電磁感應(yīng)（3）

1、絕密啟用前2018-2019學(xué)年度?學(xué)校8月月考卷試卷副標(biāo)題考試范圍：xxx；考試時間：100分鐘；命題人：xxx注意事項：1答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息2請將答案正確填寫在答題卡上第I卷（選擇題）請點擊修改第I卷的文字說明一、單選題1穿過單匝閉合線圈的磁通量在0.1s內(nèi)由0.04wb均勻增加到0.12wb則在此過程中A 穿過該線圈的磁通量變化量為0.12wbB 通過該線圈磁通量的變化率為1.2wb/sC 該線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為0.8VD 該線圈中沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生【答案】C【解析】【詳解】穿過該線圈的磁通量變化量為=0.12wb-0.04 wb=0.08 wb，選項A錯誤；通過

2、該線圈磁通量的變化率為t=0.080.1=0.8Wb/s，選項B錯誤；該線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為E=t=0.8V，選項C正確；該閉合線圈有感應(yīng)電動勢，則有感應(yīng)電流產(chǎn)生，選項D錯誤；故選C.【點睛】線圈的磁通量變化時，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，由法拉第電磁感應(yīng)定律可得感應(yīng)電動勢大小注意區(qū)別：磁通量、磁通量的變化量、磁通量的變化率等.2如圖所示，邊長為L的菱形由兩個等邊三角形abd和bcd構(gòu)成，在三角形abd內(nèi)存在垂直紙面向外的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，在三角形bcd內(nèi)存在垂直紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度也為B的勻強(qiáng)磁場一個邊長為L的等邊三角形導(dǎo)線框efg在紙面內(nèi)向右勻速穿過磁場，頂點e始終在直線ab上，底邊gf始

3、終與直線dc重合規(guī)定逆時針方向為電流的正方向，在導(dǎo)線框通過磁場的過程中，感應(yīng)電流隨位移變化的圖象是（）A B C D 【答案】A【解析】【詳解】感應(yīng)電動勢E=BL有v，電流I=ER=BL有vR，三角形egf向右運動，根據(jù)右手定則，開始時ef切割磁感線，產(chǎn)生順時針電流，大小設(shè)為I0，0L3過程，en切割磁感線產(chǎn)生向下的電流，nf產(chǎn)生向上的電流，em產(chǎn)生向下電流，切割磁感線的有效長度為L有=ennfem，隨著三角形的運動L有在減小，感應(yīng)電流減小，當(dāng)運動L3時，L有=0，電流為零，L3L過程，繼續(xù)移動根據(jù)等邊三角形的幾何關(guān)系，nf+em大于en，L有=nf+emen，逐漸變大，電流變大，當(dāng)efg與b

4、cd重合時，eg邊和ef切割磁感線，產(chǎn)生電流方向均為逆時針，大小變?yōu)?I0，L-2L過程中，繼續(xù)移動gm切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，L有=gm，逐漸減小，直至全部出磁場電流為零，A正確3將直流電源、開關(guān)S、電感線圈L（自感系數(shù)較大）和燈泡A連接成如圖所示的電路，開始時開關(guān)S斷開，下列說法正確的是() A 閉合開關(guān)S時，燈泡立即變亮B 開關(guān)S閉合一段時間后再斷開，燈泡逐漸熄滅C 開關(guān)S閉合一段時間后再斷開的瞬間，a點電勢高于b點電勢D 開關(guān)S閉合一段時間后再斷開的瞬間，b點電勢高于a點電勢【答案】D【解析】【詳解】閉合開關(guān)S時，由于線圈中產(chǎn)生的自感電動勢阻礙電流的增加，所以燈泡慢慢變亮，選項A錯

5、誤；開關(guān)S閉合一段時間后再斷開，電路中的電流立即消失，則燈泡立刻熄滅，選項B錯誤；開關(guān)S閉合一段時間后再斷開的瞬間，線圈中產(chǎn)生的自感電動勢與原來電流方向相同，則b點電勢高于a點電勢，選項C錯誤，D正確；故選D.4如圖甲所示，且通入如圖乙所示的磁場，已知螺線管(電阻不計)的匝數(shù)n=6，截面積S=10cm²，線圈與R=12的電阻連接，水平向右且均勻分布的磁場穿過螺線管，磁場與線圈平面垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B隨時間t變化的關(guān)系如圖乙所示，規(guī)定感應(yīng)電流i從a經(jīng)過R到b的方向為正方向。忽略線圈的自感影響，下列i-t 關(guān)系圖中正確的是()A B C D 【答案】C【解析】【詳解】由圖可知，0-2s

6、內(nèi)，線圈中磁通量的變化率相同，故0-2s內(nèi)電流的方向相同，由楞次定律可知，電路中電流方向為順時針，即電流為正方向；同理可知，2-5s內(nèi)電路中的電流為逆時針，為負(fù)方向；由E=t=SBt，則知0-2s內(nèi)電路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小為：E1=6×6×1032×10×104=18×106V，則電流大小為：I1=ER=1812×106A=1.5×106A；同理2s-5s內(nèi)，E1=6×6×1033×10×104=12×106V，I2=1.0×10-6A故C正確，ABD錯誤。故選C

7、?！军c睛】本題要求學(xué)生能正確理解B-t圖的含義，尤其是知道其斜率等于磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率，才能準(zhǔn)確的利用楞次定律進(jìn)行判定。5如圖所示，有兩個相鄰的有界勻強(qiáng)磁場區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小均為B，磁場方向相反，且與紙面垂直。兩個磁場區(qū)域在x軸方向?qū)挾染鶠閍，在y軸方向足夠?qū)挕，F(xiàn)有一個菱形導(dǎo)線框abcd，ac長為2a，從圖示位置開始向右勻速穿過磁場區(qū)域。若以逆時針方向為電流的正方向，在線框中感應(yīng)電流i與線框移動距離x的關(guān)系圖像中正確的是A B C D 【答案】C【解析】如圖所示，在線圈進(jìn)入左側(cè)磁場區(qū)域的過程中，穿過線圈的磁通量增加，磁場垂直與紙面向里，根據(jù)楞次定律可判斷，線圈中產(chǎn)生逆時針方向的電流，所以B

8、錯誤；當(dāng)位移x=a的時候，線圈切割磁感線的有效長度最大，根據(jù)E=Bav可知，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大為I0，感應(yīng)電流最大，然后開始減小。當(dāng)線圈在兩側(cè)磁場區(qū)域中切割的有效長度相等時，感應(yīng)電流減小為零，然后開始反向增大，當(dāng)x=2a時，磁通量減小為零，感應(yīng)電動勢增大到最大E=B2av，感應(yīng)電流為-2I0，所以A、D錯誤；C正確。6物理課上，老師做了一個“神奇”的實驗：如圖所示，將1米長的銅管豎直放置，一磁性很強(qiáng)的磁鐵從上管口由靜止釋放，觀察到磁鐵用較長時間才從下管口落出。對于這個實驗現(xiàn)象同學(xué)們經(jīng)分析討論做出相關(guān)的判斷，你認(rèn)為正確的是（下落過程中不計空氣阻力，磁鐵與管壁沒有接觸）。則A 如果磁鐵的磁性足夠

9、強(qiáng)，磁鐵會停留在銅管中，永遠(yuǎn)不落下來B 如果磁鐵的磁性足夠強(qiáng)，磁鐵在銅管中運動時間更長，但一定會落下來C 磁鐵在銅管中運動的過程中，由于不計空氣阻力，所以機(jī)械能守恒D 如果將銅管換成塑料管，磁鐵從塑料管中出來也會用較長時間【答案】B【解析】【詳解】A、B、如果磁鐵的磁性足夠強(qiáng)，磁鐵在銅管中運動受到阻力更大，原因：當(dāng)磁鐵運動時才會導(dǎo)致鋼管的磁通量發(fā)生變化，才出現(xiàn)感應(yīng)磁場阻礙原磁場的變化，所以運動時間變長，但一定會落下；故A錯誤，B正確。C、磁鐵在銅管中運動的過程中，雖不計空氣阻力，但在過程中，出現(xiàn)安培力作功產(chǎn)生熱能，所以機(jī)械能不守恒；故C錯誤。D、如果將銅管換成塑料管，磁鐵不會受到安培力阻力，因

10、此出來的時間不變；故D錯誤。故選B?！军c睛】考查楞次定律：來拒去留，當(dāng)強(qiáng)磁鐵過來時，就拒絕它；當(dāng)離開時就挽留它7有關(guān)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的下列說法中正確的是( )A 感應(yīng)電流的磁場總跟原來的磁場方向相反B 穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化時不一定能產(chǎn)生感應(yīng)電流C 閉合線圈整個放在磁場中一定能產(chǎn)生感應(yīng)電流D 感應(yīng)電流的磁場總是阻礙原來的磁通量的變化【答案】D【解析】【詳解】根據(jù)楞次定律得知，當(dāng)原來磁場的磁能量增加時，感應(yīng)電流的磁場跟原來的磁場方向相反，當(dāng)原來磁場的磁能量減小時，感應(yīng)電流的磁場跟原來的磁場方向相同，A錯誤；根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件可知，當(dāng)穿過閉合電路的磁能量發(fā)生變化時，電路中能產(chǎn)生感應(yīng)電流，B錯

11、誤；當(dāng)閉合線框放在變化的磁場中，不一定能產(chǎn)生感應(yīng)電流。如果線圈與磁場平行時，穿過線圈的磁通量不變，線圈中不能產(chǎn)生感應(yīng)電流，C錯誤；根據(jù)楞次定律得知，感應(yīng)電流的磁場總是阻礙原來磁場磁通量的變化，D正確【點睛】根據(jù)楞次定律分析感應(yīng)電流的磁場與原磁場方向的關(guān)系。當(dāng)穿過閉合電路的磁能量發(fā)生變化時，電路中能產(chǎn)生感應(yīng)電流。閉合電路的一部分導(dǎo)體做切割磁感線運動時閉合電路中能產(chǎn)生感應(yīng)電流8如圖所示，矩形線框在磁場內(nèi)做的各種運動中，能夠產(chǎn)生感應(yīng)電流的是（）A B C D 【答案】D【解析】【詳解】線框在勻強(qiáng)磁場中運動時，穿過線框的磁感線條數(shù)不變，即磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，A錯誤；圖示的線框與磁場平行，穿過

12、線框的磁通量為零，而且當(dāng)線框平動時，磁通量始終為零，沒有變化，所以沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，B錯誤；線框與磁場平行，穿過線框的磁通量為零，當(dāng)線框向右平動時，磁通量保持為零，沒有變化，所以沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，C錯誤；線框在磁場中轉(zhuǎn)動時，穿過線框的磁通量發(fā)生變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，D正確9圖中的四個圖分別表示勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B，閉合電路中一部分直導(dǎo)線的運動速度和電路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流I的相互關(guān)系，其中正確是（ ）【答案】A【解析】根據(jù)右手定則，磁感線穿入手心，大拇指指向?qū)Ь€的運動方向，則四指的指向為感應(yīng)電流的方向，可判斷出A選項正確。10如圖所示的電路中，A1和A2是完全相同的燈泡，線圈L的電阻可以忽略，下列

13、說法中正確的是()A 合上開關(guān)S接通電路時，A1和A2始終一樣亮B 合上開關(guān)S接通電路時，A2先亮，A1后亮，最后一樣亮C 斷開開關(guān)S時，A2立即熄滅，A1過一會兒才熄滅D 斷開開關(guān)S時，A1和A2都要過一會兒才熄滅，且通過兩燈的電流方向都與原電流方向相同【答案】B【解析】【詳解】合上開關(guān)K接通電路，A2立即亮，線圈對電流的增大有阻礙作用，所以通過A1的電流慢慢變大，最后兩燈泡的電壓一樣大，所以一樣亮，A錯誤B正確；斷開開關(guān)K切斷電路時，通過A2的用來的電流立即消失，線圈對電流的減小有阻礙作用，線圈相當(dāng)于電源，左端相當(dāng)于正極，所以通過A1的電流會慢慢變小，并且通過A2，所以兩燈泡一起過一會兒熄

14、滅，但通過A2的燈的電流方向與原來的方向相反， CD錯誤【點睛】在分析此類型題目時，一定要注意線圈的特點，如果是理想線圈，則阻抗很大，類似與斷路，阻抗消失后，電阻為零，類似一條導(dǎo)線，另外需要注意在開關(guān)閉合時，線圈和誰串聯(lián)，則影響誰，在開關(guān)斷開時，線圈和誰能組成閉合回路，則影響誰11如圖所示，在水平木制桌面上平放一個銅制的圓環(huán)，在它上方近處有一個N極朝下的條形磁鐵，銅環(huán)始終靜止關(guān)于銅環(huán)對桌面的壓力F和銅環(huán)重力G的大小關(guān)系，下列說法中正確的是()A 當(dāng)條形磁鐵靠近銅環(huán)時，F(xiàn)<GB 當(dāng)條形磁鐵遠(yuǎn)離銅環(huán)時，F(xiàn)<GC 無論條形磁鐵靠近還是遠(yuǎn)離銅環(huán)，F(xiàn)=GD 無論條形磁鐵靠近還是遠(yuǎn)離銅環(huán)，F(xiàn)&

15、gt;G【答案】B【解析】【分析】在磁鐵進(jìn)入線圈的過程中，穿過線圈的磁通量增加，根據(jù)磁場方向，由楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向通電線圈的磁場與條件磁鐵相似，由安培定則判斷線圈的極性，分析線圈與磁鐵間的作用力【詳解】磁鐵的N極向下插入，穿過銅環(huán)的磁通量增加，磁場方向向下，根據(jù)楞次定律可知，銅環(huán)中產(chǎn)生逆時方向的感應(yīng)電流；根據(jù)安培定則判斷可知，當(dāng)N極向下插入時，銅環(huán)上端相當(dāng)于N極；與磁鐵的極性相反，存在斥力，所以銅環(huán)對桌面的壓力F大于銅環(huán)重力G的大?。淮盆F的N極遠(yuǎn)離銅環(huán)時，穿過銅環(huán)的磁通量減小，磁場方向向下，根據(jù)楞次定律可知，銅環(huán)中產(chǎn)生逆時方向的感應(yīng)電流；根據(jù)安培定則判斷可知，當(dāng)N極遠(yuǎn)離時，銅環(huán)上端相當(dāng)

16、于S極，與磁鐵的極性相同，存在引力。所以銅環(huán)對桌面的壓力F小于銅環(huán)重力G的大小，B正確【點睛】本題是楞次定律的基本應(yīng)用對于電磁感應(yīng)現(xiàn)象中，導(dǎo)體與磁體的作用力也可以根據(jù)楞次定律的另一種表述判斷：感應(yīng)電流的磁場總要阻礙導(dǎo)體與磁體間的相對運動12水平面上存在豎直方向的勻強(qiáng)磁場,磁場的邊界是MN,在MN左側(cè)無磁場,如圖甲所示。現(xiàn)有一個閉合的金屬線框以恒定速度從MN左側(cè)水平進(jìn)入勻強(qiáng)磁場區(qū)域。線框中的電流隨時間變化的it圖象如圖乙所示,則線框的形狀可能是圖中的( )A B C D 【答案】B【解析】【分析】由電磁感應(yīng)定律求電動勢E=BLv及歐姆定定律求出電流的表達(dá)式，找出各線框進(jìn)入磁場時電流的變化規(guī)律，然

17、后選出與圖乙所示圖象符合的線框【詳解】導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=BLv，設(shè)線框總電阻是R，則感應(yīng)電流I=ER=BLvR；由圖乙所示圖象可知，感應(yīng)電流先均勻增大，后均勻減??；因由于B、v、R是定值，故導(dǎo)體棒的有效長度L應(yīng)先均勻增大，后均勻減??；梯形線框勻速進(jìn)入磁場時，有效長度L先均勻增加，后不變，最后均勻減小，產(chǎn)生的感應(yīng)電流先均勻增大，后不變，再均勻減小，不符合要求，A錯誤；三角形線框勻速進(jìn)入磁場時，有效長度L先增加，后減小，且隨時間均勻變化，符合題意，B正確；閉合圓環(huán)勻速進(jìn)入磁場時，有效長度L先變大，后變小，但L不隨時間均勻變化，不符合題意，C錯誤；正六邊形線框進(jìn)入磁場時，有效長度L

18、先均勻增大，再不變，后均勻減小，產(chǎn)生的感應(yīng)電流先均勻變大，再不變，后均勻變小，不符合題意，D錯誤13如圖所示的電路中,A、B為兩個完全相同的燈泡,L是自感系數(shù)很大的線圈,其電阻與R相等,下列說法正確的是( )A 在斷開S2的情況下,若突然閉合S1時,A、B燈均逐漸亮起來B 在閉合S2的情況下,若突然閉合S1時，A燈立即發(fā)光，B燈逐漸亮起來C 閉合S1、S2待電路穩(wěn)定后,若突然斷開S1，則A、B燈均不會立即熄滅D 閉合S1、S2待電路穩(wěn)定后,若突然斷開S1，則A燈不會立即熄滅，而B燈立即熄滅【答案】D【解析】【詳解】在斷開S2的情況下，若突然閉合S1時，由于線圈的自感現(xiàn)象，出現(xiàn)自感電動勢阻礙電流

19、的增大，A燈立即亮，B燈逐漸亮，A錯誤；在閉合S2的情況下，若突然閉合S1時，由于線圈的自感很大，相當(dāng)于斷路，兩燈立即亮，B錯誤；當(dāng)同時閉合S1、S2，待電路穩(wěn)定后突然將S1同時斷開，B燈立即熄滅，因自感現(xiàn)象，L與A組成回路，A燈不會立即熄滅，而是逐漸熄滅，C錯誤D正確14如圖所示，在光滑的水平面上，有一垂直向下的勻強(qiáng)磁場分布在寬為L的區(qū)域內(nèi)，現(xiàn)有一個邊長為a (a<L )的正方形閉合線圈以速度v0垂直磁場邊界滑過磁場后速度變?yōu)関 (v<v0）那么（ ）A 完全進(jìn)入磁場時線圈的速度大于(v0+v)/2B .完全進(jìn)入磁場時線圈的速度等于(v0+v)/2C 完全進(jìn)入磁場時線圈的速度小于

20、(v0+v)/2D 以上情況AB均有可能，而C是不可能的【答案】B【解析】【詳解】對線框進(jìn)入或穿出磁場過程，設(shè)初速度為v0，末速度為v由動量定理可知：BILt=mvmv0，又電量q=It，得mvv0=BLq，得速度變化量v=vv0=BLqm，由q=R可知，進(jìn)入和穿出磁場過程，磁通量的變化量相等，則進(jìn)入和穿出磁場的兩個過程通過導(dǎo)線框橫截面積的電量相等，故由上式得知，進(jìn)入過程導(dǎo)線框的速度變化量等于離開過程導(dǎo)線框的速度變化量。設(shè)完全進(jìn)入磁場中時，線圈的速度大小為v，則有v0v=vv，解得v=v0+v2，B正確15如圖甲所示，電阻不計且間距為L=1m的光滑平行金屬導(dǎo)軌豎直放置，上端連接阻值為R=1的電

21、阻，虛線OO下方有垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場現(xiàn)將質(zhì)量為m=0.3kg、電阻Rab=1的金屬桿ab從OO上方某處以一定初速釋放，下落過程中與導(dǎo)軌保持良好接觸且始終水平在金屬桿ab下落0.3m的過程中，其加速度a與下落距離h的關(guān)系圖象如圖乙所示已知ab進(jìn)入磁場時的速度v0=3.0m/s，取g=10m/s2則下列說法正確的是（）A 進(jìn)入磁場后，金屬桿ab中電流的方向由b到aB 勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為1.0TC 金屬桿ab下落0.3 m的過程中，通過R的電荷量0.24CD 金屬桿ab下落0.3 m的過程中，R上產(chǎn)生的熱量為0.45J【答案】C【解析】A、進(jìn)入磁場后棒切割磁感線產(chǎn)生動生

22、電動勢，根據(jù)右手定則判斷可知金屬桿ab中電流的方向由a到b，故A錯誤。B、由乙圖知，剛進(jìn)入磁場時，金屬桿的加速度大小a0=10m/s2，方向豎直向上，由牛頓第二定律得：BI0Lmg=ma0，設(shè)桿剛進(jìn)入磁場時的速度為v0，則有I0=E0R+Rab=BLv0R+Rab，聯(lián)立得B2L2v0R+Rabmg=ma0，代入數(shù)據(jù)解得B=2.0T，故B錯誤。C、由圖象可知金屬桿在磁場外下落的高度為0.06m，則在磁場中下降的高度h=hh1=0.30.06=0.24m，則通過R的電荷量q=R+Rab=BLhR+Rab=2×1×0.241+1C=0.24C，故C正確。D、由圖線可知，下落0.3

23、m時做勻速運動，根據(jù)平衡有mg=B2L2vR+Rab，解得金屬桿的速度v=1.5m/s；根據(jù)能量守恒得mgh=12mv212mv02+Q，而兩電阻串聯(lián)熱量關(guān)系為QR=QR+RabR，聯(lián)立解得QR=0.86625J，故D錯誤。故選C。【點睛】本題關(guān)鍵要根據(jù)圖象的信息讀出加速度和桿的運動狀態(tài)，由牛頓第二定律、安培力、法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、能量守恒等多個知識綜合求解，綜合較強(qiáng)。16如圖所示，半徑為 r 且水平放置的光滑絕緣的環(huán)形管道內(nèi)，有一個電荷量為 e，質(zhì)量為 m 的電子。此裝置放在勻強(qiáng)磁場中，其磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間變化的關(guān)系式為 B=B0+kt（k>0）。根據(jù)麥克斯韋電磁場理論，均勻變

24、化的磁場將產(chǎn)生穩(wěn)定的電場，該感應(yīng)電場對電子將有沿圓環(huán)切線方向的作用力，使其得到加速。設(shè)t=0時刻電子的初速度大小為v0，方向順時針，從此開始后運動一周后的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1，則此時電子的速度大小為 ( ) A B1rem B v02+2r2kemC B0rem D v022r2kem【答案】B【解析】A、C、電子在管道中被加速，做變速圓周運動，沿半徑方向有洛倫茲力和管壁的彈力一起提供向心力，因無法知道彈力大小，則用向心力公式無法求出電子的速度；故A錯誤，C錯誤。B、D、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得感生電動勢大小為E電=Btr2=kr2，電場方向逆時針，電場力對電子做正功。在轉(zhuǎn)動一圈過程中對電子用動能

25、定理：kr2e=12mv212mv02，解得v=v02+2r2kem，故B正確，D錯誤。故選B?！军c睛】本題要能夠根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律計算出感應(yīng)電動勢，這是一個難點，然后根據(jù)動能定理計算末速度17如圖所示，空間內(nèi)存在水平向右的勻強(qiáng)磁場，閉合導(dǎo)線框abcd與磁場平行，下列情形中線框內(nèi)產(chǎn)生感應(yīng)電流的是（ ） A 線框向右平移B 線框向上平移C 線框以ab邊為軸轉(zhuǎn)動D 線框以bc邊為軸轉(zhuǎn)動【答案】C【解析】A、線框向右平移，磁通量不變，故無感應(yīng)電流，故A錯誤；B. 線框向上平移，磁通量不變，故無感應(yīng)電流，故B錯誤；C. 線框以ab邊為軸轉(zhuǎn)動，磁通量不斷變化，有感應(yīng)電流，故C正確；D. 線框以bc邊

26、為軸轉(zhuǎn)動，磁通量不變，故無感應(yīng)電流，故D錯誤；故選C?！军c睛】要使線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，則穿過線圈的磁通量要發(fā)生變化，回路要閉合。18如圖所示，勻強(qiáng)磁場中放置有固定的abc金屬框架，導(dǎo)體棒ef在框架上勻速向右平移，框架和棒所用材料、橫截面積均相同，摩擦阻力忽略不計。那么在ef,棒脫離框架前，保持一定數(shù)值的物理量是A ef棒所受的拉力 B 電路中的磁通量C 電路中的感應(yīng)電動勢 D 電路中的感應(yīng)電流【答案】D【解析】A、D項：設(shè)金屬材料的電阻率為，截面積為S，導(dǎo)體棒ef從b點開始運動的時間為t，abc=2，則回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為：E=2Bvttan，回路的電阻為：R=2vt·tan+2

27、vtcosS 電路中感應(yīng)電流的大小為：I=ER=BStan(tan+lcos) ，B、S、均不變，則I不變；ef桿所受的磁場力的大小為：F=BIL=BI2vttan，隨著時間t的延長而增大；故A錯誤，D正確；B項：根據(jù)=BS，由于面積S不斷增加，故磁通量不斷增加，故B錯誤；C項：根據(jù)切割公式得知，感應(yīng)電動勢E=BLv，B、v不變，有效切割的長度L增加，則電路中感應(yīng)電動勢都增加，故C錯誤。19如圖所示，一有限范圍的勻強(qiáng)磁場，寬為d，一個邊長為l正方形導(dǎo)線框以速度v勻速地通過磁場區(qū)。若d>l，則在線框中不產(chǎn)生感應(yīng)電流的時間就等于A dv B .1v C d-lv D d-2lv【答案】C【解

28、析】如圖所示，從線框完全進(jìn)入直到右邊開始離開磁場區(qū)域，線框中的磁通量就不再發(fā)生變化，故線圈中沒有感應(yīng)電流的距離為d-l；因?qū)Ь€框做勻速運動，故不產(chǎn)生感應(yīng)電流的時間t=dlv故C正確。20如圖所示，兩金屬板A、B水平放置，與切口很小的圓形金屬線圈用導(dǎo)線相連，線圈內(nèi)存在垂直紙面向內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間均勻增大的勻強(qiáng)磁場，帶正電的小球靜置于板間的絕緣水平面上。根據(jù)題目信息，下列說法正確的是（ ）A 金屬板A帶正電B 兩金屬板間電壓逐漸增加C 兩金屬板所帶電量逐漸減小D 小球?qū)^緣水平面的壓力不變【答案】D【解析】由圖示可知，磁場垂直與紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度增加，穿過線圈的磁通量增加，由楞次定律可知，平行

29、板電容器的上極板電勢低，下極板電勢高，因此金屬板M帶負(fù)電，故A錯誤；因磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間均勻增大，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，可知感應(yīng)電動勢大小不變，故B錯誤；根據(jù)Q=CU，可知兩金屬板所帶電量也不變，故C錯誤；因電壓與間距不變，則電場強(qiáng)度不變，小球?qū)^緣水平面的壓力不變，故D正確；故選D。21如圖所示，導(dǎo)線AB 與CD 平行。當(dāng)開關(guān) S閉合與斷開時，關(guān)于導(dǎo)線CD 中感應(yīng)電流的方向，下列判斷正確的是 A S閉合時方向向左，S斷開時方向向左B S閉合時方向向右，S斷開時方向向左C S閉合時方向向左，S斷開時方向向右D S閉合時方向向右，S斷開時方向向右【答案】C【解析】當(dāng)S閉合時，穿過回路CD的磁通量

30、垂直紙面向外增大，由楞次定律得知感應(yīng)電流的磁場方向應(yīng)是垂直紙面向里，由安培定則判知感應(yīng)電流方向是由D到C；當(dāng)S斷開時，穿過回路CD的磁通量垂直紙面向外減小，由楞次定律得知感應(yīng)電流的磁場方向應(yīng)是垂直紙面向外，由安培定則判知感應(yīng)電流方向是由C到D；故選：C22首先發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的物理學(xué)家是A 法拉第 B 庫侖 C 牛頓 D 愛因斯坦【答案】A【解析】A. 法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故A正確； B. 庫侖發(fā)現(xiàn)了電荷之間的相互作用力的規(guī)律，即庫侖定律，故B錯誤；C. 牛頓的三大定律，因此牛頓對力學(xué)的貢獻(xiàn)非常大，故C錯誤；D. 愛因斯坦的質(zhì)能方程和量子力學(xué)方面有著重大貢獻(xiàn)，故D錯誤。故選：A.23如圖

31、所示，甲、乙兩個矩形線圈同處在紙面內(nèi)，甲的ab邊與乙的cd邊平行且靠得較近，甲、乙兩線圈分別處在垂直紙面方向的勻強(qiáng)磁場中，穿過甲的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1，方向指向紙面內(nèi)，穿過乙的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B2，方向指向紙面外，兩個磁場可同時變化，當(dāng)發(fā)現(xiàn)ab邊和cd邊之間有排斥力時，磁場的變化情況可能是()A B1變小，B2變大 B B1變大，B2變大C B1變小，B2變小 D B1不變，B2變小【答案】A【解析】當(dāng)發(fā)現(xiàn)ab邊和cd邊間有排斥力時，說明ab邊和cd邊中的電流的方向相反，所以兩個線圈中感應(yīng)電流的方向都是順時針或都是逆時針，若都是順時針則B1變小，B2變大，若都是逆時針則B1變大，B2變小，故A正確，B

32、、C、D錯誤；故選A。 24變化的磁場在其周圍空間激發(fā)的電場叫渦旋電場，即感生電場圖中虛線為一圓柱狀均勻磁場區(qū)的橫截面，其磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間均勻變化，感生電場的電場線是渦旋狀的同心圓，同一個圓上的各點電場強(qiáng)度大小相等，方向沿圓周的切向圖中實線為其中的一條電場線，半徑為r，場強(qiáng)大小為E若電荷量為+q的粒子沿該電場線逆時針運動一周，電場力做的功為W，忽略粒子運動產(chǎn)生的磁場，則以下說法正確的是A 磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小，W=0B 磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增大，W=0C 磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小，W=2qErD 磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減大，W=2qEr【答案】D【解析】由題意可知，正電荷受到的電場力逆時針方向，則電場線方向也是逆

33、時針方向，由楞次定律，當(dāng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增大，才會產(chǎn)生如圖所示的電場線；由電場力做功則有：W=qEx=2qEr，故D正確，A、B、C錯誤；故選D。【點睛】根據(jù)電場力做功表達(dá)式W=qEx，即可求解W；再由楞次定律，即可求解磁場如何變化。25在電磁學(xué)發(fā)展的過程中，許多科學(xué)家做出了杰出的貢獻(xiàn)，下列說法錯誤的是A 奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)B 麥克斯韋認(rèn)為變化的磁場產(chǎn)生電場C 楞次發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象并總結(jié)出楞次定律D 法拉第利用電磁感應(yīng)現(xiàn)象自制了人類歷史上第一臺發(fā)電機(jī)【答案】C【解析】A、奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，故A正確；B、麥克斯韋認(rèn)為變化的磁場產(chǎn)生電場，故B正確；C、法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，

34、楞次總結(jié)出楞次定律，故C錯誤；D、法拉第利用電磁感應(yīng)現(xiàn)象自制了人類歷史上第一臺發(fā)電機(jī)，故D正確；說法錯誤的故選C。26面積為0.4m2的5匝圓形線圈垂直磁場方向放置在勻強(qiáng)磁場中，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B20.5t（T），則A 線圈有擴(kuò)張的趨勢B 線圈中磁通量的變化率為1Wb/sC 線圈中的感應(yīng)電動勢為1VD t4s時，線圈中的感應(yīng)電動勢為8V【答案】C【解析】磁場在增強(qiáng)，穿過線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律“增縮減擴(kuò)”，線框有收縮的趨勢，所以A錯誤。磁通量的變化率t=SBt=0.4×0.5=0.2Wb/s，所以B錯誤。感應(yīng)電動勢E=nt=5×0.2V=1V為一恒定值。所以C正確，D

35、錯誤。故選C?！军c睛】根據(jù)楞次定律判斷線圈是否有擴(kuò)張的趨勢；根據(jù)t計算磁通量的變化率；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律計算電動勢。27如圖所示，螺線管與導(dǎo)軌MN、PQ相連，螺線管左側(cè)放置一與螺線管同軸的導(dǎo)體圓環(huán)，與導(dǎo)軌接觸良好的導(dǎo)體棒向右運動時，能使導(dǎo)體圓環(huán)在t1時刻受力向右的導(dǎo)體棒運動的vt圖象是A B C D 【答案】B【解析】導(dǎo)體環(huán)要想受到向右的力，根據(jù)楞次定律則通電螺線管內(nèi)的磁場要減弱，則電流要減小，則感應(yīng)電動勢要減小，根據(jù)E=BLv知速度要減小，所以只能選擇B。【點睛】根據(jù)楞次定律的推論判斷出通電螺線管內(nèi)磁場的變化，進(jìn)而判斷電流和速度的大小。28如圖所示的電路，線圈L的電阻不計，則A S閉合瞬

36、問，A板帶負(fù)電，B板帶正電B S保持閉合，A板帶正電，B板帶負(fù)電C S斷開瞬間，A板帶負(fù)電，B板帶正電D 由于線圈電阻不計電容器被短路，上述三種情況下兩板都不帶電【答案】C【解析】S閉合瞬間，電源給電容器充電，且A與電源的正極相連，故A板帶正電，B板帶負(fù)電，故A錯誤；S保持閉合，由于線圈L的電阻不計，電容器被短路，故電容器不帶電，故B錯誤；S斷開瞬間，由于線圈產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流的方向與原電流方向相同，故B帶正電，A帶負(fù)電，故C正確；根據(jù)ABC可知，D錯誤；故選C。點睛：本題考查自感線圈的雙重作用的理解：當(dāng)電流穩(wěn)定不變時，自感線圈是電阻不計的導(dǎo)線；當(dāng)電流變化時，相當(dāng)于一個電源。29當(dāng)某一線圈中的

37、磁通量發(fā)生變化時，下列說法中正確的是A 線圈中一定有感應(yīng)電流B 線圈中有感應(yīng)電動勢，其大小與磁通量成正比C 線圈中一定有感應(yīng)電動勢D 線圈中有感應(yīng)電動勢，其大小與磁通量的變化量成正比【答案】C【解析】當(dāng)某一線圈中的磁通量發(fā)生變化時，若線圈不閉合，則線圈中沒有感應(yīng)電流，選項A錯誤；線圈中有感應(yīng)電動勢，根據(jù)E=Nt，應(yīng)與磁通量的變化率成正比，選項BD錯誤；線圈中一定有感應(yīng)電動勢，選項C正確；故選C.30物理學(xué)家通過艱苦的實驗來探究自然的物理規(guī)律，為人類的科學(xué)事業(yè)做出了巨大貢獻(xiàn)，值得我們敬仰下列描述中符合物理學(xué)史實的是A 楞次經(jīng)過嚴(yán)密實驗與邏輯推導(dǎo)，最終確認(rèn)了電磁感應(yīng)的產(chǎn)生條件：閉合線圈中磁通量變化

38、，并找到了感應(yīng)電流的方向的判斷規(guī)律B 安培發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)并提出了分子電流假說C 奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)并提出了分子電流假說D “閉合電路中感應(yīng)電動勢的大小，跟穿過這一電路的磁通量變化率成正比”，這是法拉第在對理論和實驗資料嚴(yán)格分析后得出的法拉第電磁感應(yīng)定律的內(nèi)容【答案】D【解析】法拉第經(jīng)過嚴(yán)密實驗與邏輯推導(dǎo)，最終確認(rèn)了電磁感應(yīng)的產(chǎn)生條件：閉合線圈中磁通量變化，楞次找到了感應(yīng)電流的方向的判斷規(guī)律，選項A錯誤；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，安培提出了分子電流假說，選項BC錯誤； “閉合電路中感應(yīng)電動勢的大小，跟穿過這一電路的磁通量變化率成正比”，這是法拉第在對理論和實驗資料嚴(yán)格分析后得出的法拉第

39、電磁感應(yīng)定律的內(nèi)容，選項D正確；故選D.31導(dǎo)軌水平固定在豎直向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，導(dǎo)軌左端接有電阻R，導(dǎo)軌上垂直放置一根金屬棒(與導(dǎo)軌接觸良好)，導(dǎo)軌和金屬棒電阻不計?，F(xiàn)給金屬棒施加一水平向右的恒定拉力，使金屬棒沿導(dǎo)軌由靜止開始向右加速運動，最終勻速運動。當(dāng)恒定拉力的大小變?yōu)樵瓉淼膋倍時，則金屬棒最終勻速運動時的速度大小和拉力的功率分別變?yōu)樵瓉淼腁 k倍，k倍 B k2倍，k倍 C k倍，k2倍 D k2倍，k2倍【答案】C【解析】當(dāng)導(dǎo)體棒勻速運動時，有：F=BIL=B2L2vR，解得勻速運動的速度為：v=FRB2L2，當(dāng)拉力變?yōu)樵瓉淼膋倍，則速度變?yōu)樵瓉淼膋倍，拉力的功率為：P

40、=Fv=F2RB2L2，當(dāng)拉力變?yōu)樵瓉淼膋倍，則功率變?yōu)樵瓉淼膋2倍，故C正確，ABD錯誤。故選C。32如圖甲所示，A、B為兩個相同的導(dǎo)體線圈，它們共軸并靠近放置。A線圈中通有乙圖所示的交變電流，下列說法正確的是(規(guī)定從左往右看順時針方向為正)A 0t1時間內(nèi)，B線圈中的感應(yīng)電流沿順時針方向B t2時刻，B線圈中沒有感應(yīng)電流C t2時刻，A、B線圈之間存在相互吸引力D 0t1和t3t4時間內(nèi)，B線圈中的感應(yīng)電流方向相同【答案】D【解析】在0到t1時間內(nèi)，線圈A電流方向順時針且大小增大，所以根據(jù)右手螺旋定則可判定穿過線圈B方向向左的磁通量大小增大，由楞次定律可知，線圈B的電流方向逆時針方向，故A

41、錯誤；在t2時刻，線圈A中的電流為零，而磁通量的變化率是最大的，所以線圈B感應(yīng)電流也是最大，但由于A中電流為零，故A、B間的相互作用力為零，故BC錯誤；在t3到t4時間內(nèi)，線圈A電流方向逆時針且大小減小，所以根據(jù)右手螺旋定則可判定穿過線圈B方向向右的磁通量大小減小，由楞次定律可知，線圈B的電流方向逆時針方向，與0t1時間內(nèi)B線圈中的感應(yīng)電流方向相同，選項D正確；故選D.疊加：解決本題的關(guān)鍵掌握安培定則、楞次定律以及法拉第電磁感應(yīng)定律等知識，知道感應(yīng)電流的磁場總是阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化；電流為零時，電流變化率最大，感應(yīng)電動勢最大 33如圖甲所示，在豎直方向上有四條間距相等的水平虛線L1、

42、L2、L3、L4，在L1、L2之間和L3、L4之間存在勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小均為1 T，方向垂直于虛線所在平面現(xiàn)有一矩形線圈abcd，寬度cdL0.5 m，質(zhì)量為0.1 kg，電阻為2 ，將其從圖示位置由靜止釋放(cd邊與L1重合)，速度隨時間的變化關(guān)系如圖乙所示，t1時刻cd邊與L2重合，t2時刻ab邊與L3重合，t3時刻ab邊與L4重合，已知t1t2的時間間隔為0.6 s，整個運動過程中線圈平面始終處于豎直方向，重力加速度g取10 m/s2.則()A 在0t1時間內(nèi)，通過線圈的電荷量為0.25 CB 線圈勻速運動的速度大小為2 m/sC 線圈的長度為1 mD 0t3時間內(nèi)，線圈產(chǎn)生的熱

43、量為4.2 J【答案】A【解析】根據(jù)平衡條件有：mg=BIL，而I=BLvR，聯(lián)立兩式解得：v=mgRB2L2=8m/s，故B錯誤；在t1t2的時間間隔內(nèi)線圈一直做勻加速直線運動，知ab邊剛進(jìn)上邊的磁場時，cd邊也剛進(jìn)下邊的磁場。設(shè)磁場的寬度為d，則線圈的長度：L=2d，線圈下降的位移為：x=L+d=3d，則有：3d=vt12gt2，將v=8m/s，t=0.6s，代入解得：d=1m；所以線圈的長度為L=2d=2m，故C錯誤。在0t1時間內(nèi)，cd邊從L1運動到L2，通過線圈的電荷量為：q=It=BLvtR=BLdR=0.25C，故A正確。0t3時間內(nèi)，根據(jù)能量守恒得：Q=mg（3d+2d）12m

44、v2=0.1×10×（3+2）J12×0.1×82J=1.8J，故D錯誤；故選A。【點睛】t2t3這段時間內(nèi)線圈做勻速直線運動，線圈所受的安培力和重力平衡，根據(jù)平衡求出勻速直線運動的速度通過線圈在t1t2的時間間隔內(nèi)，穿過線圈的磁通量沒有改變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，線圈做勻加速直線運動，加速度為g，知ab邊剛進(jìn)磁場，cd邊也剛進(jìn)磁場，線圈的長度等于磁場寬度的2倍根據(jù)運動學(xué)公式求出線圈的長度根據(jù)感應(yīng)電荷量的經(jīng)驗公式求解電荷量；根據(jù)能量守恒求出0t3這段時間內(nèi)線圈中所產(chǎn)生的電熱34物理學(xué)家為人類發(fā)展作出了卓越的貢獻(xiàn)，以下符合物理學(xué)史實的是（ ）A 法拉第總結(jié)出右

45、手螺旋定則B 奧斯特發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)C 麥克斯韋用實驗證實了電磁波的存在D 赫茲發(fā)明了世界上第一個電池【答案】B【解析】A、安培總結(jié)出右手螺旋定則，得出電流與其磁場方向的關(guān)系，故A錯誤。B、奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，體現(xiàn)電流周圍產(chǎn)生磁場，故B正確。C、麥克斯韋從理論上預(yù)言了電磁波的存在，赫茲用實驗證實了電磁波的存在，故C錯誤。D、1800年，意大利人亞歷山德羅·伏特（Alessandro Volta）才是電池的最早發(fā)明者，故D錯誤。本題選符合物理學(xué)史實的故選B?！军c睛】本題考查物理學(xué)史，是常識性問題，對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一35如圖所

46、示，導(dǎo)線框abcd在光滑且無限長導(dǎo)軌上向右運動，abcd與導(dǎo)軌接觸良好，G1與G2是兩只靈敏電流計，則關(guān)于G1、G2指針的偏轉(zhuǎn)，說法正確的是（ ）A 只有G1偏轉(zhuǎn)B 只有G2偏轉(zhuǎn)C G1與G2都會偏轉(zhuǎn)D G1與G2都不會偏轉(zhuǎn)【答案】C【解析】導(dǎo)線框向右滑動時，ad邊與導(dǎo)軌構(gòu)成的閉合回路磁通量增加，回路中會產(chǎn)生感應(yīng)電流，因此有電流流過兩電流表G1和G2，兩電流表都會偏轉(zhuǎn)，故C正確，A、B、D錯誤；故選C?！军c睛】產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件：閉合電路的一部分導(dǎo)體在磁場中做切割磁感線運動，導(dǎo)體中有感應(yīng)電流。36如圖所示電路中，A、B是兩個相同的小燈泡，L是一個自感系數(shù)相當(dāng)大的線圈。電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r

47、。關(guān)于這個電路的以下說法正確的是（ ）A 開關(guān)由閉合到斷開瞬間，A燈閃亮一下再熄滅B 開關(guān)閉合后，B燈立刻亮，而后逐漸變暗，最后亮度穩(wěn)定C 開關(guān)閉合后，A燈立刻亮，而后逐漸變暗，最后亮度穩(wěn)定D 開關(guān)由閉合到斷開瞬間，電流自左向右通過A燈【答案】C【解析】A、開關(guān)處于閉合狀態(tài)，在斷開瞬間，線圈提供瞬間電壓給兩燈泡供電，由于兩燈泡完全一樣，所以不會出現(xiàn)電流比之前還大的現(xiàn)象，因此A燈不會閃亮一下，只會一同慢慢熄滅，故A錯誤；B、開關(guān)閉合到電路中電流穩(wěn)定的時間內(nèi)，B燈由于L產(chǎn)生自感電動勢逐漸變亮，當(dāng)線圈對電流沒有阻礙時，燈泡亮度穩(wěn)定，故B錯誤；C、開關(guān)閉合到電路中電流穩(wěn)定的時間內(nèi)，A燈立刻亮，當(dāng)線圈電

48、流阻礙較小后A燈逐漸變暗，當(dāng)線圈對電流沒有阻礙時，燈泡亮度穩(wěn)定，故C正確；D、開關(guān)處于閉合狀態(tài)，在斷開瞬間，線圈相當(dāng)于電源，電流方向仍不變，所以電流自右向左通過A燈，故D錯誤；故選C。【點睛】電路中有線圈，當(dāng)通過線圈的電流發(fā)生變化時，會產(chǎn)生感應(yīng)電動勢去阻礙線圈中電流變化但阻礙不等于阻止，就使其慢慢的變化。37提出電磁感應(yīng)定律的物理學(xué)家是（ ）A 庫侖 B 奧斯特 C 安培 D 法拉第【答案】D【解析】庫侖發(fā)現(xiàn)電荷間作用的庫侖定律，丹麥物理學(xué)家奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場，安培發(fā)現(xiàn)通電導(dǎo)線的受磁場作用的安培定則，法拉第發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)定律，故D正確，A、B、C錯誤；故選D。二、多選

49、題38如圖1所示，ab是兩平行正對的金屬圓環(huán)，a中通有正弦交變電流i，其變化規(guī)律如圖2所示。下列說法正確的是A t1時刻，b環(huán)內(nèi)的感應(yīng)電動勢為零B t2時刻，b環(huán)內(nèi)的感應(yīng)電流方向改變C t3t4時間內(nèi)，b環(huán)內(nèi)感應(yīng)電流的方向與a環(huán)內(nèi)電流的方向相反D 0 t4時間內(nèi)，t2時刻b環(huán)內(nèi)的感應(yīng)電動勢最大【答案】AD【解析】【詳解】t1時刻，a環(huán)中電流最大，電流的變化率為零，則b環(huán)內(nèi)的感應(yīng)電動勢為零，選項A正確；t1-t3時間內(nèi)，a環(huán)中電流的變化率均為負(fù)值，則b環(huán)中感應(yīng)電流方向不變，則t2時刻，b環(huán)內(nèi)的感應(yīng)電流方向不變，選項B錯誤；t3t4時間內(nèi)，a環(huán)中電流負(fù)向減小，根據(jù)楞次定律可知，b環(huán)內(nèi)感應(yīng)電流的方向

50、與a環(huán)內(nèi)電流的方向相同，選項C錯誤；0 t4時間內(nèi)，t2時刻a環(huán)中電流為零，但電流的變化率最大，則b環(huán)內(nèi)的感應(yīng)電動勢最大，選項D正確；故選AD.【點睛】此題關(guān)鍵是高清i-t圖像的物理意義，圖像的斜率為電流的變化率，直接反應(yīng)b環(huán)中感應(yīng)電流的大小；斜率的符號反應(yīng)b環(huán)中感應(yīng)電流的方向.39如圖所示，有一閉合線圈放在勻強(qiáng)磁場中，線圈的軸線和磁感線方向成60°角，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間均勻變化，下述方法可使線圈中的感應(yīng)電流增加一倍的是（）A 使線圈的匝數(shù)增加一倍B 使線圈的面積增加一倍C 使線圈的半徑增加一倍D 改變線圈的軸線方向，使之與磁場方向平行【答案】CD【解析】【詳解】設(shè)導(dǎo)線的電阻率為，橫截

51、面積為S，線圈的半徑為r，則感應(yīng)電流為：I=ER=nt·1R=Sr2·Btcos A項：由上式可知，I與線圈匝數(shù)無關(guān)，故A錯誤；B項：由I=ER=nt·1R=Sr2·Btcos，可知，若將線圈的面積增加一倍，半徑r增加(21)倍，電流增加(21)倍，故B錯誤；C項：若將線圈半徑增加一倍，則r增加一倍，I增加一倍，故C正確；D項：改變線圈的軸線方向，使之與磁場方向平行，電流由I1=Sr2·Btcos600=Sr2·Bt×12變?yōu)镮2=Sr2·Bt=Sr2·Bt，即為原來的兩倍，故D正確。40如圖所示，兩根足

52、夠長的平行光滑金屬導(dǎo)軌MN、PQ放在水平面上，左端向上彎曲，導(dǎo)軌間距為L，電阻不計，水平段導(dǎo)軌所處空間存在方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。導(dǎo)體棒的質(zhì)量分別為ma=m，mb=2m，電阻值分別為RaR，Rb2R。b棒靜止放置在水平導(dǎo)軌上足夠遠(yuǎn)處，與導(dǎo)軌接觸良好且與導(dǎo)軌垂直；a棒在弧形導(dǎo)軌上距水平面h高度處由靜止釋放，運動過程中導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌接觸良好且始終與導(dǎo)軌垂直，重力加速度為g，則A a棒剛進(jìn)入磁場時回路中的感應(yīng)電流為BL2ghRB a棒剛進(jìn)入磁場時，b棒受到的安培力大小為B2L22gh3RC a棒和b棒最終穩(wěn)定時的速度大小為2gh3D 從a棒開始下落到最終穩(wěn)定的過程中，a棒上產(chǎn)生的焦

53、耳熱為29mgh【答案】BCD【解析】【詳解】A、設(shè)a棒剛進(jìn)入磁場時的速度為v，從開始下落到進(jìn)入磁場，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有：mgh=12mv2，a棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢為：E=BLv，根據(jù)閉合電路歐姆定律有：I=ER+2R；聯(lián)立解得I=BL2gh3R；故A錯誤。B、b棒受到的安培力為F=BIL，代入電流I解得F=B2L22gh3R，方向水平向右；B正確。C、設(shè)兩棒最后穩(wěn)定時的速度為v，從a棒進(jìn)入磁場到兩棒速度達(dá)到穩(wěn)定，一對安培內(nèi)力作用，兩棒組成的系統(tǒng)外力之和為零，根據(jù)動量守恒定律有：mv=3mv，解得：v=v3=2gh3；C正確。D、從a棒進(jìn)入磁場到兩棒共速的過程，一對安培力做功把機(jī)械能轉(zhuǎn)

54、化為電能，設(shè)a棒產(chǎn)生的內(nèi)能為Ea，b棒產(chǎn)生的內(nèi)能為Eb，根據(jù)能量守恒定律有：12mv2=123mv2+Ea+Eb；兩棒串聯(lián)內(nèi)能與電阻成正比：Eb=2Ea，解得：Ea=29mgh；故D正確。故選BCD?！军c睛】本題是雙桿雙電源問題，關(guān)鍵是結(jié)合切割公式、歐姆定律公式、安培力公式列式分析，注意a棒進(jìn)入磁場后兩棒當(dāng)成系統(tǒng)動量守恒，還要對整個運動過程結(jié)合能量守恒定律列式分析。41把一塊金屬板折成U形的金屬槽，截面MNPQ（正視圖如圖所示），放置在方向垂直紙面向外、大小為B的勻強(qiáng)磁場中，并以速率v1水平向左勻速運動一帶電微粒從槽口左側(cè)以速度v2射入，恰能做勻速圓周運動，下列說法正確的是()A 微粒一定帶負(fù)

55、電B 微粒的比荷qm=gBv1C 微粒做圓周運動的周期為T=2v2gD 微粒做圓周運動的半徑為r=v1v2g【答案】ABD【解析】【詳解】金屬槽在勻強(qiáng)磁場中向左勻速運動時，將切割磁感線，上、下兩板間產(chǎn)生電勢差，由右手定則可判斷出上板為正，下板為負(fù)，板間電場方向向下。微粒進(jìn)入槽后做勻速圓周運動，重力與電場力平衡，電場力方向向上，與電場方向相反，所以微粒帶負(fù)電，故A正確。板間場強(qiáng)E=Ud=BLv1L=Bv1；因為微粒做勻速圓周運動，則重力等于電場力，方向相反，故有mg=qE，得比荷qm=gBv1故B正確。向心力由洛倫茲力提供，得到qv2B=mv22r，得r=v1v2g，周期T=2rv2=2v1g，

56、故C錯誤，D正確。故選ABD。【點睛】此題關(guān)鍵是知道微粒進(jìn)入槽后做勻速圓周運動，重力與電場力平衡，洛倫茲力提供向心力根據(jù)牛頓定律、圓周運動和電磁感應(yīng)知識求解42如圖所示，兩個閉合鋁環(huán)A、B與一個螺線管套在同一鐵芯上，A、B可以左右擺動，則()A 在S閉合的瞬間，A、B必相斥B 在S閉合的瞬間，A、B必相吸C 在S斷開的瞬間，A、B必相斥D 在S斷開的瞬間，A、B必相吸【答案】BD【解析】【詳解】在S閉合瞬間，穿過兩個線圈的磁通量變化相同，線圈中產(chǎn)生同方向的感應(yīng)電流，同向電流相吸，則A、B 相吸，A錯誤，B正確；在S斷開瞬間，穿過兩個線圈的磁通量變化相同，線圈中產(chǎn)生同方向的感應(yīng)電流，同向