山西省呂梁市2025屆高三下學(xué)期第二次模擬考試化學(xué)試題（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1山西省呂梁市2025屆高三下學(xué)期第二次模擬考試注意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在試卷和答題卡上。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回?？赡苡玫降南鄬υ淤|(zhì)量：一、選擇題：本題共14小題，每小題3分，共42分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目要求。1.三晉大地歷史悠久，文化傳承繁多。下列對山西博物院中古代文物的描述錯(cuò)誤的是A.青銅鳥尊的主要成分是銅錫合金 B.彩陶罐的主要成分是碳酸鈣C.木板漆畫的主要成分是纖維素 D.絹本畫的主要成分是蛋白質(zhì)【答案】B【解析】A．青銅的材質(zhì)為銅錫合金，A項(xiàng)正確；B．陶瓷的主要成分是硅酸鹽，B項(xiàng)錯(cuò)誤；C．木板的主要成分是纖維素，C項(xiàng)正確；D．絹的材質(zhì)為蠶絲，主要成分是蛋白質(zhì)，D項(xiàng)正確答案選B。2.下列化學(xué)用語表示正確的是A.次氯酸鈉電子式為 B.甲烷的空間填充模型為C.基態(tài)的價(jià)層電子的軌道表示式為 D.2，2-二甲基丁醛的鍵線式為【答案】C【解析】A．次氯酸鈉是離子化合物，電子式為，A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．甲烷為正四面體結(jié)構(gòu)，H原子半徑小于C原子半徑，甲烷的空間填充模型為，B項(xiàng)錯(cuò)誤；C．的價(jià)層電子排布式為，價(jià)層電子的軌道表示式為，C項(xiàng)正確；D．主鏈編號時(shí)從離醛基最近一端編號，2，2-二甲基丁醛的鍵線式為，D項(xiàng)錯(cuò)誤；答案選C。3.化學(xué)與生產(chǎn)、生活、科研、實(shí)驗(yàn)息息相關(guān)，下列與化學(xué)相關(guān)的表述錯(cuò)誤的是A.釀酒和釀醋的過程均需要無氧、無菌環(huán)境B.苯酚濺到皮膚上，應(yīng)立即用酒精沖洗，再用水沖洗C.實(shí)驗(yàn)室進(jìn)行甲醛與新制氫氧化銅反應(yīng)時(shí)，需佩戴護(hù)目鏡和打開通風(fēng)設(shè)備D.配制一定物質(zhì)的量濃度的溶液時(shí)，若不慎加水超過容量瓶刻線，則需重新配制【答案】A【解析】A．釀酒過程需要厭氧菌，釀醋的過程需要有氧菌條件，A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．苯酚濺到皮膚上，應(yīng)立即用酒精沖洗，再用水沖洗，B項(xiàng)正確；C．甲醛有毒，實(shí)驗(yàn)室進(jìn)行甲醛與新制氫氧化銅反應(yīng)時(shí)，需佩戴護(hù)目鏡和打開通風(fēng)設(shè)備，C項(xiàng)正確；D．配制一定物質(zhì)的量濃度的溶液定容時(shí)，若不慎加水超過容量瓶刻線，則需重新配制，D項(xiàng)正確；答案選A。4.下列物質(zhì)中均含有同種元素，它們在一定條件下的轉(zhuǎn)化關(guān)系如圖所示。G為單質(zhì)，Q為氣體且能使品紅溶液褪色。下列說法正確的是A.G易溶于乙醇B.若過量，則可以使G直接轉(zhuǎn)化為RC.W與T反應(yīng)生成Q的過程中還可能同時(shí)生成GD.E生成T的反應(yīng)證明E在水中的電離程度大于T【答案】C【解析】G為單質(zhì)，Q為氣體且能使品紅溶液褪色，則Q為，由轉(zhuǎn)化關(guān)系即可得到G為S，E為，，R為，T為，據(jù)此回答，A．硫單質(zhì)微溶于乙醇，A錯(cuò)誤；B．硫轉(zhuǎn)化為和轉(zhuǎn)化為的條件不同，S不能一步轉(zhuǎn)化為，B錯(cuò)誤；C．若W為，W與T反應(yīng)的方程式為，C正確；D．氫硫酸是弱酸，硫酸是強(qiáng)酸，硫化氫的電離程度小于硫酸，因極難溶于水，故可以發(fā)生反應(yīng)，D錯(cuò)誤；故選C。5.在某一初始溫度下，在恒容絕熱密閉容器中，發(fā)生反應(yīng)：，測得各物質(zhì)的量濃度和容器內(nèi)溫度隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖所示。下列說法正確的是A.時(shí)，體系內(nèi)兩個(gè)反應(yīng)均達(dá)到平衡狀態(tài)B.，用物質(zhì)Y表示的平均反應(yīng)速率為C.D.若改為恒溫容器，則X、Z物質(zhì)的量濃度相同的時(shí)刻要比提前【答案】C【解析】A．根據(jù)圖像分析，后，X、Z的物質(zhì)的量濃度仍在發(fā)生變化，所以體系內(nèi)兩個(gè)反應(yīng)均未達(dá)到平衡狀態(tài)，A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．時(shí)，反應(yīng)物X的濃度變化為，則第1個(gè)反應(yīng)生成Y的濃度為。時(shí)，反應(yīng)物Z的濃度為，則第2個(gè)反應(yīng)消耗Y的濃度為，所以，此時(shí)Y的濃度變化為，則內(nèi)用物質(zhì)Y表示的平均反應(yīng)速率為，B項(xiàng)錯(cuò)誤；C．反應(yīng)開始時(shí)X減少，體系溫度升高，隨著Z增多，體系溫度降低，所以，C項(xiàng)正確；D．若改為恒溫容器，則時(shí)的反應(yīng)體系的溫度要低于題設(shè)條件，所以兩個(gè)反應(yīng)的速率會(huì)變慢，X、Z物質(zhì)的量濃度相同的時(shí)刻要比靠后，D項(xiàng)錯(cuò)誤；答案選C。6.物質(zhì)結(jié)構(gòu)決定物質(zhì)性質(zhì)。下列性質(zhì)差異與結(jié)構(gòu)因素匹配錯(cuò)誤的是選項(xiàng)性質(zhì)差異結(jié)構(gòu)因素A測定接近沸點(diǎn)的水蒸氣的相對分子質(zhì)量，結(jié)果比按化學(xué)式計(jì)算出的值偏高水分子會(huì)因氫鍵而形成締合分子B相同條件下，的沸點(diǎn)低于甲醛的沸點(diǎn)分子的極性影響范德華力的大小C的鍵角大于的鍵角中心原子雜化類型相同時(shí)，孤電子對與成鍵電子對之間的斥力大于成鍵電子對之間的斥力D堿性：甲胺強(qiáng)于氨氣烴基為推電子基A.A B.B C.C D.D【答案】C【解析】A．接近水的沸點(diǎn)的水蒸氣中存在相當(dāng)量的水分子因氫鍵而形成的締合分子，從而使測得的相對分子質(zhì)量偏高，A項(xiàng)正確；B．甲醛的相對分子質(zhì)量低于，但甲醛沸點(diǎn)高，說明分子的極性對范德華力的影響較大，B項(xiàng)正確；C．中S原子為雜化，中S原子為雜化，中心原子雜化方式不同，C項(xiàng)錯(cuò)誤；D．烴基為推電子基，因此甲胺的堿性強(qiáng)于氨氣，D項(xiàng)正確；答案選C。7.侯氏制堿法的基本原理是將氨氣和依次以一定速率通入飽和溶液中生成，再利用焙燒的方法制備。某實(shí)驗(yàn)小組按照下圖步驟依次操作，各步驟中裝置和目的均正確的是A．制備氨氣B．制備C．制備D．得到固體A.A B.B C.C D.D【答案】D【解析】A．實(shí)驗(yàn)室制備氨氣一般用加熱氫氧化鈣和氯化銨固體混合物的方法，單獨(dú)加熱氯化銨，，在試管口氨氣和氯化氫遇冷又會(huì)化合生成氯化銨，無法得到氨氣，A錯(cuò)誤；B．用固體與鹽酸反應(yīng)制備，易溶于水，不能用簡易啟普發(fā)生器（適用于塊狀固體與液體不加熱反應(yīng)）控制反應(yīng)的發(fā)生與停止，B錯(cuò)誤；C．氨氣極易溶于水，應(yīng)在通入水溶液前有防倒吸裝置，C錯(cuò)誤；D．碳酸鈉具有堿性，會(huì)腐蝕陶制鉗堝，應(yīng)用鐵坩堝加熱碳酸氫鈉固體，D正確；故選D。8.某些有機(jī)反應(yīng)的催化劑粒子M的化學(xué)式為(結(jié)構(gòu)如圖)，其中前四周期元素X，Y，Z，W，Q的原子序數(shù)依次遞增。X、Y、Z三種元素的核電荷數(shù)之和等于W的核電荷數(shù)，基態(tài)W原子的第一電離能高于同周期相鄰的兩種元素，基態(tài)Q原子中兩種自旋方向的電子數(shù)相差4.下列說法錯(cuò)誤的是A.元素的電負(fù)性： B.原子半徑：C.Y和W的簡單氫化物均屬于非電解質(zhì) D.Q的某種高價(jià)含氧酸鹽可用于河水的凈化和殺菌消毒【答案】B【解析】由催化劑粒子M的結(jié)構(gòu)可知，X形成1個(gè)共價(jià)鍵，Y形成4個(gè)共價(jià)鍵，Z形成2個(gè)共價(jià)鍵，W形成6個(gè)共價(jià)鍵，Q形成4個(gè)共價(jià)鍵，前四周期元素X，Y，Z，W，Q的原子序數(shù)依次遞增，且X、Y、Z三種元素的核電荷數(shù)之和等于W的核電荷數(shù)，基態(tài)W原子的第一電離能高于同周期相鄰的兩種元素，所以W是P元素；X是H元素，Y是C元素，Z是O元素，基態(tài)Q原子中兩種自旋方向的電子數(shù)相差4，且原子序數(shù)大于O，所以Q是Fe元素，據(jù)此回答。A．元素的電負(fù)性：，F(xiàn)e是金屬元素，電負(fù)性較小，所以電負(fù)性，A正確；B．P為與第三周期，C、O位于第二周期，且C>O，H為與第一周期，故原子半徑：，B錯(cuò)誤；C．Y和W的簡單氫化物分別為和，在水溶液和熔融狀態(tài)下均不能導(dǎo)電，均屬于非電解質(zhì)，C正確；D．Q(Fe)的高價(jià)含氧酸鹽如，具有強(qiáng)氧化性，可殺菌消毒，其還原產(chǎn)物水解生成Fe(OH)3膠體，可吸附水中雜質(zhì)，用于河水的凈化和殺菌消毒，可用于河水的凈化和殺菌消毒，D正確；故選B。9.下列各組離子在水溶液中因生成沉淀而不可以大量共存的是A. B.C. D.【答案】C【解析】A．與發(fā)生絡(luò)合反應(yīng)不能大量共存，但不是生成沉淀，A錯(cuò)誤；B．四種離子間不發(fā)生反應(yīng)，可以大量共存，B錯(cuò)誤；C．與和反應(yīng)生成沉淀不能大量共存，C正確；D．均能與和發(fā)生氧化還原反應(yīng)而不能大量共存，但沒有生成沉淀，D錯(cuò)誤；故選C。10.電催化合成氨存在如下兩種可能轉(zhuǎn)化路徑，其相對能量變化如圖(*表示吸附位點(diǎn))。下列說法錯(cuò)誤的是A.電催化合成過程存在非極性鍵的斷裂和極性鍵的形成B.兩種路徑中生成氨的速率：C.若用氘(D)代替H，可在路徑Ⅰ的某些吸附位點(diǎn)上檢測出4個(gè)D原子D.路徑Ⅰ和路徑Ⅱ?qū)?yīng)的焓變相同【答案】B【解析】A．電催化合成過程存在非極性鍵的斷裂和極性鍵的形成，A項(xiàng)正確；B．兩種轉(zhuǎn)化路徑中對比生成第一個(gè)，路徑Ⅱ最高能壘低于路徑Ⅰ，因此兩種路徑中生成氨的速率：，B項(xiàng)錯(cuò)誤；C．只有路徑Ⅰ中，吸附位點(diǎn)*NH2NH2上存在4個(gè)D原子，C項(xiàng)正確；D．根據(jù)蓋斯定律，反應(yīng)的焓變只與始態(tài)和終態(tài)有關(guān)，與路徑無關(guān)，路徑Ⅰ和路徑Ⅱ?qū)?yīng)的焓變相同，D項(xiàng)正確；答案選B。11.氧化鋯()的立方晶胞如圖甲所示，替代氧化鋯晶體中部分的位置可得到一種高性能的催化劑，但由于二者離子半徑和化合價(jià)不同，會(huì)導(dǎo)致部分脫離形成“氧空位”以保證晶體的電中性，如圖乙結(jié)構(gòu)單元。的摩爾質(zhì)量為，晶胞參數(shù)為，為阿伏加德羅常數(shù)的值，下列說法錯(cuò)誤的是A.所帶電荷 B.圖乙表示的物質(zhì)化學(xué)式為C.晶體的密度為 D.圖甲中與最近且等距的有6個(gè)【答案】D【解析】A．圖乙結(jié)構(gòu)單元中含有的個(gè)數(shù)為個(gè)，的個(gè)數(shù)為個(gè)，的個(gè)數(shù)為7個(gè)，根據(jù)電中性原則得出，解得，A項(xiàng)正確；B．由A可知，圖乙表示的物質(zhì)化學(xué)式為，B項(xiàng)正確；C．由甲圖可知，晶胞中有Zr的個(gè)數(shù)為8×個(gè)，O的個(gè)數(shù)為8個(gè)，晶體中有4個(gè)ZrO2，晶胞的質(zhì)量為，體積為a3×10-30cm3，則晶體的密度為，C項(xiàng)正確；D．根據(jù)圖甲分析可知，與最近且等距的有12個(gè)，D項(xiàng)錯(cuò)誤；答案選D。12.乙二醇是重要的化工產(chǎn)品，其合成路線如下：下列說法錯(cuò)誤的是A.環(huán)氧乙烷的沸點(diǎn)比乙烯高，是因?yàn)榄h(huán)氧乙烷分子間可形成氫鍵B.中碳碳鍵的鍵長均小于其他兩種有機(jī)物中碳碳鍵的鍵長C.三種有機(jī)物中的碳原子的雜化方式分別為D.此合成路線與乙烯先加成后水解制備乙二醇的方法比，原子利用率高，對環(huán)境友好【答案】A【解析】A．環(huán)氧乙烷分子間不能形成氫鍵，環(huán)氧乙烷的沸點(diǎn)比乙烯高是因?yàn)榄h(huán)氧乙烷相對分子質(zhì)量比乙烯大，分子間作用力更強(qiáng)，A錯(cuò)誤；B．中含碳碳雙鍵，碳原子采取sp2雜化，鍵長較短；環(huán)氧乙烷和乙二醇中碳碳鍵為單鍵，碳原子采取sp3雜化，鍵長較長，所以中碳碳鍵的鍵長均小于其他兩種有機(jī)物中碳碳鍵的鍵長，B正確；C．中碳原子形成3個(gè)鍵，無孤電子對，雜化方式為；環(huán)氧乙烷和乙二醇中碳原子均形成4個(gè)鍵，雜化方式為

，C正確；D．此合成路線原子利用率為，乙烯先與氯氣加成，后與氫氧化鈉水溶液水解制備乙二醇，原子利用率低，且使用到氯氣，會(huì)對環(huán)境造成污染，D正確；故選A。13.常溫常壓電催化技術(shù)可以實(shí)現(xiàn)氮還原，是人工合成肼的關(guān)鍵技術(shù)，其裝置如下圖所示。已知電催化過程中會(huì)伴有副產(chǎn)物氨生成。下列說法正確的是A.電極A的電勢高于電極B的電勢B.電解過程中質(zhì)子由電極室A移向電極室BC.電極A上生成的電極反應(yīng)武：D.理論上同時(shí)生成和時(shí)，生成【答案】D【解析】電極A上發(fā)生還原反應(yīng)：和，電極A應(yīng)與電源的負(fù)極相連作陰極，電極B上發(fā)生氧化反應(yīng)：，B為陽極與電源正極連接，H+通過質(zhì)子交換膜向陰極移動(dòng)。A．A是陰極，電極B為陽極，電極A的電勢低于電極B的電勢，A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．電解過程中向陰極移動(dòng)，即由電極室B移向電極室A，B項(xiàng)錯(cuò)誤；C．電極A上生成的電極反應(yīng)式：，C項(xiàng)錯(cuò)誤；D．理論上生成轉(zhuǎn)移電子，生成轉(zhuǎn)移電子，總共轉(zhuǎn)移電子，因此生成，即生成0.175mol×32g/mol=，D項(xiàng)正確；答案選D。14.向飽和溶液(有足量固體)中滴加氨水，發(fā)生反應(yīng)和，與的關(guān)系如下圖所示{其中代表或}。下列說法錯(cuò)誤的是A.曲線為隨變化曲線B.溶度積常數(shù)C.反應(yīng)的平衡常數(shù)K的值為D.時(shí)，溶液中【答案】D【解析】向飽和溶液(有足量固體)中滴加氨水，發(fā)生反應(yīng)和，隨著得增大，逐漸減小，逐漸增大，故曲線為、曲線為，逐漸減小，液逐漸減小，且減小得程度更大，故曲線為、曲線為隨濃度變化曲線，據(jù)此回答。A．曲線為、曲線為、曲線為、曲線為隨濃度變化曲線，A正確；B．根據(jù)曲線和曲線上的坐標(biāo)和，分析，B正確；C．由分析知，曲線為隨濃度變化曲線，則由a點(diǎn)可知，反應(yīng)的平衡常數(shù)，C正確；D．由圖像可知，時(shí)，，溶液中，D錯(cuò)誤；故選D。二、非選擇題：本題共4小題，共58分。15.亞氯酸鈣[Ca(ClO2)2]具有極強(qiáng)的吸濕性。無水物加熱至350℃時(shí)尚不分解，含水亞氯酸鈣加熱到130~140℃即分解。某實(shí)驗(yàn)小組利用下圖所示裝置制備黃綠色ClO2氣體，并在加熱條件下使其與CaO2反應(yīng)制備Ca(ClO2)2。已知：ClO2可被NaOH溶液吸收得到NaClO3和NaClO2的混合物。Ⅰ．亞氯酸鈣的制備。（1）盛放H2O2的儀器名稱為___________。（2）儀器的連接順序?yàn)閍→___________(部分儀器可重復(fù)使用)。（3）裝置D中長頸漏斗的作用為___________。（4）A是ClO2的發(fā)生裝置，其中發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為___________。（5）制備Ca(ClO2)2時(shí)，參與反應(yīng)的氧化劑與還原劑的化學(xué)計(jì)量數(shù)之比為___________。Ⅱ．產(chǎn)品中亞氯酸鈣(雜質(zhì)為CaCl2含量測定。①準(zhǔn)確稱取0.1200g粗產(chǎn)品于碘量瓶中，加入醋酸和稍過量的KI溶液，然后以淀粉溶液作指示劑，用0.2000mol/LNa2S2O3標(biāo)準(zhǔn)溶液進(jìn)行滴定至滴定終點(diǎn)，平行測定三次后取平均值，用去25.24mL標(biāo)準(zhǔn)溶液。②空白實(shí)驗(yàn)：不取產(chǎn)品，其余試劑用量和步聚相同，消耗1.24mLNa2S2O3標(biāo)準(zhǔn)溶液。已知：；。（6）①滴定終點(diǎn)時(shí)溶液中的顏色變化現(xiàn)象為___________。②若未進(jìn)行空白實(shí)驗(yàn)，則測定結(jié)果將___________(填“偏大”、“偏小”或“無影響”)。③亞氯酸鈣Ca(ClO2)2(M=175g/mol)的純度為___________(保留3位有效數(shù)字)。【答案】（1）恒壓滴液漏斗（2）或（3）防止倒吸（4）（5）2:1（6）①.溶液由藍(lán)色變?yōu)闊o色②.偏大③.【解析】由題干信息可知，裝置A為用NaClO3、H2SO4和H2O2來制備ClO2，裝置C為干燥ClO2，裝置B為讓ClO2和CaO2反應(yīng)來制備Ca(ClO2)2，裝置D為尾氣吸收，據(jù)此分析解題。（1）由題干實(shí)驗(yàn)裝置圖可知，盛放H2O2的儀器名稱為恒壓滴液漏斗，故答案為：恒壓滴液漏斗；（2）由分析可知，裝置A為用NaClO3、H2SO4和H2O2來制備ClO2，裝置C為干燥ClO2，裝置B為讓ClO2和CaO2反應(yīng)來制備Ca(ClO2)2，裝置D為尾氣吸收，亞氯酸鈣Ca(ClO2)2具有極強(qiáng)的吸濕性，且含水的亞氯酸鈣受熱易分解，因此裝置B兩端均需連接濃硫酸干燥裝置。因此儀器的連接順序?yàn)榛?，故答案為：或；?）由題干實(shí)驗(yàn)裝置圖可知，裝置D中長頸漏斗的作用為防止倒吸，故答案為：防止倒吸；（4）由分析可知，裝置A用NaClO3、H2SO4和H2O2來制備ClO2，根據(jù)氧化還原反應(yīng)配平可得，該反應(yīng)的離子方程式為，故答案為：；（5）由分析可知，裝置B中發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式為，ClO2為氧化劑，CaO2為還原劑，化學(xué)計(jì)量數(shù)之比為2:1，故答案為：2:1；（6）①本實(shí)驗(yàn)用淀粉溶液作指示劑，故滴定終點(diǎn)時(shí)溶液中的顏色變化現(xiàn)象為溶液由藍(lán)色變?yōu)闊o色，故答案為：溶液由藍(lán)色變?yōu)闊o色；②若未進(jìn)行空白實(shí)驗(yàn)，則消耗的的體積增大，測定結(jié)果將偏大，故答案為：偏大；③由已知反應(yīng)得關(guān)系式：；結(jié)合實(shí)驗(yàn)可知空氣也會(huì)氧化部分碘離子生成碘單質(zhì)，則由上述關(guān)系可知，生成的碘單質(zhì)消耗的的體積為，；亞氯酸鈣(摩爾質(zhì)量為)的純度為，故答案為：87.5%。16.高鎂低鎳型紅土鎳礦中主要含有等。一種處理高鎂低鎳型紅土鎳礦并回收金屬元素Ni的濕法工藝流程如下。已知：ⅰ.“還原焙燒”后鈷、鎳元素以單質(zhì)形式存在；大部分被還原為，少部分被還原為，排出。ⅱ.“氧化氨浸”時(shí)，以及溶于氨水形成，不溶；不穩(wěn)定，在有氧條件下轉(zhuǎn)化為沉淀；三價(jià)鈷離子有氧化性。ⅲ.時(shí)，，?；卮鹣铝袉栴}：（1）基態(tài)鎳原子和鈷原子的未成對電子數(shù)之比為___________?！凹?xì)磨”的作用是___________。（2）“氧化氨浸”時(shí)，發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為___________。“浸渣1”含有的金屬元素為___________(填元素符號)。（3）若“沉鈷”后溶液的，則溶液中為___________時(shí)，沉淀中開始出現(xiàn)；該過程中的作用是___________(答出2點(diǎn))。（4）堿式碳酸鎳可以表示為，分析測得堿式碳酸鎳樣品的摩爾質(zhì)量為，煅燒過程中固體質(zhì)量隨溫度的變化關(guān)系如圖所示，則___________，___________，___________。（5）流程中所有工序中，副產(chǎn)物能循環(huán)利用的工序名稱為___________?！敬鸢浮浚?）①.②.增大與煤粉反應(yīng)的接觸面積（2）①.(或)②.（3）①.②.還原，沉淀（4）①.3②.1③.4（5）還原焙燒、蒸氨【解析】此題是關(guān)于處理高鎂低鎳型紅土鎳礦并回收金屬元素Ni的濕法工藝流程題，紅土鎳礦先進(jìn)行干燥處理，隨后細(xì)磨，增大后續(xù)反應(yīng)接觸面積。還原焙燒過程中加入過量煤粉，在高溫下將紅土鎳礦中的部分金屬氧化物還原，煤粉起還原劑作用。氧化氨浸環(huán)節(jié)通入O2，加入飽和氨水，Ni被氧化并與氨形成配合物進(jìn)入溶液，F(xiàn)e、Mg等元素形成浸渣1分離。沉鈷過程，加入使溶液中的鈷離子還原并轉(zhuǎn)化為CoS沉淀，以浸渣2形式分離除去。蒸氨環(huán)節(jié)去除溶液中的氨，使鎳離子轉(zhuǎn)化為堿式碳酸鎳沉淀析出。煅燒使堿式碳酸鎳受熱分解，得到鎳的氧化物。通入CO還原，將鎳的氧化物還原為金屬鎳。（1）基態(tài)鎳原子電子排布式為，未成對電子數(shù)為2，基態(tài)鈷原子的電子排布式為，未成對電子數(shù)為3，所以基態(tài)鎳原子和鈷原子的未成對電子數(shù)之比為。“細(xì)磨”的作用是增大與煤粉反應(yīng)的接觸面積，加快反應(yīng)速率，使反應(yīng)更充分。（2）“氧化氨浸”時(shí)，被氧氣氧化，同時(shí)與氨水和形成配合物，發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為或。紅土鎳礦中含有，經(jīng)過“還原焙燒”后轉(zhuǎn)化為“”，“氧化氨浸”后進(jìn)入溶液的元素有Ni、Co及部分，所以“浸渣1”含有金屬元素為。（3）由于溶度積比小得多，若沉淀中出現(xiàn)，則已經(jīng)有沉淀，則此時(shí)溶液中存在，該溶液的，所以此時(shí)。沉鈷時(shí)，溶液中鈷離子為價(jià)，與發(fā)生氧化還原反應(yīng)生成和S，和生成沉淀，所以加入了的目的是還原，沉淀。（4）堿式碳酸鎳可以表示為，靡爾質(zhì)量為。假設(shè)煅燒堿式碳酸鎳，前發(fā)生：損失的質(zhì)量為，即結(jié)晶水的物質(zhì)的量為，即。發(fā)生：損失的質(zhì)量為，即生成的和的質(zhì)量為。剩余的質(zhì)量為，即生成的的質(zhì)量為。解得：，。（5）流程中所有工序中，“還原焙燒”中煤粉過量，所以生成，可以在“還原”工序中還原；“蒸氨”中產(chǎn)生的氨氣，可以在“氧化氨浸”中循環(huán)利用。所以流程中所有工序中，副產(chǎn)物能循環(huán)利用的工序名稱為還原焙燒、蒸氨。17.氮氧化物的污染治理迫在眉睫，利用還原可以實(shí)現(xiàn)的雙減排，反應(yīng)原理如下：反應(yīng)Ⅰ：反應(yīng)Ⅱ：回答下列問題：（1）計(jì)算反應(yīng)Ⅲ：___________（2）在恒容密閉容器中充入一定量的和不定量的發(fā)生反應(yīng)Ⅰ，測得的平衡物質(zhì)的量在不同溫度下隨的變化關(guān)系和在不同下隨溫度的變化關(guān)系如圖甲所示。圖中表示在不同下隨溫度的變化關(guān)系的曲線是___________(填字母，下同)，在表示不同溫度下隨的變化關(guān)系的曲線中，溫度較高的曲線是___________。（3）某溫度下，在恒壓容器中按不同投料比充入和，若主要發(fā)生反應(yīng)Ⅱ時(shí)，圖乙曲線中能表示的平衡體積分?jǐn)?shù)隨投料比變化的是___________(填字母)。（4）若某溫度下，向某恒壓容器中按投料，發(fā)生反應(yīng)Ⅰ、Ⅱ，反應(yīng)達(dá)到平衡時(shí)測得的體積分?jǐn)?shù)分別為和，體系壓強(qiáng)為，則的轉(zhuǎn)化率為___________(保留3位有效數(shù)字)，用分壓表示反應(yīng)Ⅰ的平衡常數(shù)___________(列式即可)。（5）若向容積為的恒容容器中各充入的和發(fā)生反應(yīng)Ⅰ、Ⅱ，后測得，則的平均反應(yīng)速率___________，則的選擇性為___________()?！敬鸢浮浚?）（2）①.c、d②.b（3）A（4）①.②.（5）①.②.【解析】（1）根據(jù)蓋斯定律，反應(yīng)Ⅲ=2×反應(yīng)Ⅱ-反應(yīng)Ⅰ，故（2）隨溫度的變化，說明溫度是自變量(橫坐標(biāo))，溫度升高，反應(yīng)Ⅰ逆向進(jìn)行，減小，所以曲線c、d符合題意；曲線a、b則表示不同溫度下隨的變化關(guān)系，在一定時(shí)，升高溫度，減小，所以曲線b的溫度高于曲線a；（3）按反應(yīng)化學(xué)計(jì)量數(shù)比投料時(shí)，生成物的體積分?jǐn)?shù)最大，所以曲線A能準(zhǔn)確表示的平衡體積分?jǐn)?shù)隨投料比變化；（4）根據(jù)反應(yīng)Ⅰ、Ⅱ可知，當(dāng)?shù)捏w積分?jǐn)?shù)分別為和時(shí)，的體積分?jǐn)?shù)則為，和的體積分?jǐn)?shù)之和為。設(shè)投料時(shí)和的物質(zhì)的量均為，反應(yīng)達(dá)到平衡時(shí)總物質(zhì)的量為，生成的的物質(zhì)的量為，則有：反應(yīng)Ⅰ：反應(yīng)Ⅱ：所以有，解得：，平衡時(shí)的物質(zhì)的量，的物質(zhì)的量。因此，的轉(zhuǎn)化率為；根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，等溫下，氣體分壓之比等于物質(zhì)的量之比即，；用分壓表示反應(yīng)Ⅰ的平衡常數(shù)；（5）根據(jù)化學(xué)計(jì)量數(shù)之比可知，每生成，生成或，由所給信息，后，消耗的，設(shè)生成的為，生成的為，由，解得，。的選擇性。18.型生物堿K是一類含有抗腫瘤，抗抑郁、抗焦慮等多種藥理活性的石蒜科生物堿。K