【KS5U解析】江西省宜春市高安中學(xué)2019-2020學(xué)年高一下學(xué)期期中考試物理試題（A） Word版含解析

1、物理試題第i卷（選擇題)一、選擇題(本題共12小題，每小題4分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，1-8題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，9-12題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)或不選的得0分)1.某同學(xué)為了驗(yàn)證斷電自感現(xiàn)象，自己找來(lái)帶鐵芯的線(xiàn)圈l、小燈泡a、開(kāi)關(guān)s和電池組e ， 用導(dǎo)線(xiàn)將它們連接成如圖所示的電路檢查電路后，閉合開(kāi)關(guān)s ， 小燈泡發(fā)光；再斷開(kāi)開(kāi)關(guān)s ， 小燈泡僅有不顯著的延時(shí)熄滅現(xiàn)象雖然多次重復(fù)，仍未見(jiàn)老師演示時(shí)出現(xiàn)的小燈泡閃亮現(xiàn)象，他冥思苦想找不出原因你認(rèn)為最有可能造成小燈泡未閃亮的原因是( )a. 電源的內(nèi)阻較大b. 小燈泡電阻偏大c. 線(xiàn)

2、圈電阻偏大d. 線(xiàn)圈的自感系數(shù)較大【答案】c【解析】a、開(kāi)關(guān)斷開(kāi)開(kāi)關(guān)時(shí)，燈泡能否發(fā)生閃亮，取決于燈泡的電流有沒(méi)有增大，與電源的內(nèi)阻無(wú)關(guān)，a錯(cuò)誤；b、若小燈泡電阻偏大，穩(wěn)定時(shí)流過(guò)燈泡的電流小于線(xiàn)圈的電流，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)時(shí)，根據(jù)楞次定律，流過(guò)燈泡的電流從線(xiàn)圈原來(lái)的電流逐漸減小，燈泡將發(fā)生閃亮現(xiàn)象，b錯(cuò)誤； c、線(xiàn)圈電阻偏大，穩(wěn)定時(shí)流過(guò)燈泡的電流大于線(xiàn)圈的電流，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)時(shí)，根據(jù)楞次定律，流過(guò)燈泡的電流從線(xiàn)圈原來(lái)的電流逐漸減小，燈泡不發(fā)生閃亮現(xiàn)象，c正確；d、線(xiàn)圈的自感系數(shù)較大，產(chǎn)生的自感電動(dòng)勢(shì)較大，但不能改變穩(wěn)定時(shí)燈泡和線(xiàn)圈中電流的大小，d錯(cuò)誤；故選c2. 實(shí)驗(yàn)室里的交流發(fā)電機(jī)可簡(jiǎn)化為如圖所示的模型，正方

3、形線(xiàn)圈在水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，繞垂直于磁感線(xiàn)的oo軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)今在發(fā)電機(jī)的輸出端接一個(gè)電阻r和理想電壓表，并讓線(xiàn)圈每秒轉(zhuǎn)25圈，讀出電壓表的示數(shù)為10 v已知r10 ，線(xiàn)圈電阻忽略不計(jì)，下列說(shuō)法正確的是a. 線(xiàn)圈平面與磁場(chǎng)平行時(shí)刻，線(xiàn)圈中的瞬時(shí)電流為零b. 從線(xiàn)圈平面與磁場(chǎng)平行開(kāi)始計(jì)時(shí)，線(xiàn)圈中感應(yīng)電流瞬時(shí)值表達(dá)式為isin 100t （a）c. 流過(guò)電阻r的電流最大值為ad. 電阻r上的熱功率等于5 w【答案】c【解析】試題分析：線(xiàn)圈位于圖中位置時(shí)，磁通量為零，而線(xiàn)圈中的瞬時(shí)電流不為零反而為最大，a錯(cuò)誤；電壓表示數(shù)為10v，即有效值為10v，則最大值為，則電流最大值為，所以從線(xiàn)圈平面與磁場(chǎng)平行開(kāi)始計(jì)時(shí)

4、，線(xiàn)圈中電流瞬時(shí)值表達(dá)式為：，故b錯(cuò)誤c正確；電阻r上的熱功率等于，d錯(cuò)誤；考點(diǎn)：考查了交流電的產(chǎn)生【名師點(diǎn)睛】圖示位置是與中性面垂直的位置，電動(dòng)勢(shì)最大，電壓表的示數(shù)為電動(dòng)勢(shì)的有效值，電流瞬時(shí)值表達(dá)式為余弦函數(shù)注意計(jì)時(shí)的位置是中性面還是與之垂直的地方3.現(xiàn)代質(zhì)譜儀可用來(lái)分析比質(zhì)子重很多倍的離子，其示意圖如圖所示，其中加速電壓恒定。質(zhì)子在入口處從靜止開(kāi)始被加速電場(chǎng)加速，經(jīng)勻強(qiáng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后從出口離開(kāi)磁場(chǎng)。若某種一價(jià)正離子在入口處從靜止開(kāi)始被同一加速電場(chǎng)加速，為使它經(jīng)勻強(qiáng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后仍從同一出口離開(kāi)磁場(chǎng)，需將磁感應(yīng)強(qiáng)度增加到原來(lái)的12倍。此離子和質(zhì)子的質(zhì)量比約為a. 11b. 12c. 121d. 14

5、4【答案】d【解析】【詳解】直線(xiàn)加速過(guò)程根據(jù)動(dòng)能定理得得 離子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有得 兩式聯(lián)立得：一價(jià)正離子電荷量與質(zhì)子電荷量相等，同一加速電場(chǎng)u相同，同一出口離開(kāi)磁場(chǎng)則r相同，所以mb2，磁感應(yīng)強(qiáng)度增加到原來(lái)的12倍，離子質(zhì)量是質(zhì)子質(zhì)量的144倍，d正確，a、b、c錯(cuò)誤。故選d。4.如圖所示，理想變壓器原、副線(xiàn)圈匝數(shù)比為12，接有四個(gè)阻值相同的定值電阻，變壓器初級(jí)線(xiàn)圈接到交流電源上，下面說(shuō)法正確的是()a. 副線(xiàn)圈電壓是電源電壓的2倍b. 流過(guò)r1的電流是副線(xiàn)圈上電流的2倍c. r1上的電功率是r2上電功率的2倍d. r1上的電功率是r2上電功率的

6、9倍【答案】d【解析】【詳解】因?yàn)樵?、副線(xiàn)圈匝數(shù)比為12，所以原線(xiàn)圈輸出電壓，即兩端電壓為副線(xiàn)圈兩端電壓的一半，即，但由于的存在所以小于電源電壓，兩端電壓與r3兩端電壓相等，故其電流相等，根據(jù)原副線(xiàn)圈電流比反比與原副線(xiàn)圈匝數(shù)比，所以原線(xiàn)圈與并聯(lián)部分的電流為副線(xiàn)圈的2倍，而的電流等于的電流與并聯(lián)部分導(dǎo)線(xiàn)電流之和，所以r1上的電流是副線(xiàn)圈電流的3倍，ab錯(cuò)誤；根據(jù)可得上的電功率是上電功率的9倍，c錯(cuò)誤d正確5.水力采煤是利用高速水流沖擊煤層而進(jìn)行的.假如煤層受到3.6×106n/m2的壓強(qiáng)沖擊即可被破碎,若高速水流沿水平方向沖擊煤層,不考慮水的反向?yàn)R射作用,則沖擊煤層的水流速度至少應(yīng)為a

7、. 30m/sb. 40m/sc. 45m/sd. 60m/s【答案】d【解析】本題考查動(dòng)量定理，得，選d6.如圖所示的區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為b電阻為r、半徑為l、圓心角為45°的扇形閉合導(dǎo)線(xiàn)框繞垂直于紙面的o軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)（o軸位于磁場(chǎng)邊界）則線(xiàn)框內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電流的有效值為 a. b. c. d. 【答案】d【解析】【詳解】交流電流的有效值是根據(jù)電流的熱效應(yīng)得出的，線(xiàn)框轉(zhuǎn)動(dòng)周期為t，而線(xiàn)框轉(zhuǎn)動(dòng)一周只有的時(shí)間內(nèi)有感應(yīng)電流，則有，解得：故d項(xiàng)正確，abc三項(xiàng)錯(cuò)誤7.a為水平放置膠木圓盤(pán)，在其側(cè)面均勻分布著負(fù)電荷，在a的正上方用絕緣絲線(xiàn)懸掛一個(gè)金屬圓環(huán)b，使b的環(huán)

8、面水平且與圓盤(pán)面平行，其軸線(xiàn)與膠木盤(pán)a的軸線(xiàn)oo重合，如圖所示現(xiàn)使膠木盤(pán)a由靜止開(kāi)始繞其軸線(xiàn)oo按箭頭所示方向加速轉(zhuǎn)動(dòng)，則（ ）a. 金屬環(huán)b的感應(yīng)電流方向與箭頭所示方向相同，絲線(xiàn)受到的拉力減小b. 金屬環(huán)b的感應(yīng)電流方向與箭頭所示方向相同，絲線(xiàn)受到的拉力增大c. 金屬環(huán)b的感應(yīng)電流方向與箭頭所示方向相反，絲線(xiàn)受到的拉力減小d. 金屬環(huán)b的感應(yīng)電流方向與箭頭所示方向相反，絲線(xiàn)受到的拉力增大【答案】a【解析】【詳解】膠木盤(pán)a由靜止開(kāi)始繞其軸線(xiàn)oo按箭頭所示方向加速轉(zhuǎn)動(dòng)，形成環(huán)形電流，環(huán)形電流的大小增大，根據(jù)右手螺旋定則知，通過(guò)b線(xiàn)圈的磁通量向下，且增大，根據(jù)楞次定律可知，金屬環(huán)b的感應(yīng)電流方向與

9、箭頭所示方向相同；根據(jù)楞次定律的另一種表述，引起的機(jī)械效果阻礙磁通量的增大，知金屬環(huán)的面積有縮小的趨勢(shì)，且有向上的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，所以絲線(xiàn)的拉力減小，故a正確，bcd錯(cuò)誤。故選a。8.如圖所示，一理想變壓器的原、副線(xiàn)圈匝數(shù)之比為，原線(xiàn)圈接入電壓的交流電源，圖中電表均為理想電表，閉合開(kāi)關(guān)后，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭p從最上端滑到最下端的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）a. 副線(xiàn)圈中交變電流的頻率為100hzb. t=0.02s時(shí)，電壓表的示數(shù)為0c. 電流表的示數(shù)先變小后變大d. 定值電阻r消耗的功率先變大后變小【答案】c【解析】【詳解】a由電壓表達(dá)式知交流電的=100故a錯(cuò)誤；b原線(xiàn)圈兩端的輸入電壓有效值

10、為220v，由電壓與匝數(shù)成正比知所以副線(xiàn)圈兩端電壓為即為電壓表的讀數(shù)為4v，故b錯(cuò)誤；cd由圖可知，滑動(dòng)變阻器的上下兩部分并聯(lián)后與r串聯(lián)，根據(jù)串并聯(lián)電路的電阻可知，當(dāng)滑片p位于中間位置時(shí)，并聯(lián)電阻的電阻值最大，所以當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭p從最上端滑到最下端的過(guò)程中，電路中的總電阻先增大后減小，根據(jù)歐姆定律可知，變壓器次級(jí)電流電流將先減小后增大，定值電阻r消耗的功率先變小后變大；因?yàn)樽儔浩鞯妮敵鲭娏飨葴p小后增大，則輸入的電流也是先減小后增大，即電流表的示數(shù)先變小后變大。故c正確，d錯(cuò)誤。故選c。9.如圖所示，在光滑水平面上停放著質(zhì)量為m、裝有光滑弧形槽的小車(chē)，一質(zhì)量也為m的小球以水平初速度v0沿

11、槽口向小車(chē)滑去，到達(dá)某一高度后，小球又返回右端，則( )a. 小球以后將向右做平拋運(yùn)動(dòng)b. 小球?qū)⒆鲎杂陕潴w運(yùn)動(dòng)c. 此過(guò)程小球?qū)π≤?chē)做的功為d. 小球在弧形槽內(nèi)上升的最大高度為【答案】bcd【解析】【分析】小球和小車(chē)組成的系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒，當(dāng)小球上升的最高點(diǎn)時(shí)，豎直方向上的速度為零，水平方向上與小車(chē)具有相同的速度，結(jié)合動(dòng)量守恒和能量守恒求出上升的最大高度根據(jù)動(dòng)量守恒定律和能量守恒求出小球返回右端時(shí)的速度，從而得出小球的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，根據(jù)動(dòng)能定理得出小球?qū)π≤?chē)做功的大小【詳解】ab設(shè)小球離開(kāi)小車(chē)時(shí)，小球的速度為v1，小車(chē)的速度為v2，整個(gè)過(guò)程中動(dòng)量守恒，得：，由動(dòng)能守恒得，聯(lián)立得，即小球與

12、小車(chē)分離后二者交換速度；所以小球與小車(chē)分離后做自由落體運(yùn)動(dòng)，a錯(cuò)誤b正確；c對(duì)小車(chē)運(yùn)用動(dòng)能定理得，小球?qū)π≤?chē)做功，c正確；d當(dāng)小球與小車(chē)水平速度相等時(shí)，小球弧形槽上升到最大高度，設(shè)該高度為h，則，聯(lián)立解得，d正確10.在如圖一所示的光電管的實(shí)驗(yàn)中（電源正負(fù)極可以對(duì)調(diào)），用同一光電管得到了三條可見(jiàn)光的光電流與電壓之間的關(guān)系曲線(xiàn)（圖二中的甲光、乙光、丙光）。下列說(shuō)法中正確的有（）a. 只要電流表中有電流通過(guò)，光電管中就發(fā)生了光電效應(yīng)b. 同一光電管對(duì)不同顏色的單色光有各自不同的極限頻率截止頻率c. 圖一中電流表g的電流方向可以是a流向b、也可以是b流向ad. 圖二中由于甲光和乙光有共同的，可以確定

13、甲光和乙光是同一種色光【答案】ad【解析】【詳解】a由圖可知，只有電流表有電流，則有光電子通過(guò)電流表，因此一定會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)；故a正確；b同一金屬，截止頻率是相同的，故b錯(cuò)誤；c由光電管結(jié)構(gòu)可知，光電子由右向左，則電流是從左向右，即a流向b，故c錯(cuò)誤；d根據(jù)入射光的頻率越高，對(duì)應(yīng)的截止電壓u截越大。甲光、乙光的截止電壓相等，所以甲光、乙光的頻率相等，即為同種光，故d正確。故選ad。11.如圖所示，水平放置的u形光滑框架上接一個(gè)阻值為的電阻，放在垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為b的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中一個(gè)半徑為l、質(zhì)量為m的半圓形硬導(dǎo)體ac在水平向右的恒定拉力f的作用下，由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)距離d后速度為v，半圓

14、形硬導(dǎo)體ac的電阻為r，其余電阻不計(jì)下列說(shuō)法正確的是（ ）a. 此時(shí)ac兩端電壓為b. 此過(guò)程中回路產(chǎn)生熱量c. 此過(guò)程中通過(guò)電阻的電荷量為d. 此過(guò)程所用時(shí)間【答案】abc【解析】【詳解】a導(dǎo)體ac有效切割的長(zhǎng)度等于半圓的直徑2l，半圓形導(dǎo)體ac切割磁感線(xiàn)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為eb2lv2blv而ac相當(dāng)于電源，其兩端的電壓是外電壓，由歐姆定律得選項(xiàng)a正確； b根據(jù)能量守恒定律可知，外力做的功，一方面轉(zhuǎn)化為導(dǎo)體動(dòng)能的增加，另一方面轉(zhuǎn)化為焦耳熱，即解得 故b正確；c根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得又因?yàn)殡娏鞫x式為解得此過(guò)程中通過(guò)電阻r0的電荷量為故c正確；d根據(jù)動(dòng)量定理得 又因?yàn)閯t有ft-

15、qb2l=mv解得故d錯(cuò)誤。故選abc。12.如圖所示，在空間中有一坐標(biāo)系oxy，其第一象限內(nèi)充滿(mǎn)著兩個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域i和 ，直線(xiàn)op是它們的邊界區(qū)域i中的磁感應(yīng)強(qiáng)度為b，方向垂直紙面向外；區(qū)域中的磁感應(yīng)強(qiáng)度為2b，方向垂直紙面向內(nèi)邊界上的p點(diǎn)坐標(biāo)為(4l，3l)一質(zhì)量為 m、電荷量為q的帶正電粒子從p點(diǎn)平行于y軸負(fù)方向射人區(qū)域i，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后， 粒子恰好經(jīng)過(guò)原點(diǎn)o忽略粒子重力，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8則下列說(shuō)法中不正確的是 （ ）a. 該粒子一定沿y軸負(fù)方向從o點(diǎn)射出b. 該粒子射出時(shí)與y軸正方向夾角可能是74°c. 該粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最

16、短時(shí)間d. 該粒子運(yùn)動(dòng)的可能速度為【答案】b【解析】【詳解】ab.帶電粒子射入磁場(chǎng)中，由洛倫茲力提供向心力而做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得,解得所以，粒子在和兩磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)半徑分別為：,有題意知op邊與x軸的夾角，知，故帶正電粒子從p點(diǎn)平行于y軸負(fù)方向射人區(qū)域i與op邊的夾角為53°，由帶電粒子在單邊磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱(chēng)性知從區(qū)域中射出的粒子速度方向一定為y軸負(fù)方向，故a選項(xiàng)正確，b選項(xiàng)錯(cuò)誤；c.粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為粒子在區(qū)域中轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角為，粒子在區(qū)域中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為粒子在區(qū)域中轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角為粒子在區(qū)域中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為所以該粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間=，故c選項(xiàng)正確；

17、帶電粒子每次從區(qū)域射出為一個(gè)周期，在op邊移動(dòng)的距離為，其中，而,n=1,2,3聯(lián)立解得,故d選項(xiàng)正確；綜上所述，只有b選項(xiàng)錯(cuò)誤第ii卷（非選擇題)二、填空題(本題共2小題，每空2分，共16分)13.在“研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象”的實(shí)驗(yàn)中，首先按圖甲接線(xiàn)，以查明電流表指針的偏轉(zhuǎn)方向與電流方向之間的關(guān)系；然后按圖乙將電流表與線(xiàn)圈b連成一個(gè)閉合回路，將線(xiàn)圈a、電池、滑動(dòng)變阻器和開(kāi)關(guān)串聯(lián)成另一個(gè)閉合電路，在圖甲中，當(dāng)閉合s時(shí)，觀(guān)察到電流表指針向左偏，不通電時(shí)電流表指針停在正中央在圖乙中(1)s閉合時(shí)，將螺線(xiàn)管a插入螺線(xiàn)管b的過(guò)程中，電流表的指針_；(填左偏、不偏、右偏)(2)線(xiàn)圈a放在b中不動(dòng)時(shí)，指針將_；

18、(填左偏、不偏、右偏)(3)線(xiàn)圈a放在b中不動(dòng)，突然斷開(kāi)開(kāi)關(guān)s，電流表指針將_(填左偏、不偏、右偏)【答案】 (1). 右偏 (2). 不偏 (3). 左偏【解析】【詳解】圖甲中，當(dāng)閉合s時(shí)，觀(guān)察到電流表指針向左偏，說(shuō)明電流從哪方流入電流表指針就向哪方偏轉(zhuǎn)；(1)1s閉合后，將螺線(xiàn)管a(原線(xiàn)圈)移近螺線(xiàn)管b(副線(xiàn)圈)的過(guò)程中，穿過(guò)b的磁通量向上增加，根據(jù)楞次定律可知，在線(xiàn)圈b中產(chǎn)生的感應(yīng)電流從負(fù)極流入電流表，故電流表指針向右偏轉(zhuǎn)；(2)2線(xiàn)圈不動(dòng)，磁通量不變，無(wú)感應(yīng)電流，故指針不動(dòng)；(3)3線(xiàn)圈a放在b附近不動(dòng)，突然切斷開(kāi)關(guān)s，穿過(guò)b的磁通量向上減小，根據(jù)楞次定律可知，在線(xiàn)圈b中產(chǎn)生的感應(yīng)電流

19、從正極流入電流表，故電流表指針向左偏轉(zhuǎn)；14.某同學(xué)利用電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器和氣墊導(dǎo)軌做驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)氣墊導(dǎo)軌裝置如圖(a)所示，所用的氣墊導(dǎo)軌裝置由導(dǎo)軌、滑塊、彈射架等組成在空腔導(dǎo)軌的兩個(gè)工作面上均勻分布著一定數(shù)量的小孔，向?qū)к壙涨粌?nèi)不斷通入壓縮空氣，空氣會(huì)從小孔中噴出，使滑塊穩(wěn)定地漂浮在導(dǎo)軌上，這樣就大大減小了因滑塊和導(dǎo)軌之間的摩擦而引起的誤差(1)下面是實(shí)驗(yàn)的主要步驟：安裝好氣墊導(dǎo)軌，調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌的調(diào)節(jié)旋鈕，使導(dǎo)軌水平；向氣墊導(dǎo)軌通入壓縮空氣；把電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在緊靠氣墊導(dǎo)軌左端彈射架的外側(cè)，將紙帶穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器與彈射架并固定在滑塊1的左端，調(diào)節(jié)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的高度，直至滑塊拖著紙帶

20、移動(dòng)時(shí)，紙帶始終在水平方向；使滑塊1擠壓導(dǎo)軌左端彈射架上的橡皮繩；把滑塊2放在氣墊導(dǎo)軌的中間；先_，然后_，讓滑塊帶動(dòng)紙帶一起運(yùn)動(dòng)；取下紙帶，重復(fù)步驟，選出理想的紙帶如圖(b)所示；測(cè)得滑塊1的質(zhì)量為310 g，滑塊2(包括橡皮泥)的質(zhì)量為205 g.完善實(shí)驗(yàn)步驟的內(nèi)容(2)已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器每隔0.02 s打一個(gè)點(diǎn)，計(jì)算可知兩滑塊相互作用以前系統(tǒng)的總動(dòng)量為_(kāi)kg·m/s；兩滑塊相互作用以后系統(tǒng)的總動(dòng)量為_(kāi)kg·m/s(保留三位有效數(shù)字)(3)試說(shuō)明(2)中兩結(jié)果不完全相等的主要原因是_【答案】 (1). （1）啟動(dòng)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器(或接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源)； (2). 釋放滑塊1；

21、(3). （2）0.620； (4). 0.618； (5). （3）紙帶和限位孔之間的摩擦力使滑塊的速度減小【解析】【詳解】(1)12使用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí)，應(yīng)先接通電源后釋放紙帶，所以先接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源，后放開(kāi)滑塊1.(2)34放開(kāi)滑塊1后，滑塊1做勻速運(yùn)動(dòng)，跟滑塊2發(fā)生碰撞后跟2一起做勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)紙帶的數(shù)據(jù)得：碰撞前滑塊1的動(dòng)量為：p1m1v10.310×kg·m/s0.620 kg·m/s，滑塊2的動(dòng)量為零，所以碰撞前的總動(dòng)量為0.620 kg·m/s；碰撞后滑塊1、2速度相等，所以碰撞后總動(dòng)量為：(m1m2)v2(0.3100.205)

22、5;kg·m/s0.618 kg·m/s.(3)5結(jié)果不完全相等是因?yàn)榧垘c打點(diǎn)計(jì)時(shí)器限位孔有摩擦力的作用三、計(jì)算題（本題共3小題，共36分，每小題12分）15.如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為m，帶電量為q的正離子，從d點(diǎn)以某一初速度v0垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁場(chǎng)方向垂直紙面向內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為b離子的初速度方向在紙面內(nèi)，與直線(xiàn)ab的夾角為60°結(jié)果粒子正好穿過(guò)ab的垂線(xiàn)上離a點(diǎn)距離為l的小孔c，垂直ac的方向進(jìn)入ac右邊的勻強(qiáng)電場(chǎng)中電場(chǎng)的方向與ac平行離子最后打在ab直線(xiàn)上的b點(diǎn)b到a的距離為2l不計(jì)離子重力，離子運(yùn)動(dòng)軌跡始終在紙面內(nèi)，求：（1）粒子從d點(diǎn)入射的速度v0的大小；（

23、2）勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度e的大小【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）離子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，軌跡如圖所示由幾何關(guān)系可知，離子圓周運(yùn)動(dòng)半徑r滿(mǎn)足：離子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力由牛頓第二定律：由解得入射速度（2）離子進(jìn)入電場(chǎng)后做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，軌跡如圖所示水平方向豎直方向由解得勻強(qiáng)電場(chǎng)電場(chǎng)強(qiáng)度16.如圖所示，固定的凹槽表面光滑水平，其內(nèi)放置一u形滑板n，滑板兩端為半徑r0.45 m的1/4光滑圓弧面，a和d分別是圓弧的端點(diǎn)，bc段表面水平、粗糙，與兩圓弧相切，b、c為相切點(diǎn)小滑塊p1和p2的質(zhì)量均為m，滑板的質(zhì)量m4 mp1、p2與bc面的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為10.10和20.40，且

24、最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力開(kāi)始時(shí)滑板n緊靠凹槽的左端，p2靜止b點(diǎn)，p1以v04.0 m/s的初速度從a點(diǎn)沿圓弧自由滑下，在b點(diǎn)與p2發(fā)生彈性碰撞，碰后p1、p2的速度交換當(dāng)p2滑到c點(diǎn)時(shí)，滑板n恰好與凹槽的右端相碰并與凹槽粘牢，p2則繼續(xù)滑動(dòng)，到達(dá)d點(diǎn)時(shí)速度剛好為零p1與p2視為質(zhì)點(diǎn)，取g10 m/s2問(wèn)：p2在bc段向右滑動(dòng)時(shí)，滑板的加速度為多大？bc長(zhǎng)度為多少？n、p1和p2最終靜止后，p1與p2間的距離為多少？【答案】（1）0.8m/s2（2）【解析】試題分析： 根據(jù)動(dòng)能定理求出小滑塊p1滑到底端時(shí)的速度，再根據(jù)牛頓第二定律求出加速度；根據(jù)動(dòng)量守恒定律和能量守恒求出bc長(zhǎng)度；在由速度位移公式求出p1與p2間的距離（1）p1滑到最低點(diǎn)速度為，由動(dòng)能定理有： 解得：由題意可知： =5m/sp2向右滑動(dòng)時(shí)，假設(shè)p1與滑板相對(duì)靜止， 把p1、m看成一個(gè)整體由牛頓第二定律有： 帶入數(shù)據(jù)解得：此時(shí)對(duì)p1有：故p1與滑板相對(duì)靜止，滑板的加速度為0.8m/s2（2）p2滑到c點(diǎn)速度為，由動(dòng)能定理得 帶入數(shù)據(jù)解得：p1、p2碰撞到p2滑到c點(diǎn)時(shí)，設(shè)p1、m速度為v，