四川省成都市高三物理第一次診斷試題 含解析

1、 物理部分 150分鐘。理科綜合共300分，考試用時(shí)3頁(yè)，第卷卷1至2非選擇題(選擇題)和第卷()兩部分，第1物理試卷分為第 11卷 分。至5頁(yè)，共110答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考籍號(hào)填寫(xiě)在答題卡上；并在規(guī)定位置粘貼考試用 2條形碼。答卷時(shí)，考生務(wù)必將答案涂寫(xiě)在答題卡上，答在試卷上的無(wú)效。考試結(jié)束后，只將 答題卡交回。 卷第1 注意事項(xiàng)： 鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡2B 1每題選出答案后，用 皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)。分。每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的只有一個(gè)選項(xiàng)正6分，共42 2本卷共7題，每題 分，有選錯(cuò)的得0分。確，有的有多個(gè)選項(xiàng)正確，全部選對(duì)的得6分

2、，選對(duì)但不全的得3 1下列說(shuō)法正確的是 A、千克、牛頓、庫(kù)侖均是中學(xué)物理中涉及的國(guó)際單位制的基本單位 B、質(zhì)點(diǎn)、點(diǎn)電荷、勻速直線運(yùn)動(dòng)均屬于理想化物理模型 C、卡文迪許利用扭秤實(shí)驗(yàn)測(cè)出了靜電力常量 分別是加速度、電場(chǎng)強(qiáng)度、磁感應(yīng)強(qiáng)度的定義式D 、B 【答案】 錯(cuò)誤；、米、千克、秒、安培、開(kāi)爾文、摩爾、坎德拉是國(guó)際單位制的基本單位，故AA B正確；B、勻速直線運(yùn)動(dòng)不屬于理想化物理模型，故 錯(cuò)誤；卡文迪許利用扭秤實(shí)驗(yàn)測(cè)出了萬(wàn)有引力常量，C、靜電力常量是用庫(kù)侖扭秤測(cè)出的，故CFv?E?a 錯(cuò)誤。，電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式是D，故D、加速度的定義式是qt? 。B故選 【考點(diǎn)】國(guó)際單位制；物理學(xué)史；物理量的定義、

3、方向垂象限內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)分布在平面直角坐標(biāo)系的整個(gè)第21By、電荷量絕對(duì)值為m直于紙面向里。一質(zhì)量為O、不計(jì)重力的粒子，以某速度從q點(diǎn)沿著與- 1 - A點(diǎn)時(shí)，粒子速度沿軸正方向。下列判斷正確的是x軸夾角為30的方向進(jìn)入磁場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)到 粒子帶正電A B運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，粒子的速度不變?m?t 經(jīng)歷的時(shí)間為O到AC粒子由qB3D離開(kāi)第一象限時(shí)，粒子的速度方向與x軸正方向的夾角為30 【答案】C A、根據(jù)左手定則及曲線運(yùn)動(dòng)的條件判斷出此電荷帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤； B、由于粒子的速度的方向在改變，而速度是矢量，所以速度改變了，故B錯(cuò)誤； C、粒子由O運(yùn)動(dòng)到A時(shí)速度方向改變了60角，所以粒子軌

4、跡對(duì)應(yīng)的圓心角為=60，所?m2m1?tT? 正確；，故以粒子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為C3qB6qB?360 D、粒子沿著與y軸夾角為30的方向進(jìn)入磁場(chǎng)，由幾何的對(duì)稱性可知，離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)其方向與x軸夾角為60，故D錯(cuò)誤。 故選C。 【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；牛頓第二定律；向心力 3圖甲所示的“軌道康復(fù)者”航天器可在太空中給“垃圾”衛(wèi)星補(bǔ)充能源，延長(zhǎng)衛(wèi)星的使用壽命。圖乙是“軌道康復(fù)者”在某次拯救一顆地球同步衛(wèi)星前，二者在同一平面內(nèi)沿相同繞行方向繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的示意圖，此時(shí)二者的連線通過(guò)地心、軌道半徑之比為1：4。- 2 - “軌道康復(fù)者”之間的引力，則下列說(shuō)法正確的是若不考慮衛(wèi)星與 s 79

5、kmA在圖示軌道上，“軌道康復(fù)者”的速度大于 在圖示軌道上，“軌道康復(fù)者”的加速度大小是地球同步衛(wèi)星的B4倍與同步衛(wèi)星的5 hC在圖示軌道上，“軌道康復(fù)者”的周期為3 h，且從圖示位置開(kāi)始經(jīng)1 距離最近 D若要對(duì)該同步衛(wèi)星實(shí)施拯救，“軌道康復(fù)者”應(yīng)從圖示軌道上加速，然后與同步衛(wèi)星對(duì)接D 【答案】 ，sA、第一宇宙速度是理論上的最大的運(yùn)行速度，“軌道康復(fù)者”的速度一定小于79 km A錯(cuò)誤；故GM?a，兩者的軌道半徑之比為1：B4、由牛頓第二定律可得，所以加速度比為16：1，故2r 錯(cuò)誤；B 、若同步衛(wèi)星不動(dòng)，則經(jīng)C15 hC錯(cuò)誤；后兩者最近，但是同步衛(wèi)星在運(yùn)動(dòng)，故DD、“軌道康復(fù)者”從圖示軌道

6、上加速，則會(huì)離心運(yùn)動(dòng)，接近同步軌道，才能實(shí)現(xiàn)對(duì)接，故 正確。 。D故選 【考點(diǎn)】萬(wàn)有引力定律，牛頓第二定律的輕質(zhì)彈簧連接，最初系統(tǒng)靜止。，用勁度系數(shù)為和的木塊如圖所示，質(zhì)量均為4mABk B直到AF=2mg現(xiàn)用大小、方向豎直向上的恒力拉剛好離開(kāi)地面，則在此過(guò)程中 - 3 - A.A上升的初始加速度大小為2g B.彈簧對(duì)A和對(duì)B的彈力是一對(duì)作用力與反作用力 C.A上升的最大高度為mg/k D.A上升的速度先增大后減少 【答案】A A、最初系統(tǒng)靜止，則A受到的重力和彈力是一對(duì)平衡力，施加F的瞬間，其合外力與F等大，由牛頓第二定律可得，加速度為2g，故A正確； B、彈簧對(duì)A和對(duì)B的彈力的施力物體都是

7、彈簧，受力物體分別是兩個(gè)物體，所以不是作用力與反作用力，故B錯(cuò)誤； C、直到B剛好離開(kāi)地面這一過(guò)程中，A上升的高度是彈簧壓縮和拉伸的形變量之和，即2mg/k，故C錯(cuò)誤； D、在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，因?yàn)镕=2mg，所以A所受到的合外力一直向上，所以速度一直增大，故D錯(cuò)誤。 故選A。 【考點(diǎn)】牛頓第二定律，胡克定律 5如圖所示的電路中，開(kāi)關(guān)K閉合。在開(kāi)關(guān)s接a且電路穩(wěn)定后，電流表A、A和電壓表V21 的示數(shù)分別為，電源的輸出功率為P，平行金屬板所帶電荷量為Q；這時(shí)讓帶11電微粒從P點(diǎn)水平射入平行板間，恰能沿圖示水平直線射出。若把平行板的上板向上移動(dòng)少 表的示數(shù)分別為，電源的輸出功率為A和V、接許，且Sb

8、，當(dāng)電路穩(wěn)定后，A21P，平行板所帶電荷量為Q；粒仍從P點(diǎn)水平射人。則下列判斷正確的是 2 【答案】D - 4 - 的2A、電鍵S無(wú)論接哪里，電壓表和電流表1的讀數(shù)不會(huì)發(fā)生變化，而電路穩(wěn)定后，電流表 錯(cuò)誤；讀數(shù)都是0，故A?SUQSC?CQ?，平行板間的電壓減小，間距變大，和所以帶電量減小，B、由得?kd4kdU4故B錯(cuò)誤； C、電鍵S無(wú)論接哪里，電路的結(jié)構(gòu)不發(fā)生實(shí)質(zhì)性的變化，所以電源的輸出功率不變，故C錯(cuò)誤； D、第一次射入粒子，恰能沿水平直線射出，說(shuō)明粒子受力是平衡的，即電場(chǎng)力向上，而上極板帶正電，所以粒子帶負(fù)電； 第二次射入粒子時(shí)，極板間的電壓減小了，間距變大了，所以粒子受到的電場(chǎng)力減小

9、，所以有可能打到下極板上，故D正確。 故選D。 【考點(diǎn)】電路分析；帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng) 6、右圖是小麗自制的電流表原理圖，質(zhì)量為m的均勻細(xì)金屬桿MN與一豎起懸掛的絕緣輕彈簧相連，彈簧勁度系數(shù)為k，在邊長(zhǎng)為abL，bcL的矩形區(qū)域abcd內(nèi)均有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁21感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直紙面向外。MN的右端連接一絕緣輕指針，可指示出標(biāo)尺上的刻度，MN的長(zhǎng)度大于ab，當(dāng)MN中沒(méi)有電流通過(guò)且處于靜止時(shí)，MN與ab邊重合，且指針指在標(biāo)尺的零刻度；當(dāng)MN中有電流時(shí)，指針示數(shù)表示電流大小。MN始終在紙面內(nèi)且保持水平，重力加速度為g，則 【答案】AC - 5 - 必然向下運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入磁場(chǎng)，所以受到的安培力

10、向下，根據(jù)左手定則可知，、當(dāng)有電流時(shí)，MNA 正確；電流一定是從M到N，故A的重MNB、當(dāng)電流表的示數(shù)為零時(shí)，MN中沒(méi)有電流通過(guò)，MN受力平衡，所以彈簧的彈力等于 力，彈簧的伸長(zhǎng)量不為零，故B錯(cuò)誤；邊時(shí)，為最大電流，此時(shí)由受力平衡條件可C、電流表的量程，即是最大值，當(dāng)MN桿到達(dá)cdkL2?IG?f?kLBILFf?G?F ，所以得，故C、正確；，其中2m1BL1kLkLx2?II下降的距離成正比例函可得出任意電流的表達(dá)式為，所以電流和D、由MNmBLBL11 D錯(cuò)誤。數(shù)關(guān)系，所以刻度是均勻的，故 故選AC。 【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡；安培力如圖甲所示，絕緣輕質(zhì)細(xì)繩一端固定在方向相互垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻

11、強(qiáng)磁場(chǎng)中的O7點(diǎn)，另-7，在圖示坐標(biāo)中，電場(chǎng)方向沿豎直方向，坐標(biāo)Cq=610一端連接帶正電的小球，小球電荷量點(diǎn)在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，細(xì)繩上的速率繞sOO的電勢(shì)為零。當(dāng)小球以2m原點(diǎn) y的拉力剛好為零。在小球從最低點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的過(guò)程中，軌跡上每點(diǎn)的電勢(shì)隨縱坐標(biāo)2 。則下列判斷正確的是的變化關(guān)系如圖乙所示，重力加速度g=10ms 6m 勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為A3.210v2.4 J 小球重力勢(shì)能增加最多的過(guò)程中，電勢(shì)能減少了B 小球做順時(shí)針?lè)较虻膭蛩賵A周運(yùn)動(dòng)C3 N 小球所受的洛倫茲力的大小為DBD 【答案】 6102?UU6V/mE10?5?E結(jié)合圖像乙，可得、由 A，故錯(cuò)誤；Ad0.4

12、d- 6 - 7?6J104?10?6?2.4?UqW?，B、由功能關(guān)系，電勢(shì)能的減少等于電場(chǎng)力做功的量值，即 故B正確；點(diǎn)在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，細(xì)繩上的拉力剛好為零，的速率繞OsC、當(dāng)小球以2m C錯(cuò)誤；說(shuō)明是洛侖茲力提供向心力，由左手定則得，小球應(yīng)該是逆時(shí)針?lè)较蜃鰣A周運(yùn)動(dòng)，故0.3kgmEq?mg，由洛侖茲力提供向心力可、重力和電場(chǎng)力是一對(duì)平衡力，所以有，得D222v?0.3?3NFm知洛侖茲力為 ，故D正確。r0.4故選BD。 【考點(diǎn)】帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng) 第卷 注意事項(xiàng)： l_用05毫米黑色簽字筆將答案寫(xiě)在答題卡上。 2本卷共4題，共68分。 8(17分) I(6分)為了較

13、準(zhǔn)確的測(cè)量某細(xì)線能承受的最大拉力，小聰、小明分別進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn) 小聰在實(shí)驗(yàn)室里找到一把彈簧測(cè)力計(jì)，按圖甲所示安裝細(xì)線和測(cè)力計(jì)后，他用力緩慢豎直向下拉測(cè)力計(jì)，直到測(cè)力計(jì)的示數(shù)達(dá)到量程(細(xì)線沒(méi)有斷裂)，讀出測(cè)力計(jì)的示數(shù)F，將F記為細(xì)線能承受的最大拉力。 小明在實(shí)驗(yàn)室里還找到一把刻度尺和一個(gè)玩具小熊，接著進(jìn)行了如下的操作： 用刻度尺測(cè)出細(xì)線的長(zhǎng)度L，用彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)出玩具小熊的重力G； 按圖乙所示安裝玩具小熊、細(xì)線(玩具小熊懸掛在細(xì)線的中點(diǎn))； - 7 - d 兩手捏著細(xì)線緩慢向兩邊移動(dòng)直到細(xì)線斷裂，讀出此時(shí)兩手間的水平距離； 利用平衡條件算出結(jié)果。 在不計(jì)細(xì)線質(zhì)量和伸長(zhǎng)影響的情況下，請(qǐng)回答：選填；兩

14、位同學(xué)中，(、 (1)G、d表示小明算出的細(xì)線能承受的最大拉力是 ()用L “小聰”或“小明”)的測(cè)量結(jié)果較準(zhǔn)確。填選項(xiàng) (2) (在小明兩手捏著細(xì)線緩慢向兩邊移動(dòng)的上述過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是 。序號(hào)字母) 細(xì)線上的拉力大小減小細(xì)線上的拉力大小不變 BA D細(xì)線上拉力的合力大小增大細(xì)線上拉力的合力大小不變 C GL?F 【答案】小明 C 22d?2L （1）如圖 GLG22dL?F?F?，所以 有，而?cos22?2cos2L?dL小聰用測(cè)力計(jì)的量程作為細(xì)線能承受的最大拉力，有明顯的錯(cuò)誤，所以小明的測(cè)量結(jié)果較準(zhǔn)確； （2）兩手捏著細(xì)線向兩邊移動(dòng)的過(guò)程中，線上的彈力逐漸增大，合力與重力等大，不

15、變，所以C正確； 【考點(diǎn)】力的合成與分解 (11分)小華、小剛共同設(shè)計(jì)了圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路，電路中的各個(gè)器材元件的參數(shù)為：- 8 - ，電池組(電動(dòng)勢(shì)約6 V，內(nèi)阻r約3 R8 )rOA，內(nèi)阻=O、電阻箱2)、電流表(量程A 、開(kāi)關(guān)三個(gè)及導(dǎo)線若干。他們認(rèn)為該電路可以用來(lái)測(cè)電R)、滑動(dòng)變阻器R99(O(09 t2 R接入電路的阻值。源的電動(dòng)勢(shì)、內(nèi)阻和2 小華先利用該電路準(zhǔn)確地測(cè)出了 (1)R接入電路的阻值。2，讀出電流S、S，斷開(kāi)他的主要操作步驟是：先將滑動(dòng)變阻器滑片調(diào)到某位置，接著閉合S12 調(diào)節(jié)電阻箱的電阻值為6 時(shí)，電流表的示數(shù)也為3。ISS；表的示數(shù)I再閉合S、，斷開(kāi)，2l 。此時(shí)滑動(dòng)變

16、阻器接入電路的阻值為 (2) 小剛接著利用該電路測(cè)出了電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻。 他的實(shí)驗(yàn)步驟為： a在閉合開(kāi)關(guān)前，調(diào)節(jié)電阻R或R至 (選填“最大值”或“最小值”)，之后閉合開(kāi)21關(guān)S，再閉合 (選填S”或“S”)； 21 B調(diào)節(jié)電阻 (選填“R”或R”)，得到一系列電阻值和電流的數(shù)據(jù)； 21 c斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，整理實(shí)驗(yàn)儀器。 圖乙是他由實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪出的圖像，圖像縱軸截距與電源電動(dòng)勢(shì)的乘積代表 ， 。(計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字) 。 電源電動(dòng)勢(shì)E V，內(nèi)阻r 【答案】3.6 最大值 S R 內(nèi)阻和電流表的內(nèi)阻之和 6.0 2.8 11 （1）本小題就是替代法的應(yīng)用，所以電阻箱的讀數(shù)即是滑動(dòng)變阻器的電阻，即電

17、阻為3.6歐姆； （2）為保護(hù)電路，先要把可變電阻調(diào)到最大值， 因?yàn)樽詈笠?huà)出圖像，所以必須要知道電阻的阻值，所以要用到電阻箱這個(gè)支路，所以接下來(lái)要閉合S，調(diào)節(jié)電阻R， 11- 9 - 11rR?Ir得?E?IR?，所以縱截距表示內(nèi)阻和電流表的內(nèi)阻之和與電動(dòng)勢(shì)的比值，由EIE圖像斜率表示電動(dòng)勢(shì)的倒數(shù)，所以圖像縱軸截距與電源電動(dòng)勢(shì)的乘積代表電源內(nèi)阻和電流表 的內(nèi)阻之和，歐姆，3.6，縱截距為0.6圖像斜率為1/6，則內(nèi)阻和電流表的內(nèi)阻之和為，所以電動(dòng)勢(shì)為6V 所以電源內(nèi)阻為2.8歐姆。 【考點(diǎn)】測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻11)我國(guó)擁有航空母艦后，艦載機(jī)的起飛與降落等問(wèn)題受到了廣泛關(guān)注。2012年 9

18、(15分首降“遼寧艦”獲得成功，隨后艦載機(jī)又通過(guò)滑躍式起飛成功。某月23日，艦載機(jī)殲一15 興趣小組通過(guò)查閱資料對(duì)艦載機(jī)滑躍起飛過(guò)程進(jìn)行了如下的簡(jiǎn)化模擬：假設(shè)起飛時(shí)“航母”靜止，飛機(jī)質(zhì)量視為不變并可看成質(zhì)點(diǎn)?！昂侥浮逼痫w跑道由圖示 ，水平軌道與斜面AB=L)，其水平軌道長(zhǎng)的兩段軌道組成(二者平滑連接，不計(jì)拐角處的長(zhǎng)度。若某c端的起飛速度至少為飛機(jī)的總質(zhì)量為的高度差為h。一架殲一15vm在軌道末端c，方向與速度06mg次起飛訓(xùn)練中，殲一15從A點(diǎn)由靜止啟動(dòng)，飛機(jī)發(fā)動(dòng)機(jī)的推力大小恒為 g。求：方向相同，飛機(jī)受到空氣和軌道平均阻力的合力大小恒為01mg。重力加速度為 AB上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。 (1)飛機(jī)在

19、水平軌道 ，發(fā)動(dòng)機(jī)的推力功率。B (2)在水平軌道末端 要保證飛機(jī)正常起飛，斜面軌道的長(zhǎng)度滿足的條件。 (3) 表示、L、h vm (結(jié)果用、g 2vL?h?Ll?2gLP?0.6mg2t? 【答案】 gg f t，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，發(fā)動(dòng)機(jī)的推力為F，阻力為1（）設(shè)飛機(jī)在水平軌道的加速度為ama 0.1mgf由牛彼第二定律得F0.6mg0.5g a得12tL?a 而由位移公式有2- 10 - L2t? 解得gP 端的速度為v，功率為2）設(shè)飛機(jī)在B（gLat?v? 由速度公式由gL0.6mgFv?P? 解得l 端起飛時(shí)，斜面軌道長(zhǎng)為3）設(shè)飛機(jī)恰能在C（012mvmgh?)(L?l)?(F?f 整個(gè)過(guò)程

20、由動(dòng)能定理有022vL?2h解得l?0g 2vL?2h所以，斜面軌道長(zhǎng)度滿足的條件是lg 【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)，功率，動(dòng)能定理靜止在水平地面上，其右側(cè)M=3 kgP，質(zhì)量(17分)如圖甲所示帶斜面的足夠長(zhǎng)木板lO 、時(shí)，質(zhì)量m=1 kg。兩者平滑對(duì)接。與水平面AB的夾角t=O s靠豎直墻壁，傾斜面BCtv隨時(shí)間O6 s內(nèi)的速率可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊Q從頂點(diǎn)C由靜止開(kāi)始下滑，圖乙所示為Q在0，6sin37=0與Q間的動(dòng)摩擦因數(shù)是P與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)的5倍，變化的部分圖線。已知P20 。求：，g取10 mscos37=O8 P (1)木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)。 時(shí)，木板P與滑塊Q的速度大小。 (2)

21、t=8 s Q與木板之間因摩擦而產(chǎn)生的熱量。P (3)O8 s內(nèi)，滑塊 ?030.?J7254.?Q =v【答案】 v=0.6m/s QP2 間、QP下滑，BC2s末的速度為v9.6m/s，設(shè)沿著因墻壁存在而不動(dòng)，內(nèi)）（102s,PQ1 ；P，動(dòng)摩擦因數(shù)為與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為21- 11 - 2 4.8m/saQ，由vt圖像有對(duì)100?ma?mgcos37mgsin37 由牛頓第二定律有11?0315 .?0?0. 聯(lián)立求解得21 (m+M)g mg滑到AB上，因（2）2s后，Q21QAB上到P、，加速，設(shè)加速度大小分別是a、aQ從B滑動(dòng)故P、Q相對(duì)滑動(dòng)，且Q減速、P32 共速所用的時(shí)間為t

22、0 mgma對(duì)Q有21 (m+M)gMa對(duì)P有mg321 t=at共速時(shí)va0013222=6s ta=1.5m/s、a=0.1m/s、解得023=0.6m/s v=vv=at故在t8s時(shí)，P、Q的速度大小恰相同，0P2Q3=9.6m Q在xBC上發(fā)生的位移（3）02s內(nèi)，根據(jù)vt圖像中面積的含義，11(v?vx?)t?30.6m 28s發(fā)生的位移內(nèi)，Q 012221vt?x1.8m 發(fā)生的位移P 03220?mg(x?xmgxcos37?)?Q 與木板P之間因摩擦而產(chǎn)生的熱量08s內(nèi)，Q31112?Q54.72J 代入數(shù)據(jù)得【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)，牛頓第二定律，運(yùn)動(dòng)圖像 11(19分)如圖所

23、示，帶正電的絕緣小滑塊A，被長(zhǎng)R=04m的絕緣細(xì)繩豎直懸掛，懸點(diǎn)O距水平地面的高度為3R；小滑塊B不帶電位于O點(diǎn)正下方的地面上。長(zhǎng)L=2R的絕緣水平傳送帶上表面距地面的高度h=2R，其左端與O點(diǎn)在同一豎直線上，右端的右側(cè)空間有方向豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)。在。點(diǎn)與傳送帶之間有位置可調(diào)的固定釘子(圖中未畫(huà)出)，當(dāng)把A拉到水平位置由靜止釋放后，因釘子阻擋，細(xì)繩總會(huì)斷裂，使得A能滑上傳送帶繼續(xù)運(yùn)動(dòng)，若傳送帶逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，A剛好能運(yùn)動(dòng)到傳送帶的右端。已知絕緣細(xì)繩能承受的最大拉力是A重力2均可視為質(zhì)點(diǎn)，皮帶傳BAs，、g=10mA5的倍，所受電場(chǎng)力大小與重力相等，重力加速度 A不會(huì)因繩斷裂而損失能量、也不會(huì)

24、因摩擦而損失電荷量。動(dòng)輪半徑很小， 試求：- 12 - O點(diǎn)的距離的范圍。 (1)釘子距從靜止開(kāi)始B (2)若傳送帶以速度v=5 ms順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，在A剛滑到傳送帶上時(shí)，0結(jié)A向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)剛落地時(shí)，B恰與A相碰。試求B做勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度大小() 果可用根式表示2260340?2sm/a? 0.4mx0.2m 【答案】范圍是49 12mv?mgR ）在A運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程中，機(jī)械能守恒，有（112sm/2gR?22?v 得112?-mgmvT到最低點(diǎn)，繩子被擋住時(shí)，有A 12Rm.r?2?0 5mg時(shí)，解得當(dāng)T=Tm20.4mx0.2m O點(diǎn)的距離范圍是故釘子距離 運(yùn)動(dòng)到傳送帶右端的過(guò)程中，因釘子擋繩不損失能量，）在（2A0 mgL有動(dòng)能定理有mgR0.5 解得 ，所用A在傳送帶上將做加速運(yùn)動(dòng)，假設(shè)A一直加速，到右端的速度為vsv因v=5 m2011122?mv?mv?mgL 由動(dòng)能定理有12224m/s 解得v2v在傳送帶右端將以一直做加速運(yùn)動(dòng)，因皮帶傳動(dòng)輪半徑很小，故Q滑到AB上，因后，（2