2018高考模擬理綜物理選編彈力-解析版

1、.樂陵一中彈力一、單項選擇題本大題共5小題，共30分1. 兩個質(zhì)量分別為2m和m的小木塊a和b可視為質(zhì)點放在程度圓盤上，a與轉(zhuǎn)軸OO的間隔 為L，b與轉(zhuǎn)軸的間隔 為2L，a、b之間用長為L的強度足夠大的輕繩相連，木塊與圓盤的最大靜摩擦力為木塊所受重力的k倍，重力加速度大小為g假設圓盤從靜止開場繞轉(zhuǎn)軸緩慢地加速轉(zhuǎn)動，開場時輕繩剛好伸直但無張力，用表示圓盤轉(zhuǎn)動的角速度，以下說法正確的選項是A. a比b先到達最大靜摩擦力B. a、b所受的摩擦力始終相等C. =kg2L是b開場滑動的臨界角速度D. 當=2kg3L時，a所受摩擦力的大小為5kmg32019物理備課組整理D物理備課組一組指導解：A、木塊隨

2、圓盤一起轉(zhuǎn)動，靜摩擦力提供向心力，由牛頓第二定律得：木塊所受的靜摩擦力f=m2r，m、相等，fr，所以當圓盤的角速度增大時b的靜摩擦力先到達最大值，故A錯誤；B、在B的摩擦力沒有到達最大前，靜摩擦力提供向心力，由牛頓第二定律得：木塊所受的靜摩擦力f=m2r，a和b的質(zhì)量分別是2m和m，而a與轉(zhuǎn)軸OO的間隔 為L，b與轉(zhuǎn)軸的間隔 為2L，所以開場時a和b受到的摩擦力是相等的。當b受到的靜摩擦力到達最大后，b受到的摩擦力與繩子的拉力的和提供向心力，即：kmg+F=m22L而a的受力：f-F=2m2L聯(lián)立得：f=4m2L-kmg可知二者受到的摩擦力不一定相等。故B錯誤；C、當b剛要滑動時，有2kmg

3、+kmg=2m2L+m22L，解得：=3kg4L，故C錯誤；D、當=2kg3L時，a所受摩擦力的大小為：f=4m2Lkmg=4m2kg3LLkmg=5kmg3故D正確。應選：D。木塊隨圓盤一起轉(zhuǎn)動，靜摩擦力提供向心力，而所需要的向心力大小由物體的質(zhì)量、半徑和角速度決定當圓盤轉(zhuǎn)速增大時，提供的靜摩擦力隨之而增大當需要的向心力大于最大靜摩擦力時，物體開場滑動因此是否滑動與質(zhì)量無關，是由半徑大小決定此題的關鍵是正確分析木塊的受力，明確木塊做圓周運動時，靜摩擦力提供向心力，把握住臨界條件：靜摩擦力到達最大，由牛頓第二定律分析解答2. 如下圖，程度地面上有一個半球體A如今A與豎直墻之間放一完全一樣的半球

4、體B，不計一切摩擦，將A緩慢向左挪動B未與地面接觸，那么在此過程中A對B的彈力F1、墻對B的彈力F2A. F1變小、F2變小B. F1變小、F2變大C. F1變大、F2變大D. F1變大、F2變小2019物理備課組整理A物理備課組一組指導解：不計一切摩擦，將A緩慢向左挪動B未與地面接觸，那么A、B處處受力平衡；那么B受力如下圖：；A向左挪動，那么變小，所以，F(xiàn)1=Gcos變小，F(xiàn)2=Gtan變小，故A正確，BCD錯誤；應選：A對B進展受力分析，根據(jù)A向左挪動，B所受的力之間角度的關系變化，然后根據(jù)重力G不變，并且B受力平衡求解對于動態(tài)過程受力變化的求解，一般先分析在運動過程中的守恒量，然后，再

5、由動態(tài)過程得到相關的變化量，進而通過守恒量求解其他物理量的變化趨勢3. 如下圖，物體A和B分放在一起，A靠在豎直墻面上在豎直向上的力F作用下，A、B均保持靜止，此時物體A的受力個數(shù)為A. 一定是3個B. 可能是4個C. 一定是5個D. 可能是6個2019物理備課組整理A物理備課組一組指導解：先對AB整體受力分析，由平衡條件知，豎直方向：F=GA+GB程度方向，不受力，故墻面無彈力隔離A物體，必受重力、B對A的彈力和摩擦力作用，受三個力，故A正確，BCD錯誤；應選：A先對AB整體受力分析，看是否與墻壁間有作用力，再對A物體受力分析即可此題關鍵先對AB整體受力分析，再對A物體受力分析，注意平衡條件

6、的應用，難度不大，屬于根底題4. 如下圖，A、B兩物塊的質(zhì)量分別為m和M，把它們靠在一起從光滑斜面的頂端由靜止開場下滑斜面的傾角為，斜面始終保持靜止那么在此過程中物塊B對物塊A的壓力為A. MgsinB. MgcosC. 0D. M+mgsin2019物理備課組整理C物理備課組一組指導解：對A、B組成的整體受力分析可知，整體受重力、支持力而做勻加速直線運動；由牛頓第二定律可知，a=(m+M)gsin(m+M)=gsin；那么再對B由牛頓第二定律可知：F合=Ma=Mgsin；合力等于B的重力沿斜面向下的分力；故說明AB間沒有互相作用力，故ABD錯誤，C正確應選：C對整體受力分析求出整體的加速度，

7、再對B受力分析即可求得A對B的壓力，再由牛頓第三定律可求得B對A的壓力此題考察牛頓第二定律的應用，要明確兩物體加速度一樣，均是重力的分力提供加速度5. 如圖，光滑斜劈A上外表程度，物體B疊放在A上面，斜面光滑，AB靜止釋放瞬間，B的受力圖是A. B. C. D. 2019物理備課組整理B物理備課組一組指導解：物體A釋放前，物體B受到重力和支持力，兩力平衡；楔形物體A釋放后，由于物體A上外表是光滑的，那么物體B程度方向不受力，根據(jù)牛頓第一定律知道，物體B在程度方向的狀態(tài)不改變，即仍保持靜止狀態(tài)，故B正確，ACD錯誤應選：B分析物體B的受力情況，根據(jù)牛頓第一定律分析B在程度方向和豎直方向的運動狀態(tài)

8、，即可求解此題關鍵要正確分析物體B的受力情況，抓住程度方向不受力，狀態(tài)不發(fā)生改變是關鍵二、多項選擇題本大題共4小題，共24分全部選對得6分，選對當不全的得3分，有選錯的得0分。6. 如下圖，A、B兩物塊的質(zhì)量分別為2m和m，靜止疊放在程度地面上A、B間的動摩擦因數(shù)為，B與地面間的動摩擦因數(shù)為0.5最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g現(xiàn)對A施加一程度拉力F，那么A. 當F2 mg時，A、B都相對地面靜止B. 當F3 mg時，A相對B滑動C. 當F=2.5mg時，A的加速度為0.25gD. 無論F 為何值，B的加速度不會超過12g2019物理備課組整理BD物理備

9、課組一組指導解：AB之間的最大靜摩擦力為：fmax=mAg=2mg，那么A、B間發(fā)生滑動的最小加速度為a=g，B與地面間的最大靜摩擦力為：fmax=12mA+mBg=32mg，故拉力F最小為F：F-fmax=ma，所以F不小于3mg，AB將發(fā)生滑動；A、當 F2mg時，F(xiàn)fmax，AB之間不會發(fā)生相對滑動，B與地面間會發(fā)生相對滑動，所以A、B 都相對地面運動，故A錯誤B、由上分析可知，當F3mg時，A相對B滑動故B正確C、當F=2.5mg時，A、B以共同的加速度開場運動，將A、B看作整體，由牛頓第二定律有F-1.5mg=3ma，解得a=13g，故C錯誤，D、對B來說，其所受

10、合力的最大值Fm=2mg-1.5mg=0.5mg，即B的加速度不會超過0.5g，故D正確應選：BD根據(jù)A、B之間的最大靜摩擦力，隔離對B分析求出整體的臨界加速度，通過牛頓第二定律求出A、B不發(fā)生相對滑動時的最大拉力然后通過整體法隔離法逐項分析此題考察牛頓第二定律的綜合運用，解決此題的打破口在于通過隔離法和整體法求出A、B不發(fā)生相對滑動時的最大拉力7. 如下圖，穿在一根光滑固定桿上的小球A、B通過一條跨過定滑輪的細繩連接，桿與程度方向成角，不計所有摩擦當兩球靜止時，OA繩沿豎直方向，OB繩與桿的夾角為，那么以下說法正確的選項是A. 小球A可能受到3個力的作用B. 小球B一定受到3個力的作用C.

11、小球A、B的質(zhì)量之比mA：mB=1：tanD. 小球A、B的質(zhì)量之比mA：mB=tan：12019物理備課組整理BD物理備課組一組指導解：A、對A球受力分析可知，A受到重力，繩子的拉力，兩個力合力為零，桿子對A球沒有彈力，否那么A不能平衡，故A錯誤；B、對B球受力分析可知，B受到重力，繩子的拉力以及桿對B球的彈力，三個力的合力為零，故B正確；C、分別對AB兩球分析，運用合成法，如圖：根據(jù)共點力平衡條件，得：T=mAg Tsin=mBgsin(90+)根據(jù)正弦定理列式故mA：mB=tan：1，故C錯誤，D正確應選：BD分別對AB兩球分析，運用合成法，用T表示出A、B兩球的重力，同一根繩子上的拉力

12、相等，即繩子AB兩球的拉力是相等的此題考察了隔離法對兩個物體的受力分析，關鍵是抓住同一根繩子上的拉力處處相等結(jié)合幾何關系將兩個小球的重力聯(lián)絡起來8. 如圖a所示，一輕質(zhì)彈簧的下端固定在程度面上，上端放置一物體物體與彈簧不連接，初始時物體處于靜止狀態(tài)現(xiàn)用豎直向上的拉力F作用在物體上，使物體開場向上做勻加速運動，拉力F與物體位移x之間的關系如圖b所示g=10m/s2，那么以下結(jié)論正確的選項是A. 物體的質(zhì)量為3kgB. 物體的加速度大小為5m/s2C. 彈簧的勁度系數(shù)為7.5N/cmD. 物體與彈簧別離時動能為0.4J2019物理備課組整理BD物理備課組一組指導解：A、初始，物體靜止在彈簧上面，彈

13、簧彈力與重力平衡，施加F后即為合力，所以有：10N=ma，此后物體勻加速上升，彈力逐漸變小，當彈簧恢復原長后，物塊和彈簧別離，合力為：30N-mg=ma，聯(lián)立兩式，整理得物體重力：mg=20N，質(zhì)量m=2Kg，故A錯誤；B、當彈簧恢復原長后，物塊和彈簧別離，合力為30N-mg=ma，又已求得m=2Kg，那么a=30202m/s2=5m/s2，故B正確；C、由圖可知，從初始彈簧彈力等于重力到彈簧恢復原長，位移為4cm，即彈力等于重力時，彈簧形變量為X=4cm，勁度系數(shù)K=mgx=5N/cm，故C錯誤；D、對勻加速過程，根據(jù)速度位移公式，有：v2=2ax；別離時動能：Ek=12mv2=max=2&

14、#215;5×0.04J=0.4J；故D正確；應選：BD 由圖象分析可知，初始，物體靜止在彈簧上面，彈簧彈力與重力平衡，施加F后即為合力，物體勻加速上升，彈簧上的彈力逐漸變小，運動位移為4cm后，彈簧恢復原長，此時物塊和彈簧別離，此后物體受到恒定的力F=30N和重力做勻加速運動根據(jù)牛頓第二定律分別列出起始和別離狀態(tài)時的方程聯(lián)立可解得此題考察圖象的識別，從圖象中獲取信息是物理的一項根本才能，獲取信息后能否根據(jù)獲取的信息分析過程，靈敏運用好牛頓第二定律是關鍵9. 如下圖，在程度力F作用下，木塊A、B保持靜止假設木塊A與B的接觸面是程度的，且F0，那么木塊B的受力個數(shù)可能是A. 3B. 4

15、C. 5D. 62019物理備課組整理BC物理備課組一組指導解：B至少受到重力、A對B的壓力和靜摩擦力、斜面的支持力四個力斜面對物體B可能有靜摩擦力，也有可能沒有靜摩擦力；故木塊B受力的個數(shù)可能是4個，也可能是5個應選：BC先對A分析，B對A有向右的靜摩擦力；再分析B受力，B可能受到斜面的靜摩擦力，也可能不受斜面的靜摩擦力，B受力情況有兩種可能此題關鍵先對A分析，根據(jù)平衡條件得到B對A有向左的靜摩擦力，然后根據(jù)牛頓第三定律得到A對B有向右的靜摩擦力；再按照重力、彈力、摩擦力的順序找力三、填空題本大題共1小題，共5分10. 如圖，吊燈A通過繩子懸掛在天花板上的B點和C點，OB與天花板的夾角為，O

16、B、OA的長均為l假設燈的大小和線的長度相比是很小的，那么吊燈在垂直于紙面內(nèi)作小幅振動時的懸點為點_填寫圖中的字母，周期為_2019物理備課組整理O；2l+lsing物理備課組一組指導解：燈做圓周運動，圓心即為懸點，即O點；擺長為燈與圓心的間隔 ，為：L=l+lsin；故單擺的周期為：T=2l+lsing；故答案為：O，2l+lsing電燈做圓周運動，圓心即為懸點；電燈與圓心的間隔 為單擺的擺長，根據(jù)單擺的周期公式T=2Lg求解周期即可此題是對單擺周期公式的考察，關鍵是記住其定義和公式T=2Lg，等效擺長為燈與懸掛點的間隔 四、實驗題探究題本大題共2小題，共18.0分11. 如圖甲所示，用鐵架

17、臺、彈簧和多個質(zhì)量且質(zhì)量相等的鉤碼探究在彈性限度內(nèi)彈簧彈力與彈簧伸長量的關系。1為完成實驗，還需要的實驗器材有_。2實驗中需要測量的物理量有_。3圖乙是彈簧彈力F與彈簧伸長量x的Fx圖像，由此可求出彈簧的勁度系數(shù)為_N/m。圖線不過原點的原因是由于_。4為完成該實驗，設計的實驗步驟如下：A以彈簧伸長量為橫坐標，以彈力為縱坐標，描出各組x,F對應的點，并用平滑的曲線連接起來；B記下彈簧不掛鉤碼時其下端的刻度尺上的刻度L0；C將鐵架臺固定于桌子上，并將彈簧的一端系于橫梁上，在彈簧附近豎直固定一把刻度尺；D依次在彈簧下端掛上1個、2個、3個、4個鉤碼，并分別記下鉤碼靜止時彈簧下端所對應的刻度，并記錄

18、在表格內(nèi)，然后取下鉤碼；E以彈簧伸長量為自變量，寫出彈力與伸長攝的關系式。首先嘗試寫成一次函數(shù)，假如不行，那么考慮二次函數(shù)；F解釋函數(shù)表達式中常數(shù)的物理意義；G整理儀器。請將以上步驟按操作的先后順序排列出來：_。2019物理備課組整理1刻度尺2彈簧原長、彈簧掛不同個數(shù)的鉤碼時所對應的伸長量或?qū)膹椈砷L度 3200彈簧自身存在重力4CBDAEFG 物理備課組一組指導略12. 某物理興趣小組利用電子秤探究小球在豎直面內(nèi)的圓周運動，他們到物理實驗室取來電子秤，鐵架臺、長度為L的輕質(zhì)細線和小球等1將鐵架臺放在電子秤上，其讀數(shù)為M；撤去鐵架臺將小球放在電子秤上，其讀數(shù)為m2組裝好實驗裝置如下

19、圖保持細線自然伸長，將小球拉起至使細線處于程度位置，此時電子秤讀數(shù)為_ 填寫“M+m、“M、“大于M+m或“處于M和M+m之間3從釋放小球至小球向下運動到最低點過程，電子秤讀數(shù)_ 填“逐漸增大、“逐漸減小或“保持不變4忽略空氣阻力，當小球運動到最低點時，細線的拉力為_ ；電子秤的讀數(shù)為_ 重力加速度為g2019物理備課組整理M；逐漸增大；3mg；M+3m物理備課組一組指導解：2將小球拉起至使細線處于程度位置，小球受到的外力的作用與其重力的大小是相等的，小球在程度方向的拉力是0，所以鐵架臺只受到重力與電子秤的支持力，那么鐵架臺受到的支持力等于其重力，根據(jù)牛頓第三定律可知，此時電子秤受到的壓力等于

20、鐵架臺的支持力，那么電子秤的讀數(shù)為M3從釋放小球至小球向下運動到最低點過程，小球做速度增大的圓周運動，向心力逐漸增大，同時細線與豎直方向增加的夾角減小，那么小球受到的向心力在豎直方向的分力增大；根據(jù)牛頓第三定律可知，鐵架臺在豎直方向受到的細線的拉力增大，豎直方向受到的支持力也隨著增大，所以電子秤讀數(shù)增大；4忽略空氣阻力，當小球運動到最低點時，小球的機械能守恒，那么：mgl=12mv2 又由于繩子的拉力與重力的合力提供向心力，那么：Fmg=mv2l 聯(lián)立得：F=3mg 根據(jù)牛頓第三定律，細線的拉力為3mg以鐵架臺為研究對象，鐵架臺受到重力、電子秤的支持力和細線的向下的拉力，得：Mg+F=N 所以

21、：N=Mg+3mg 根據(jù)牛頓第三定律可知，電子秤受到的壓力是Mg+3mg 電子秤的讀數(shù)是：M+3m 故答案為：2M；3逐漸增大；43mg，M+3m 2根據(jù)共點力平衡分析將小球拉起至使細線處于程度位置時電子秤讀數(shù)；3結(jié)合圓周運動與向心力的特點，分析電子秤的示數(shù)的變化；4結(jié)合機械能守恒與牛頓第二定律，求出細線的拉力，然后以鐵架臺為研究對象，求出鐵架臺受到的支持力，電子秤的示數(shù)該題利用電子秤探究小球在豎直面內(nèi)的圓周運動，屬于設計性的實驗，在解答的過程中首先要理解實驗的原理，然后結(jié)合實驗的原理進展分析即可五、計算題本大題共4小題，共48分13. 如下圖，質(zhì)量為m1的物體A壓在放于地面上的豎直輕彈簧k1

22、上，上端與輕彈簧k2相連，輕彈簧k2上端與質(zhì)量也為m2物體B相連，物體B通過輕繩跨過光滑的定滑輪與輕質(zhì)小桶P相連，A、B均靜止現(xiàn)緩慢地向小桶P內(nèi)參加細砂，當彈簧k1恰好恢復原長時，小桶一直未落地求1小桶P內(nèi)所加人的細砂質(zhì)量；2小桶在此過程中下降的間隔 2019物理備課組整理解：1當k1恢復原長時，對AB整體分析，繩子的拉力為F=m1+m2 g，即小桶中細砂的質(zhì)量為m1+m22開場時，對AB分析，k1x1=m1+m2g，彈簧k1的壓縮量為：x1=(m1+m2)gk1 對B分析，k2x2=m2g，彈簧k2的壓縮量為：x2=m2gk2 當k1恢復原長時，對A分析，k2x2=m1g，彈簧k2

23、的伸長量為：x2=m1gk2 在此過程中，小桶下降的間隔 為：h=x1+x2+x2=m1+m2g(1k1+1k2) 答：1小桶P內(nèi)所加人的細砂質(zhì)量是m1+m2；2小桶在此過程中下降的間隔 是m1+m2g(1k1+1k2)物理備課組一組指導1當彈簧k1恰好恢復原長時，對AB組成的整體，由平衡條件求出繩子的拉力，從而求得小桶P內(nèi)所加人的細砂質(zhì)量2先研究開場時彈簧k1的壓縮量和彈簧k2的壓縮量，再研究k1恢復原長時彈簧k2的伸長量，由幾何關系得到小桶在此過程中下降的間隔 對于含有彈簧的問題，是高考的熱點，要學會分析彈簧的狀態(tài)，彈簧有三種狀態(tài)：原長、伸長和壓縮，含有彈簧的問題中求解間隔 時，都要根據(jù)幾

24、何知識研究物體挪動與彈簧形變量的關系14. 質(zhì)量為10kg的箱子放在程度地面上，箱子與地面的動摩擦因數(shù)為0.5，現(xiàn)用于程度方向成37°傾角的100N力拉箱子，如下圖，箱子從靜止開場運動，從2s末撤去拉力，求：sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s21撤去拉力時箱子的速度為多大2箱子繼續(xù)運動多長時間才能靜止。2019物理備課組整理解：1由牛頓第二定律得：Fcos-mg-Fsin=ma1，解得：a1=6m/s2，2s末速度為：v=a1t1=6×2=12m/s；2撤去拉力后，根據(jù)牛頓第二定律得：mg=ma2，解得：a2=5m/s2，勻減速過

25、程，由速度公式得：v=a2t2，解得：t2=2.4s；答：1撤去拉力時箱子的速度為12m/s；2箱子繼續(xù)運動2.4s時間才能靜止。物理備課組一組指導1由牛頓第二定律可求得前2s的加速度，那么可求得2s末的速度；2撤去拉力后，物體在摩擦力的作用下勻減速運動，由速度公式可求得減速的時間。此題關鍵是明確箱子的運動規(guī)律，要注意加速和減速過程的正壓力不同導致滑動摩擦力不同，分析清楚物體的受力情況與運動過程是解題的關鍵，應用牛頓第二定律與運動學公式可以解題。15. 程度路面上有一小車，小車車廂中有一小球被a，b兩根輕質(zhì)細繩拴住，如下圖，圖中繩a與豎直方向成角，繩b程度，小球的質(zhì)量為m，重力加速度為g，那么

26、：1小車靜止時，細繩a和b所受到的拉力各為多大；2小車靜止時，假設將繩b剪斷，求剪斷細繩瞬間小球的加速度；3當車廂以一定的加速度向右作直線運動時，a繩與豎直方向的夾角不變，而b繩受到的拉力變?yōu)榱?，求此時車廂的加速度2019物理備課組整理解：1對小球受力分析如下圖：兩繩的拉力的合力與重力大小相等方向相反，由幾何關系可得：Fa=mgcos；Fb=mgtan；2剪斷細線b，小球?qū)约毦€a為半徑做圓周運動，所以剪斷瞬間，小球受到的合力方向垂直于細線a向下；根據(jù)牛頓第二定律可得：mgsin=ma1，解得：a1=gsin；3當車廂以一定的加速度向右作直線運動時，a繩與豎直方向的夾角不變，而b繩受到的拉力變?yōu)榱?，根?jù)牛頓運動定律：Fasin=ma2，豎直方向：Facos-mg=0，聯(lián)立解得：a2=gtan，方向程度向右答：1小車靜止時，細繩a的拉力為mgcos、b所受到的拉力為mgtan；2小車靜止時，假設將繩b剪斷，剪斷細繩瞬間