【KS5U解析】廣東省湛江市2020屆高三下學(xué)期線上教學(xué)物理試題（二） Word版含解析

1、2020年湛江市高三網(wǎng)絡(luò)教學(xué)訓(xùn)練題（二）物理一、選擇題1.用如圖所示的裝置研究光電效應(yīng)現(xiàn)象。用光子能量為11ev的光照射光電管的陰極k。電流表檢測(cè)到有電流，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片，當(dāng)電流表的示數(shù)恰好為零時(shí)，電壓表的示數(shù)為6v。下列說(shuō)法正確的是（ ）a. 金屬板逸出功為6evb. 若用能量為6ev的光子照射陰極k，不能發(fā)生光電效應(yīng)c. 將滑片調(diào)至滑動(dòng)變阻器的最左端，此時(shí)電流表示數(shù)為飽和光電流d. 電子的最大初動(dòng)能為6ev【答案】d【解析】【詳解】ad電流計(jì)的讀數(shù)恰好為零，此時(shí)電壓表的示數(shù)為6v，根據(jù)動(dòng)能定理得再根據(jù)光電效應(yīng)方程知故a錯(cuò)誤，d正確； b若用能量為6ev的光子照射陰極k，其能量大于逸出功

2、，滿足光電效應(yīng)發(fā)生條件，因此能發(fā)生光電效應(yīng)，故b錯(cuò)誤； c將滑片調(diào)至滑動(dòng)變阻器的最左端，此時(shí)光電管兩端電壓為零，則光電子不再受到電場(chǎng)阻力，但電流表示數(shù)不為飽和光電流，故c錯(cuò)誤。 故選d2.如圖所示，質(zhì)量為m的小車的表面由光滑水平面和光滑斜面連接而成，其上放一質(zhì)量為m的球，球與水平面的接觸點(diǎn)為a，與斜面的接觸點(diǎn)為b，斜面傾角為。當(dāng)小車和球一起在水平桌面上做直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）a. 若小車勻速運(yùn)動(dòng)，則球?qū)π泵嫔蟗點(diǎn)的壓力大小為mgcosb. 若小車勻速運(yùn)動(dòng)，則球?qū)λ矫嫔蟖點(diǎn)壓力大小為mgsinc. 若小車向左以加速度gtan加速運(yùn)動(dòng)，則球?qū)λ矫嫔蟖點(diǎn)無(wú)壓力d. 若小車向左以加速度g

3、tan加速運(yùn)動(dòng)，則小車對(duì)地面的壓力小于（m+m）g【答案】c【解析】【詳解】ab小車和球一起勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，小球受到豎直向下的重力和水平面對(duì)小球豎直向上的支持力，二力平衡，所以小球?qū)點(diǎn)無(wú)壓力，根據(jù)牛頓第三定律可知小球?qū)點(diǎn)的壓力大小為mg，ab錯(cuò)誤；c若小車向左以加速度gtan加速運(yùn)動(dòng)，假設(shè)小球?qū)點(diǎn)無(wú)壓力，根據(jù)牛頓第二定律解得假設(shè)成立，所以小球?qū)點(diǎn)無(wú)壓力，c正確；d對(duì)小車和球構(gòu)成的系統(tǒng)整體受力分析可知，系統(tǒng)在豎直方向上加速度為0，豎直方向受到重力和支持力，二者等大反向，根據(jù)牛頓第三定律可知小車對(duì)地面的壓力等于（m+m）g，d錯(cuò)誤。故選c。3.豎直平面內(nèi)存在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為e，將

4、質(zhì)量為m、電量為q的小球以初速度v0豎直向上拋出，已知e=，重力加速度為g。下列說(shuō)法正確的是（ ）a. 小球上升的位置越高，速度越小b. 小球的水平位移越大，速度越大c. 小球的最小速度為零d. 小球的最小速度為v0【答案】d【解析】【詳解】a假設(shè)小球帶正電。小球在電場(chǎng)中受到重力和電場(chǎng)力兩個(gè)力作用，其合外力大小為方向與初速度成135°角斜向右下方，小球做類斜拋運(yùn)動(dòng)，合外力先做負(fù)功后做正功，速度先減小后增大，當(dāng)合外力與速度垂直時(shí)速度最小，此時(shí)速度與水平成45°角斜向右上方，還沒(méi)有到達(dá)最高點(diǎn)，所以，在速度達(dá)到最小值之前，小球上升的位置越高，速度越小，之后，小球上升的位置越高，速

5、度越大，故a錯(cuò)誤；b在速度達(dá)到最小值之前，小球的水平位移越大，速度越小，之后，小球的水平位移越大，速度越大，故b錯(cuò)誤；cd小球的速度最小時(shí)速度方向與水平成45°角斜向右上方，設(shè)從拋出到速度最小所用時(shí)間為t，則水平方向有豎直方向有因?yàn)?解得 故最小速度為故c錯(cuò)誤，d正確。故選d。4.2019年9月19日，中國(guó)在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心用長(zhǎng)征十一號(hào)運(yùn)載火箭，采取一箭五星的方式成功將“珠海一號(hào)”03組衛(wèi)星發(fā)射升空。衛(wèi)星順利進(jìn)入預(yù)定軌道，五顆衛(wèi)星圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。關(guān)于這五顆衛(wèi)星，下列說(shuō)法正確的是（ ）a. 軌道半徑最大的衛(wèi)星，動(dòng)能最大b. 軌道半徑最大的衛(wèi)星，角速度最小c. 軌道半徑最大的衛(wèi)星

6、，加速度最大d. 軌道半徑最大的衛(wèi)星，線速度最大【答案】b【解析】【詳解】a衛(wèi)星動(dòng)能與質(zhì)量有關(guān)，五顆衛(wèi)星的質(zhì)量未知，無(wú)法比較動(dòng)能的大小，故a錯(cuò)誤；bcd衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力解得可知軌道半徑越大的衛(wèi)星，線速度、角速度和加速度均越小，即軌道半徑最大的衛(wèi)星，線速度、角速度和加速度均最小，故b正確，cd錯(cuò)誤。故選b。5.如圖所示，水平地面上放置一滾筒洗衣機(jī)，某同學(xué)啟動(dòng)洗衣機(jī)甩干功能將一小毛絨玩具甩干。某一時(shí)段，毛絨玩具相對(duì)滾筒內(nèi)壁靜止，在豎直面內(nèi)以角速度做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，毛絨玩具可視為質(zhì)點(diǎn)。圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為r，重力加速度為g。在該段時(shí)間內(nèi)，下列說(shuō)法正確的是（ ）a. 毛絨玩具

7、在滾筒最高點(diǎn)的速度為b. 滾筒旋轉(zhuǎn)一周，摩擦力對(duì)毛絨玩具做的功為零c. 地面對(duì)滾筒洗衣機(jī)的摩擦力始終為零d. 洗衣機(jī)對(duì)地面的壓力保持不變【答案】b【解析】【詳解】a毛絨玩具豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，為繩模型，則在最高點(diǎn)的速度一定大于等于，故a錯(cuò)誤；b毛絨玩具受到重力、滾筒的支持力以及摩擦力，支持力始終與運(yùn)動(dòng)的方向垂直，不做功；毛絨玩具的動(dòng)能不變，而滾筒旋轉(zhuǎn)一周，重力對(duì)毛絨玩具做的功為零，所以摩擦力對(duì)毛絨玩具做的功也為零，故b正確；c以洗衣機(jī)與毛絨玩具整體為研究對(duì)象，可知，由于毛絨玩具做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以整體在水平方向上受到的摩擦力做周期性的變化，不能始終為零，故c錯(cuò)誤；d以洗衣機(jī)與毛絨玩具整體

8、為研究對(duì)象，可知，由于毛絨玩具做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以整體在豎直方向受到的合外力是周期性變化的，所以整體受到的支持力也做周期性的變化，所以洗衣機(jī)對(duì)地面的壓力做周期性的變化，故d錯(cuò)誤。故選b。6.某電磁軌道炮的簡(jiǎn)化模型如圖所示，兩圓柱形固定導(dǎo)軌相互平行，其對(duì)稱軸所在平面與水平面的夾角為，兩導(dǎo)軌長(zhǎng)為l，間距為d，一質(zhì)量為m的金屬?gòu)椡柚糜趦蓪?dǎo)軌間，彈丸直徑為d，電阻為r，與導(dǎo)軌接觸良好且不計(jì)摩擦阻力，導(dǎo)軌下端連接理想恒流電源，電流大小恒為i，彈丸在安培力作用下從導(dǎo)軌底端由靜止開(kāi)始做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為a。下列說(shuō)法正確的是（ ）a. 將彈丸彈出過(guò)程中，安培力做的功為mal+mglsinb. 將彈丸彈出

9、過(guò)程中，安培力做的功為i2rc. 將彈丸彈出過(guò)程中，安培力的功率先增大后減小d. 將彈丸彈出過(guò)程中，安培力的功率不變【答案】a【解析】【詳解】ab根據(jù)牛頓第二定律得所以安培力做功將彈丸彈出過(guò)程中，安培力做正功，不等于電熱，故a正確，b錯(cuò)誤； cd由知，安培力為恒力，故安培力的功率故安培力的功率一直增大，故cd錯(cuò)誤。 故選a。7.如圖所示，理想變壓器原線圈所接交流電源的變化規(guī)律u=8sin100t（v），接線柱2位于原線圈的中間位置。開(kāi)關(guān)置于接線柱1時(shí)，原、副線圈的匝數(shù)比n1：n2=4：1，副線圈所接電阻r=10，電壓表、電流表均為理想電表。下列說(shuō)法正確的是（ ）a. 開(kāi)關(guān)置

10、于接線柱1時(shí)，電壓表的示數(shù)約為2.82vb. 開(kāi)關(guān)置于接線柱1時(shí)，電流表的示數(shù)為0.2ac. 開(kāi)關(guān)置于接線柱2時(shí)，電流表的示數(shù)為0.2ad. 開(kāi)關(guān)置于接線柱2時(shí)，變壓器的輸出功率為3.2w【答案】c【解析】【詳解】ab原線圈輸入電壓的有效值v=8v當(dāng)開(kāi)關(guān)置于接線柱1時(shí)，根據(jù)變壓比可知解得副線圈的輸出電壓u2=2v故電壓表示數(shù)為2v，副線圈的輸出電流=0.2a根據(jù)變流比可知解得原線圈的輸入電流i1=0.05a則電流表示數(shù)為0.05a，故ab錯(cuò)誤；c開(kāi)關(guān)置于接線柱2時(shí)，原、副線圈的匝數(shù)比為2：1，根據(jù)變壓比可知，副線圈輸出電壓4v，據(jù)歐姆定律知，副線圈輸出電流0.4a，根據(jù)變流比可知，電流表的示數(shù)

11、（原線圈中電流）為0.2a，故c正確；d開(kāi)關(guān)置于接線柱2時(shí)，變壓器的輸出功率故d錯(cuò)誤。故選c。8.如圖所示，物體a穿在光滑的豎直桿上，某人用不可伸長(zhǎng)的輕繩通過(guò)光滑定滑輪拉物體a，某段時(shí)間內(nèi)，物體a以速度v0勻速向上運(yùn)動(dòng)，該過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（ ）a. 人對(duì)輕繩的拉力大小不變b. 人對(duì)輕繩的拉力的功率不變c. 繩與桿的夾角為時(shí)，人拉繩的速度大小為d. 人對(duì)繩做的功等于物體a重力勢(shì)能的增加量【答案】bd【解析】【詳解】a設(shè)人對(duì)輕繩的拉力大小為f，物體a勻速向上運(yùn)動(dòng)，合外力為零，則有隨著增大，cos減小，則f逐漸增大，故a錯(cuò)誤；b人對(duì)輕繩的拉力的功率為則p不變，故b正確；c將a的速度分解為沿繩

12、子方向和垂直于繩子方向，人拉繩子的速度等于a沿繩子方向的分速度為故c錯(cuò)誤；d根據(jù)功能原理知，人對(duì)繩做的功等于物體a機(jī)械能的增加量，由于物體a的動(dòng)能不變，則人對(duì)繩做的功等于物體a重力勢(shì)能的增加量，故d正確。故選bd。9.汽車司機(jī)發(fā)現(xiàn)前方有障礙物，立即剎車，剎車過(guò)程可視為勻減速運(yùn)動(dòng)。自剎車開(kāi)始第1s內(nèi)經(jīng)過(guò)的位移為24m，第4s內(nèi)經(jīng)過(guò)的位移為1m。下列說(shuō)法正確的是（ ）a. 汽車的加速度大小為8m/s2b. 汽車的加速度大小為7.67m/s2c. 汽車的初速度大小為28m/sd. 汽車的初速度大小為30.67m/s【答案】ac【解析】【詳解】若小車在第4個(gè)1s一直運(yùn)動(dòng)，則由逆向可看作勻加速度運(yùn)動(dòng)，則

13、設(shè)逆向第1s的初速度為v0而實(shí)際的，則說(shuō)明在第4個(gè)1s不是一直在運(yùn)動(dòng)，即可確定小車在第4個(gè)1s末前已經(jīng)停下，設(shè)小車在第4個(gè)1s內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，則有利用中間時(shí)刻速度公式以及加速度定義，有解得t=0.5s，a=8m/s2初速度故ac正確，bd錯(cuò)誤。故選ac。10.光滑水平面上靜止一質(zhì)量為2kg的物塊。在08s時(shí)間內(nèi)受到水平力f的作用。力f隨時(shí)間t的變化如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（ ）a. t=2s時(shí)，物塊的速度大小為2m/sb. t=4s時(shí)，物塊的速度大小為2m/sc. t=2s時(shí)和t=6s時(shí)，物塊的動(dòng)量相同d. t=8s時(shí)，物塊恰好回到原出發(fā)點(diǎn)【答案】bc【解析】【詳解】a由圖可知在02s內(nèi)，

14、力的沖量根據(jù)動(dòng)量定理解得，故a錯(cuò)誤；b由圖可知在04s內(nèi)，力的沖量根據(jù)動(dòng)量定理解得，故b正確；c由圖可知在02s內(nèi)與06s內(nèi)，力的沖量相同，根據(jù)動(dòng)量定理知t=2s時(shí)和t=6s時(shí)，物塊的動(dòng)量相同，故c正確；d根據(jù)圖象知，在04s內(nèi)，物塊做加速度先增加后減小的加速運(yùn)動(dòng)，在48s內(nèi)，力的方向改變，做減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)圖象和對(duì)稱性知，在t=8s時(shí)，速度恰減到零。所以在08s內(nèi)物塊的運(yùn)動(dòng)方向不變，t=8s時(shí)，物塊不會(huì)回到原出發(fā)點(diǎn)，故d錯(cuò)誤。故選bc。11.回旋加速器的工作原理如圖所示，置于高真空中的d形金屬盒半徑為r。兩盒間的狹縫很小，帶電粒子穿過(guò)狹縫的時(shí)間忽略不計(jì)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為b的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與盒面垂直。a處

15、粒子源產(chǎn)生質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子，在加速器中被加速，加速電壓為u。下列說(shuō)法正確的是（）a. 交變電場(chǎng)的周期為b. 粒子射出加速器的速度大小與電壓u成正比c. 粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為d. 粒子第1次經(jīng)過(guò)狹縫后進(jìn)入磁場(chǎng)的半徑為【答案】cd【解析】【詳解】a為了能夠使粒子通過(guò)狹縫時(shí)持續(xù)的加速，交變電流的周期和粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)周期相同，即a錯(cuò)誤；b粒子最終從加速器飛出時(shí)解得粒子飛出回旋加速器時(shí)的速度大小和無(wú)關(guān)，b錯(cuò)誤；c粒子在電場(chǎng)中加速的次數(shù)為，根據(jù)動(dòng)能定理粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間c正確；d粒子第一次經(jīng)過(guò)電場(chǎng)加速進(jìn)入磁場(chǎng)，洛倫茲力提供向心力解得d正確。故選cd。12.在粗糙水平面上固定一點(diǎn)電荷，

16、電場(chǎng)中任一點(diǎn)的電勢(shì)與該點(diǎn)到點(diǎn)電荷的距離r的關(guān)系如圖所示。該水平面上a、b、c三個(gè)點(diǎn)的電勢(shì)與距離r的關(guān)系已在圖中標(biāo)出，虛線為過(guò)b點(diǎn)的切線?，F(xiàn)將一質(zhì)量為0.03kg、電量為0.1c的帶正電物塊從a點(diǎn)由靜止釋放，依次經(jīng)過(guò)b、c兩點(diǎn)。電場(chǎng)力所做的功分別為wab、wbc，且過(guò)b點(diǎn)時(shí)物塊的速度最大。已知重力加速度g=10m/s2，靜電力常量k=9.0×109nm2/c2，下列說(shuō)法正確的是（ ）a. b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為1.5v/mb. 物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.3c. wab=2wbcd. 固定點(diǎn)電荷的電荷量為×10-9c【答案】ad【解析】【詳解】a圖象的斜率表示場(chǎng)強(qiáng)，由圖可知b點(diǎn)的場(chǎng)

17、強(qiáng)大小為故a正確；b由題知，物塊過(guò)b點(diǎn)時(shí)速度最大，此時(shí)受力平衡，即為解得故b錯(cuò)誤；c由圖可以得到a點(diǎn)的電勢(shì)為6v，b點(diǎn)的電勢(shì)為3v，c點(diǎn)的電勢(shì)為2v。所以u(píng)ab=3v，ubc=1v又因?yàn)閣ab=quab，wbc=qubc，所以wab=3wbc故c錯(cuò)誤；d設(shè)固定點(diǎn)電荷帶電量為q，已知b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為1.5v/m，b點(diǎn)距固定點(diǎn)電荷距離r=2m，根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式有故d正確。故選ad。二、實(shí)驗(yàn)題13.某同學(xué)利用如圖所示的裝置來(lái)驗(yàn)證力的平行四邊形定則：在豎直木板上鋪有白紙，并用圖釘固定在木板上。固定兩個(gè)光滑的滑輪 a 和 b，將繩子打一個(gè)結(jié)點(diǎn) o，每個(gè)鉤碼的質(zhì)量相等。調(diào)整鉤碼個(gè)數(shù)使系統(tǒng)達(dá)到平衡。(1)

18、實(shí)驗(yàn)過(guò)程中必須要記錄下列哪些數(shù)據(jù)（ ）ao 點(diǎn)位置b每組鉤碼的個(gè)數(shù)c每個(gè)鉤碼的質(zhì)量doa、ob 和 oc 繩的長(zhǎng)度eoa、ob 和 oc 繩的方向(2)下列實(shí)驗(yàn)操作正確的是（ ）a將 oc 繩換成橡皮筋，仍可完成實(shí)驗(yàn)b細(xì)繩要長(zhǎng)些，標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要遠(yuǎn)些可減小實(shí)驗(yàn)誤差c盡量保持aob 為 90°、60°、120°等特殊角方便計(jì)算d若改變懸掛鉤碼的個(gè)數(shù) n3，重新進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，必須保持 o 點(diǎn)位置不動(dòng)，重新調(diào)整鉤碼的個(gè)數(shù)n1、n2【答案】 (1). abe (2). ab【解析】【詳解】(1)1a為了驗(yàn)證平行四邊形定則，必須作受力圖，所以需要確定受力點(diǎn)，即需要標(biāo)記結(jié)

19、點(diǎn)的位置，a正確；bc其次要作出力的方向和大小，每個(gè)鉤碼的質(zhì)量相同，所以鉤碼的個(gè)數(shù)可以作為力的大小，不需要測(cè)量鉤碼質(zhì)量，b正確，c錯(cuò)誤；de連接鉤碼繩子的方向可以表示力的方向，所以需要標(biāo)記oa、ob 和 oc 繩的方向，d錯(cuò)誤，e正確。故選abe。(2)2a如果將繩換成橡皮筋，在同一次實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，只要將結(jié)點(diǎn)拉到相同的位置，實(shí)驗(yàn)結(jié)果不會(huì)發(fā)生變化，仍可完成實(shí)驗(yàn)，a正確；b細(xì)繩要長(zhǎng)些，標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要遠(yuǎn)些可以使力的方向更準(zhǔn)確，減小實(shí)驗(yàn)誤差，b正確；c實(shí)驗(yàn)通過(guò)平行四邊形定則進(jìn)行力的合成確定力的大小和方向，不需要計(jì)算，c錯(cuò)誤；d實(shí)驗(yàn)的目的是驗(yàn)證平行四邊形定則，重新實(shí)驗(yàn)，不需要保持結(jié)點(diǎn)位置不動(dòng)，d

20、錯(cuò)誤。故選ab。14.在“測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻”的實(shí)驗(yàn)中，應(yīng)用如下器材：a待測(cè)電源e（電動(dòng)勢(shì)約為1.5v、內(nèi)阻r小于1.0）b電流表a（滿偏電流ig=100ma、內(nèi)阻rg=8.0）c電阻箱r（阻值范圍0-99.9）d開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干e定值電阻r1=1.0f定值電阻r2=2.0實(shí)驗(yàn)電路圖如圖甲所示。(1)調(diào)整電阻箱阻值，記錄電阻箱阻值r和電流表示數(shù)，則通過(guò)電源的電流i=_i；(2)多次重復(fù)步驟(1)。得到r和i'的多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)。作出的函數(shù)圖象如圖乙所示。根據(jù)圖象中的數(shù)據(jù)可得電源電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)v。電源內(nèi)阻為_(kāi)?！敬鸢浮?(1). 5 (2). 1.5 (3). 0.4【解析】【詳解】(1)1

21、定值電阻r2與電流表并聯(lián)，由題意可知，電流表內(nèi)阻阻值是電阻r2阻值的4倍，則通過(guò)r2的電流是通過(guò)電流表電流的4倍，當(dāng)電流表示數(shù)為i時(shí)，流過(guò)電源的電流i=5i。(2)23改裝后電流表內(nèi)阻ra=1.6由圖示電路圖可知，電源電動(dòng)勢(shì)整理得則函數(shù)圖像的斜率表示電動(dòng)勢(shì)圖象縱軸截距解得電源內(nèi)阻r=0.4三、計(jì)算題15.如圖所示，豎直平面內(nèi)一固定擋板與豎直方向夾角為45°。將一小球水平拋出，拋出位置與擋板的上端點(diǎn)o等高且相距3.2m。小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中和擋板恰好不相碰。已知重力加速度g=10m/s2。求小球水平拋出時(shí)的初速度?！敬鸢浮?m/s【解析】【詳解】小球在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)豎直方向做自由落體

22、運(yùn)動(dòng)小球拋出后恰不與擋板相碰，小球運(yùn)動(dòng)軌跡與擋板相切，所以根據(jù)幾何關(guān)系知聯(lián)立解得v0=8m/s16.如圖所示，兩光滑平行金屬導(dǎo)軌間距為l，質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒mn垂直跨在導(dǎo)軌上，且與導(dǎo)軌接觸良好，整個(gè)裝置處在重直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。磁感應(yīng)強(qiáng)度為b，電容器的電容為c，導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻均不計(jì)。導(dǎo)體棒mn在水平向右的恒力f作用下，由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)。求：(1)導(dǎo)體棒mn的加速度大?。?2)經(jīng)過(guò)時(shí)間t時(shí)，電容器所帶電量。【答案】(1)；(2)【解析】【詳解】(1)設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t，導(dǎo)體棒的速度為v，據(jù)動(dòng)量定理得即此時(shí)的電荷量聯(lián)立解得即導(dǎo)體棒做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度(2) 經(jīng)過(guò)時(shí)間t時(shí)，電容器所帶

23、電量17.一質(zhì)量m=0.2kg的硬紙板靜止在水平桌面上。紙板與桌面間動(dòng)摩擦因數(shù)1=0.4，現(xiàn)用水平向右恒力f=ln拉動(dòng)紙板。t=ls時(shí)，在紙板上輕放一質(zhì)量m2=0.05kg的小物塊，小物塊初速度為零，小物塊從紙板左端掉下時(shí)，紙板速度大小v2=0.9m/s，小物塊與紙板和桌面間動(dòng)摩擦因數(shù)均為2=0.2。小物塊恰好不能從桌面右邊緣掉下。已知重力加速度g=10m/s2，求：(1)t=1s時(shí)，紙板的速度大小v1；(2)小物塊剛放到紙板上時(shí)，小物塊到桌面右邊緣的距離；(3)從小物塊放到紙板到與紙板分離的過(guò)樣中，整個(gè)系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量?！敬鸢浮?1)1m/s；(2)0.08m；(3)0.205j【解析】

24、【詳解】(1)未放小物塊前，對(duì)紙板，由牛頓第二定律t=1s時(shí)，紙板的速度大小(2)小物塊在紙板上滑動(dòng)過(guò)程，對(duì)紙板，由牛頓第二定律 對(duì)小物塊從放上小物塊到小物塊從紙板左端掉下，用的時(shí)間小物塊的位移小物塊的速度紙板的位移小物塊從紙板左端掉下后，加速度還是a2，滑到桌面右邊緣時(shí)速度為零，該過(guò)程的位移小物塊剛放到紙板上時(shí)，小物塊到桌面右邊緣的距離(3)從小物塊放到紙板到與紙板分離的過(guò)樣中，整個(gè)系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量18.關(guān)于理想氣體，下列說(shuō)法正確的是（）a. 已知?dú)怏w的摩爾質(zhì)量和阿伏伽德羅常數(shù)，可估算一個(gè)分子質(zhì)量b. 已知?dú)怏w的摩爾體積和阿伏伽德羅常數(shù)，可估算一個(gè)分子直徑c. 氣體壓強(qiáng)是因?yàn)闅怏w分子間表

25、現(xiàn)為斥力d. 氣體壓強(qiáng)是因?yàn)闅怏w分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)撞擊器壁所致e. 一定質(zhì)量的理想氣體體積不變，溫度升高，壓強(qiáng)一定增大【答案】ade【解析】【詳解】a一個(gè)分子的質(zhì)量已知?dú)怏w的摩爾質(zhì)量和阿伏伽德羅常數(shù)，可估算一個(gè)分子質(zhì)量，a正確；b一個(gè)氣體分子占據(jù)的體積已知?dú)怏w的摩爾體積和阿伏伽德羅常數(shù)，不可以估算一個(gè)分子直徑，b錯(cuò)誤；cd氣體壓強(qiáng)是因?yàn)闅怏w分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)撞擊器壁所致，氣體分子之間的距離較大，幾乎不體現(xiàn)分子力，c錯(cuò)誤，d正確；e根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知一定質(zhì)量的理想氣體體積不變，溫度升高，壓強(qiáng)一定增大，e正確。故選ade。19.如圖所示，導(dǎo)熱汽缸開(kāi)口向下置于水平地面上，缸內(nèi)面積為s活塞封閉了一定質(zhì)量的理想氣體，活塞可自由滑動(dòng)且滑動(dòng)時(shí)汽缸不漏氣，活塞下掛一個(gè)砂桶，活塞與砂桶總質(zhì)量為m，活塞到汽缸底部距離為h時(shí)恰好保持靜止?，F(xiàn)將砂桶緩慢裝滿細(xì)砂，活塞再次靜止時(shí)距汽缸底部h，缸內(nèi)氣體溫度保持t0不變，已知重力加速度為g，大氣壓強(qiáng)為p0，砂桶始終未與地面接觸。(1)求砂桶中細(xì)砂的質(zhì)量；(2)將細(xì)砂從砂桶中緩慢漏出，同時(shí)給汽缸加熱，細(xì)砂漏完時(shí)，活塞仍靜止在距汽缸底部h處，求此時(shí)缸內(nèi)氣體的溫度?！敬鸢浮?1)；(2)t0【解析】【詳解】(1)初始狀態(tài)