2020屆高考二輪物理精練：考試?yán)砜凭C合能力物理部分押題密卷(一)Word版含解析

1、2020年普通高等學(xué)校招生全國(guó)統(tǒng)一考試?yán)砜凭C合能力物理部分押題密卷（一）本試卷分第I卷（選擇題）和第U卷（非選擇題）兩部分，滿分110分，時(shí)間60分 鐘。第I卷一、選擇題（本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng) 中，第15題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，第 68題有多項(xiàng)符合題目要求，全 部答對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）1. （2019江西新余四校高三第二次聯(lián)考）下列說法正確的是（）A 某種金屬能否發(fā)生光電效應(yīng)取決于照射光的強(qiáng)度B .盧瑟福通過a粒子轟擊氮核實(shí)驗(yàn)，證實(shí)了在原子核內(nèi)部存在中子C.個(gè)238U原子核衰變?yōu)橐粋€(gè)2806Pb原子核的過程中，發(fā)生8次衰變D

2、 .大量處于基態(tài)的氫原子在單色光的照射下，發(fā)出多種頻率的光子，其中一 種必與入射光頻率相同答案 D解析 某種金屬能否發(fā)生光電效應(yīng)取決于照射光的頻率，A錯(cuò)誤；盧瑟福通過a粒子轟擊氮核實(shí)驗(yàn)，證實(shí)了在原子核內(nèi)部存在質(zhì)子，而查德威克通過實(shí)驗(yàn)證 實(shí)了在原子核內(nèi)部存在中子，B錯(cuò)誤；核反應(yīng)過程遵循質(zhì)量數(shù)守恒與電荷數(shù)守恒規(guī) 律，一個(gè)2928U原子核衰變?yōu)橐粋€(gè)282Pb原子核的過程中，發(fā)生8次a衰變，發(fā)生6次 B衰變，C錯(cuò)誤；大量處于基態(tài)的氫原子在單色光的照射下，先吸收能量向高能級(jí) 躍遷，然后再?gòu)母吣芗?jí)向低能級(jí)躍遷，發(fā)出多種頻率的光子，其中從最高能級(jí)直 接躍遷到基態(tài)時(shí)發(fā)出的光子的頻率與入射光的頻率是相等的，D正

3、確。2. （2019湖南衡陽(yáng)二模）超市里磁力防盜扣的內(nèi)部結(jié)構(gòu)及原理如圖所示，在錐形金屬筒內(nèi)放置四顆小鐵珠（其余兩顆未畫出），工作時(shí)彈簧通過鐵環(huán)將小鐵珠擠壓 于金屬筒的底部，同時(shí)，小鐵珠陷于釘柱上的凹槽里，鎖死防盜扣。當(dāng)用強(qiáng)磁場(chǎng) 吸引防盜扣的頂部時(shí)，鐵環(huán)和小鐵珠向上移動(dòng)，防盜扣松開，已知錐形金屬筒底 部的圓錐頂角剛好是90彈簧通過鐵環(huán)施加給每個(gè)小鐵珠豎直向下的力 F,小鐵 珠鎖死防盜扣，每個(gè)小鐵珠對(duì)釘柱產(chǎn)生的側(cè)向壓力為（不計(jì)摩擦以及小鐵珠的重2力)()A. ,2F B.-F C. F D. ,3F答案 C解析以一個(gè)鐵珠為研究對(duì)象，將力F按照作用效果分解如圖所示，由幾何關(guān)系可得小鐵球?qū)︶斨a(chǎn)生的側(cè)

4、向壓力為FN = tan45F。故選C3. （2019西安一模）我國(guó)首顆量子科學(xué)實(shí)驗(yàn)衛(wèi)星“墨子”已于酒泉成功發(fā)射， 將在世界上首次實(shí)現(xiàn)衛(wèi)星和地面之間的量子通信?！澳印庇苫鸺l(fā)射至高度為 500千米的預(yù)定圓形軌道。此前在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射了第二十三顆北斗導(dǎo) 航衛(wèi)星G7, G7屬地球靜止軌道衛(wèi)星（高度約為36000千米），它將使北斗系統(tǒng)的可 靠性進(jìn)一步提咼。關(guān)于衛(wèi)星以下說法中正確的是（）A .“墨子”號(hào)衛(wèi)星的運(yùn)行速度大于 7.9 km/sB .“墨子”號(hào)衛(wèi)星的線速度比北斗 G7的線速度小C. “墨子”號(hào)衛(wèi)星的周期小于 24 hD .量子科學(xué)實(shí)驗(yàn)衛(wèi)星“墨子”的向心加速度比北斗G7小答案 C2

5、 解析 根據(jù)型2貝=m_，可知v/GM，r越大，v越小，近地衛(wèi)星的運(yùn)行速r r r度為7.9 km/s，且r近地r墨子v墨子vg7，A、B錯(cuò)誤；G7是地球同2 n步衛(wèi)星，其周期Tg7= 24 h，由，且 r墨子VG7， v墨子 VG7，得 T 墨子 vg7, r 墨子 aG7, D 錯(cuò)誤。4. （2019重慶一中高三5月?？迹┤鐖D所示，真空中兩等量異種點(diǎn)電荷+ q、 q固定在y軸上。abed為等腰梯形，ad、be邊與y軸垂直且被y軸平分。下列 說法正確的是（）A .將電子從d點(diǎn)移動(dòng)到b點(diǎn)，電勢(shì)能增加B. a點(diǎn)電勢(shì)高于d點(diǎn)電勢(shì)C. 將質(zhì)子從a點(diǎn)移動(dòng)到e點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功D. b、e兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相同答案

6、 C解析 由等量異種點(diǎn)電荷周圍電場(chǎng)線的分布圖可知，b點(diǎn)的電勢(shì)高于d點(diǎn)，可 知將電子從d點(diǎn)移動(dòng)到b點(diǎn)，電勢(shì)能減小，A錯(cuò)誤；由對(duì)稱性可知，a點(diǎn)電勢(shì)等于 d點(diǎn)電勢(shì)，B錯(cuò)誤；因a點(diǎn)電勢(shì)低于e點(diǎn)，貝U將質(zhì)子從a點(diǎn)移動(dòng)到e點(diǎn)，電場(chǎng)力做 負(fù)功，電勢(shì)能增加，C正確；由對(duì)稱性可知，b、e兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向不同， D錯(cuò)誤。5. （2019 山東濰坊二模）中核集團(tuán)研發(fā)的“超導(dǎo)質(zhì)子回旋加速器”，能夠?qū)①|(zhì)1子加速至光速的2,促進(jìn)了我國(guó)醫(yī)療事業(yè)的發(fā)展。若用如圖所示的回旋加速器分別 加速氕、氘兩種靜止的原子核，不考慮加速過程中原子核質(zhì)量的變化，以下判斷 正確的是（）A .氘核射出時(shí)的向心加速度大B .氕核獲得的速度大c

7、氘核獲得的動(dòng)能大D 氕核動(dòng)能增大，其偏轉(zhuǎn)半徑的增量不變 答案 B解析 由qvB= m得：速度Vm =斗尹，向心加速度 a=jr =三卡旦，氕核射出2 2 2時(shí)的向心加速度大，A錯(cuò)誤；速度Vm= qmR，Ekm = 2mv律B2LR，因?yàn)殡说馁|(zhì)量較小，則獲得的動(dòng)能和速度大，B正確，C錯(cuò)誤；由r二器=嚅旦可知氕核動(dòng) 能增大，其偏轉(zhuǎn)半徑的增量要改變，D錯(cuò)誤。6. （2019福建莆田高三第二次質(zhì)檢）如圖，裝有水的杯子從傾角 a53勺斜面 上滑下，當(dāng)水面穩(wěn)定時(shí)，水面與水平面的夾角片16取重力加速度g= 10 m/s2,3.5 m/s2A 杯子下滑的加速度大小為sin53 =0.8, sin 16 0.

8、28, J則（B 杯子下滑的加速度大小為C 杯子與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.75D 杯子與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.87答案 BC解析 取水面一質(zhì)量為m的小水滴為研究對(duì)象，如圖所示,可知水面對(duì)此水滴的支持力 N與y軸的夾角為a- 37由正交分解法結(jié)合 牛頓第二定律可得：mgsin53 Nsin37 丄 ma； mgcos53= Ncos37,解得 a= 3.5m/s2;對(duì)杯子和水的整體，由牛頓第二定律得：Mgsin53 卩Mgos53= Ma，解得尸0.75，故選B、Co7. （2019廣東廣州二模改編）如圖，兩位同學(xué)同時(shí)在等高處拋出手中的籃球 A、 B, A以速度vi斜向上拋出，B以速度V2

9、豎直向上拋出，當(dāng)A到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)恰與B 相遇。不計(jì)空氣阻力，A、B質(zhì)量相等且均可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為 g,以下判 斷正確的是（）A 相遇時(shí)A的速度一定不為零B 相遇時(shí)B的速度一定為零C. A從拋出到最高點(diǎn)的時(shí)間為yD .從拋出到相遇A、B動(dòng)量的變化量相同答案 AD解析 相遇時(shí)A還具有水平速度，則此時(shí) A的速度不為零，A正確；A在最 高點(diǎn)的豎直速度為零，但此時(shí) B的速度不一定為零，B錯(cuò)誤；兩球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，但A、B相遇時(shí)，B的速度不一定為零，從拋出到相遇的時(shí)間 t -，C錯(cuò)誤; g根據(jù) 耶=mgt可知從拋出到相遇A、B動(dòng)量的變化量相同，D正確。8. （2019 山東濰坊二模）如圖甲，螺線管內(nèi)有

10、平行于軸線的外加磁場(chǎng)，以圖中箭頭所示方向?yàn)槠湔较?。螺線管與導(dǎo)線框 abed相連，導(dǎo)線框內(nèi)有一閉合小金屬圓環(huán)，圓環(huán)與導(dǎo)線框在同一平面內(nèi)。當(dāng)螺線管內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間按圖乙所示規(guī)律變化時(shí)（）乙A .在0ti時(shí)間內(nèi)，環(huán)有收縮趨勢(shì)B .在tit2時(shí)間內(nèi)，環(huán)有擴(kuò)張趨勢(shì)C.在tit2時(shí)間內(nèi)，環(huán)內(nèi)有逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流D .在t2t3時(shí)間內(nèi)，環(huán)內(nèi)有逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流答案 BC解析 在0ti時(shí)間內(nèi)，B均勻增加，螺線管中產(chǎn)生恒定不變的感生電動(dòng)勢(shì)， 則在導(dǎo)線框中形成穩(wěn)定的電流，該電流在圓環(huán)處產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場(chǎng)，則此時(shí)環(huán)中無 感應(yīng)電流產(chǎn)生，環(huán)沒有收縮趨勢(shì)，A錯(cuò)誤；在tit2時(shí)間內(nèi)，B先向上減小后向下 增加，B的變

11、化率逐漸減小，則螺線管中的感應(yīng)電流方向?yàn)閺南碌缴锨抑饾u減小， 在導(dǎo)線框abed中的磁通量為向外減小，穿過環(huán)的磁通量向外減小，根據(jù)楞次定律 可知，環(huán)內(nèi)有逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流，且有擴(kuò)張趨勢(shì)，B、C正確；在t2t3時(shí)間內(nèi)，B的方向向下，且B的變化率逐漸減小，則螺線管中的感應(yīng)電流方向?yàn)閺纳?到下且逐漸減小，在導(dǎo)線框 abed中的磁通量為向里減小，穿過環(huán)的磁通量向里減 小，根據(jù)楞次定律可知，環(huán)內(nèi)有順時(shí)針方向的感應(yīng)電流，D錯(cuò)誤。第U卷二、非選擇題（包括必考題和選考題兩部分，共 62分。第912題為必考題， 考生都必須作答。第1314題為選考題，考生根據(jù)要求作答）（一）必考題（共47分）9. （2019 東

12、聊城二模）（6分）某實(shí)驗(yàn)小組用如圖所示的器材驗(yàn)證“力的平行四 邊形定則”。在水平的圓形桌面上平鋪一張白紙，在桌子邊緣安裝三個(gè)光滑的滑 輪，其中，滑輪P1固定在桌子邊，滑輪P2、P3可沿桌邊移動(dòng)。olotp步驟如下:A 在三根輕繩下掛上一定數(shù)量的鉤碼，調(diào)整滑輪 P2、P3的位置使結(jié)點(diǎn)0靜 止；B .在白紙上描下0點(diǎn)的位置和三根繩子的方向，以 0點(diǎn)為起點(diǎn)，用同一標(biāo) 度作出三個(gè)拉力的圖示；C.以繞過滑輪P2、P3繩的兩個(gè)拉力的圖示為鄰邊作平行四邊形，作出以 0 點(diǎn)為起點(diǎn)的平行四邊形的對(duì)角線，量出對(duì)角線的長(zhǎng)度；D .檢驗(yàn)對(duì)角線的長(zhǎng)度和繞過滑輪 Pi繩拉力的圖示的長(zhǎng)度是否一樣，方向是 否在一條直線上。（

13、1）第一次實(shí)驗(yàn)中，若一根繩掛的鉤碼質(zhì)量為 m,另一根繩掛的鉤碼質(zhì)量為2m，則第三根繩所掛的鉤碼質(zhì)量M應(yīng)滿足的關(guān)系：。（2）第二次實(shí)驗(yàn)時(shí)，改變滑輪P2、P3的位置和相應(yīng)繩上鉤碼的數(shù)量，使結(jié)點(diǎn)平衡，繩的結(jié)點(diǎn)（填“必須”或“不必”）與第一次實(shí)驗(yàn)中白紙上描下的 0點(diǎn)重合。實(shí)驗(yàn)中，若桌面傾斜， 填“會(huì)”或“不會(huì)”）影響實(shí)驗(yàn)的結(jié)論。答案 （1）mM3m （2）不必 不會(huì)解析（1）若一根繩掛的鉤碼質(zhì)量為 m,另一根繩掛的鉤碼質(zhì)量為2m，則兩繩 的拉力分別為：mg、2mg,由實(shí)驗(yàn)要求可知，兩繩不共線，貝U兩繩拉力的合力F的范圍是：|2mg mg|F|2mg+ mg|，即卩mgF3mg；三力的合力為零，由共點(diǎn)力

14、 平衡條件可知，第三根繩的拉力與F等大反向，則第三根繩的拉力范圍為mgF33mg,即第三根繩掛的鉤碼質(zhì)量 M應(yīng)滿足mM3m。（2）本實(shí)驗(yàn)運(yùn)用了共點(diǎn)力平衡原理，實(shí)驗(yàn)中只需使滑輪P2、P3所繞細(xì)繩中的拉力按照平行四邊形定則得到的合力與滑輪 Pi所繞細(xì)繩中的拉力等大反向即可，至 于0點(diǎn)具體位置則對(duì)該實(shí)驗(yàn)沒有影響；若桌面傾斜，繩中拉力仍等于鉤碼重力， 對(duì)實(shí)驗(yàn)以及實(shí)驗(yàn)結(jié)論無影響。10. （2019山東濰坊二模）（9分）某同學(xué)利用如圖1所示的電路測(cè)量一表頭的電 阻。供選用的器材如下：A .待測(cè)表頭G1，內(nèi)阻r1約為300 Q量程5.0 mA;B 靈敏電流計(jì)G2,內(nèi)阻2= 300 Q,量程1.0 mA;C.

15、定值電阻R= 1200莒D .滑動(dòng)變阻器Ri,最大阻值為20 Q;E. 滑動(dòng)變阻器R2,最大阻值為2000愆F. 電源，電動(dòng)勢(shì) E= 3.0 V,內(nèi)阻不計(jì)；H .開關(guān)S,導(dǎo)線若干。(1) 在如圖2所示的實(shí)物圖上將導(dǎo)線補(bǔ)充完整；(2) 滑動(dòng)變阻器應(yīng)選 (填寫器材前的字母代號(hào))，開關(guān)S閉合前，滑動(dòng)變阻器的滑片p應(yīng)滑動(dòng)至(填a”或b”端；(3) 實(shí)驗(yàn)中某次待測(cè)表頭Gi的示數(shù)如圖3所示，示數(shù)為mA;(4) 該同學(xué)多次移動(dòng)滑片P,記錄相應(yīng)的Gi、G2讀數(shù)li、12；以I2為縱坐標(biāo)，Ii為橫坐標(biāo)，作出相應(yīng)圖線。已知圖線的斜率k= 0.18,則待測(cè)表頭內(nèi)阻ri=Q;該同學(xué)接入電阻R的主要目的是。答案 (1)

16、圖見解析 (2)D a (3)3.00 270(5) 保護(hù)G2,使兩表均能達(dá)到接近滿偏解析(1)實(shí)物連線如圖：(2) 因?yàn)榛瑒?dòng)變阻器要接成分壓電路，則應(yīng)該選擇阻值較小的D;開關(guān)S閉合前，滑動(dòng)變阻器的滑片P應(yīng)滑動(dòng)至a端。(3) 由圖3可知，待測(cè)表頭Gi的示數(shù)為3.00 mA。由串、并聯(lián)知識(shí)可知：liri = l2(R+，即12= 亠11，則二= k= 0.18, R+ r2R+ r2解得 ri = 270 該同學(xué)接入電阻R的主要目的是：保護(hù)G2，使兩表均能達(dá)到接近滿偏。11. (2019福建泉州二模)(12分)華裔科學(xué)家丁肇中負(fù)責(zé)的 AMS項(xiàng)目，是通過“太空粒子探測(cè)器”探測(cè)高能宇宙射線粒子，尋找

17、反物質(zhì)。某學(xué)習(xí)小組設(shè)想了一 個(gè)探測(cè)裝置，截面圖如圖所示。其中輻射狀加速電場(chǎng)的內(nèi)、外邊界為兩個(gè)同心圓， 圓心為0,外圓電勢(shì)為零，內(nèi)圓電勢(shì) 片一45 V，內(nèi)圓半徑R= 1.0 m。在內(nèi)圓內(nèi)有 磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B= 9X 10一5 T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)內(nèi)有一圓形 接收器，圓心也在0點(diǎn)。假設(shè)射線粒子中有正電子，先被吸附在外圓上 (初速度為 零)，經(jīng)電場(chǎng)加速后進(jìn)入磁場(chǎng)，并被接收器接收。已知正電子質(zhì)量m = 9X10_31 kg，電荷量q= 1.6X1。19 C，不考慮粒子間的相互作用。(1) 求正電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的速率 v和半徑r;(2) 若正電子恰好能被接收器接收，求接收器的半徑R。答案

18、(1)4 X 106 m/s 0.25 m (2) 丁 1 m解析(1)電場(chǎng)兩邊界的電勢(shì)差為U = 0片45 V，在加速正電子的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得1 2 nqU = mv 0，代入數(shù)據(jù)解得v = 4X 106 m/s；2 正電子進(jìn)入磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律可得：qvB= m、：，解得 r = 0.25 m。(2)正電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示，當(dāng)正電子運(yùn)動(dòng)的軌跡與接收器相切時(shí)，正電子恰好能被接收器接收，由幾何關(guān)系可得：解得 R，= 4m。12. (2019四川成都二診)(20分)用如圖所示的裝置，可以模擬貨車在水平路面 上的行駛，進(jìn)而研究行駛過程中車廂里的貨物運(yùn)動(dòng)情況。已知模

19、擬小車(含遙控電動(dòng)機(jī))的質(zhì)量M = 7 kg,車廂前、后壁間距L= 4 m,木板A的質(zhì)量mA= 1 kg,長(zhǎng)度 La = 2 m,木板上可視為質(zhì)點(diǎn)的物體 B的質(zhì)量mB = 4 kg, A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù) 卩 二0.3,木板與車廂底部(水平)間的動(dòng)摩擦因數(shù) 他二0.32, A、B緊靠車廂前壁?，F(xiàn) “司機(jī)”遙控小車從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過一定時(shí)間，A、B同時(shí)與車廂后壁碰撞。設(shè)小車運(yùn)動(dòng)過程中所受空氣和地面總的阻力恒為F阻二16 N,重力加速度大小g= 10 m/s2,最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。后壁削喙(1) 從小車啟動(dòng)到A、B與后壁碰撞的過程中，分別求 A、B的加速度大?。籄、B與后壁碰

20、撞前瞬間，求遙控電動(dòng)機(jī)的輸出功率；(3) 若碰撞后瞬間，三者速度方向不變，小車的速率變?yōu)榕銮暗?80%, A、B的 速率均變?yōu)榕銮靶≤嚨乃俾?，且“司機(jī)”立即關(guān)閉遙控電動(dòng)機(jī)， 求從開始運(yùn)動(dòng)到A 相對(duì)車靜止的過程中，A與車之間由于摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能。答案 (1)4 m/s2 3 m/s2(2) 670 W (3)40 J解析(1)由題意，從小車啟動(dòng)到A、B與后壁碰撞的過程中，三者間有相對(duì)滑 動(dòng)，三者受力如圖所示，對(duì) B: fAB= ymg= 12 N由牛頓第二定律有：fAB = mBaB代入數(shù)據(jù)解得：aB = 3 m/s2,方向向前，做勻加速運(yùn)動(dòng)對(duì)A： F 車a = e(mA+ mB)g= 16 N

21、, fAB= fBA由牛頓第二定律：F車A- fBA = mAaA代入數(shù)據(jù)解得：aA = 4 m/s2,方向向前，做勻加速運(yùn)動(dòng)。A、B同時(shí)到達(dá)后壁，1 2 1 2 -有 Sa Sb= 2aAt 2aBt = La1 .2 1 2 .且：s 車一sb = qa 車t aBt = L2解得：t = 2 s, a 車=5 m/s對(duì)車，由牛頓第二定律有：F 牽一 e(mA+ mB)g F 阻=Ma 車解得：F牽=67 N電動(dòng)機(jī)輸出功率為P= F牽v碰撞前瞬間的車速為：v = a車t聯(lián)立以上各式并代入數(shù)據(jù)解得：v= 10 m/s, P= 670 W。(3)碰撞后瞬間，v車=0.8v車=8 m/s, A、

22、B的速率為v,因p0 0x 103 m3 = 3X 10-29 m3,故A正確；因冰熔 化成水需要吸熱，內(nèi)能增加，由于溫度不變，分子動(dòng)能不變，因此0 C的水分子勢(shì)能比相同質(zhì)量0 C的冰的分子勢(shì)能大，故B正確；液體表面張力產(chǎn)生在液體表 面層，它的方向平行于液體表面，而非與液面垂直，故C錯(cuò)誤；墨水滴入清水中，液體分子不停地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，撞擊碳懸浮微粒，懸浮微粒受到的來自各個(gè)方向 的液體分子的撞擊作用不平衡，導(dǎo)致其做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，最終與水混合均勻，而不 是由于碳粒受重力作用，故D錯(cuò)誤；被踩扁的乒乓球（表面沒有開裂）放在熱水里浸 泡而恢復(fù)原狀的過程中，球內(nèi)氣體對(duì)外做正功，溫度升高，內(nèi)能增加，根據(jù)熱力 學(xué)

23、第一定律 AJ = Q + W知，球內(nèi)氣體會(huì)從外界吸收熱量，故 E正確（2）由圖可知，從A到B是等容變化，則根據(jù)ta=tb，5解得 Tb = PAta= 3105 x (273+ 27) K = 100 K 二173 C；由圖可知，從b到c是等壓變化，則根據(jù)tb=TC，V3 x 10一 2解得 Tc = cTb i x 10-2 x 100 K = 300 K= 27 C。從A到C，對(duì)狀態(tài)A與C,因Ta=Tc，故氣體內(nèi)能不變，AU= 0;因VaVc， 氣體對(duì)外做功，W0,根據(jù)AU = W+ Q可知，氣體吸熱；因 W= PbcA/bc= 1 x 105x （3 1）X 102 J= 2000 J,則氣體吸收的熱量 Q = W =2000 Jo14. 物理選修3 4 （15分）（1）（2019河南名校高三上學(xué)期第四次聯(lián)考）（5分）關(guān)于波的干涉和衍射，下列說法正確的是（填正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，