向向左，小球沿軌道下滑的過(guò)程中電場(chǎng)力做負(fù)功，故小球的機(jī)械能減小，可知小球達(dá)到最低點(diǎn)N時(shí)速度vN<vP=vM，故B正確；

A、根據(jù)B選項(xiàng)的分析，第一、二個(gè)圖中小球沿軌道到達(dá)軌道右端的最大高度的過(guò)程機(jī)械能守恒，所以小球到達(dá)軌道右端的最大高度相同。第三個(gè)圖的這個(gè)過(guò)程中電場(chǎng)力做負(fù)功，小球的機(jī)械能減小，可知小球到達(dá)軌道右端的最大高度與第一、二個(gè)圖的不同，故A錯(cuò)誤；

C、小球在最低點(diǎn)時(shí)，第一圖中重力和支持力提供向心力，即

FP-mg=mvp2R

而第二圖中是重力、支持力和洛倫茲力提供向心力，即

FM-mg-BqvM=mvM210.【答案】AB

【解析】解：A、滑塊在斜面上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，由于存在摩擦力，機(jī)械能不斷減小，經(jīng)過(guò)同一點(diǎn)時(shí)下滑的速度小于上滑的速度，回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)的速度比出發(fā)時(shí)的初速度小，故A正確；

B、上滑時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理，有：-(mgsinθ+f)x=Ek-Ek0，

下滑時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理，有：(mgsinθ-f)x=Ek，

故B正確，Ek-x圖象是直線，上滑時(shí)圖象的斜率絕對(duì)值大，故B正確；

C、在上滑過(guò)程中：上滑的位移大小為：x1=v0t-12a1t2，

重力勢(shì)能為：EP=mgx1【解析】解：(2)光具座上的元件順序?yàn)楣庠础⑼哥R、濾光片、單縫、雙縫、遮光筒、光屏等，所以J元件為雙縫，雙縫的作用是能夠獲得兩列相干光。

(4)亮條紋與分劃板豎線未對(duì)齊，若要使兩者對(duì)齊，他應(yīng)該調(diào)節(jié)測(cè)量頭才可以。

(5)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為13mm+37.0×0.01mm=13.870mm，圖丙的讀數(shù)為2mm+32.0×0.01mm=2.320mm，相鄰條紋間距為Δx=13.870-2.3206-1mm=2.310mm，根據(jù)干涉條紋間距公式Δx=ldλ可得所測(cè)的波長(zhǎng)為λ=660nm

(6)【解析】解：(2)歐姆表倍率的“×1”，由圖乙所示可知，歐姆表讀數(shù)為19×1Ω=19Ω。

(4)由