高中物理電場(chǎng)-靜電學(xué)-附答案和詳細(xì)解析.docx

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B、C兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同3. 關(guān)于靜電場(chǎng)，下列說法正確的是()A. 電勢(shì)等于零的物體一定不帶電B. 電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)，電勢(shì)一定為零C. 同一電場(chǎng)線上的各點(diǎn)，電勢(shì)一定相等D. 負(fù)電荷沿電場(chǎng)線方向移動(dòng)時(shí)，電勢(shì)能一定增加4. 甲、乙兩帶電小球的質(zhì)量均為m，所帶電荷量分別為+q和q，兩球間用絕緣細(xì)線連接，甲球又用絕緣細(xì)線懸掛在天花板上，在兩球所在空間有方向向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，上下兩根絕緣細(xì)線張力的大小分別為()A. T1=2mg，T2=(mg)2+(qE)2B. T12mg，T2=(mg)2+(qE)2C. T12mg，T2(mg)2+(qE)2D. T1=2mg，T2vaC. 粒子動(dòng)能EkaEpc三、填空題（本大題共1小題，共4.0分）15. 兩個(gè)點(diǎn)電荷甲和乙同處于真空中(1)甲的電量是乙的4倍，則甲對(duì)乙的作用力是乙對(duì)甲的作用力的_ 倍. (2)若把每個(gè)電荷的電量都增加為原來的2倍，那么它們之間的相互作用力變?yōu)樵瓉淼腳 倍；(3)保持其中一電荷的電量不變，另一個(gè)電荷的電量變?yōu)樵瓉淼?倍，為保持相互作用力不變，則它們之間的距離應(yīng)變?yōu)樵瓉淼腳 倍.四、實(shí)驗(yàn)題探究題（本大題共1小題，共9.0分）16. 法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象之后，又發(fā)明了世界上第一臺(tái)發(fā)電機(jī)-法拉第圓盤發(fā)電機(jī)，揭開了人類將機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能并進(jìn)行應(yīng)用的序幕.法拉第圓盤發(fā)電機(jī)的原理如圖所示，將一個(gè)圓形金屬盤放置在電磁鐵的兩個(gè)磁極之間，并使盤面與磁感線垂直，盤的邊緣附近和中心分別裝有與金屬盤接觸良好的電刷A、B，兩電刷與靈敏電流計(jì)相連.當(dāng)金屬盤繞中心軸按圖示方向轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，則電刷A的電勢(shì)_電刷B的電勢(shì)(填高于、低于或等于)；若僅提高金屬盤轉(zhuǎn)速，靈敏電流計(jì)的示數(shù)將_；(填增大、減小或不變)；若僅將滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)頭向左滑，靈敏電流計(jì)的示數(shù)將_(填增大、減小或不變)五、計(jì)算題（本大題共1小題，共10.0分）17. 在場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，取O點(diǎn)為圓心，r為半徑作一圓周，在O點(diǎn)固定一電荷量為+Q的點(diǎn)電荷，a、b、c、d為相互垂直的兩條直線和圓周的交點(diǎn).當(dāng)把一試探電荷+q放在d點(diǎn)恰好平衡(如圖所示，不計(jì)重力) (1)勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)E的大小、方向如何？(2)試探電荷+q放在點(diǎn)c時(shí)，受力Fc的大小、方向如何？(3)試探電荷+q放在點(diǎn)b時(shí)，受力Fb的大小、方向如何？六、簡(jiǎn)答題（本大題共1小題，共8.0分）18. 電場(chǎng)中某區(qū)域的電場(chǎng)線分布如圖所示，A、B是電場(chǎng)中的兩點(diǎn).一個(gè)電荷量q1=4.0108的負(fù)點(diǎn)電荷，放在電場(chǎng)中的A點(diǎn)時(shí)所受電場(chǎng)力為F1=2.0104N. (1)求A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小EA；(2)將q2=2.0108C的正點(diǎn)電荷放入電場(chǎng)中的A點(diǎn)，求q2受到的電場(chǎng)力F2的大小和方向；(3)如果將點(diǎn)電荷q1從電場(chǎng)中的A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做功WAB=8.0107J，求A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UAB答案和解析【答案】1. B2. D3. D4. D5. D6. C7. B8. D9. C10. D11. C12. ACD13. AD14. AD15. 1；4；216. 低于；增大；減小17. 解：(1)由題意：檢驗(yàn)電荷+q放在d點(diǎn)恰好平衡，則有：Q對(duì)+q的庫(kù)侖力F1=kQqr2 勻強(qiáng)電場(chǎng)對(duì)+q的電場(chǎng)力F2=qE 由平衡條件得F1=F2，所以qE=kQqr2，得：E=kQr2，勻強(qiáng)電場(chǎng)方向沿db方向(豎直向下)(2)檢驗(yàn)電荷放在c點(diǎn)：勻強(qiáng)電場(chǎng)的作用力大小為F2=qE，方向豎直向下；Q對(duì)+q的庫(kù)侖力大小為F1，方向水平向左，則：所以Fc=2qE=2kQqr2，方向與ac方向成45角斜向下(3)檢驗(yàn)電荷放在b點(diǎn)：同理可得，Eb=E2+E=2E=2kQr2，所以Fb=qEb=2kQqr2，方向沿db方向答：(1)勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)E的大小為kQr2，方向沿do方向向下；(2)試探電荷+q放在點(diǎn)c時(shí)，受力Fc的大小為2kQqr2，方向斜向左下方與ac成45角；(3)試探電荷+q放在點(diǎn)b時(shí)，受力Fb的大小為2kQqr2，方向沿ob方向向下18. 解：(1)A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為：EA=F1q1=2.01044.0108N/C=5.0103N/C，(2)q2受到的電場(chǎng)力為：F2=q2EA=2.01085.0103N=1.0104N，方向沿場(chǎng)強(qiáng)向左，(3)A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為：UAB=WABq1=8.01074.0108V=20.0V 答：(1)A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為5.0103N/C；(2)q2受到的電場(chǎng)力F2的大小為1.0104N，方向沿場(chǎng)強(qiáng)向左；(3)A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為20V【解析】1. 解：設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為K，原長(zhǎng)為x.當(dāng)系統(tǒng)平衡時(shí)，彈簧的伸長(zhǎng)量為x0，則有：Kx0=kQq(x+x0)2 A、保持Q不變，將q變?yōu)?q時(shí)，平衡時(shí)有：Kx1=k2Qq(x+x1)2 由解得：x12x0，故A錯(cuò)誤；B、同理可以得到保持q不變，將Q變?yōu)?Q，平衡時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量小于2x0，故B正確；C、保持q不變，將Q變?yōu)镼，如果縮短量等于x0，則靜電力大于彈力，故會(huì)進(jìn)一步吸引，故平衡時(shí)彈簧的縮短量大于x0，故C錯(cuò)誤；D、保持Q不變，將q變?yōu)閝，如果縮短量等于x0，則靜電力大于彈力，故會(huì)進(jìn)一步吸引，故平衡時(shí)彈簧的縮短量大于x0，故D錯(cuò)誤故選：B 根據(jù)庫(kù)侖定律及胡克定律列式分析，電荷量變化，庫(kù)侖力變化，兩球的距離變化，彈力變化，根據(jù)平衡條件列方程計(jì)算即可本題主要考查了庫(kù)侖定律及胡克定律的直接應(yīng)用，要知道，電荷量變化后庫(kù)侖力要變化，距離變化后彈簧彈力會(huì)變化2. 解：AB、只在A點(diǎn)放正電荷時(shí)，B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為：E=kQr2 又將等量異號(hào)的點(diǎn)電荷Q放在D點(diǎn)后，B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為：EB=kQr2+kQ(2r)2=5kQ4r2=54E，方向水平向右，故A錯(cuò)誤，B也錯(cuò)誤；C、BC線段的中點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度：E=kQ(3r2)2+kQ(3r2)20，故C錯(cuò)誤；D、C點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為：EC=kQ(2r)2+kQr2=5kQ4r2=54E，方向水平向右，與B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同，故D正確；故選：D根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式E=kQr2分析計(jì)算，有兩個(gè)場(chǎng)源就根據(jù)矢量合成求合場(chǎng)強(qiáng)本題關(guān)鍵根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式，然后根據(jù)矢量合成的法則合成各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，當(dāng)然，也可以根據(jù)等量異種電荷的電場(chǎng)線快速判斷3. 解：A、靜電場(chǎng)中，電勢(shì)具有相對(duì)性，電勢(shì)為零的物體不一定不帶電，故A錯(cuò)誤；B、靜電場(chǎng)中，電勢(shì)具有相對(duì)性，電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)電勢(shì)不一定為零，故B錯(cuò)誤；C、沿場(chǎng)強(qiáng)方向電勢(shì)減小，電場(chǎng)線的切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，故沿電場(chǎng)線電勢(shì)一定降低，故C錯(cuò)誤；D、電場(chǎng)線的切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，負(fù)電荷沿電場(chǎng)線方向移動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，故D正確；故選D靜電場(chǎng)中，電勢(shì)具有相對(duì)性，電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)電勢(shì)不一定為零，沿電場(chǎng)線電勢(shì)一定降低本題關(guān)鍵抓住電場(chǎng)力電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)的概念，同時(shí)要注意電勢(shì)具有相對(duì)性，電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)電勢(shì)不一定為零4. 【分析】對(duì)甲、乙兩球整體進(jìn)行受力分析，由共點(diǎn)力的條件可得出上端細(xì)線的張力；再對(duì)下面小球受力分析，由共點(diǎn)力的平衡條件可求得下端細(xì)線的張力。本題采用整體法與隔離法進(jìn)行分析，要注意不能漏力，特別是庫(kù)侖力是正確解題的關(guān)鍵?！窘獯稹繉?duì)整體受力分析可知，整體在豎直方向受重力和繩子的拉力，水平方向兩電場(chǎng)力大小相等方向相反，故在豎直方向上，拉力等于重力，則T1=2mg；對(duì)下面小球進(jìn)行受力分析，小球受重力、電場(chǎng)力、庫(kù)侖力及繩子的拉力而處于平衡，由圖可知：繩子的拉力及庫(kù)侖力的合力應(yīng)等于電場(chǎng)力與重力的合力qE2+mg2，故繩子的拉力T2qE2+mg2，故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。5. 解：A、x圖象的斜率的絕對(duì)值大小等于電場(chǎng)強(qiáng)度，由幾何知識(shí)得知，斜率先增大后減小，則電場(chǎng)強(qiáng)度先增大后減小，但斜率一直是負(fù)，場(chǎng)強(qiáng)方向沒有改變。故AB錯(cuò)誤。C、由圖看出，電勢(shì)逐漸降低，若一負(fù)電荷從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到x2點(diǎn)，電勢(shì)能逐漸升高。故C錯(cuò)誤。D、從O點(diǎn)靜止釋放一僅受電場(chǎng)力作用的正電荷，受到的電場(chǎng)力方向與速度方向相同，做加速運(yùn)動(dòng)，即該電荷在Ox2間一直做加速運(yùn)動(dòng)。故D正確。故選：D。根據(jù)x圖象的斜率的絕對(duì)值大小等于電場(chǎng)強(qiáng)度，分析場(chǎng)強(qiáng)的變化，由圖看出，電勢(shì)逐漸降低，可判斷出負(fù)電荷的電勢(shì)能變化本題從數(shù)學(xué)的角度理解t圖象的斜率等于場(chǎng)強(qiáng)，由電勢(shì)的高低判斷出電場(chǎng)線的方向，來判斷電場(chǎng)力方向做功情況6. 解：由點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式可知，各點(diǎn)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為E=kqr2，電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，求合場(chǎng)強(qiáng)應(yīng)用平行四邊形定則，由對(duì)稱性可知，B、C、D、E四個(gè)點(diǎn)電荷的合場(chǎng)強(qiáng)大小為E=kqr2，方向沿OA方向，則A、B、C、D、E五個(gè)點(diǎn)電荷的合場(chǎng)強(qiáng)大小為：E合=E+E=kqr2+kqr2=2kqr2，方向沿OA方向；故選C根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式求出點(diǎn)電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)，然后由平行四邊形定則求出各點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)的合場(chǎng)強(qiáng)，然后求出O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小與方向本題考查了電場(chǎng)強(qiáng)度問題，熟練應(yīng)用點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式及平行四邊形定則是正確解題的關(guān)鍵7. 解：A、根據(jù)對(duì)稱性看出，B、C兩處電場(chǎng)線疏密程度相同，則B、C兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相同.這兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的方向均由BC，方向相同.故A正確 B、根據(jù)對(duì)稱性看出，A、D兩處電場(chǎng)線疏密程度相同，則A、D兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相同.由圖看出，A、D兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向相同.故B錯(cuò)誤 C、由圖看出，E、F兩點(diǎn)中，電場(chǎng)線疏密程度相同，兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向相同.故C正確 D、由圖看出，電場(chǎng)線先變密，再變疏，所以場(chǎng)強(qiáng)先增大后減小.故D正確本題選錯(cuò)誤的故選：B根據(jù)電場(chǎng)線的疏密判斷場(chǎng)強(qiáng)的大小，電場(chǎng)線越密，場(chǎng)強(qiáng)越大；電場(chǎng)線越疏，場(chǎng)強(qiáng)越小.根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷形成電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布的對(duì)稱性分析對(duì)稱點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的大小關(guān)系.等量異種點(diǎn)電荷連線的中垂線是一條等勢(shì)線對(duì)于等量異種點(diǎn)電荷和等量同種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線、等勢(shì)線的分布是考試的熱點(diǎn)，要抓住對(duì)稱性進(jìn)行記憶8. 解：A、由粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡彎曲方向可知，帶電粒子受電場(chǎng)力的方向大致斜向左下方，與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反，故粒子帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤B、B點(diǎn)電場(chǎng)線密集，故電場(chǎng)強(qiáng)度大，電場(chǎng)力大，故加速度大，所以粒子的加速度一直增大，故B錯(cuò)誤；C、由于帶電粒子是從A到B，帶電粒子受電場(chǎng)力的方向大致斜向左下方，故電場(chǎng)力做負(fù)功，動(dòng)能減小，電勢(shì)能增大，故C錯(cuò)誤，D正確故選：D 解這類題的思路：根據(jù)帶電粒子運(yùn)動(dòng)軌跡判定電場(chǎng)力方向，然后根據(jù)電性和電場(chǎng)線的疏密程度，判斷電場(chǎng)力方向，根據(jù)電場(chǎng)力做功判斷電勢(shì)能的變化解決這類帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問題的關(guān)鍵是根據(jù)軌跡判斷出電場(chǎng)力方向，利用電場(chǎng)中有關(guān)規(guī)律求解；明確電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能和動(dòng)能間的關(guān)系9. 解：金屬板在Q的電場(chǎng)中達(dá)到靜電平衡時(shí)，金屬板是一個(gè)等勢(shì)體，表面是一個(gè)等勢(shì)面，表面的電場(chǎng)線與表面垂直，小球所受電場(chǎng)力與金屬板表面垂直，在金屬板上向右運(yùn)動(dòng)的過程中，電場(chǎng)力方向與位移方向垂直，對(duì)小球不做功，根據(jù)動(dòng)能定理得知，小球的動(dòng)能不變，速度不變，所以小球做勻速直線運(yùn)動(dòng).故ABD錯(cuò)誤，C正確故選：C金屬板在Q的電場(chǎng)中產(chǎn)生靜電感應(yīng)現(xiàn)象，達(dá)到靜電平衡時(shí)，金屬板是一個(gè)等勢(shì)體，表面是一個(gè)等勢(shì)面，表面的電場(chǎng)線與表面垂直.分析小球的受力情況，可確定其運(yùn)動(dòng)情況本題關(guān)鍵抓住靜電平衡導(dǎo)體的特點(diǎn)：整體導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體，表面是一個(gè)等勢(shì)面，知道電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，并能運(yùn)用這些知識(shí)來分析實(shí)際問題10. 解：A、根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式E=kQr2，可知，牛丙所處位置的電場(chǎng)強(qiáng)度不為零，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式E=kQr2，可知，牛乙和牛丙兩處電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，但方向不同，故B錯(cuò)誤；C、沿著電場(chǎng)線的方向，電勢(shì)是降低的，雖然牛丁與牛乙所站的位置不同，但由于點(diǎn)電荷的電性不知，因此無法判定兩者的電勢(shì)高低，故C錯(cuò)誤；D、乙與丁兩位置的前后腳與半徑垂直，而甲與丙兩位置的前后腳與半徑平行，加之靠近點(diǎn)電荷的電勢(shì)差越大，因此甲前后腳電勢(shì)差最大，處于最危險(xiǎn)的狀態(tài)，故D正確；故選：D。依據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直，電場(chǎng)線的分布平行于半徑方向，沿著電場(chǎng)線的方向，電勢(shì)是降低的，從而即可一一求解。考查點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式的內(nèi)容，掌握電勢(shì)的高低與電場(chǎng)線方向關(guān)系，理解不同位置的電勢(shì)差的大小不同，注意點(diǎn)電荷的正負(fù)是解題的關(guān)鍵。11. 解：A、沿著電場(chǎng)線電勢(shì)逐漸降低，由圖看出，D點(diǎn)電勢(shì)比B點(diǎn)電勢(shì)高，故A錯(cuò)誤；B、電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，由圖可知，B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比D點(diǎn)的小.故B錯(cuò)誤；C、沿著電場(chǎng)線電勢(shì)逐漸降低，由圖看出，C點(diǎn)電勢(shì)比A點(diǎn)電勢(shì)高，所以負(fù)電荷在C點(diǎn)的電勢(shì)能低于在A點(diǎn)的電勢(shì)能.故C正確；D、正電荷由D點(diǎn)靜止釋放，受電場(chǎng)力方向沿曲線的切線方向，所以運(yùn)動(dòng)的軌跡不會(huì)沿電場(chǎng)線的方向.故D錯(cuò)誤故選：C 根據(jù)電場(chǎng)線的疏密判斷場(chǎng)強(qiáng)的大小，根據(jù)沿著電場(chǎng)線電勢(shì)逐漸降低判斷電勢(shì)高低；負(fù)電荷在電勢(shì)高處的電勢(shì)能小該題要掌握電場(chǎng)線的物理意義：電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大小，順著電場(chǎng)線電勢(shì)逐漸降低，難度不大，屬于基礎(chǔ)題12. 解：A、先把兩球分開，兩球由于感應(yīng)起電帶上異種電荷，再移走棒，能使兩球都帶電.故A正確 B、先移走棒，此時(shí)甲乙兩球中的電荷又發(fā)生中和，不再帶電，再把球分開，同樣不再帶電.故B錯(cuò)誤 C、先使甲球瞬時(shí)接地后斷開，這樣甲球帶電被中和，乙球帶電，當(dāng)移走棒后，則兩球會(huì)帶電.故C正確 D、使棒與甲球瞬時(shí)接觸，這樣兩球都帶同種電，當(dāng)移走棒，兩球仍帶電，故D正確；故選：ACD將棒移近兩個(gè)不帶電的導(dǎo)體球，靠感應(yīng)起電使物體帶電，帶電的實(shí)質(zhì)是電荷的移動(dòng)，總電荷量保持不變解決本題的關(guān)鍵知道摩擦起電、感應(yīng)起電、接觸帶電的實(shí)質(zhì)都是電荷的移動(dòng)，電荷的總量保持不變13. 解：A、B、根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)，從正電荷出發(fā)到負(fù)電荷終止可以判斷，A、B是兩個(gè)異種電荷.由于電場(chǎng)線的分布關(guān)于MN左右對(duì)稱，可知兩個(gè)電荷的電量相等，所以這兩個(gè)點(diǎn)電荷一定是等量異種電荷，故A正確，B錯(cuò)誤C、MN是兩點(diǎn)電荷連線的中垂線，中垂線上每點(diǎn)的電場(chǎng)方向都水平向右，中垂線和電場(chǎng)線垂直，所以中垂線為一條等勢(shì)線，所以C點(diǎn)的電勢(shì)等于D點(diǎn)的電勢(shì).故C錯(cuò)誤D、在兩等量異號(hào)電荷連線的中垂線上，C點(diǎn)電場(chǎng)線最密，電場(chǎng)強(qiáng)度最大，所以C點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比D點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大，故D正確故選：AD根據(jù)電場(chǎng)線分布的對(duì)稱性可判斷出兩個(gè)電荷電量的關(guān)系，并能判斷出電荷電性的關(guān)系；兩等量異號(hào)電荷連線的中垂線是一條等勢(shì)線，其上各點(diǎn)的電勢(shì)相等；從電場(chǎng)線的疏密判斷場(chǎng)強(qiáng)的大小常見電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布及等勢(shì)面的分布要求我們能熟練掌握，并要注意沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)是降低的，同時(shí)注意等量異號(hào)電荷形成電場(chǎng)的對(duì)稱性.加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)，掌握住電場(chǎng)線的特點(diǎn)，即可解決本題14. 解：A：如圖所示，軌跡向左彎曲，帶電粒子所受的電場(chǎng)力方向向左，則帶電粒子受到了排斥力作用.故A正確B：從a到b過程中，帶電粒子受到了排斥力作用，電場(chǎng)力做負(fù)功，可知電勢(shì)能增大，動(dòng)能減小，粒子在b點(diǎn)的速度一定小于在a點(diǎn)的速度.故B錯(cuò)誤C：a、c兩點(diǎn)處于同一等勢(shì)面上，從a到c，電場(chǎng)力為零，則a、c兩點(diǎn)動(dòng)能相等，故C錯(cuò)誤D：從b到c過程中，電場(chǎng)力做正功，可知電勢(shì)能減小，粒子在b點(diǎn)的電勢(shì)能一定大于在c點(diǎn)的電勢(shì)能，故D正確故選：AD 從粒子運(yùn)動(dòng)軌跡看出，軌跡向左彎曲，可知帶電粒子受到了向左的力(排斥力)作用，從a到b過程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，可判斷電勢(shì)能的大小和速度大小.a、c兩點(diǎn)處于同一等勢(shì)面上，由動(dòng)能定理分析粒子在a、c兩點(diǎn)的速度大小關(guān)系本題是軌跡問題，首先要根據(jù)彎曲的方向判斷出帶電粒子所受電場(chǎng)力方向，確定是排斥力還是吸引力.由動(dòng)能定理分析動(dòng)能和電勢(shì)能的變化是常用的思路15. 解：(1)甲對(duì)乙的作用力和乙對(duì)甲的作用是一對(duì)作用力和反作用力，一定等大的(2)由庫(kù)侖定律F=kq1q2r2，若把每個(gè)電荷的電量都增加為原來的2倍，那么它們之間的相互作用力變?yōu)镕=k2q12q2r2=4kq1q2r2=4F，是原來的4倍(3)保持其中一電荷的電量不變，另一個(gè)電荷的電量變?yōu)樵瓉淼?倍，為保持相互作用力不變，由庫(kù)侖定律