立體幾何問題的題型與方法.doc

立體幾何問題的題型與方法一復習目標：1在掌握直線與平面的位置關系(包括直線與直線、直線與平面、平面與平面間的位置關系)的基礎上，研究有關平行和垂直的的判定依據(jù)(定義、公理和定理)、判定方法及有關性質(zhì)的應用；在有關問題的解決過程中，進一步了解和掌握相關公理、定理的內(nèi)容和功能，并探索立體幾何中論證問題的規(guī)律；在有關問題的分析與解決的過程中提高邏輯思維能力、空間想象能力及化歸和轉(zhuǎn)化的數(shù)學思想的應用2在掌握空間角(兩條異面直線所成的角，平面的斜線與平面所成的角及二面角)概念的基礎上，掌握它們的求法(其基本方法是分別作出這些角，并將它們置于某個三角形內(nèi)通過計算求出它們的大小)；在解決有關空間角的問題的過程中，進一步鞏固關于直線和平面的平行垂直的性質(zhì)與判定的應用，掌握作平行線(面)和垂直線(面)的技能；通過有關空間角的問題的解決，進一步提高學生的空間想象能力、邏輯推理能力及運算能力3通過復習，使學生更好地掌握多面體與旋轉(zhuǎn)體的有關概念、性質(zhì)，并能夠靈活運用到解題過程中通過教學使學生掌握基本的立體幾何解題方法和常用解題技巧，發(fā)掘不同問題之間的內(nèi)在聯(lián)系，提高解題能力4在學生解答問題的過程中，注意培養(yǎng)他們的語言表述能力和“說話要有根據(jù)”的邏輯思維的習慣、提高思維品質(zhì)使學生掌握化歸思想，特別是將立體幾何問題轉(zhuǎn)化為平面幾何問題的思想意識和方法，并提高空間想象能力、推理能力和計算能力5使學生更好地理解多面體與旋轉(zhuǎn)體的體積及其計算方法，能夠熟練地使用分割與補形求體積，提高空間想象能力、推理能力和計算能力 二考試要求：（1）掌握平面的基本性質(zhì)，會用斜二測的畫法畫水平放置的平面圖形的直觀圖，能夠畫出空間兩條直線、直線和平面的各種位置關系的圖形，能夠根據(jù)圖形想象它們的位置關系。（2）了解空兩條直線的位置關系，掌握兩條直線平行與垂直的判定定理和性質(zhì)定理，掌握兩條直線所成的角和距離的概念（對于異面直線的距離，只要求會計算已給出公垂線時的距離）。（3）了解空間直線和平面的位置關系，掌握直線和平面平行的判定定理和性質(zhì)定理，理解直線和平面垂直的判定定理和性質(zhì)定理，掌握斜線在平面上的射影、直線和平面所成的角、直線和平面的距離的概念，了解三垂線定理及其逆定理。（4）了解平面與平面的位置關系，掌握兩個平面平行的判定定理和性質(zhì)定理。掌握二面角、二面角的平面角、兩個平面間的距離的概念，掌握兩個平面垂直的判定定理和性質(zhì)定理。（5）會用反證法證明簡單的問題。（6）了解多面體的概念，了解凸多面體的概念。（7）了解棱柱的概念，掌握棱柱的性質(zhì)，會畫直棱柱的直觀圖。（8）了解棱錐的概念，掌握正棱錐的性質(zhì)，會畫正棱錐的直觀圖。（9）了解正多面體的概念，了解多面體的歐拉公式。（10）了解球的概念，掌握球的性質(zhì)，掌握球的表面積、體積公式。三教學過程：（）基礎知識詳析高考立體幾何試題一般共有4道(選擇、填空題3道, 解答題1道), 共計總分27分左右,考查的知識點在20個以內(nèi). 選擇填空題考核立幾中的計算型問題, 而解答題著重考查立幾中的邏輯推理型問題, 當然, 二者均應以正確的空間想象為前提. 隨著新的課程改革的進一步實施,立體幾何考題正朝著“多一點思考,少一點計算”的發(fā)展.從歷年的考題變化看, 以多面體和旋轉(zhuǎn)體為載體的線面位置關系的論證,角與距離的探求是?？汲Ｐ碌臒衢T話題.1有關平行與垂直(線線、線面及面面)的問題，是在解決立體幾何問題的過程中，大量的、反復遇到的，而且是以各種各樣的問題(包括論證、計算角、與距離等)中不可缺少的內(nèi)容，因此在主體幾何的總復習中，首先應從解決“平行與垂直”的有關問題著手，通過較為基本問題，熟悉公理、定理的內(nèi)容和功能，通過對問題的分析與概括，掌握立體幾何中解決問題的規(guī)律充分利用線線平行(垂直)、線面平行(垂直)、面面平行(垂直)相互轉(zhuǎn)化的思想，以提高邏輯思維能力和空間想象能力2 判定兩個平面平行的方法： （1）根據(jù)定義證明兩平面沒有公共點； （2）判定定理證明一個平面內(nèi)的兩條相交直線都平行于另一個平面； （3）證明兩平面同垂直于一條直線。3兩個平面平行的主要性質(zhì)： 由定義知：“兩平行平面沒有公共點”。 由定義推得：“兩個平面平行，其中一個平面內(nèi)的直線必平行于另一個平面。 兩個平面平行的性質(zhì)定理：“如果兩個平行平面同時和第三個平面相交，那么它們的交線平行”。 一條直線垂直于兩個平行平面中的一個平面，它也垂直于另一個平面。 夾在兩個平行平面間的平行線段相等。 經(jīng)過平面外一點只有一個平面和已知平面平行。以上性質(zhì)、在課文中雖未直接列為“性質(zhì)定理”，但在解題過程中均可直接作為性質(zhì)定理引用。4空間的角和距離是空間圖形中最基本的數(shù)量關系，空間的角主要研究射影以及與射影有關的定理、空間兩直線所成的角、直線和平面所成的角、以及二面角和二面角的平面角等解這類問題的基本思路是把空間問題轉(zhuǎn)化為平面問題去解決空間的角，是對由點、直線、平面所組成的空間圖形中各種元素間的位置關系進行定量分析的一個重要概念，由它們的定義，可得其取值范圍，如兩異面直線所成的角(0，直線與平面所成的角，二面角的大小，可用它們的平面角來度量，其平面角(0，對于空間角的計算，總是通過一定的手段將其轉(zhuǎn)化為一個平面內(nèi)的角，并把它置于一個平面圖形，而且是一個三角形的內(nèi)角來解決，而這種轉(zhuǎn)化就是利用直線與平面的平行與垂直來實現(xiàn)的，因此求這些角的過程也是直線、平面的平行與垂直的重要應用通過空間角的計算和應用進一步培養(yǎng)運算能力、邏輯推理能力及空間想象能力如求異面直線所成的角常用平移法（轉(zhuǎn)化為相交直線）；求直線與平面所成的角常利用射影轉(zhuǎn)化為相交直線所成的角；而求二面角alb的平面角（記作q）通常有以下幾種方法：(1) 根據(jù)定義；(2) 過棱l上任一點O作棱l的垂面g，設gaOA，gbOB，則AOBq(圖1)；(3) 利用三垂線定理或逆定理，過一個半平面a內(nèi)一點A，分別作另一個平面b的垂線AB(垂足為B),或棱l的垂線AC(垂足為C)，連結(jié)AC，則ACBq 或ACBpq(圖2)；(4) 設A為平面a外任一點，ABa，垂足為B，ACb，垂足為C，則BACq或BACpq(圖3)；(5) 利用面積射影定理，設平面a內(nèi)的平面圖形F的面積為S，F(xiàn)在平面b內(nèi)的射影圖形的面積為S，則cosq. 圖 1 圖 2 圖 35.空間的距離問題，主要是求空間兩點之間、點到直線、點到平面、兩條異面直線之間（限于給出公垂線段的）、平面和它的平行直線、以及兩個平行平面之間的距離求距離的一般方法和步驟是：一作作出表示距離的線段；二證證明它就是所要求的距離；三算計算其值此外，我們還常用體積法求點到平面的距離6棱柱的概念和性質(zhì)理解并掌握棱柱的定義及相關概念是學好這部分知識的關鍵，要明確“棱柱 直棱柱 正棱柱”這一系列中各類幾何體的內(nèi)在聯(lián)系和區(qū)別。平行六面體是棱柱中的一類重要的幾何體，要理解并掌握“平行六面體 直平行六面體 長方體 正四棱柱 正方體”這一系列中各類幾何體的內(nèi)在聯(lián)系和區(qū)別。須從棱柱的定義出發(fā)，根據(jù)第一章的相關定理對棱柱的基本性質(zhì)進行分析推導，以求更好地理解、掌握并能正確地運用這些性質(zhì)。關于平行六面體，在掌握其所具有的棱柱的一般性質(zhì)外，還須掌握由其定義導出的一些其特有的性質(zhì)，如長方體的對角線長定理是一個重要定理并能很好地掌握和應用。還須注意，平行六面體具有一些與平面幾何中的平行四邊形相對應的性質(zhì)，恰當?shù)剡\用平行四邊形的性質(zhì)及解題思路去解平行六面體的問題是一常用的解題方法。多面體與旋轉(zhuǎn)體的問題離不開構(gòu)成幾何體的基本要素點、線、面及其相互關系，因此，很多問題實質(zhì)上就是在研究點、線、面的位置關系，與直線、平面、簡單幾何體第一部分的問題相比，唯一的差別就是多了一些概念，比如面積與體積的度量等從這個角度來看，點、線、面及其位置關系仍是我們研究的重點多面體與旋轉(zhuǎn)體的體積問題是直線、平面、簡單幾何體課程當中相對獨立的課題體積和面積、長度一樣，都是度量問題常用“分割與補形”，算出了這些幾何體的體積7歐拉公式:如果簡單多面體的頂點數(shù)為V，面數(shù)F，棱數(shù)E，那么V+F-E2.計算棱數(shù)E常見方法：(1)EV+F-2；(2)E各面多邊形邊數(shù)和的一半；(3)E頂點數(shù)與共頂點棱數(shù)積的一半。8經(jīng)緯度及球面距離根據(jù)經(jīng)線和緯線的意義可知，某地的經(jīng)度是一個二面角的度數(shù)，某地的緯度是一個線面角的度數(shù)，設球O的地軸為NS，圓O是0緯線，半圓NAS是0經(jīng)線，若某地P是在東經(jīng)120，北緯40，我們可以作出過P的經(jīng)線NPS交赤道于B，過P的緯線圈圓O1交NAS于A，那么則應有：AO1P=120(二面角的平面角) ，POB=40（線面角）。兩點間的球面距離就是連結(jié)球面上兩點的大圓的劣弧的長，因此，求兩點間的球面距離的關鍵就在于求出過這兩點的球半徑的夾角。例如，可以循著如下的程序求A、P兩點的球面距離。線段AP的長 AOP的弧度數(shù) 大圓劣弧AP的長9球的表面積及體積公式 S球表=4R2 V球=R3球的體積公式可以這樣來考慮：我們把球面分成若干個邊是曲線的小“曲邊三角形”；以球心為頂點，以這些小曲邊三角形的頂點為底面三角形的頂點，得到若干個小三棱錐，所有這些小三棱錐的體積和可以看作是球體積的近似值.當小三棱錐的個數(shù)無限增加，且所有這些小三棱錐的底面積無限變小時，小三棱錐的體積和就變成球體積，同時小三棱錐底面面積的和就變成球面面積,小三棱錐高變成球半徑.由于第n個小三棱錐的體積Snhn（Sn為該小三棱錐的底面積,hn為小三棱錐高），所以V球S球面R4R2RR3. 在應用球體積公式時要注意公式中給出的是球半徑R，而在實際問題中常給出球的外徑（直徑）.球與其它幾何體的切接問題，要仔細觀察、分析、弄清相關元素的位置關系和數(shù)量關系，選擇最佳角度作出截面，以使空間問題平面化。10主要題型：以棱柱、棱錐為載體，考查線面平行、垂直，夾角與距離等問題。利用歐拉公式求解多面體頂點個數(shù)、面數(shù)、棱數(shù)。求球的體積、表面積和球面距離。解題方法：求球面距離一般作出相應的大圓，轉(zhuǎn)化為平面圖形求解。11注意事項須明確直線、平面、簡單幾何體中所述的兩個平面是指兩個不重合的平面。與“直線與直線平行”、“直線與平面平行”的概念一樣“平面與平面平行”是指“二平面沒有公共點”。由此可知，空間兩個幾何元素（點、直線、平面稱為空間三個幾何元素）間“沒有公共點”時，它們間的關系均稱為“互相平行”。要善于運用平面與平面平行的定義所給定的兩平面平行的最基本的判定方法和性質(zhì)。 注意兩個平行平面的畫法直觀地反映兩平面沒有公共點，將表示兩個平面的平行四邊形畫成對應邊平行。兩個平面平行的寫法與線、線平行，線、面平行的寫法一議，即將“平面平行于平面”，記為“”?？臻g兩個平面的位置關系有且只有“兩平面平行”和“兩平面相交”兩種關系。在明確“兩個平行平面的公垂線”、“兩個平行平面的公垂線段”、“兩個平行平面的距離”的概念后，應該注意到，兩平行平面間的公垂線段有無數(shù)條，但其長度都相等是唯一確定的值，且兩平行平面間的公垂線段，是夾在兩平行平面間的所有線段中最短的線段，此外還須注意到，兩平行平面間的距離可能化為“其中一個平面內(nèi)的直線到另一個平面的距離”又可轉(zhuǎn)化為“其中一個面內(nèi)的一個點到另一個平面的距離。三種空間角，即異面直線所成角、直線與平面所成角。平面與平面所成二面角。它們的求法一般化歸為求兩條相交直線的夾角，通?！熬€線角抓平移，線面角找射影，面面角作平面角”而達到化歸目的，有時二面角大小出通過cos=來求。有七種距離，即點與點、點到直線、兩條平行直線、兩條異面直線、點到平面、平行于平面的直線與該平面、兩個平行平面之間的距離，其中點與點、點與直線、點到平面的距離是基礎，求其它幾種距離一般化歸為求這三種距離，點到平面的距離有時用“體積法”來求。（）范例分析例1、已知水平平面內(nèi)的兩條相交直線a, b所成的角為，如果將角的平分線繞著其頂點，在豎直平面內(nèi)作上下轉(zhuǎn)動， 轉(zhuǎn)動到離開水平位值的處，且與兩條直線a,b都成角，則與的大小關系是 （ ） A. 或 B. 或 D. BC,tan tan,又、（0， .故選C.BACO如圖2所示，過空間一點O分別作a,b,則所求直線即為過點O且與都成60角的直線。 =110，將兩對對頂角的平分線繞圖O點分別在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動，總能得到與 都成 60角的直線。故 過點 O與a,b都成60角的直線有4條， 70.從而選 D. O 過點O分別作a,b,則過點O有三條直線與a,b所成角都為60，等價于過點O有三條直線與 圖2所成角都為60，如圖3示，如果或 則或，過 O點只有兩條直線與 O都成60角。如果=90，則，那么過點 O有四 條直線與所成角都為60。如果=60，則， 圖 3此時過點 O有三條直線與所成角都為60。其中一條正是角的平分線.如果它是棱錐，則是七棱錐，有14條棱，8個面如果它是棱柱，則是四棱柱，有12條棱，6個面.說明： 本組新題主要考查空間直線與直線、直線與平面、平面與平面間的位直關系，考查空間想象和轉(zhuǎn)化能力，以及周密的分析問題和解決問題例2、如圖1，設ABC-ABC是直三棱柱，F(xiàn)是AB的中點，且 (1)求證：AFAC； (2)求二面角C-AF-B的大小分析：先來看第1問，我們“倒過來”分析如果已經(jīng)證得AFAC，則注意到因為AB=2AA=2a，ABC-ABC是直三棱柱，從而若設E是AB的中點，就有AEAF，即AF平面ACE那么，如果我們能夠先證明AF平面ACE，則就可以證得AFAC，而這由CE平面AABB立得再來看第2問為計算二面角C-AF-B的大小，我們需要找到二面角C-AF-B的平面角由前面的分析知，CE平面AABB，而AFAE，所以，若設G是AF與AE的中點，則CGE即為二面角C-AF-B的平面角，再計算CGE各邊的長度即可求出所求二面角的大小解：(1)如圖2，設E是AB的中點，連接CE，EA由ABC-ABC是直三棱柱，知AA平面ABC，而CE平面ABC，所以CEAA，AB=2AA=2a，AA=a，AAAE，知AAFE是正方形，從而AFAE而AE是AC在平面AAFE上的射影，故AFAC；(2)設G是AB與A1E的中點，連接CG因為CE平面AABB，AFAE，由三垂線定理，CGAF，所以CGE就是二面角C-AF-B的平面角AAFE是正方形，AA=a， ，tanCGE=，CGE，從而二面角C-AF-B的大小為。說明：假設欲證之結(jié)論成立，“倒著”分析的方法是非常有效的方法，往往能夠幫助我們迅速地找到解題的思路直線、平面、簡單幾何體關于平行與垂直的問題都可以使用這種分析方法但需要注意的是，證明的過程必須是“正方向”的，防止在證明過程中用到欲證之結(jié)論，從而形成“循環(huán)論證”的邏輯錯誤例3、 一條長為2的線段夾在互相垂直的兩個平面a、b之間，AB與a成45o角，與b成角，過A、B兩點分別作兩平面交線的垂線AC、BD，求平面ABD與平面ABC所成的二面角的大小 以CD為軸，將平 以AB為軸，將平 面BCD旋轉(zhuǎn)至與 面ABD旋轉(zhuǎn)至與 平面ACD共面 平面ABC共面 圖 1 圖 2 圖 3 解法、過D點作DEAB于E，過E作EFAB交BC于F(圖1)，連結(jié)DF，則DEF即為二面角DABC的平面角為計算DEF各邊的長，我們不妨畫出兩個有關的移出圖在圖2中，可計算得DE1，EF，BF在移出圖3中， cosB,在BDF中，由余弦定理：DF 2BD 2BF 22BD Z BF Z cosB ()2()2 2Z Z Z （注：其實，由于ABDE，ABEF， AB平面DEF， ABDF又 AC平面b，ACDF DF平面ABC， DFBC，即DF是RtBDC斜邊BC上的高，于是由BC Z DFCD Z BD可直接求得DF的長）在DEF中，由余弦定理：cosDEF. DEFarccos.此即平面ABD與平面ABC所成的二面角的大小解法、過D點作DEAB于E，過C作CHAB于H，則HE是二異面直線CH和DE的公垂線段，CD即二異面直線上兩點C、D間的距離運用異面直線上兩點間的距離公式，得： CD 2DE 2CH 2EH 22DE Z CH Z cosq (*)（注：這里的q是平面ABD與平面ABC所成的二面角的大小，當0q o90o，q 亦即異面直線CH與DE所成的角；當90oq 180o，異面直線所成的角為180oq .） CDDE1，CH，HE，從而算得 cosq， qarccos.說明：(1)解空間圖形的計算問題，首先要解決定位問題（其中最基本的是確定點在直線、點在平面上的射影），其次才是定量問題畫空間圖形的“平面移出圖”是解決定位難的有效方法，必須熟練掌握(2) 解法具有普遍意義，特別是公式(*)，?？蛇_到簡化運算的目的例4、如圖1，直三棱柱ABCABC的各條棱長都相等，D為棱BC上的一點，在截面ADC中，若ADC，求二面角DAC1C的大小解：由已知，直三棱柱的側(cè)面均為正方形， 圖 7 ADC190o，即ADC1D又CC1平面ABC， ADCC1. AD側(cè)面BC1， ADBC， 圖1 D為BC的中點 過C作CEC1D于E， 平面ADC1側(cè)面BC1， CE平面ADC1取AC1的中點F，連結(jié)CF，則CFAC1連結(jié)EF，則EFAC1(三垂線定理) EFC是二面角DAC1C的平面角在RtEFC中，sinEFC. BCCC1a易求得 CE，CF. sinEFC， EFCarcsin. 二面角DAC1C的大小為arcsin.例5、已知PA矩形ABCD所在平面，M、N分別是AB、PC的中點. （1）求證：MNAB； （2）設平面PDC與平面ABCD所成的二面角為銳角，問能否確定使直線MN是異面直線AB與PC的公垂線？若能，求出相應的值；若不能，說明理由.解：（1）PA矩形ABCD，BCAB，PBBC，PAAC，即PBC和PAC都是以PC為斜邊的直角三角形，又M為AB的中點，MNAB.（2）ADCD，PDCD.PDA為所求二面角的平面角，即PDA=.設AB=a，PA=b，AD=d，則， 設PM=CM則由N為PC的中點，MNPC由（1）可知MNAB，MN為PC與AB的公垂線，這時PA=AD，=45。例6、 四棱錐PABCD的底面是邊長為a的正方形，PB面ABCD.（1）若面PAD與面ABCD所成的二面角為60，求這個四棱錐的體積；（2）證明無論四棱錐的高怎樣變化，面PAD與面PCD所成的二面角恒大于90解:（1）正方形ABCD是四棱錐PABCD的底面, 其面積為從而只要算出四棱錐的高就行了.面ABCD,BA是PA在面ABCD上的射影.又DAAB， PADA， PAB是面PAD與面ABCD所成的二面角的平面角， PAB=60. 而PB是四棱錐PABCD的高，PB=ABtan60=a, .（2）不論棱錐的高怎樣變化，棱錐側(cè)面PAD與PCD恒為全等三角形. 作AEDP，垂足為E，連結(jié)EC，則ADECDE， 是面PAD與面PCD所成的二面角的平面角. 設AC與DB相交于點O，連結(jié)EO，則EOAC， 在 故平面PAD與平面PCD所成的二面角恒大于90. 說明：本小題主要考查線面關系和二面角的概念，以及空間想象能力和邏輯推理能力, 具有一定的探索性, 是一道設計新穎, 特征鮮明的好題.例7、如圖，直三棱柱ABC-A1B1C1的底面ABC為等腰直角三角形，ACB=900，AC=1，C點到AB1的距離為CE=，D為AB的中點.（1）求證：AB1平面CED；（2）求異面直線AB1與CD之間的距離；（3）求二面角B1ACB的平面角.解:（1）D是AB中點，ABC為等腰直角三角形，ABC=900，CDAB又AA1平面ABC，CDAA1.CD平面A1B1BA CDAB1，又CEAB1， AB1平面CDE；（2）由CD平面A1B1BA CDDEAB1平面CDE DEAB1,DE是異面直線AB1與CD的公垂線段CE=，AC=1 , CD=；（3）連結(jié)B1C，易證B1CAC，又BCAC , B1CB是二面角B1ACB的平面角.在RtCEA中，CE=，BC=AC=1,B1AC=600， , , .說明：作出公垂線段和二面角的平面角是正確解題的前提, 當然, 準確地作出應當有嚴格的邏輯推理作為基石.例8、 如圖，在三棱錐中，平面，D為BC的中點.（1）判斷AD與SB能否垂直，并說明理由； （2）若三棱錐的體積為，且為 鈍角，求二面角的平面角的正切值；（3）在（）的條件下，求點A到平面SBC的距離. 解：（1）因為SB在底面ABC上的射影AB與AD不垂直，否則與AB=AC且D為BC的中點矛盾，所以AD與SB不垂直；（2）設，則 解得 ，所以（舍），.平面ABC，AB=AC，D為BC的中點，則是二面角SBCA的平面角.在中，,故二面角的正切值為；（3）由（2）知，平面SDA，所以平面SBC平面SDA，過點A作AESD，則AE平面SBC，于是點A到平面SBC的距離為AE,從而即A到平面SBC的距離為.例9、如圖al是120的二面角，A，B兩點在棱上，AB=2，D在內(nèi)，三角形ABD是等腰直角三角形，DAB=90，C在內(nèi)，ABC是等腰直角三角形ACB=（I） 求三棱錐DABC的體積；（2）求二面角DACB的大??； （3）求異面直線AB、CD所成的角. 解: (1) 過D向平面做垂線，垂足為O，連強OA并延長至E. 為二面角al的平面角.是等腰直角三角形，斜邊AB=2.又D到平面的距離DO=（2）過O在內(nèi)作OMAC,交AC的反向延長線于M,連結(jié)DM.則ACDM.DMO 為二面角DACB的平面角. 又在DOA中，OA=2cos60=1.且 （3）在平在內(nèi)，過C作AB的平行線交AE于F，DCF為異面直線AB、CD所成的角. 為等腰直角三角形，又AF等于C到AB的距離，即ABC斜邊上的高,異面直線AB,CD所成的角為arctan 例10、在平面幾何中有如下特性：從角的頂點出發(fā)的一條射線上任意一點到角兩邊的距離之比為定值。類比上述性質(zhì)，請敘述在立體幾何中相應地特性，并畫出圖形。不必證明。類比性質(zhì)敘述如下 ：圖AOPB解：立體幾何中相應地性質(zhì)：從二面角的棱出發(fā)的一個半平面內(nèi)任意一點到二面角的兩個面的的距離之比為定值。ABCDMN從二面角的棱上一點出發(fā)的一條射線上任意一點到二面角的兩個面的距離之比為定值。在空間，從角的頂點出發(fā)的一條射線上任意一點到角兩邊的距離之比為定值。在空間，射線上任意一點到射線、的距離之比不變。在空間，射線上任意一點到平面、的距離之比不變。說明：（2）（5）還可以有其他的答案。例11、已知圓錐的側(cè)面展開圖是一個半圓，它被過底面中心O1且平行于母線AB的平面所截，若截面與圓錐側(cè)面的交線是焦參數(shù)（焦點到準線的距離）為p的拋物線.（1）求圓錐的母線與底面所成的角；（2）求圓錐的全面積 解: （1）設圓錐的底面半徑為R，母線長為l，由題意得：,即,所以母線和底面所成的角為（2）設截面與圓錐側(cè)面的交線為MON，其中O為截面與AC的交點，則OO1/AB且在截面MON內(nèi)，以OO1所在有向直線為y軸，O為原點，建立坐標系，則O為拋物的頂點，所以拋物線方程為x2=2py，點N的坐標為（R，R），代入方程得R2=2p（R），得R=2p，l=2R=4p.圓錐的全面積為.說明：將立體幾何與解析幾何相鏈接, 頗具新意, 預示了高考命題的新動向. 類似請思考如下問題: 一圓柱被一平面所截，截口是一個橢圓已知橢圓的長軸長為5，短軸長為4，被截后幾何體的最短側(cè)面母 線長為1，則該幾何體的體積等于 例12、在直角梯形ABCD中，A=D=90，ABCD，SD平面ABCD，AB=AD=a，S D=，在線段SA上取一點E（不含端點）使EC=AC，截面CDE與SB交于點F。（1）求證：四邊形EFCD為直角梯形；（2）求二面角B-EF-C的平面角的正切值；（3）設SB的中點為M，當?shù)闹凳嵌嗌贂r，能使DMC為直角三角形？請給出證明.解：（1）CDAB，AB平面SAB CD平面SAB面EFCD面SAB=EF，CDEF 又面 平面SAD，又 為直角梯形 （2）平面平面SAD 即為二面角DEFC的平面角中而且為等腰三角形，(3)當時，為直角三角形 . ,平面平面.在中，為SB中點，.平面平面 為直角三角形。 例13、如圖，幾何體ABCDE中，ABC是正三角形，EA和DC都垂直于平面ABC，且EA=AB=2a， DC=a，F(xiàn)、G分別為EB和AB的中點.（1）求證：FD平面ABC；（2）求證：AFBD； (3) 求二面角BFCG的正切值.解: F、G分別為EB、AB的中點，F(xiàn)G=EA，又EA、DC都垂直于面ABC, FG=DC， 四邊形FGCD為平行四邊形，F(xiàn)DGC，又GC面ABC， FD面ABC.（2）AB=EA，且F為EB中點，AFEB 又FGEA，EA面ABCFG面ABC G為等邊ABC，AB邊