2019-2020學(xué)年高二物理下學(xué)期第二次段考試題(含解析).docVIP

2019-2020學(xué)年高二物理下學(xué)期第二次段考試題(含解析)一、單選選擇題1下面那一項不是現(xiàn)代傳感器的應(yīng)用（）A當(dāng)你走近自動門時，門會自動打開B電梯的兩門靠攏接觸到人體時，門會自動打開而不會夾傷人C電飯煲能自動加熱和保溫而不會把飯燒焦D將自己的銀行卡插進(jìn)自動取款機里可以取錢，而不必麻煩銀行工作人員2釷核Th經(jīng)過6次衰變和4次衰變后變成鉛核，則（）A鉛核的符號為Pb，它比Th少8個中子B鉛核的符號為Pb，它比Th少16個中子C鉛核的符號為Pb，它比Th少16個中子D鉛核的符號為Pb，它比Th少12個中子3如圖甲所示，一個電阻為R，面積為S的矩形導(dǎo)線框abcd，水平旋轉(zhuǎn)在勻強磁場中，磁場的磁感應(yīng)強度為B，方向與ad邊垂直并與線框平面成45角，o、o分別是ab和cd邊的中點現(xiàn)將線框右半邊obco繞oo逆時針90到圖乙所示位置在這一過程中，導(dǎo)線中通過的電荷量是（）ABCD04如圖所示，是觀察自感現(xiàn)象的電路圖為了觀察斷開開關(guān)的瞬間燈泡有明顯的閃爍現(xiàn)象，除增大線圈的自感系數(shù)外，還要考慮線圈電阻RL和小燈泡電阻R，它們之間應(yīng)滿足的關(guān)系是（）ARLRBRL=RCRLRDRLR5如圖所示，兩根光滑的金屬導(dǎo)軌，平行放置在傾角為的斜面上，導(dǎo)軌的左端接有電阻R，導(dǎo)軌自身的電阻可忽略不計斜面處在一勻強磁場中，磁場方向垂直于斜面向上質(zhì)量為m、電阻不計的金屬棒ab，在沿著斜面與棒ab垂直的恒力F作用下沿導(dǎo)軌勻速上升，上升高度為h則在此過程中，以下錯誤的是（）A作用于棒ab上的各力的合力所做的功等于零B恒力F和重力的合力所做的功等于電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱C恒力F和安培力的合力所做的功等于零D恒力F所做的功等于棒ab重力勢能的增加量和電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱之和6如圖所示，理想變壓器初、次級線圈分別接有完全相同的燈泡A、B，且初、次級線圈的匝數(shù)之比N1：N2=2：1，交流電源電壓為U，則燈B兩端的電壓為（）AB2UCD二、多項選擇題7如圖是類氫結(jié)構(gòu)的氦離子能級圖已知基態(tài)的氦離子能量為E1=54.4eV在具有下列能量的光子中，能被基態(tài)氦離子吸收而發(fā)生躍遷的是（）A40.8 eVB41.0 eVC43.2 eVD54.4 eV8下述敘述中，正確的是（）A放射性元素的半衰期是由原子核內(nèi)部因素決定的，與溫度、壓強等外界因素?zé)o關(guān)B射線就是原子核外的電子掙脫原子核的束縛而形成的電子流C重核的裂變和輕核的聚變都可以放出大量的能量D互為同位素的元素，具有相同的中子數(shù)9如圖所示，三輛相同的平板小車a、b、c成一直線排列，靜止在光滑水平地面上，c車上一個小孩跳到b車上，接著又立即從b車跳到a車上，小孩跳離c車和b車時對地水平速度相同，他跳到a車上沒有走動便相對a車保持靜止，此后（）Aa、c兩車運動速率相等Ba、b兩車的運動速率相等C三輛車的速率關(guān)系為vcvavbDa、c兩輛車的運動方向一定相反10如圖所示，虛線abcd為水平放置的矩形勻強磁場區(qū)域，方向豎直向下，圓形閉合金屬線框以一定的速度沿光滑絕緣水平面向磁場區(qū)域運動如圖所示給出的是金屬線框的四個可能到達(dá)的位置，則圓形線框的速度可能為零的位置是（）ABCD11交流電源的電壓是6V，它跟電阻R1、R2和電容器、伏特表一起連組成電路，如圖所示，圖中電壓表的示數(shù)為U1，為了保證電容器C不被擊穿，電容器C的耐壓值應(yīng)為U2，則（）AU1=6VBU2=6VCU1=6VDU26V三、實驗題12如圖所示是研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象的實驗儀器，虛線框內(nèi)給出了原副線圈導(dǎo)線的繞法，實驗前已查明電流表中電流從左接線柱流入時指針向左偏（a）用筆畫線代替導(dǎo)線在答卷對應(yīng)的圖上連接好實驗電路（b）若實驗中原線圈插入副線圈后，開關(guān)S閉合的瞬間，觀察到電流表指針向左偏，試在電路連接圖中標(biāo)出電源的正、負(fù)極（c）若將原線圈拔出，則拔出時電流表指針向 偏13在做碰撞中的動量守恒的實驗中：（a）下列測定入射小球和被碰小球在碰撞前后的速度的方法或原理正確的是 A用秒表測出時間t，用刻度尺測出位移s，用求出速度B測出打點計時器在紙帶上打下的點間的距離s1、s2，用C用小球離開桌面后的水平射程x來代替速度D測出小球下落高度h，用求出速度（b）完成本實驗，下列必須要求的是 A斜槽軌道必須光滑以減小誤差B斜槽軌道末端的切線必須水平C入射球和被碰球的質(zhì)量必須相等D入射球每次必須從軌道的同一位置由靜止?jié)L下（c）某次實驗中得出的落點情況如圖所示，假設(shè)碰撞過程中動量守恒，則入射小球質(zhì)量m1和被碰小球質(zhì)量m2之比為 四、計算題14如圖所示，長為L的細(xì)繩豎直懸掛著一質(zhì)量為2m的小球A，恰好緊挨著放置在水平面上質(zhì)量為m的物塊B現(xiàn)保持細(xì)繩繃直，把小球向左上方拉至細(xì)繩與豎直方向成60的位置，然后釋放小球小球到達(dá)最低點時恰好與物塊發(fā)生碰撞，而后小球向右擺動的最大高度為，物塊則向右滑行了L的距離而靜止求：（1）A球與B碰撞前對細(xì)繩的拉力（2）A球與B碰撞后一瞬間的速度大?。?）物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)15如圖所示，兩足夠長平行光滑的金屬導(dǎo)軌MN、PQ相距為L導(dǎo)軌平面與水平面夾角為a導(dǎo)軌電阻不計磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場垂直導(dǎo)軌平面斜向上，長為L的金屬棒ab垂直于MN、PQ放置在導(dǎo)軌上，且始終與導(dǎo)軌接 觸良好，金屬棒的質(zhì)量為m 電阻為R兩金屬導(dǎo)軌的上端連 接右側(cè)電路，電路中R2為一電 阻箱，已知燈泡的電阻RL=4R，定值電阻R1=2R，調(diào)節(jié)電阻箱使R2=12R，重力加速度為g，閉合開關(guān)S，現(xiàn)將金屬棒由靜止釋放，求：（1）金屬棒下滑的最大速度vm的大小；（2）當(dāng)金屬棒下滑距離為so時速度恰好達(dá)到最大，則金屬棒由靜止開始下滑2s0的過程中，整個電路產(chǎn)生的電熱16如圖所示，光滑水平面上有一輛質(zhì)量為M=1kg的小車，小車的上表面有一個質(zhì)量為m=0.9kg的滑塊，在滑塊與小車的擋板間用輕彈簧相連接，滑塊與小車上表面間的動摩擦因數(shù)為=0.2，整個系統(tǒng)一起以v1=10m/s的速度向右做勻速直線運動此時彈簧長度恰好為原長現(xiàn)在用質(zhì)量為m0=0.1kg的子彈，以v0=50m/s的速度向左射入滑塊且不穿出，所用時間極短已知當(dāng)彈簧壓縮到最短時的彈性勢能為Ep=8.6J（g取10m/s2）求：（1）子彈射入滑塊的瞬間滑塊的速度；（2）從子彈射入到彈簧壓縮最短，滑塊在車上滑行的距離17輕質(zhì)細(xì)線吊著一質(zhì)量為m=0.32kg，邊長為L=0.8m、匝數(shù)n=10的正方形線圈總電阻為r=1邊長為的正方形磁場區(qū)域?qū)ΨQ分布在線圈下邊的兩側(cè)，如圖甲所示磁場方向垂直紙面向里，大小隨時間變化如圖乙所示，從t=0開始經(jīng)t0時間細(xì)線開始松弛，g=10m/s2求：（1）在前t0時間內(nèi)線圈中產(chǎn)生的電動勢；（2）在前t0時間內(nèi)線圈的電功率；（3）求t0的值參考答案與試題解析一、單選選擇題1下面那一項不是現(xiàn)代傳感器的應(yīng)用（）A當(dāng)你走近自動門時，門會自動打開B電梯的兩門靠攏接觸到人體時，門會自動打開而不會夾傷人C電飯煲能自動加熱和保溫而不會把飯燒焦D將自己的銀行卡插進(jìn)自動取款機里可以取錢，而不必麻煩銀行工作人員【考點】GB：傳感器在生產(chǎn)、生活中的應(yīng)用【分析】傳感器作為一種將其它形式的信號與電信號之間的轉(zhuǎn)換裝置，在我們的日常生活中得到了廣泛應(yīng)用，不同傳感器所轉(zhuǎn)換的信號對象不同，我們應(yīng)就它的具體原理進(jìn)行分析【解答】解：A、當(dāng)你走近自動門時，門會自動打開，應(yīng)用了紅外傳感器，故A錯誤B、電梯的兩門靠攏接觸到人體時，門會自動打開而不會夾傷人，應(yīng)用了壓力傳感器，故B錯誤C、電飯煲能自動加熱和保溫而不會把飯燒焦，應(yīng)用了溫度傳感器，故C錯誤D、將自己的銀行卡插進(jìn)自動取款機里可以取錢，而不必麻煩銀行工作人員，應(yīng)用了磁記錄技術(shù)，與現(xiàn)代傳感器無關(guān)，故D正確故選：D2釷核Th經(jīng)過6次衰變和4次衰變后變成鉛核，則（）A鉛核的符號為Pb，它比Th少8個中子B鉛核的符號為Pb，它比Th少16個中子C鉛核的符號為Pb，它比Th少16個中子D鉛核的符號為Pb，它比Th少12個中子【考點】JA：原子核衰變及半衰期、衰變速度【分析】根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒確定鉛核的電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)，從而比較出中子數(shù)的變化【解答】解：經(jīng)過1次衰變電荷數(shù)少2，質(zhì)量數(shù)少4，經(jīng)過1次衰變，電荷數(shù)增1，質(zhì)量數(shù)不變則釷核Th經(jīng)過6次衰變和4次衰變后電荷數(shù)少8，質(zhì)量數(shù)少24，為Pb，質(zhì)量數(shù)等于質(zhì)子數(shù)加中子數(shù)，則中子數(shù)少16故C正確，A、B、D錯誤故選C3如圖甲所示，一個電阻為R，面積為S的矩形導(dǎo)線框abcd，水平旋轉(zhuǎn)在勻強磁場中，磁場的磁感應(yīng)強度為B，方向與ad邊垂直并與線框平面成45角，o、o分別是ab和cd邊的中點現(xiàn)將線框右半邊obco繞oo逆時針90到圖乙所示位置在這一過程中，導(dǎo)線中通過的電荷量是（）ABCD0【考點】D8：法拉第電磁感應(yīng)定律；D7：磁通量【分析】分析線框旋轉(zhuǎn)前后的磁通量，由法拉第電磁感應(yīng)定律可求得平均電動勢，由q=It可求得電量【解答】解：對線框的右半邊（obco）未旋轉(zhuǎn)時整個回路的磁通量1=BSsin45=BS；對線框的右半邊（obco）旋轉(zhuǎn)90后，穿進(jìn)跟穿出的磁通量相等，如圖整個回路的磁通量2=0=12=BS根據(jù)公式q=It=故選A4如圖所示，是觀察自感現(xiàn)象的電路圖為了觀察斷開開關(guān)的瞬間燈泡有明顯的閃爍現(xiàn)象，除增大線圈的自感系數(shù)外，還要考慮線圈電阻RL和小燈泡電阻R，它們之間應(yīng)滿足的關(guān)系是（）ARLRBRL=RCRLRDRLR【考點】DE：自感現(xiàn)象和自感系數(shù)【分析】當(dāng)燈泡處于正常發(fā)光狀態(tài)，迅速斷開開關(guān)S時，燈泡中原來的電流突然減小到零，線圈中電流開始減小，磁通量減小產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，產(chǎn)生自感現(xiàn)象【解答】解：開關(guān)S閉合穩(wěn)定狀態(tài)時，當(dāng)開關(guān)斷開后燈泡中電流立即完全消失，而線圈由于由自感作用阻礙其自身電流的減小，故線圈與燈泡組成回路，其電流IL逐漸減小，燈泡中由原來的電流I變?yōu)殡娏鱅L時，若要明顯閃亮一下然后再逐漸熄滅，只要ILI，即RLR燈泡就會出現(xiàn)閃亮的現(xiàn)象，若RLR就會有明顯閃亮現(xiàn)象，故C正確，ABD錯誤故選：C5如圖所示，兩根光滑的金屬導(dǎo)軌，平行放置在傾角為的斜面上，導(dǎo)軌的左端接有電阻R，導(dǎo)軌自身的電阻可忽略不計斜面處在一勻強磁場中，磁場方向垂直于斜面向上質(zhì)量為m、電阻不計的金屬棒ab，在沿著斜面與棒ab垂直的恒力F作用下沿導(dǎo)軌勻速上升，上升高度為h則在此過程中，以下錯誤的是（）A作用于棒ab上的各力的合力所做的功等于零B恒力F和重力的合力所做的功等于電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱C恒力F和安培力的合力所做的功等于零D恒力F所做的功等于棒ab重力勢能的增加量和電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱之和【考點】62：功的計算【分析】題中導(dǎo)體棒ab勻速上滑，合力為零，即可合力的做功為零；對導(dǎo)體棒正確受力分析，根據(jù)動能定理列方程，弄清功能轉(zhuǎn)化關(guān)系，注意克服安培力所做功等于回路電阻中產(chǎn)生的熱量【解答】解：A、B導(dǎo)體棒勻速上升過程中，合力為零，則合力所作的功等于零，根據(jù)動能定理得：WFWGW安=0，得WFWG=W安，克服安培力所做功W安即等于回路電阻中產(chǎn)生的熱量，故有：金屬棒上的各個力的合力所做的功等于零，恒力F和重力的合力所做的功等于電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱，故AB正確，C錯誤；D、由WFWGW安=0得，WF=WG+W安，即恒力F所做的功等于棒ab重力勢能的增加量和電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱之和，故D正確本題選錯誤的故選：C6如圖所示，理想變壓器初、次級線圈分別接有完全相同的燈泡A、B，且初、次級線圈的匝數(shù)之比N1：N2=2：1，交流電源電壓為U，則燈B兩端的電壓為（）AB2UCD【考點】E8：變壓器的構(gòu)造和原理【分析】根據(jù)變壓器原副線圈電壓比等于線圈匝數(shù)比，電流之比等于線圈匝數(shù)的倒數(shù)比即可解題【解答】解：因兩燈的電流之比與匝數(shù)成反比為1：2，而阻值相等，則電壓之比為1：2， LA的電壓為U1，LB的電壓為U2：則=又有： =由式得：U2=故選：A二、多項選擇題7如圖是類氫結(jié)構(gòu)的氦離子能級圖已知基態(tài)的氦離子能量為E1=54.4eV在具有下列能量的光子中，能被基態(tài)氦離子吸收而發(fā)生躍遷的是（）A40.8 eVB41.0 eVC43.2 eVD54.4 eV【考點】J4：氫原子的能級公式和躍遷【分析】氦離子吸收光子能量要發(fā)生躍遷，吸收的光子能量需等于兩能級間的能級差，或吸收光子能量后，總能量大于等于0，發(fā)生電離根據(jù)玻爾理論進(jìn)行分析【解答】解：A、若基態(tài)的氦離子吸收40.8eV后，其能量變?yōu)?3.6eV，根據(jù)玻爾理論可知氦離子能從基態(tài)躍遷到n=2的激發(fā)態(tài)，故A正確B、若基態(tài)的氦離子吸收41.5eV，能量為13.4eV，根據(jù)玻爾理論可知不能吸收發(fā)生躍遷故B錯誤C、若基態(tài)的氦離子吸收43.2eV，能量為11.2eV，根據(jù)玻爾理論可知不能吸收發(fā)生躍遷故C錯誤D、基態(tài)的氦離子吸收54.4eV，能量為0eV，根據(jù)玻爾理論可知能被基態(tài)氦離子吸收而電離故D正確故選AD8下述敘述中，正確的是（）A放射性元素的半衰期是由原子核內(nèi)部因素決定的，與溫度、壓強等外界因素?zé)o關(guān)B射線就是原子核外的電子掙脫原子核的束縛而形成的電子流C重核的裂變和輕核的聚變都可以放出大量的能量D互為同位素的元素，具有相同的中子數(shù)【考點】JA：原子核衰變及半衰期、衰變速度；JK：重核的裂變【分析】自然界中有些原子核是不穩(wěn)定的，可以自發(fā)地發(fā)生衰變，衰變的快慢用半衰期表示，與元素的物理、化學(xué)狀態(tài)無關(guān)；射線是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子而同時釋放出的電子，同位素的元素具有相同的質(zhì)子數(shù)【解答】解：A、放射性元素的半衰期是由原子核內(nèi)部因素決定的，與溫度、壓強等外界因素?zé)o關(guān)，故A正確；B、射線是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子而同時釋放出的電子，故B錯誤；C、重核的裂變和輕核的聚變的過程中都有質(zhì)量虧損，都可以放出大量的能量，故C正確；D、互為同位素的元素，具有相同的質(zhì)子數(shù)和不同的中子數(shù)，故D錯誤故選：AC9如圖所示，三輛相同的平板小車a、b、c成一直線排列，靜止在光滑水平地面上，c車上一個小孩跳到b車上，接著又立即從b車跳到a車上，小孩跳離c車和b車時對地水平速度相同，他跳到a車上沒有走動便相對a車保持靜止，此后（）Aa、c兩車運動速率相等Ba、b兩車的運動速率相等C三輛車的速率關(guān)系為vcvavbDa、c兩輛車的運動方向一定相反【考點】53：動量守恒定律【分析】題中人與a、b、c組成的系統(tǒng)水平方向不受外力，系統(tǒng)的水平方向動量守恒，分三個過程，分別由動量守恒定律分析人與三車速率關(guān)系【解答】解：若人跳離b、c車時速度為v，由動量守恒定律人跳離c車的過程，有 0=M車vc+m人v，人跳上和跳離b過程，有 m人v=M車vb+m人v，人跳上a車過程，有 m人v=（M車+m人）va，所以：vc=，vb=0，va=即：vcvavb，并且vc與va方向相反故AB錯誤，CD正確故選：CD10如圖所示，虛線abcd為水平放置的矩形勻強磁場區(qū)域，方向豎直向下，圓形閉合金屬線框以一定的速度沿光滑絕緣水平面向磁場區(qū)域運動如圖所示給出的是金屬線框的四個可能到達(dá)的位置，則圓形線框的速度可能為零的位置是（）ABCD【考點】D9：導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；37：牛頓第二定律；DD：電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化【分析】根據(jù)線圈完全進(jìn)入磁場后，磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，不再受安培力，線圈的速度不變進(jìn)行分析當(dāng)線圈進(jìn)入或穿出磁場時，磁通量變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，受到安培阻力作用，速度可能為零【解答】解：A、C、線圈進(jìn)或出磁場時，磁通量變化，線圈中會產(chǎn)生感應(yīng)電流，線圈受到安培阻力作用而減速運動，速度可能為零，故AD正確B、線圈完全進(jìn)入磁場后，磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，不再受安培力，線圈的速度不變，所以B圖中線框速度不可能為零故B錯誤C、線圈剛好從右向左完全進(jìn)入磁場后，速度恰好為0故C是可能的故C正確故選：ACD11交流電源的電壓是6V，它跟電阻R1、R2和電容器、伏特表一起連組成電路，如圖所示，圖中電壓表的示數(shù)為U1，為了保證電容器C不被擊穿，電容器C的耐壓值應(yīng)為U2，則（）AU1=6VBU2=6VCU1=6VDU26V【考點】EF：電容器和電感器對交變電流的導(dǎo)通和阻礙作用【分析】正弦式交流電的最大值是有效值的倍電容器C的耐壓值是電容器所能承擔(dān)的最大電壓【解答】解：交流電源的電壓是6V，而電壓表測量的是交流電的有效值，則電壓表的示數(shù)為U1=6V；因正弦式交流電的最大值是有效值的倍，則知電壓的最大值為6V，所以電容器要能正常工作，其耐壓值必須不低于6V，即U26V故選：CD三、實驗題12如圖所示是研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象的實驗儀器，虛線框內(nèi)給出了原副線圈導(dǎo)線的繞法，實驗前已查明電流表中電流從左接線柱流入時指針向左偏（a）用筆畫線代替導(dǎo)線在答卷對應(yīng)的圖上連接好實驗電路（b）若實驗中原線圈插入副線圈后，開關(guān)S閉合的瞬間，觀察到電流表指針向左偏，試在電路連接圖中標(biāo)出電源的正、負(fù)極（c）若將原線圈拔出，則拔出時電流表指針向右偏【考點】NF：研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象【分析】（a）注意該實驗中有兩個回路，一是電源、電鍵、變阻器、小螺線管串聯(lián)成的回路，二是電流計與大螺線管串聯(lián)成的回路，據(jù)此可正確解答（b）根據(jù)電流表指針偏轉(zhuǎn)方向判斷感應(yīng)電流方向，安培定則判斷感應(yīng)電流磁場方向，然后根據(jù)楞次定律判斷出原電流磁場方向，最后由安培定則判斷出原電流方向，從而確定電源的正負(fù)極（c）由楞次定律判斷感應(yīng)電流方向，然后再判斷電流表指針偏轉(zhuǎn)方向【解答】解：（a）將電源、電鍵、變阻器、原線圈串聯(lián)成一個回路，注意滑動變阻器接一上一下兩個接線柱，再將電流計與副線圈串聯(lián)成另一個回路，電路圖如圖所示（b）開關(guān)S閉合的瞬間，觀察到電流表指針向左偏，說明感應(yīng)電流由左接線柱流入，由安培定則可知，副線圈中感應(yīng)電流磁場向上；開關(guān)閉合時，原線圈電流變大，原磁場變強，穿過副線圈的磁通量變大，由楞次定律可知，感應(yīng)電流磁場與原磁場方向相反，故原磁場方向向下，由安培定則可知，原線圈電流從B流入，A流出，則電源右端是正極，左端是負(fù)極，電路圖如上圖所示（c）由電路圖可知，閉合開關(guān)，穿過副線圈的磁場向下，將原線圈拔出，穿過副線圈的磁通量減小，由楞次定律可知，感應(yīng)電流從電流表右側(cè)流入，則電流表指針向右偏轉(zhuǎn)故答案為：（a）如上圖所示；（b）如上圖所示；（c）右13在做碰撞中的動量守恒的實驗中：（a）下列測定入射小球和被碰小球在碰撞前后的速度的方法或原理正確的是CA用秒表測出時間t，用刻度尺測出位移s，用求出速度B測出打點計時器在紙帶上打下的點間的距離s1、s2，用C用小球離開桌面后的水平射程x來代替速度D測出小球下落高度h，用求出速度（b）完成本實驗，下列必須要求的是BDA斜槽軌道必須光滑以減小誤差B斜槽軌道末端的切線必須水平C入射球和被碰球的質(zhì)量必須相等D入射球每次必須從軌道的同一位置由靜止?jié)L下（c）某次實驗中得出的落點情況如圖所示，假設(shè)碰撞過程中動量守恒，則入射小球質(zhì)量m1和被碰小球質(zhì)量m2之比為4：1【考點】ME：驗證動量守恒定律【分析】（a）兩球做平拋運動，由于高度相等，則平拋的時間相等，水平位移與初速度成正比，把平拋的時間作為時間單位，小球的水平位移可替代平拋運動的初速度將需要驗證的關(guān)系速度用水平位移替代（b）小球離開斜槽后做平拋運動，斜槽末端切線必須水平；為防止入射球反彈入射球的質(zhì)量要大于被碰球的質(zhì)量；小球必須從斜槽同一位置由靜止釋放（c）根據(jù)小球的水平位移關(guān)系得出速度關(guān)系，結(jié)合動量守恒定律得出入射小球和被碰小球的質(zhì)量關(guān)系【解答】解：（a）小球離開軌道后做平拋運動，小球拋出點的高度相等，做平拋運動的時間相等，小球的水平位移與初速度成正比，可以用小球的水平位移代替其初速度，故選C（b）A、小球離開軌道后做平拋運動，只要保證入射球離開軌道的初始相等即可，斜槽軌道不需要光滑，故A錯誤；B、為保證小球離開軌道后做平拋運動，斜槽軌道末端的切線必須水平，故B正確；C、為防止兩球碰撞后入射球反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量，故C錯其；D、為保證小球速度相等，入射球每次必須從軌道的同一位置由靜止?jié)L下，故D正確；故選BD（c）由圖示可知：A球單獨釋放時的水平位移為OP=25.50cm，與B球碰后，A球的水平位移為OM=15.50cm，B球的水平位移為ON=41.101.10cm=40cm如果碰撞過程動量守恒，則m1OP=m1OM+m2ON，代入數(shù)據(jù)解得：m1：m2=4：1故答案為：（a）C；（b）BD；（c）4：1四、計算題14如圖所示，長為L的細(xì)繩豎直懸掛著一質(zhì)量為2m的小球A，恰好緊挨著放置在水平面上質(zhì)量為m的物塊B現(xiàn)保持細(xì)繩繃直，把小球向左上方拉至細(xì)繩與豎直方向成60的位置，然后釋放小球小球到達(dá)最低點時恰好與物塊發(fā)生碰撞，而后小球向右擺動的最大高度為，物塊則向右滑行了L的距離而靜止求：（1）A球與B碰撞前對細(xì)繩的拉力（2）A球與B碰撞后一瞬間的速度大?。?）物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)【考點】6C：機械能守恒定律；2G：力的合成與分解的運用；66：動能定理的應(yīng)用【分析】小球向下擺動和向上擺動過程機械能都守恒，根據(jù)機械能守恒分別求出碰撞前后小球的速度大小根據(jù)向心力公式求出繩子的拉力，根據(jù)動量守恒定律求出碰撞后物塊的速度大小，根據(jù)動能定理研究向右滑動過程，求出物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)【解答】解：（1）A球小球下擺至最低點的過程中，根據(jù)機械能守恒： 2mgL（1cos60）=在最低點對A球：T2mg=2mT=4mg（2）A球碰撞后在上擺過程中，根據(jù)機械能守恒：（3）小球A和物塊碰撞瞬間分析，根據(jù)動量守恒：2mv=2mv1+mv2由式解得：對碰后物塊分析，根據(jù)動能定理：由解得物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)=0.5答：（1）A球與B碰撞前對細(xì)繩的拉力為4mg；（2）A球與B碰撞后一瞬間的速度大小為；（3）物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為0.515如圖所示，兩足夠長平行光滑的金屬導(dǎo)軌MN、PQ相距為L導(dǎo)軌平面與水平面夾角為a導(dǎo)軌電阻不計磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場垂直導(dǎo)軌平面斜向上，長為L的金屬棒ab垂直于MN、PQ放置在導(dǎo)軌上，且始終與導(dǎo)軌接 觸良好，金屬棒的質(zhì)量為m 電阻為R兩金屬導(dǎo)軌的上端連 接右側(cè)電路，電路中R2為一電 阻箱，已知燈泡的電阻RL=4R，定值電阻R1=2R，調(diào)節(jié)電阻箱使R2=12R，重力加速度為g，閉合開關(guān)S，現(xiàn)將金屬棒由靜止釋放，求：（1）金屬棒下滑的最大速度vm的大??；（2）當(dāng)金屬棒下滑距離為so時速度恰好達(dá)到最大，則金屬棒由靜止開始下滑2s0的過程中，整個電路產(chǎn)生的電熱【考點】D9：導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；BB：閉合電路的歐姆定律；DD：電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化【分析】（1）閉合開關(guān)S，金屬棒由靜止釋放，沿斜面下滑切割磁感線，產(chǎn)生電動勢E=BLv，相當(dāng)于電源給電路供電，隨著速度的增大電動勢增大，當(dāng)速度達(dá)到最大值時，導(dǎo)體棒勻速運動，由受力平衡求出vm（2）由動能定理和功能關(guān)系對棒下滑距離分別s0和2s0的情況列式，即可求出電熱【解答】解：（1）當(dāng)金屬棒勻速下滑時速度最大，達(dá)到最大時有： mgsin=F安 F安=BIL I=其中R總=6R 聯(lián)立以上各式得金屬棒下滑的最大速度 vm=（2）由動能定理，有 WGW安= 由于 WG=2mgs0 sin，W安=Q 解得Q=2mgs0sin將代入上式可得 Q=2mgs0sin答：（1）金屬棒下滑的最大速度vm的大小是；（2）金屬棒由靜止開始下滑2s0的過程中，整個電路產(chǎn)生的電熱是2mgs0sin16如圖所示，光滑水平面上有一輛質(zhì)量為M=1kg的小車，小車的上表面有一個質(zhì)量為m=0.9kg的滑塊，在滑塊與小車的擋板間用輕彈簧相連接，滑塊與小車上表面間的動摩擦因數(shù)為=0.2，整個系統(tǒng)一起以v