2020-2021學(xué)年高考理綜(物理)押題卷及答案解析

1、&知識就是力量！ &新課標(biāo)最新年高考理綜（物理）模擬試題一、選擇題1.如圖所示，楔形凹槽的截面是一個直角三角形ABC, / CAB=30° , zABC=90° zACB=60° ,在凹槽中放有一個光滑的金屬球，當(dāng)金屬球靜止時，其對凹槽的AB邊的壓力為Fi,對BC邊的壓力為L 2F2,則:廠的值為（）F12.某物體做直線運動的 v-t圖象如圖所示，據(jù)此判斷下列四個選項中正確的是（F表示物體所受合力）（）3 . 2014年3月8日凌晨馬航客機失聯(lián)后，西安衛(wèi)星測控中心緊急調(diào)動海洋、風(fēng)云、高分、遙感 4個型號近10顆衛(wèi)星，為地面搜救提供技術(shù)支持.特別是“

2、高分一號”突破了空間分辨率、多光譜與大覆蓋面積相結(jié)合大量關(guān)鍵技術(shù).如圖為“高分一號”與北斗導(dǎo)航系統(tǒng)兩顆衛(wèi)星在空中某一面內(nèi)運動的示意圖.“北斗”系統(tǒng)中兩顆衛(wèi)星“ Gi”和“G3”以及“高分一號”均可認為繞地心。做勻速圓周運動.衛(wèi)星“ GJ和“ Q”的軌道半徑為r,某時刻兩顆工作衛(wèi)星分別位于軌道上的A、學(xué)無止境！ g,地球半B兩位置，“高分一號”在 C位置.若衛(wèi)星均順時針運行，地球表面處的重力加速度為徑為R,不計衛(wèi)星間的相互作用力.則下列說法正確的是（）A.衛(wèi)星“ Gi”和“ G3”的加速度大小相等且為B.如果調(diào)動“高分一號”衛(wèi)星快速到達B位置的下方，必須對其加速C 衛(wèi)星“ Gi”由位置A運動到位

3、置B所需的時間為D.若“高分一號”所在高度處有稀薄氣體，則運行一段時間后，機械能會增大4 .如圖所示，正四面體棱長為 a, A、B、C D是其四個頂點，現(xiàn)在 A、B兩點分別固定電荷量均 為Q的正、負點電荷，靜電力常量為k,棱CD的中點為E,則下列說法正確的是（）A. E點的場強大小為廠B.正電荷在C點處的電勢能大于在C.將一負電荷從 C點沿直線移動到D.將一正電荷從 A點沿直線移動到D點處的電勢能D點，電場力先做正功后做負功E點再沿直線移動到 B點，正電荷的電勢能先增大后減小5.如圖所示，豎直放置的兩塊很大的平行金屬板a、b,相距為d, a、b間的電場強度為 E,今有帶正電的微粒從a板下邊緣以

4、初速度 vo豎直向上射入電場，當(dāng)它飛到 b板時，速度大小不變,而方向變?yōu)樗椒较颍覄偤脧母叨纫矠閐的狹縫穿過b板進入bc區(qū)域，bc區(qū)域的寬度也為 d,E所加電場的場強大小為 E,方向豎直向上，磁感應(yīng)強度方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度大小等于不一7 口重力加速度為g,則下列說法不正確的是（A.微粒在ab區(qū)域的運動時間為 B.微粒在bc區(qū)域中做勻速圓周運動，圓周半徑r=2d兀dC.微粒在bc區(qū)域中做勻速圓周運動.運動時間為 .（n48） d.D.微粒在ab、bc區(qū)域中運動的總時間為 2v06.如圖所示，理想變壓器初級線圈的匝數(shù)為1100,次級線圈的匝數(shù)為 55,初級線圈兩端a、b接正弦交流電源，在

5、原線圈前串接一個電阻Ro=121 的保險絲，電壓表V的示數(shù)為220V,如果負載電阻R=5.5Q,各電表均為理想電表，則（）A.電流表A的示數(shù)為1AB.變壓器的輸出電壓為 5.5VC.保險絲實際消耗的功率為1.21WD.負載電阻實際消耗的功率為 22W7 .如圖所示，足夠長傳送帶與水平方向的傾角為。，物塊a通過平行于傳送帶的輕繩跨過光滑輕質(zhì)定滑輪與物塊 b相連，b的質(zhì)量為m,開始時，a、b及傳送帶均靜止，且 a不受傳送帶摩擦力 作用，現(xiàn)讓傳送帶順時針勻速轉(zhuǎn)動，則在 b下降h高度（a未與滑輪相碰）過程中下列說法正確 的是（）A.物塊a重力勢能增加 mgh8 .物塊b的機械能減少 mghC.摩擦力對

6、a做的功大于a機械能的增加D.摩擦力對a做的功等于物塊 a、b系統(tǒng)機械能增加兩量8 .如圖所示，虛線框內(nèi)為某種電磁緩沖車的結(jié)構(gòu)示意圖，其主要部件為緩沖滑塊K和質(zhì)量為m的“U”框型緩沖車廂，在車廂的底板上固定著兩個水平絕緣導(dǎo)軌PQ、MN,車廂的底板上還固定著電磁鐵，能產(chǎn)生垂直于導(dǎo)軌平面并隨車廂一起運動的勻強磁場，磁場的磁感應(yīng)強度大小為 B.設(shè)導(dǎo)軌右端QN是磁場的右邊界，導(dǎo)軌內(nèi)的緩沖滑塊K由高強度絕緣材料制成，滑塊K上繞有閉合矩形線圈abcd,線圈的總電阻為 R,匝數(shù)為n, ab邊長為L.假設(shè)緩沖車以速度 與障礙物C碰 撞后，滑塊K立即停下（碰前車廂與滑塊相對靜止），此后線圈與軌道磁場的作用使車廂

7、減速運動L后停下（導(dǎo)軌未碰到障礙物），從而實線緩沖，假設(shè)不計一切摩擦，則在緩沖過程中，下列說法正確的是（）A.線圈中感應(yīng)電流方向沿adcbaB.線圈中感應(yīng)電動勢的最大值為Em=nBLvoC.通過線圈的電荷量為二一 iRD.線圈中產(chǎn)生的焦耳熱為 Tjmvo2二、【必做部分】9 .如圖甲為探究“加速度與合外力、質(zhì)量的關(guān)系”的實驗裝置示意圖.（1）下列做法正確的是 （填字母代號）A.調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳≤嚨募毨K與長木板保持平行B.在調(diào)節(jié)木板傾斜度平衡小車受到的摩擦力時，應(yīng)將沙桶通過定滑輪拴接在小車上C.通過增減小車上的祛碼改變小車質(zhì)量M時，不需要重新調(diào)節(jié)木板的傾斜程度D.求小車運動的加速度時，可

8、用天平測出沙和沙桶的質(zhì)量m及小車質(zhì)量M,直接用公式a警求JH出（2）某同學(xué)想用沙和沙桶的重力mg表示小車受到的合外力 F,需要使沙和沙桶的質(zhì)量 小車的質(zhì)量（填遠大于，遠小于或近似于），該同學(xué)在保持小車質(zhì)量不變的情況下，通過多次改變對小車的拉力，由實驗數(shù)據(jù)作出a-F圖象如圖乙所示，圖線不過原點的原因是 ，小車的質(zhì)量為 kg.10.如圖1是測量阻值約幾十歐的未知電阻Rx的原理圖，圖中 a是保護電阻（10Q）, Ri是電阻箱（099.9Q）, R是滑動變阻器，Ai和A2是電流表，E是電源（電動勢10V,內(nèi)阻很?。?在保證安全和滿足要求的情況下，使測量范圍盡可能大.實驗具體步驟如下：（I ）連接好電路

9、，將滑動變阻器R調(diào)到最大；（n）閉合S,從最大值開始調(diào)節(jié)電阻箱 R,先調(diào)Ri為適當(dāng)值，再調(diào)滑動變阻器 R,使Ai示數(shù)Ii=0.15A,記下此時電阻箱的阻值 Ri和A示數(shù)I2.（出）重復(fù)步驟（n）,再測量6組Ri和L（7）將實驗獲得的7組數(shù)據(jù)在坐標(biāo)紙上描點.根據(jù)實驗回答以下問題:現(xiàn)有四只供選用的電流表:A.電流表（03mA,內(nèi)阻為 2.0Q）C.電流表（00.3A,內(nèi)阻為5.0 Q）B.電流表（03mA,內(nèi)阻未知）D.電流表（00.3A,內(nèi)阻未知）Ai應(yīng)選用, A2應(yīng)選用測得一組Ri和I2值后，調(diào)整電阻箱 R,使其阻值變小，要使 Ai示數(shù)Ii=0.15A,應(yīng)讓滑動變阻器R接入電路的阻值 （選填“

10、不變”、“變大”或“變小” ）.在坐標(biāo)紙上（圖 2）畫出Ri與I2的關(guān)系圖根據(jù)以上實驗得出Rx=Q .ii .如圖所示，AB是傾角為。的粗糙直軌道， BCD是光滑的圓弧軌道， AB恰好在B點與圓弧相 切，圓弧的半徑為 R. 一個質(zhì)量為 m的物體（可以看作質(zhì)點）從直軌道上的 P點由靜止釋放，結(jié) 果它能在兩軌道間做往返運動.已知 P點與圓弧的圓心 O等高，物體與軌道 AB間的動摩擦因數(shù) 為同.求:（i）物體做往返運動的整個過程中在AB軌道上通過的總路程；（2）最終當(dāng)物體通過圓弧軌道最低點E時，對圓弧軌道的壓力；（3）為使物體能順利到達圓弧軌道的最高點D,釋放點距B點的距離L'應(yīng)滿足什么條件

11、?12 .圖為某種離子加速器的設(shè)計方案.兩個半圓形金屬盒內(nèi)存在相同的垂直于紙面向外的勻強磁場.其中MN和M' N'是間距為h的兩平行極板，其上分別有正對的兩個小孔 。和O' , O' N' =ON=d, P為靶點，O' P=kd （k為大于i的整數(shù)）.極板間存在方向向上的勻強電場，兩極板間電 壓為U.質(zhì)量為m、帶電量為q的正離子從O點由靜止開始加速，經(jīng) O'進入磁場區(qū)域.當(dāng)離子 打到極板上 O' N'區(qū)域（含N'點）或外殼上時將會被吸收.兩虛線之間的區(qū)域無電場和磁場存 在，離子可勻速穿過.忽略相對論效應(yīng)和離子所受的

12、重力.求：（i）離子經(jīng)過電場僅加速一次后能打到P點所需的磁感應(yīng)強度大??；（2）能使離子打到 P點的磁感應(yīng)強度的所有可能值；（3）打到P點的能量最大的離子在磁場匯總運動的時間和在電場中運動的時間.【物理-選彳3-3 13 .下列說法正確的是（）A.科技的進步可以使內(nèi)燃機成為單一的熱源熱機B.電冰箱的工作過程表明，熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞C.空調(diào)機在制冷過程中，從室內(nèi)吸收的熱量小于向室外放出的熱量D.把一枚針輕放在水面上，它會浮在水面，這是由于水表面存在表面張力的緣故E.懸浮在液體中的微粒越小，在某一瞬間跟它相碰撞的液體分子數(shù)就越少，布朗運動越不明顯14 .一汽缸豎直放在水平地面上，缸體質(zhì)

13、量M=10kg,活塞質(zhì)量m=4kg,活塞橫截面積 S=2X10 3m2,活塞上面的汽缸內(nèi)封閉了一定質(zhì)量的理想氣體，下面有氣孔O與外界相通，大氣壓強P0=1.0M05Pa；活塞下面與勁度系數(shù) k=2X103M/m的輕彈簧相連；當(dāng)汽缸內(nèi)氣體溫度為127c時彈簧為自然長度，此時缸內(nèi)氣柱長度 Li=20cm, g取10m/s2,缸體始終豎直，活塞不漏氣且與缸壁無摩擦.當(dāng)缸內(nèi)氣柱長度 L2=24cm時，缸內(nèi)氣體溫度為多少K?缸內(nèi)氣體溫度上升到 T。以上，氣體將做等壓膨脹，則 T。為多少K?【物理-選彳3-4 15 . 一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形如圖所示，質(zhì)點 P的x坐標(biāo)為3m.已知

14、任意振動質(zhì)點連續(xù) 2次經(jīng)過平衡位置的時間間隔為0.4s.下列說法正確的是（）i 1 I cmPA.波速為4m/sB.波的頻率為 1.25HzC. x坐標(biāo)為15m的質(zhì)點在t=0.6s時恰好位于波谷D. x坐標(biāo)為22m的質(zhì)點在t=0.2s時恰好位于波峰E.當(dāng)質(zhì)點P位于波峰時，x坐標(biāo)為17m的質(zhì)點恰好位于波谷16 . Morpho蝴蝶的翅膀在陽光的照射下呈現(xiàn)處閃亮耀眼的藍色光芒，這是因為光照射到翅膀的鱗片上發(fā)生了干涉，電子顯微鏡下鱗片結(jié)構(gòu)的示意圖如圖.一束光以入射角i從a點入射，經(jīng)過折射和反射后從b點出射.設(shè)鱗片的折射率為n,厚度為d,兩片之間空氣層厚度為h,取光在空氣中的速度為c,求光從a到b所需

15、的時間t.【物理-選修-3-5 17 .以下是有關(guān)近代物理內(nèi)容的若干敘述，其中正確的是（）A.原子核發(fā)生一次3衰變，該原子外層就失去一個電子B.天然放射現(xiàn)象中發(fā)出的三種射線是從原子核內(nèi)放出的看不見的射線C.對于不同種金屬，若照射光頻率不變，Ek與金屬的逸出功成線性關(guān)系D. 一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應(yīng)，可能是因為這束光的光強太小E.按照玻爾理論，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時，電子的動能減少，原子的能量增加18.如圖所示，滑塊 A與質(zhì)量M=4kg,半徑R=0.5m的光滑，圓弧軌道均靜止在光滑水平面上，圓弧軌道的下端恰好與水平地面相切于。點，另一質(zhì)量為mB=1kg

16、、可看作質(zhì)點的滑塊 B從圓弧軌道的最高點滑下，與滑塊A碰撞后被彈回，且恰好追不上圓弧軌道，取重力加速度g=10m/s2,不計碰撞時的能量損失，試計算滑塊A的質(zhì)量mA.參考答案與試題解析一、選擇題1.如圖所示，楔形凹槽的截面是一個直角三角形ABC, / CAB=30° , zABC=90° zACB=60° ,在凹槽中放有一個光滑的金屬球，當(dāng)金屬球靜止時，其對凹槽的AB邊的壓力為Fi,對BC邊的壓力為1 2F2,則;一的值為（）F1【考點】共點力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力.【分析】金屬球受重力和兩個側(cè)面的支持力，將重力按照作用效果進行分解，根據(jù)平行四邊形定

17、 則作圖，得到兩個壓力大小.【解答】解：金屬球受到的重力產(chǎn)生兩個作用效果，壓AB面和壓BC面，作圖如下：對AB面的壓力等于分力 Fi',對BC面的壓力等于分力 F2;VI故 ,13故選：C2.某物體做直線運動的 v-t圖象如圖所示，據(jù)此判斷下列四個選項中正確的是（F表示物體所受合力）（）【考點】牛頓第二定律；勻變速直線運動的圖像.【分析】速度時間圖線中，圖線的斜率表示加速度，斜率不變，加速度不變，根據(jù)牛頓第二定律， 合力不變.【解答】解：由圖可知前兩秒物體做初速度為零的勻加速直線運動，所以前兩秒受力恒定，2s-4s做正方向勻加速直線運動，所以受力為負，且恒定，4s-6s做負方向勻加速直

18、線運動，所以受力為負，恒定，6s-8s做負方向勻減速直線運動，所以受力為正，恒定，綜上所述，知 B正確，A、C、D錯誤.故選：B.3. 2014年3月8日凌晨馬航客機失聯(lián)后，西安衛(wèi)星測控中心緊急調(diào)動海洋、風(fēng)云、高分、遙感 4個型號近10顆衛(wèi)星，為地面搜救提供技術(shù)支持.特別是“高分一號”突破了空間分辨率、多光譜與大覆蓋面積相結(jié)合大量關(guān)鍵技術(shù).如圖為“高分一號”與北斗導(dǎo)航系統(tǒng)兩顆衛(wèi)星在空中某一面內(nèi)運動的示意圖.“北斗”系統(tǒng)中兩顆衛(wèi)星“ Gi”和“G3”以及“高分一號”均可認為繞地心。做勻速圓周運動.衛(wèi)星“ Gi”和“ G”的軌道半徑為r,某時刻兩顆工作衛(wèi)星分別位于軌道上的A、B兩位置，“高分一號”

19、在 C位置.若衛(wèi)星均順時針運行，地球表面處的重力加速度為g,地球半徑為R,不計衛(wèi)星間的相互作用力.則下列說法正確的是（）A.衛(wèi)星“ Gi”和“ G3”的加速度大小相等且為 -gB.如果調(diào)動“高分一號”衛(wèi)星快速到達B位置的下方，必須對其加速C.衛(wèi)星“ Gi”由位置A運動到位置B所需的時間為二票1D.若“高分一號”所在高度處有稀薄氣體，則運行一段時間后，機械能會增大【考點】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系.【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力，以及萬有引力等于重力求出衛(wèi)星的加速度大??；“高分一號衛(wèi)星速度增大，萬有引力不夠提供向心力，做離心運動，軌道半徑變大，速度變小，路程變長，運動時間變長；根據(jù)萬有引

20、力提供向心力求出衛(wèi)星的角速度，然后通過轉(zhuǎn)過的角度求出時間；“高分一號”是低軌道衛(wèi)星，其所在高度有稀薄氣體，要克服阻力做功，機械能減小.【解答】解：A、根據(jù)萬有引力提供向心力 G=ma,而GM=gR2.所以衛(wèi)星的加速度 a=,故A錯誤.B、“高分一號”衛(wèi)星加速，將做離心運動，軌道半徑變大，速度變小，路程變長，運動時間變長，故如果調(diào)動“高分一號”衛(wèi)星快速到達B位置的下方，必須對其減速，故 B錯誤.C、根據(jù)萬有引力提供向心力,解得所以衛(wèi)星1由位置A運動到位置工需的時間t= 3 _nr 故C正確.D、“高分一號”是低軌道衛(wèi)星，其所在高度有稀薄氣體，克服阻力做功，機械能減小.故D錯誤.故選：C.4 .如

21、圖所示，正四面體棱長為 a, A、B、C D是其四個頂點，現(xiàn)在 A、B兩點分別固定電荷量均為Q的正、負點電荷，靜電力常量為k,棱CD的中點為E,則下列說法正確的是（A. E點的場強大小為廠9”B.正電荷在C點處的電勢能大于在C.將一負電荷從 C點沿直線移動到D.將一正電荷從 A點沿直線移動到D點處的電勢能D點，電場力先做正功后做負功E點再沿直線移動到B點，正電荷的電勢能先增大后減小【考點】電勢差與電場強度的關(guān)系；電勢能.【分析】根據(jù)點電荷的場強的公式和平行四邊形定則計算出 量異種點電荷，其電場線和等勢面分布具有對稱性，通過E點的電場強度；+Q、- Q是兩個等AB連線的中垂面是一個等勢面,C、D

22、Q 4kQ在同一等勢面上，電勢相等，在等勢面上運動點電荷電場力不做功.【解答】解：A、根據(jù)幾何知識得：AE=BE=a, +Q、- Q在E點廣生的場強大小均為E=夾角設(shè)為2a,則COS a所以E點的場強大小為E合=2ECOS” =二B、通過AB連線的中垂面是一等勢面，C、D在同一等勢面上，電勢相等，則正電荷在C、D兩點的電勢能相等.故 B錯誤.C、將一負電荷從 C點沿直線移動到 D點，電場力不做功.故 C錯誤.D、將一正電荷從 A點沿直線移動到 E點再沿直線移動到 B點，電勢不斷降低，正電荷的電勢能 一直減小.故D錯誤.故選：A5 .如圖所示，豎直放置的兩塊很大的平行金屬板a、b,相距為d, a

23、、b間的電場強度為 E,今有帶正電的微粒從a板下邊緣以初速度 vo豎直向上射入電場，當(dāng)它飛到 b板時，速度大小不變,而方向變?yōu)樗椒较颍覄偤脧母叨纫矠閐的狹縫穿過b板進入bc區(qū)域，bc區(qū)域的寬度也為 d,所加電場的場強大小為 E,方向豎直向上，磁感應(yīng)強度方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度大小等于El可 ，重力加速度為g,則下列說法不正確的是（）A.微粒在ab區(qū)域的運動時間為B.微粒在bc區(qū)域中做勻速圓周運動，圓周半徑 r=2d 7rdC.微粒在bc區(qū)域中做勻速圓周運動.運動時間為 .。3口D.微粒在ab、bc區(qū)域中運動的總時間為2vo【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運動；帶電粒子在勻強電場中的運動.

24、【分析】將粒子在電場中的運動沿水平和豎直方向正交分解，水平分運動為初速度為零的勻加速 運動，豎直分運動為末速度為零的勻減速運動，根據(jù)運動學(xué)公式和牛頓第二定律列式分析；粒子 在復(fù)合場中運動時，由于電場力與重力平衡，故粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力.【解答】解：A、將粒子在電場中的運動沿水平和豎直方向正交分解，水平分運動為初速度為零的 勻加速運動，豎直分運動為末速度為零的勻減速運動，根據(jù)運動學(xué)公式，有：水平方向：vo=at, d=5-2g豎直方向：0=Vo - gt解得：a=g故A正確；B、粒子在復(fù)合場中運動時，由于電場力與重力平衡，故粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心 力2 qvoB=

25、m_l r 解得：r=心qB由得到r=2d,故B正確；C、由于r=2d,畫出軌跡，如圖由幾何關(guān)系，得到回旋角度為30。，故在復(fù)合場中的運動時間為:T兀打冗d ,一t2=12= 6qB=3v0,故 C正確；D、粒子在電場中運動時間為：*=vn2 口故粒子在ab、bc區(qū)域中運動的總時間為:兀書6t=ti+t2= 3Fd,故d不正確；本題選不正確的，故選：D.6.如圖所示，理想變壓器初級線圈的匝數(shù)為1100,次級線圈的匝數(shù)為 55,初級線圈兩端 a、b接正弦交流電源，在原線圈前串接一個電阻Ro=121 的保險絲，電壓表V的示數(shù)為220V,如果負載電阻R=5.5Q,各電表均為理想電表，則（）A.電流表

26、A的示數(shù)為1AB.變壓器的輸出電壓為 5.5VC.保險絲實際消耗的功率為1.21WD.負載電阻實際消耗的功率為22W【考點】變壓器的構(gòu)造和原理；電功、電功率.【分析】由匝數(shù)之比可求得副線圈的電壓，由歐姆定律求得電流表的示數(shù).由焦耳定律求得功率.【解答】解：AB、由電壓與匝數(shù)成正比,=11V,則則AB錯誤CD 負載功率為 U2I2=22W,則 D正確，由 I1UK2U2可得：Ii=0.1A 有：P=ljR0=1.21W 則CD正確故選：CD7 .如圖所示，足夠長傳送帶與水平方向的傾角為。，物塊a通過平行于傳送帶的輕繩跨過光滑輕質(zhì)定滑輪與物塊 b相連，b的質(zhì)量為m,開始時，a、b及傳送帶均靜止，且

27、 a不受傳送帶摩擦力 作用，現(xiàn)讓傳送帶順時針勻速轉(zhuǎn)動，則在b下降h高度（a未與滑輪相碰）過程中下列說法正確的是（）A.物塊a重力勢能增加 mgh8 .物塊b的機械能減少 mghC.摩擦力對a做的功大于a機械能的增加D.摩擦力對a做的功等于物塊 a、b系統(tǒng)機械能增加兩量【考點】功能關(guān)系；功的計算.【分析】通過開始時，a、b及傳送帶均靜止且 a不受傳送帶摩擦力作用，本據(jù)共點力平衡得出a、b的質(zhì)量關(guān)系.根據(jù) b下降的高度得出a上升的高度，從而求出 a重力勢能的增加量，根據(jù)能量 守恒定律判斷摩擦力功與 a、b動能以及機械能的關(guān)系.【解答】解：A、開始時，a、b及傳送帶均靜止且 a不受傳送帶摩擦力作用，

28、有magsin 0 =mbg,則masin 0 =mb. b下Bh h,則a上升hsin 0 ,則a重力勢能的增加量為 mag>hsin 0 =mgh.故A正確.八， 一，八，一，一八1 2 , 八B、物塊b的機械能減少等于減少的勢能減去增加的動能，E=mgh_ -rov ,故B錯誤；C、D、根據(jù)功能關(guān)系，系統(tǒng)機械能增加等于除重力以外的力做功，所以摩擦力對a做的功等于a、b機械能的增量.所以摩擦力做功大于a的機械能增加.故 C錯誤，D正確；故選：AD8 .如圖所示，虛線框內(nèi)為某種電磁緩沖車的結(jié)構(gòu)示意圖，其主要部件為緩沖滑塊K和質(zhì)量為m的“U”框型緩沖車廂，在車廂的底板上固定著兩個水平絕緣

29、導(dǎo)軌PQ、MN,車廂的底板上還固定著電磁鐵，能產(chǎn)生垂直于導(dǎo)軌平面并隨車廂一起運動的勻強磁場，磁場的磁感應(yīng)強度大小為 B.設(shè)導(dǎo)軌右端QN是磁場的右邊界，導(dǎo)軌內(nèi)的緩沖滑塊K由高強度絕緣材料制成，滑塊K上繞有閉合矩形線圈abcd,線圈的總電阻為 R,匝數(shù)為n, ab邊長為L.假設(shè)緩沖車以速度 v0與障礙物C碰撞后，滑塊K立即停下（碰前車廂與滑塊相對靜止），此后線圈與軌道磁場的作用使車廂減速運動 L后停下（導(dǎo)軌未碰到障礙物），從而實線緩沖，假設(shè)不計一切摩擦，則在緩沖過程中，下列說法 正確的是（）一r萬一二二二Fi二隙眼和.,| "L_ _ _ _ tC _ _ 一 j 一 _ _ ±

30、;4 .Tiirttl四向忤：把然北希力杷 龍周A.線圈中感應(yīng)電流方向沿adcbaB.線圈中感應(yīng)電動勢的最大值為Em=nBLvoC.通過線圈的電荷量為、- R .D.線圈中產(chǎn)生的焦耳熱為 Tjmvo2【考點】導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；閉合電路的歐姆定律；電功、電功率.【分析】根據(jù)右手定則判斷感應(yīng)電流的方向；根據(jù)車廂的最大速度，結(jié)合切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢公式求出產(chǎn)生的最大感應(yīng)電動勢；根據(jù)q=rr一求出通過線圈的電荷量；根據(jù)能量守恒定律求出線圈中產(chǎn)生的焦耳熱.【解答】解：A由右手定則知，感應(yīng)電流的方向是abcda （或逆時針），故A錯誤.B、在緩沖的過程中，車廂做減速運動，速度減小，則線圈切割產(chǎn)

31、生的最大感應(yīng)電動勢Em=nBLvo,故B正確.E r 2C、根據(jù)q= n一一知，減速運動L的過程中，通過線圈的電荷量q=一二一,故C正確.KR一 ，八一 一，口 ，121,一D、根據(jù)能重守恒7E律知，線圈中廣生的焦耳熱為豆3丫口 ,故D正確.故選：BCD.二、【必做部分】9 .如圖甲為探究“加速度與合外力、質(zhì)量的關(guān)系”的實驗裝置示意圖.一局i.置 I SBfiiE -Bi l_i E -iE - IIItTy! tuEz.大一E（1）下列做法正確的是AC （填字母代號）A.調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳≤嚨募毨K與長木板保持平行B.在調(diào)節(jié)木板傾斜度平衡小車受到的摩擦力時，應(yīng)將沙桶通過定滑輪拴接在小車上

32、C.通過增減小車上的祛碼改變小車質(zhì)量M時，不需要重新調(diào)節(jié)木板的傾斜程度D.求小車運動的加速度時，可用天平測出沙和沙桶的質(zhì)量m及小車質(zhì)量M,直接用公式a羋求出（2）某同學(xué)想用沙和沙桶的重力mg表示小車受到的合外力 F,需要使沙和沙桶的質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量（填遠大于，遠小于或近似于），該同學(xué)在保持小車質(zhì)量不變的情況下，通過多次改變對小車的拉力，由實驗數(shù)據(jù)作出a-F圖象如圖乙所示，圖線不過原點的原因是平衡摩擦力過度， ，小車的質(zhì)量為2 kg.【考點】探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系.【分析】探究加速度與拉力的關(guān)系實驗時，要平衡摩擦力，平衡摩擦力時，要求小車在無動力的 情況下平衡摩擦力，不需要掛任

33、何東西.小車的加速度應(yīng)根據(jù)打點計時器打出的紙帶求出；平衡 摩擦力時，是重力沿木板方向的分力等于摩擦力，即： mgsin 0 =mgcos 0 ,可以約掉 m,只需 要平衡一次摩擦力.根據(jù)牛頓第二定律求出繩子拉力與祛碼桶及桶內(nèi)祛碼的總重力的關(guān)系，判斷出在什么情況下祛碼盤及盤內(nèi)祛碼的總重力在數(shù)值上近似等于小車運動時受到的拉力，由a可知，圖象的斜率等于小車質(zhì)量的倒數(shù).【解答】解：（1） A調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳≤嚨募毨K與長木板保持平行.故A正確；B、在調(diào)節(jié)木板傾斜度平衡小車受到的滑動摩擦力時，不能將裝有祛碼的祛碼桶通過定滑輪拴在小車上.故B錯誤；C、通過增減小車上的祛碼改變質(zhì)量時，不需要重新調(diào)節(jié)木

34、板傾斜度.故 C正確；D、小車運動的加速度由紙帶上的數(shù)據(jù)，使用逐差法求出，不能使用牛頓第二定律.故D錯誤.故選：AC.（2）對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得,腱 ,則繩子的拉力 F=Ma= it,當(dāng)mvv M,即沙和沙桶的質(zhì)量遠小于小車和小車的質(zhì)量時，沙和沙桶的總重力在數(shù)值上近似等于小車運動時受到 的拉力， , ， 根據(jù)圖象可知，拉力為零時，小車的加速度不為零，可知平衡摩擦力過度，由a=;可知，圖象的ill4斜率等于小車質(zhì)量的倒數(shù)，則小車的質(zhì)量為唉 廣故答案為：（1） AC;遠小于；平衡摩擦力過度；210.如圖1是測量阻值約幾十歐的未知電阻Rx的原理圖，圖中 R）是保護電阻（10Q）, Ri是電

35、阻箱（099.9Q）, R是滑動變阻器，A1和A2是電流表，E是電源（電動勢10V,內(nèi)阻很?。?在保證安全和滿足要求的情況下，使測量范圍盡可能大.實驗具體步驟如下：（I ）連接好電路，將滑動變阻器R調(diào)到最大；（n）閉合S,從最大值開始調(diào)節(jié)電阻箱 Ri,先調(diào)Ri為適當(dāng)值，再調(diào)滑動變阻器 R,使Ai示數(shù)Ii=0.15A,記下此時電阻箱的阻值 Ri和A2示數(shù) 以（出）重復(fù)步驟（n）,再測量6組Ri和I2；（7）將實驗獲得的7組數(shù)據(jù)在坐標(biāo)紙上描點.根據(jù)實驗回答以下問題：現(xiàn)有四只供選用的電流表：2.0Q）B.電流表（03mA,內(nèi)阻未知）5.0 Q）D.電流表（00.3A,內(nèi)阻未知）A.電流表（03mA,

36、內(nèi)阻為C.電流表（00.3A,內(nèi)阻為Ai應(yīng)選用D , A2應(yīng)選用C測得一組Ri和I2值后，調(diào)整電阻箱Ri,使其阻值變小，要使 Ai示數(shù)Ii=0.i5A,應(yīng)讓滑動變阻器R接入電路的阻值 變大 （選填“不變”、“變大”或“變小” ）.在坐標(biāo)紙上（圖 2）畫出Ri與I2的關(guān)系圖根據(jù)以上實驗得出 Rx= 3i.3 Q.【考點】伏安法測電阻.【分析】由題意可知，Ai示數(shù)Ii=0.i5A,即可確定量程，根據(jù)題目中圖象示數(shù)可知A2的范圍,則可明確其量程；由歐姆定律，結(jié)合電路分析方法，可知滑動變阻器的阻值如何變化；根據(jù)描點，作出圖象，讓圖線分布在點兩邊，刪除錯誤點；根據(jù)串并聯(lián)特征，結(jié)合Ri與I2的圖象的斜率含

37、義，依據(jù)歐姆定律，即可求解.【解答】解：Ai示數(shù)Ii=0.i5A,則Ai應(yīng)選用量程為0.3A的電流表，由于只要知道電流大小即可， 即選用D;根據(jù)Ri與I2的關(guān)系圖，可知，A2的量程為0.3A,且必須要知道其電阻，因此選用C;調(diào)整電阻箱 Ri,使其阻值變小，要使 Ai示數(shù)Ii=0.i5A,則與其串聯(lián)的兩個電阻一個電流表的兩端電壓必須要在減小，因此只有應(yīng)讓滑動變阻器 R接入電路的阻值在變大，才能達到這樣的條件; 根據(jù)描出點的用直線將各點連接，誤差較大的點舍去；如圖所示；根據(jù)歐姆定律，則有：(Ri + R + Rai) Il=l2 (Rx+Ra2)；整理可得：Ri = I2 '11而Ri與I

38、2的圖象的斜率為:Ro-Rai；51。k=瓦 30-0. U6=241.7 Q則有：Rx=klAi- Ra2=241.7>0.15-5=31.3Q;故答案為：D, C;變大；如圖所示；31.3.11 .如圖所示，AB是傾角為。的粗糙直軌道， BCD是光滑的圓弧軌道， AB恰好在B點與圓弧相 切，圓弧的半徑為 R. 一個質(zhì)量為 m的物體(可以看作質(zhì)點)從直軌道上的 P點由靜止釋放，結(jié) 果它能在兩軌道間做往返運動.已知 P點與圓弧的圓心 O等高，物體與軌道 AB間的動摩擦因數(shù) 為同.求:(1)物體做往返運動的整個過程中在AB軌道上通過的總路程；(2)最終當(dāng)物體通過圓弧軌道最低點E時，對圓弧軌

39、道的壓力；(3)為使物體能順利到達圓弧軌道的最高點D,釋放點距B點的距離L'應(yīng)滿足什么條件?【考點】向心力；動能定理的應(yīng)用.【分析】利用動能定理求摩擦力做的功；對圓周運動條件的分析和應(yīng)用；圓周運動中能過最高點的條件.【解答】解：(1)因為摩擦始終對物體做負功，所以物體最終在圓心角為2。的圓弧上往復(fù)運動.對整體過程由動能定理得mgR?30s 0 -mgcos 0 ?x=0所以總路程為x=.(2)對B-E過程，B點的初速度為零，由動能定理得2mgR (1 - cos 0 ) =mvEFN - mg=m 5,R由得對軌道壓力：Fn= (3 - 2cos 0 ) mg .方向豎直向下(3)設(shè)物

40、體剛好到 D點，則由向心力公式得 mg=m對全過程由動能定理得,，一 12mgL sin 0 -mgcos 0 ?L - mgR(1+cos。)=r;mvD,3+2匕門s 8由得最少距離 L' =. 1一？R.故答案為：(1)在AB軌道上通過的總路程為 x卡.(2)對圓弧軌道的壓力為(3 - 2cos 0 ) mg,方向豎直向下 342cge(3)釋放點距 B點的距離L'至少為 vine - 2 "，口5日？*12.圖為某種離子加速器的設(shè)計方案.兩個半圓形金屬盒內(nèi)存在相同的垂直于紙面向外的勻強磁場.其中MN和M' N'是間距為h的兩平行極板，其上分別有

41、正對的兩個小孔 。和O' , O' N' =ON=d, P為靶點，O' P=kd (k為大于1的整數(shù)).極板間存在方向向上的勻強電場，兩極板間電 壓為U.質(zhì)量為m、帶電量為q的正離子從O點由靜止開始加速，經(jīng) O'進入磁場區(qū)域.當(dāng)離子 打到極板上 O' N'區(qū)域(含N'點)或外殼上時將會被吸收.兩虛線之間的區(qū)域無電場和磁場存 在，離子可勻速穿過.忽略相對論效應(yīng)和離子所受的重力.求：(1)離子經(jīng)過電場僅加速一次后能打到P點所需的磁感應(yīng)強度大?。?2)能使離子打到 P點的磁感應(yīng)強度的所有可能值；(3)打到P點的能量最大的離子在磁場匯總運

42、動的時間和在電場中運動的時間.【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運動；質(zhì)譜儀和回旋加速器的工作原理.【分析】(1)對直線加速過程，根據(jù)動能定理列式；對在磁場中圓周運動過程，洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列式；最后聯(lián)立求解即可；(2)為了使離子打到 P點，粒子可以加速1次、2次、3次、，對加速過程根據(jù)動能定理列式，對在磁場中圓周運動過程根據(jù)牛頓第二定律列式；要考慮臨界條件，一次加速后要達到虛線區(qū)域;(3)打到P點的能量最大的離子加速次數(shù)最大；在電場向上中是勻加速全程根據(jù)動量定理求解時間；在磁場中是勻速圓周運動，根據(jù)t=Mr求解時間.【解答】解：(1)在電場中的直線加速過程，根據(jù)動能定理，有：1

43、 ? _qU=inv在磁場中，根據(jù)牛頓第二定律，有:聯(lián)立解得磁感應(yīng)強度大小:B= 'I (2)在電場中的第一次直線加速過程，根據(jù)動能定理，有:11 ?-qU=jnV| 在磁場第一次圓周運動過程中，根據(jù)牛頓第二定律，有:Qv B-nr離子經(jīng)過電場加速 n次后能打到P點，則：在電場中的前n次直線加速過程，根據(jù)動能定理，有:.11 2 anqU= nv在磁場中第n次圓周運動過程，根據(jù)牛頓第二定律，有:2r-._ V _T 1L #上 kd苴中.r ，、丁 ，2皿、2V2nU派 聯(lián)立解得：B=匕(n=1, 2, 3, 4,，k2- 1)(3)在電場中n次運動都是加速，可以當(dāng)作一個勻加速直線運動

44、進行考慮;根據(jù)式，最大速度為：v= 2nWV m- U根據(jù)動重7E理，有：q：t=mvn打到P點的能量最大的離子加速次數(shù)最大，為:n=k2 - 1聯(lián)立解得:t=hUq在磁場中做圓周運動，為(n -圈，即(k2圈;2,2Uqjnqkd(2)能使離子打到 P點的磁感應(yīng)強度磁感應(yīng)強度的可能值為:2V2nUqniqkd(n=1, 2, 3, 4,，2 虹 IT周期：T=.|一 qn根據(jù)式，Bn= 二廣一1 .一qkd故在磁場中的運動時間為:t' = (k2-)聯(lián)立解得：t'(2k2-3) TTjd 2j2Uqm (kj)答:(1)離子經(jīng)過電場僅加速一次后能打到P點所需的磁感應(yīng)強度大小為

45、k2 - 1);(3)在磁場中運動的時間為;在電場中運動的時間為【物理-選彳3-3 13.下列說法正確的是()A.科技的進步可以使內(nèi)燃機成為單一的熱源熱機B.電冰箱的工作過程表明，熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞C.空調(diào)機在制冷過程中，從室內(nèi)吸收的熱量小于向室外放出的熱量D.把一枚針輕放在水面上，它會浮在水面，這是由于水表面存在表面張力的緣故E.懸浮在液體中的微粒越小，在某一瞬間跟它相碰撞的液體分子數(shù)就越少，布朗運動越不明顯【考點】熱力學(xué)第二定律；熱力學(xué)第一定律.【分析】熱力學(xué)第二定律有兩種說法：一、是不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體，而不引起其他變化；二、是不可能從單一熱源吸收熱量并把它

46、全部用來做功，而不引起其他變化.空調(diào)機在制冷過程中，可根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析吸熱與放熱的關(guān)系.液體存在表面張力. 微粒越小,在某一瞬間跟它相碰撞的液體分子數(shù)就越少，沖力越不平衡，布朗運動越明顯.【解答】解：A、根據(jù)熱力學(xué)第二定律知，科技的進步不可能使內(nèi)燃機成為單一的熱源熱機，故 A 錯誤. B、在引起其他變化的情況下，熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞.如電冰箱，故B正確.C、空調(diào)機在制冷過程中，由于電流做功，部分電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，故從室內(nèi)吸收的熱量小于向室外放出的熱量.故C正確. D、把一枚針輕放在水面上，由于水表面存在表面張力的緣故，水面象彈性薄膜一樣， 所以針能浮在水面，故D正確. E、懸浮

47、在液體中的微粒越小，在某一瞬間跟它相碰撞的液體分子數(shù)就越少，微粒受到的沖力越不平衡，合力越大，所以布朗運動越明顯.故E錯誤.故選：BCD14.一汽缸豎直放在水平地面上，缸體質(zhì)量M=10kg,活塞質(zhì)量m=4kg,活塞橫截面積 S=2M03m2,活塞上面的汽缸內(nèi)封閉了一定質(zhì)量的理想氣體，下面有氣孔O與外界相通，大氣壓強P0=1.0M05Pa；活塞下面與勁度系數(shù) k=2X103M/m的輕彈簧相連；當(dāng)汽缸內(nèi)氣體溫度為127c時彈簧為自然長度，此時缸內(nèi)氣柱長度 Li=20cm, g取10m/s：缸體始終豎直，活塞不漏氣且與缸壁無摩擦.當(dāng)缸內(nèi)氣柱長度 L2=24cm時，缸內(nèi)氣體溫度為多少K?缸內(nèi)氣體溫度上

48、升到 T。以上，氣體將做等壓膨脹，則 T。為多少K?VJ77W【考點】理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強.【分析】(1)當(dāng)汽缸內(nèi)氣體溫度為 127c時彈簧為自然長度，當(dāng)缸內(nèi)氣柱長度L2=24cm時，對活塞受力分析.根據(jù)平衡條件和理想氣體狀態(tài)方程求解.(2)當(dāng)氣體壓強增大到一定值時，氣缸對地壓力為零，此后再升高氣體溫度，氣體壓強不變，氣 體做等壓變化.根據(jù)平衡條件和理想氣體狀態(tài)方程求解.【解答】解：當(dāng)汽缸內(nèi)氣體溫度為127c時彈簧為自然長度，設(shè)封閉氣體的壓強為R,對活塞受力：P1S+mg=P0S得：P1=P0-代入數(shù)據(jù)得：Pi=0.8M05Pa當(dāng)缸內(nèi)氣柱長度 L2=24cm時，設(shè)封閉氣體的壓強為P

49、2,對活塞受力:P2S+mg=P(S+F其中：F=k (L2-L1)_ _ F嚼可得：P2=P0+ , S代入數(shù)據(jù)得：P2=1.2M05Pa對氣體，根據(jù)題意得：Vi=20S V2=24S Ti=400K根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，得:P2V解得 T2=720K當(dāng)氣體壓強增大到一定值時，汽缸對地壓力為零，此后再升高氣體溫度，氣體壓強不變，氣體 做等壓變化；設(shè)汽缸剛好對地沒有壓力時彈簧壓縮長度為x則kAx= (m+M) g x=7cmV= (x+L) S=27SmgP3 = P0+:Q5_1.5M05Pa根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程得py解得 T°=1012.5K答：當(dāng)缸內(nèi)氣柱長度L2=24cm時，缸

50、內(nèi)氣體溫度為 720K缸內(nèi)氣體溫度上升到T。以上，氣體將做等壓膨脹，則T。為1012.5K【物理-選彳3-4 已知15. 一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形如圖所示，質(zhì)點 P的x坐標(biāo)為3m.任意振動質(zhì)點連續(xù)2次經(jīng)過平衡位置的時間間隔為0.4s.下列說法正確的是()A.波速為4m/sB.波的頻率為 1.25HzC. x坐標(biāo)為15m的質(zhì)點在t=0.6s時恰好位于波谷D. x坐標(biāo)為22m的質(zhì)點在t=0.2s時恰好位于波峰E.當(dāng)質(zhì)點P位于波峰時，x坐標(biāo)為17m的質(zhì)點恰好位于波谷【考點】橫波的圖象；波長、頻率和波速的關(guān)系.【分析】根據(jù)任意振動質(zhì)點連續(xù)2次經(jīng)過平衡位置白時間間隔為 0.4s即

51、可求出周期.相鄰兩個波峰或波谷之間的距離等于波長，由圖讀出波長.由ky求出波速.0.4s,則周期為0.8s,【解答】解：A、由題，任意振動質(zhì)點連續(xù) 2次經(jīng)過平衡位置的時間間隔為由圖可知，該波的波長是B、該波的周期是 0.8s,4m,所以波速： =r =;=5m/s.故 A 錯慶;則頻率:Hz.故B正確;L U. OC、x坐標(biāo)為15m的質(zhì)點到P點的距離為： Xi=15m - 3m=12m=3入，所以x坐標(biāo)為15m的質(zhì)點與P點的振動始終相同.P質(zhì)點經(jīng)過t=0.6s=T時間恰好經(jīng)過平衡位置，所以 x坐標(biāo)為15m的質(zhì)點在t=0.6s時恰好位于4平衡位置.故C錯誤；D、x坐標(biāo)為22m的質(zhì)點到x=2質(zhì)點的距離為： x?=22m - 2m=20m=5入，所以x坐標(biāo)為15m的質(zhì)點與x=2的點的振動始終相同.t=0時刻x=2的質(zhì)點向上振動，經(jīng)過t=0.2s=-T時間恰好到達波峰，4所以x坐標(biāo)為22m的質(zhì)點在t=0.2s時恰好位于波峰位置.故 D正確；E、x坐標(biāo)為17m的質(zhì)點到P點的距離為： x1加-3hf 1,所以x坐標(biāo)為17m的質(zhì)點與P點的振動始終相反，當(dāng)質(zhì)點P位于波峰時，x坐標(biāo)為17m的質(zhì)點恰好位于波谷.故E正確.故選：BDE16. Morpho蝴蝶的翅膀在陽光的照射下呈現(xiàn)處閃亮耀眼的藍色光芒，這是