2019高考物理一輪復(fù)習(xí)練習(xí)題(7)(含解析)新人教版

1、人教物理2019高考一輪練習(xí)題（7） 李仕才 一、選擇題 1 1、如圖，一質(zhì)量為 m的滑塊靜止置于傾角為 3030的粗糙斜面上，一根輕彈簧一端固定在豎 直墻上的P點(diǎn)，另一端系在滑塊上，彈簧與斜面垂直，則 （）（） A. 滑塊不可能只受到三個(gè)力作用 B. 彈簧不可能處于伸長狀態(tài) C. 斜面對(duì)滑塊的支持力大小可能為零 D. 斜面對(duì)滑塊的摩擦力大小一定等于 -mg 【答案】D D 【解析】彈簧與斜面垂直，所以物體要靜止在斜面上必須受斜面的摩擦力， 這樣才能平衡重 力沿斜面的分力，有摩擦力則必有斜面對(duì)滑塊的支持力，彈簧不知是伸長、壓縮還是原長， 所以 D D 正確。 2 2、（ 20182018 福建

2、省三明市寧化一中階段考試）如圖所示，在豎直放置的半圓形容器的中心 O 點(diǎn)分別以水平初速度 Vi、V2拋出兩個(gè)小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），最終它們分別落在圓弧上的 A點(diǎn)和 B點(diǎn)，已知OA與 OB互相垂直，且OA與豎直方向成 a 角，則兩小球初速度之比為（ ） 2 【答案】C C 【解折】由幾何關(guān)系可知A的豎直位移水平位移久滬土血釘B的豎直位移畑眾 ( 90t 解得旳 r 慎 F JJJ fp= lanatana .故選 C. Y 均 xBVh 3 3、如圖所示為一滑草場(chǎng)。某條滑道由上下兩段高均為 h,h,與水平面傾角分別為 4545和 37 37 的滑道組成，滑草車與草地之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 卩。質(zhì)量為m

3、的載人滑草車從坡頂由靜 止開始自由下滑，經(jīng)過上、 下兩段滑道后，最后恰好靜止于滑道的底端 ( (不計(jì)滑草車在兩段滑道交接處的能量損失, sin37 sin37 = 0.6 0.6 , cos cos 37 37 =0.8)0.8)。則()() 6 A.A. 動(dòng)摩擦因數(shù)卩=_ C. 載人滑草車克服摩擦力做功為 mgh 3 D.D. 載人滑草車在下段滑道上的加速度大小為 L gL g 【答案】ABAB K解折】對(duì)滑草車從墟頂由劉t滑下到底端靜止的全過亀 緡噸型-遁弊斗P血燈 h -pn啄疔sin卯=5 解得尸匚選I頁扛正確,齊經(jīng)過上段滑道竝程，根據(jù)動(dòng)能 /; l2h 定理得，mgh-屮嗎薊討外si

4、n 45a = 2辭，解得v- V ?,選珈B正確；載人滑草車 A. tanA. tan a /sin a a B. cosB. cos C. tanC. tan B.B.載人滑草車最大速度為 3 克服摩揀力做功為加也選項(xiàng)匚錯(cuò)誤；裁人滑草車在下段滑道上的如速度犬小為a= Mgsiii 37 /imgcos 37 3 m =u35g庚選項(xiàng)勁錯(cuò)誤。 4 4、如圖所示，光滑絕緣的水平面上 M N兩點(diǎn)各放有一帶電荷量分別為+ q和+ 2 2q的完全相 同的金屬球A和B,給A和B以大小相等的初動(dòng)能 Eo（此時(shí)初動(dòng)量的大小均為 po），使其相向 運(yùn)動(dòng)剛好能發(fā)生碰撞（碰撞過程中無機(jī)械能損失），碰后返回MN兩

5、點(diǎn)的動(dòng)能分別為 E和E2， 動(dòng)量的大小分別為 pi和p2,則（ ） /Q . 77TTT711TnTTT7TTTT M N A. Ei= E2 Eo, pi = p2 po B. Ei = E2= Eo, pi = p2= po C. 碰撞發(fā)生在 MN中點(diǎn)的左側(cè) D. 兩球同時(shí)返回 M N兩點(diǎn) 【答案】ADAD 【解析】金屬球/和喪發(fā)生碰撞時(shí)電荷量會(huì)平均分配，則化用力變?nèi)?jīng)歷相同的位移，做功增夢(mèng)，所 臥有又p= &呱,可得黑=期知 因兩球質(zhì)量相同，受力相同故加速度相同，兩球同時(shí) 返回胚N兩點(diǎn)。選項(xiàng)A、D正礁。 5 5、實(shí)驗(yàn)小組利用如圖電路研究電壓的變化 U與電流的變化 I的關(guān)系，電流表

6、、電壓表 均為理想電表，D為理想二極管，C為電容器閉合開關(guān) S S 至電路穩(wěn)定后，將滑動(dòng)變阻器的 滑片P向左移動(dòng)一小段距離，結(jié)果發(fā)現(xiàn)電壓表 M M 的示數(shù)改變量大小為 U,電壓表 V2V2 的示 數(shù)改變量大小為 U2，電流表？的示數(shù)改變量大小為 I，則下列判斷正確的是（ ） 眉 一p - 1 I - II I - I） e 4 A.A. U 1的值變大 I B.B. 竺 的值不變，且始終等于電源內(nèi)阻 r I C.C. 電壓表 V Vi的示數(shù)與電流表示數(shù)的比值 5 變大 I D.D. 滑片向左移動(dòng)的過程中，電容器的電容減小，帶電荷量減少 【答案】BCBC 【解析】滑動(dòng)變阻器的滑片 P向左移動(dòng)一小

7、段距離，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻變大， 電路 總電流減小，電阻 R兩端電壓和電源內(nèi)電壓之和 S+ U減小，電壓表 Vi的示數(shù)U增大，且 AU1 AUR1+A Ur Ui + Ur = U, 一1 = - L = R+ r，不變，選項(xiàng) A A 錯(cuò)誤；電壓表 V V2的示數(shù)改 心I 心I UU = r，不變，選項(xiàng)B正確；電壓表 M的示數(shù)與電流表 的示數(shù)之比 5 = R,滑動(dòng)變阻器的滑片 P向左移動(dòng)一小段距離， R變大，選項(xiàng) C C 正確；電容 I E E S S 器的電容 C C= 2 2 不變，選項(xiàng) D D 錯(cuò)誤. 4n：kd 6 6、法拉第圓盤發(fā)電機(jī)的示意圖如圖所示。 銅圓盤安裝在豎直的銅軸上

8、， 兩銅片P、Q分別與 圓盤的邊緣和銅軸接觸。 圓盤處于方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng) B中。圓盤旋轉(zhuǎn)時(shí)，關(guān)于流過電 A.A. 若圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度恒定，則電流大小恒定 B.B. 若從上向下看，圓盤順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，則電流沿 a到b的方向流動(dòng) C.C. 若圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)方向不變，角速度大小發(fā)生變化，則電流方向可能發(fā)生變化 D.D. 若圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度變?yōu)樵瓉淼?2 2 倍，則電流在 R上的熱功率也變?yōu)樵瓉淼?2 2 倍 變量大小為 Ub= U , 5 【答案】ABAB6 【解析】將圓盤看成無數(shù)幅條組成，它們都在切割磁感線從而產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流, 根據(jù)右手定則可知圓盤上感應(yīng)電流從邊緣流向中心，則當(dāng)圓盤順時(shí)針 （

9、俯視）轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，流過 1 2 電阻的電流方向從 a到b, B B 對(duì)；由法拉第電磁感應(yīng)定律得感生電動(dòng)勢(shì) E= BL= BL w , I 2 7 7、如圖為玻爾為解釋氫原子光譜畫出的氫原子能級(jí)示意圖， 一群氫原子處于n= 4 4 的激發(fā)態(tài), 當(dāng)它們自發(fā)地躍遷到較低能級(jí)時(shí)，以下說法符合玻爾理論的有 （ ） 0 -0.S5 -1.5) -3.40 - - 13.fi A.A. 電子軌道半徑減小，動(dòng)能增大 B.B. 氫原子躍遷時(shí)，可發(fā)出連續(xù)不斷的光譜線 C.C. 由n= 4 4 躍遷到n= 1 1 時(shí)發(fā)出光子的頻率最小 D.D. 金屬鉀的逸出功為 2.21 eV2.21 eV，能使金屬鉀發(fā)生光電效應(yīng)的光

10、譜線有 4 4 條 【答案】ADAD 【解析】氫原子從第4能韁向低能級(jí)舐遷時(shí)，原子的能量減小，電子的軌道半徑減小，動(dòng)能増大，電勢(shì)能 減小，故人正確，育魏間舐遷時(shí)輻射或吸收的光子能量必須等于兩能級(jí)間的能級(jí)生則氫原子砥遷時(shí)，發(fā) 出不連續(xù)的光譜線，故B錯(cuò)誤；由Q4躍遷到遷二1時(shí)輻射的光子能量最圮發(fā)出光子的頻率最犬，故C 錯(cuò)誤；一群處于第4能級(jí)的氫原子躍遷到較低能級(jí)時(shí)可以放出6條光譜線，能量大于2.21 eV的光譜纟賄4 條，故D正確. 8 8、如圖所示，空間同一平面內(nèi)有 A B、C三點(diǎn)，AB= 5 5 m m, BC= 4 4 m m, AC= 3 m3 m. A C兩點(diǎn) 處有完全相同的波源做簡諧振

11、動(dòng)，振動(dòng)頻率為 1 360 1 360 Hz Hz ,波速為 340 340 m/s.m/s.下列說法正確的 是（）（） A.A. 兩列波的波長均為 0.25 m0.25 m B.B. B、C間有 8 8 個(gè)振動(dòng)減弱的點(diǎn) C.C. B B 點(diǎn)的位移總是最大 D.D. A、B間沒有個(gè)振動(dòng)加強(qiáng)的點(diǎn) 3 恒定時(shí), I大小恒定, 3 大小變化時(shí)，|大小變化，方向不變，故 A A 對(duì)，C C 錯(cuò)；由 P= I2R= B2L4 2R 4( R+ r)2 P變?yōu)樵瓉淼?4 4 倍，D D 錯(cuò)。 3 變?yōu)?2 2 倍時(shí), 7 E.E. 振動(dòng)減弱點(diǎn)的位移總是為零8 【答案】ABEABE 【解析】由入=/ = 0

12、.25 m0.25 m 知，A A 正確；只要到兩振源的路程差為半波長奇數(shù)倍的點(diǎn)就是 振動(dòng)減弱點(diǎn)，兩波源到 BC上的點(diǎn)的位移差從 1 1 m m 逐漸增大到 3 3 m m,因此在B、C間有 8 8 個(gè)振 動(dòng)減弱點(diǎn)，B B 正確；B點(diǎn)到兩振源的路程差為 1 1 m m，為波長的整數(shù)倍，處在振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)上， 但只是振動(dòng)的振幅增大，不是任意時(shí)刻位移都最大， C C 錯(cuò)誤；從AB上的點(diǎn)，到兩振源的路 程差從 0 0 到 3 3m m，因此有多個(gè)振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)， D D 錯(cuò)誤；振動(dòng)減弱點(diǎn)的振幅為兩振源振幅的差， 因此振幅為零，故位移總為零， E E 正確. g=10m/s=10m/s2。試求: 【解析】當(dāng)抄為如度時(shí)旳= 當(dāng)砂0度時(shí)，H 尸2/叭可知物體運(yùn)動(dòng)中受摩據(jù)阻力，且在水平面做勻籀速直纟嶷動(dòng)。 4 設(shè)摩播因數(shù)為佝此時(shí)摩攜力犬小為閣啖換速度大小為畤 由運(yùn)動(dòng)學(xué)有程 刪=2昭詢 （2 2）對(duì)于任意角度，根據(jù)動(dòng)能定理可得，物體對(duì)應(yīng)的最大位移 x x 滿足的關(guān)系式:二、非選擇題 如圖（a）所示，一物體以一定的速度 V0沿足夠長斜面向上運(yùn)動(dòng)，此物體在斜面上的最大位 移與斜面傾角的關(guān)系如圖 （b） 所示。 設(shè)各種條件下，物體運(yùn)動(dòng)過程中的動(dòng)摩擦因數(shù)均不變, (1) 物體與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)及物體的初速度