《高中試卷》2018-2019學(xué)年廣東省深圳市福田區(qū)耀華實(shí)驗(yàn)學(xué)校港澳臺(tái)班高二（上）期末物理試卷

1、2018-2019學(xué)年廣東省深圳市福田區(qū)耀華實(shí)驗(yàn)學(xué)校港澳臺(tái)班高二（上）期末物理試卷一、選擇題（單選，每小題4分，共52分）1（4分）在一個(gè)點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)中，關(guān)于電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)的說法中正確的是（）a沒有任何兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同b可以找到很多電場(chǎng)強(qiáng)度相同的點(diǎn)c沒有任何兩點(diǎn)電勢(shì)相等d可以找到電勢(shì)又相等，電場(chǎng)強(qiáng)度又相同的點(diǎn)2（4分）導(dǎo)體的電阻是導(dǎo)體本身的一種性質(zhì)，對(duì)于同種材料的導(dǎo)體，在溫度不變時(shí)，下列表述正確的是（）a橫截面積一定，電阻與導(dǎo)體的長(zhǎng)度成正比b長(zhǎng)度一定，電阻與導(dǎo)體的橫截面積成正比c電壓一定，電阻與通過導(dǎo)體的電流成正比d電流一定，電阻與導(dǎo)體兩端的電壓成反比3（4分）如圖所示，ab是某點(diǎn)電荷電場(chǎng)

2、中一條電場(chǎng)線，在電場(chǎng)線上p處自由釋放一個(gè)負(fù)試探電荷時(shí)，它沿直線向b點(diǎn)處運(yùn)動(dòng)，對(duì)此現(xiàn)象下列判斷正確的是（）a電荷向b做勻加速運(yùn)動(dòng)b電荷向b做加速度越來越小的運(yùn)動(dòng)c電荷向b做加速度越來越大的運(yùn)動(dòng)d電荷向b做加速運(yùn)動(dòng)，加速度的變化情況不能確定4（4分）如圖所示，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭p向右移動(dòng)時(shí)三個(gè)燈泡亮度的變化情況是（）al1變亮，l2和l3皆變暗bl1變亮，l2不能確定，l3變暗cl1變暗，l2變亮，l3也變亮dl1變亮，l2變亮，l3變暗5（4分）如圖所示，直線a為電源的ui圖線，曲線b為燈泡電阻的ui圖線，用該電源和小燈泡組成閉合電路時(shí)，電源的輸出功率和電路的總功率分別是（）a4w、8wb2

3、w、4wc4w、6wd2w、3w6（4分）如圖所示，把輕質(zhì)導(dǎo)線圈用絕緣細(xì)線懸掛在磁鐵n極附近，磁鐵的軸線穿過線圈的圓心，且垂直于線圈平面，當(dāng)線圈中通入如圖方向的電流后，線圈的運(yùn)動(dòng)情況是（）a線圈向左運(yùn)動(dòng)b線圈向右運(yùn)動(dòng)c從上往下看順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)d從上往下看逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)7（4分）圖是質(zhì)譜儀工作原理的示意圖帶電粒子a、b經(jīng)電壓u加速（在a點(diǎn)初速度為零）后，進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為b的勻強(qiáng)磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，最后分別打在感光板s上的x1、x2處圖中半圓形的虛線分別表示帶電粒子a、b所通過的路徑，則（）aa的質(zhì)量一定大于b的質(zhì)量ba的電荷量一定大于b的電荷量ca運(yùn)動(dòng)的時(shí)間大于b運(yùn)動(dòng)的時(shí)間da的比荷（qama）大于b的

4、比荷（qbmb）8（4分）空間存在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)和水平方向（垂直紙面向里）的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，如圖所示，已知一離子在電場(chǎng)力和洛侖茲力共同作用下，從靜止開始自a點(diǎn)沿曲線acb運(yùn)動(dòng)，到達(dá)b點(diǎn)時(shí)速度為零，c為運(yùn)動(dòng)的最低點(diǎn)。不計(jì)重力，則（）a該離子帶負(fù)電ba、b兩點(diǎn)位于同一高度cc點(diǎn)時(shí)離子速度并非最大d離子到達(dá)b點(diǎn)后，將沿原曲線返回a點(diǎn)9（4分）水平固定放置的足夠長(zhǎng)的u形金屬導(dǎo)軌處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，在導(dǎo)軌上放著金屬棒ab，開始時(shí)ab棒以水平初速度v0向右運(yùn)動(dòng)，最后靜止在導(dǎo)軌上，就導(dǎo)軌光滑和粗糙兩種情況比較，這個(gè)過程（）a安培力對(duì)ab棒所做的功相等b電流所做的功相等c產(chǎn)生的總內(nèi)能不相等d通過ab棒的電

5、量不相等10（4分）如圖所示，a、b是完全相同的兩個(gè)小燈泡，l為自感系數(shù)很大、電阻可以忽略的帶鐵芯的線圈（）a電鍵s閉合瞬間，a、b同時(shí)發(fā)光，隨后a燈變暗，b燈變亮，最后b比a更亮b電鍵s閉合瞬間，b燈亮，a燈不亮c斷開電鍵s的瞬間，a、b燈同時(shí)熄滅d斷開電鍵s的瞬間，b燈立即熄滅，a燈突然閃亮一下再熄滅11（4分）如圖所示，由均勻?qū)Ь€制成的，半徑為r的圓環(huán)，以v的速度勻速進(jìn)入一磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為b的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。當(dāng)圓環(huán)運(yùn)動(dòng)到圖示位置（aob90°）時(shí)，a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)差為（）a24brvb22brvc324brvd2brv12（4分）如圖所示，磁場(chǎng)垂直于紙面向外，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨水平向

6、右的x軸按bb0+kx（b0、k為常量）的規(guī)律均勻增大位于紙面內(nèi)的正方形導(dǎo)線框abcd處于磁場(chǎng)中，在外力作用下始終保持dc邊與x軸平行向右勻速運(yùn)動(dòng)若規(guī)定電流沿abcda的方向?yàn)檎较?，則從t0到tt1的時(shí)間間隔內(nèi)，下列關(guān)于該導(dǎo)線框中產(chǎn)生的電流i隨時(shí)間t變化的圖象，正確的是（）abcd13（4分）如圖所示。繞在鐵芯上的線圈與電源、滑動(dòng)變阻器和開關(guān)組成閉合回路。在鐵芯的右端套有一個(gè)表面絕緣的銅環(huán)a不計(jì)鐵芯和銅環(huán)a之間的摩擦。則下列情況中銅環(huán)a會(huì)向右運(yùn)動(dòng)的是（）a線圈中通以恒定的電流b通電時(shí)，使滑動(dòng)變阻器的滑片p向右勻速移動(dòng)c通電時(shí)，使滑動(dòng)變阻器的滑片p向左加速移動(dòng)d將開關(guān)突然斷開的瞬間二、實(shí)驗(yàn)題（

7、本題共2小題，共23分）14（9分）一多用電表的電阻擋有三個(gè)倍率，分別是×1、×10、×100用×10擋測(cè)量某電阻時(shí)，操作步驟正確，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉(zhuǎn)角度很小，為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，應(yīng)換到 擋如果換檔后立即用表筆連接待測(cè)電阻進(jìn)行讀數(shù)，那么缺少的步驟是 ，若補(bǔ)上該步驟后測(cè)量，表盤的示數(shù)如圖，則該電阻的阻值是 15（14分）在用電壓表和電流表測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，所用電壓表和電流表的內(nèi)阻分別為1k和0.1，圖1為實(shí)驗(yàn)原理圖及所需器件圖（1）在圖2中畫出連線，將器件按原理圖1連接成實(shí)物電路（2）一位同學(xué)記錄的6組數(shù)據(jù)見表，試根據(jù)這些數(shù)據(jù)在圖3中畫出ui圖

8、象，根據(jù)圖象讀出電池的電動(dòng)勢(shì)e v，求出電池的內(nèi)阻r i（a）0.120.200.310.320.500.57u（v）1.371.321.241.181.101.05三、計(jì)算題（本題共4小題，共75分，計(jì)算時(shí)必須有必要的文字說明和解題步驟，有數(shù)值計(jì)算的要注明單位）16（16分）如圖所示，在光滑絕緣的水平面上有一個(gè)用一根均勻?qū)w圍成的正方形線框abcd，其邊長(zhǎng)為l，總電阻為r，放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為b方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的左邊，圖中虛線mn為磁場(chǎng)的左邊界線框在大小為f的恒力作用下向右運(yùn)動(dòng)，其中ab邊保持與mn平行當(dāng)線框以速度v0進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，它恰好做勻速運(yùn)動(dòng)在線框進(jìn)入磁場(chǎng)的過程中，（1）線框的ab

9、邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為e為多少？（2）求線框a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)差（3）求線框中產(chǎn)生的焦耳熱17（19分）如圖所示，水平放置的兩塊長(zhǎng)直平行金屬板a、b相距d0.10m，a、b間的電場(chǎng)強(qiáng)度為e5.0×105n/c，b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為b6.0t、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。今有一質(zhì)量為m4.8×1025kg、電荷量為q1.6×1018c的帶正電的粒子（不計(jì)重力），從貼近a板的左端以01.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，剛好從狹縫p穿過b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后粒子回到邊界b的q（圖中未標(biāo)出）處。試求（1）粒子穿過狹縫p時(shí)的速度

10、及其與b板的夾角。（2）p、q之間的距離l。18（20分）如圖1所示，兩根足夠長(zhǎng)的直金屬導(dǎo)軌mn、pq平行放置兩導(dǎo)軌間距為l0，m、p兩點(diǎn)間接有阻值為r的電阻一根質(zhì)量為m的均勻直金屬桿ab放在兩導(dǎo)軌上，并與導(dǎo)軌垂直整套裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為b的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直斜面向下導(dǎo)軌和金屬桿的電阻可忽略讓ab桿沿導(dǎo)軌由靜止開始下滑，導(dǎo)軌和金屬桿接觸良好，不計(jì)它們之間的摩擦（1）由b向a方向看到的裝置如圖2，在此圖中畫出ab桿下滑過程中某時(shí)刻的受力示意圖；（2）在加速下滑時(shí)，當(dāng)ab桿的速度大小為v時(shí)，求此時(shí)ab桿中的電流及其加速度的大小；（3）求在下滑過程中，ab桿可以達(dá)到的速度最大值19（20分）如

11、圖所示，一個(gè)質(zhì)量為m，帶電量為+q的粒子以速度v0從o點(diǎn)沿y軸正方向射入磁感應(yīng)強(qiáng)度為b的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，粒子飛出磁場(chǎng)區(qū)域后，從點(diǎn)b處穿過x軸，速度方向與x軸正方向的夾角為30°粒子的重力不計(jì)，試求：（1）圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的最小面積？（2）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間？（3）b點(diǎn)到o點(diǎn)的距離？2018-2019學(xué)年廣東省深圳市福田區(qū)耀華實(shí)驗(yàn)學(xué)校港澳臺(tái)班高二（上）期末物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（單選，每小題4分，共52分）1【分析】點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)線是輻射狀或匯聚狀的，根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系，通過點(diǎn)電荷的等勢(shì)面判斷各點(diǎn)電勢(shì)的關(guān)系。【解答】解：ab、

12、點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中，沿一條電場(chǎng)線，各點(diǎn)的電場(chǎng)方向相同，但大小不同，不同的點(diǎn)，方向又不同，所以沒有任何兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同，故a正確，b錯(cuò)誤；cd、點(diǎn)電荷的等勢(shì)面是一簇簇球面，球面上各點(diǎn)的電勢(shì)相等，且各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，但方向不同，故cd錯(cuò)誤。故選：a?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握點(diǎn)電荷周圍電場(chǎng)的特點(diǎn)，注意電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，有大小有方向，以及知道點(diǎn)電荷的等勢(shì)面特點(diǎn)。2【分析】解答本題應(yīng)掌握：導(dǎo)體的電阻是導(dǎo)體本身的一種性質(zhì)，導(dǎo)體的電阻與導(dǎo)體本身的材料、長(zhǎng)度、橫截面積有關(guān)，還與溫度有關(guān)；與電流以及電壓的大小無關(guān)【解答】解：由電阻定律rls可知，電阻的大小與導(dǎo)體的長(zhǎng)度成正比，與橫截面積成反比，a、橫截面積一

13、定，電阻與導(dǎo)體的長(zhǎng)度成正比，故a正確；b、長(zhǎng)度一定，電阻與導(dǎo)體的橫截面積成反比，故b錯(cuò)誤；c、電阻與電流以及電壓的大小無關(guān)，故cd錯(cuò)誤；故選：a?！军c(diǎn)評(píng)】電阻是導(dǎo)體本身的屬性，導(dǎo)體的電阻大小與導(dǎo)體的長(zhǎng)度、橫截面積和材料等有關(guān)，與電流以及電壓的大小無關(guān)3【分析】電場(chǎng)線是從正電荷或者無窮遠(yuǎn)出發(fā)出，到負(fù)電荷或無窮遠(yuǎn)處為止，沿電場(chǎng)線的方向，電勢(shì)降低，電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小【解答】解：在電場(chǎng)線上p處自由釋放一個(gè)負(fù)試探電荷時(shí)，它沿直線向b點(diǎn)處運(yùn)動(dòng)，電荷受到的電場(chǎng)力向右，所以電場(chǎng)線的方向向左，但是只有一條電場(chǎng)線，不能判斷電場(chǎng)線的疏密的情況，不能判斷電荷的受力的變化的情況，不能

14、判斷加速度的變化的情況，所以d正確，abc錯(cuò)誤。故選：d?！军c(diǎn)評(píng)】加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)，掌握住電場(chǎng)線的特點(diǎn)，理解牛頓第二定律內(nèi)容，注意加速度的不確定性是解題的關(guān)鍵4【分析】當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭p向右移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析總電流的變化，判斷燈l3亮度的變化根據(jù)并聯(lián)部分電壓的變化，判斷l(xiāng)1變化的變化由總電流與l1電流的變化，判斷l(xiāng)2亮度的變化【解答】解：當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭p向右移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得，電路中總電流i增大，l3變亮。并聯(lián)部分電壓uei（r3+r），e、r3、r都不變，i增大，

15、則u減小，l1變暗。流過l2的電流i2ii1，i增大，i1減小，i2增大，則l2變亮。故選：c?！军c(diǎn)評(píng)】本題電路中動(dòng)態(tài)分析問題，當(dāng)外電路某一部分電阻增大或減小時(shí)，外電路電路總電阻也隨之增大或減小5【分析】電源的外特性曲線與燈泡伏安特性曲線的交點(diǎn)就是燈泡與電源連接時(shí)的工作狀態(tài)，由圖可讀出工作電壓和電流及電源的電動(dòng)勢(shì)從而可算出電源的輸出功率和總功率【解答】解：由圖讀出e3v，r0.5 燈泡與電源連接時(shí)，工作電壓u2v，i2a則電源的輸出功率p出eii2r（3×222×0.5）w4w 電源的總功率p總ei3×2w6w故選：c?！军c(diǎn)評(píng)】解決這類問題的關(guān)鍵在于從數(shù)學(xué)角度理解

16、圖象的物理意義，抓住圖象的斜率、面積、截距、交點(diǎn)等方面進(jìn)行分析，更加全面地讀出圖象的物理內(nèi)涵6【分析】將環(huán)形電流等效為小磁針，根據(jù)同性相斥，異性相吸判斷線圈的運(yùn)動(dòng)。【解答】解：根據(jù)右手螺旋定則，環(huán)形電流可以等效為小磁針，小磁針的n極指向右，根據(jù)異性相吸，知線圈向左運(yùn)動(dòng)。故a正確，b、c、d錯(cuò)誤。故選：a。【點(diǎn)評(píng)】通電電流處于條形磁鐵產(chǎn)生的磁場(chǎng)中，受到安培力作用，根據(jù)左手定則判斷。本題用等效法解決比較簡(jiǎn)單。7【分析】帶電粒子先在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，再進(jìn)入磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌跡為半圓，本題動(dòng)能定理和牛頓第二定律求解【解答】解：設(shè)粒子經(jīng)電場(chǎng)加速后的速度大小為v，磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r，電

17、荷量和質(zhì)量分別為q、m，打在感光板上的距離為s。 根據(jù)動(dòng)能定理，得 qu=12mv2，v=2qum 由qvbmv2r，r=mvqb=1b2muq 則s2r=2b2muq 得到qm=8ubs2由圖，sasb，u、b相同，則qamaqbmb故選：d。【點(diǎn)評(píng)】本題屬于帶電粒子在組合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問題，電場(chǎng)中往往用動(dòng)能求速度，磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)處理的基本方法是畫軌跡8【分析】帶電粒子由靜止釋放（不考慮重力），在電場(chǎng)力的作用下會(huì)沿電場(chǎng)向下運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)過程中，帶電粒子會(huì)受到洛倫茲力，所以粒子會(huì)沿逆時(shí)針方向偏轉(zhuǎn)，到達(dá)c點(diǎn)時(shí)，洛倫茲力方向向上，此時(shí)粒子具有最大速度，在之后的運(yùn)動(dòng)中，粒子的電勢(shì)能會(huì)增加速度越來越小，到達(dá)b

18、點(diǎn)時(shí)速度為零。之后粒子會(huì)繼續(xù)向右重復(fù)由在由a經(jīng)c到b的運(yùn)動(dòng)形式?！窘獯稹拷猓篴、粒子開始受到電場(chǎng)力作用開始向下運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)過程中受洛倫茲力作用，知電場(chǎng)力方向向下，則離子帶正電。故a錯(cuò)誤。b、根據(jù)動(dòng)能定理知，洛倫茲力不做功，在a到b的過程中，動(dòng)能變化為零，則電場(chǎng)力做功為零，a、b兩點(diǎn)等電勢(shì)，因?yàn)樵撾妶?chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)，所以a、b兩點(diǎn)位移同一高度。故b正確。c、根據(jù)動(dòng)能定理得，離子運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)電場(chǎng)力做功最大，則速度最大。故c錯(cuò)誤。d、只要將離子在b點(diǎn)的狀態(tài)與a點(diǎn)進(jìn)行比較，就可以發(fā)現(xiàn)它們的狀態(tài)（速度為零，電勢(shì)能相等）相同，如果右側(cè)仍有同樣的電場(chǎng)和磁場(chǎng)的疊加區(qū)域，離子就將在b之右側(cè)重現(xiàn)前面的曲線運(yùn)動(dòng)，因此，離

19、子是不可能沿原曲線返回a點(diǎn)的。故d錯(cuò)誤。故選：b。【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了帶電粒子在混合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的問題，要求同學(xué)們能正確分析粒子的受力情況，再通過受力情況分析粒子的運(yùn)動(dòng)情況，要注意洛倫茲力永不做功，難度適中。9【分析】金屬棒在導(dǎo)軌上做減速運(yùn)動(dòng)，最后金屬棒靜止在導(dǎo)軌上；對(duì)金屬棒進(jìn)行受力分析，從能量轉(zhuǎn)化的角度分析內(nèi)能關(guān)系。根據(jù)感應(yīng)電荷量公式q=r，分析產(chǎn)生的電量關(guān)系。【解答】解：a、當(dāng)導(dǎo)軌光滑時(shí)，金屬棒克服安培力做功，動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為焦耳熱，產(chǎn)生的內(nèi)能等于金屬棒的初動(dòng)能；當(dāng)導(dǎo)軌粗糙時(shí)，金屬棒在導(dǎo)軌上滑動(dòng)，一方面要克服摩擦力做功，摩擦生熱，把部分動(dòng)能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，另一方面要克服安培力做功，金屬棒的部分動(dòng)能

20、轉(zhuǎn)化為焦耳熱，摩擦力做功產(chǎn)生的內(nèi)能與克服安培力做功轉(zhuǎn)化為內(nèi)能的和等于金屬棒的初動(dòng)能；所以，導(dǎo)軌粗糙時(shí)，安培力做的功少，導(dǎo)軌光滑時(shí)，安培力做的功多，故a錯(cuò)誤；b、電流所做的功等于回路中產(chǎn)生的焦耳熱，根據(jù)功能關(guān)系可知導(dǎo)軌光滑時(shí)，金屬棒克服安培力做功多，產(chǎn)生的焦耳熱多，電流做功大，故b錯(cuò)誤；c、兩種情況下，產(chǎn)生的內(nèi)能相等，都等于金屬棒的初動(dòng)能；故c錯(cuò)誤；d、根據(jù)感應(yīng)電荷量公式q=r，x是ab棒滑行的位移大小，b、r、導(dǎo)體棒長(zhǎng)度l相同，x越大，感應(yīng)電荷量越大，因此導(dǎo)軌光滑時(shí)，感應(yīng)電荷量大。故d正確。故選：d。【點(diǎn)評(píng)】對(duì)金屬棒正確受力分析，從能量的角度分析內(nèi)能問題，要熟悉感應(yīng)電荷量公式q=r這一電磁感應(yīng)

21、問題常用的經(jīng)驗(yàn)公式。10【分析】開關(guān)閉合的瞬間，電源的電壓同時(shí)加到兩燈的兩端，兩燈同時(shí)發(fā)光。由于線圈的電阻可以忽略，燈a逐漸被短路，隨后a燈變暗，b燈變亮。斷開開關(guān)的瞬間，b燈立即熄滅，a燈突然閃亮一下再熄滅?！窘獯稹拷猓篴、開關(guān)閉合的瞬間，兩燈同時(shí)獲得電壓，所以a、b同時(shí)發(fā)光。由于線圈的電阻可以忽略，燈a逐漸被短路，流過a燈的電流逐漸減小，b燈逐漸增大，則a燈變暗，b燈變亮，故a正確，b錯(cuò)誤；c、斷開開關(guān)的瞬間，b燈的電流突然消失，立即熄滅，流過線圈的電流將要減小，產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)電源，自感電流流過a燈，所以a燈突然閃亮一下再熄滅，故c錯(cuò)誤，d正確。故選：ad。【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于自感線圈，當(dāng)電

22、流變化時(shí)產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源，當(dāng)電路穩(wěn)定時(shí)，相當(dāng)于導(dǎo)線，將所并聯(lián)的電路短路。11【分析】根據(jù)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式eblv求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小e，ab邊切割磁感線，相當(dāng)于電源，ab間的電壓是路端電壓，根據(jù)歐姆定律求解?！窘獯稹拷猓寒?dāng)圓環(huán)運(yùn)動(dòng)到圖示位置，圓環(huán)切割磁感線的有效長(zhǎng)度為2r；線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)ab邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：e=2brv； 線框進(jìn)入磁場(chǎng)的過程中a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)差由歐姆定律得：uab=34e=324brv；故選：c?！军c(diǎn)評(píng)】本題是電磁感應(yīng)與電路、力學(xué)等知識(shí)的綜合應(yīng)用，注意a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)差不是感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，而是路端電壓。12【分析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律eblv，結(jié)合閉合電路歐姆定律

23、i=er，及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式xvt，即可求解【解答】解：由題意可知，ad、bc兩邊均在切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向相反，大小相減，根據(jù)題意，bc、ad兩邊的磁場(chǎng)之差為：bb0+k（l+x）b0kxkl根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律eblv，則有：eblvlvkl；而感應(yīng)電流i=er=kvl2r，是定值，故a正確，bcd錯(cuò)誤；故選：a?！军c(diǎn)評(píng)】考查法拉第電磁感應(yīng)定律的應(yīng)用，注意產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小是相加、還是相減是解題的關(guān)鍵13【分析】感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件是穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化。根據(jù)這個(gè)條件分析判斷有沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生。然后根據(jù)楞次定律判斷出感應(yīng)電流的方向，最后使用左手定則判斷出環(huán)a受力的方向。【解答

24、】解：a、線圈中通以恒定的電流時(shí)，線圈產(chǎn)生穩(wěn)恒的磁場(chǎng)，穿過銅環(huán)a的磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，環(huán)a不動(dòng)。故a錯(cuò)誤。b、通電時(shí)，使變阻器的滑片p作向右勻速滑動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，回路中電流減小，線圈產(chǎn)生的磁場(chǎng)減小，穿過銅環(huán)a磁通量減小，產(chǎn)生感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向與原磁場(chǎng)的方向相同，二者相互吸引，故a向左運(yùn)動(dòng)。故b錯(cuò)誤。c、通電時(shí)，使變阻器的滑片p作左加速滑動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，回路中電流增大，線圈產(chǎn)生的磁場(chǎng)增強(qiáng)，穿過銅環(huán)a磁通量增大，產(chǎn)生感應(yīng)電流。感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向與原磁場(chǎng)的方向相反，二者相互排斥，環(huán)a向右運(yùn)動(dòng)。故c正確。d、將電鍵突然斷開的瞬間，線圈產(chǎn)生的磁場(chǎng)從有到無消失，穿

25、過銅環(huán)a的磁通量減小，產(chǎn)生感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向與原磁場(chǎng)的方向相同，二者相互吸引，故a向左運(yùn)動(dòng)。故d錯(cuò)誤。故選：c?！军c(diǎn)評(píng)】該題考查安培定則、楞次定律和左手定則的應(yīng)用，一定要理解三個(gè)定律（定則）的區(qū)別，能夠正確使用它們。本題也可以使用楞次定律的推廣形式來處理，該方法比較簡(jiǎn)單。二、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共23分）14【分析】用歐姆表測(cè)電阻，應(yīng)選擇適當(dāng)?shù)臋n位，使指針指在中央刻度線附近，歐姆表?yè)Q擋后要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零；歐姆表指針示數(shù)與檔位的乘積是歐姆表示數(shù)【解答】解：用×10擋測(cè)量某電阻時(shí)，操作步驟正確，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉(zhuǎn)角度很小，說明所選檔位太小，為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，應(yīng)換到×100

26、擋如果換擋后立即用表筆連接待測(cè)電阻進(jìn)行讀數(shù)，那么缺少的步驟是：重新進(jìn)行歐姆調(diào)零；由圖示表盤可知，該電阻的阻值是22×1002200故答案為：×100；歐姆調(diào)零；2200【點(diǎn)評(píng)】本題考查了歐姆表檔位的選擇與歐姆表讀數(shù)、歐姆表使用注意事項(xiàng)，用歐姆表測(cè)電阻，應(yīng)選擇適當(dāng)?shù)臋n位，使指針指在中央刻度線附近，歐姆表?yè)Q擋后要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零；歐姆表指針示數(shù)與檔位的乘積是歐姆表示數(shù)15【分析】（1）根據(jù)原理圖明確電路原理，根據(jù)實(shí)物圖作圖方法連接各元件即可；（2）由表中數(shù)據(jù)作出伏安特性曲線，由圖象的縱坐標(biāo)可求得電源的電動(dòng)勢(shì)；由斜率求得電阻【解答】解：（1）按照實(shí)驗(yàn)原理圖將實(shí)物圖連接起來，如圖甲

27、所示（2）根據(jù)u、i數(shù)據(jù)，在方格紙ui坐標(biāo)系上找點(diǎn)描跡如圖乙所示，然后將直線延長(zhǎng)，交u軸于u11.45 v，此即為電源電動(dòng)勢(shì)；交i軸于i0.65 a，注意此時(shí)u21.00 v，則r=1.45-1.000.650.69故答案為：（1）如圖所示；（2）1.45；0.69【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握伏安法測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的原理，即eu+ir，會(huì)根據(jù)ui圖線求電源的電動(dòng)勢(shì)內(nèi)阻三、計(jì)算題（本題共4小題，共75分，計(jì)算時(shí)必須有必要的文字說明和解題步驟，有數(shù)值計(jì)算的要注明單位）16【分析】（1）根據(jù)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式eblv求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小e（2）ab邊切割磁感線，相當(dāng)于電源，ab間的電壓是路端電壓，根據(jù)

28、歐姆定律求解（3）線框進(jìn)入過程做勻速運(yùn)動(dòng)，恒力f所做的功等于線圈中產(chǎn)生的焦耳熱，根據(jù)功能關(guān)系求出焦耳熱【解答】解：（1）ab邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為eblv0（2）線框中感應(yīng)電流為i=er=blv0ra、b兩點(diǎn)的電勢(shì)差相當(dāng)于電源的外電壓uabeirabblv0-blv0rr4=34blv0（3）ab邊所受的安培力為f安bil=b2l2v0r線框勻速運(yùn)動(dòng)，則有ff安=b2l2v0r由于線圈在恒力f作用下勻速進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)，恒力f所做的功等于線圈中產(chǎn)生的焦耳熱，所以線圈中產(chǎn)生的熱量為qwfl=b2l3v0r答：（1）線框的ab邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為e為blv0（2）線框a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)差是34b

29、lv0（3）求線框中產(chǎn)生的焦耳熱為b2l3v0r【點(diǎn)評(píng)】本題是電磁感應(yīng)與電路、力學(xué)等知識(shí)的綜合應(yīng)用第（3）問也可根據(jù)焦耳定律求解：qi2rt，t=lv0，i=er=blv0r，代入解得q=b2l3v0r17【分析】（1）粒子a板左端運(yùn)動(dòng)到p處，由動(dòng)能定理即可求出速度和夾角；（2）粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，圓心為o，半徑為r，由幾何關(guān)系及帶點(diǎn)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的基本公式即可解題?！窘獯稹拷猓海?）粒子a板左端運(yùn)動(dòng)到p處，由動(dòng)能定理得：qed=12mv2-12mv02代入數(shù)據(jù)得：v=233×106m/scos=v0v代入數(shù)據(jù)得30°（2）粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，圓心為o，半

30、徑為r，如圖。由幾何關(guān)系得：l2=rsin30°，又bqv=mv2r 聯(lián)立求得：l=mvbq代入數(shù)據(jù)得：l5.8cm。答：（1）粒子穿過狹縫p時(shí)的速度為233×106m/s，其與b板的夾角為30°；（2）p、q之間的距離l為5.8cm?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了動(dòng)能定理及帶點(diǎn)粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況和基本公式，題目難度適中，屬于中檔題。18【分析】由右手定則判斷出感應(yīng)電流方向；由eblv求出電動(dòng)勢(shì)，由歐姆定律求出電流；由牛頓第二定律可以求出加速度；當(dāng)ab桿勻速下滑時(shí)速度最大，由平衡條件求出最大速度【解答】解：（1）由右手定則可知，桿向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，感應(yīng)電流從a流向b，再根據(jù)左手定則知，桿ab所受安培力方向沿斜面向上，則物體受力如圖所示：重力mg，豎直下支撐力n，垂直斜面向上