專題60動態(tài)幾何之雙多動點(diǎn)問題

1、2013年全國中考數(shù)學(xué)試題分類解析匯編(169套75專題）專題60：動態(tài)幾何之雙（多）動點(diǎn)問題江蘇泰州錦元數(shù)學(xué)工作室 編輯一、選擇題【1.（2013年福建三明4分）如圖，在矩形ABCD中，O是對角線AC的中點(diǎn)，動點(diǎn)P從點(diǎn)C出發(fā)，沿DC方向勻速運(yùn)動到終點(diǎn)C已知P，Q兩點(diǎn)同時(shí)出發(fā)，并同時(shí)到達(dá)終點(diǎn)，連接OP，OQ設(shè)運(yùn)動時(shí)間為t，四邊形OPCQ的面積為S，那么下列圖象能大致刻畫S與t之間的關(guān)系的是【 】 A B C D【答案】A?！究键c(diǎn)】動點(diǎn)問題的函數(shù)圖象。【分析】如圖，作OEBC于E點(diǎn)，OFCD于F點(diǎn)，設(shè)BC=a，AB=b，點(diǎn)P的速度為x，點(diǎn)F的速度為y，則CP=xt，DQ=yt，所以CQ=byt，

2、O是對角線AC的中點(diǎn)，OE=b，OF=a。P，Q兩點(diǎn)同時(shí)出發(fā)，并同時(shí)到達(dá)終點(diǎn)，即ay=bx，。S與t的函數(shù)圖象為常函數(shù)，且自變量的范圍為0t）。故選A。2. （ 2013年廣西貴港3分）如圖，點(diǎn)A（a，1）、B（1，b）都在雙曲線上，點(diǎn)P、Q分別是x軸、y軸上的動點(diǎn)，當(dāng)四邊形PABQ的周長取最小值時(shí)，PQ所在直線的解析式是【 】A B C D【答案】C?！究键c(diǎn)】反比例函數(shù)綜合題，雙動點(diǎn)問題，待定系數(shù)法的應(yīng)用，曲線上點(diǎn)的坐標(biāo)與方程的關(guān)系，軸對稱的應(yīng)用（最短線段問題）?！痉治觥糠謩e把點(diǎn)A（a，1）、B（1，b）代入雙曲線得a=3，b=3，則點(diǎn)A的坐標(biāo)為（3，1）、B點(diǎn)坐標(biāo)為（1，3）。如圖，作A點(diǎn)

3、關(guān)于x軸的對稱點(diǎn)C，B點(diǎn)關(guān)于y軸的對稱點(diǎn)D，所以C點(diǎn)坐標(biāo)為（3，1），D點(diǎn)坐標(biāo)為（1，3）。連接CD分別交x軸、y軸于P點(diǎn)、Q點(diǎn)，根據(jù)兩點(diǎn)之間線段最短，此時(shí)四邊形PABQ的周長最小。設(shè)直線CD的解析式為y=kx+b，把C（3，1），D（1，3）分別代入，得，解得。直線CD的解析式為y=x+2。故選C。3. （2013年山東臨沂3分）如圖，正方形ABCD中，AB=8cm，對角線AC，BD相交于點(diǎn)O，點(diǎn)E，F(xiàn)分別從B，C兩點(diǎn)同時(shí)出發(fā)，以1cm/s的速度沿BC，CD運(yùn)動，到點(diǎn)C，D時(shí)停止運(yùn)動，設(shè)運(yùn)動時(shí)間為t（s），OEF的面積為s（cm2），則s（cm2）與t（s）的函數(shù)關(guān)系可用圖象表示為【 】A

4、B C D，【答案】B?！究键c(diǎn)】動點(diǎn)問題的函數(shù)圖象，正方形的性質(zhì)，全等三角形的判定和性質(zhì)，轉(zhuǎn)換思想的應(yīng)用?！痉治觥扛鶕?jù)題意BE=CF=t，CE=8t，四邊形ABCD為正方形，OB=OC，OBC=OCD=45°。在OBE和OCF中，OBEOCF（SAS）。s（cm2）與t（s）的函數(shù)圖象為拋物線一部分，頂點(diǎn)為（4，8），自變量為0t8。故選B。4. （2013年山東煙臺3分）如圖1，E為矩形ABCD邊AD上一點(diǎn)，點(diǎn)P從點(diǎn)B沿折線BEEDDC運(yùn)動到點(diǎn)C時(shí)停止，點(diǎn)Q從點(diǎn)B沿BC運(yùn)動到點(diǎn)C時(shí)停止，它們運(yùn)動的速度都是1cm/s若P，Q同時(shí)開始運(yùn)動，設(shè)運(yùn)動時(shí)間為t（s），BPQ的面積為y（cm2

5、）已知y與t的函數(shù)圖象如圖2，則下列結(jié)論錯誤的是【 】AAE=6cm B C當(dāng)0t10時(shí)， D當(dāng)t=12s時(shí)，PBQ是等腰三角形【答案】D。【考點(diǎn)】動點(diǎn)問題的函數(shù)圖象?！痉治觥浚?）結(jié)論A正確，理由如下：分析函數(shù)圖象可知，BC=10cm，ED=4cm，故AE=ADED=BCED=104=6cm。（2）結(jié)論B正確，理由如下：如圖，連接EC，過點(diǎn)E作EFBC于點(diǎn)F，由函數(shù)圖象可知，BC=BE=10cm，EF=8。（3）結(jié)論C正確，理由如下：如圖，過點(diǎn)P作PGBQ于點(diǎn)G，BQ=BP=t，。（4）結(jié)論D錯誤，理由如下：當(dāng)t=12s時(shí)，點(diǎn)Q與點(diǎn)C重合，點(diǎn)P運(yùn)動到ED的中點(diǎn)，設(shè)為N，如圖，連接NB，NC。

6、此時(shí)AN=8，ND=2，由勾股定理求得：NB=，NC=。BC=10，BCN不是等腰三角形，即此時(shí)PBQ不是等腰三角形。故選D。5. （2013年四川南充3分） 如圖1，點(diǎn)E為矩形ABCD邊AD上一點(diǎn)，點(diǎn)P，點(diǎn)Q同時(shí)從點(diǎn)B出發(fā)，點(diǎn)P沿BEEDDC 運(yùn)動到點(diǎn)C停止，點(diǎn)Q沿BC運(yùn)動到點(diǎn)C停止，它們運(yùn)動的速度都是1cm/s，設(shè)P，Q出發(fā)t秒時(shí)，BPQ的面積為ycm，已知y與t的函數(shù)關(guān)系的圖形如圖2（曲線OM為拋物線的一部分），則下列結(jié)論：AD=BE=5cm；當(dāng)0t5時(shí)，；直線NH的解析式為；若ABE與QBP相似，則t=秒。其中正確的結(jié)論個數(shù)為【 】A. 4 B. 3 C. 2 D. 1【答案】B?！究?/p>

7、點(diǎn)】動點(diǎn)問題的函數(shù)圖象，雙動點(diǎn)問題，矩形的性質(zhì)，銳角三角函數(shù)定義，待定系數(shù)法的應(yīng)用，曲線上點(diǎn)的坐標(biāo)與方程的關(guān)系，相似三角形的性質(zhì)，分類思想的應(yīng)用。【分析】根據(jù)圖（2）可得，當(dāng)點(diǎn)P到達(dá)點(diǎn)E時(shí)點(diǎn)Q到達(dá)點(diǎn)C， 點(diǎn)P、Q的運(yùn)動的速度都是1cm/秒，BC=BE=5cm。AD=BE=5，故結(jié)論正確。如圖1，過點(diǎn)P作PFBC于點(diǎn)F，根據(jù)面積不變時(shí)BPQ的面積為10，可得AB=4，ADBC，AEB=PBF。PF=PBsinPBF=t。當(dāng)0t5時(shí)，y=BQPF=tt=。故結(jié)論正確。根據(jù)57秒面積不變，可得ED=2，當(dāng)點(diǎn)P運(yùn)動到點(diǎn)C時(shí)，面積變?yōu)?，此時(shí)點(diǎn)P走過的路程為BE+ED+DC=11，故點(diǎn)H的坐標(biāo)為（11，

8、0）。設(shè)直線NH的解析式為y=kx+b，將點(diǎn)H（11，0），點(diǎn)N（7，10）代入可得：，解得：。直線NH的解析式為：。故結(jié)論錯誤。如圖2，當(dāng)ABE與QBP相似時(shí)，點(diǎn)P在DC上，tanPBQ=tanABE=，即。解得：t=。故結(jié)論正確。綜上所述，正確，共3個。故選B。二、填空題【1.（ 2013年廣西河池3分）如圖，正方形ABCD的邊長為4，E、F分別是BC、CD上的兩個動點(diǎn)，且AEEF。則AF的最小值是 ?！敬鸢浮?。【考點(diǎn)】雙動點(diǎn)問題，正方形的性質(zhì)，由實(shí)際問題列函數(shù)關(guān)系式，相似三角形的判定和性質(zhì)，二次函數(shù)最值，勾股定理。【分析】根據(jù)題意，要求AF的最小值，只要CF最大即可。 設(shè)BE=x，CF

9、=y，則由正方形ABCD的邊長為4，得CE=。 ABCD是正方形，B=C，BAE+BEA=90°。 AEEF，BEA+CEF=90°。BAE=CEF。ABEECF。，即。，當(dāng)x=2時(shí)，y即CF有最大值1。此時(shí)，DF=3。在RtADF中，根據(jù)勾股定理，得AF=5。AF的最小值是5。2. （2013年湖北武漢3分）如圖，E，F(xiàn)是正方形ABCD的邊AD上兩個動點(diǎn)，滿足AEDF連接CF交BD于G，連接BE交AG于點(diǎn)H若正方形的邊長為2，則線段DH長度的最小值是 【答案】。【考點(diǎn)】雙動點(diǎn)問題，正方形的性質(zhì)，全等三角形的判定和性質(zhì)，直角三角形斜邊上的中線的性質(zhì)，勾股定理，三角形的三邊關(guān)

10、系?！痉治觥吭谡叫蜛BCD中，AB=AD=CD，BAD=CDA，ADG=CDG，在ABE和DCF中，ABEDCF（SAS）。1=2。在ADG和CDG中，ADGCDG（SAS）。2=3。1=3。BAH+3=BAD=90°，1+BAH=90°。AHB=180°90°=90°。如圖，取AB的中點(diǎn)O，連接OH、OD，則根據(jù)直角三角形斜邊上的中線等于斜邊的一半，得OH=AO=AB=1。在RtAOD中，根據(jù)三角形的三邊關(guān)系，OH+DHOD，當(dāng)O、D、H三點(diǎn)共線時(shí)，DH的長度最小。最小值=。三、解答題【1.（2013年內(nèi)蒙古赤峰14分）如圖，在RtABC中

11、，B=90°，AC=60cm，A=60°，點(diǎn)D從點(diǎn)C出發(fā)沿CA方向以4cm/秒的速度向點(diǎn)A勻速運(yùn)動，同時(shí)點(diǎn)E從點(diǎn)A出發(fā)沿AB方向以2cm/秒的速度向點(diǎn)B勻速運(yùn)動，當(dāng)其中一個點(diǎn)到達(dá)終點(diǎn)時(shí)，另一個點(diǎn)也隨之停止運(yùn)動設(shè)點(diǎn)D、E運(yùn)動的時(shí)間是t秒（0t15）過點(diǎn)D作DFBC于點(diǎn)F，連接DE，EF（1）求證：AE=DF；（2）四邊形AEFD能夠成為菱形嗎？如果能，求出相應(yīng)的t值，如果不能，說明理由；（3）當(dāng)t為何值時(shí)，DEF為直角三角形？請說明理由【答案】解：（1）證明：在RtABC中，C=90°A=30°，AB=AC=×60=30cm。CD=4t，AE=2

12、t，又在RtCDF中，C=30°，DF=CD=2t。DF=AE。（2）能。DFAB，DF=AE，四邊形AEFD是平行四邊形。當(dāng)AD=AE時(shí)，四邊形AEFD是菱形，即604t=2t，解得：t=10。當(dāng)t=10時(shí)，AEFD是菱形。（3）若DEF為直角三角形，有兩種情況：如圖1，EDF=90°，DEBC，則AD=2AE，即604t=2×2t，解得：t=。如圖2，DEF=90°，DEAC，則AE=2AD，即2t =2×60-4t，解得：t=12。綜上所述，當(dāng)t=或12時(shí)，DEF為直角三角形?！究键c(diǎn)】雙動點(diǎn)問題，銳角三角函數(shù)定義，特殊角的三角函數(shù)值，菱形

13、的判定，直角三角形的判定，分類思想的應(yīng)用?！痉治觥浚?）利用t表示出CD以及AE的長，然后在直角CDF中，利用直角三角形的性質(zhì)求得DF的長，即可證明。 （2）易證四邊形AEFD是平行四邊形，當(dāng)AD=AE時(shí)，四邊形AEFD是菱形，據(jù)此即可列方程求得t的值。（3）DEF為直角三角形，分EDF=90°和DEF=90°兩種情況討論。2. （2013年內(nèi)蒙古呼和浩特12分）如圖，已知二次函數(shù)的圖象經(jīng)過點(diǎn)A（6，0）、B（2，0）和點(diǎn)C（0，8）（1）求該二次函數(shù)的解析式；（2）設(shè)該二次函數(shù)圖象的頂點(diǎn)為M，若點(diǎn)K為x軸上的動點(diǎn)，當(dāng)KCM的周長最小時(shí)，點(diǎn)K的坐標(biāo)為 ；（3）連接AC，有兩

14、動點(diǎn)P、Q同時(shí)從點(diǎn)O出發(fā)，其中點(diǎn)P以每秒3個單位長度的速度沿折線OAC按OAC的路線運(yùn)動，點(diǎn)Q以每秒8個單位長度的速度沿折線OCA按OCA的路線運(yùn)動，當(dāng)P、Q兩點(diǎn)相遇時(shí)，它們都停止運(yùn)動，設(shè)P、Q同時(shí)從點(diǎn)O出發(fā)t秒時(shí)，OPQ的面積為S請問P、Q兩點(diǎn)在運(yùn)動過程中，是否存在PQOC？若存在，請求出此時(shí)t的值；若不存在，請說明理由；請求出S關(guān)于t的函數(shù)關(guān)系式，并寫出自變量t的取值范圍；設(shè)S0是中函數(shù)S的最大值，直接寫出S0的值【答案】解：（1）二次函數(shù)的圖象經(jīng)過點(diǎn)A（6，0）、B（2，0），設(shè)二次函數(shù)的解析式為y=a（x+2）（x6）。圖象過點(diǎn)（0，8），8=a（0+2）（06），解得a=。二次函數(shù)的

15、解析式為y=（x+2）（x6），即。（2）（，0）。 （3）不存在PQOC，若PQOC，則點(diǎn)P，Q分別在線段OA，CA上，此時(shí)，1t2。PQOC，APQAOC。AP=63t，AQ=188t，解得t=。t=2不滿足1t2，不存在PQOC。分三種情況討論如下，情況1：當(dāng)0t1時(shí)，如圖1，S=OPOQ=×3t×8t=12t2。情況2：當(dāng)1t2時(shí)，如圖2，作QEOA，垂足為E，S=OPEQ=×3t×。情況3：當(dāng)2t時(shí)，如圖3，作OFAC，垂足為F，則OF=。S=QPOF=×（2411t）×。綜上所述，S關(guān)于t的函數(shù)關(guān)系式?！究键c(diǎn)】二次函數(shù)綜合

16、題，單雙動點(diǎn)問題，待定系數(shù)法的應(yīng)用，曲線上點(diǎn)的坐標(biāo)與方程的關(guān)系，軸對稱的應(yīng)用（最短線路問題），平行的判定，由實(shí)際問題列函數(shù)關(guān)系式，一次函數(shù)和二次函數(shù)的性質(zhì)，分類思想、數(shù)形結(jié)合思想和反證法的應(yīng)用?！痉治觥浚?）根據(jù)已知的與x軸的兩個交點(diǎn)坐標(biāo)和經(jīng)過的一點(diǎn)利用交點(diǎn)式求二次函數(shù)的解析式即可。（2）根據(jù)（1）求得的函數(shù)的解析式確定頂點(diǎn)坐標(biāo)，然后求得點(diǎn)C關(guān)于x軸的對稱點(diǎn)的坐標(biāo)C，從而求得直線CM的解析式，求得與x軸的交點(diǎn)坐標(biāo)即可：，點(diǎn)M的坐標(biāo)為（2，）。點(diǎn)C的坐標(biāo)為（0，8），點(diǎn)C關(guān)于x軸對稱的點(diǎn)C的坐標(biāo)為（0，8）。直線CM的解析式為：y=x+8。令y=0得x+8=0，解得：x=。點(diǎn)K的坐標(biāo)為（，0）。

17、（3）如果DEOC，此時(shí)點(diǎn)D，E應(yīng)分別在線段OA，CA上，先求出這個區(qū)間t的取值范圍，然后根據(jù)平行線分線段成比例定理，求出此時(shí)t的值，然后看t的值是否符合此種情況下t的取值范圍如果符合則這個t的值就是所求的值，如果不符合，那么就說明不存在這樣的t。本題要分三種情況進(jìn)行討論：當(dāng)E在OC上，D在OA上，即當(dāng)0t1時(shí)，此時(shí)S=OEOD，由此可得出關(guān)于S，t的函數(shù)關(guān)系式；當(dāng)E在CA上，D在OA上，即當(dāng)1t2時(shí)，此時(shí)S=OD×E點(diǎn)的縱坐標(biāo)由此可得出關(guān)于S，t的函數(shù)關(guān)系式；當(dāng)E，D都在CA上時(shí)，即當(dāng)2t相遇時(shí)用的時(shí)間，此時(shí)S=SAOESAOD，由此可得出S，t的函數(shù)關(guān)系式；綜上所述，可得出不同的

18、t的取值范圍內(nèi)，函數(shù)的不同表達(dá)式。根據(jù)的函數(shù)即可得出S的最大值當(dāng)0t1時(shí)，S=12t2，函數(shù)的最大值是12；當(dāng)1t2時(shí)，S，函數(shù)的最大值是；當(dāng)2t，S=QPOF，函數(shù)的最大值不超過。3. （2013年青海西寧12分）如圖，正方形AOCB在平面直角坐標(biāo)系中，點(diǎn)O為原點(diǎn)，點(diǎn)B在反比例函數(shù)（）圖象上，BOC的面積為（1）求反比例函數(shù)的關(guān)系式； （2）若動點(diǎn)E從A開始沿AB向B以每秒1個單位的速度運(yùn)動，同時(shí)動點(diǎn)F 從B開始沿BC向C以每秒個單位的速度運(yùn)動，當(dāng)其中一個動點(diǎn)到達(dá)端點(diǎn)時(shí)，另一個動點(diǎn)隨之停止運(yùn)動若運(yùn)動時(shí)間用t表示，BEF的面積用表示，求出S關(guān)于t的函數(shù)關(guān)系式，并求出當(dāng)運(yùn)動時(shí)間t取何值時(shí)，BEF

19、的面積最大？ （3）當(dāng)運(yùn)動時(shí)間為秒時(shí)，在坐標(biāo)軸上是否存在點(diǎn)P，使PEF的周長最?。咳舸嬖?，請求出點(diǎn)P的坐標(biāo)；若不存在，請說明理由【答案】解：（1）四邊形AOCB為正方形 ，AB=BC=OC=OA。設(shè)點(diǎn)B坐標(biāo)為（，），解得。又點(diǎn)B在第一象限，點(diǎn)B坐標(biāo)為（4，4）。將點(diǎn)B（4，4）代入得，反比例函數(shù)解析式為。（2）運(yùn)動時(shí)間為t，動點(diǎn)E的速度為每秒1個單位，點(diǎn)F 的速度為每秒2個單位，AE=t， BF。AB=4，BE=。 S關(guān)于t的函數(shù)關(guān)系式為；當(dāng)時(shí)，BEF的面積最大。（3）存在。當(dāng)時(shí)，點(diǎn)E的坐標(biāo)為（，4），點(diǎn)F的坐標(biāo)為（4，），作F點(diǎn)關(guān)于軸的對稱點(diǎn)F1，得F1（4，），經(jīng)過點(diǎn)E、F1作直線，由E（

20、，4），F(xiàn)1（4，）可得直線EF1的解析式是，當(dāng)時(shí)，P點(diǎn)的坐標(biāo)為（，0）。作E點(diǎn)關(guān)于軸的對稱點(diǎn)E1，得E1（，4），經(jīng)過點(diǎn)E1、F作直線，由E1（，4），F(xiàn)（4，）可得直線E1F的解析式是，當(dāng)時(shí)，P點(diǎn)的坐標(biāo)為（0，）。綜上所述，P點(diǎn)的坐標(biāo)分別為（，0）或（0，）?！究键c(diǎn)】反比例函數(shù)綜合題，雙動點(diǎn)問題，正方形的性質(zhì)，待定系數(shù)法的應(yīng)用，曲線上點(diǎn)的坐標(biāo)與方程的關(guān)系，由實(shí)際問題列函數(shù)關(guān)系式，二次函數(shù)的最值，軸對稱的應(yīng)用（最短線路問題），分類思想的應(yīng)用?！痉治觥浚?）根據(jù)正方形的性質(zhì)和BOC的面積為8，列式求出點(diǎn)B的坐標(biāo)，代入，即可求得k，從而求得反比例函數(shù)的關(guān)系式。（2）根據(jù)雙動點(diǎn)的運(yùn)動時(shí)間和速度表示

21、出BF和BE，即可求得S關(guān)于t的函數(shù)關(guān)系式，化為頂點(diǎn)式即可根據(jù)二次函數(shù)的最值原理求得BEF的面積最大時(shí)t的值。（3）根據(jù)軸對稱的原理，分F點(diǎn)關(guān)于軸的對稱點(diǎn)F1和E點(diǎn)關(guān)于軸的對稱點(diǎn)E1兩種情況討論。4. （2013年福建龍巖14分）如圖，四邊形ABCD是菱形，對角線AC與BD交于點(diǎn)O，且AC=80，BD=60動點(diǎn)M、N分別以每秒1個單位的速度從點(diǎn)A、D同時(shí)出發(fā)，分別沿AOD和DA運(yùn)動，當(dāng)點(diǎn)N到達(dá)點(diǎn)A時(shí)，M、N同時(shí)停止運(yùn)動設(shè)運(yùn)動時(shí)間為t秒（1）求菱形ABCD的周長；（2）記DMN的面積為S，求S關(guān)于t的解析式，并求S的最大值；（3）當(dāng)t=30秒時(shí)，在線段OD的垂直平分線上是否存在點(diǎn)P，使得DPO=

22、DON？若存在，這樣的點(diǎn)P有幾個？并求出點(diǎn)P到線段OD的距離；若不存在，請說明理由【答案】解：（1）在菱形ABCD中，ACBD，AC=80，BD=60，。菱形ABCD的周長為200。（2）過點(diǎn)M作MPAD，垂足為點(diǎn)P當(dāng)0t40時(shí)，如答圖1，MP=AMsinOAD=t。S=DNMP=×t×t=t2。當(dāng)40t50時(shí)，如答圖2，MD=70t，MP=（70t）。SDMN=DNMP=×t×（70t）=t2+28t=（t35）2+490。S關(guān)于t的解析式為。當(dāng)0t40時(shí)，S隨t的增大而增大，當(dāng)t=40時(shí)，最大值為480；當(dāng)40t50時(shí)，S隨t的增大而減小，最大值不超

23、過480。綜上所述，S的最大值為480。（3）存在2個點(diǎn)P，使得DPO=DON。如答圖3所示，過點(diǎn)N作NFOD于點(diǎn)F，則NF=NDsinODA=30×=24， DF=NDcosODA=30×=18。OF=12。作NOD的平分線交NF于點(diǎn)G，過點(diǎn)G作GHON于點(diǎn)H，則FG=GH。SONF=OFNF=SOGF+SOGN=OFFG+ONGH=（OF+ON）FG。設(shè)OD中垂線與OD的交點(diǎn)為K，由對稱性可知：DPK=DPO=DON=FOG，。PK=。根據(jù)菱形的對稱性可知，在線段OD的下方存在與點(diǎn)P關(guān)于OD軸對稱的點(diǎn)P。存在兩個點(diǎn)P到OD的距離都是?！究键c(diǎn)】幾何綜合題，雙動點(diǎn)問題，菱形

24、的性質(zhì)，勾股定理，由實(shí)際問題列函數(shù)關(guān)系式，二次函數(shù)的性質(zhì)，銳角三角函數(shù)定義，分類思想的應(yīng)用?！痉治觥浚?）根據(jù)勾股定理及菱形的性質(zhì)，求出菱形的周長。（2）在動點(diǎn)M、N運(yùn)動過程中：當(dāng)0t40時(shí)，如答圖1所示，當(dāng)40t50時(shí)，如答圖2所示分別求出S的關(guān)系式，然后利用二次函數(shù)的性質(zhì)求出最大值。（3）如答圖3所示，在RtPKD中，DK長可求出，則只有求出tanDPK即可，為此，在ODM中，作輔助線，構(gòu)造RtOND，作NOD平分線OG，則GOF=DPK。在RtOGF中，求出tanGOF的值，從而問題解決。另解：答圖4所示，作ON的垂直平分線，交OD的垂直平分線EF于點(diǎn)I，連接結(jié)OI，IN，過點(diǎn)N作NGO

25、D，NHEF，垂足分別為G，H。當(dāng)t=30時(shí)，DN=OD=30，易知DNGDAO，即。NG=24，DG=18。EF垂直平分OD，OE=ED=15，EG=NH=3。設(shè)OI=R，EI=x，則在RtOEI中，有R2=152+x2 在RtNIH中，有R2=32+（24x）2 由、可得：。PE=PI+IE=。根據(jù)對稱性可得，在BD下方還存在一個點(diǎn)P也滿足條件。存在兩個點(diǎn)P，到OD的距離都是。5. （2013年廣東廣州14分）已知AB是O的直徑，AB=4，點(diǎn)C在線段AB的延長線上運(yùn)動，點(diǎn)D在O 上運(yùn)動（不與點(diǎn)B重合），連接CD，且CD=OA.（1）當(dāng)OC=時(shí)（如圖），求證：CD是O的切線；（2）當(dāng)OC時(shí)，

26、CD所在直線于O相交，設(shè)另一交點(diǎn)為E，連接AE.當(dāng)D為CE中點(diǎn)時(shí)，求ACE的周長;連接OD，是否存在四邊形AODE為梯形？若存在，請說明梯形個數(shù)并求此時(shí)AE·ED的值；若不存在，請說明理由?！敬鸢浮拷猓海?）如圖，連接OD，則。 CD=OA=2，OC=，。OCD是直角三角形，且ODC=900。CD為O的切線。（2）如圖，連接OE，OD，OD=OE=CD=2，D是CE的中點(diǎn)， OD=OE=CD=DE=2。為等邊三角形。，即。根據(jù)勾股定理求得：，。ACE的周長為。（3）存在，這樣的梯形有2個，(如圖所示)， 連接OE，由四邊形AODE為梯形的定義可知：AEOD，。OD=CD，。，AE=C

27、E。，。 。 ，即：?！究键c(diǎn)】雙動點(diǎn)問題，圓的基本性質(zhì)，切線性質(zhì)，各類特殊三角形、梯形的判定和性質(zhì)，平行的性質(zhì)，相似三角形的判定和性質(zhì)，勾股定理和逆定理?！痉治觥浚?）由已知，根據(jù)勾股定理的逆定理可得ODC=900，從而CD為O的切線。 （2）由已知，判斷EOC和EOA都是直角三角形，根據(jù)已知和勾股定理可求各邊長而得到ACE的周長。 （3）由梯形的定義可知：AEOD，根據(jù)平行線同位角相等的性質(zhì)，和等腰三角形等邊對等角的性質(zhì)，可證得，從而由比例式可求解。6. （ 2013年廣西柳州12分）已知二次函數(shù)y=ax2+bx+c（a0）的圖象經(jīng)過點(diǎn)（1，0），（5，0），（3，4） （1）求該二次函數(shù)的

28、解析式； （2）當(dāng)y3，寫出x的取值范圍； （3）A、B為直線y=2x6上兩動點(diǎn)，且距離為2，點(diǎn)C為二次函數(shù)圖象上的動點(diǎn)，當(dāng)點(diǎn)C運(yùn)動到何處時(shí)ABC的面積最??？求出此時(shí)點(diǎn)C的坐標(biāo)及ABC面積的最小值【答案】解：（1）點(diǎn)（1，0），（5，0），（3，4）在拋物線上，解得。二次函數(shù)的解析式為：y=x26x+5。（2）在y=x26x+5中，令y=3，即x26x+5=3，整理得：x26x+8=0，解得x1=2，x2=4。結(jié)合函數(shù)圖象，可知當(dāng)y3時(shí)，x的取值范圍是：x2或x4。（3）設(shè)直線y=2x6與x軸，y軸分別交于點(diǎn)M，點(diǎn)N，令x=0，得y=6；令y=0，得x=2，M（3，0），N（0，6）。OM=3

29、，ON=6，由勾股定理得：MN=，。設(shè)點(diǎn)C坐標(biāo)為（x，y），則y=x26x+5。過點(diǎn)C作CDy軸于點(diǎn)D，則CD=x，OD=y，DN=6+y。過點(diǎn)C作直線y=2x6的垂線，垂足為E，交y軸于點(diǎn)F，在RtCDF中，DF=CDtanMNO=x，。FN=DNDF=6+yx。在RtEFN中，EF=FNsinMNO=（6+yx），CE=CF+EF=x+（6+yx）。C（x，y）在拋物線上，y=x26x+5，代入上式整理得：CE=（x24x+11）=（x2）2+。當(dāng)x=2時(shí)，CE有最小值，最小值為。當(dāng)x=2時(shí)，y=x26x+5=3，C（2，3）。ABC的最小面積為：ABCE=×2×=。當(dāng)

30、C點(diǎn)坐標(biāo)為（2，3）時(shí)，ABC的面積最小，面積的最小值為?！究键c(diǎn)】二次函數(shù)綜合題，多動點(diǎn)問題，曲線上點(diǎn)的坐標(biāo)與方程的關(guān)系，解一元二次方程，勾股定理，銳角三角函數(shù)定義，由實(shí)際問題列函數(shù)關(guān)系式，二次函數(shù)的最值。【分析】（1）利用待定系數(shù)法求出拋物線的解析式。（2）求出y=3時(shí)x的值，結(jié)合函數(shù)圖象，求出y3時(shí)x的取值范圍。（3）ABC的底邊AB長度為2，是定值，因此當(dāng)AB邊上的高最小時(shí)，ABC的面積最小如解答圖所示，由點(diǎn)C向直線y=2x6作垂線，利用三角函數(shù)（或相似三角形）求出高CE的表達(dá)式，根據(jù)表達(dá)式求出CE的最小值，這樣問題得解。7. （2013年貴州遵義12分）如圖，在RtABC中，C=90&

31、#176;，AC=4cm，BC=3cm動點(diǎn)M，N從點(diǎn)C同時(shí)出發(fā)，均以每秒1cm的速度分別沿CA、CB向終點(diǎn)A，B移動，同時(shí)動點(diǎn)P從點(diǎn)B出發(fā)，以每秒2cm的速度沿BA向終點(diǎn)A移動，連接PM，PN，設(shè)移動時(shí)間為t（單位：秒，0t2.5）（1）當(dāng)t為何值時(shí)，以A，P，M為頂點(diǎn)的三角形與ABC相似？（2）是否存在某一時(shí)刻t，使四邊形APNC的面積S有最小值？若存在，求S的最小值；若不存在，請說明理由【答案】解：如圖，在RtABC中，C=90°，AC=4cm，BC=3cm根據(jù)勾股定理，得AB=。（1）以A，P，M為頂點(diǎn)的三角形與ABC相似，分兩種情況：當(dāng)AMPABC時(shí)，即，解得；當(dāng)APMABC

32、時(shí)，即，解得t=0（不合題意，舍去）。綜上所述，當(dāng)時(shí)，以A、P、M為頂點(diǎn)的三角形與ABC相似。（2）存在某一時(shí)刻t，使四邊形APNC的面積S有最小值理由如下：假設(shè)存在某一時(shí)刻t，使四邊形APNC的面積S有最小值。如圖，過點(diǎn)P作PHBC于點(diǎn)H則PHAC，即。0，S有最小值。當(dāng)t= 時(shí)，S最小值= 答：當(dāng)t= 時(shí)，四邊形APNC的面積S有最小值，其最小值是?！究键c(diǎn)】多動點(diǎn)問題，相似三角形的判定和性質(zhì)、平行線分線段成比例的性質(zhì)，勾股定理，由實(shí)際問題列函數(shù)關(guān)系式，二次函數(shù)的最值，分類思想的應(yīng)用?！痉治觥扛鶕?jù)勾股定理求得AB=5cm。（1）分AMPABC和APMABC兩種情況討論：利用相似三角形的對應(yīng)邊

33、成比例來求t的值。（2）如圖，過點(diǎn)P作PHBC于點(diǎn)H，構(gòu)造平行線PHAC，由平行線分線段成比例求得以t表示的PH的值；然后根據(jù)“S=SABCSBPH”列出S與t的關(guān)系式，則由二次函數(shù)最值的求法即可得到S的最小值。8. （2013年湖北黃岡15分）如圖，在平面直角坐標(biāo)系中，四邊形ABCO是梯形，其中A（6，0），B（3，），C（1，），動點(diǎn)P從點(diǎn)O以每秒2個單位的速度向點(diǎn)A運(yùn)動，動點(diǎn)Q也同時(shí)從點(diǎn)B沿B CO的線路以每秒1個單位的速度向點(diǎn)O運(yùn)動，當(dāng)點(diǎn)P到達(dá)A點(diǎn)時(shí)，點(diǎn)Q也隨之停止，設(shè)點(diǎn)P、Q運(yùn)動的時(shí)間為t（秒）.（1）求經(jīng)過A、B、C三點(diǎn)的拋物線的解析式；（2）當(dāng)點(diǎn)Q在CO邊上運(yùn)動時(shí)，求OPQ的面積

34、S與時(shí)間t的函數(shù)關(guān)系式；（3）以O(shè)、P、Q為頂點(diǎn)的三角形能構(gòu)成直角三角形嗎？若能，請求出t的值，若不能，請說明理由；（4）經(jīng)過A、B、C三點(diǎn)的拋物線的對稱軸、直線OB和PQ能夠交于一點(diǎn)嗎？若能，請求出此時(shí)t的值（或范圍），若不能，請說明理由.【答案】解：（1）設(shè)經(jīng)過A、B、C三點(diǎn)的拋物線的解析式為：， 把A（6，0），B（3，），C（1，）代入得： ，解得：。 經(jīng)過A、B、C三點(diǎn)的拋物線的解析式為：。（2）可求BC=2，OC=2，OA=6當(dāng)點(diǎn)Q在CO邊上運(yùn)動，點(diǎn)P在OA邊上運(yùn)動時(shí)，2t3。 如圖，過點(diǎn)C作CDx軸的于點(diǎn)D，過點(diǎn)Q作QHx軸的于點(diǎn)H， 則OD=1，CD=，OC=2，。 由OQHO

35、CD得，即， 。 又動點(diǎn)P的速度是每秒2個單位，OP=2t。 。 所求OPQ的面積S與時(shí)間t的函數(shù)關(guān)系式為：（2t3）。 （3）根據(jù)題意可知，0t3。 當(dāng)0t2時(shí)，點(diǎn)Q在BC邊上運(yùn)動，此時(shí)，OP=2t，。 OD=1，CD=，。 ，若OPQ為直角三角形，只能是或。 若，則，即， 解得，或（舍去）。 若，則，即， 解得，。 當(dāng)2t3時(shí)，點(diǎn)Q在CO邊上運(yùn)動，此時(shí)，OP=2t4，OQOC=2， 此時(shí)，OPQ不可能為直角三角形。 綜上所述，當(dāng)或時(shí)，OPQ為直角三角形。（4）由（1）可得，其對稱軸為。 又直線OB的解析式為， 拋物線對稱軸與OB的交點(diǎn)為M（0，）。 又P（2t，0）， 設(shè)過點(diǎn)P、M的直線解

36、析式為，則 ，解得。 過點(diǎn)P、M的直線解析式為 。 又當(dāng)0t2時(shí)，Q， 把代入得，點(diǎn)Q在直線PM上，即當(dāng)0t2時(shí)，點(diǎn)P、M、Q總在一直線上。當(dāng)2t3時(shí)，Q。代入，解得或，均不合題意，舍去。綜上所述，經(jīng)過A、B、C三點(diǎn)的拋物線的對稱軸、直線OB和PQ能夠交于一點(diǎn)，此時(shí)0t2?！究键c(diǎn)】二次函數(shù)綜合題，雙動點(diǎn)問題，待定系數(shù)法的應(yīng)用，曲線上點(diǎn)的坐標(biāo)與方程的關(guān)系，相似三角形的判定和性質(zhì)，銳角三角函數(shù)定義，特殊角的三角函數(shù)值，直角三角形的性質(zhì)，勾股定理，解一元二次方程，分式的化簡，分類思想的應(yīng)用?！痉治觥浚?）應(yīng)用待定系數(shù)法求解即可。（2）過點(diǎn)C作CDx軸的于點(diǎn)D，過點(diǎn)Q作QHx軸的于點(diǎn)H，由OQHOCD

37、得比例式，從而用t表示出OPQ的邊OP上的高，進(jìn)而根據(jù)三角形面積公式即可求得所求OPQ的面積S與時(shí)間t的函數(shù)關(guān)系式。（3）分點(diǎn)Q在BC邊上運(yùn)動（0t2）和點(diǎn)Q在CO邊上運(yùn)動（2t3）兩種情況討論。（4）根據(jù)二次函數(shù)的性質(zhì)求出拋物線對稱軸，求出直線OB的解析式，從而得到二者的交點(diǎn)M（0，），進(jìn)而求出點(diǎn)P、M的直線解析式為。分分點(diǎn)Q在BC邊上運(yùn)動（0t2）和點(diǎn)Q在CO邊上運(yùn)動（2t3）兩種情況討論點(diǎn)Q與直線的關(guān)系，得出結(jié)論。9. （2013年湖北荊州12分）如圖，已知：如圖，直線與x軸、y軸分別交于A、B兩點(diǎn)，兩動點(diǎn)D、E分別從A、B兩點(diǎn)同時(shí)出發(fā)向O點(diǎn)運(yùn)動（運(yùn)動到O點(diǎn)停止）；對稱軸過點(diǎn)A且頂點(diǎn)為M

38、的拋物線（a0）始終經(jīng)過點(diǎn)E，過E作EGOA交拋物線于點(diǎn)G，交AB于點(diǎn)F，連結(jié)DE、DF、AG、BG設(shè)D、E的運(yùn)動速度分別是1個單位長度/秒和個單位長度/秒，運(yùn)動時(shí)間為t秒（1）用含t代數(shù)式分別表示BF、EF、AF的長；（2）當(dāng)t為何值時(shí)，四邊形ADEF是菱形？判斷此時(shí)AFG與AGB是否相似，并說明理由；（3）當(dāng)ADF是直角三角形，且拋物線的頂點(diǎn)M恰好在BG上時(shí)，求拋物線的解析式【答案】解：（1）在直線解析式中，令x=0，得y=；令y=0，得x=1。A（1，0），B（0，），OA=1，OB=。tanOAB=。OAB=60°。AB=2OA=2。EGOA，EFB=OAB=60°

39、。，BF=2EF=2t。AF=ABBF=22t。（2）EFAD，且EF=AD=t，四邊形ADEF為平行四邊形。若ADEF是菱形，則DE=AD=t由DE=2OD，即：t=2（1t），解得t=。t=時(shí)，四邊形ADEF是菱形。此時(shí)AFG與AGB相似。理由如下：如答圖1所示，連接AE，四邊形ADEF是菱形，DEF=DAF=60°。AEF=30°。由拋物線的對稱性可知，AG=AE。AGF=AEF=30°。在RtBEG中，BE=，EG=2，。EBG=60°。ABG=EBGEBF=30°。在AFG與AGB中，BAG=GAF，ABG=AGF=30°，

40、AFGAGB。（3）當(dāng)ADF是直角三角形時(shí)，若ADF=90°，如答圖2所示，此時(shí)AF=2DA，即22t=2t，解得t=。BE=t=，OE=OBBE=。E（0，），G（2，）。設(shè)直線BG的解析式為y=kx+b，將B（0，），G（2，）代入得：，解得。直線BG的解析式為。令x=1，得，M（1，）。設(shè)拋物線解析式為，點(diǎn)E（0，）在拋物線上，解得。拋物線解析式為，即。若AFD=90°，如答圖3所示，此時(shí)AD=2AF，即：t=2（22t），解得：t=。BE=t=，OE=OBBE=。E（0，），G（2，）。設(shè)直線BG的解析式為y=k1x+b1，將B（0，），G（2，）代入得：，解得。直

41、線BG的解析式為。令x=1，得y=，M（1，）。設(shè)拋物線解析式為，點(diǎn)E（0，）在拋物線上，解得。拋物線解析式為，即。綜上所述，符合條件的拋物線的解析式為：或?！究键c(diǎn)】二次函數(shù)綜合題，雙動點(diǎn)問題，待定系數(shù)法的應(yīng)用，曲線上點(diǎn)的坐標(biāo)與方程的關(guān)系，銳角三角函數(shù)定義，特殊角的三角函數(shù)值，菱形的性質(zhì)，相似三角形的判定，直角三角形的性質(zhì)，分類思想的應(yīng)用。【分析】（1）首先求出一次函數(shù)與坐標(biāo)軸交點(diǎn)A、B的坐標(biāo)，然后解直角三角形求出BF、EF、AF的長。（2）由EFAD，且EF=AD=t，則四邊形ADEF為平行四邊形，若ADEF是菱形，則DE=AD=t由DE=2OE，列方程求出t的值；如答圖1所示，推出BAG=

42、GAF，ABG=AGF=30°，證明AFG與AGB相似。（3）當(dāng)ADF是直角三角形時(shí)，有兩種情形，需要分類討論：若ADF=90°，如答圖2所示首先求出此時(shí)t的值；其次求出點(diǎn)G的坐標(biāo)，利用待定系數(shù)法求出直線BG的解析式，得到點(diǎn)M的坐標(biāo)，最后利用頂點(diǎn)式和待定系數(shù)法求出拋物線的解析式。若AFD=90°，如答圖3所示，解題思路與相同。10. （2013年湖南懷化10分）如圖，矩形ABCD中，AB=12cm，AD=16cm，動點(diǎn)E、F分別從A點(diǎn)、C點(diǎn)同時(shí)出發(fā)，均以2cm/s的速度分別沿AD向D點(diǎn)和沿CB向B點(diǎn)運(yùn)動。（1）經(jīng)過幾秒首次可使EFAC？（2）若EFAC，在線段AC

43、上，是否存在一點(diǎn)P，使？若存在，請說明P點(diǎn)的位置，并予以證明；若不存在，請說明理由?！敬鸢浮拷猓海?）設(shè)經(jīng)過x秒首次可使EFAC，AC與EF相交于點(diǎn)O，則AE=2x，CF=2x。四邊形ABCD是矩形，EAO=FCO，AOE=COF。 AOECOF（AAS）。AO=OC，OE=OF。AB=12cm，AD=16cm，根據(jù)勾股定理得AC=20cm。OC=10cm。在RtOFC中，。 過點(diǎn)E作EFBC交BC于點(diǎn)H，在RtEFN中, ，。解得。經(jīng)過秒首次可使EFAC。（2）過點(diǎn)E作EPAD交AC于點(diǎn)P，則P就是所求的點(diǎn)。證明如下：由作法，AEP=900，又EFAC，即AOE=900。AEPAOE。，即。

44、【考點(diǎn)】雙動點(diǎn)問題，矩形的性質(zhì)，全等三角形的判定和性質(zhì)，勾股定理，相似三角形的判定和性質(zhì)?！痉治觥浚?）設(shè)經(jīng)過x秒首次可使EFAC，AC與EF相交于點(diǎn)O，過點(diǎn)E作EFBC交BC于點(diǎn)H，由AAS證明AOECOF，得到AO=OC，OE=OF，從而求得OC=10cm，在RtOFC中，由勾股定理得。因此，在RtEFN中, 由勾股定理得，即，解出即可。 （2）證明AEPAOE即可得出結(jié)論。11. （2013年湖南郴州10分）如圖，在直角梯形AOCB中，ABOC，AOC=90°，AB=1，AO=2，OC=3，以O(shè)為原點(diǎn)，OC、OA所在直線為軸建立坐標(biāo)系拋物線頂點(diǎn)為A，且經(jīng)過點(diǎn)C點(diǎn)P在線段AO上由

45、A向點(diǎn)O運(yùn)動，點(diǎn)O在線段OC上由C向點(diǎn)O運(yùn)動，QDOC交BC于點(diǎn)D，OD所在直線與拋物線在第一象限交于點(diǎn)E（1）求拋物線的解析式；（2）點(diǎn)E是E關(guān)于y軸的對稱點(diǎn)，點(diǎn)Q運(yùn)動到何處時(shí)，四邊形OEAE是菱形？（3）點(diǎn)P、Q分別以每秒2個單位和3個單位的速度同時(shí)出發(fā)，運(yùn)動的時(shí)間為t秒，當(dāng)t為何值時(shí)，PBOD？【答案】解：（1）A（0，2）為拋物線的頂點(diǎn)，設(shè)y=ax2+2。 點(diǎn)C（3，0），在拋物線上，9a+2=0，解得：。拋物線的解析式為； 。（2）若要四邊形OEAE是菱形，則只要AO與EE互相垂直平分， EE經(jīng)過AO的中點(diǎn)，點(diǎn)E縱坐標(biāo)為1，代入拋物線解析式得：，解得：。點(diǎn)E在第一象限，點(diǎn)E為（，1）

46、。設(shè)直線BC的解析式為y=kx+b，把B（1，2），C（3，0），代入得：，解得。BC的解析式為：。設(shè)直線EO的解析式為y=ax，將E點(diǎn)代入，可得出EO的解析式為：。由，得：，直線EO和直線BC的交點(diǎn)坐標(biāo)為：（，）。Q點(diǎn)坐標(biāo)為：（，0）。當(dāng)Q點(diǎn)坐標(biāo)為（，0）時(shí)，四邊形OEAE是菱形。 （3）設(shè)t為m秒時(shí)，PBDO，又QDy軸，則有APB=AOE=ODQ，又BAP=DQO，則有APBQDO。由題意得：AB=1，AP=2m，QO=33m，又點(diǎn)D在直線y=x+3上，DQ=3m。，解得：。經(jīng)檢驗(yàn)：是原分式方程的解。當(dāng)t=秒時(shí)，PBOD。【考點(diǎn)】二次函數(shù)綜合題，雙動點(diǎn)問題，待定系數(shù)法的應(yīng)用，曲線上點(diǎn)的坐

47、標(biāo)與方程的關(guān)系，二次函數(shù)的性質(zhì)，菱形的判定，平行的判定，相似三角形的判定和性質(zhì)?！痉治觥浚?）根據(jù)頂點(diǎn)式將A，C代入解析式求出a的值，進(jìn)而得出二次函數(shù)解析式。（2）利用菱形的判定得出AO與EE互相垂直平分，利用E點(diǎn)縱坐標(biāo)得出x的值，進(jìn)而得出BC，EO直線解析式，再利用兩直線交點(diǎn)坐標(biāo)求法得出Q點(diǎn)坐標(biāo)，即可得出答案。（3）首先得出APBQDO，進(jìn)而得出，求出m的值，進(jìn)而得出答案。12. （2013年湖南衡陽10分）如圖，已知拋物線經(jīng)過A（1，0），B（0，3）兩點(diǎn)，對稱軸是x=1（1）求拋物線對應(yīng)的函數(shù)關(guān)系式；（2）動點(diǎn)Q從點(diǎn)O出發(fā)，以每秒1個單位長度的速度在線段OA上運(yùn)動，同時(shí)動點(diǎn)M從M從O點(diǎn)出

48、發(fā)以每秒3個單位長度的速度在線段OB上運(yùn)動，過點(diǎn)Q作x軸的垂線交線段AB于點(diǎn)N，交拋物線于點(diǎn)P，設(shè)運(yùn)動的時(shí)間為t秒當(dāng)t為何值時(shí)，四邊形OMPQ為矩形；AON能否為等腰三角形？若能，求出t的值；若不能，請說明理由【答案】解：（1）根據(jù)題意，設(shè)拋物線的解析式為：，點(diǎn)A（1，0），B（0，3）在拋物線上，解得：。拋物線的解析式為：。（2）四邊形OMPQ為矩形，OM=PQ，即，整理得：t2+5t3=0，解得（0，舍去）。當(dāng)秒時(shí)，四邊形OMPQ為矩形。RtAOB中，OA=1，OB=3，tanA=3。若AON為等腰三角形，有三種情況：（I）若ON=AN，如答圖1所示，過點(diǎn)N作NDOA于點(diǎn)D，則D為OA中點(diǎn)

49、，OD=OA=，t=。（II）若ON=OA，如答圖2所示，過點(diǎn)N作NDOA于點(diǎn)D，設(shè)AD=x，則ND=ADtanA=3x，OD=OAAD=1x，在RtNOD中，由勾股定理得：OD2+ND2=ON2，即，解得x1=，x2=0（舍去）。x=，OD=1x=。t=。（III）若OA=AN，如答圖3所示，過點(diǎn)N作NDOA于點(diǎn)D，設(shè)AD=x，則ND=ADtanA=3x，在RtAND中，由勾股定理得：ND2+AD2=AN2，即，解得x1=，x2=（舍去）。x=，OD=1x=1。t=1。綜上所述，當(dāng)t為秒、秒，1秒時(shí)，AON為等腰三角形?！究键c(diǎn)】二次函數(shù)綜合題，雙動點(diǎn)問題，待定系數(shù)法的應(yīng)用，曲線上點(diǎn)的坐標(biāo)與方

50、程的關(guān)系，矩形的性質(zhì)，等腰三角形的性質(zhì)，勾股定理，解一元二次方程，分類思想的應(yīng)用?！痉治觥浚?）用待定系數(shù)法求出拋物線的頂點(diǎn)式解析式。（2）當(dāng)四邊形OMPQ為矩形時(shí)，滿足條件OM=PQ，據(jù)此列一元二次方程求解。AON為等腰三角形時(shí)，可能存在三種情形，分類討論，逐一計(jì)算。13. （2013年江蘇淮安12分）如圖，在ABC中，C=90°，BC=3，AB=5點(diǎn)P從點(diǎn)B出發(fā)，以每秒1個單位長度沿BCAB的方向運(yùn)動；點(diǎn)Q從點(diǎn)C出發(fā)，以每秒2個單位沿CAB方向的運(yùn)動，到達(dá)點(diǎn)B后立即原速返回，若P、Q兩點(diǎn)同時(shí)運(yùn)動，相遇后同時(shí)停止，設(shè)運(yùn)動時(shí)間為t秒（1）當(dāng)t= 時(shí)，點(diǎn)P與點(diǎn)Q相遇；（2）在點(diǎn)P從點(diǎn)B

51、到點(diǎn)C的運(yùn)動過程中，當(dāng)為何值時(shí)，PCQ為等腰三角形？（3）在點(diǎn)Q從點(diǎn)B返回點(diǎn)A的運(yùn)動過程中，設(shè)PCQ的面積為s平方單位求s與之間的函數(shù)關(guān)系式；當(dāng)s最大時(shí)，過點(diǎn)P作直線交AB于點(diǎn)D，將ABC中沿直線PD折疊，使點(diǎn)A落在直線PC上，求折疊后的APD與PCQ重疊部分的面積【答案】解：（1）7。（2）點(diǎn)P從B到C的時(shí)間是3秒，此時(shí)點(diǎn)Q在AB上，則當(dāng)時(shí)，點(diǎn)P在BC上，點(diǎn)Q在CA上，若PCQ為等腰三角形，則一定為等腰直角三角形，有：PC=CQ，即3t=2t，解得：t=1。當(dāng)時(shí)，點(diǎn)P在BC上，點(diǎn)Q在AB上，若PCQ為等腰三角形，則一定有PQ=PC（如圖1），則點(diǎn)Q在PC的中垂線上。作QHAC，則QH=PC，AQHABC，在RtAQH中，AQ=2t4，則。PC=BCBP=3t，解得：。綜上所述，在點(diǎn)P從點(diǎn)B到點(diǎn)C的運(yùn)動過程中，當(dāng)t=1或時(shí)，PCQ為等腰三角形。 （3）在點(diǎn)Q從點(diǎn)B返回點(diǎn)A的運(yùn)動過程中，P一定在AC上，則PC=t3，BQ=2t9，即。同（2）可得：PCQ中，PC邊上的高是：，。當(dāng)t=5時(shí)，s有最大值，此時(shí)，P是AC的中點(diǎn)（如圖2）。沿直線PD折疊，使點(diǎn)A落在直線PC上，PD一定是AC的中垂線。AP=CP=AC=2，PD=BC=。AQ=142t=142×5=4。如圖2，連接DC（即AD的折疊線）交PQ于點(diǎn)O，過Q作QECA于點(diǎn)E，過O作OFCA于點(diǎn)F，則PCO即為折疊后