山東省濰坊市安丘二中高三物理上學(xué)期期末試題（含解析）新人教版.doc

2013-2014學(xué)年山東省濰坊市安丘二中高三（上）期末物理試卷一、選擇題：本題10個小題，每小題4分，在每小題給出的四個選項中，有一個或多個選項符合題目要求，選對得4分，選對但不全的得2分，選錯或不選均得0分1（4分）（2012秋臨沂期末）物理學(xué)在研究實際問題時，常常進行科學(xué)抽象，即抓住研究問題的主要特征，不考慮與當(dāng)前研究問題無關(guān)或影響較小的因素，建立理想化模型以下屬于物理學(xué)中的理想化模型的是（）a加速度b點電荷c質(zhì)點d力的合成2（4分）（2010上海）如圖為質(zhì)量相等的兩個質(zhì)點a、b在同一直線上運動的vt圖象由圖可知（）a在t時刻兩個質(zhì)點在同一位置b在t時刻兩個質(zhì)點速度相等c在0t時間內(nèi)質(zhì)點b比質(zhì)點a位移大d在0t時間內(nèi)合外力對兩個質(zhì)點做功相等3（4分）（2013秋安丘市校級期末）如圖所示，固定在豎直平面內(nèi)的光滑圓環(huán)的最高點有一個光滑的小孔，質(zhì)量為m的小球套在圓環(huán)上，一根細線的下端系著小球，上端穿過小孔用力f拉住，繩與豎直方向夾角為，小球處于靜止?fàn)顟B(tài)設(shè)小球受支持力為fn，則下列關(guān)系正確的是（）af=2mgcos bf=mgcoscfn=2mgdfn=mg4（4分）（2008秋濟寧期末）如圖所示的電路，水平放置的平行板電容器中有一個帶電液滴正好處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)將滑動變阻器的滑片p向左移動，則（）a電容器中的電場強度將增大b電容器上的電荷量將減少c電容器的電容將減小d液滴將向上運動5（4分）（2009廣東）某人在地面上用彈簧秤稱得體重為490n他將彈簧秤移至電梯內(nèi)稱其體重，t0至t3時間段內(nèi)，彈簧秤的示數(shù)如圖所示，電梯運行的vt圖可能是（取電梯向上運動的方向為正）（）abcd6（4分）（2013甘肅一模）如圖所示，a為靜止于地球赤道上的物體，b為繞地球沿橢圓軌道運行的衛(wèi)星，c為繞地球做圓周運動的衛(wèi)星，p為b、c兩衛(wèi)星軌道的交點已知a、b、c繞地心運動的周期相同，相對于地心，下列說法中正確的是（）a物體a和衛(wèi)星c具有相同大小的線速度b物體a和衛(wèi)星c具有相同大小的加速度c衛(wèi)星b在p點的加速度與衛(wèi)星c在該點的加速度一定相同d衛(wèi)星b在p點的線速度與衛(wèi)星c在該點的線速度一定相同7（4分）（2015青羊區(qū)校級模擬）如圖所示，一帶電荷量為q的帶電粒子以一定的初速度由p點射入勻強電場，入射方向與電場線垂直粒子從q點射出電場時，其速度方向與電場線成30角已知勻強電場的寬度為d，p、q兩點的電勢差為u，不計重力作用，設(shè)p點的電勢為零則下列說法正確的是（）a帶電粒子在q點的電勢能為uqb帶電粒子帶負電c此勻強電場的電場強度大小為e=d此勻強電場的電場強度大小為e=8（4分）（2012德州一模）如圖甲所示，理想變壓器原線圈輸入端接如圖乙所示的交變電壓，移動滑動觸頭p，可以改變原線圈的匝數(shù)變壓器的副線圈與一個滑動變阻器相連，q為變阻器的滑動觸頭，電壓表為理想交流電壓表下列說法正確的是（）a向上移動p，輸入電壓的頻率不變b向上移動p，輸入電流減小c保持p不動，向下移動q，變壓器的輸入功率減小d保持q不動，向下移動p，電壓表的示數(shù)增大9（4分）（2013秋安丘市校級期末）如圖所示，光滑水平面ob與足夠長粗糙斜面bc交于b點輕彈簧左端固定于豎直墻面，現(xiàn)將質(zhì)量為m1的滑塊壓縮彈簧至d點，然后由靜止釋放，滑塊脫離彈簧后經(jīng)b點滑上斜面，上升到最大高度，并靜止在斜面上不計滑塊在b點的機械能損失；換用相同材料質(zhì)量為m2的滑塊（m2m1）壓縮彈簧到相同位置，然后由靜止釋放，下列對兩滑塊說法正確的是（）a兩滑塊到達b點的速度相同b兩滑塊沿斜面上升的最大高度相同c兩滑塊上升到最高點過程克服重力做的功相同d兩滑塊上升到最高點過程機械能損失相同10（4分）（2012德州二模）如圖所示，相距為d的兩水平虛線l1、l2之間有方向垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為b，正方形線圈abcd的邊長為l（ld）、質(zhì)量為m、電阻為r現(xiàn)將線圈在磁場上方高 h處由靜止釋放，ab邊剛進入磁場時的速度和cd邊剛離開磁場時的速度相同下列說法正確的是（）a進入磁場和離開磁場的過程電流方向相同b進入磁場和離開磁場的過程通過線圈橫截面的電荷量相同c在線圈全部穿過磁場過程中一定存在減速運動的過程d在線囤全部穿過磁場過程中線圈克服安培力所做的功為2mgd二、實驗題11（8分）（2013秋安丘市校級期末）實驗室利用打點計時器研究小滑塊的運動情況，打出如圖所示的紙帶，其中紙帶b端與滑塊相連接，計時器接在頻率為50hz的交流電源上請回答下列問題：紙帶中ab段運動的時間為根據(jù)紙帶請判斷該滑塊的運動屬于（填“勻速”、“勻加速”、“勻減速”）直線運動從紙帶可以測出ab兩點間的距離為，滑塊的加速度大小為（計算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）12（10分）（2013秋安丘市校級期末）為了測量某一未知阻值的電阻rx，某實驗小組找來以下器材：電壓表（03v，內(nèi)阻約3k）、電流表（00.6a，內(nèi)阻約1）、滑動變阻器（015，2a）、電源（e=3v，內(nèi)阻很?。?、開關(guān)與導(dǎo)線，該小組同學(xué)實驗操作如下，請你按要求填寫：斷開開關(guān)，請按圖甲所示的電路圖在圖乙中連接實物圖；如圖乙，閉合開關(guān)前，應(yīng)將滑動變阻器的滑片置于端閉合開關(guān)，緩慢調(diào)節(jié)滑動變阻器，得到多組電壓表與電流表的讀數(shù)，建立合適的坐標(biāo)系作出iu圖如下；整理儀器根據(jù)iu圖可得，該未知電阻的阻值為rx=（保留兩位有效數(shù)字）由于實驗中使用的電表不是理想電表，會對實驗結(jié)果造成一定的影響，則該小組同學(xué)實驗測出的電阻值 rx的真實值（填“”、“”或“=”）利用現(xiàn)有的儀器，為了更加精確地測量這個電阻的阻值，你給該實驗小組的建議是：三、計算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要計算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計算的，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13（10分）（2011秋中山期末）如圖所示，光滑水平面上靜止放著長l=1.6m，質(zhì)量為m=3kg的木塊（厚度不計），一個質(zhì)量為m=1kg的小物體放在木板的最右端，m和m之間的動摩擦因數(shù)=0.1，今對木板施加一水平向右的拉力f，（g取10m/s2）（1）如果拉力f=10n恒定不變，求小物體離開木板時的動能大??？（2）為使物體與木板不發(fā)生滑動，f不能超過多少？14（10分）（2012德州二模）如圖所示，一質(zhì)量為m=2kg的滑塊從半徑為r=0.2m的光滑四分之一圓弧軌道的頂端a處由靜止滑下，a點和圓弧對應(yīng)的圓心o點等高，圓弧的底端b與水平傳送帶平滑相接已知傳送帶勻速運行速度為v0=4m/s，b點到傳送帶右端c點的距離為l=2m當(dāng)滑塊滑到傳送帶的右端c時，其速度恰好與傳送帶的速度相同（g=10m/s2）求：（1）滑塊到達底端b時對軌道的壓力；（2）滑塊與傳送帶問的動摩擦因數(shù)；（3）此過程中，由于滑塊與傳送帶之間的摩擦而產(chǎn)生的熱量q5（10分）（2005上海）如圖所示，處于勻強磁場中的兩根足夠長、電阻不計的平行金屬導(dǎo)軌相距l(xiāng)m，導(dǎo)軌平面與水平面成=37角，下端連接阻值為r的電阻勻強磁場方向與導(dǎo)軌平面垂直質(zhì)量為0.2kg、電阻不計的金屬棒放在兩導(dǎo)軌上，棒與導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸，它們之間的動摩擦因數(shù)為0.25求：（1）求金屬棒沿導(dǎo)軌由靜止開始下滑時的加速度大??；（2）當(dāng)金屬棒下滑速度達到穩(wěn)定時，電阻r消耗的功率為8w，求該速度的大小；（3）在上問中，若r=2，金屬棒中的電流方向由a到b，求磁感應(yīng)強度的大小與方向（g=10rn/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）16（12分）（2015肇慶二模）如圖所示，相距為d、板間電壓為u的平行金屬板m、n間有垂直紙面向里、磁感應(yīng)強度為b0的勻強磁場；在poy區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向外、磁感應(yīng)強度為b的勻強磁場；pox區(qū)域為無場區(qū)一正離子沿平行于金屬板、垂直磁場射入兩板間并做勻速直線運動，從h（0，a）點垂直y軸進入第象限（1）求離子在平行金屬板間的運動速度；（2）若離子經(jīng)op上某點離開磁場，最后垂直x軸離開第象限，求離子在第象限磁場區(qū)域的運動時間；（3）要使離子一定能打在x軸上，則離子的荷質(zhì)比應(yīng)滿足什么條件？2013-2014學(xué)年山東省濰坊市安丘二中高三（上）期末物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題：本題10個小題，每小題4分，在每小題給出的四個選項中，有一個或多個選項符合題目要求，選對得4分，選對但不全的得2分，選錯或不選均得0分1（4分）（2012秋臨沂期末）物理學(xué)在研究實際問題時，常常進行科學(xué)抽象，即抓住研究問題的主要特征，不考慮與當(dāng)前研究問題無關(guān)或影響較小的因素，建立理想化模型以下屬于物理學(xué)中的理想化模型的是（）a加速度b點電荷c質(zhì)點d力的合成考點：質(zhì)點的認識；元電荷、點電荷分析：理想化模型是對事物的各個物理因素加以分析、忽略與問題無關(guān)或影響較小的因素，突出對問題起作用較大的主要因素，從而把問題簡化解答：解：a、加速度是描述速度變化快慢的物理，不屬于理想化模型，故a錯誤；b、點電荷忽略了電荷的大小等次要因素，是一種理想化物理模型，故b正確；c、質(zhì)點是用來表示物體的有質(zhì)量的點，忽略了物體的大小、形狀等次要因數(shù)，是一種理想化模型，故c正確；d、力的合成是一種等效替代思維，故d錯誤；故選bc點評：理想化模型是抓住問題的主要方面，忽略問題的次要方面，是物理學(xué)中一種常見的研究方法2（4分）（2010上海）如圖為質(zhì)量相等的兩個質(zhì)點a、b在同一直線上運動的vt圖象由圖可知（）a在t時刻兩個質(zhì)點在同一位置b在t時刻兩個質(zhì)點速度相等c在0t時間內(nèi)質(zhì)點b比質(zhì)點a位移大d在0t時間內(nèi)合外力對兩個質(zhì)點做功相等考點：勻變速直線運動的圖像專題：計算題分析：由圖象可以看出a物體做初速度為零的勻加速直線運動，b物體先做初速度為零的勻加速直線運動后做勻速直線運動，兩個圖象的交點表明該時刻速度相等，位移可以通過圖線與時間軸包圍的面積來求解，合力做的功等于動能的增加量解答：解：a、兩質(zhì)點位移等于圖線與時間軸包圍的面積，顯然b的位移較大，因而a錯誤；b、速度時間圖象反映的是質(zhì)點任意時刻的速度情況，兩個圖象的交點表明該時刻速度相等，故b正確；c、兩質(zhì)點位移等于圖線與時間軸包圍的面積，顯然b的位移較大，因而c正確；d、兩質(zhì)點質(zhì)量相等，t=0時刻動能均為0，t時刻速度相等，因而動能也相等，根據(jù)動能定理，可以知道，合外力做的功相等；故選bcd點評：在物理學(xué)中圖象是描述物理規(guī)律的重要方法之一，不僅在力學(xué)中，在電磁學(xué)、熱學(xué)中也經(jīng)常使用其中在力學(xué)中我們經(jīng)常要用到 圖象，圖象的優(yōu)點是不僅能夠形象、直觀地反映出物體的運動規(guī)律，圖線的斜率，圖線與時間軸所圍的“面積”等還有特殊的物理意義3（4分）（2013秋安丘市校級期末）如圖所示，固定在豎直平面內(nèi)的光滑圓環(huán)的最高點有一個光滑的小孔，質(zhì)量為m的小球套在圓環(huán)上，一根細線的下端系著小球，上端穿過小孔用力f拉住，繩與豎直方向夾角為，小球處于靜止?fàn)顟B(tài)設(shè)小球受支持力為fn，則下列關(guān)系正確的是（）af=2mgcos bf=mgcoscfn=2mgdfn=mg考點：共點力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運用專題：共點力作用下物體平衡專題分析：對小球受力分析，作出力的平行四邊形，同時作出ab與半徑組成的圖象；則可知兩三角形相似，故由相似三角形知識可求得拉力及支持力解答：解：小球沿圓環(huán)緩慢上移可看做勻速運動，對小球進行受力分析，小球受重力g，f，fn，三個力，滿足受力平衡作出受力分析圖如下：由圖可知oabgfa即：=；解得：f=2cosg=2mgcosfn=g=mg故ad正確，bc錯誤；故選：ad點評：相似三角形法在處理共點力的動態(tài)平衡時較為常見，當(dāng)無法找到直角時，應(yīng)考慮應(yīng)用此法4（4分）（2008秋濟寧期末）如圖所示的電路，水平放置的平行板電容器中有一個帶電液滴正好處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)將滑動變阻器的滑片p向左移動，則（）a電容器中的電場強度將增大b電容器上的電荷量將減少c電容器的電容將減小d液滴將向上運動考點：電容；閉合電路的歐姆定律專題：電容器專題分析：由題意可知，電容器與r2并聯(lián)，根據(jù)閉合電路歐姆定律可確定隨著滑片左移，電阻的變化，導(dǎo)致電壓的變化，從而判定電阻r2的電壓變化，再根據(jù)可得，電容器的電量及由e=知兩極間的電場強度如何變化解答：解：a、電容器兩板間電壓等于r2兩端電壓當(dāng)滑片p向左移動時，總電阻增大，則總電流減小，外電阻增大，由于r1電壓減小，則r2兩端電壓u增大，由e=知電容器中場強變大，a正確；b、根據(jù)可得，電容器充電，電荷量增大，b錯誤；c、電容器的電容與u的變化無關(guān)，保持不變，c項錯誤d、當(dāng)滑片p向左移動時，r2兩端電壓u增大，由e=知電容器中場強變大，則帶電液滴所受電場力變大，使液滴向上運動，d項正確；故選：bd點評：考查電容器的動態(tài)分析，涉及到閉合電路的歐姆定律，同時與e=公式的理解5（4分）（2009廣東）某人在地面上用彈簧秤稱得體重為490n他將彈簧秤移至電梯內(nèi)稱其體重，t0至t3時間段內(nèi)，彈簧秤的示數(shù)如圖所示，電梯運行的vt圖可能是（取電梯向上運動的方向為正）（）abcd考點：勻變速直線運動的圖像；牛頓第二定律分析：由圖可知各段上物體的受力情況，則由牛頓第二定律可求得物體的加速度，即可確定其運動情況，畫出vt圖象解答：解：由圖可知，t0至t1時間段彈簧秤的示數(shù)小于g，故合力為gf=50n，物體可能向下加速，也可能向上減速；t1至t2時間段彈力等于重力，故合力為零，物體可能為勻速也可能靜止；而t2至t3時間段內(nèi)合力向上，故物體加速度向上，電梯可能向上加速也可能向下減速；ad均符合題意；故選ad點評：本題考查圖象與牛頓第二定律的綜合，關(guān)鍵在于明確加速度的方向，本題易錯在考慮不全面上，應(yīng)找出所有的可能性再確定答案6（4分）（2013甘肅一模）如圖所示，a為靜止于地球赤道上的物體，b為繞地球沿橢圓軌道運行的衛(wèi)星，c為繞地球做圓周運動的衛(wèi)星，p為b、c兩衛(wèi)星軌道的交點已知a、b、c繞地心運動的周期相同，相對于地心，下列說法中正確的是（）a物體a和衛(wèi)星c具有相同大小的線速度b物體a和衛(wèi)星c具有相同大小的加速度c衛(wèi)星b在p點的加速度與衛(wèi)星c在該點的加速度一定相同d衛(wèi)星b在p點的線速度與衛(wèi)星c在該點的線速度一定相同考點：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬有引力定律及其應(yīng)用專題：人造衛(wèi)星問題分析：根據(jù)a、c的周期相等，知角速度相等，通過v=r比較a、c速度的大小因為衛(wèi)星的周期一定，根據(jù)萬有引力提供向心力確定其軌道半徑一定根據(jù)衛(wèi)星所受的萬有引力，通過牛頓第二定律比較加速度的大小解答：解：a、物體a和衛(wèi)星c的周期相等，則角速度相等，根據(jù)v=r知，半徑越大，線速度越大所以衛(wèi)星c的運行速度大于物體a的速度故a錯誤b、物體a和衛(wèi)星c的周期相等，則角速度相等，根據(jù)a=r2知，半徑越大，加速度越大，所以衛(wèi)星c的運行加速度大于物體a的加速度故b錯誤c、根據(jù)a=，兩衛(wèi)星距離地心的距離相等，則加速度相等故c正確d、衛(wèi)星b做橢圓軌道運動，衛(wèi)星c做圓周運動，衛(wèi)星b在p點的線速度與衛(wèi)星c在該點的線速度不一定相同，故d錯誤故選：c點評：解決本題的關(guān)鍵知道a和c的角速度相等，通過v=r 比較線速度大小，注意物體a隨地球做圓周運動不是靠萬有引力提供向心力7（4分）（2015青羊區(qū)校級模擬）如圖所示，一帶電荷量為q的帶電粒子以一定的初速度由p點射入勻強電場，入射方向與電場線垂直粒子從q點射出電場時，其速度方向與電場線成30角已知勻強電場的寬度為d，p、q兩點的電勢差為u，不計重力作用，設(shè)p點的電勢為零則下列說法正確的是（）a帶電粒子在q點的電勢能為uqb帶電粒子帶負電c此勻強電場的電場強度大小為e=d此勻強電場的電場強度大小為e=考點：帶電粒子在勻強電場中的運動；電勢能專題：電磁學(xué)分析：根據(jù)公式w=qu求出電場力做功，確定出p、q間電勢能的差，即可求得q點的電勢能根據(jù)粒子軌跡彎曲方向，判斷出粒子所受的電場力方向，即可判斷其電性；帶電粒子垂直進入勻強電場中，做類平拋運動，在q點建立直角坐標(biāo)系，垂直于電場線為x軸，平行于電場線為y軸，根據(jù)平拋運動的規(guī)律求出粒子到達q點時的速度根據(jù)位移公式和兩個分運動的等時性，列出x方向和y方向兩個方向的分位移與時間的關(guān)系式，即可求出豎直方向的位移大小y0，由e=求解場強的大小解答：解：a、b、由圖看出粒子的軌跡向上，則所受的電場力向上，與電場方向相同，所以該粒子帶正電粒子從p到q，電場力做正功，為w=qu，則粒子的電勢能減少了qu，p點的電勢為零，則知帶電粒子在q點的電勢能為uq，故a正確、b錯誤c、d、設(shè)帶電粒子在p點時的速度為v0，在q點建立直角坐標(biāo)系，垂直于電場線為x軸，平行于電場線為y軸，由平拋運動的規(guī)律和幾何知識求得粒子在y軸方向的分速度為：vy=v0 粒子在y方向上的平均速度為：=粒子在y方向上的位移為y0，粒子在電場中的運動時間為t，則：豎直方向有：y0=t=水平方向有：d=v0t可得：y0=所以場強為：e=聯(lián)立得：e=，故c正確，d錯誤故選：ac點評：本題根據(jù)類平拋運動的特點，運用運動的分解法，根據(jù)牛頓第二定律和運動學(xué)結(jié)合求解8（4分）（2012德州一模）如圖甲所示，理想變壓器原線圈輸入端接如圖乙所示的交變電壓，移動滑動觸頭p，可以改變原線圈的匝數(shù)變壓器的副線圈與一個滑動變阻器相連，q為變阻器的滑動觸頭，電壓表為理想交流電壓表下列說法正確的是（）a向上移動p，輸入電壓的頻率不變b向上移動p，輸入電流減小c保持p不動，向下移動q，變壓器的輸入功率減小d保持q不動，向下移動p，電壓表的示數(shù)增大考點：變壓器的構(gòu)造和原理；電功、電功率專題：交流電專題分析：變壓器不改變交流電的頻率，電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，輸入功率等于輸出功率解答：解：a、變壓器不改變交流電的頻率，a正確；b、向上移動p，原線圈匝數(shù)增大，副線圈電壓減小，電流減小，所以輸入電流減小，b正確；c、保持p不動，副線圈電壓不變，向下移動q，電壓表的示數(shù)減小，變壓器的輸入功率等于輸出功率不變，c錯誤；d、保持q不動，向下移動p，原線圈匝數(shù)減小，副線圈電壓增大，電壓表示數(shù)增大，故d正確故選：abd點評：本題考查了變壓器的特點，結(jié)合閉合電路歐姆定律考查了電路的動態(tài)分析9（4分）（2013秋安丘市校級期末）如圖所示，光滑水平面ob與足夠長粗糙斜面bc交于b點輕彈簧左端固定于豎直墻面，現(xiàn)將質(zhì)量為m1的滑塊壓縮彈簧至d點，然后由靜止釋放，滑塊脫離彈簧后經(jīng)b點滑上斜面，上升到最大高度，并靜止在斜面上不計滑塊在b點的機械能損失；換用相同材料質(zhì)量為m2的滑塊（m2m1）壓縮彈簧到相同位置，然后由靜止釋放，下列對兩滑塊說法正確的是（）a兩滑塊到達b點的速度相同b兩滑塊沿斜面上升的最大高度相同c兩滑塊上升到最高點過程克服重力做的功相同d兩滑塊上升到最高點過程機械能損失相同考點：功能關(guān)系；動能定理的應(yīng)用分析：先是彈性勢能轉(zhuǎn)化為動能，沖上斜面運動過程機械能損失變?yōu)槟Σ辽鸁?，由能量守恒定律可得，動能的減少等于重力勢能的增加量與摩擦產(chǎn)生的熱量之和解答：解：a、兩滑塊到b點的動能相同，但速度不同，故a錯誤；b、兩滑塊在斜面上運動時加速度相同，由于速度不同，故上升高度不同故b錯誤；c、兩滑塊上升到最高點過程克服重力做的功為mgh，由能量守恒定律得：ep=mgh+mgcos，所以，mgh=，故兩滑塊上升到最高點過程克服重力做的功相同，故c正確；d、由能量守恒定律得：ep=mgh+mgcos，其中，e損=mghcot，結(jié)合c分析得，d正確故選：cd點評：關(guān)鍵是會應(yīng)用能量守恒定律解決問題，同時要注意數(shù)學(xué)推理能力訓(xùn)練10（4分）（2012德州二模）如圖所示，相距為d的兩水平虛線l1、l2之間有方向垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為b，正方形線圈abcd的邊長為l（ld）、質(zhì)量為m、電阻為r現(xiàn)將線圈在磁場上方高 h處由靜止釋放，ab邊剛進入磁場時的速度和cd邊剛離開磁場時的速度相同下列說法正確的是（）a進入磁場和離開磁場的過程電流方向相同b進入磁場和離開磁場的過程通過線圈橫截面的電荷量相同c在線圈全部穿過磁場過程中一定存在減速運動的過程d在線囤全部穿過磁場過程中線圈克服安培力所做的功為2mgd考點：導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化專題：電磁感應(yīng)功能問題分析：線圈由靜止釋放，其下邊緣剛進入磁場和剛穿出磁場時刻的速度是相同的，又因為線圈全部進入磁場不受安培力，要做勻加速運動可知線圈進入磁場先要做減速運動解答：解：a、進入磁場時向里的磁通量增加，離開磁場時向里的磁通量減少，根據(jù)楞次定律知進入磁場和離開磁場的過程電流方向相反，故a錯誤；b、根據(jù)電荷量q=知，進入磁場和離開磁場的過程通過線圈橫截面的電荷量相同，b正確；c、線圈完全進入磁場后磁通量不再變化，沒有感應(yīng)電流，不再受安培力，則線圈會以加速度g加速一段時間，而cd邊剛離開磁場時和ab邊剛進入磁場時的速度相同，則線圈離開磁場的過程一定有一段減速過程，c正確；d、根據(jù)能量守恒研究從cd邊剛進入磁場到cd邊剛穿出磁場的過程：動能變化為0，重力勢能轉(zhuǎn)化為線框產(chǎn)生的熱量，q=mg（d+l）即克服安培力做的功為mg（l+d），故d錯誤；故選：bc點評：解決本題的關(guān)鍵根據(jù)根據(jù)線圈下邊緣剛進入磁場和剛穿出磁場時刻的速度都是v0，且全部進入磁場將做加速運動，判斷出線圈進磁場后先做變減速運動，也得出全部進磁場時的速度是穿越磁場過程中的最小速度二、實驗題11（8分）（2013秋安丘市校級期末）實驗室利用打點計時器研究小滑塊的運動情況，打出如圖所示的紙帶，其中紙帶b端與滑塊相連接，計時器接在頻率為50hz的交流電源上請回答下列問題：紙帶中ab段運動的時間為0.08s根據(jù)紙帶請判斷該滑塊的運動屬于勻減速（填“勻速”、“勻加速”、“勻減速”）直線運動從紙帶可以測出ab兩點間的距離為9.20cm，滑塊的加速度大小為5.00m/s2（計算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）考點：探究小車速度隨時間變化的規(guī)律專題：實驗題；直線運動規(guī)律專題分析：根據(jù)相鄰計數(shù)點間的距離的變化判斷速度的變化利用毫米刻度尺測出ab間的距離應(yīng)用運動學(xué)公式推論x=at2求出加速度解答：解：（1）由于相鄰計時點間的時間間隔為0.02s，紙帶中ab段運動的時間為0.08s（2）紙帶b端與滑塊相連接，在圖中發(fā)現(xiàn)從打b點到打a點的過程中，由于相鄰的時間間隔位移之差相等，相鄰計時點的位移間隔越來越小，所以紙帶的速度越來越小，所以這段時間內(nèi)小車做勻減速運動（3）從紙帶可以測出a、b兩點間的距離為9.20cm由于相鄰的時間間隔位移之差相等，根據(jù)運動學(xué)公式推論x=at2得出：a=5.00m/s2故答案為：（1）0.08s（2）勻減速（3）9.20cm，5.00m/s2點評：相同的時間看距離的變化，從而來判斷紙帶的運動情況，要提高應(yīng)用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實驗問題的能力，在平時練習(xí)中要加強基礎(chǔ)知識的理解與應(yīng)用知道毫米刻度尺讀數(shù)時要進行估讀12（10分）（2013秋安丘市校級期末）為了測量某一未知阻值的電阻rx，某實驗小組找來以下器材：電壓表（03v，內(nèi)阻約3k）、電流表（00.6a，內(nèi)阻約1）、滑動變阻器（015，2a）、電源（e=3v，內(nèi)阻很小）、開關(guān)與導(dǎo)線，該小組同學(xué)實驗操作如下，請你按要求填寫：斷開開關(guān)，請按圖甲所示的電路圖在圖乙中連接實物圖；如圖乙，閉合開關(guān)前，應(yīng)將滑動變阻器的滑片置于a端閉合開關(guān)，緩慢調(diào)節(jié)滑動變阻器，得到多組電壓表與電流表的讀數(shù)，建立合適的坐標(biāo)系作出iu圖如下；整理儀器根據(jù)iu圖可得，該未知電阻的阻值為rx=5.0（保留兩位有效數(shù)字）由于實驗中使用的電表不是理想電表，會對實驗結(jié)果造成一定的影響，則該小組同學(xué)實驗測出的電阻值 rx的真實值（填“”、“”或“=”）利用現(xiàn)有的儀器，為了更加精確地測量這個電阻的阻值，你給該實驗小組的建議是：電流表外接考點：伏安法測電阻專題：實驗題；恒定電流專題分析：根據(jù)實驗電路圖連接實物電路圖；閉合開關(guān)前，滑片應(yīng)置于最大阻值處，根據(jù)電路圖確定滑片的位置；將描出點連接起來；根據(jù)圖象由歐姆定律求出電阻阻值；根據(jù)電路圖與歐姆定律分析實驗誤差；根據(jù)待測電阻阻值與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表的接法，從而改進實驗解答：解：根據(jù)電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示；由圖示電路圖可知，閉合開關(guān)前，滑片應(yīng)置于a端，此時滑動變阻器接入電路的阻值最大；由圖示ui圖象可知，待測電阻阻值rx=k5.0；由電路圖可知，電流表采用內(nèi)接法，由于電流表的分壓作用，所測電壓偏大，由歐姆定律可知，電阻測量值大于真實值由于=5，=600，電流表應(yīng)采用外接法，電流表采用外接法可以減小實驗誤差故答案為：實物圖連線； a；5.0；電流表外接點評：本題考查了連接實物電路圖、實驗注意事項、作圖象、求電阻阻值、實驗誤差分析，根據(jù)題意確定滑動變阻器與電流表接法是正確連接實物電路圖的關(guān)鍵；要掌握描點法作圖的方法三、計算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要計算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計算的，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13（10分）（2011秋中山期末）如圖所示，光滑水平面上靜止放著長l=1.6m，質(zhì)量為m=3kg的木塊（厚度不計），一個質(zhì)量為m=1kg的小物體放在木板的最右端，m和m之間的動摩擦因數(shù)=0.1，今對木板施加一水平向右的拉力f，（g取10m/s2）（1）如果拉力f=10n恒定不變，求小物體離開木板時的動能大??？（2）為使物體與木板不發(fā)生滑動，f不能超過多少？考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系專題：牛頓運動定律綜合專題分析：（1）由題f=10n時，小物體相對于木板相對滑動，根據(jù)牛頓第二定律分別求出小物體和木板的加速度當(dāng)小物體離開木板時，木板相對于小物體的位移等于l，由位移公式求出時間，再由速度公式求解小物體離開木板時的速度（2）當(dāng)小物體相對于木板剛要滑動時，f達到最大，此時兩者之間的靜摩擦力達到最大值先以小物體為研究對象，由牛頓第二定律求出加速度，再以整體為研究對象求解f的最大值解答：解：（1）小物體的加速度 a1=g=1m/s2木板的加速度 a2=3m/s2物體滑過木板所用時間為t，由位移關(guān)系得：物體離開木板時的速度：v1=a1t （2）物體與木板不發(fā)生滑動，則木塊和小物體具有共同加速度，由牛頓第二定律得：f=（m+m）a 小物體的加速度由木塊對它的靜摩擦力提供，則有：靜摩擦力f=mamg 解得：f（m+m）g=4n 答：（1）如果拉力f=10n恒定不變，小物體離開木板時的動能大小為0.8j；（2）為使物體與木板不發(fā)生滑動，f不能超過4n點評：本題中涉及臨界問題：當(dāng)兩接觸物體剛要相對滑動時，靜摩擦力達到最大第（1）問關(guān)鍵抓住兩物體的位移關(guān)系14（10分）（2012德州二模）如圖所示，一質(zhì)量為m=2kg的滑塊從半徑為r=0.2m的光滑四分之一圓弧軌道的頂端a處由靜止滑下，a點和圓弧對應(yīng)的圓心o點等高，圓弧的底端b與水平傳送帶平滑相接已知傳送帶勻速運行速度為v0=4m/s，b點到傳送帶右端c點的距離為l=2m當(dāng)滑塊滑到傳送帶的右端c時，其速度恰好與傳送帶的速度相同（g=10m/s2）求：（1）滑塊到達底端b時對軌道的壓力；（2）滑塊與傳送帶問的動摩擦因數(shù)；（3）此過程中，由于滑塊與傳送帶之間的摩擦而產(chǎn)生的熱量q考點：機械能守恒定律；牛頓第二定律；牛頓第三定律專題：機械能守恒定律應(yīng)用專題分析：（1）滑塊從a運動到b的過程中，只有重力做功，根據(jù)機械能守恒定律求出滑塊到達底端b時的速度滑塊經(jīng)過b時，由重力和軌道的支持力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓運動定律求解滑塊對軌道的壓力；（2）滑塊滑上傳送帶后向右做勻加速運動，由題，滑塊滑到傳送帶的右端c時，其速度恰好與傳送帶的速度相同，根據(jù)動能定理或牛頓第二定律、運動學(xué)公式求解動摩擦因數(shù)；（3）根據(jù)運動學(xué)公式求出滑塊從b到c的運動時間，即可求出此時間內(nèi)傳送帶的位移，得到滑塊與傳送帶的相對位移，摩擦而產(chǎn)生的熱量q等于滑動摩擦力與相對位移大小的乘積解答：解：（1）滑塊從a運動到b的過程中，由機械能守恒定律得：mgr=解得：=2m/s在b點：nmg=m代入解得：n=60n由牛頓第三定律可知，滑塊對軌道的壓力為n=n=60n，方向豎直向下（2）滑塊從b運動到c的過程中，根據(jù)牛頓第二定律得：mg=ma又：聯(lián)立上兩式解得：=0.3（3）設(shè)滑塊從b運動到c的時間為t，加速度：a=g=3m/s2由v0=vb+at，得：t=s=在這段時間內(nèi)傳送帶的位移為：s傳=v0t=傳送帶與滑塊的相對位移為：s=s傳l=m故滑塊與傳送帶之間的摩擦而產(chǎn)生的熱量：q=mgs=4j答：（1）滑塊到達底端b時對軌道的壓力是60n，方向豎直向下；（2）滑塊與傳送帶問的動摩擦因數(shù)是0.3；（3）此過程中，由于滑塊與傳送帶之間的摩擦而產(chǎn)生的熱量q是4j點評：本題是機械能守恒定律、向心力、牛頓第二定律、運動學(xué)公式的綜合應(yīng)用，容易出錯的地方是：q=mgl，應(yīng)根據(jù)相對位移求解摩擦生熱15（10分）（2005上海）如圖所示，處于勻強磁場中的兩根足夠長、電阻不計的平行金屬導(dǎo)軌相距l(xiāng)m，導(dǎo)軌平面與水平面成=37角，下端連接阻值為r的電阻勻強磁場方向與導(dǎo)軌平面垂直質(zhì)量為0.2kg、電阻不計的金屬棒放在兩導(dǎo)軌上，棒與導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸，它們之間的動摩擦因數(shù)為0.25求：（1）求金屬棒沿導(dǎo)軌由靜止開始下滑時的加速度大小；（2）當(dāng)金屬棒下滑速度達到穩(wěn)定時，電阻r消耗的功率為8w，求該速度的大小；（3）在上問中，若r=2，金屬棒中的電流方向由a到b，求磁感應(yīng)強度的大小與方向