【KS5U解析】四川省遂寧市第二中學2020屆高三上學期高考模擬（二）理綜物理試題 Word版含解析

1、遂寧市第二中學2020屆高三上學期高考模擬（二）理科綜合試卷物理部分考生注意：1、答題前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卷、機讀卡上?？忌J真核對。2、第i卷每小題選出答案后，用2b鉛筆把機讀卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。第ii卷用黑色墨水簽字筆在答題卷上書寫作答，在試卷上作答，答案無效。3、考試結(jié)束后，請將答題卷和機讀卡一并上交。二、選擇題(共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分)1.核電站使用的核燃料有一種典型

2、的核裂變方程是，假設質(zhì)量為m1，質(zhì)量為m2，質(zhì)量為m3，質(zhì)量為m4，光速為c，則（）a. 該核反應屬于人工轉(zhuǎn)變b. 方程中x=56，y=142c. 核反應中釋放的能量為(m1-2m2-m3-m4)c2d. 該裂變方程可以簡化為【答案】c【解析】【詳解】a該核反應屬于重核裂變，不屬于人工轉(zhuǎn)變，a錯誤；b根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，x=56，y=144，b錯誤；c根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程，反應釋放出的能量為：c正確；d核反應方程不能進行簡化，d錯誤。故選c。2.ac、cd為兩個傾斜角度不同的固定光滑斜面，其中，水平距離均為bc，兩個完全相同且可視為質(zhì)點的物塊分別從a點和d點由靜止開始下滑，不計一切阻力

3、，則（）a. 沿ac下滑的物塊到底端用時較少b. 沿ac下滑的物塊重力的沖量較大c. 沿ac下滑的物塊到底端時重力功率較小d. 沿ac下滑的物塊到底端時動能較小【答案】a【解析】【詳解】a由于兩者水平距離相同，均可用水平距離表示出運動時間，設水平距離為x，斜面傾角為，則：得：則傾角越大用時越少，a正確；b重力沖量：沿軌道ac下滑的物塊到底端用時較小，重力的沖量較小，b錯誤；cd由動能定理：可知沿軌道ac下滑的物塊重力做功大，所以到底端時速度大，動能較大；沿軌道ac下滑的物塊到底端時速度大，傾斜角度大，由重力瞬時功率功率：可知其重力瞬時功率較大，c錯誤，d錯誤。故選a。3.空間某區(qū)域存在一方向垂

4、直于紙面向外、大小隨時間均勻變化的勻強磁場，磁場邊界ef如圖所示，現(xiàn)有一根粗細均勻金屬絲圍成的邊長為l的正方形線框固定在紙面內(nèi)，t=0時刻磁場方向如圖甲所示，磁感應強度b隨時間t變化關系如圖乙所示，則（）a. 0t1：e點電勢高于f點電勢b. 0t1：c. t1t2：金屬框中電流方向順時針d. 0t2：ab所受安培力方向始終不變【答案】b【解析】【詳解】a0t1時間內(nèi)垂直于紙面向外的磁場減弱，根據(jù)楞次定律可知感應電流產(chǎn)生的磁場垂直于紙面向外，根據(jù)安培定則可知感應電流為逆時針方向，在電源內(nèi)部，電流從負極流向正極，故f電勢高于e的電勢，a錯誤；b根據(jù)法拉第電磁感應定律，感應電動勢：b正確；c根據(jù)楞

5、次定律，0t2金屬框中電流方向為逆時針，c錯誤；d根據(jù)左手定則，0t1安培力水平向左，t1t2安培力水平向右，d錯誤。故選b。4.假設某宇航員在地球上可以舉起m1=50kg的物體，他在某星球表面上可以舉起m2=100kg的物體，若該星球半徑為地球半徑的4倍，則（）a. 地球和該星球質(zhì)量之比為b. 地球和該星球第一宇宙速度之比為c. 地球和該星球瓦解的角速度之比為d. 地球和該星球近地衛(wèi)星向心加速度之比為【答案】c【解析】【詳解】ad人的作用力是固定的，則由：f=m1g地=m2g星而近地衛(wèi)星的向心加速度和重力加速度近似相等；根據(jù)：則：ad錯誤；b第一宇宙速度解得：則：b錯誤；c星球的自轉(zhuǎn)角速度足

6、夠快，地表的重力為0時星球瓦解，根據(jù)：得：c正確。故選c5.在一邊長為l的正方形的四個頂點處各放置一個電荷量為q的點電荷，其中abc處為正點電荷，d處為負點電荷，p、q、m、n分別是ab、bc、cd、da的中點，則（）a. m、n兩點電場強度相同b. p、q兩點電勢相同c. 將一個帶負電的粒子由q沿直線移動到m，電勢能先增大后減小d. 在o點靜止釋放一個帶正電的粒子（不計重力），粒子可沿著od做勻變速直線運動【答案】b【解析】【詳解】a場強疊加遵循平行四邊形定則，m、n兩點電場強度大小相等，方向不同，a錯誤；bp、q兩點即關于a、c兩正電荷對稱，又關于b、d兩異種電荷對稱，根據(jù)對稱性可知四個點

7、電荷在p、q兩點產(chǎn)生的電勢相同，b正確；cm、n、p、q關于a、c兩正電荷對稱，所以對于a、c兩正電荷而言，這四個點的電勢是相等的，對b、d兩異種電荷而言，p、q兩點的電勢高于m、n兩點的電勢，所以負電的粒子由q沿直線移動到m，根據(jù)：可知負電荷電勢能一直增大，c錯誤；d這四個點電荷形成的電場中，電場力大小改變，加速度改變，所以從o點靜止釋放的粒子不可能做勻變速運動，d錯誤。故選b。6.一根不可伸長的輕繩一端拴著質(zhì)量為m的物塊，另一端繞過滑輪固定在a點，滑輪的另一端通過鉸鏈固定在墻上o點，輕桿ob可繞o點自由轉(zhuǎn)動，滑輪質(zhì)量不計，滑輪和鉸鏈均可視為質(zhì)點，當系統(tǒng)靜止時ob=oa，重力加速度為g，則（

8、）a. b. 輕繩對滑輪的作用力大小為2mgc. 若將a點緩慢上移少許，輕繩對滑輪的作用力變大d. 若將a點緩慢上移少許，ob將繞o點順時針轉(zhuǎn)動【答案】ad【解析】【詳解】a由于：tab=tbc根據(jù)對稱性可知：由內(nèi)錯角關系：又：ob=oa則：因此三角形aob為正三角形，a正確；b對結(jié)點b受力分析，根據(jù)力的合成：可知滑輪對結(jié)點的作用力等于mg，根據(jù)牛頓第三定律，輕繩對滑輪的作用力大小為mg，b錯誤；c若將a點緩慢上移少許，繩子上兩個分力大小不變，當夾角增大時，合力減小，因此輕繩對滑輪的作用力減小，c錯誤；d若將a點緩慢上移少許，由于：tab=tbc依舊有：由于增大，ob將繞o點順時針轉(zhuǎn)動，d正確

9、。故選ad。7.紙面內(nèi)有一矩形邊界磁場abcd，磁場方向垂直于紙面（方向未畫出），其中ad=bc=l，ab=cd=2l，一束粒子以相同的速度v0從b點沿ba方向射入磁場，當磁場為b1時，粒子從c射出磁場；當磁場為b2時，粒子從d射出磁場，則（）a. 磁場方向垂直于紙面向外b. 磁感應強度之比b1：b2=5：1c. 速度偏轉(zhuǎn)角之比1：2=180：37d. 運動時間之比t1：t2=36：53【答案】bd【解析】【詳解】a由帶負電的粒子(電子)偏轉(zhuǎn)方向可知，粒子在b點所受的洛倫茲力方向水平向右，根據(jù)左手定則可知，磁場垂直于紙面向里，a錯誤；b粒子運行軌跡：由幾何關系可知：又：解得：洛倫茲力提供向心力

10、：解得：故，b正確；c偏轉(zhuǎn)角度分別為：1=1802=53故速度偏轉(zhuǎn)角之比，c錯誤；d運動時間：因此時間之比：d正確。故選bd。8.假設何雯娜質(zhì)量為m=40kg，在某次蹦床比賽中，她從最低點以一定的初速度v0豎直向上跳起，取運動過程的最低點為重力零勢能面，她的機械能和重力勢能隨離開最低點的高度h的變化規(guī)律如圖所示，在整個運動過程中，可將她視為質(zhì)點，空氣阻力不可忽略并且大小恒定，取g=10m/s2，則（）a. 初速度v0=11m/sb. 下降加速度為7m/s2c. 落回最低點的動能1480jd. 上升運動時間為【答案】ad【解析】【詳解】a運動員的機械能由動能和重力勢能構(gòu)成，當h=0m時，重力勢能

11、為零，動能為ek0=2420j，根據(jù)：則v0=11m/s，a正確；b空氣阻力做功改變機械能，所以e機-h的斜率大小為空氣阻力，即：根據(jù)牛頓第二定律，下降加速度為：b錯誤；c由于存在空氣阻力，上升過程和下降過程損失的機械能均為420j，故回到最低點時動能為：ek=2420j -840j =1580jc錯誤；d上升加速度為：上升時間為：d正確。故選ad。三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第22題25題為必考題，每個試題考生都必須作答。第3334題為選考題，考生根據(jù)要求作答。9.用如圖所示實驗裝置驗證m1、m2組成的系統(tǒng)機械能守恒，m2從高處由靜止開始下落，m1上拖著的紙帶打出一系列的點，下圖

12、給出的是實驗中獲取的一條紙帶：o是打下的第一個點，每相鄰兩個計數(shù)點間還有4個點未標出，交流電的頻率為50hz，計數(shù)點間的距離如圖所示。已知m1=50g，m2=150g，則：（g取9.8m/s2，結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）(1)在打點05過程中系統(tǒng)動能的增加量ek=_j，系統(tǒng)勢能的減少量ep=_j； (2)若某同學作出v2-h圖像如圖所示，則當?shù)氐膶嶋H重力加速度g=_m/s2?！敬鸢浮?(1). 0.58 (2). 0.59 (3). 9.7【解析】【詳解】(1)1勻變速直線運動某段時間內(nèi)，中間時刻速度等于平均速度：動能增加量：；2系統(tǒng)勢能的減少量：；(2)3根據(jù)機械能守恒定律：得：斜率：得出：g

13、9.7m/s2。10.某實驗室欲將電流表改裝為兩用電表：歐姆表：中央刻度為30的“l(fā)0”檔；電壓表：量程06v。a干電池組（e3.0 v）b電流表a1（量程010ma，內(nèi)阻為100）c電流表a2（量程00.6a，內(nèi)阻為0.2）d滑動變阻器r1（0300）e滑動變阻器r2（030）f定值電阻r3（10）g定值電阻r4（500）h單刀雙擲開關s，一對表筆及若干導線(1)圖中a為_（填“紅”或“黑”）表筆，測量電阻時應將開關s扳向_（填“l(fā)”或“2”）。(2)電流表應選用_ （填“a1”或“a2”），滑動變阻器應選用_（填“r1”或“r2”），定值電阻r應選_（填“r3”或“r4”）。(3)在正確選

14、用器材的情況下，正確連接好實驗電路，若電流表滿偏電流為ig，則電阻刻度盤上指針指在處所對應的阻值_?！敬鸢浮?(1). 黑 (2). 1 (3). a1 (4). r1 (5). r4 (6). 1200【解析】【詳解】(1)1從多用電表的表頭共用特征來看，黑表筆和歐姆檔內(nèi)部電源的正極相連，確定a表筆為黑表筆；2測電阻時，需要內(nèi)接電源，要將轉(zhuǎn)換開關接到1位置；(2)3由于改裝后的歐姆表的內(nèi)阻為300（即中值電阻），且電源電動勢為3.0v，所以最大電流為:所以電流表選a1；4改裝成歐姆表時，接入一個調(diào)零電阻，由題意知歐姆表的內(nèi)阻為300，當接入滑動器要滿偏，則：故滑動變阻器選r1； 5當改裝為量

15、程為04v的電壓表時，應串聯(lián)一個阻值為：故定值電阻選r4；(3)6若電阻值指在處，即此時電流為：所以待測電阻：。11.在豎直面內(nèi)有一水平向右的場強為的勻強電場，ab為電場中一條直線，與豎直方向夾角為（未知），一質(zhì)量為m電量為-q的小球以一定的初動能ek0從p點沿直線ba向上運動，運動到最高點的過程中電勢能增加了，運動過程中空氣阻力大小恒定，重力加速度取g，(取出位置為零勢能點)求：(1)ab與豎直方向夾角；(2)小球返回p點時的機械能e。【答案】(1)，(2)。【解析】【詳解】(1)由于粒子沿ba做直線運動，合外力與速度共線，由幾何關系知：解得：；(2)重力做功和電場力做功的關系：由動能定理：

16、得：故全程機械能減少量為：故：12.在光滑的水平面上，有一質(zhì)量為m4kg的光滑凹槽和一塊質(zhì)量為m=2kg的木板bd，木板左端固定一質(zhì)量不計的擋板，擋板上拴有一根輕質(zhì)彈簧，右端b點放一個質(zhì)量m02kg的小滑塊a，凹槽底端和木板高度相同并粘在一起，木板總長度，凹槽半徑為r=1m，c為bd中點，bc段粗糙，動摩擦因數(shù)為，cd段光滑。在凹槽右端a處將一個質(zhì)量m02kg的小滑塊b由靜止釋放，小滑塊b與a發(fā)生完全非彈性碰撞，碰撞時間極短，在與b發(fā)生碰撞之前滑塊a鎖定在木板bd上，碰后ab相對于木板向左滑動，發(fā)生碰撞時凹槽和木板粘性立刻消失并將a解除鎖定，最后ab恰好能夠停在木板右端b點，滑塊a、b均可視為

17、質(zhì)點（g取10m/s2）。(1)求小物塊b碰撞前的瞬時速度大小v1；(2)求小滑塊與平板車的粗糙面之間的動摩擦因數(shù)；(3)求彈簧的最大彈性勢能ep?！敬鸢浮?1)4m/s，(2)，(3)?！窘馕觥吭斀狻?1)滑塊b下滑過程中系統(tǒng)水平方向動量守恒又能量守恒：得：；(2)從開始到ab碰撞粘在一起系統(tǒng)水平方向動量守恒：得：從開始到ab與板共速系統(tǒng)動量守恒：得：對ab和板組成的系統(tǒng)，由能量守恒得：；(3)共速時彈性勢能最大，根據(jù)能量守恒定律：。13.下列說法正確的是_.a. 自然界中只要涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性b. 葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用c. 墨滴入水，擴而散之，徐徐混勻

18、，混合均勻主要由于碳粒受重力作用d. 當兩分子間距離大于平衡位置的間距r0時.分子間的距離越大,分子勢能越小e. 一定質(zhì)量的理想氣體保持體積不變,溫度升高,單位時間內(nèi)撞擊器壁單位面上體的分子數(shù)增多【答案】abe【解析】【詳解】a根據(jù)熱力學第二定律，自然界中進行的涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性，故a正確；b液體表面張力產(chǎn)生的原因是：液體跟氣體接觸的表面存在一個薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力，所以葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用，故b正確；c墨滴入水，擴而散之，徐徐混勻，混合均勻主要是由于分子無規(guī)則運動導致的擴

19、散現(xiàn)象產(chǎn)生的結(jié)果，故c錯誤；d兩分子間距大于平衡距離時，分子間引力，則分子距離增大時，分子力做負功，分子勢能增大，故d錯誤；e一定質(zhì)量的理想氣體保持體積不變，氣體的分子密度不變，溫度升高，氣體分子的平均動能增大，單位時間內(nèi)撞擊器壁單位面上的分子數(shù)增多，故e正確14.如圖所示,啞鈴狀玻璃容器由兩段粗管和一段細管連接而成,容器豎直放置.容器粗管的截面積為s1=2cm2,細管的截面積s2=1cm2,開始時粗細管內(nèi)水銀長度分別為h1=h2=2cm.整個細管長為h=4cm.封閉氣體長度為l=6cm.大氣壓強為p0=76cmhg,氣體初始溫度為27c.求:（1）若要使水銀剛好離開下面的粗管,封閉氣體的溫度

20、應為多少k；（2）若在容器中再倒入同體積的水銀,且使容器中封閉氣體長度l仍為6cm不變,封閉氣體的溫度應為多少k【答案】(1) (2) 【解析】【分析】要使水銀剛好離開下面的粗管，由理想氣體狀態(tài)方程求出封閉氣體的溫度，再倒入同體積的水銀，氣體的長度仍為6cm不變，則此過程為等容變化，求出封閉氣體的溫度解：(1)開始時， ， 水銀全面離開下面的粗管時，設水銀進入上面的粗管中的高度為h3，則 解得此時管中氣體的壓強為管中氣體體積為 由理想氣體狀態(tài)方程 得(2)再倒入同體積的水銀，氣體的長度仍為6cm不變，則此過程為等容變化管里氣體的壓強為則由 解得15.圖甲為一簡諧橫波在t=0.20s時的波形圖，p是平衡位置在x=3m處的質(zhì)點，q是平衡位置在x=4m處的質(zhì)點；圖乙為質(zhì)點q的振動圖像，不正確的是（）a. 這列波沿x軸負方向傳播b. 當此列波遇到尺寸超過8m的障礙物時不能發(fā)