江蘇省徐州三中2018屆高三物理上學(xué)期10月月考試題.docx

江蘇省徐州三中2017-2018學(xué)年高三（上）10月月考物理試題一、單項(xiàng)選擇題1.一名消防隊(duì)員在模擬學(xué)習(xí)訓(xùn)練中，沿著長為12m的豎立在地面上的鋼管從頂端由靜止先勻加速再勻減速下滑，滑到地面時速度恰好為零如果他加速時的加速度大小是減速時加速度大小的2倍，下滑的總時間為3s，那么該消防隊(duì)員（）A. 下滑過程中的最大速度為4m/sB. 加速與減速運(yùn)動過程的時間之比為1：2C. 加速與減速過程中的平均速度之比為2：1D. 加速與減速運(yùn)動過程的位移大小之比為1：4【答案】B【解析】A：設(shè)下滑過程中的最大速度為v，則消防隊(duì)員下滑的總位移：即，代入數(shù)據(jù)解得：，故A錯誤；B：設(shè)加速與減速過程的時間分別為、，加速度大小分別為、，則、，解得：，故B正確；C：根據(jù)平均速度的推論知，則平均速度之比為為1：1，故C錯誤；D：因?yàn)槠骄俣戎葹?：1，加速和減速的時間之比為1：2，則加速和減速的位移之比為1：2，故D錯誤。2.小球沿某一斜面下滑，在斜面底端與垂直斜面的擋板相碰后又回到斜面上的某一位置，小球與擋板作用時間不計(jì)，其速度隨時間變化的關(guān)系如圖所示，以下滑起點(diǎn)為位移坐標(biāo)原點(diǎn)和時刻，則下列選項(xiàng)中能正確反映小球運(yùn)動的圖象是（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【詳解】A、下滑時小球做初速度為0的勻加速直線運(yùn)動，由可知，圖象為過原點(diǎn)的直線，且位移隨時間增大；上滑時末速度為零，可看做反向的初速度為0的勻加速直線運(yùn)動，位移隨時間減小，因此圖象也是一條直線，由圖象知，小球反彈初速度小于下滑末速度，運(yùn)動時間比下滑時間短，因此小球速度為零時沒有回到初始位置，故A正確，B錯誤；C、由圖象可知，小球下滑和上滑都做勻變速直線運(yùn)動，每一階段加速度恒定，但兩個階段加速度大小不等，由圖線斜率可以看出，下滑加速度小于上滑加速度，加速度方向都沿斜面向下（即正方向），故CD錯誤。3.如圖所示，用兩根細(xì)線和懸掛一薄板下列說法正確的是（ ）A. 薄板的重心一定在和的延長線交點(diǎn)處B. 的拉力大于的拉力C. 剪斷瞬間，薄板的加速度方向一定沿斜向下D. 若保持位置不變，緩慢移動至豎直方向，則的拉力一直減小【答案】D【解析】薄板受到重力、AC細(xì)線的拉力和BD細(xì)線的拉力三個力作用，三個力不平行，平衡時力所在的直線交于一點(diǎn)，所以薄板的重心一定在通過AC和BD延長線的交點(diǎn)的豎直線上，但不一定在AC和BD的延長線交點(diǎn)處，故A錯誤根據(jù)水平方向受力平衡可得：TBDsin60=TACcos45，可得TBDTAC，故B錯誤剪斷BD瞬間，薄板的速度為零，向心力為零，合力等于重力垂直于AC向下的分力，所以此瞬間，板的加速度方向一定垂直于AC方向向下，而不是沿BD斜向下，故C錯誤若保持AC位置不變，緩慢移動BD至豎直方向，作出三個不同位置板的受力合成圖，如圖，AC的拉力T和BD拉力F的合力與重力G總等大反向，由圖知，T一直減小，故D正確故選D.點(diǎn)睛:解決本題的關(guān)鍵：一要理解并掌握三力匯交原理，即三力平衡時，不平行，力所在的直線交于一點(diǎn)二要運(yùn)用圖解法分析動態(tài)平衡問題，比較直觀4.在雜技表演中，猴子沿豎直桿向上做初速度為零、加速度為a的勻加速運(yùn)動，同時人頂著直桿以速度vo水平勻速移動，經(jīng)過時間t，猴子沿桿向上移動的高度為h，人頂桿沿水平地面移動的距離為x，如圖所示關(guān)于猴子的運(yùn)動情況，下列說法中正確的是A. 相對地面的運(yùn)動軌跡為直線B. 相對地面做變加速曲線運(yùn)動C. t時刻猴子對地速度的大小為vo+ atD. t時間內(nèi)猴子對地的位移大小為【答案】D【解析】猴子在水平方向勻速運(yùn)動,在豎直方向勻加速直線運(yùn)動,運(yùn)動軌跡為曲線,AB錯; t時刻猴子豎直方向分速度為at,水平速度為v0,和速度為,C錯;合位移的求法遵循平行四邊形定則,D對;5.從同一地點(diǎn)同時開始沿同一直線運(yùn)動的兩個物體、的速度時間圖象如圖所示在0t2時間內(nèi)，下列說法中正確的是（ ）A. 物體所受的合外力不斷增大，物體所受的合外力不斷減小B. 在第一次相遇之前，t1時刻兩物體相距最遠(yuǎn)C. t2時刻兩物體相遇D. 、兩個物體的平均速度大小都是【答案】B【解析】試題分析：速度時間圖像的斜率表示加速度，從圖中可知I曲線的斜率都在減小，所以I加速度都在減小，根據(jù)牛頓第二定律可得I合力都在減小，II斜率恒定，做勻減速直線運(yùn)動，合力恒定，A錯誤；速度圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，由圖可知在時刻兩物體面積差最大，相距最遠(yuǎn)，故B正確；時刻，物體I的位移比物體II的位移大，兩者又是從同一地點(diǎn)同時開始運(yùn)動的，所以時刻兩物體沒有相遇，故C錯誤；物體的位移就等于圖中兩圖象與時間軸所圍的面積，平均速度就等于位移與時間的比值，由圖知物體I的位移比物體II的位移大，且II物體做勻減速運(yùn)動，其平均速度為，I的平均速度大于，D錯誤?？键c(diǎn)：考查了速度時間圖像【名師點(diǎn)睛】在速度時間圖像中，需要掌握三點(diǎn)，一、速度的正負(fù)表示運(yùn)動方向，看運(yùn)動方向是否發(fā)生變化，只要考慮速度的正負(fù)是否發(fā)生變化，二、圖像的斜率表示物體運(yùn)動的加速度，三、圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，在坐標(biāo)軸上方表示正方向位移，在坐標(biāo)軸下方表示負(fù)方向位移6.某物理興趣小組的同學(xué)在研究運(yùn)動的合成和分解時，駕駛一艘快艇進(jìn)行了實(shí)地演練如圖所示，在寬度一定的河中的O點(diǎn)固定一目標(biāo)靶，經(jīng)測量該目標(biāo)靶距離兩岸的最近距離分別為MO=15m、NO=12m，水流的速度平行河岸向右，且速度大小為v1=8m/s，快艇在靜水中的速度大小為v2=10m/s現(xiàn)要求快艇從圖示中的下方河岸出發(fā)完成以下兩個過程；第一個過程以最短的時間運(yùn)動到目標(biāo)靶；第二個過程由目標(biāo)靶以最小的位移運(yùn)動到圖示中的上方河岸，在下列說法正確的是（）A. 快艇的出發(fā)點(diǎn)位于M點(diǎn)左側(cè)8m處B. 第一個過程所用的時間約為1.17sC. 第二個過程快艇的船頭方向應(yīng)垂直河岸D. 第二個過程所用的時間為2s【答案】D【解析】AB：第一個過程以最短的時間運(yùn)動到目標(biāo)靶，當(dāng)船頭的方向始終與河岸垂直時，船到達(dá)O點(diǎn)的時間最短，最短時間為：，該過程中，船隨水流向下游方向的位移：可知船開始時要位于M左側(cè)12m處，故AB均錯誤；CD：第二個過程由目標(biāo)靶以最小的位移運(yùn)動到圖示中的上方河岸，則船頭的方向要向河的上游有一定的角度，此時： ，得第二個過程所用的時間為：；故C錯誤，D正確。綜上選D點(diǎn)睛：運(yùn)動的獨(dú)立性原理又稱運(yùn)動的疊加性原理，是指一個物體同時參與幾種運(yùn)動，各分運(yùn)動都可看成獨(dú)立進(jìn)行的，互不影響，物體的合運(yùn)動則視為幾個相互獨(dú)立分運(yùn)動疊加的結(jié)果。理解過河問題中最小位移、最短時間對應(yīng)的物理模型。7. 據(jù)媒體報道,嫦娥一號衛(wèi)星環(huán)月工作軌道為圓軌道,軌道高度200 km,運(yùn)用周期127分鐘。若還知道引力常量和月球平均半徑,僅利用以上條件不能求出的是A. 月球表面的重力加速度B. 月球?qū)πl(wèi)星的吸引力C. 衛(wèi)星繞月球運(yùn)行速度D. 衛(wèi)星繞月運(yùn)行的加速度【答案】B【解析】試題分析：繞月衛(wèi)星繞月球做勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)萬有引力提供向心力，設(shè)衛(wèi)星的質(zhì)量為m、軌道半徑為r、月球質(zhì)量為M，有地球表面重力加速度公式聯(lián)立可以求解出：即可以求出月球表面的重力加速度；由于衛(wèi)星的質(zhì)量未知，故月球?qū)πl(wèi)星的吸引力無法求出；由可以求出衛(wèi)星繞月球運(yùn)行的速度；由可以求出衛(wèi)星繞月運(yùn)行的加速度；依此可推出ACD都可求出，即不可求出的是B答案 ，故選B考點(diǎn)：萬有引力定律的應(yīng)用8.如圖所示，在不計(jì)滑輪摩擦和繩子質(zhì)量的條件下，當(dāng)小車勻速向右運(yùn)動時，物體A的受力情況是( )A. 繩的拉力大于A的重力B. 繩的拉力等于A的重力C. 繩的拉力小于A的重力D. 拉力先大于重力，后變?yōu)樾∮谥亓Α敬鸢浮緼【解析】試題分析：設(shè)繩子與水平方向的夾角為，將小車的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，沿繩子方向的速度等于A的速度，根據(jù)平行四邊形定則得，車子在勻速向右的運(yùn)動過程中，繩子與水平方向的夾角為減小，所以A的速度增大，A做加速運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律有：，知拉力大于重力故A正確，B、C、D錯誤故選A考點(diǎn)：運(yùn)動的合成和分解；牛頓第二定律點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵會對小車的速度進(jìn)行分解，知道小車的速度是沿繩子方向和垂直于繩子方向速度的合速度9.如圖8所示，光滑水平面上放置質(zhì)量分別m、2m、3m的三個木塊，其中質(zhì)量為和的木塊間用一不可伸長的輕繩相連，輕繩能承受的最大拉力為?，F(xiàn)用水平拉力拉其中一個質(zhì)量為的木塊，使三個木塊以同一加速度運(yùn)動，則以下說法正確的是 （ ）A. 質(zhì)量為的木塊受到四個力的作用B. 當(dāng)逐漸增大到T時，輕繩剛好被拉斷C. 當(dāng)逐漸增大到15T時，輕繩還不會被拉斷D. 輕繩剛要被拉斷時，質(zhì)量為m和2m的木塊間的摩擦力為2T/3【答案】C【解析】質(zhì)量為2m的木塊受到重力、質(zhì)量為m的木塊的壓力、m對其向后的靜摩擦力、輕繩的拉力和地面的支持力五個力的作用，故A錯誤；對三個木塊整體，由牛頓第二定律可得：，隔離后面的組合體，由牛頓第二定律可得：輕繩中拉力為，由此可知，當(dāng)F逐漸增大到時，輕繩中拉力等于，即小于輕繩能承受的最大拉力為，輕繩還沒有被拉斷，故B錯誤；由上式得：當(dāng)F逐漸增大到時，輕繩中拉力，輕繩剛好被拉斷，故C正確；輕繩剛要被拉斷時，輕繩的拉力剛好為，后面兩個木塊的加速度，對質(zhì)量為m木塊研究，由牛頓第二定律得：摩擦力為，故D錯誤；故選C.【點(diǎn)睛】三個木塊以同一加速度做加速運(yùn)動，采用隔離法分析2m可得出其受力的個數(shù)；再對整體分析可得出整體的加速度與力的關(guān)系；再以后面兩個物體為研究對象可得出拉力與加速度的關(guān)系，則可分析得出F與的關(guān)系二、多項(xiàng)選擇題10.關(guān)于速度、速度變化和加速度的關(guān)系，下列說法中正確的是（ ）A. 速度變化的方向?yàn)檎?，加速度的方向可能為?fù)B. 加速度增大，速度可能越來越小C. 速度越來越大，加速度可能越來越小D. 速度變化越大，加速度就一定越大【答案】BC【解析】【詳解】試題分析: A、加速度方向與速度變化量的方向相同，速度變化方向?yàn)檎?，加速度方向?yàn)檎?，故A錯誤B、加速度方向與速度方向可能相同，可能相反，也可能不在同一條直線上，故B正確C、當(dāng)加速度方向與速度方向相同，速度增大，加速度可能減小故C正確D、當(dāng)加速度方向與速度方向相反，加速度增大，速度減小，故D錯誤故選BC.考點(diǎn)：本題考查運(yùn)動的加速度和速度的關(guān)系11.搭載著“嫦娥三號”的“長征三號乙”運(yùn)載火箭在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射升空，下面關(guān)于衛(wèi)星與火箭升空的情形敘述正確的是()A. 火箭尾部向下噴氣，噴出的氣體反過來對火箭產(chǎn)生一個反作用力，從而讓火箭獲得了向上的推力B. 火箭尾部噴出的氣體對空氣產(chǎn)生一個作用力，空氣的反作用力使火箭獲得飛行的動力C. 火箭飛出大氣層后，由于沒有了空氣，火箭雖然向后噴氣，但也無法獲得前進(jìn)的動力D. 衛(wèi)星進(jìn)入運(yùn)行軌道之后，與地球之間仍然存在一對作用力與反作用力【答案】AD【解析】AB、火箭尾部向下噴氣，噴出的氣體反過來對火箭產(chǎn)生一個反作用力，從而讓火箭獲得了向上的推力，故A正確，B錯誤；C、火箭飛出大氣層后，雖然沒有了空氣，火箭向后噴氣，噴出的氣體反過來對火箭產(chǎn)生一個反作用力，從而讓火箭獲得前進(jìn)的動力，故C錯誤；D、衛(wèi)星進(jìn)入運(yùn)行軌道之后，與地球之間仍然存在一對作用力與反作用力，即地球?qū)πl(wèi)星的引力和衛(wèi)星對地球的引力，故D正確。故選：AD。12.將一物體在高h(yuǎn)處，以初速V0水平拋出，不計(jì)空氣阻力，落地時速度為Vt，豎直分速度Vy，拋出點(diǎn)到落地點(diǎn)的距離S，則物體在空中飛行時間為（）A. B. C. D. 【答案】ABC【解析】A： 據(jù) 得： ，故A正確；B：據(jù)得： ，故B正確；C：豎直方向平均速度： 又，可得，故C正確；D：水平方向位移： ，可得：，故D錯誤。綜上選ABC點(diǎn)睛：平拋運(yùn)動在豎直方向上做勻加速直線運(yùn)動，可以根據(jù)落地速度、在豎直方向上的分速度或高度去求運(yùn)動的時間13. 假如一做圓周運(yùn)動的人造地球衛(wèi)星的軌道半徑增大到原來的2倍仍作圓周運(yùn)動，則（ ）A. 根據(jù)公式，可知衛(wèi)星運(yùn)動的線速度增大到原來2倍B. 根據(jù)公式，可知衛(wèi)星所需的向心力將減小到原來的倍C. 根據(jù)公式，可知地球提供的向心力將減小到原來的倍D. 根據(jù)上述B和C中給出的公式，可知衛(wèi)星運(yùn)動的線速度減小到原來的倍【答案】BD【解析】v=r中，只有當(dāng)角速度恒定時，線速度才會變成原來的2倍，但事實(shí)上半徑變化后角速度也隨之發(fā)生變化，應(yīng)該根據(jù)來判斷，AB錯；CD對；14.如圖所示，質(zhì)量為M的木塊C放在水平地面上，固定在C上的豎直輕桿的頂端分別用細(xì)繩a和b連接小球A和小球B，小球A、B的質(zhì)量分別為mA和mB，當(dāng)與水平方向成30角的力F作用在小球B上時，A、B、C剛好相對靜止一起向右勻速運(yùn)動，且此時繩a、b與豎直方向的夾角分別為30和60，則下列判斷正確的是A. 力F的大小為mBgB. 地面對C的支持力等于(MmAmB)gC. 地面對C的摩擦力大小為D. mAmB【答案】ACD【解析】以B為研究對象，分析受力，水平方向受力平衡，則有：Fcos30=Tbcos30，得：Tb=F豎直方向受力平衡，則：Fsin30+Tbsin30=mBg得：F=mBg，故A正確；以ABC整體為研究對象受力分析，豎直方向：N+Fsin30=（M+mA+mB）g, 可見N小于（M+mA+mB）g，故B錯誤；以ABC整體為研究對象受力分析，水平方向：f=Fcos30=mBgcos30=mBg，故C正確；以A為研究對象受力分析，豎直方向：mAg+Tbsin30=Tasin60；水平方向：Tasin30=Tbsin60；聯(lián)立得：mA=mB，故D正確；故選ACD.點(diǎn)睛:本題考查受力分析以及平衡條件的應(yīng)用，關(guān)鍵是靈活的選擇研究對象，采用隔離法和整體法結(jié)合比較簡便15.如圖所示，放置在水平地面上的支架質(zhì)量為M，支架頂端用細(xì)線拴著的擺球質(zhì)量為m，現(xiàn)將擺球拉至水平位置，而后釋放，擺球運(yùn)動過程中，支架始終不動，以下說法正確的是()A. 在釋放前的瞬間，支架對地面的壓力為(mM)gB. 在釋放前的瞬間，支架對地面的壓力為MgC. 擺球到達(dá)最低點(diǎn)時，支架對地面的壓力為(mM)gD. 擺球到達(dá)最低點(diǎn)時，支架對地面的壓力為(3mM)g【答案】BD【解析】在釋放前的瞬間繩拉力為零,對M：對地面的壓力F=Mg；當(dāng)擺球運(yùn)動到最低點(diǎn)時，由機(jī)械能守恒得由牛頓第二定律得：由得繩對小球的拉力FT=3mg對支架M由受力平衡，地面支持力FN=Mg3mg由牛頓第三定律知，支架對地面的壓力FN23mgMg，故選項(xiàng)B、D正確.16.如圖所示，質(zhì)量M=2kg的一定長度的長木板靜止在光滑水平面上，在其左端放置一質(zhì)量m=1kg的小木塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），小木塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)=0.2長木板和小木塊先相對靜止，然后用一水平向右的F=4N的力作用在小木塊上，經(jīng)過時間t=2s，小木塊從長木板另一端滑出，g取10m/s2，則（）A. 滑出瞬間，小木塊的速度為2m/sB. 滑出瞬間，小木塊的速度為4m/sC. 滑出瞬間，長木板的速度為2m/sD. 滑出瞬間，長木板的速度為4m/s【答案】BC【解析】由牛頓第二定律得：對小木塊： 對長木板： 由題意可知，木塊與長木板都做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，運(yùn)動時間：t=2s，木塊滑出瞬間，小木塊速度： 長木板的速度：故選：BC。三、簡答題17.在“利用打點(diǎn)計(jì)時器測定勻變速直線運(yùn)動加速度”實(shí)驗(yàn)中，打點(diǎn)計(jì)時器接在50Hz低壓交流電源上，某同學(xué)在打出的紙帶上按打點(diǎn)的先后順序每5點(diǎn)取一個計(jì)數(shù)點(diǎn)，共取了A、B、C、D、E、F六個計(jì)數(shù)點(diǎn)(每相鄰兩個計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個點(diǎn))。從A點(diǎn)開始在每一個計(jì)數(shù)點(diǎn)處將紙帶剪開分成五段(分別為a、b、c、d、e段)，將這五段紙帶由長到短緊靠但不重疊地粘在xOy坐標(biāo)系中，如圖所示:（1）若把每一段紙帶的右上端連接起來，結(jié)果得到一條傾斜的直線，如圖所示，由圖可知紙帶做_運(yùn)動且直線與x方向夾角越大，說明紙帶運(yùn)動的加速度_(選填：越大或越小)。（2）從第一個計(jì)數(shù)點(diǎn)A開始計(jì)時，為求出0.25s時刻紙帶的瞬時速度，需要測出哪一段紙帶的長度_(選填：a、b、c、d或e)。（3）若測得a段紙帶的長度為10.0cm，e段紙帶的長度為2.0cm，則可求出加速度的大小_m/s2。【答案】 (1). 勻減速直線 (2). 越大 (3). c (4). 2.0【解析】【詳解】（1）紙帶剪接后，水平方向每條寬度相同，正好與每條紙帶相等時間對應(yīng)，豎直長度為相鄰相等時間的位移，由于x=aT2，紙帶長度差相等，變化規(guī)律恰好與速度一樣，所以圖線可看作vt圖象，即物體的速度在均勻減少，物體做勻減速運(yùn)動；圖象與x方向夾角越大，即斜率越大，則加速度越大。（2）求0.25s的速度，即求0.2s0.3s內(nèi)的平均速度，0.20.3s內(nèi)的位移恰好是紙帶c段對應(yīng)的長度，故需測出c段紙帶的長度即可。（3）利用x=aT2，即xa-xe=4aT2有：加速度a=10-2m/s2=2.0m/s2答案為：（1）勻減速直線；越大；（2）c；（3）2.018.如圖1所示，某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個測量滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)的實(shí)驗(yàn)裝置，裝有定滑輪的長木板固定在水平實(shí)驗(yàn)臺上，木板上有一滑塊，滑塊右端固定一個動滑輪，鉤碼和彈簧測力計(jì)通過繞在滑輪上的輕繩相連，放開鉤碼，滑塊在長木板上做勻加速直線運(yùn)動（1）實(shí)驗(yàn)得到一條如圖2所示的紙帶，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時間間隔為0.1s，由圖中的數(shù)據(jù)可知，滑塊運(yùn)動的加速度大小是_m/s2（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（2）讀出彈簧測力計(jì)的示數(shù)F，處理紙帶，得到滑塊運(yùn)動的加速度a；改變鉤碼個數(shù)，重復(fù)實(shí)驗(yàn)以彈簧測力計(jì)的示數(shù)F為縱坐標(biāo)，以加速度a為橫坐標(biāo)，得到的圖象是縱軸截距為b的一條傾斜直線，如圖3所示已知滑塊和動滑輪的總質(zhì)量為m，重力加速度為g，忽略滑輪與繩之間的摩擦則滑塊和木板之間的動摩擦因數(shù)=_【答案】 (1). （1）2.4； (2). （2） 【解析】(1)B點(diǎn)的瞬時速度為，加速度為.(2)滑塊受到的拉力T為彈簧秤示數(shù)的兩倍，即：T=2F,滑塊受到的摩擦力為：f=mg,由牛頓第二定律可得：T-f=ma,解得力F與加速度a的函數(shù)關(guān)系式為:,由圖象所給信息可得圖象截距為：,解得.【點(diǎn)睛】本題重點(diǎn)是考察學(xué)生實(shí)驗(yàn)創(chuàng)新能力及運(yùn)用圖象處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的能力，對這種創(chuàng)新類型的題目，應(yīng)仔細(xì)分析給定的方案和數(shù)據(jù)，建立物理模型四、計(jì)算題19.在平直公路上行駛的a車和b車，其位移時間圖象分別為圖中直線a和曲線b，已知b車的加速度恒定且a2 m/s2，t3 s時，直線a和曲線b剛好相切。求：t0時a車和b車的距離x0?！敬鸢浮縳09 m【解析】【詳解】由圖可知，a車的速度 ；3s時，直線a和曲線b剛好相切，即此時b車的速度 vb=va=2m/s；設(shè)b車的初速度為vb對b車，由vb+at=vb，解得 vb=8m/s；a車的位移 xa=vat=6m；b車的位移 xb=t=15m；t=3s時，a車和b車到達(dá)同一位置，得 x0=xb-xa=9m.20.（12分）如圖所示，將質(zhì)量m0.1kg的圓環(huán)套在固定的水平直桿上。環(huán)的直徑略大于桿的截面直徑。環(huán)與桿間動摩擦因數(shù)m0.8。對環(huán)施加一位于豎直平面內(nèi)斜向上，與桿夾角q53的拉力F，使圓環(huán)以a4.4m/s2的加速度沿桿運(yùn)動