2023人教版帶答案高中物理必修一第四章運(yùn)動(dòng)和力的關(guān)系微公式版專項(xiàng)訓(xùn)練

單選題1、下列實(shí)驗(yàn)器材可以用來(lái)測(cè)量基本物理量的是（）A．B．C．D．答案：AA．天平可以測(cè)量質(zhì)量，質(zhì)量是基本物理量，選項(xiàng)A正確；B．溫度計(jì)測(cè)量攝氏溫度，攝氏溫度（℃）不是基本物理量，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)量力，力不是基本物理量，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．電壓表測(cè)量電壓，電壓不是基本物理量，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選A。2、如圖，一傾角為θ

=

37°的足夠長(zhǎng)的斜面固定在水平地面上。當(dāng)t

=

0時(shí)，滑塊以初速度v0=

10m/s沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，已知滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ

=

0.5，重力加速度g取10m/s2，sin37°

=

0.6，cos37°

=

0.8，下列說(shuō)法正確的是（

）A．滑塊上滑的距離小于5mB．t

=

1s時(shí)，滑塊速度減為零，然后靜止在斜面上C．t

=

2s時(shí)，滑塊恰好又回到出發(fā)點(diǎn)D．t

=

3s時(shí)，滑塊的速度大小為4m/s答案：DA．以沿斜面向下為正方向，上滑過(guò)程，由牛頓第二定律得mgsinθ

+

μmgcosθ

=

ma1代入數(shù)據(jù)解得滑塊向上的最大位移x

=

=

5mA錯(cuò)誤；B．由于mgsinθ

>

μmgcosθ可知，滑塊不可能靜止在斜面上，B錯(cuò)誤；C．下滑過(guò)程，由牛頓第二定律得mgsinθ﹣μmgcosθ

=

ma2代入數(shù)據(jù)解得滑塊向上運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的時(shí)間向下的運(yùn)動(dòng)所以滑塊恰好又回到出發(fā)點(diǎn)的總時(shí)間C錯(cuò)誤；D．選取向下為正方向，t

=

3s時(shí)，滑塊的速度為v3

=

﹣v0

+

a1t1

+

a2t2′

=

﹣10

+

10

×

1

+

2

×

2

m/s

=

4m/sD正確。故選D。3、如圖所示是某同學(xué)站在力傳感器上，先下蹲后站起過(guò)程中力傳感器的示數(shù)隨時(shí)間的變化圖像。重力加速度g取，則下列說(shuō)法正確的是（

）A．在1~2

s時(shí)間內(nèi)，該同學(xué)完成了一次下蹲再站起的過(guò)程B．下蹲過(guò)程，該同學(xué)始終處于失重狀態(tài)；站起過(guò)程，該同學(xué)始終處于超重狀態(tài)C．全過(guò)程中，該同學(xué)重心的加速度的最大值約為D．若僅縮短該同學(xué)下蹲所用時(shí)間，圖線峰值一定不會(huì)發(fā)生變化答案：CAB．該同學(xué)下蹲過(guò)程先加速，再減速，因此先失重后超重，力傳感器示數(shù)先小于重力后大于重力，因此在1~2s時(shí)間內(nèi)，該同學(xué)僅完成了一次下蹲過(guò)程，AB錯(cuò)誤；C．根據(jù)牛頓第二定律可知，在失重過(guò)程有超重過(guò)程有由圖像可知，支持力最大值約為700N，最小值約為200N，該同學(xué)質(zhì)量為50kg，代入解得加速度最大值約為，C正確；D．若僅縮短該同學(xué)下蹲所用時(shí)間，該同學(xué)超重過(guò)程中的最大加速度可能會(huì)變大，因此圖線峰值會(huì)發(fā)生變化，D錯(cuò)誤。故選C。4、側(cè)壁開(kāi)有小孔的開(kāi)口塑料瓶，裝滿水后自由下落過(guò)程中，發(fā)現(xiàn)小孔沒(méi)有水流出，原因是瓶中的水（）A．處于失重狀態(tài)B．處于超重狀態(tài)C．處于平衡狀態(tài)D．先超重后失重答案：A自由落體過(guò)程，物體處于完全失重狀態(tài)，瓶中的水對(duì)側(cè)壁沒(méi)有壓力，所以水不會(huì)從小孔流出，A正確。故選A。5、如圖所示，質(zhì)量的小車放在水平光滑的平面上，在小車左端加一水平推力。當(dāng)小車向右運(yùn)動(dòng)的速度達(dá)到3m/s時(shí)，在小車前端輕輕地放上一個(gè)大小不計(jì)、質(zhì)量為的小物塊，小物塊與小車間的動(dòng)摩擦因數(shù)，小車足夠長(zhǎng)。求：從小物塊放在小車上開(kāi)始，經(jīng)過(guò)小物塊通過(guò)的位移大小為多少？（?。?/p>

）A．1.25mB．1.75mC．2mD．2.25m答案：D小物塊放到小車上后，根據(jù)題意，對(duì)小物塊由牛頓第二定律得對(duì)小車由牛頓第二定律得設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間兩者速度相等，根據(jù)速度與時(shí)間的關(guān)系式有解得則小物塊在內(nèi)，一直做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)位移與時(shí)間的關(guān)系式代入數(shù)據(jù)解得，經(jīng)過(guò)小物塊通過(guò)的位移大小為故ABC錯(cuò)誤D正確。故選D。6、采樣完成后，“嫦五”上升器靜止在月球表面時(shí)，月壤對(duì)樣品倉(cāng)的壓力為F1；上升器從月球表面加速上升時(shí)，月壤對(duì)樣品倉(cāng)的壓力為F2，則（

）A．F2＝0B．F2＝F1C．F2＜F1D．

F2＞F1答案：D上升器靜止在月球表面時(shí)，月壤處于平衡狀態(tài)，則與月壤重力相等；上升器從月球表面加速上升時(shí)，月壤具有向上的加速度，處于超重狀態(tài)，所以F2＞F1。故選D。7、A、B兩物體以相同的初速度在同一粗糙水平面上滑行，兩物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同。若物體A的質(zhì)量大于物體B的質(zhì)量，則兩物體能滑行的最大距離xA與xB的大小關(guān)系為（

）A．xA＝xBB．xA＞xBC．xA＜xBD．不能確定答案：A兩物體在粗糙的水平面上滑行過(guò)程的加速度大小為與m無(wú)關(guān)，滑行的最大距離可表示為可得xA＝xB故選A。8、如圖所示，一根彈簧一端固定在左側(cè)豎直墻上，另一端連著A小球，同時(shí)水平細(xì)線一端連著A球，另一端固定在右側(cè)豎直墻上，彈簧與豎直方向的夾角是60°，A、B兩小球分別連在另一根豎直彈簧兩端。開(kāi)始時(shí)A、B兩球都靜止不動(dòng)，A、B兩小球的質(zhì)量相等，重力加速度為g，若不計(jì)彈簧質(zhì)量，在水平細(xì)線被剪斷瞬間，A、B兩球的加速度分別為（

）A．a(chǎn)A=aB=gB．a(chǎn)A=2g，aB=0C．a(chǎn)A=g，aB=0D．，aB=0答案：D水平細(xì)線被剪斷前對(duì)A、B進(jìn)行受力分析如圖所示：靜止時(shí)對(duì)A有對(duì)B有解得水平細(xì)線被剪斷瞬間，F(xiàn)T消失，其他各力不變，A所受合力與FT等大反向，則故選D。9、一個(gè)傾角為θ=37°的斜面固定在水平面上，一個(gè)質(zhì)量為m=1.0kg的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）以v0=4.0m/s的初速度由底端沿斜面上滑，小物塊與斜面的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.25。若斜面足夠長(zhǎng)，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2。小物塊上滑的最大距離為（

）A．1.0

mB．2.2

mC．0.8

mD．0.4

m答案：A小物塊在斜面上上滑過(guò)程受力情況如圖所示

根據(jù)牛頓第二定律有解得小物塊沿斜面上滑做勻減速運(yùn)動(dòng)，到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)速度為零，則有解得x==1.0m故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。10、加速度與F的關(guān)系圖像如圖乙所示，則A的加速度與F的關(guān)系圖像可能正確的是（

）A．B．C．D．答案：C設(shè)A的質(zhì)量為，B的質(zhì)量為，AB間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，則當(dāng)，AB處于靜止?fàn)顟B(tài)，加速度都為0；當(dāng)，AB開(kāi)始一起加速運(yùn)動(dòng)，設(shè)當(dāng)，AB剛好要發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)，以AB為整體，由牛頓第二定律以B為對(duì)象，由牛頓第二定律聯(lián)立解得則當(dāng)，AB一起做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為當(dāng)，AB發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，對(duì)A由牛頓第二定律解得由上分析可知的斜率小于的斜率，故A的加速度與的關(guān)系圖像可能為C。故選C。11、某跳水運(yùn)動(dòng)員在3m長(zhǎng)的踏板上起跳，我們通過(guò)錄像觀察到踏板和運(yùn)動(dòng)員要經(jīng)歷如圖所示的狀態(tài)，其中A為無(wú)人時(shí)踏板靜止點(diǎn)，B為人站在踏板上靜止時(shí)的平衡點(diǎn)，C為人在起跳過(guò)程中人和踏板運(yùn)動(dòng)的最低點(diǎn)，則下列說(shuō)法正確的是（

）A．人和踏板由C到B的過(guò)程中，人向上做勻加速運(yùn)動(dòng)B．人和踏板由C到A的過(guò)程中，人在A點(diǎn)具有最大速度C．人和踏板由C到A的過(guò)程中，人在B點(diǎn)具有最大速度D．人在C點(diǎn)具有最大速度答案：C依題意知在C點(diǎn)時(shí)，人的速度為零，且人受到的彈力大于重力，所以從C到B過(guò)程中合力向上，做加速運(yùn)動(dòng)，但是由于從C到B過(guò)程中踏板的形變量在減小，彈力在減小，所以合力在減小，故人做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，加速度向上；人在B點(diǎn)時(shí)，重力等于彈力，加速度為零，速度達(dá)最大，而人從B到A過(guò)程中重力大于彈力，合力向下，加速度向下，速度向上，人做減速運(yùn)動(dòng)。故選C。12、如圖所示，光滑直桿一端固定在地面上的A點(diǎn)，另一端靠在豎直墻上，桿上套有一個(gè)小球，球可以在桿上自由滑動(dòng)，球從桿的上端沿桿下滑到A點(diǎn)所用的時(shí)間為t，若逐漸減小桿的長(zhǎng)度，使桿與水平方向的夾角從60°逐漸減小到30°，則下列說(shuō)法正確的是（

）A．小球從桿的上端運(yùn)動(dòng)到下端的時(shí)間不斷減小B．小球從桿的上端運(yùn)動(dòng)到下端的時(shí)間不斷增大C．小球從桿的上端運(yùn)動(dòng)到下端的時(shí)間先減小后增大D．小球從桿的上端運(yùn)動(dòng)到下端的時(shí)間先增大后減小答案：C設(shè)A點(diǎn)到墻的距離為L(zhǎng)，桿與水平方向的夾角為θ，則下滑過(guò)程加速度小球從桿的上端運(yùn)動(dòng)到下端的過(guò)程解得t=當(dāng)θ＝45°時(shí)，t最小，因此使桿與水平方向的夾角從60°逐漸減小到30°，小球從桿的上端運(yùn)動(dòng)到下端的時(shí)間先減小后增大。故選C。13、一質(zhì)點(diǎn)受多個(gè)力的作用，處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)使其中一個(gè)力的大小逐漸減小到零，再沿原方向逐漸恢復(fù)到原來(lái)的大小。在此過(guò)程中，其他力保持不變，則質(zhì)點(diǎn)的加速度大小a和速度大小v的變化情況是（

）A．a(chǎn)和v都始終增大B．a(chǎn)和v都先增大后減小C．a(chǎn)和v都先減小后增大D．a(chǎn)先增大后減小，v始終增大答案：D由于質(zhì)點(diǎn)初始處于靜止?fàn)顟B(tài)，則其所受合力為零。這就相當(dāng)于受兩個(gè)等大反向的力：某個(gè)力和其余幾個(gè)力的合力。其中某個(gè)力逐漸減小，而其余幾個(gè)力的合力是不變的，則其合力就在這個(gè)力的反方向逐漸增大，這個(gè)力再由零增大到原來(lái)大小，則合力又會(huì)逐漸減小直到變?yōu)榱?，所以合力變化為先增大后減小，根據(jù)故加速度a先增大后減小，由于其合外力方向始終不變，則加速度方向始終不變，所以其速度會(huì)一直增大。故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D。14、下列單位中屬于國(guó)際單位制的基本單位的是（

）A．千克B．牛頓C．庫(kù)侖D．特斯拉答案：AA．千克是質(zhì)量的單位，是國(guó)際單位制基本單位，故A正確；BCD．牛頓、庫(kù)侖、特斯拉分別是力的單位、電荷量的單位和磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位，都是國(guó)際單位制中的導(dǎo)出單位，故BCD錯(cuò)誤。故選A。15、在國(guó)際單位制中，下列單位屬于力學(xué)基本單位的是（）A．JB．kgC．WD．A答案：B在國(guó)際單位制中，力學(xué)基本單位有m、s、kg，故選B。多選題16、總質(zhì)量為100

kg的小車，在粗糙水平地面上從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，其速度—時(shí)間圖像如圖所示。已知在0~2

s內(nèi)小車受到恒定水平拉力F=1

200

N，2

s后小車受到的拉力發(fā)生了變化，則（

）A．t=1

s時(shí)小車的加速度為8

m/s2B．0~18

s內(nèi)小車行駛的平均速度約為10

m/sC．小車與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2D．14

s后拉力的大小為200

N答案：ABA．前2

s內(nèi)小車做勻加速運(yùn)動(dòng)，由圖線的斜率可得小車的加速度a=m/s2=8

m/s2故選項(xiàng)A正確；B．由速度-時(shí)間圖線與橫坐標(biāo)軸圍成的面積即可計(jì)算出0~18

s內(nèi)小車位移的大小，每一格表示的位移為4m，小于一半的格子舍掉，大于一半的格子計(jì)算為一個(gè)格子，則格子數(shù)約為45格，則位移約為L(zhǎng)=180

m，所以平均速度約為==10

m/s故選項(xiàng)B正確；C．前2

s內(nèi)，根據(jù)牛頓第二定律得F-μmg=ma解得μ=0.4選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．14

s后小車做勻速運(yùn)動(dòng)，所以拉力F′=μmg=400

N選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選AB。17、彈簧高蹺是一種新型的運(yùn)動(dòng)器材，如圖甲，當(dāng)人抓住扶手用力蹬踏板壓縮彈簧后，人就向上彈起，進(jìn)而帶動(dòng)高蹺跳躍，如圖乙，則下列說(shuō)法正確的是（）A．彈簧壓縮到最低點(diǎn)時(shí)，高蹺對(duì)人的作用力大于人的重力B．人向上彈起過(guò)程中，一直處于超重狀態(tài)C．人向上彈起過(guò)程中，踏板對(duì)人的作用力等于人對(duì)踏板的作用力D．人和高蹺離開(kāi)地面上升過(guò)程中處于完全失重狀態(tài)答案：ACDA．彈簧壓縮到最低點(diǎn)時(shí)，人要向上彈起，加速度的方向向上，人處于超重狀態(tài)，高蹺對(duì)人的作用力大于人的重力。故A正確；B．人向上彈起過(guò)程中，開(kāi)始處于超重狀態(tài)，彈力大于重力；上升過(guò)程，彈力減小，重力不變，當(dāng)速度達(dá)到最大時(shí)，重力等于彈力，之后重力大于彈力，合力向下，處于失重。故B錯(cuò)誤；C．人向上彈起過(guò)程中，由牛頓第三定律可知，踏板對(duì)人的作用力等于人對(duì)踏板的作用力。故C正確；D．人和高蹺離開(kāi)地面上升過(guò)程中只受重力，處于完全失重狀態(tài)。故D正確。故選ACD。18、下列說(shuō)法中正確的是（

）A．物體抵抗運(yùn)動(dòng)狀態(tài)變化的性質(zhì)是慣性B．慣性是物體的固有屬性，其大小僅與物體質(zhì)量有關(guān)C．物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)發(fā)生改變時(shí)仍有慣性D．物體速度越大，它的慣性就越大答案：ABCA．任何物體都有保持原來(lái)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的性質(zhì)，叫作慣性，所以物體抵抗運(yùn)動(dòng)狀態(tài)變化的性質(zhì)是慣性，A正確；BD．因?yàn)槿魏挝矬w在任何情況下都有慣性，其大小只與質(zhì)量有關(guān)，質(zhì)量大的慣性大，與速度無(wú)關(guān)，B正確、D錯(cuò)誤；C．慣性的大小與物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無(wú)關(guān)，物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)改變時(shí)，物體的慣性不變，C正確。故選ABC。19、停在水平地面上的小車內(nèi)，用繩子、拴在一個(gè)重球，繩呈水平狀態(tài)，繩的拉力為，繩的拉力為。當(dāng)小車由靜止開(kāi)始加速向左運(yùn)動(dòng)，但重球相對(duì)小車的位置不發(fā)生變化，則兩繩的拉力的變化情況的描述中錯(cuò)誤的是（

）A．變大，變小B．變大，變大C．不變，變小D．變大，不變答案：ABD對(duì)小球進(jìn)行受力分析，如圖所示豎直方向水平方向其中，不變，，所以不變，減小，故C正確，ABD錯(cuò)誤。本題選錯(cuò)誤項(xiàng)，故選ABD。20、質(zhì)量為1

kg的物體在水平面上做直線運(yùn)動(dòng)，圖中兩條直線分別表示物體受水平拉力和不受水平拉力時(shí)的v－t圖像。g＝10

m/s2.下列說(shuō)法正確的是（

）A．物體受水平拉力時(shí)對(duì)應(yīng)的一定是A圖線B．水平拉力大小一定等于4

NC．物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程中水平拉力做的功可能為16JD．物體與水平地面的動(dòng)摩擦因數(shù)可能為0.4答案：CD由圖像A可知物體做減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小為由圖像B可知物體做減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小為若拉力的方向與運(yùn)動(dòng)方向相同，可知B對(duì)應(yīng)存在拉力的情況，可得解得，若拉力的方向與運(yùn)動(dòng)方向相反，可知A對(duì)應(yīng)存在拉力的情況，可得解得，A．當(dāng)拉力的方向與運(yùn)動(dòng)方向相同時(shí)，有水平拉力時(shí)，對(duì)應(yīng)的是B圖線；當(dāng)拉力的方向與運(yùn)動(dòng)方向相反時(shí)，有水平拉力時(shí)，對(duì)應(yīng)的是A圖線，A錯(cuò)誤；B．無(wú)論拉力的方向與運(yùn)動(dòng)方向相同還是相反，拉力的大小均為，B錯(cuò)誤；C．當(dāng)拉力的方向與運(yùn)動(dòng)方向相同時(shí)，有水平拉力時(shí)，對(duì)應(yīng)B圖像，位移大小為拉力做的功C正確；D．若拉力的方向與運(yùn)動(dòng)方向相同，圖像A對(duì)應(yīng)沒(méi)有拉力的情況，此時(shí)的動(dòng)摩擦因數(shù)D正確。故選CD。21、如圖所示，一質(zhì)量為m的木塊以的速率向右滑上以的速率在光滑水平地面上向左運(yùn)動(dòng)的薄木板，薄木板質(zhì)量為M，已知。則在以后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，下列圖像中可能正確的是（

）A．B．C．D．答案：BDC．設(shè)木塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，對(duì)木塊由牛頓第二定律可得木塊加速度大小為同理可得木板加速度大小為由題可知，，故有，圖像中斜率代表加速度，故v1圖像斜率應(yīng)大于v2圖像斜率，C錯(cuò)誤；B．由于不知道v1和v2的大小關(guān)系，故可能存在木塊與木板速度同時(shí)減小為零的情況，B正確；AD．若木塊速度先減小為零，則木塊會(huì)在摩擦力作用下向左做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度不變，故其圖像斜率不變，A錯(cuò)誤，D正確。故選BD。22、“血沉”是指紅細(xì)胞在一定條件下沉降的速度，在醫(yī)學(xué)中具有重要意義。測(cè)量“血沉”可將經(jīng)過(guò)處理后的血液放進(jìn)血沉管內(nèi)，由于重力作用，血液中的紅細(xì)胞將會(huì)下沉。設(shè)血沉管豎直放置且足夠深，紅細(xì)胞的形狀為球體。已知紅細(xì)胞下落受到血液的粘滯阻力表達(dá)式為，其中為血液的粘滯系數(shù)，r為紅細(xì)胞半徑，v為紅細(xì)胞運(yùn)動(dòng)的速率。若某血樣中半徑為r的紅細(xì)胞，由靜止下沉直到勻速運(yùn)動(dòng)的速度為，紅細(xì)胞密度為，血液的密度為。以下說(shuō)法正確的是（

）A．該紅細(xì)胞先做勻加速運(yùn)動(dòng)，后做勻速運(yùn)動(dòng)B．該紅細(xì)胞的半徑可表示為C．若血樣中紅細(xì)胞的半徑較小，則紅細(xì)胞勻速運(yùn)動(dòng)的速度較大D．若采用國(guó)際單位制中的基本單位來(lái)表示的單位，則其單位為答案：BDA．設(shè)紅細(xì)胞質(zhì)量為m，浮力為，由牛頓第二定律又因?yàn)楣始t細(xì)胞隨著速度的增大，粘滯阻力逐漸增大，加速度逐漸減小，紅細(xì)胞做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度減到零時(shí)，受力平衡，此后勻速運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；B．紅細(xì)胞勻速時(shí)又因?yàn)榧t細(xì)胞的質(zhì)量為浮力為聯(lián)立可得解得B正確；C．由上述分析可知若血樣中紅細(xì)胞的半徑較小，則紅細(xì)胞勻速運(yùn)動(dòng)的速度較小，C錯(cuò)誤；D．由粘滯阻力公式可知故采用國(guó)際單位制中的基本單位來(lái)表示的單位，應(yīng)為：，D正確；故選BD。23、如圖所示，一質(zhì)量M=3kg、傾角為α=45°的斜面體放在光滑水平地面上，斜面體上有一質(zhì)量為m=1kg的光滑楔形物體。用一水平向左的恒力F作用在斜面體上，系統(tǒng)恰好保持相對(duì)靜止地向左運(yùn)動(dòng)。重力加速度為g=10m/s2，下列判斷正確的是（

）A．系統(tǒng)做勻速直線運(yùn)動(dòng)B．F=40NC．斜面體對(duì)楔形物體的作用力大小為5ND．增大力F，楔形物體將相對(duì)斜面體沿斜面向上運(yùn)動(dòng)答案：BDAB．對(duì)整體受力分析如圖甲所示，由牛頓第二定律有對(duì)楔形物體受力分析如圖乙所示，由牛頓第二定律有可得故A錯(cuò)誤，B正確；C．斜面體對(duì)楔形物體的作用力故C錯(cuò)誤；D．外力F增大，則斜面體加速度增大，斜面體對(duì)楔形物體的支持力也增大，則支持力在豎直方向的分力大于重力，有向上的加速度，所以楔形物體將會(huì)相對(duì)斜面體沿斜面上滑，故D正確。故選BD。24、如圖所示，質(zhì)量、長(zhǎng)度的木板A靜止在水平面上，木板A的上表面與水平面平行。某時(shí)刻一質(zhì)量的木塊B以初速度從左端滑上木板A的上表面，同時(shí)對(duì)木板A施加一個(gè)水平向右的力，已知木板A與木塊B間的動(dòng)摩擦因數(shù)，木板A與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，重力加速度，則下列說(shuō)法正確的是（

）A．木塊B在木板A上滑動(dòng)時(shí)木板A的加速度大小為B．木塊B從滑上木板A到兩者相對(duì)靜止所需的時(shí)間為1.5

sC．木板A與木塊B相對(duì)靜止時(shí)共同的加速度大小為D．木板A運(yùn)動(dòng)的總位移為12

m答案：BCA．木塊B在木板A上相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，對(duì)木板A由牛頓第二定律可得解得A錯(cuò)誤；B．對(duì)木塊B由牛頓第二定律可得解得設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t，物體B與木板A達(dá)到共速，則解得B正確；C．木板A與木塊B相對(duì)靜止前木板A的位移木板A與木塊B相對(duì)靜止時(shí)的速度木板A與木塊B相對(duì)靜止后整體開(kāi)始做減速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律可得解得C正確；D．木板A與木塊B相對(duì)靜止后到停下時(shí)木板A的位移所以木板A運(yùn)動(dòng)的總位移D錯(cuò)誤。故選BC。25、如圖所示，光滑水平面上放置質(zhì)量分別為m、2m和3m的三個(gè)木塊，其中質(zhì)量為2m和3m的木塊間用一不可伸長(zhǎng)的輕繩相連，輕繩能承受的最大拉力為T。現(xiàn)用水平拉力F拉其中一個(gè)質(zhì)量為3m的木塊，使三個(gè)木塊以同一加速度運(yùn)動(dòng)，則以下說(shuō)法正確的是（

）A．當(dāng)F逐漸增加1N時(shí)（輕繩未斷），輕繩中拉力增加0.5NB．當(dāng)F逐漸增大到T時(shí)，輕繩剛好被拉斷C．當(dāng)F逐漸增大到1.5T時(shí)，輕繩還不會(huì)被拉斷D．輕繩剛要被拉斷時(shí)，質(zhì)量為m和2m的木塊間的摩擦力為答案：ACA．對(duì)三個(gè)木塊整體，由牛頓第二定律可得F=（m+2m+3m）a=6ma則三個(gè)木塊共同的加速度為隔離后面的組合體，由牛頓第二定律可得，輕繩中拉力為由此可知：因繩子拉力等于總拉力的一半，所以當(dāng)F逐漸增加1N時(shí)，輕繩中拉力增加0.5N，故A正確；B．當(dāng)F逐漸增大到T時(shí)，輕繩中拉力即小于輕繩能承受的最大拉力為T，輕繩還沒(méi)有被拉斷，故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)F逐漸增大到1.5T時(shí)，輕繩中拉力即小于輕繩能承受的最大拉力為T，輕繩還沒(méi)有被拉斷，故C正確；D．輕繩剛要被拉斷時(shí)，輕繩的拉力剛好為T，由牛頓第二定律可得，后面兩個(gè)木塊的加速度對(duì)質(zhì)量為m木塊，由牛頓第二定律得：質(zhì)量為m和2m的木塊間的摩擦力故D錯(cuò)誤。故選AC。填空題26、一質(zhì)量為60kg的人乘坐電梯下樓，當(dāng)電梯以a=0.5m/s2的加速度向下加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，人處于_______狀態(tài)（選填“超重”或“失重”），人對(duì)電梯的壓力大小為_(kāi)______N。（重力加速度g取10m/s2）答案：

失重

570[1][2]加速度方向向下，人處于失重狀態(tài)。設(shè)此時(shí)電梯對(duì)人的支持力為N，由牛頓第二定律，有可解得由牛頓第三定律知人對(duì)電梯的壓力大小為27、在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中：（1）為了探究加速度與力的關(guān)系，應(yīng)保持_____________不變；（2）為了探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，應(yīng)保持力不變；為了直觀地判斷加速度與質(zhì)量的數(shù)量關(guān)系，應(yīng)作___________圖像（選填“”或“”）。答案：