浙江詩(shī)陽(yáng)中學(xué)2019_2020學(xué)年高一物理上學(xué)期開(kāi)學(xué)考試試題領(lǐng)軍班.doc

浙江省東陽(yáng)中學(xué)2019-2020學(xué)年高一物理上學(xué)期開(kāi)學(xué)考試試題（領(lǐng)軍班）一、單選題（本大題共12小題，共36.0分）1. 下列說(shuō)法正確的是（）A. 亞里士多德建立了速度、加速度等概念B. 亞里士多德認(rèn)為無(wú)空氣阻力時(shí)重物與輕物下落一樣快C. 伽利略理想斜面實(shí)驗(yàn)表明物體的運(yùn)動(dòng)不需要力來(lái)維持D. 牛頓首次創(chuàng)立了把實(shí)驗(yàn)和邏輯推理結(jié)合起來(lái)的科學(xué)方法2. 作用在某一質(zhì)點(diǎn)上的兩個(gè)力F1、F2，F(xiàn)1=10N，F(xiàn)2=5N，這兩個(gè)力的合力大小可能是（）A. 0NB. 4NC. 5ND. 16N3. 一石塊由高出地面上方H處做自由落體運(yùn)動(dòng)，當(dāng)它的速度大小等于落地速度的一半時(shí)，距離地面的高度為（）A. H4B. H2C. 3H4D. 3H84. 如今商場(chǎng)的自動(dòng)扶梯具有節(jié)能模式，沒(méi)有顧客時(shí)保持靜止，當(dāng)感應(yīng)到有人站上去后將先加速并最后維持某一速度運(yùn)動(dòng)。如圖所示，一人站上自動(dòng)扶梯后，先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）A. 勻加速直線運(yùn)動(dòng)期間，人受到的合力為零B. 勻加速直線運(yùn)動(dòng)期間，人受到的合力不為零，方向水平向左C. 勻速直線運(yùn)動(dòng)期間，人受到重力、支持力D. 勻速直線運(yùn)動(dòng)期間，人受到重力、支持力和摩擦力5. 如圖所示，一只貓?jiān)谧肋吤偷貙⒆啦紡聂~缸下向右拉出，魚缸最終沒(méi)有滑出桌面。若魚缸、桌布、桌面兩兩之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均相等，則在上述過(guò)程中（）A. 桌布對(duì)魚缸的摩擦力方向向左B. 魚缸在桌布上滑動(dòng)的時(shí)間與在桌面上滑動(dòng)的時(shí)間相等C. 若貓?jiān)龃罄?，魚缸受到的摩擦力將增大D. 無(wú)論貓用多大的拉力，魚缸都不可能滑出桌面6. 如圖所示，A、B兩物體系在跨過(guò)光滑定滑輪的一根輕繩的兩端，當(dāng)A物體以速度v向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，系A(chǔ)、B的繩分別與水平方向成30、60角，此時(shí)B物體的速度大小為（）A. 3vB. 33vC. 34vD. 433v7. 如圖把一質(zhì)量為m的小球放在豎立的彈簧上，并把球往下按至A位置，如圖甲所示。迅速松手后，彈簧把球彈起，球升至最高位置C（圖丙），途中經(jīng)過(guò)位置B時(shí)彈簧正好處于自由狀態(tài)（圖乙）。已知A、B的高度差為h，C、B高度差為2h，取圖甲小球所處位置為零勢(shì)能面，重力加速度為g，彈簧的質(zhì)量和空氣阻力均可忽略，則（）A. 彈簧的勁度系數(shù)為mg/hB. 小球從位置A到位置B，彈簧彈性勢(shì)能減小，小球動(dòng)能增大C. 圖甲彈簧的彈性勢(shì)能為2mghD. 圖乙小球的動(dòng)能為2mgh8. 跨過(guò)定滑輪的繩的一端掛一吊板，另一端被吊板上的人拉住，如圖所示，已知人的質(zhì)量為70kg，吊板的質(zhì)量為10kg，繩及定滑輪的質(zhì)量、滑輪的摩擦均可不計(jì)，取重力加速度g=10m/s2.當(dāng)人以440N的力拉繩時(shí)，人與吊板的加速度a的大小和人對(duì)吊板的壓力F的大小分別為 （ ）A. a=1.0m/s2，F(xiàn)=260NB. a=1.0m/s2，F(xiàn)=330NC. a=3.0m/s2，F(xiàn)=110ND. a=3.0m/s2，F(xiàn)=50N9. “跳一跳”小游戲需要操作者控制棋子離開(kāi)平臺(tái)時(shí)的速度，使其能跳到旁邊平臺(tái)上。如圖所示的拋物線為棋子在某次跳躍過(guò)程中的運(yùn)動(dòng)軌跡，其最高點(diǎn)離平臺(tái)的高度為h，水平速度為v；若質(zhì)量為m的棋子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中可視為質(zhì)點(diǎn)，只受重力作用，重力加速度為g，則（）A. 棋子從最高點(diǎn)落到平臺(tái)上所需時(shí)間t=2hgB. 若棋子在最高點(diǎn)的速度v變大，則其落到平臺(tái)上的時(shí)間變長(zhǎng)C. 棋子從最高點(diǎn)落到平臺(tái)的過(guò)程中，重力勢(shì)能增加mghD. 棋子落到平臺(tái)上時(shí)的速度大小為2gh10. 如圖，半圓形光滑軌道固定在水平地面上，半圓的直徑與地面垂直，一小物塊以速度v從軌道下端滑入軌道，并從軌道上端水平飛出，小物塊落地點(diǎn)到軌道下端的距離與軌道半徑有關(guān)，此距離最大時(shí)對(duì)應(yīng)的軌道半徑為（重力加速度為g）（ ）A. v216gB. v28gC. v24gD. v22g11. 如圖所示，斜面體質(zhì)量為M，傾角為，置于水平地面上，當(dāng)質(zhì)量為m的小木塊沿斜面體的光滑斜面自由下滑時(shí)，斜面體仍靜止不動(dòng)則（）A. 斜面體受地面的支持力為Mg B. 斜面體受地面的支持力為(m+M)gC. 斜面體受地面的摩擦力為mgcosD. 斜面體受地面的摩擦力為12mgsin212. 如圖，一質(zhì)量為m，長(zhǎng)度為l的均勻柔軟細(xì)繩PQ豎直懸掛。用外力將繩的下端Q緩慢地豎直向上拉起至M點(diǎn)，M點(diǎn)與繩的上端P相距13l重力加速度大小為g。在此過(guò)程中，外力做的功為（）A. 19mglB. 16mglC. 13mglD. 12mgl二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）13. 如圖所示，質(zhì)量均為m的小球A,B用兩根不可伸長(zhǎng)的輕繩連接后懸掛于O點(diǎn)，在外力F的作用下，小球A,B處于靜止?fàn)顟B(tài)，若外力F在豎直面內(nèi)旋轉(zhuǎn)仍然使兩小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，且懸線OA與豎直方向的夾角保持30不變，則外力F的大小可能為（）A. 33mgB. 32mgC. 3mgD. mg14. 兩根長(zhǎng)度不同的細(xì)線下面分別懸掛兩個(gè)完全相同的小球A、B，細(xì)線上端固定在同一點(diǎn)，繞共同的豎直軸在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。已知A球細(xì)線L1根豎直方向的夾角為30，B球細(xì)線L2根豎直方向的夾角為60，下列說(shuō)法正確的是（）A. 細(xì)線L1和細(xì)線L2所受的拉力大小之比為3：1B. 小球A和B的向心力大小之比為1：3C. 小球A和B的角速度大小之比為1：1D. 小球A和B的線速度大小之比為1：315. 用不可伸長(zhǎng)的細(xì)線懸掛一質(zhì)量為M的小木塊，木塊靜止，如圖所示現(xiàn)有一質(zhì)量為m的子彈自左向右水平射入木塊，并停留在木塊中，子彈初速度為v0，則下列判斷正確的是（）A. 從子彈射向木塊到一起上升到最高點(diǎn)的過(guò)程中系統(tǒng)的機(jī)械能不守恒B. 子彈射入木塊瞬間動(dòng)量守恒，故子彈射入木塊瞬間子彈和木塊的共同速度為mv0M+mC. 忽略空氣阻力，子彈和木塊一起上升過(guò)程中系統(tǒng)機(jī)械能守恒，其機(jī)械能等于子彈射入木塊前的動(dòng)能D. 子彈和木塊一起上升的最大高度為v022g16. 如圖，長(zhǎng)度為L(zhǎng)的小車靜止在光滑的水平面上，可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊放在小車的最左端，現(xiàn)用一水平恒力F作用在小物塊上，使物塊從靜止開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，物塊和小車之間的摩擦力為f，物塊運(yùn)動(dòng)到小車的最右端時(shí)，小車通過(guò)的距離為x。則( )A. 物塊到達(dá)小車最右端時(shí)，小車具有的動(dòng)能為fxB. 物塊到達(dá)小車最右端時(shí)，物塊具有的動(dòng)能為F(L+x)C. 在這個(gè)過(guò)程中，摩擦力對(duì)物塊所做的功為-f(L+x)D. 在這個(gè)過(guò)程中，物塊和小車增加的動(dòng)能為fx三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共16.0分）17. 某同學(xué)用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)驗(yàn)證“力的平行四邊形定則”，實(shí)驗(yàn)步驟如下：用兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)互成角度地拉細(xì)繩套使橡皮筋伸長(zhǎng)，結(jié)點(diǎn)到達(dá)某一位置，記為O；記錄兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)F1和F2，及記下F1、F2的方向；只用一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)，將結(jié)點(diǎn)仍拉到位置O，記錄測(cè)力計(jì)的示數(shù)F3；按照力的圖示要求，作出拉力F1、F2、F3；根據(jù)力的平行四邊形定則作出F1和F2的合力F；比較F3和F的一致程度。（1）步驟中，有一個(gè)重要遺漏是_；（2）他在操作過(guò)程中有如下看法，其中正確的是_；A拉橡皮筋時(shí)彈簧測(cè)力計(jì)、橡皮筋、細(xì)繩應(yīng)貼近木板且與木板平面平行B兩個(gè)拉力的夾角越大越好C橡皮筋彈性要好，使結(jié)點(diǎn)到達(dá)某一位置O時(shí)，拉力要適當(dāng)大一些D拉橡皮筋的繩細(xì)一些、長(zhǎng)一些，可以減小實(shí)驗(yàn)誤差（3）若彈簧測(cè)力計(jì)指針位置如圖所示，讀數(shù)為_(kāi)N。（4）某同學(xué)在坐標(biāo)紙上畫出了如圖所示的兩個(gè)分力F1和F2，用圖中小方格的邊長(zhǎng)表示2.0N，則兩個(gè)力的合力F=_N。18. 用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置“探究做功與物體速度變化的關(guān)系”，當(dāng)靜止的小車在一條橡皮筋作用下彈出時(shí)，橡皮筋對(duì)小車做功記為W，當(dāng)用2條、3條、4條橡皮筋并在一起進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)，橡皮筋對(duì)小車做功可分別記為2W、3W、4W每次實(shí)驗(yàn)中小車獲得的速度v由打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所打的紙帶測(cè)出。（1）除了圖中給定的器材，必須用到的還有_A46V的交流電源B刻度尺 C秒表D天平（2）關(guān)于本實(shí)驗(yàn)的下列要求和操作中，正確的是_A每根橡皮筋的粗細(xì)和原長(zhǎng)必須盡可能相同B在接通電源的同時(shí)釋放小車C每次實(shí)驗(yàn)小車都必須從同一個(gè)位置由靜止釋放D通過(guò)改變小車質(zhì)量可以改變橡皮筋對(duì)小車做的功（3）關(guān)于實(shí)驗(yàn)中平衡摩擦力的說(shuō)法，正確的是_A為了在釋放小車后，小車能做勻加速運(yùn)動(dòng)B可使橡皮筋松弛后小車做勻速運(yùn)動(dòng)C可使小車受到的合外力始終為0D可用橡皮筋對(duì)小車做的功表示合外力對(duì)小車做的功（4）為探究橡皮筋對(duì)小車做功W與速度v變化的關(guān)系，該同學(xué)嘗試著畫了W-v2圖線，則該同學(xué)畫的圖線可能是下列圖線中的_四、計(jì)算題（本大題共4小題，共32.0分）19. 如圖甲所示，質(zhì)量為m=1kg的物體置于傾角為=37固定斜面（足夠長(zhǎng)）上，對(duì)物體施以平行于斜面向上的拉力F，t1=1s時(shí)撤去拉力，物體運(yùn)動(dòng)的部分v-t圖象如圖乙，試求：（g=10m/s2）（1）物體沿斜面上行時(shí)加速運(yùn)動(dòng)與減速運(yùn)動(dòng)的加速度大??；（2）物體與斜面間的滑動(dòng)摩擦因數(shù)；（3）第1s內(nèi)拉力F的沖量。20. 如圖所示，質(zhì)量為M2 kg的長(zhǎng)木板靜止在光滑水平面上，現(xiàn)有一質(zhì)量m1 kg的小滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))以v03.6 m/s的初速度從左端沿木板上表面沖上木板，帶動(dòng)木板一起向前滑動(dòng)已知滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.1，重力加速度g取10 m/s2.求：(1)滑塊在木板上滑動(dòng)過(guò)程中，長(zhǎng)木板受到的摩擦力大小和方向；(2)滑塊在木板上滑動(dòng)過(guò)程中，滑塊加速度大??；(3)若長(zhǎng)木板足夠長(zhǎng),滑塊與長(zhǎng)木板達(dá)到的共同速度v.(4)小滑塊與長(zhǎng)木板速度相等時(shí)，小滑塊相對(duì)長(zhǎng)木板上滑行的距離L21. 如圖所示，一輕繩連著一小球，懸掛于O點(diǎn)，現(xiàn)把小球拉開(kāi)一角度后靜止釋放。設(shè)小球質(zhì)量m=3kg，繩長(zhǎng)L=4m，小球運(yùn)動(dòng)的最低點(diǎn)離地高度h=5m（1）若小球通過(guò)最低點(diǎn)的速度大小為v=2m/s，求此時(shí)繩的拉力大??；（2）若輕繩能夠承受的最大拉力為78N，求允許小球通過(guò)最低點(diǎn)的最大速率；（3）若以（2）問(wèn)的最大速率通過(guò)最低點(diǎn)時(shí)，輕繩恰好斷裂，小球拋出，求小球平拋的水平位移大小。22. 如圖所示，半徑R=0.4m的光滑圓弧軌道BC固定在豎直平面內(nèi)，軌道的上端點(diǎn)B和圓心O的連線與水平方向的夾角=30，下端點(diǎn)C為軌道的最低點(diǎn)且與粗糙水平面相切，一根輕質(zhì)彈簧的右端固定在豎直擋板上質(zhì)量m=0.1kg的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）從空中的A點(diǎn)以v0=2m/s的速度被水平拋出，恰好從B點(diǎn)沿軌道切線方向進(jìn)入軌道，經(jīng)過(guò)C點(diǎn)后沿水平面向右運(yùn)動(dòng)至D點(diǎn)時(shí)，彈簧被壓縮至最短，此時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能Epm=0.8J，已知小物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5，g取10m/s2求：（1）小物塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)的時(shí)間（2）小物塊經(jīng)過(guò)圓弧軌道上的C點(diǎn)時(shí)，對(duì)軌道的壓力大小（3）C、D兩點(diǎn)間的水平距離L答案和解析1.【答案】C【解析】解：A、伽利略建立了速度、加速度等概念，故A錯(cuò)誤； B、伽利略認(rèn)為無(wú)空氣阻力時(shí)重物與輕物下落一樣快，故B錯(cuò)誤； C、伽利略理想斜面實(shí)驗(yàn)表明物體的運(yùn)動(dòng)不需要力來(lái)維持，故C正確； D、伽利略首次創(chuàng)立了把實(shí)驗(yàn)和邏輯推理結(jié)合起來(lái)的科學(xué)方法，故D錯(cuò)誤； 故選：C。根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可。本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問(wèn)題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一。2.【答案】C【解析】解：如果二力方向相同，則合力：F=F1+F2=10N+5N=15N； 如果二力方向相反，則合力：F=F1-F2=10N-5N=5N； 因此，此二力的合力最小是5N，最大是15N在5N到15N之間都是可能的，故C正確，ABD錯(cuò)誤 故選：C。同一直線時(shí)的二力合成： （1）兩個(gè)力的方向相同時(shí)，合力大小等于兩分力之和，合力方向與這兩個(gè)力的方向相同； （2）兩個(gè)力的方向相反時(shí)，合力大小等于兩分力之差，合力方向同較大的力的方向相同； 當(dāng)二力互成角度時(shí)，二力的合力大于二力之差，小于二力之和。本題考查二力合成的應(yīng)用，關(guān)鍵知道當(dāng)二力互成角度時(shí)，二力的合力大于二力之差，小于二力之和。3.【答案】C【解析】解：根據(jù)速度位移關(guān)系，全程有：v2=2gH前半程：（）2=2gH聯(lián)立解得：H故離地高度為：H1=H-H=；故ABD錯(cuò)誤，C正確故選：C。自由落體運(yùn)動(dòng)是初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度位移關(guān)系公式列式求解即可本題關(guān)鍵是明確自由落體運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，然后根據(jù)速度位移關(guān)系公式列式求解4.【答案】C【解析】解：AB、勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)牛頓第二運(yùn)動(dòng)定律，人受到的合力不為零，且方向沿速度方向，即斜向上，故A、B錯(cuò)誤； CD、勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)牛頓第一定律，人受到的合力為零，豎直方向上重力與支持力平衡，水平方向不受力，所以不受到摩擦力，人受到重力、支持力，故C正確、D錯(cuò)誤。 故選：C。勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)牛頓第二運(yùn)動(dòng)定律，人受到的合力不為零，勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，人受到的合力為零，豎直方向上重力與支持力平衡，水平方向不受力，所以不受到摩擦力。本題考查了牛頓第二定律、平衡狀態(tài)的應(yīng)用，明確人所處的狀態(tài)結(jié)合牛頓第二定律或平衡條件分析即可。5.【答案】B【解析】解：A、桌布向右拉出時(shí)，魚缸相對(duì)于桌布有向左的運(yùn)動(dòng)，故魚缸受到桌布的摩擦力向右；故A錯(cuò)誤； B、由于魚缸在桌面上和在桌布上的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，故受到的摩擦力相等，則由牛頓第二定律可知，加速度大小相等；但在桌面上做減速運(yùn)動(dòng)，則由v=at可知，它在桌布上的滑動(dòng)時(shí)間和在桌面上的時(shí)間相等；故B正確； C、若魚缸受到的摩擦力為滑動(dòng)摩擦力，其大小與拉力無(wú)關(guān)，只與壓力和動(dòng)摩擦因數(shù)有關(guān)，因此增大拉力時(shí)，摩擦力不變，故C錯(cuò)誤； D、貓減小拉力時(shí)，桌布在桌面上運(yùn)動(dòng)的加速度減小，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間變長(zhǎng)；因此魚缸加速時(shí)間變長(zhǎng)，桌布抽出時(shí)的位移以及速度均變大，則有可能滑出桌面；故D錯(cuò)誤； 故選：B。根據(jù)摩擦力性質(zhì)可判斷魚缸受到的摩擦力方向以及拉力變化時(shí)摩擦力的變化情況；再根據(jù)牛頓第二定律以及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式進(jìn)行分析，明確拉力變化后運(yùn)動(dòng)位移的變化情況。本題考查牛頓第二定律以及摩擦力的應(yīng)用，分析判斷魚缸受到的摩擦力是解題的關(guān)鍵，同時(shí)，還要注意掌握物體的運(yùn)動(dòng)情況，能根據(jù)牛頓第二定律進(jìn)行分析。6.【答案】A【解析】【分析】分別對(duì)A、B物體速度沿著繩子方向與垂直繩子方向進(jìn)行分解，根據(jù)三角函數(shù)關(guān)系及沿著繩子方向速度大小相等，可知兩物體的速度大小關(guān)系?？疾閷W(xué)會(huì)對(duì)物體進(jìn)行運(yùn)動(dòng)的分解，涉及到平行四邊形定則與三角函數(shù)知識(shí)，同時(shí)本題的突破口是沿著繩子的方向速度大小相等?！窘獯稹繉?duì)A物體的速度沿著繩子方向與垂直繩子方向進(jìn)行分解，則有沿著繩子方向的速度大小為vAcos30；對(duì)B物體的速度沿著繩子方向與垂直繩子方向進(jìn)行分解，則有沿著繩子方向的速度大小為vBcos60，由于沿著繩子方向速度大小相等，所以則有vAcos30=vBcos60，因此vB=v，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。7.【答案】D【解析】解：A、位置B為彈簧原長(zhǎng)，把球往下按至A位置，迅速松手后，彈簧把球彈起，則小球靜止在彈簧上時(shí)，彈簧的壓縮量小于h，根據(jù)胡克定律可知，彈簧的勁度系數(shù)k，故A錯(cuò)誤。B、小球從位置A到位置B，彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)，彈簧彈性勢(shì)能減小，小球動(dòng)能先增大后減小，動(dòng)能最大的位置在彈簧彈力和重力相等的位置，此時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài)，故B錯(cuò)誤。C、圖甲到圖丙的過(guò)程中，彈性勢(shì)能減小，重力勢(shì)能增加3mgh，則圖甲中的彈性勢(shì)能為3mgh，故C錯(cuò)誤。D、圖乙到圖丙的過(guò)程中，動(dòng)能減小，重力勢(shì)能增加2mgh，則圖乙小球的動(dòng)能為2mgh，故D正確。故選：D。根據(jù)加速度的方向，分析彈簧的彈力與小球重力的關(guān)系。小球從A上升到B位置的過(guò)程中，平衡位置速度最大，動(dòng)能增大；小球上升過(guò)程中，小球與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。由此分析解答。本題考查了勁度系數(shù)和機(jī)械能守恒，掌握機(jī)械能守恒的條件，在只有重力或彈簧彈力做功的情形下，系統(tǒng)機(jī)械能守恒。在解題時(shí)要注意，單獨(dú)對(duì)小球來(lái)說(shuō)，小球和彈簧接觸過(guò)程中機(jī)械能不守恒。8.【答案】B【解析】【分析】本題考查牛頓第二定律的應(yīng)用，在解題時(shí)要注意整體法與隔離法的應(yīng)用，靈活選取研究對(duì)象進(jìn)行列式求解。將人與吊板當(dāng)成一個(gè)整體，對(duì)整體進(jìn)行受力分析，由牛頓第二定律可求得整體的加速度；再以人為研究對(duì)象，由牛頓第二定律可求得吊板對(duì)人的支持力，再由牛頓第三定律可求得人對(duì)吊板的壓力?！窘獯稹恳哉w為研究對(duì)象，整體受重力、兩根繩子的拉力（T）；由牛頓第二定律可知：整體的加速度；以人為研究對(duì)象，由牛頓第二定律可知：，解得人受吊板的支持力；由牛頓第三定律可知人對(duì)吊板的壓力為330N，故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。9.【答案】A【解析】解：A、從最高點(diǎn)到平臺(tái)的過(guò)程可以看作是平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)h=得：t=，故A正確。B、從最高點(diǎn)到平臺(tái)過(guò)程為平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由高度決定，與最高點(diǎn)的速度無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤。C、棋子從最高點(diǎn)落到平臺(tái)的過(guò)程中，下降的高度為h，重力勢(shì)能減小mgh，故C錯(cuò)誤。D、根據(jù)動(dòng)能定理得：mgh=，解得棋子落到平臺(tái)上的速度大小為：，故D錯(cuò)誤。故選：A。從最高點(diǎn)到平臺(tái)過(guò)程為平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)高度得出平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，該時(shí)間與最高點(diǎn)的速度無(wú)關(guān)。根據(jù)下降的高度求出重力勢(shì)能的減小量，根據(jù)動(dòng)能定理求出棋子落在平臺(tái)的速度大小。解決本題的關(guān)鍵將斜拋運(yùn)動(dòng)分割成平拋運(yùn)動(dòng)進(jìn)行處理，知道平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由高度決定，與最高點(diǎn)速度無(wú)關(guān)。10.【答案】B【解析】【分析】根據(jù)動(dòng)能定理得出物塊到達(dá)最高點(diǎn)的速度，結(jié)合高度求出平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，從而得出水平位移的表達(dá)式，結(jié)合表達(dá)式，運(yùn)用二次函數(shù)求極值的方法得出距離最大時(shí)對(duì)應(yīng)的軌道半徑。本題考查了動(dòng)能定理與圓周運(yùn)動(dòng)和平拋運(yùn)動(dòng)的綜合運(yùn)用，得出水平位移的表達(dá)式是解決本題的關(guān)鍵，本題對(duì)數(shù)學(xué)能力的要求較高，需加強(qiáng)這方面的訓(xùn)練?！窘獯稹吭O(shè)半圓的半徑為R，根據(jù)動(dòng)能定理得：，離開(kāi)最高點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，有：2R=，x=vt，聯(lián)立解得：x=，可知當(dāng)R=時(shí)，水平位移最大，故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。11.【答案】D【解析】【分析】先對(duì)m研究，根據(jù)牛頓第二定律得到加速度，再對(duì)整體研究，分析受力情況，作出力圖，將m的加速度分解為水平和豎直兩個(gè)方向，根據(jù)牛頓第二定律求解地面對(duì)斜面體的支持力和摩擦力。本題是對(duì)加速度不同的連接體運(yùn)用整體法，基礎(chǔ)不好的學(xué)生可以采用隔離法研究?！窘獯稹緼B.由題，斜面是光滑的，則由牛頓第二定律可得物體m下滑時(shí)加速度大小為a=gsin對(duì)整體進(jìn)行研究，分析受力情況，作出力圖，將m的加速度a分解為水平和豎直兩個(gè)方向，根據(jù)牛頓第二定律有：豎直方向：（M+m）g-N=masin0，則N（M+m）g，所以斜面體受地面的支持力小于（M+m）g，故AB均錯(cuò)誤；CD.對(duì)整體：有水平方向的加速度，則地面對(duì)斜面的摩擦力方向也水平向右由牛頓第二定律得：水平方向：f=macos=mgsincos=mgsin2，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。12.【答案】A【解析】解：根據(jù)功能關(guān)系可知，拉力所做的功等于MQ段系統(tǒng)重力勢(shì)能的增加量；對(duì)MQ分析，設(shè)Q點(diǎn)為零勢(shì)能點(diǎn)，則可知，MQ段的重力勢(shì)能為EP1=；將Q點(diǎn)拉至M點(diǎn)時(shí)，重心離Q點(diǎn)的高度h=+=，故重力勢(shì)能EP2=因此可知拉力所做的功W=EP2-EP1=mgl，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選：A。由題意可知，發(fā)生變化的只有MQ段，分析開(kāi)始和最后過(guò)程，明確重力勢(shì)能的改變量，根據(jù)功能關(guān)系即可求得外力所做的功。本題考查明確功能關(guān)系，注意掌握重力之外的其他力做功等于機(jī)械能的改變量，本題中因緩慢拉動(dòng)，故動(dòng)能不變，因此只需要分析重力勢(shì)能即可。13.【答案】CD【解析】【分析】對(duì)AB兩球整體受力分析，受重力G，OA繩子的拉力T以及拉力F，其中重力大小和方向都不變，繩子的拉力方向不變大小變，拉力的大小和方向都變，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，利用平行四邊形定則作圖可以得出拉力的最小值和最大值本題是三力平衡問(wèn)題中的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，其中一個(gè)力大小和方向都不變，一個(gè)力方向不變、大小變，第三個(gè)力的大小和方向都變，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，集合平行四邊形定則作出力的圖示，得到未知力的變化情況【解答】對(duì)AB兩球整體受力分析，受重力G=2mg，OA繩子的拉力T以及拉力F，三力平衡，將繩子的拉力T和拉力F合成，其合力與重力平衡，如圖當(dāng)拉力F與繩子的拉力T垂直時(shí)，拉力F最小，最小值為Fmin=（2m）gsin30，即mg；由于拉力F的方向具有不確定性，因而從理論上講，拉力F最大值可以取到任意值，故CD正確。故選：CD。14.【答案】BC【解析】解：A、兩球在水平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上的合力為零，由：TAcos30=mg，TBcos60=mg，則，TB=2mg，所以=，故A錯(cuò)誤。B、小球A做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，小球B做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，可知小球A、B的向心力之比為1：3，故B正確。C、根據(jù)得，角速度，線速度v=，可知角速度之比為1：1，線速度大小之比為1：3，故C正確，D錯(cuò)誤。故選：BC。小球在水平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，抓住豎直方向上的合力為零，求出兩細(xì)線的拉力大小之比根據(jù)合力提供向心力求出向心力大小之比，結(jié)合合力提供向心力求出線速度和角速度的表達(dá)式，從而得出線速度和角速度之比解決本題的關(guān)鍵知道小球做圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來(lái)源，結(jié)合牛頓第二定律進(jìn)行求解，難度中等15.【答案】AB【解析】解：A、從子彈射向木塊到一起運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的過(guò)程可以分為兩個(gè)階段：子彈射入木塊的瞬間系統(tǒng)動(dòng)量守恒，但機(jī)械能不守恒，有部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)內(nèi)能，之后子彈在木塊中與木塊一起上升，該過(guò)程只有重力做功，機(jī)械能守恒，所以整個(gè)過(guò)程的機(jī)械能不守恒。故A正確；B、由子彈射入木塊瞬間，取向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：mv0=（M+m）v，可得子彈射入木塊瞬間子彈和木塊的共同速度為v=故B正確。C、忽略空氣阻力，子彈和木塊一起上升過(guò)程中，只有重力做功，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，由于子彈射入木塊的過(guò)程機(jī)械能有損失，所以其機(jī)械能小于子彈射入木塊前的動(dòng)能，故C錯(cuò)誤；D、子彈射入木塊后子彈和木塊一起上升，由機(jī)械能守恒定律得（M+m）v2=（M+m）gh，可得上升的最大高度為h=故D錯(cuò)誤。故選：AB。子彈射入木塊過(guò)程，由于時(shí)間極短，子彈與木塊間的內(nèi)力遠(yuǎn)大于系統(tǒng)外力，可由動(dòng)量守恒定律列式求解子彈射入木塊瞬間子彈和木塊的共同速度；子彈射入木塊后，系統(tǒng)由于慣性繼續(xù)上升，由于繩子的拉力不做功，只有重力做功，故系統(tǒng)機(jī)械能守恒，運(yùn)用機(jī)械能守恒定律求解最大高度子彈射木塊是一種常見(jiàn)的物理模型，由于時(shí)間極短，內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，故動(dòng)量守恒；系統(tǒng)接下來(lái)的運(yùn)動(dòng)是擺動(dòng)，也是一種常見(jiàn)的物理模型，機(jī)械能守恒，當(dāng)然，能用機(jī)械能守恒定律解的題通常都能用動(dòng)能定理解決16.【答案】AC【解析】【分析】木塊加速運(yùn)動(dòng)，木板也做加速運(yùn)動(dòng)，對(duì)木塊、木板、木塊和木板整體分別運(yùn)用動(dòng)能定理列式分析即可。本題關(guān)鍵是靈活地選擇研究對(duì)象進(jìn)行受力分析，再根據(jù)動(dòng)能定理列式后分析求解。【解答】A.小車受到重力、支持力和摩擦力，根據(jù)動(dòng)能定理，有fx=，故A正確；B.物塊受到拉力、重力、支持力和摩擦力，根據(jù)動(dòng)能定理，有（F-f）（l+x）=，故B錯(cuò)誤；C.物塊在摩擦力作用下前進(jìn)的距離為（l+s），故摩擦力所做的功為-f（l+x），故C正確；D.根據(jù)功能關(guān)系，物塊和小車增加的動(dòng)能為拉力做的功減去克服一對(duì)摩擦力做的功，即等于F（l+x）-fl，故D錯(cuò)誤。故選AC。17.【答案】記下拉力F3的方向 ACD 2.73 12.0【解析】解：（1）在記錄力的大小與O點(diǎn)的同時(shí)，應(yīng)該要記錄力的方向，故有一個(gè)重要遺漏是記下F3的方向；（2）A拉橡皮筋時(shí)彈簧測(cè)力計(jì)、橡皮筋、細(xì)繩應(yīng)貼近木板且與木板平面平行，故A正確；B兩個(gè)拉力的夾角應(yīng)該適當(dāng)?shù)拇笠恍皇窃酱笤胶?，故B錯(cuò)誤；C橡皮筋彈性要好，使結(jié)點(diǎn)到達(dá)某一位置O時(shí)，拉力要適當(dāng)大一些，故C正確；D拉橡皮筋的繩細(xì)一些、長(zhǎng)一些，記錄方向時(shí)，點(diǎn)的距離可以大一些，離繩的軸線會(huì)更近一些，可以減小實(shí)驗(yàn)誤差，故D正確。故選：ACD。（3）由圖可得彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)為2.73N；（4）作出圖平行四邊形如圖所示：由圖可知合力的大小F=62.0N=12.0N；故答案為：（1）記下拉力F3的方向，（2）ACD，（3）2.73；（4）12.0 （1）本實(shí)驗(yàn)中采用了兩個(gè)力合力與一個(gè)力效果相同來(lái)驗(yàn)證的平行四邊形定則，因此采用“等效法”，注意該實(shí)驗(yàn)方法的應(yīng)用，步驟中只有記下細(xì)繩的方向，才能確定力的方向，進(jìn)一步才能根據(jù)平行四邊形定則求合力；（2）根據(jù)器材和作圖的限制，兩個(gè)拉力的夾角、拉力大小適當(dāng)即可，并不是越大越好；（3）先確定出彈簧測(cè)力計(jì)的分度值，從而讀出彈簧秤的讀數(shù)；（4）根據(jù)平行四邊形法則，作圖讀數(shù)即可。要掌握實(shí)驗(yàn)原理及實(shí)驗(yàn)過(guò)程中的注意事項(xiàng)，明確彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)方法；知道用平行四邊形求合力的方法。18.【答案】AB AC BD CD【解析】解：（1）“探究做功與物體速度變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中除了圖中所給的器材外，還需打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用的低壓學(xué)生電源，測(cè)位移的刻度尺，故選：AB。（2）考察操作過(guò)程：A、只有每根橡皮筋的原長(zhǎng)是一樣的，才保證每次做的功分別是W、2W、3W 等，故選項(xiàng)A正確；B、凡涉打點(diǎn)計(jì)時(shí)器實(shí)驗(yàn)均應(yīng)先通電再釋放小車，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C、只要每次使小車被橡皮筋彈出時(shí)每根橡皮筋的伸長(zhǎng)一樣，所以要使小車從同一位置釋放，故選項(xiàng)C正確；D、是通過(guò)改變橡皮筋的條數(shù)來(lái)改變對(duì)小車做的功，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選：AC（3）考察平衡摩擦力問(wèn)題：A、目的是讓拉力近似等于合力，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B、當(dāng)橡皮筋恢復(fù)原長(zhǎng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)B正確；C、當(dāng)橡皮筋伸長(zhǎng)時(shí)，物體的合外力就是拉力，之后合外力為零，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D、同選項(xiàng)A一樣，拉力做的功就是合外力做的功，選項(xiàng)D正確。故選：BD（4）若還考慮阻力的話，根據(jù)動(dòng)能定理有：W-Wf=，由此看出W-v2圖象是一條直線，當(dāng)平衡好摩擦力時(shí)，直線過(guò)原點(diǎn)，故選項(xiàng)CD符合要求。故答案為：（1）AB（2）AC（3）BD（4）CD（1）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用交流電；小車在水平的平面上被橡皮筋拉動(dòng)做功，導(dǎo)致小車的動(dòng)能發(fā)生變化。小車的速度由紙帶上打點(diǎn)來(lái)計(jì)算，從而能求出小車的動(dòng)能變化。每次實(shí)驗(yàn)時(shí)橡皮筋伸長(zhǎng)的長(zhǎng)度都要一致，則一根做功記為W，兩根則為2W，然后通過(guò)列表描點(diǎn)作圖探究出功與動(dòng)能變化的關(guān)系；（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理橡皮筋做的功等于小車增加的動(dòng)能，要消除摩擦力帶了的影響；（3）實(shí)驗(yàn)需要測(cè)量橡皮筋做功完畢時(shí)小車的速度，橡皮筋做功完畢，小車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，分析圖示紙帶答題；（4）根據(jù)W與v，W與v2的關(guān)系圖線，結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)中的冪函數(shù)的圖象特點(diǎn)得到結(jié)論。要掌握實(shí)驗(yàn)原理與實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)，同時(shí)注意數(shù)據(jù)處理時(shí)注意數(shù)學(xué)知識(shí)的應(yīng)用，本題是考查應(yīng)用數(shù)學(xué)知識(shí)解決物理問(wèn)題的好題。在本題中功的大小無(wú)法直接得出，但是可以通過(guò)n根相同橡皮筋對(duì)小車做的功就等于系一根橡皮筋時(shí)對(duì)小車做的功的n倍，這個(gè)設(shè)計(jì)很巧妙地解決了直接去測(cè)量力和計(jì)算功的困難。19.【答案】解：（1）由圖可知，加速時(shí)的加速度a1=201m/s2=20m/s2；減速過(guò)程a2=10-201m/s2=-10m/s2；（2）對(duì)減速過(guò)程分析，由牛頓第二定律可得：mgsin+mgcos=ma2解得：=0.5；（3）加速過(guò)程中由牛頓第二定律可知：F-mgsin-mgcos=ma1而F的沖量I=Ft聯(lián)立解得：I=30Ns答：（1）物體沿斜面上行時(shí)加速運(yùn)動(dòng)與減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小分別為20m/s2和10m/s2；（2）物體與斜面間的滑動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5；（3）第1s內(nèi)拉力F的沖量為30Ns?！窘馕觥浚?）根據(jù)圖象的性質(zhì)，利用圖象的斜率即可求得加速度； （2）對(duì)減速過(guò)程受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可求得動(dòng)摩擦因數(shù)； （3）對(duì)加速過(guò)程分析，根據(jù)牛頓第二定律可求得拉力大小，再根據(jù)沖量的定義即可求得拉力的沖量。本題考查牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的綜合，注意物體勻減速上滑的加速度大小和返回做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度大小不等。同時(shí)注意由圖象分析物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，求出加速度是解題的關(guān)鍵。20.【答案】解：（1）長(zhǎng)木板所受的摩擦力為滑動(dòng)摩擦力，大小為：f=mg=0.1110N=1N方向向右，如圖所示（2）對(duì)滑塊，由牛頓第二定律得：mg=ma得出：a=g=1m/s2（3）以木板為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律：mg=Ma可得出木板的加速度為：a=0.5m/s2設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t，滑塊和長(zhǎng)木板達(dá)到共同速度v，則滿足：對(duì)滑塊有：v=v0-at對(duì)長(zhǎng)木板有：v=at由以上兩式得：滑塊和長(zhǎng)木板達(dá)到的共同速度為：v=1.2m/s，t=2.4s（4）小滑塊與長(zhǎng)木板速度相等時(shí)，木板前進(jìn)的位移為：x1=v2t滑塊前進(jìn)的位移為：x2=v0+v2t小滑塊相對(duì)長(zhǎng)木板上滑行的距離為：L=x2-x1=v02t=3.622.4m=4.32m答：（1）滑塊在木板上滑動(dòng)過(guò)程中，長(zhǎng)木板受到的摩擦力的大小為1N，方向向右；（2）滑塊在木板上滑動(dòng)過(guò)程中，滑塊的加速度大小為1m/s2；（3）塊與長(zhǎng)木板達(dá)到的共同速度v是1.2m/s；