（浙江選考）2019版高考物理大一輪復習 第二章 相互作用單元滾動檢測卷

1、（浙江選考）2019版高考物理大一輪復習 第二章 相互作用單元滾動檢測卷第二章相互作用單元滾動檢測卷二考生注意：1本試卷分第卷(選擇題)和第卷(非選擇題)兩部分，共4頁2答卷前，考生務必用藍、黑色字跡的鋼筆或圓珠筆將自己的姓名、班級、學號填寫在相應位置上3本次考試時間90分鐘，滿分100分第卷一、選擇題(本題共13小題，每小題3分，共39分每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分)1關于胡克定律，下列說法不正確的是()A由Fkx可知，在彈性限度內彈力F的大小與彈簧形變量x成正比B由k可知，勁度系數(shù)k與彈力F成正比，與彈簧的長度改變量成反比C彈簧的勁度系數(shù)k是由

2、彈簧本身的性質決定的，與彈力F的大小和彈簧形變量x的大小無關D彈簧的勁度系數(shù)在數(shù)值上等于彈簧伸長(或縮短)單位長度時彈力的大小答案B22016年里約奧運會上，施廷懋憑高難度的動作奪得三米板女子跳水冠軍起跳前，施廷懋在跳板的最外端靜止站立時，如圖1所示，則()圖1A施廷懋對跳板的壓力方向豎直向下B施廷懋對跳板的壓力是由于跳板發(fā)生形變而產(chǎn)生的C施廷懋受到的重力就是它對跳板的壓力D跳板對施廷懋的支持力是由于跳板發(fā)生形變而產(chǎn)生的答案D解析施廷懋對跳板的壓力和她的重力是兩個不同的力，所以不能說施廷懋對跳板的壓力就是她的重力，且摩擦力和彈力的合力與重力大小相等、方向相反，跳板的彈力與施廷懋對跳板的壓力是一

3、對作用力與反作用力，因此施廷懋對跳板的壓力方向不是豎直向下，故A、C錯誤；施廷懋受到跳板的支持力是由于跳板發(fā)生了形變，對跳板的壓力是由于施廷懋的重力引起的，故B錯誤，D正確3(2017麗水、衢州、湖州9月聯(lián)考)如圖2所示，汽車里有一水平放置的硅膠魔力貼，魔力貼上放置一質量為m的小花瓶若汽車在水平公路上向前做勻加速直線運動，則以下說法正確的是()圖2A小花瓶受到的靜摩擦力水平向前B小花瓶受到的靜摩擦力不斷增大C小花瓶所受的合力為零D魔力貼對小花瓶的作用力為mg答案A4如圖3所示，質量為1kg的物塊在水平地面上以6m/s的初速度向右滑行，物塊與地面間的動摩擦因數(shù)0.2，從t0時刻開始，物塊受到一水

4、平向左的恒力F1N的作用，以大小為3m/s2的加速度做勻減速運動，則反映物塊所受摩擦力隨時間變化的圖象是(取向右為正方向，g10m/s2)()圖3答案A解析物塊向右運動，受到向左的滑動摩擦力，F(xiàn)fmg2N，方向水平向左；物塊速度減為零后，F(xiàn)1N2N，物塊將靜止不動，受到靜摩擦力，其大小FfF1N，方向水平向右5如圖4所示，一塊長木板上放一鐵塊，在把長木板從水平位置繞一端緩緩抬起的過程中，鐵塊所受的摩擦力()圖4A隨傾角的增大而增大B隨傾角的增大而減小C在開始滑動前，隨角的增大而減??；滑動后，隨角的增大而增大D在開始滑動前，隨角的增大而增大；滑動后，隨角的增大而減小答案D解析鐵塊相對木板滑動前，

5、受到的靜摩擦力隨角的增大而增大；鐵塊相對木板滑動后，受到的滑動摩擦力與正壓力成正比，因正壓力隨角的增大而減小，故摩擦力隨角的增大而減小，選項D正確6物體受到下列幾組共點力的作用，其中不可能使物體做勻速直線運動的是()A1N、3N、5NB4N、4N、6NC3N、4N、5ND4N、6N、8N答案A解析當三個力中任何一個力滿足|F1F2|F3F1F2時，三力合力可能為零，即物體可能保持勻速直線運動反之，當任何一個力都不滿足上述條件時，三個力的合力一定不為零，故只有A不可能使物體做勻速直線運動7.如圖5所示，一個鐵架臺放在水平地面上，其上用輕質細線懸掛一個小球，開始時細線豎直現(xiàn)將水平力F作用于小球上，

6、使其緩慢地由實線位置運動到虛線位置，鐵架臺始終保持靜止則在這一過程中()圖5A水平拉力F先變小后變大B細線的拉力不變C鐵架臺對地面的壓力變大D鐵架臺所受地面的摩擦力變大答案D解析對小球受力分析，如圖所示，小球受細線拉力、重力和水平力F.根據(jù)平衡條件，有Fmgtan，逐漸增大，則F逐漸增大，故A錯誤；由圖可知，細線的拉力FT，增大，F(xiàn)T增大，故B錯誤；以整體為研究對象，根據(jù)平衡條件得FfF，則Ff逐漸增大，F(xiàn)N(Mm)g，F(xiàn)N保持不變，故D正確，C錯誤8(2017寧波市9月聯(lián)考)電動平衡車是一種時尚代步工具，有一款電動平衡車如圖6所示，可通過腳下壓力傳感器控制速度，當某運動愛好者駕駛平衡車在水平

7、路面上加速前進時，下列說法正確的是()圖6A平衡車對人的作用力等于人的重力B平衡車對人的作用力豎直向上C平衡車受地面的支持力豎直向上D平衡車受地面的摩擦力與運動方向相反答案C9如圖7所示的裝置中，小球的質量均相同，彈簧和細線的質量均不計，一切摩擦忽略不計，平衡時各彈簧的彈力大小分別為F1、F2、F3，其大小關系是()圖7AF1F2F3BF1F2<F3CF1F3>F2DF3>F1>F2答案A解析由平衡條件知三個彈簧的彈力均等于小球的重力10有兩個大小相等的共點力F1和F2，當它們的夾角為120時，合力為F；當它們的夾角變?yōu)?0時，合力的大小為()A.FB.FC2FD.F答

8、案A解析當兩個力的夾角為120時，合力的大小F合F1F；當兩個力的夾角為90時，合力的大小F合F1F.11風洞是進行空氣動力學實驗的一種重要設備一次檢驗飛機性能的風洞實驗示意圖如圖8所示，AB代表飛機模型的橫截面，OL是拉住飛機模型的輕繩已知飛機模型重為G，當飛機模型靜止在空中時，輕繩恰好水平，此時飛機模型橫截面與水平面的夾角為，則作用于飛機模型上的風力大小為(風對飛機模型橫截面的作用力認為與橫截面垂直)()圖8A.BGcosC.DGsin答案A解析作用于飛機模型上的風力F垂直于AB，風力F的豎直分力等于飛機模型的重力，即FcosG，解得F，A項正確12將一根輕質彈簧上端固定，下端懸掛一質量為

9、m的物體，物體靜止時，彈簧長度為L1；而當彈簧下端固定在水平地面上，將質量為m的物體壓在其上端，物體靜止時，彈簧長度為L2.已知重力加速度為g，彈簧始終處于彈性限度內，則該彈簧的勁度系數(shù)是()A.B.C.D.答案B解析設彈簧原長為L0，由胡克定律知，mgk(L1L0)，mgk(L0L2)，聯(lián)立可得k，B項正確13.城市中的路燈、無軌電車的供電線路等，經(jīng)常用三角形的結構懸掛圖9為這類結構的一種簡化模型圖中硬桿OB可以繞通過B點且垂直于紙面的軸轉動，鋼索和桿的重量都可以忽略如果懸掛物的重量是G，AOB等于，鋼索OA對O點的拉力F1和桿OB對O點的支持力F2各是多大()圖9AF1Gsin，F(xiàn)2Gta

10、nBF1，F(xiàn)2CF1Gcos，F(xiàn)2DF1，F(xiàn)2Gtan答案B解析F1、F2、F3的合力為0，則這三個力在任何方向的分矢量之和一定為0.我們按照題圖那樣建立直角坐標系，分別寫出三個力在x方向和y方向的分矢量，于是一定有F2F1cos0F1sinF30由兩式解出鋼索OA的拉力F1桿OB的支持力F2F1cos.二、選擇題(本題共3小題，每小題2分，共6分每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的，全部選對的得2分，選對但不全的得1分，有錯選的得0分)14一個物體所受重力在下列哪些情況下要發(fā)生變化()A把它從赤道拿到南極B把它送到月球上去C把它放到水里D改變它的運動狀態(tài)答案AB解析將物體從赤道

11、拿到南極，重力加速度變大，則重力變大，故A正確；送到月球上去，重力加速度減小，則重力減小，故B正確；放到水里，重力加速度不變，則重力不變，故C錯誤；改變物體運動狀態(tài)，重力加速度不變，則重力不變，故D錯誤15如圖10所示，在夜光風箏比賽現(xiàn)場，某段時間內某小賽手和風箏均保持靜止狀態(tài)，此時風箏平面與水平面夾角為30，風箏的質量為m1kg，輕質細線中的張力為FT10N，該同學的質量為M29kg，則以下說法正確的是(風對風箏的作用力認為與風箏平面垂直，g取10m/s2)()圖10A風對風箏的作用力為10NB細線與水平面的夾角為30C人對地面的摩擦力方向水平向左D人對地面的壓力大小等于人和風箏整體的重力，

12、即300N答案AB解析對風箏進行受力分析如圖所示，將各力沿風箏平面和垂直于風箏平面進行正交分解，則FTcosmgcos60，F(xiàn)Tsinmgsin60F，解得60，F(xiàn)10N，細線與風箏平面成60角，也就是與水平面成30角，A、B正確；將風箏和人視為一個整體，由于受風力斜向右上方，因此地面對人的摩擦力水平向左，根據(jù)牛頓第三定律，人對地面的摩擦力水平向右，C錯誤；由于細線對人有向上的拉力，因此人對地面的壓力小于人的重力290N，D錯誤16一質量為m的鐵球在水平推力F的作用下，靜止在傾角為的斜面和豎直墻壁之間，鐵球與斜面的接觸點為A，推力F的作用線通過球心O，如圖11所示，假設斜面、墻壁均光滑若水平推

13、力緩慢增大，則在此過程中()圖11A斜面對鐵球的支持力緩慢增大B斜面對鐵球的支持力不變C墻對鐵球的作用力大小始終等于推力FD墻對鐵球的作用力大小始終小于推力F答案BD解析對鐵球進行受力分析可知，鐵球受重力、水平推力F、豎直墻壁對鐵球的彈力F1和斜面對鐵球的支持力F2四個力的作用，由平衡條件可知，在水平方向上有FF1F2sin，豎直方向上有F2cosmg，解得斜面對鐵球的支持力F2，不隨F的變化而變化，A錯誤，B正確；F1FF2sin<F，即墻對鐵球的作用力大小始終小于推力F，C錯誤，D正確第卷三、非選擇題(本題共6小題，共55分)17(6分)某同學用如圖12所示的實驗裝置來驗證“力的平行

14、四邊形定則”彈簧測力計A懸掛于固定點P，下端用細線掛一重物M，彈簧測力計B的一端用細線系于O點，手持另一端向左拉，使結點O靜止在某位置分別讀出彈簧測力計A和B的示數(shù)，并在貼于豎直木板的白紙上記錄O點的位置和細線的方向圖12(1)本實驗用的彈簧測力計示數(shù)的單位為N，圖中A的示數(shù)為_N.(2)下列不必要的實驗要求是_(請?zhí)顚戇x項前對應的字母)A應測量重物M所受的重力B彈簧測力計應在使用前校零C拉線方向應與木板平面平行D改變拉力，進行多次實驗，每次都要使O點靜止在同一位置答案(1)3.6(2)D解析(2)驗證力的平行四邊形定則，需要分別測量各個力的大小和方向，所以A項是必要的；彈簧測力計在使用前需校

15、零，B項是必要的；實驗中力必須在同一平面內，C項也是必要的；實驗是驗證三個力的關系，不需要固定O點位置，D項不必要18(9分)拖把是由拖桿和拖把頭構成的擦地工具(如圖13所示)設拖把頭的質量為m，拖桿質量可忽略；拖把頭與地板之間的動摩擦因數(shù)為常數(shù)，重力加速度為g.某同學沿拖桿方向推該拖把拖地時，使施把頭在水平地板上勻速移動，此時拖桿與豎直方向的夾角為.求推拖把的力的大小圖13答案解析設該同學沿拖桿方向用大小為F的力推拖把，將推拖把的力沿豎直方向和水平方向分解，按平衡條件有豎直方向：FcosmgFN，水平方向：FsinFf式中FN與Ff分別為地板對拖把頭的正壓力和摩擦力且FfFN，聯(lián)立解得F.1

16、9.(10分)如圖14所示，某同學用大小為5N、方向與豎直黑板面成53的力將黑板擦沿黑板表面豎直向上緩慢推動，黑板擦無左右運動趨勢已知黑板的規(guī)格為4.51.5m2，黑板的下邊緣離地的高度為0.8m，黑板擦(可視為質點)的質量為0.1kg，g10m/s2，sin530.8，cos530.6.圖14(1)求黑板擦與黑板間的動摩擦因數(shù)；(2)當她擦到離地高度2.05m時，黑板擦意外脫手沿黑板面豎直向下滑落，求黑板擦砸到黑板下邊緣前瞬間的速度大小答案(1)0.5(2)5m/s解析(1)對黑板擦受力分析如圖所示：水平方向：FsinFN豎直方向：FcosmgFf另有：FfFN聯(lián)立可得：0.5(2)由受力分

17、析可知：黑板擦脫手后做自由落體運動設砸到黑板下邊緣前瞬間的速度大小為v，則v22gh，其中h2.05m0.8m1.25m代入數(shù)據(jù)可得：v5m/s.20.(10分)如圖15所示，輕繩AC與水平面夾角30，BC與水平面夾角60.圖15(1)若重物G20N，求繩子AC和BC的拉力各是多大(2)若AC、BC能承受的最大拉力均不能超過100N，那么重物G不能超過多少？(設懸掛重物G的繩CD強度足夠大)答案見解析解析(1)以結點C為研究對象，它受到重力G、繩子BC的拉力F1和繩子AC的拉力F2，由于重物靜止時對C點的拉力FTG，拉力產(chǎn)生兩個效果：對BC的拉力FTBC和對AC的拉力FTAC，其力的矢量關系如

18、圖所示，則F1Gcos3010NF2Gsin3010N.(2)根據(jù)力的矢量關系圖可以看出FTBCFTAC，即當重力G增加時，F(xiàn)TBC先達到100N，因此重力G的極限值就等于FTBC100N時所對應的FT的數(shù)值，由幾何關系得FTN，所以重物的重力G不能超過N.21.(10分)如圖16所示，在水平作用力F的作用下，木板B在水平地面上向左勻速運動，其水平表面上的木塊A靜止不動輕彈簧秤一端固定在豎直墻上，另一端與木塊A相連已知彈簧秤的示數(shù)為3.2N，木塊A重力GA8N，木板B重力GB12N.圖16(1)若此時彈簧的伸長量為1.6cm，則該彈簧秤彈簧的勁度系數(shù)為多少？(2)木塊A與木板B之間的動摩擦因數(shù)為多少？(3)若已知木板與水平地面間的動摩擦因數(shù)為0.3，則水平力F為多大？答案(1)200N/m(2)0.4(3)9.2N解析(1)k200N/m.(2)由木塊A靜止不動，得木塊A所受摩擦力Ff3.2N，所以，有0.4.(3)木板所受地面的摩擦力：Ff地地(GAGB)6N木板勻速運動，所以FFf地FfABFf地Ff9.2N.22(10分)某同學表演魔術時，將一小型條形磁鐵藏在自己的袖子里，然后對著一懸掛的金屬小球指手畫腳，結果小球在他“神奇的功力”下飄動