廣東省汕頭市金山中學(xué)2019_2020學(xué)年高二物理上學(xué)期期末考試試題含解析

1、廣東省汕頭市金山中學(xué)2019-2020學(xué)年高二物理上學(xué)期期末考試試題（含解析）一、選擇題(本題共12小題，1-7單選，8-12多選)1.如圖甲，固定的正方形閉合線圈abcd處于方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小b隨時(shí)間t變化的圖像如圖乙，下列說(shuō)法正確的是( )a. t=2s時(shí)，ab邊受到勻強(qiáng)磁場(chǎng)的安培力最大b. t=4s時(shí)，ab邊受到勻強(qiáng)磁場(chǎng)的安培力為0c. 02 s內(nèi)線圈中有逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流d. 2 s4 s內(nèi)線圈中的感應(yīng)電流逐漸減小【答案】b【解析】【詳解】a根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電流t=2s時(shí)刻，磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率為0，則感應(yīng)電流i=0，ab邊不受安培力作用

2、故a錯(cuò)誤；bt=4s時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率不為0，則感應(yīng)電流不為0，但是b=0，根據(jù)f=bil可知ab邊受到勻強(qiáng)磁場(chǎng)的安培力為0，b正確；c根據(jù)楞次定律可知，02s內(nèi)，垂直線圈向外的磁通量變大，則感應(yīng)電流為順時(shí)針?lè)较?，c錯(cuò)誤；d2s4s內(nèi)線圈中，磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率逐漸增大，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)逐漸變大，感應(yīng)電流逐漸增大，d錯(cuò)誤。故選b。2.有一帶電粒子沿圖中的ab曲線穿過(guò)一勻強(qiáng)電場(chǎng)，a、b、c、d均為勻強(qiáng)電場(chǎng)中的等勢(shì)面，且電勢(shì)abcd，若不計(jì)粒子所受重力，那么下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是a. 粒子一定帶負(fù)電b. 粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡是拋物線c. 從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)粒子的電勢(shì)能增加d. 從a點(diǎn)到b點(diǎn)過(guò)程中電勢(shì)能與動(dòng)能之和不

3、變【答案】c【解析】【詳解】a根據(jù)電場(chǎng)線和等勢(shì)線垂直，且從高電勢(shì)處指向低電勢(shì)處，得知電場(chǎng)沿豎直向下方向，而粒子的軌跡向上彎曲，說(shuō)明粒子所受的電場(chǎng)力豎直向上，所以粒子帶負(fù)電故a不符合題意b粒子所受的電場(chǎng)力是恒力，粒子的運(yùn)動(dòng)為勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，軌跡為拋物線故b不符合題意c粒子的電場(chǎng)力豎直向上，軌跡向上彎曲，則電場(chǎng)力對(duì)粒子做正功，其動(dòng)能逐漸增大，電勢(shì)能減小故c符合題意d重力不計(jì)，粒子只有兩種形式的能：動(dòng)能和電勢(shì)能，根據(jù)能量守恒可知粒子的動(dòng)能和電勢(shì)能之和在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中保持不變故d不符合題意3.如圖所示，正方形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)一帶電粒子垂直磁場(chǎng)邊界從a點(diǎn)射入，從b點(diǎn)射出下列說(shuō)法正確的是( )a.

4、 粒子帶正電b. 粒子在b點(diǎn)速度大于在a點(diǎn)速率c. 若僅減小入射速率，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間變長(zhǎng)d. 若僅減小磁感應(yīng)強(qiáng)度，則粒子可能從b點(diǎn)左側(cè)射出【答案】c【解析】【詳解】a粒子向下偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則可得粒子帶負(fù)電，故a錯(cuò)誤；b粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)洛倫茲力不做功，粒子在b點(diǎn)速率等于在a點(diǎn)速率，故b錯(cuò)誤；c若僅減小入射速率，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑減小，周期不變，粒子軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角有增大，根據(jù)可知粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間增加，故c正確；d根據(jù)可知，若僅減小磁感應(yīng)強(qiáng)度，則粒子運(yùn)動(dòng)的半徑增大，粒子可能從b點(diǎn)右側(cè)射出，故d錯(cuò)誤；4.在如圖的電路中，r1是定值電阻，r2是光敏電阻，電源的內(nèi)阻不能忽略閉合開關(guān)s，當(dāng)照射

5、光敏電阻上的光照強(qiáng)度增大時(shí)，下列說(shuō)法中正確的是（ ）a. 通過(guò)r2的電流減小b. 電源的路端電壓減小c. 電容器c所帶的電荷量增加d. 電源的電功率不變【答案】b【解析】【詳解】a當(dāng)光敏電阻上的光照強(qiáng)度增大時(shí)，光敏電阻的阻值會(huì)減小，電路的總電阻減小，電路中的總電流增大，流過(guò)r2的電流增大，a錯(cuò)誤；b電路中的總電流增大，電源的內(nèi)電壓增大，根據(jù)閉合電路的歐姆定律得知路端電壓減小，b正確；c電容器極板間的電壓就等于路端電壓，所以電容器板間電壓減小，帶電量減小。c錯(cuò)誤；d電源的電功率p=ei電流變大，則電源的功率變大，d錯(cuò)誤。故選b。5.筆記本電腦機(jī)身和顯示屏對(duì)應(yīng)部位分別有磁體和霍爾元件當(dāng)顯示屏開啟時(shí)

6、磁體遠(yuǎn)離霍爾元件，電腦正常工作：當(dāng)顯示屏閉合時(shí)磁體靠近霍爾元件，屏幕熄滅，電腦進(jìn)入休眠狀態(tài)如圖所示，一塊寬為、長(zhǎng)為的矩形半導(dǎo)體霍爾元件，元件內(nèi)的導(dǎo)電粒子是電荷量為的自由電子，通入方向向右的電流時(shí)，電子的定向移動(dòng)速度為當(dāng)顯示屏閉合時(shí)元件處于垂直于上表面、方向向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，于是元件的前、后表面間出現(xiàn)電壓，以此控制屏幕的熄滅則元件的（ ）a. 前表面的電勢(shì)比后表面的低b. 前、后表面間的電壓與無(wú)關(guān)c. 前、后表面間的電壓與成正比d. 自由電子受到的洛倫茲力大小為【答案】d【解析】【詳解】由圖知電流從左向右流動(dòng)，因此電子的運(yùn)動(dòng)方向?yàn)閺挠蚁蜃?，根?jù)左手定則可知電子偏轉(zhuǎn)到后面表，因此前表面的電勢(shì)比后表

7、面的高，故a錯(cuò)誤，電子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中洛倫茲力和電場(chǎng)力平衡，有，故，故d正確，由則電壓，故前后表面的電壓與速度有關(guān)，與a成正比，故bc錯(cuò)誤6.如圖，線圈l的自感系數(shù)很大，且其直流電阻可以忽略不計(jì)，l1、l2是兩個(gè)完全相同的小燈泡，開關(guān)s閉合和斷開的過(guò)程中，燈l1、l2的亮度變化情況是( )a. s閉合，l1亮度不變，l2亮度逐漸變亮，最后兩燈一樣亮b. s閉合，l1亮度不變，l2很亮；s斷開，l1、l2立即熄滅c. s閉合，l1、l2同時(shí)亮，而后l1逐漸熄滅，l2亮度不變d. s閉合，l1、l2同時(shí)亮，而后l1逐漸熄滅，l2則逐漸變得更亮；s斷開，l2立即熄滅，l1亮一下再熄滅【答案】d【解析】【

8、詳解】ac當(dāng)s閉合瞬時(shí)，兩燈同時(shí)獲得電壓，同時(shí)發(fā)光，隨著線圈l電流的增加，逐漸將l1燈短路，l1逐漸變暗直到熄滅，同時(shí)，l2電流逐漸增大，變得更亮；ac錯(cuò)誤；bds斷開瞬時(shí)，l2中電流消失，故立即熄滅，而l1中由于電感中產(chǎn)生一個(gè)與電流同向的自感電動(dòng)勢(shì)，故右端為正，電流由燈泡l1的右側(cè)流入，故l1亮一下逐漸熄滅。d正確，b錯(cuò)誤。故選d。7.真空中相距為3a的兩個(gè)點(diǎn)電荷q1、q2，分別固定于x軸上x1=0處和x2=3a的兩點(diǎn)上，在它們連線上各點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)e隨x變化關(guān)系如圖，取沿x軸正方向的電場(chǎng)強(qiáng)度的正方向，以下判斷正確的是（ ）a. 處的電勢(shì)一定為零b. 點(diǎn)電荷q1、q2一定為同種電荷c. 點(diǎn)電荷q1所

9、帶電荷量是q2所帶電荷量的2倍d. x=1.5a處的電勢(shì)等于x=2.5a處的電勢(shì)【答案】b【解析】【詳解】ax=2a處電場(chǎng)強(qiáng)度為0，但是電勢(shì)是一個(gè)相對(duì)性的概念，即零電勢(shì)的選擇是任意的，人為的，故x=2a處的電勢(shì)可以為零，也可以不為零，a錯(cuò)誤；bc若兩電荷為異種電荷，在x=2a處，電場(chǎng)強(qiáng)度不可能為0，故兩電荷為同種電荷。根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式可得：所以：q1：q2=4：1b正確，c錯(cuò)誤；d依據(jù)場(chǎng)強(qiáng)e與x圖象所圍成的面積即表示電勢(shì)的高低，那么x=1.5a處的電勢(shì)小于x=2.5a處的電勢(shì)，d錯(cuò)誤。故選b。8.下列說(shuō)法正確的是（ ）a. 安培通過(guò)實(shí)驗(yàn)的方法總結(jié)出真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷的作用力的規(guī)律b.

10、 法拉第最早引入“力線”形象描述電場(chǎng)的強(qiáng)弱c. 庫(kù)侖最早用實(shí)驗(yàn)的方法精確測(cè)出電子的電量d. 法拉第最先發(fā)現(xiàn)利用磁場(chǎng)產(chǎn)生電流的方法【答案】bd【解析】【詳解】a庫(kù)倫通過(guò)實(shí)驗(yàn)的方法總結(jié)出真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷的作用力的規(guī)律，a錯(cuò)誤；b法拉第最早引入“力線”形象描述電場(chǎng)的強(qiáng)弱，b正確；c密立根最早用實(shí)驗(yàn)的方法精確測(cè)出電子的電量，c錯(cuò)誤；d法拉第最先發(fā)現(xiàn)利用磁場(chǎng)產(chǎn)生電流的方法，d正確。故選bd。9.老師在課堂上做了兩個(gè)小實(shí)驗(yàn)，同學(xué)印象深刻。第一個(gè)實(shí)驗(yàn)叫做“旋轉(zhuǎn)的液體”，在玻璃皿的中心放一個(gè)圓柱形電極，沿邊緣內(nèi)壁放一個(gè)圓環(huán)形電極，把它們分別與電池的兩極相連，然后在玻璃皿中放入導(dǎo)電液體，例如鹽水，如果把玻璃

11、皿放在如圖甲的磁場(chǎng)中，液體就會(huì)旋轉(zhuǎn)起來(lái)。第二個(gè)實(shí)驗(yàn)叫做“振動(dòng)的彈簧”，把一根柔軟的彈簧懸掛起來(lái)，使它的下端剛好跟槽中的水銀接觸（如圖乙），通電后，發(fā)現(xiàn)彈簧不斷上下振動(dòng)，下列關(guān)于這兩個(gè)趣味實(shí)驗(yàn)的說(shuō)法正確的是（ ）a. 圖甲中，如果改變磁場(chǎng)的方向，液體的旋轉(zhuǎn)方向改變b. 圖甲中，如果改變電源的正負(fù)極，液體的旋轉(zhuǎn)方向不變c. 圖乙中，如果改變電源的正負(fù)極，依然可以觀察到彈簧不斷上下振動(dòng)d. 圖乙中，如果改變電源的正負(fù)極，觀察不到彈簧不斷上下振動(dòng)【答案】ac【解析】【詳解】a圖甲中，如果改變電磁場(chǎng)的方向，液體所受的安培力方向改變，則液體的旋轉(zhuǎn)方向改變，a正確；b圖甲中，如果改變電源的正負(fù)極，電流方向改

12、變，液體所受的安培力方向改變，則液體的旋轉(zhuǎn)方向改變，b錯(cuò)誤；cd圖乙中，當(dāng)有電流通過(guò)彈簧時(shí)，構(gòu)成彈簧的每一圈導(dǎo)線周圍都產(chǎn)生了磁場(chǎng)，根據(jù)安培定則知，各圈導(dǎo)線之間都產(chǎn)生了相互的吸引作用，彈簧就縮短了，當(dāng)彈簧的下端離開水銀后，電路斷開，彈簧中沒有了電流，各圈導(dǎo)線之間失去了相互吸引力，彈簧又恢復(fù)原長(zhǎng)，使得彈簧下端又與水銀接觸，彈簧中又有了電流，開始重復(fù)上述過(guò)程。如果改變電源的正負(fù)極，仍然可以發(fā)生以上過(guò)程，c正確，d錯(cuò)誤。故選ac。10.如圖，一價(jià)氫離子(h)和二價(jià)氦離子(he)的混合體，經(jīng)同一加速電場(chǎng)u1同時(shí)加速后，垂直射入同一偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)u2中，偏轉(zhuǎn)后打在同一熒光屏上，則它們（ ）a. 同時(shí)到達(dá)屏上同一

13、點(diǎn)b. 先后到達(dá)屏上同一點(diǎn)c. 先后到達(dá)屏上不同點(diǎn)d. 到達(dá)屏上的速度不同【答案】bd【解析】【詳解】abc設(shè)加速電壓為u1，偏轉(zhuǎn)電壓為u2，偏轉(zhuǎn)極板的長(zhǎng)度為l，板間距離為d。在加速電場(chǎng)中，由動(dòng)能定理得：兩種粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中，水平方向做速度為v0的勻速直線運(yùn)動(dòng)，由于兩種粒子的比荷不同，則v0不同，所以兩粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不同。兩種粒子在加速電場(chǎng)中的加速度不同，位移相同，則運(yùn)動(dòng)的時(shí)間也不同，所以兩粒子是先后離開偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)。在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)位移聯(lián)立得 同理可得到偏轉(zhuǎn)角度的正切值可見y和tan與電荷的電量和質(zhì)量無(wú)關(guān)。所以出射點(diǎn)的位置相同，出射速度的方向也相同。故兩種粒子打屏上同一點(diǎn)。ac錯(cuò)誤

14、，b正確；d根據(jù)動(dòng)能定理，粒子出離偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的動(dòng)能：兩種粒子的電荷量不同，則動(dòng)能增量不同，打到屏上的速度不同，d正確。故選bd。11.如圖為回旋加速器的示意圖兩個(gè)靠得很近的d形金屬盒處在與盒面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為b一質(zhì)子從加速器的a處開始加速已知d形盒的半徑為r，高頻交變電源的電壓為u、頻率為f，質(zhì)子質(zhì)量為m，電荷量為q已知質(zhì)子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期等于交變電源的周期，下列說(shuō)法正確的是（ ）a. 質(zhì)子的最大速度不超過(guò)2rfb. 質(zhì)子的最大動(dòng)能為c. 質(zhì)子的最大動(dòng)能與u無(wú)關(guān)d. 若增大電壓u, 質(zhì)子的最大動(dòng)能增大【答案】ac【解析】【詳解】a質(zhì)子出回旋加速器的速度最大，此時(shí)的半徑為r，

15、則所以最大速度不超過(guò)2fr，a正確。bc周期，質(zhì)子的最大動(dòng)能與電壓無(wú)關(guān)，b錯(cuò)誤，c正確；d質(zhì)子最大動(dòng)能，只增大電壓u，則質(zhì)子的最大動(dòng)能不變，d錯(cuò)誤。故選ac。12.如圖，兩條光滑平行金屬導(dǎo)軌固定，所在平面與水平面夾角為，導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)虛線ab、cd均與導(dǎo)軌垂直，在ab與cd之間的區(qū)域存在垂直于導(dǎo)軌所在平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)將兩根相同的導(dǎo)體棒pq、mn先后自導(dǎo)軌上同一位置由靜止釋放，兩者始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好已知pq進(jìn)入磁場(chǎng)開始計(jì)時(shí)，到mn離開磁場(chǎng)區(qū)域?yàn)橹?，流過(guò)pq的電流隨時(shí)間變化的圖像可能正確的是a. b. c. d. 【答案】ad【解析】【詳解】根據(jù)圖像可知，設(shè)pq進(jìn)入磁場(chǎng)勻速運(yùn)動(dòng)的速度為v，勻

16、強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為b，導(dǎo)軌寬度為l，兩根導(dǎo)體棒的總電阻為r；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路的歐姆定律可得pq進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)電流保持不變，根據(jù)右手定則可知電流方向qp；如果pq離開磁場(chǎng)時(shí)mn還沒有進(jìn)入磁場(chǎng)，此時(shí)電流為零；當(dāng)mn進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)也是勻速運(yùn)動(dòng)，通過(guò)pq的感應(yīng)電流大小不變，方向相反；如果pq沒有離開磁場(chǎng)時(shí)mn已經(jīng)進(jìn)入磁場(chǎng)，此時(shí)電流為零，當(dāng)pq離開磁場(chǎng)時(shí)mn的速度大于v，安培力大于重力沿斜面向下的分力，電流逐漸減小，通過(guò)pq的感應(yīng)電流方向相反；a.圖像與分析相符，故a正確。b.圖像與分析不符，故b錯(cuò)誤。c.圖像與分析不符，故c錯(cuò)誤。d.圖像與分析相符，故d正確。二.實(shí)驗(yàn)題(本題有2小題)13.

17、圖（a）螺旋測(cè)微器的讀數(shù)_mm；圖（b）游標(biāo)卡尺的讀數(shù)_mm?！敬鸢浮?(1). 1.844(1.8421.848) (2). 42.40【解析】【詳解】1圖（a）螺旋測(cè)微器的讀數(shù)：1.5mm+0.01mm34.7=1.847mm；2圖（b）游標(biāo)卡尺的讀數(shù)：42mm+0.05mm8=42.40mm。14.某興趣小組想要描繪一只“5v，4w”的小燈泡l的伏安特性曲線，要求測(cè)量數(shù)據(jù)盡量精確、繪制曲線完整，實(shí)驗(yàn)室可供選用的器材除開關(guān)、導(dǎo)線外，還有：蓄電池組（電動(dòng)勢(shì)6v，內(nèi)阻不計(jì)）電壓表v（量程為06v，內(nèi)阻約為4k）電流表a1（量程為01a，內(nèi)阻約為0.2）電流表a2（量程為03a，內(nèi)阻約為0.05

18、）滑動(dòng)變阻器r（最大阻值為10，額定電流為2a）（1）實(shí)驗(yàn)中所用的電流表應(yīng)選_；（填“a1”或“a2”）（2）請(qǐng)?jiān)谔摼€框內(nèi)畫出實(shí)驗(yàn)電路原理圖； （ ）（3）若該小組描繪出小燈泡的u-i圖象如圖所示，將其接在電動(dòng)勢(shì)e = 3v，r = 3的電源兩端，則穩(wěn)定后小燈泡的電功率為_w（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）?！敬鸢浮?(1). a1 (2). (3). 0.70【解析】【詳解】(1)1小燈泡最大電流：故電流表選用即可；(2)2燈泡的最大電阻：由于，故電流表選用外接法；本實(shí)驗(yàn)電流從零開始，故滑動(dòng)變阻器選用分壓式接法，故電路如圖所示：(3)3設(shè)小燈泡接入電源時(shí)，兩端的電壓為，通過(guò)的電流為，由閉合電路歐姆定

19、律：在燈泡的中作出圖像如圖所示：圖中的交點(diǎn)即為燈泡接入電源兩端時(shí)燈泡的電壓和電流，由圖知：，故燈泡的電功率：15.在“用多用表測(cè)電阻、電流和電壓”的實(shí)驗(yàn)中（1）用多用表測(cè)電流或電阻的過(guò)程中（ ）a.在測(cè)量電阻時(shí)，更換倍率后必須重新進(jìn)行調(diào)零b.在測(cè)量電流時(shí)，更換量程后必須重新進(jìn)行調(diào)零c.在測(cè)量未知電阻時(shí)，必須先選擇倍率最大擋進(jìn)行試測(cè)d.在測(cè)量未知電流時(shí)，必須先選擇電流最大量程進(jìn)行試測(cè)（2）測(cè)量時(shí)多用表指針指在如圖所示位置。若選擇開關(guān)處于“10 v”擋，其讀數(shù)為_ v；若選擇開關(guān)處于“10”擋，其讀數(shù)為_200 （選填“大于”“等于”或“小于”）?！敬鸢浮?(1). ad (2). 5.4 (3)

20、. 小于【解析】【詳解】（1）1a、在測(cè)量電阻時(shí)，更換倍率后，歐姆表的內(nèi)部電阻發(fā)生了變化，歐姆檔的零刻度在最右邊，也就是電流滿偏，所以必須重新進(jìn)行調(diào)零，故a正確。b、在測(cè)量電流時(shí)，根據(jù)電流表的原理，電流的零刻度在左邊，更換量程后不需要調(diào)零。故b錯(cuò)誤；c、在測(cè)量未知電阻時(shí)，若先選擇倍率最大擋進(jìn)行試測(cè)，當(dāng)被測(cè)電阻較小時(shí)，電流有可能過(guò)大，所以應(yīng)從倍率較小的擋進(jìn)行測(cè)試，若指針偏角過(guò)小，在換用倍率較大的擋，故c錯(cuò)誤。d、在測(cè)量未知電流時(shí)，為了電流表的安全，必須先選擇電流最大量程進(jìn)行試測(cè)，若指針偏角過(guò)小，在換用較小的量程進(jìn)行測(cè)量，故d正確。（2）23選擇開關(guān)處于“10v”擋，最小分度值為0.2v，所以此時(shí)

21、的讀數(shù)為5.4v。因多用電表的歐姆檔的刻度分布不是均勻的，越向左，刻度越密集，所以10至30的中間數(shù)值一定小于20，若選擇開關(guān)處于“10”擋，由圖可知其讀數(shù)小于200.三.計(jì)算題（本題共3小題）16.如圖甲所示，在水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，用長(zhǎng)為l的絕緣細(xì)線，拴住質(zhì)量為m、帶電量為q的小球，線的上端o固定，開始時(shí)將線和球拉成水平，松開后，小球由靜止開始向下擺動(dòng)，當(dāng)擺過(guò)60角時(shí)，速度又變?yōu)榱銌?wèn)：（1）a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)差多大？（2）電場(chǎng)強(qiáng)度多大？【答案】（1）ab兩點(diǎn)的電勢(shì)差uab為；（2）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小是【解析】試題分析：（1）小球從a到b過(guò)程中，重力做正功mglsin60，電場(chǎng)力做功為quab

22、，動(dòng)能的變化量為零，根據(jù)動(dòng)能定理求解電勢(shì)差uab；（2）根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差的關(guān)系u=ed求解場(chǎng)強(qiáng)式中d是ab沿電場(chǎng)線方向的距離，d=llcos60解：（1）小球由a到b過(guò)程中，由動(dòng)能定理得：mglsin60+quab=0，解得：uab=；（2）ba間電勢(shì)差為：uba=uab=，則場(chǎng)強(qiáng)：e=；答：（1）ab兩點(diǎn)的電勢(shì)差uab為；（2）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小是【點(diǎn)評(píng)】本題是帶電體在電場(chǎng)中平衡和圓周運(yùn)動(dòng)的問(wèn)題，需要正確分析小球的運(yùn)動(dòng)過(guò)程和小球的受力情況，根據(jù)動(dòng)能定理和平衡條件，以及電場(chǎng)知識(shí)綜合求解17.如圖，平行金屬板m、n中心有小孔，板間電壓為u0=103v。金屬板e(cuò)、f間有豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，間距

23、為d=cm，長(zhǎng)度為l=10cm，其右側(cè)區(qū)域有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)邊界ab與ac夾角為60且ab與金屬板e(cuò)、f垂直現(xiàn)有一質(zhì)量m=3.210-25kg、電荷量q=1.610-18c的正電粒子，從極板m的小孔s1處由靜止出發(fā)，穿過(guò)小孔s2后沿e、f板間中軸線進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，然后從磁場(chǎng)ab邊界的p點(diǎn)平行ac方向進(jìn)入磁場(chǎng)，若p與a點(diǎn)相距a=cm，不計(jì)重力求：（1）粒子到達(dá)小孔s2時(shí)的速度v0大?。唬?）e、f兩極板間電壓u；（3）要使粒子進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域后能從ab 邊射出，磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值【答案】（1）1105 m/s；（2）200v；（3）1.6t【解析】【詳解】（1）粒子加速電場(chǎng)中，根據(jù)動(dòng)能定理有得到達(dá)小孔s2時(shí)的速度=1105 m/s（2）粒子離開偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)，速度偏轉(zhuǎn)角，豎直方向速度在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中由于ef兩極板間電壓=200v（3）要使得從ab邊射出，r越大，b越小，r最大的臨界條件就是圓周與ac邊相切，由幾何關(guān)系得粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度在磁場(chǎng)中代入數(shù)據(jù)得所加磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度最小值為=16t18.如圖所示，間距為l的平行且足夠長(zhǎng)的光滑導(dǎo)軌由兩部分組成：傾斜部分與水平部分