2019年全國統(tǒng)一高考物理模擬試卷(全國卷Ⅰ)(五)

1、2019 年全國統(tǒng)一高考物理模擬試卷（全國卷）（五）副標(biāo)題題號一二三四總分得分一、單選題（本大題共4 小題，共24.0 分）1.一質(zhì)量為m 的電動汽車在平直公路上以恒定的功率加速行駛，當(dāng)速度大小為v 時，其加速度大小為a，設(shè)汽車所受的阻力恒為f 。以下說法正確的是（）A. 汽車的功率為fvB. 當(dāng)汽車的速度增加到2v 時，加速度為C. 汽車行駛的最大速率為（1+） vD. 當(dāng)汽車的速度為時v，行駛的距離為2. 小物塊 m 與各面均光滑的斜面體 M，疊放在光滑水平面上，如圖所示，在水平力F1（圖甲） 作用下保持相對靜止， 此時 m、M 間作用力為 N1；在水平力 F 2（圖乙）作用下保持相對靜止

2、，此時 m、M 間作用力為N2則下列說法不正確的是（）A.C.若 m=M，則有 F 1=F2若 m M，則有 F1F2B.D.若 m=M，則有 N1 N2 若 m M，則有 N1=N23. 已知一個無限大的金屬板與一個點(diǎn)電荷之間的空間電場分布與等量異種電荷之間的電場分布類似，即金屬板表面各處的電場強(qiáng)度方向與板面垂直。如圖所示，MN 為無限大的不帶電的金屬平板，且與大地連接?，F(xiàn)將一個電荷量為Q 的正點(diǎn)電荷置于板的右側(cè)，圖中 a、b、c、d 是以正點(diǎn)電荷 Q 為圓心的圓上的四個點(diǎn)，四點(diǎn)的連線構(gòu)成一內(nèi)接正方形， 其中 ab 連線與金屬板垂直。則下列說法正確的是（）A. b 點(diǎn)電場強(qiáng)度與c 點(diǎn)電場強(qiáng)度

3、相同B. a 點(diǎn)電場強(qiáng)度與b 點(diǎn)電場強(qiáng)度大小相等C. a 點(diǎn)電勢等于d 點(diǎn)電勢D. 將一試探電荷從a 點(diǎn)沿直線 ad 移到 d 點(diǎn)的過程中， 試探電荷電勢能始終保持不變4.如圖，在含有理想變壓器的電路中，三個定值電阻R2=R3=2R1，電流表為理想交流電表， U 為有效值恒定的正弦交流電源。當(dāng)S閉合時，電流表的示數(shù)為I ；當(dāng) S 斷開時，電流表的示數(shù)為該變壓器原、副線圈匝數(shù)比為（）第1頁，共 19頁A. 2B. 3C. 4D. 5二、多選題（本大題共6 小題，共34.0 分）5. 如圖所示，在半徑為 R 的圓形區(qū)域內(nèi)充滿磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場， MN 是一豎直放置的足夠長的感光板從圓形磁場最

4、高點(diǎn)P 以速度 v 垂直磁場射入大量帶正電的粒子，且粒子所帶電荷量為 q、質(zhì)量為 m不考慮粒子間的相互作用力和粒子的重力，關(guān)于這些粒子的運(yùn)動以下說法正確的是（）A. 只要對著圓心入射，出射后均可垂直打在MN 上B. 即使是對著圓心入射的粒子，其出射方向的反向延長線也不一定過圓心C. 只要速度滿足v=，沿不同方向入射的粒子出射后均可垂直打在MN 上D. 對著圓心入射的粒子，速度越大在磁場中通過的弧長越長，時間越短6. 如圖所示，木板 1、 2 固定在墻角，一個可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊分別從木板的頂端靜止釋放，并沿斜面下滑到底端，物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)均為）對這兩個過程， 下列說法正確的是 （A. 沿

5、著 1 和 2 下滑到底端時，物塊的速度大小相等B. 沿著 1 和 2 下滑到底端時，物塊的速度大小不相等C. 物塊沿著 1 下滑到底端的過程，產(chǎn)生的熱量更多D. 物塊沿著 2 下滑到底端的過程，產(chǎn)生的熱量更多7.“神舟”七號實(shí)現(xiàn)了航天員首次出艙如圖所示飛船先沿橢圓軌道 1 飛行，然后在遠(yuǎn)地點(diǎn)P 處變軌后沿圓軌道2 運(yùn)行， 在軌道 2 上周期約為90 分鐘則下列判斷正確的是（）A. 飛船沿橢圓軌道 1 經(jīng)過 P 點(diǎn)時的速度與沿圓軌道經(jīng)過 P 點(diǎn)時的速度相等B. 飛船在圓軌道2 上時航天員出艙前后都處于失重狀態(tài)C. 飛船在圓軌道2 的角速度大于同步衛(wèi)星運(yùn)行的角速度D. 飛船從橢圓軌道1 的 Q

6、點(diǎn)運(yùn)動到P 點(diǎn)過程中萬有引力做正功8. 有三根長度皆為 L 的不可伸長的絕緣輕線，其中兩根的一端固定在天花板上的O 點(diǎn)，另一端分別掛有質(zhì)量均為m、電量分別為 -q、q 的帶電小球A 和 B， A、B 間用第三根線連接起來。所在空間存在水平向右、大小E=的勻強(qiáng)電場，系統(tǒng)平衡時，A、 B 球的位置如圖所示。現(xiàn)將O、B 之間的輕線燒斷， A、B 兩球最后會達(dá)到新的平衡位置（不計(jì)兩帶電小球間相互作用的靜電力）。以下說法正確的是（）A. A 球的電勢能增加了qELB. B 球的電勢能減少了qEL第2頁，共 19頁C. A 球的重力勢能減少了mgLD. B 球的重力勢能減少了mgL9. 有關(guān)對熱學(xué)的基礎(chǔ)知

7、識理解不正確的是（）A. 液體表面張力的方向與液面平行并指向液體內(nèi)部B. 熱的物體把溫度傳遞給冷的物體，最終達(dá)到相同溫度C. 當(dāng)某一密閉容器自由下落時，容器中的氣體壓強(qiáng)為零D. 空氣相對濕度越大時，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近同溫度水的飽和汽壓，水就停止蒸發(fā)E. 在“用油膜法測分子直徑”的實(shí)驗(yàn)中，作出了把油膜視為單分子層、忽略油酸分子間的間距并把油酸分子視為球形這三方面的近似處理10.如圖所示，一列簡諧橫波t=0 時波形如圖，波沿x 軸負(fù)向傳播，傳播速度v=1m/s，則下列說法正確的是（）A. 此時 x=1.25 m 處的質(zhì)點(diǎn)正在做加速度增大的減速運(yùn)動B. x=0.4 m 處的質(zhì)點(diǎn)比 x=0.6 m

8、 處的質(zhì)點(diǎn)先回到平衡位置C. x=4 m 處的質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過 1.5 s 可運(yùn)動到波峰位置D. t=2s的波形圖與 t=0 時的波形圖重合E. x=2 m 處的質(zhì)點(diǎn)在做簡諧運(yùn)動，其振動方程為y=0.4sin（ t）（ m）三、實(shí)驗(yàn)題探究題（本大題共2 小題，共15.0 分）11.利用圖 1 的裝置探究“恒力做功與系統(tǒng)動能變化”的關(guān)系，小車的質(zhì)量為M，鉤碼的質(zhì)量為m，打點(diǎn)計(jì)時器的電源是頻率為f 的交流電。（ 1）實(shí)驗(yàn)中， 把長木板右端墊高，在不掛鉤碼且_的情況下， 輕推一下小車，若小車拖著紙帶做勻速運(yùn)動，標(biāo)明已經(jīng)消除了摩擦力和其他阻力的影響。（填選項(xiàng)前的字母）A計(jì)時器不打點(diǎn)B計(jì)時器打點(diǎn)（ 2）圖 2

9、 是正確操作后得到的一條紙帶，紙帶上各點(diǎn)是打出的計(jì)時點(diǎn)，其中O 為打出的第一個點(diǎn)。在紙帶上連續(xù)選取A、B、 C、 D、 E 點(diǎn)進(jìn)行分析，測得各點(diǎn)到O點(diǎn)的距離分別為s1、s2、s3、s4、s5，則打點(diǎn)計(jì)時器打D 點(diǎn)時，小車的速度vD=_。（用已知和測得物理量的符號表示）（ 3）若采用圖2 中的 OD 過程進(jìn)行驗(yàn)證，則需要驗(yàn)證的關(guān)系式為_。（用已知和測得物理量的符號表示）12. 為測定海水的電阻率：某學(xué)習(xí)小組選取了一根厚度可以忽略的塑料管，分別用刻度尺和螺旋測微器測出第3頁，共 19頁其長度 L 和外徑 d，外徑示數(shù)如圖a 所示，由圖得d=_ mm在塑料管里面灌滿了海水，兩端用粗銅絲塞住管口，形成

10、一段封閉的海水柱用多用表的檔位轉(zhuǎn)換開關(guān)K 旋轉(zhuǎn)在如圖b 所示的位置， 將插入“ +”、“ -”插孔的紅黑表筆短接，調(diào)零后粗測其阻值R，其結(jié)果如圖b 中表盤中所示，則R=_ 該小組為進(jìn)一步精確測量其阻值，現(xiàn)采用伏安法有如下實(shí)驗(yàn)器材供選擇：A直流電源：電動勢 12V，內(nèi)阻不計(jì)，額定電流為 1A；B電流表 A：量程 0 10mA，內(nèi)阻約 10；C電壓表 V：量程 0 15V，內(nèi)阻約 15k；D滑動變阻器R1：最大阻值10；E滑動變阻器R2：最大阻值10k；F多用表：如圖b；G開關(guān)、導(dǎo)線等（ a）該小組采用限流電路并在正確選擇器材后完成部分導(dǎo)線的連接，請你在實(shí)物接線圖 c 中完成余下導(dǎo)線的連接并在滑動

11、變阻器旁邊標(biāo)上其符號（R1 或 R2）（ b）若該小組在實(shí)驗(yàn)過程中由于操作不當(dāng)，導(dǎo)致所選用的電流表損壞為保證實(shí)驗(yàn)的正常進(jìn)行， 可將多用表的檔位轉(zhuǎn)換開關(guān)K 旋轉(zhuǎn)至直流電流 _擋位上， 替換原使用的電流表并通過插入“+”、“ -”插孔的紅黑表筆正確接入電路，繼續(xù)實(shí)驗(yàn)該小組在實(shí)驗(yàn)中測得電壓表和電流表的示數(shù)分別為U 和 I，則精確測出的海水電阻率表達(dá)式為：=_四、計(jì)算題（本大題共4 小題，共52.0 分）13. 如圖所示， 半徑為 R 的光滑半圓環(huán)軌道豎直固定在一水平光滑的桌面上，桌面距水平地面的高度也為R，在桌面上輕質(zhì)彈簧被a、 b 兩個小球擠壓（小球與彈簧不拴接），處于靜止?fàn)顟B(tài)同時釋放兩個小球，小

12、球a、b 與彈簧在桌面上分離后， a球從 B 點(diǎn)滑上光滑半圓環(huán)軌道最高點(diǎn)A 時速度為 vA=，已知小球 a 質(zhì)量為 m，小球 b 質(zhì)量為 2m，重力加速度為g，求：（ 1）小球 a 在圓環(huán)軌道最高點(diǎn)對軌道的壓力？（ 2）釋放后小球 b 離開彈簧時的速度 vb 的大??？（ 3）小球 b 落地點(diǎn)距桌子右側(cè)的水平距離？第4頁，共 19頁14. 如圖甲所示， MN 、PQ 為水平放置的足夠長的平行光滑導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距 L 為 0.5m，導(dǎo)軌左端連接一個阻值為2的定值電阻 R，將一根質(zhì)量為0.2kg 的金屬棒 cd 垂直放置在導(dǎo)軌上，且與導(dǎo)軌接觸良好，金屬棒cd 的電阻 r=2，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，整個裝置處于

13、垂直導(dǎo)軌平面向下的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2T若棒以 1m/s的初速度向右運(yùn)動，同時對棒施加水平向右的拉力F 作用，并保持拉力的功率恒為4W，從此時開始計(jì)時，經(jīng)過2s 后金屬棒的速度保持穩(wěn)定不變，圖乙為安培力與時間的關(guān)系圖象。試問：（ 1）金屬棒 cd 開始運(yùn)動時其中的電流方向怎樣？（ 2）金屬棒在前 2s 內(nèi)所做的是一種怎樣的運(yùn)動？并說明理由。（ 3） 2s 后金屬棒的速度大小是多少m/s？（ 4） 0 2s 內(nèi)通過電阻 R 的電量約多少 C？15. 如圖，體積為 V、內(nèi)壁光滑的圓柱形導(dǎo)熱氣缸頂部有一質(zhì)量和厚度均可忽略的活塞；氣缸內(nèi)密封有溫度為2.4T0、壓強(qiáng)為 1.2P0 的理想氣體。

14、P0 和 T0 分別為大氣的壓強(qiáng)和溫度。已知：氣體內(nèi)能 U 與溫度 T 的關(guān)系為 U=aT，a 為正的常量； 容器內(nèi)氣體的所有變化過程都是緩慢的。求：（ 1）氣缸內(nèi)氣體與大氣達(dá)到平衡時的體積V1；（ 2）在活塞下降過程中，氣缸內(nèi)氣體放出的熱量Q。第5頁，共 19頁第6頁，共PQ 間射出？16. 如圖所示，在平靜的湖面岸邊處，垂釣者的眼睛恰好位于岸邊 P 點(diǎn)正上方 0.9m 高度處，浮標(biāo) Q 離 P 點(diǎn) 1.2m 遠(yuǎn)，魚餌燈 M 在浮標(biāo)正前方 1.8m 遠(yuǎn)處的水下， 垂釣者發(fā)現(xiàn)魚餌燈剛好被浮標(biāo)擋住，已知水的折射率n= 。求魚餌燈離水面的深度；若魚餌燈緩慢豎直上浮，當(dāng)它離水面多深時，魚餌燈發(fā)出的光

15、恰好無法從水面19 頁答案和解析1.【答案】 C【解析】解：A 、設(shè)汽車的額定功率為 P，汽車的速度為 v 時，根據(jù)牛頓第二定律得-F1=ma，得 P=（F1+ma）v，故A 錯誤 。B、加速度為時，此時牽引力為 F，則 F-F1=m，得F=F1+m，此時速度為v= =v+v 2v，故B 錯誤 。C、汽車勻速運(yùn)動時，牽引力等于阻力，速率最大，故有 vm=（1+）v，故 C正確。D、因?yàn)樵撈囈院愣üβ市?駛，做加速度減小的變加速運(yùn)動，無法算出其行駛的距離。故 D 錯誤 。故選：C。當(dāng)它速度 為 v 時，加速度為 a，根據(jù)牛頓第二定律和 P=Fv 求出汽車的額定功率。當(dāng)汽車速度增加到 2v 時，

16、再由牛頓第二定律求加速度。汽 車勻速運(yùn)動時速度最大，由 P=Fv 求最大速率。本題考查了汽車以恒定功率運(yùn) 動的問題，注意汽車在啟動過程中，牽引力在變化，知道當(dāng)牽引力等于阻力 時，速度最大。2.【答案】 B【解析】解：AC 、由整體法可知，甲圖中整體的加速度：a1=，乙圖中整體的加速度：；對甲圖，隔離M，則sin =Ma，N11m：N1cos，解得；隔離=mg；對乙圖中的 m，則：N sin =mgtan =ma，22解得：；第7頁，共 19頁F2=（M+m ）a2=（M+m ）gtan ；則若 m=M ，則有 F1=F2；若mM ，則有 F1F2，選項(xiàng) AC 正確；BD 、無論 m 和 M 關(guān)

17、系如何，則 N1=N2，選項(xiàng) D 正確，B 錯誤；本題選錯誤 的，故選：B。根據(jù)整體先求解整體的加速度表達(dá)式；然后隔離兩物體列式分別求解 F和 N的表達(dá)式 進(jìn)行比較即可。應(yīng)用牛頓第二定律的解 題步驟（1）通過審題靈活地選取研究對象，明確物理過程。（2）分析研究對象的受力情況和運(yùn) 動情況，必要時畫好受力示意 圖和運(yùn)動過程示意圖，規(guī)定正方向。（3）根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn) 動公式列方程求解。（列牛頓第二定律方程 時可把力進(jìn)行分解或合成 處理，再列方程）（4）檢查答案是否完整、合理，必要時需進(jìn)行討論 。3.【答案】 C【解析】解：畫出電場線 如圖所示：A 、根據(jù)對稱性可知，b 點(diǎn)電場強(qiáng)度與 c 點(diǎn)電場強(qiáng)

18、度大小相等，方向不同，故 A 錯誤；B、電場線密集的地方 電場強(qiáng)度大，從圖上可以看出 a點(diǎn)電場強(qiáng)度大于 b 點(diǎn)電場強(qiáng)度，故B錯誤；C、根據(jù)對稱性并結(jié)合電場線的分布可知 a 點(diǎn)電勢等于 d 點(diǎn)電勢，故C 正確；D、由于試探電荷先靠近正 電荷后遠(yuǎn)離正電荷，所以電場力在這個過程中做功，所以試探電荷電勢能不是始 終保持不變，故D 錯誤；故選：C。第8頁，共 19頁先畫出電場線：電場線從正電荷出發(fā)，終止于負(fù)電荷，根據(jù)電場線的疏密分析電場強(qiáng)度的大?。桓鶕?jù)對稱性分析 a 點(diǎn)與 d 點(diǎn)的電勢關(guān)系，根據(jù)電場力方向與位移方向的 夾角分析電場力做功情況，來分析 電勢能的變化。本題涉及電場強(qiáng)度和電勢高低的判斷，電場強(qiáng)

19、度是矢量，合成遵循平行四 邊形定則；電勢是標(biāo)量，合成遵循代數(shù)法 則。4.【答案】 A【解析】解：設(shè)變壓器原、副線圈匝數(shù)之比 為=k，則可知，開關(guān)斷開時，副線圈電流為 kI ；則根據(jù)理想變壓器原理可知：=k；當(dāng) S閉合時電為則線圈的電流強(qiáng)度為kI ， 流表的示數(shù) 副則根據(jù)理想 變壓器原理可知：=k；又：R2=R3=2R1，聯(lián)立解得 k=2；故 A 正確，BCD 錯誤；故選：A。變壓器輸入電壓為 U 與電阻 R1 兩端電壓的差值；再根據(jù)電流之比等于匝數(shù)的反比可求得 輸出電流；根據(jù)電壓之比等于匝數(shù)之比 對兩種情況列式，聯(lián)立可求得 U 與 I 的關(guān)系；則可求得線圈匝數(shù)之比。本題考查理想變壓器原理及 應(yīng)

20、用，要注意明確電路結(jié)構(gòu)，知道開關(guān)通斷時電路的連接方式；同時注意明確 輸入電壓與總電壓之間的關(guān)系。5.【答案】 CD【解析】解：A 、對著圓心入射的粒子，出射后不一定垂直打在MN 上，與粒子的速度有關(guān)，故選項(xiàng) A 錯誤 。B、帶電粒子的運(yùn) 動軌跡是圓弧，根據(jù)幾何知識可知，對著圓心入射的粒子，第9頁，共 19頁其出射方向的反向延長線也一定過圓選項(xiàng)B錯誤。心，故滿時軌跡半徑為r=則軌跡的圓心角為90，C、速度 足 v=，粒子的=R，速度的偏向角也等于 90，根據(jù)磁聚集的原理，沿不同方向入射的粒子出射后選項(xiàng)D正確。均可垂直打在 MN 上。故對圓心入射的粒子，速度越大在磁場中軌跡半徑越大，弧長越長 軌D

21、、 著， 跡對應(yīng)的圓心角越小，由 t=知，運(yùn)動時間 t 越小，故選項(xiàng) D 正確。故選：CD。帶電粒子從 P 點(diǎn)以速度 v 垂直磁場射入大量 帶正電的粒子，當(dāng)滿足速度大小和方向不同的條件 時，從圓形磁場中射出的位置和方向?qū)⒉煌?，?題涉及相交圓的知識，但有一種特殊情況要考 慮到：當(dāng)軌跡圓的半徑與磁 場圓的半徑相等時，都將垂直打在 MN 上，這是磁聚焦的原理本題要抓住粒子是 圓弧，磁場的邊界也是圓弧，利用幾何知識分析出射速度與入射速度方向的關(guān)系，確定出 軌跡的圓心角，分析運(yùn)動時間的關(guān)系6.【答案】 BC【解析】解：對物塊從高為 h 的斜面上由靜止滑到底端時，根據(jù)動能定理有：mgh-Wf =mv2其

22、中 W f 為物塊克服摩擦力做的功，因滑動摩擦力為：f=N=mgcos，所以物塊克服摩擦力做的功 為：W f=fL= mgcos L= mgLcos = mgL底由圖可知，Lcos為斜面底 邊長，可見，物體從斜面頂端下滑到底端 時，克服摩擦力做功與斜面底端 長度 L 底 成正比。A 、沿著 1 和 2 下滑到底端 時，重力做功相同，而沿 2 物體克服摩擦力做功小于沿 3 克服摩擦力做功，則由 式得知，沿著 2 下滑到底端 時物塊的速度大于沿 1 下滑到底端 時速度，故 A 錯誤 B 正確；第10 頁，共 19頁C、沿 1 時克服摩擦力做的功最多，物體的機(jī)械能損失最大，產(chǎn)生的熱量多。故 C正確

23、D 錯誤。故選：BC。本題應(yīng)根據(jù)動能定理求解，只要正確 對物體受力分析，分別求出各力做功的代數(shù)和，即可比較速度的大小通過本題求克服摩擦力做功可推得一個重要的結(jié)論：物體從斜面下滑到底端的過程中，克服摩擦力做的功與沿水平面滑 動與斜面底端相同距離 時克服摩擦力做的功相同【答案】 BC7.【解析】解：A 、P 點(diǎn)是橢圓軌道的遠(yuǎn)地點(diǎn)，飛船飛經(jīng)該點(diǎn)時將做的近心運(yùn) 動滿足飛軌道 2上做圓周運(yùn)動經(jīng)過P點(diǎn)時滿足，根， 船在據(jù)運(yùn)動條件知 v1v2，故 A 錯誤；B、飛船在圓軌道上做勻速 圓周運(yùn)動，萬有引力完全提供向心力，故航天 員出艙前后都處于失重狀 態(tài)，故 B 正確。C、飛船在軌道 2 上周期大 約為 90

24、分鐘，而同步衛(wèi)星的周期 為 24h，故知圓軌道上周期小于同步 衛(wèi)星周期，角速度大于同步 衛(wèi)星的角速度，故 C 正確；D、根據(jù)開普勒第二定律知 Q 點(diǎn)速度大于 P 點(diǎn)速度，故飛船從橢圓軌道 1 的 Q 點(diǎn)運(yùn)動到 P點(diǎn)過程中萬有引力做 負(fù)功，故D 錯誤；故選：BC。飛船在橢圓軌道上運(yùn)動時在近地點(diǎn)做離心運(yùn) 動，在遠(yuǎn)地點(diǎn)做近心運(yùn) 動，根據(jù)相應(yīng) 運(yùn)動 條件判斷速度大小 問題 ，飛船在軌道上運(yùn) 動的加速由萬有引力 產(chǎn)生，決定加速度的大小是萬有引力的大小正確理解 飛船變軌前后的運(yùn) 動，知道近心運(yùn)動的條件為速度小于正常速度，勻速圓周運(yùn)動的條件是合力充當(dāng)向心力第11 頁，共 19頁8.【答案】 ACD【解析】解

25、：斷開細(xì)線 OB，對 A 、B 球整體分析，受重力、細(xì)線 OA 的拉力，兩個電場力平衡，故 OA 繩子豎直；再分析 B 球，受重力、向右的電場力和細(xì)線的拉力，其中電場力 F=qE=mg，根據(jù)平衡條件可知，拉力T 與豎直方向的 夾角為45；A 、克服電場力做功等于 電勢能的增加量，故 A 球電勢能增加量 為：電勢能增加量為：Ep=qE?，故 A 正確；B、電場力做功等于 電勢能的減小量，故 B 球電勢能減小量 為：Ep=qE（L-L）=，故B 錯誤；C、A 球的重力 勢能減少：mg?h=mg（L-L ）=mgL，故C 正確；D、B 球的重力 勢能減少：mg?h =mg（L+L-L）=mgL，故

26、D正確；故選：ACD。電場對電 荷 A 的電場力水平向左，對電荷 B 的電場力水平向右，故開始 時繩子伸直；斷開 AB 間細(xì)線后，先對 A 、B 球整體分析，根據(jù)平衡條件得到OA 繩子與豎直方向的 夾角情況；再隔離 B 球分析，根據(jù)平衡條件得到 AB 細(xì)線與豎直方向的 夾角情況；最后根據(jù)功能關(guān)系 進(jìn)行分析即可。本題是力電綜合問題，關(guān)鍵是靈活選擇研究對象，正確的受力分析，根據(jù)平衡條件和功能關(guān)系列式分析，不 難。9.【答案】 BCD【解析】解：A 、液體表面張力產(chǎn)生在液體表面 層，它的方向平行于液體表面，故 選項(xiàng)A 正確；B、在自然的過程中，熱的物體把內(nèi)能 傳遞給冷的物體，最終達(dá)到溫度相等；第12

27、 頁，共 19頁而不是熱的物體把 “溫度 ”傳遞給冷的物體，最終達(dá)到溫度相等，故 B 錯誤；C、當(dāng)某一密閉容器自由下落 時，氣體分子仍然在碰撞器壁，則氣體壓強(qiáng)不為零，故C錯誤；D、空氣相對濕度越大 時，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近同溫度水的 飽和汽壓，水蒸發(fā)越慢，故 D 錯誤；E、在“用油膜法 測分子直徑 ”的 實(shí)驗(yàn)中，作出了把油膜是呈 單分子分布的；把油酸分子看成球形；分子之 間沒有空隙，緊密排列，故選項(xiàng) E 正確。本題選錯誤 的，故選：BCD。表面張力產(chǎn)生在液體表面 層，它的方向平行于液體表面，而非與液面垂直指向液體內(nèi)部；熱的物體把 熱量傳遞給冷的物體；氣體壓強(qiáng)是由分子 頻繁碰撞而引起的，與容器

28、的運(yùn) 動狀態(tài)無關(guān)；空氣中水蒸氣 壓強(qiáng)越接近同溫度水的 飽和汽壓，水就蒸發(fā)慢；知道在油膜法 測分子大小的 實(shí)驗(yàn)中，將分子視為球形，并且不計(jì)分子間的間隙，同時形成的是 單分子油膜?？疾楸砻嬉Φ姆较?，掌握 傳遞是熱量，及傳遞的方向，同時理解氣體 壓強(qiáng)產(chǎn)生的原由，注意處于飽和汽壓時，蒸發(fā)沒有停止；最后考查了油膜法 測分子大小的實(shí)驗(yàn)，注意實(shí)驗(yàn)?zāi)Ｐ偷恼_建立。10.【答案】 ACD【解析】解：A 、波沿 x 軸負(fù)向傳播，此時 x=1.25 m 處的質(zhì)點(diǎn)右側(cè)的質(zhì)點(diǎn)縱坐標(biāo)較大，故質(zhì)點(diǎn)向上運(yùn) 動，質(zhì)點(diǎn)縱坐標(biāo)大于零，故由質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動遠(yuǎn)離平衡位置可得：質(zhì)點(diǎn)做加速度增大的減速運(yùn) 動，故A 正確；B、由波沿 x 軸負(fù)向傳

29、播可得：x=0.6 m 處的質(zhì)點(diǎn)向平衡位置運(yùn) 動，故 x=0.4 m第13 頁，共 19頁處的質(zhì)點(diǎn)、x=0.6 m 處的質(zhì)點(diǎn)都向平衡位置運(yùn) 動，且x=0.4 m 處的質(zhì)點(diǎn)比x=0.6 m 處的質(zhì)點(diǎn)距離遠(yuǎn)，那么，x=0.6m 處的質(zhì)點(diǎn)比 x=0.4 m 處的質(zhì)點(diǎn)先回到平衡位置，故 B 錯誤；C、由波沿 x 軸負(fù)向傳播可得：x=4 m 處的質(zhì)點(diǎn)由平衡位置向下振 動，故x=4 m處的質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過可運(yùn)動到波峰位置，又有波 長 =2m，波速 v=1m/s，所以，周期 T=2s，那么，x=4 m 處的質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過1.5 s可運(yùn)動到波峰位置，故 C 正確；D、由C 可知簡諧經(jīng)過2s，波正好向前傳播一個波長，波形

30、波的周期 T=2s，故重合，故 t=2s的波形圖與 t=0 時的波形圖重合，故 D 正確；E、由 C 可知：x=2 m 處的質(zhì)點(diǎn)在做簡諧運(yùn)動的周期 T=2s，又有振幅 A=0.4m ， t=0 時，質(zhì)點(diǎn)位移為零，根據(jù)波沿 x 軸負(fù)向傳播可知質(zhì)點(diǎn)向下振 動，故可得：振動方程為 y=-0.4sin（t）（m），故E 錯誤；故選：ACD。根據(jù)傳播方向得到 質(zhì)點(diǎn)的振動，即可根據(jù)質(zhì)點(diǎn)位移和振 動方向得到運(yùn) 動情況；再根據(jù)波 長、波速求得周期，即可由波的傳播得到不同 時刻的波形 圖關(guān)系；最后根據(jù)初始 時刻和周期、振幅求得 質(zhì)點(diǎn)振動方程對于簡諧波的相關(guān) 問題，一般通過波形圖求得振幅、波長（或由振動圖得到振幅

31、、周期），再根據(jù)傳播方向得到某 質(zhì)點(diǎn)的振動圖（或波形圖），進(jìn)而得到各 質(zhì)點(diǎn)的振動11.【答案】 B【解析】解：（1）平衡摩擦力的方法是：把木板一段墊高，讓小車滑下，當(dāng)小車勻速運(yùn)動時，就意味著摩擦力抵消了，此時應(yīng)當(dāng)讓打點(diǎn)計(jì)時器打點(diǎn)，因?yàn)榇螯c(diǎn)計(jì)時器也會有摩擦力，故選：B；（2）由于近似認(rèn)為拉力等于重力，所以根據(jù)W=FS 可知，拉力做功為 W=mgx2；第14 頁，共 19頁中點(diǎn)時刻的速度等于該段時間內(nèi)的平均速度，所以 D 點(diǎn)的速度等于 CE 段的平均速度，即 V=；（3）OD過動變化量為Ek=2程中恒力做功 W=mgs4； 能的（M+m ）vD故代入 D 點(diǎn)的速度可知，應(yīng)驗(yàn)證的表達(dá)式 為：故答案為

32、：（1）B（2）（3）為了平衡摩擦力和阻力，應(yīng)該讓打點(diǎn)計(jì)時器打點(diǎn)；（1）明確平衡摩擦力的方法；時時速度等于平均速度計(jì)算；（2）根據(jù)中點(diǎn) 刻瞬（3）分析合外力做功大小以及動能的變動化，根據(jù)能定理列式即可。本題考查動能定理的實(shí)驗(yàn)這實(shí)驗(yàn)的一個重點(diǎn)就是學(xué)會使用打點(diǎn)計(jì)時探究， 個器計(jì)算速度，然后分析動能和重力 勢能的關(guān)系，多練習(xí)速度計(jì)算也是本 題的一個基礎(chǔ)實(shí)驗(yàn)中也要知道誤差的來源，這樣在分析圖象問題時就容易得。本出原因。12.【答案】3.743 610310mA3.740【解析】解： 螺旋測微器的固定刻度 為 3.5mm，可動刻度為 24.1 0.01mm=0.241mm，所以最終讀數(shù)為 3.5mm+0

33、.241mm=3.741mm，因此可在 3.740mm 3.743mm 用 1K擋測 量電阻，由圖示可知，歐姆表示數(shù) 為 R=6.0103； （a）限流式接法如下圖，因用的限流式接法，且待測電阻的阻值約為 6K，若用 R1 來控制電流其阻值偏小，而 R2 可以，故選用 R2（b）選擇與電流表相當(dāng)?shù)臋n位：10mA；因 R=第15 頁，共 19頁且 S=解得：故答案為： 3.7403.743； 6103； （a）實(shí)物連接圖；（b）10mA； 螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度 讀數(shù)加上可 動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀 歐姆檔的 讀數(shù)：兩位有效數(shù)字乘以倍率 （a）由限流式接法連入一上方接 線柱；

34、（b）選擇與電流表的量程相當(dāng)?shù)臋n位；求出電阻值進(jìn)而求得電阻率 考查螺旋測微器等要了解其原理，注意其估 計(jì)值 考查歐姆檔的 讀數(shù)方法，注意倍率 考查電阻測量電路實(shí)驗(yàn)基本要點(diǎn)，會正確讀數(shù)，明確基本公式13.N，由牛頓第二定律【答案】解：（ 1）設(shè) a 球通過最高點(diǎn)時受軌道的彈力為得 N=mg由牛頓第三定律，a 球?qū)壍赖膲毫閙g，方向豎直向上（ 2）設(shè)小球a 與彈簧分離時的速度大小為va，取桌面為零勢面，由機(jī)械能守恒定律得小球 a、b 從釋放到與彈簧分離過程中，總動量守恒mva=2mvb（ 3） b 球從桌面飛出做平拋運(yùn)動，設(shè)水平飛出的距離為x第16 頁，共 19頁x=vbt得答：（ 1）小球

35、a 在圓環(huán)軌道最高點(diǎn)對軌道的壓力大小為mg，方向豎直向上；（ 2）釋放后小球b 離開彈簧時的速度vb 的大小為；（ 3）小球 b 落地點(diǎn)距桌子右側(cè)的水平距離是【解析】（1）小球a 在圓環(huán)軌道最高點(diǎn)受到重力和 軌道的彈力，由兩個力的合力提供向心力，由牛頓第二定律求解 軌道對小球的彈力，由牛頓第三定律得到小球 對軌道的壓力（2）小球a 從 B 運(yùn)動到 A 的過程中，只有重力做功，機(jī)械能守恒，求出小球 a與彈簧分離時的速度大小 va，根據(jù)動量守恒定律求解球b 離開彈簧時的速度vb 的大小（3）根據(jù)平拋運(yùn)動規(guī)律求出小球 b 落地點(diǎn)距桌子右 側(cè)的水平距離本題物理過程很清晰，對于釋放彈簧的過程，動量守恒，

36、機(jī)械能也守恒，小球a 沿軌道向上滑行 過程，機(jī)械能守恒把握解題是關(guān)鍵14.【答案】 解：（ 1）由右手定則判斷知，開始運(yùn)動時金屬棒cd 中的電流方向由d 指向 c。（ 2）金屬棒在前2s 內(nèi)所做的是一種加速度減小的變加速直線運(yùn)動。對于金屬棒運(yùn)動的起始時刻，金屬棒在水平方向上受到安培力FA 和拉力 F 的作用。FA=BIL =BL=N=0.25NF= N=4N所以F F A，金屬棒所受的合力方向與初速度方向相同，因此金屬棒向右做加速運(yùn)動由于FA=，所以 FA 將隨著 v 的增大而不斷增大又由于 F= ，所以 F 將隨著 v 的增大而不斷減小。而 F -F A=ma，所以加速度a 將不斷減小。所以金屬棒在前2s 內(nèi)所做的是一種加速度減小的變加速直線運(yùn)動。（ 3）金屬棒速度最大時，所受的合外力為零，即 F=FA，則 =解得 2s后金屬棒的速度大小vm=4m/s（ 4）圖線與橫軸之間共約83（ 81 85）個小方格。相應(yīng)的“面積”為830.2 0.1N?s=1.66NsF? ，即At=1.66 N s?第17 頁，共 19頁故通過電阻R 的電量 q=I?t=?t=C=1.66C（ 1.