哈爾濱-學(xué)年高二下學(xué)期期末物理試卷(含解析)

1、黑龍江省哈爾濱六中2017-2018 學(xué)年高二（下）期末物理試卷一、選擇題：本題共12 小題，共 48 分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1 8 題只有一項(xiàng)符合題目要求，每題4 分；第9 12 題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得4 分，選對(duì)但不全的得 2 分，有選錯(cuò)的得 0分1如圖，有質(zhì)量分別為m1、 m2 的兩個(gè)物體通過輕彈簧連接，在力F 的作用下一起沿水平方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)（ m1 在光滑地面上， m2 在空中）已知力 F 與水平方向的夾角為 則m1 的加速度大小為（）ABCD 2一物塊從某一高度自由落下， 落在豎立于地面的輕彈簧上到 B 處時(shí)物塊速度為零，然后被彈回下列說法正確的是（物塊在

2、）A 處開始與彈簧接觸，A 物塊從A 處下降到B 處的過程中，速率不斷減小B物塊從B 處上升到 A 處的過程中，速率不斷增大C物塊在B 處時(shí)，所受合力為零D物塊從A 處下降到B 處的過程中速率先增大，后減小3足夠長的水平木板，沿水平方向向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)木板上有兩個(gè)質(zhì)量不等、摩擦因數(shù)相同的鐵塊與木板一塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)，兩個(gè)鐵塊沿運(yùn)動(dòng)方向分布，質(zhì)量大的在前， 質(zhì)量小的在后，并有一定的間隔某時(shí)刻木板突然停止運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是（）A 若木板光滑，由于前面的鐵塊慣性大，兩個(gè)鐵塊之間距離將增大B若木板光滑，由于后面的鐵塊慣性小，兩個(gè)鐵塊之間距離將減小C若木板不光滑，兩個(gè)鐵塊有可能相撞D無論木板是否光

3、滑，兩個(gè)鐵塊之間距離總是保持不變4四個(gè)質(zhì)量相等的金屬環(huán)，環(huán)環(huán)相扣，在一豎直向上的恒力上升則環(huán)1 和環(huán) 2 間的相互作用力大小為（）F 作用下，四個(gè)金屬環(huán)勻加速AFBCFDF5如圖所示，將小砝碼置于桌面上的薄紙板上，用水平向右的拉力將紙板迅速抽出，砝碼的移動(dòng)很小， 幾乎觀察不到， 這就是大家熟悉的慣性演示實(shí)驗(yàn)，若砝碼和紙板的質(zhì)量分別為2m 和 m，各接觸面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為重力加速度為g要使紙板相對(duì)砝碼運(yùn)動(dòng)，所需拉力的大小至少應(yīng)大于（）A 3mgB 4mgC 5mgD 6mg6如圖所示，將質(zhì)量為m 的小球以速度v0 由地面豎直向上拋出小球落回地面時(shí)，其速度大小為設(shè)小球在運(yùn)動(dòng)過程中所受空氣阻力的大

4、小不變，則空氣阻力的大小等于（）ABCD7一物體做加速直線運(yùn)動(dòng)，依次通過A 、B 、 C 三點(diǎn)， xAB =x BC，物體在 AB 段的加速度為a1，在 BC 段的加速度為 a2，且物體在 B 點(diǎn)的速度為vB=，則（）A a1 a2B a1=a2C a1a2D不能確定8某衛(wèi)星在半徑為r 的軌道1 上做圓周運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能為Ek，變軌到軌道2 上后，動(dòng)能比在軌道 1 上減少了 E，在軌道 2上也做圓周運(yùn)動(dòng)，則軌道2 的半徑為（）A rB rCrD r9某人向放在水平地面的正前方小桶中水平拋球，結(jié)果球劃著一條弧線飛到小桶的前方（如圖所示）不計(jì)空氣阻力，為了能把小球拋進(jìn)小桶中，則下次再水平拋時(shí)，他可能作出

5、的調(diào)整為（）A 減小初速度，拋出點(diǎn)高度不變B增大初速度，拋出點(diǎn)高度不變C初速度大小不變，降低拋出點(diǎn)高度D初速度大小不變，提高拋出點(diǎn)高度10鐵路轉(zhuǎn)彎處的彎道半徑，是根據(jù)地形決定的彎道處要求外軌比內(nèi)軌高，其內(nèi)外軌高度差 h 的設(shè)計(jì)不僅與r 有關(guān)，還與火車在彎道上的行駛速率v 有關(guān)下列說法正確的是 （）A v一定時(shí)，r 越小則要求h 越大B v 一定時(shí)，r 越大則要求h 越大C r 一定時(shí)，v 越小則要求h 越大D r 一定時(shí)，v 越大則要求h 越大11如圖所示， 質(zhì)量分別為 m 和 2m 的兩個(gè)小球處有一固定轉(zhuǎn)動(dòng)軸， 把桿置于水平位置后釋放，A 在和 B ，中間用輕質(zhì)桿相連， 在桿的中點(diǎn) O B

6、球順時(shí)針擺動(dòng)到最低位置的過程中 （不計(jì)一切摩擦）（）A B 球的重力勢(shì)能減少，動(dòng)能增加，B 球機(jī)械能守恒B A 球的重力勢(shì)能增加，動(dòng)能也增加，A 球機(jī)械能不守恒C A 球、 B 球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒D A 球、 B 球組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒12在一水平向右勻速傳輸?shù)膫魉蛶У淖蠖薃 點(diǎn)，每隔 T 的時(shí)間，輕放上一個(gè)相同的工件，已知工件與傳送帶間動(dòng)摩擦因素為，工件質(zhì)量均為m，經(jīng)測(cè)量，發(fā)現(xiàn)后面那些已經(jīng)和傳送帶達(dá)到相同速度的工件之間的距離為x，下列判斷正確的有（）A 傳送帶的速度為B傳送帶的速度為2C每個(gè)工件與傳送帶間因摩擦而產(chǎn)生的熱量為D在一段較長的時(shí)間t 內(nèi)，傳送帶因?yàn)閭魉凸ぜ鴮⒍嘞牡哪芰繛?/p>

7、二、實(shí)驗(yàn)題：本題共2 小題，共15 分13在探究小車的加速度a 與小車質(zhì)量M 和小車受到的外力F 的關(guān)系時(shí)（1）探究加速度和力的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描繪出的a F 圖象如圖所示，下列說法正確的A 三條傾斜的直線所對(duì)應(yīng)的小車的質(zhì)量相等B三條傾斜的直線所對(duì)應(yīng)的小車的質(zhì)量不同C直線 1 所對(duì)應(yīng)的小車的質(zhì)量最大D直線 3 所對(duì)應(yīng)的小車的質(zhì)量最大（2）由于沒有始終滿足小車的質(zhì)量M 遠(yuǎn)大于鉤碼的質(zhì)量下圖中的m 的關(guān)系，結(jié)果得到的圖象應(yīng)是14如圖為驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖現(xiàn)有的器材為：帶鐵夾的鐵架臺(tái)、電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、紙帶、帶鐵夾的重錘、天平回答下列問題（1）為完成此實(shí)驗(yàn)，除了所給的器材，還需要的器材有

8、下面列舉了該實(shí)驗(yàn)的幾個(gè)操作步驟：A 按照?qǐng)D示的裝置安裝器件；B將打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接到電源的“直流輸出 ”上；C用天平測(cè)出重錘的質(zhì)量；D先接通電源，后釋放紙帶，打出一條紙帶；E測(cè)量紙帶上某些點(diǎn)間的距離；F根據(jù)測(cè)量的結(jié)果計(jì)算重錘下落過程中減少的重力勢(shì)能是否等于增加的動(dòng)能其中操作不當(dāng)?shù)牟襟E是（3）實(shí)驗(yàn)中誤差產(chǎn)生的原因有利用這個(gè)裝置也可以測(cè)量重錘下落的加速度的數(shù)值根據(jù)打出的紙帶，選取紙帶上連續(xù)的五個(gè)點(diǎn)A 、 B、 C、D 、E，測(cè)出各點(diǎn)之間的距離如下圖所示使用交流電的頻率為，則計(jì)算重錘下落的加速度的表達(dá)式a=（用 s1、 s2、 s3、 s4 及 f 表示）三、計(jì)算題（共47 分，要求寫出必要的文字說明、方

9、程式或重要的演算步驟，只寫出最后答案的不得分有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）15如圖所示，半徑為r，質(zhì)量不計(jì)的圓盤與地面垂直，圓心處有一個(gè)垂直盤面的光滑水平固定軸 O，在盤的最右邊緣固定一個(gè)質(zhì)量為 m 的小球 A ，在 O 點(diǎn)的正下方離 O 點(diǎn) r/2 處固定一個(gè)質(zhì)量也為 m 的小球 B放開盤讓其自由轉(zhuǎn)動(dòng)，問：（ 1） A 球轉(zhuǎn)到最低點(diǎn)時(shí)的線速度是多少？（ 2）在轉(zhuǎn)動(dòng)過程中半徑 OA 向左偏離豎直方向的最大角度是多少？16如圖所示，木板與水平地面間的夾角可以隨意改變，當(dāng)=30°時(shí)，可視為質(zhì)點(diǎn)的一小木塊恰好能沿著木板勻速下滑若讓該小木塊從木板的底端以大小恒定的初速率v0

10、的速度沿木板向上運(yùn)動(dòng)， 隨著 的改變， 小物塊沿木板滑行的距離s 將發(fā)生變化， 重力加速度為g（ 1）求小物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)；（ 2）當(dāng) 角滿足什么條件時(shí)，小物塊沿木板上滑的距離最小，并求出此最小值17如圖所示，半徑為 R 的光滑半圓形軌道 CDE 在豎直平面內(nèi)與光滑水平軌道 AC 相切于 C 點(diǎn)，水平軌道 AC 上有一輕質(zhì)彈簧， 彈簧左端連接在固定的擋板上， 彈簧自由端 B 與軌道最低點(diǎn) C 的距離為 4R，現(xiàn)用一個(gè)小球壓縮彈簧（不拴接） ，當(dāng)彈簧的壓縮量為 l 時(shí)，釋放小球，小球在運(yùn)動(dòng)過程中恰好通過半圓形軌道的最高點(diǎn) E；之后再次從 B 點(diǎn)用該小球壓縮彈簧，釋放后小球經(jīng)過 BCDE

11、軌道拋出后恰好落在 B 點(diǎn)，已知彈簧壓縮時(shí)彈性勢(shì)能與壓縮量的二次方成正比，彈簧始終處在彈性限度內(nèi)，求第二次壓縮時(shí)彈簧的壓縮量2017-2018 學(xué)年黑龍江省哈爾濱六中高二（下）期末物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題：本題共12 小題，共 48 分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1 8 題只有一項(xiàng)符合題目要求，每題4 分；第9 12 題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得4 分，選對(duì)但不全的得 2 分，有選錯(cuò)的得 0分1如圖，有質(zhì)量分別為m1、 m2 的兩個(gè)物體通過輕彈簧連接，在力F 的作用下一起沿水平方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)（ m1 在光滑地面上， m2 在空中）已知力 F 與水平方向的夾角為 則m1

12、的加速度大小為（）ABCD 【分析】 m1 的加速度與整體加速度相同，對(duì)整體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求出整體的加速度【解答】 解：對(duì)整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得，加速度為：a=則 m1 的加速度為： a=故 B 正確， A 、 C、 D 錯(cuò)誤故選： B【點(diǎn)評(píng)】本題考查牛頓第二定律的基本運(yùn)用，知道兩物體的加速度相同，等于整體的加速度2一物塊從某一高度自由落下， 落在豎立于地面的輕彈簧上到 B 處時(shí)物塊速度為零，然后被彈回下列說法正確的是（物塊在）A 處開始與彈簧接觸，A 物塊從A 處下降到B 處的過程中，速率不斷減小B物塊從B 處上升到 A 處的過程中，速率不斷增大C物塊在B 處時(shí)，所受合力為

13、零D物塊從A 處下降到B 處的過程中速率先增大，后減小【分析】根據(jù)物塊的受力情況分析其運(yùn)動(dòng)情況，判斷其速度的變化，并確定合力的變化情況【解答】 解：AD 、物塊從 A 處下降到 B 處的過程中， 開始階段彈簧的彈力小于物體的重力，合力向下， 小球向下加速，當(dāng)彈簧的彈力和物體的重力相等時(shí)，加速度為零之后彈力大于重力，小球開始減速，直至減為零所以速率先增大后減小，故A 錯(cuò)誤， D 正確B、同理可知，物塊從B 處上升到A 處的過程中，彈力先大于重力，后小于重力，小球先加速后減速，則速率先增大后減小，故B 錯(cuò)誤C、當(dāng)彈簧的彈力等于重力時(shí)，速度最大，合力為零，此時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài)，位置應(yīng)在 AB 之間，

14、故 C 錯(cuò)誤故選： D【點(diǎn)評(píng)】 解決本題的關(guān)鍵要抓住彈簧的彈力是變化的， 分析小球的受力情況來判斷其運(yùn)動(dòng)情況要知道加速度方向與合力方向相同，當(dāng)加速度方向與速度方向相同，物體做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度方向與速度方向相反時(shí)，物體做減速運(yùn)動(dòng)3足夠長的水平木板，沿水平方向向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)木板上有兩個(gè)質(zhì)量不等、摩擦因數(shù)相同的鐵塊與木板一塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)，兩個(gè)鐵塊沿運(yùn)動(dòng)方向分布，質(zhì)量大的在前， 質(zhì)量小的在后，并有一定的間隔某時(shí)刻木板突然停止運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是（）A 若木板光滑，由于前面的鐵塊慣性大，兩個(gè)鐵塊之間距離將增大B若木板光滑，由于后面的鐵塊慣性小，兩個(gè)鐵塊之間距離將減小C若木板不光滑，兩個(gè)鐵塊有可

15、能相撞D無論木板是否光滑，兩個(gè)鐵塊之間距離總是保持不變【分析】木板停止后鐵塊做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用牛頓第二定律求出加速度，然后分析答題【解答】 解： A 、如果木板光滑，木板停止運(yùn)動(dòng)后兩鐵塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)，兩鐵塊的速度相等，在相等時(shí)間內(nèi)兩車的位移相等，兩鐵塊間的距離保持不變，故AB 錯(cuò)誤；C、對(duì)鐵塊，由牛頓第二定律得：a=g，由于兩鐵塊與木板的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，則兩鐵塊的加速度a 相同，木板停止運(yùn)動(dòng)后兩鐵塊做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由于鐵塊的初速度與加速度相等，在相等時(shí)間內(nèi)鐵塊的位移相等，兩鐵塊間的距離保持不變，兩鐵塊不可能相撞，故C錯(cuò)誤；D、由以上分析可知，無論木板是否光滑，兩個(gè)鐵塊之間距離總是保持不

16、變，故D 正確；故選： D【點(diǎn)評(píng)】 本題考查了判斷兩鐵塊間的位置關(guān)系， 分析清楚鐵塊的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)是解題的關(guān)鍵，題時(shí)注意分木板光滑與不光滑兩種情況進(jìn)行討論，否則會(huì)漏解、錯(cuò)解解4四個(gè)質(zhì)量相等的金屬環(huán)，環(huán)環(huán)相扣，在一豎直向上的恒力上升則環(huán) 1 和環(huán) 2 間的相互作用力大小為（ ）F 作用下，四個(gè)金屬環(huán)勻加速A FB CFD F【分析】 對(duì)整體分析，根據(jù)牛頓第二定律求出整體的加速度，隔離對(duì)環(huán)1 分析，根據(jù)牛頓第二定律求出環(huán)1 和環(huán) 2 的相互作用力大小【解答】 解：設(shè)每個(gè)金屬環(huán)的質(zhì)量為m，對(duì)整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得，整體的加速度a=，隔離對(duì)環(huán)1 分析，根據(jù)牛頓第二定律得，F(xiàn) F1 mg=ma，解得故

17、選： C【點(diǎn)評(píng)】 本題考查了牛頓第二定律的基本運(yùn)用，知道四個(gè)金屬環(huán)具有相同的加速度，體法和隔離法進(jìn)行求解，難度不大運(yùn)用整5如圖所示，將小砝碼置于桌面上的薄紙板上，用水平向右的拉力將紙板迅速抽出，砝碼的移動(dòng)很小， 幾乎觀察不到， 這就是大家熟悉的慣性演示實(shí)驗(yàn)，若砝碼和紙板的質(zhì)量分別為2m 和 m，各接觸面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為重力加速度為g要使紙板相對(duì)砝碼運(yùn)動(dòng)，所需拉力的大小至少應(yīng)大于（）A 3mgB 4mgC 5mgD 6mg【分析】 隔離物體受力分析， 根據(jù)牛頓第二定律求得加速度，找出使紙板相對(duì)砝碼運(yùn)動(dòng)的臨界條件即可判斷【解答】 解：（ 1）當(dāng)紙板相對(duì)砝碼運(yùn)動(dòng)時(shí)，設(shè)砝碼的加速度為a1，紙板的加速

18、度為a2，則有：f =2mg=2ma11得： a1=gF f1 f2=m2 a2發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)需要紙板的加速度大于砝碼的加速度，即：a2a1所以： F=f 1+f 2+m 2a2 f 1+f 2+m2a1=2mg+ 3mg+ mg=6 mg即： F 6mg故選： D【點(diǎn)評(píng)】 本題考查了連接體的運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用隔離法分別受力分析，列運(yùn)動(dòng)方程，難度較大6如圖所示，將質(zhì)量為m 的小球以速度v0 由地面豎直向上拋出小球落回地面時(shí)，其速度大小為設(shè)小球在運(yùn)動(dòng)過程中所受空氣阻力的大小不變，則空氣阻力的大小等于（）A B CD【分析】 因?yàn)槲矬w是從地面出發(fā)又回到地面，故其所受的重力做功為零，故對(duì)物體做功的只有空氣阻力

19、， 且由于空氣阻力大小不變，且物體上和下過程該阻力都做負(fù)功，故由動(dòng)能定理可以解得空氣阻力大小【解答】 解：重力對(duì)物體做的功為零，設(shè)空氣阻力大小為f ，對(duì)整個(gè)過程應(yīng)用動(dòng)能定理得： 2fh= mv2 mv02，上升過程中物體加度度為：a=，2，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得： 2ah=v0解得： f=；故選： D【點(diǎn)評(píng)】 本題要抓住物體在上下過程中，阻力是做功的， 重力也做功， 但是重力做功之和為零，故我們可以說重力不做功然后對(duì)整體列動(dòng)能定理，而不要把上下過程分開，那樣很麻煩7一物體做加速直線運(yùn)動(dòng)，依次通過A 、B 、 C 三點(diǎn)， xAB =x BC，物體在 AB 段的加速度為a1，在 BC 段的加速度為a2，且

20、物體在B 點(diǎn)的速度為 vB=，則（）A a1 a2B a1=a2C a1a2D不能確定【分析】 作出速度時(shí)間圖線，抓住AB 段和 BC 段位移相等，大致作出圖線，通過圖線判斷兩段過程中的加速度大小【解答】 解：通過圖線可以看出，兩端位移相等，即圖線與時(shí)間軸所圍成的面積相等，可以得出 BC 段圖線的斜率大于 AB 段圖線的斜率，所以 a1a2故選： C【點(diǎn)評(píng)】 本題用圖象法解決比較簡(jiǎn)單直觀， 知道圖線與時(shí)間軸所圍成的面積表示位移， 圖線斜率的大小表示加速度的大小8某衛(wèi)星在半徑為 r 的軌道1 上做圓周運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能為Ek，變軌到軌道2 上后，動(dòng)能比在軌道 1 上減少了 E，在軌道 2上也做圓周運(yùn)動(dòng)，

21、則軌道2 的半徑為（）A rB rCrD r【分析】 據(jù)動(dòng)能即可，和萬有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力求得線速度與軌道半徑的關(guān)系【解答】 解：由題意得在半徑為r 的軌道 1 上，衛(wèi)星的線速度v=，在軌道2 上衛(wèi)星的線速度據(jù)萬有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力有：得=所以軌道2 的半徑=故選： A【點(diǎn)評(píng)】結(jié)合動(dòng)能的表達(dá)式， 由萬有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力分析求解線速度與半徑的關(guān)系，由動(dòng)能關(guān)系得出半徑與動(dòng)能的關(guān)系9某人向放在水平地面的正前方小桶中水平拋球，結(jié)果球劃著一條弧線飛到小桶的前方（如圖所示）不計(jì)空氣阻力，為了能把小球拋進(jìn)小桶中，則下次再水平拋時(shí)，他可能作出的調(diào)整為（）A 減小初速度，拋出點(diǎn)高度不變B增大初速度

22、，拋出點(diǎn)高度不變C初速度大小不變，降低拋出點(diǎn)高度D初速度大小不變，提高拋出點(diǎn)高度【分析】 小球做平拋運(yùn)動(dòng)，飛到小桶的前方， 說明水平位移偏大， 應(yīng)減小水平位移才能使小球拋進(jìn)小桶中 將平拋運(yùn)動(dòng)進(jìn)行分解： 水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)， 豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得出水平位移與初速度和高度的關(guān)系式，再進(jìn)行分析選擇【解答】 解：設(shè)小球平拋運(yùn)動(dòng)的初速度為v0，拋出點(diǎn)離桶的高度為h，水平位移為x，則平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間 t=水平位移 x=v 0t=v 0A 、 B 由上式分析可知，要減小水平位移x，可保持拋出點(diǎn)高度 h 不變，減小初速度 v0故A 正確， B 錯(cuò)誤C、D 由上式分析可知，要減小水平位移x，

23、可保持初速度v0 大小不變，減小降低拋出點(diǎn)高度 h故 C 正確， D 錯(cuò)誤故選 AC【點(diǎn)評(píng)】 本題運(yùn)用平拋運(yùn)動(dòng)的知識(shí)分析處理生活中的問題，比較簡(jiǎn)單， 關(guān)鍵運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解方法得到水平位移的表達(dá)式10鐵路轉(zhuǎn)彎處的彎道半徑，是根據(jù)地形決定的 彎道處要求外軌比內(nèi)軌高，其內(nèi)外軌高度差 h 的設(shè)計(jì)不僅與 r 有關(guān)，還與火車在彎道上的行駛速率 v 有關(guān)下列說法正確的是 （）A v一定時(shí)，r 越小則要求h 越大B v 一定時(shí)，r 越大則要求h 越大C r 一定時(shí)，v 越小則要求h 越大D r 一定時(shí)，v 越大則要求h 越大【分析】 火車轉(zhuǎn)彎時(shí)，重力與支持力的合力提供向心力，根據(jù)向心力公式即可求解【解答】 解：

24、設(shè)內(nèi)外軌的水平距離為 d，根據(jù)火車轉(zhuǎn)彎時(shí)，重力與支持力的合力提供向心力得：如果 r 一定時(shí)， v 越大則要求h 越大，故C 錯(cuò)誤， D 正確；如果 v 一定時(shí)， r 越大則要求h 越小， r 越小則要求h 越大，故A 正確， B 錯(cuò)誤故選： AD【點(diǎn)評(píng)】 本題是物理模型在實(shí)際生活中的應(yīng)用題， 知道圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來源， 注意幾何關(guān)系在解題中的運(yùn)用，難度適中11如圖所示， 質(zhì)量分別為m 和 2m 的兩個(gè)小球A 和 B ，中間用輕質(zhì)桿相連，在桿的中點(diǎn)O處有一固定轉(zhuǎn)動(dòng)軸，把桿置于水平位置后釋放，在 B 球順時(shí)針擺動(dòng)到最低位置的過程中（不計(jì)一切摩擦）（）A B 球的重力勢(shì)能減少，動(dòng)能增加，B 球機(jī)械能

25、守恒B A 球的重力勢(shì)能增加，動(dòng)能也增加，A 球機(jī)械能不守恒C A 球、 B 球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒D A 球、 B 球組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒【分析】 讓桿位于水平位置時(shí)由靜止釋放，兩球速度都增大，A 的重力勢(shì)能增大，根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒分析B 球機(jī)械能的變化，根據(jù)功能原理分析做功情況【解答】 解： A 、由于 B 球的質(zhì)量較大，所以B 球向下擺動(dòng)，重力勢(shì)能減少，動(dòng)能增加，但機(jī)械能不守恒，故A 錯(cuò)誤B、 A 球向上擺動(dòng)，重力勢(shì)能和動(dòng)能都增加，機(jī)械能不守恒，故B 正確C、 A 球和 B 球組成的系統(tǒng)，只有重力做功，總機(jī)械能守恒，故C 正確， D 錯(cuò)誤故選： BC【點(diǎn)評(píng)】 本題關(guān)鍵是A 、B 球機(jī)

26、械能均不守恒，但A 與 B 系統(tǒng)機(jī)械能守恒，根據(jù)機(jī)械能守恒定律進(jìn)行分析12在一水平向右勻速傳輸?shù)膫魉蛶У淖蠖薃 點(diǎn)，每隔 T 的時(shí)間，輕放上一個(gè)相同的工件，已知工件與傳送帶間動(dòng)摩擦因素為，工件質(zhì)量均為m，經(jīng)測(cè)量，發(fā)現(xiàn)后面那些已經(jīng)和傳送帶達(dá)到相同速度的工件之間的距離為x，下列判斷正確的有（）A 傳送帶的速度為B傳送帶的速度為2C每個(gè)工件與傳送帶間因摩擦而產(chǎn)生的熱量為D在一段較長的時(shí)間t 內(nèi)，傳送帶因?yàn)閭魉凸ぜ鴮⒍嘞牡哪芰繛椤痉治觥?工件在傳送帶上先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，然后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，每個(gè)工件滑上傳送帶后運(yùn)動(dòng)的規(guī)律相同，通過 x=vT 求出傳送帶的速度；根據(jù)工件和傳送帶之間的相對(duì)路程大小，求

27、出摩擦產(chǎn)生的熱量； 根據(jù)能量守恒知， 多消耗的能量一部分轉(zhuǎn)化為工件的動(dòng)能， 一部分轉(zhuǎn)化為摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能【解答】 解： A 、工件在傳送帶上先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，然后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，每個(gè)工件滑上傳送帶后運(yùn)動(dòng)的規(guī)律相同，可知x=vT ，解得傳送帶的速度v=故 A 正確B、設(shè)每個(gè)工件勻加速運(yùn)動(dòng)的位移為s，根據(jù)牛頓第二定律得，工件的加速度為g，則傳送帶的速度，根據(jù)題目條件無法得出s 與x 的關(guān)系故B 錯(cuò)誤C、工件與傳送帶相對(duì)滑動(dòng)的路程為：=，則摩擦產(chǎn)生的熱量為：Q=故 C 錯(cuò)誤D、根據(jù)能量守恒得，傳送帶因傳送一個(gè)工件多消耗的能量E=，在時(shí)間 t 內(nèi)，傳送工件的個(gè)數(shù)n=，則多消耗的能量故 D 正確故選：

28、AD 【點(diǎn)評(píng)】 解決本題的關(guān)鍵知道工件在傳送帶上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律， 知道各個(gè)工件在傳送帶上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律相同，結(jié)合牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式、能量守恒綜合求解二、實(shí)驗(yàn)題：本題共2 小題，共15 分13在探究小車的加速度a 與小車質(zhì)量M 和小車受到的外力F 的關(guān)系時(shí)（1）探究加速度和力的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描繪出的aF 圖象如圖所示， 下列說法正確的BDA 三條傾斜的直線所對(duì)應(yīng)的小車的質(zhì)量相等B三條傾斜的直線所對(duì)應(yīng)的小車的質(zhì)量不同C直線 1 所對(duì)應(yīng)的小車的質(zhì)量最大D直線 3 所對(duì)應(yīng)的小車的質(zhì)量最大（2）由于沒有始終滿足小車的質(zhì)量M 遠(yuǎn)大于鉤碼的質(zhì)量下圖中的Dm 的關(guān)系，結(jié)果得到的圖象應(yīng)是【分析】（ 1）根據(jù)牛頓第

29、二定律寫出a 與 F 的關(guān)系方程，結(jié)合圖象特點(diǎn)，可正確求解；（ 2）實(shí)驗(yàn)問題需要結(jié)合物理規(guī)律去解決對(duì)于實(shí)驗(yàn)我們要清楚每一項(xiàng)操作存在的理由比如為什么要平衡摩擦力， 為什么要先接通電源后釋放紙帶等 根據(jù)該實(shí)驗(yàn)實(shí)驗(yàn)誤差產(chǎn)生的原因即可正確解答【解答】 解：（1）根據(jù)牛頓第二定律有： F=ma，故有 a= 故斜率大的質(zhì)量小，三條圖象斜率不同，故質(zhì)量不同，圖象 1 斜率最大，質(zhì)量最小，故 AC 錯(cuò)誤， BD 正確故選 BD，所以在 a F 圖象中斜率表示3 斜率最小，其質(zhì)量最大，圖象，（2）隨著增大，小車質(zhì)量在減小，因此小車質(zhì)量不再滿足遠(yuǎn)大于砂和小砂桶的質(zhì)量，加速度不可能一直均勻增大，加速度的增大幅度將逐

30、漸減小，最后趨近與定值，故 ABC 錯(cuò)誤，D 正確故選 D故答案為：（1） BD（ 2）D【點(diǎn)評(píng)】 解決實(shí)驗(yàn)問題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)，尤其是理解平衡摩擦力和M m 的操作和要求的含義14如圖為驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖現(xiàn)有的器材為：帶鐵夾的鐵架臺(tái)、電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、紙帶、帶鐵夾的重錘、天平回答下列問題（1）為完成此實(shí)驗(yàn)，除了所給的器材，還需要的器材有 AD 下面列舉了該實(shí)驗(yàn)的幾個(gè)操作步驟：A 按照?qǐng)D示的裝置安裝器件；B將打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接到電源的“直流輸出 ”上；C用天平測(cè)出重錘的質(zhì)量；D先接通電源，后釋放紙帶，打出一條紙帶；E測(cè)量紙帶上某些點(diǎn)間的距離

31、；F根據(jù)測(cè)量的結(jié)果計(jì)算重錘下落過程中減少的重力勢(shì)能是否等于增加的動(dòng)能其中操作不當(dāng)?shù)牟襟E是B（ 3）實(shí)驗(yàn)中誤差產(chǎn)生的原因有 紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器之間有摩擦，重錘下落過程中受到空氣阻力等 利用這個(gè)裝置也可以測(cè)量重錘下落的加速度的數(shù)值根據(jù)打出的紙帶，選取紙帶上連續(xù)的五個(gè)點(diǎn) A 、B 、C、D 、E，測(cè)出各點(diǎn)之間的距離如下圖所示使用交流電的頻率為，則計(jì)算重錘下落的加速度的表達(dá)式a=（用 s1、s2、s3、s4 及 f 表示）【分析】 根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理確定實(shí)驗(yàn)的器材，以及錯(cuò)誤的步驟，誤差形成的原因根據(jù)連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移之差是一恒量求出加速度的表達(dá)式【解答】 解：（ 1）電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器需接4 6V 的交流電源

32、，以及需要用米尺測(cè)量距離故選 AD（ 2）不當(dāng)?shù)牟襟E是 B ，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器不能接直流電源，應(yīng)接交流電源（ 3）實(shí)驗(yàn)中誤差產(chǎn)生的原因有：紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器之間有摩擦，重錘下落過程中受到空氣阻力等（4）根據(jù)逐差法，則a=故答案為：（ 1） AD ；（ 2） B； （ 3）紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器之間有摩擦，重錘下落過程中受到空氣阻力等（ 4）【點(diǎn)評(píng)】 解決本題的關(guān)鍵掌握實(shí)驗(yàn)的原理，知道誤差形成的原因三、計(jì)算題（共47 分，要求寫出必要的文字說明、方程式或重要的演算步驟，只寫出最后答案的不得分有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）15如圖所示，半徑為r，質(zhì)量不計(jì)的圓盤與地面垂直，圓心處有一個(gè)垂直盤面的光

33、滑水平固定軸 O，在盤的最右邊緣固定一個(gè)質(zhì)量為 m 的小球 A ，在 O 點(diǎn)的正下方離 O 點(diǎn) r/2 處固定一個(gè)質(zhì)量也為 m 的小球 B放開盤讓其自由轉(zhuǎn)動(dòng)，問：（ 1） A 球轉(zhuǎn)到最低點(diǎn)時(shí)的線速度是多少？（ 2）在轉(zhuǎn)動(dòng)過程中半徑 OA 向左偏離豎直方向的最大角度是多少？【分析】（ 1）在轉(zhuǎn)動(dòng)的過程中系統(tǒng)機(jī)械能守恒，抓住系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量等于系統(tǒng)動(dòng)能的增加量，結(jié)合 A 、B 的速度大小之比，求出A 球轉(zhuǎn)到最低點(diǎn)時(shí)的線速度（2）向左偏離豎直方向的最大角度時(shí)，兩球的速度為零，根據(jù)初末位置比較，系統(tǒng)動(dòng)能變化為零，則系統(tǒng)重力勢(shì)能變化為零，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒求出偏轉(zhuǎn)的最大角度【解答】 解：（ 1）該系

34、統(tǒng)在自由轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，只有重力做功，機(jī)械能守恒設(shè)A 球轉(zhuǎn)到最低點(diǎn)時(shí)的線速度為 V A，B 球的速度為 V B，則據(jù)機(jī)械能守恒定律可得：mgr=據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)的知識(shí)可知：V A=2V B由上述二式可求得V A=答： A球轉(zhuǎn)到最低點(diǎn)時(shí)的線速度為（2）設(shè)在轉(zhuǎn)動(dòng)過程中半徑OA向左偏離豎直方向的最大角度是（如圖所示），則據(jù)機(jī)械能守恒定律可得：mgr cos=0求得 =sin 1答：向左偏離豎直方向的最大角度=sin 1【點(diǎn)評(píng)】 本題的難點(diǎn)就是要知道單個(gè)物體機(jī)械能不守恒，但是系統(tǒng)機(jī)械能守恒，抓住系統(tǒng)重力的勢(shì)能的減小量等于系統(tǒng)動(dòng)能的增加量去求解16如圖所示，木板與水平地面間的夾角可以隨意改變，當(dāng)=30°時(shí)，可視為質(zhì)點(diǎn)的一小木塊恰好能沿著木板勻速下滑若讓該小木塊從木板的底端以大小恒定的初速率v0 的速度沿木板向上運(yùn)動(dòng)， 隨著 的改變， 小物塊沿木板滑行的距離s 將發(fā)生變化， 重力加速度為g（ 1）求小物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)；（ 2）當(dāng) 角滿足什么條件時(shí)，小物塊沿木板上滑的距離最小，并求出此最小值【分析】（ 1） =30 °時(shí)，可視為質(zhì)點(diǎn)的小木塊恰好能沿著木板勻速下滑，根據(jù)平衡條件