吉林省吉林大學(xué)附中屆高三上學(xué)期月考物理試卷(9月份)-Word版含解析

1、2022-2022學(xué)年吉林省吉林大學(xué)附中高三上月考物理試卷9月份一、選擇題每題 4分，共48分全選對得4分，選不全得2分，有錯(cuò)選不得分1. 如下列圖為某質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動的 v-t圖象，24s內(nèi)圖線為半圓形，假設(shè)4s末質(zhì)點(diǎn)回到了出發(fā)點(diǎn), 那么以下說法正確的選項(xiàng)是A 12s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的加速度大小為8m/s2B. 24s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的位移大小為 8mC. 3s末質(zhì)點(diǎn)的速度為8m/sD. 3s末質(zhì)點(diǎn)的加速度等于零2. 如下列圖，吊車用兩根等長的繩子OA和OB將質(zhì)量分布均勻的鐵板勻速吊離地面，以下說法中不正確的選項(xiàng)是A .繩越長，每根繩對鐵板拉力越小B .兩根繩子對鐵板的拉力和鐵板的重力是共點(diǎn)力C.兩根繩子對鐵板拉力的合

2、力豎直向上D .繩越長，兩根繩對鐵板拉力的合力越小3. 將某均勻的長方體鋸成如下列圖的A、B兩塊后，放在水平桌面上并排放在一起，現(xiàn)用水平力F垂直于B的左邊推B物體，使A、B整體仍保持矩形沿 F方向勻速運(yùn)動，那么A .物體A在水平方向上受三個(gè)力的作用，且合力為零B .物體A在水平方向上受兩個(gè)力的作用，且合力為零C. B對A的壓力等于桌面對 A的摩擦力D . B對A的作用力方向與F方向相同4. 某一時(shí)刻a、b兩物體以不同的速度經(jīng)過某一點(diǎn)，并沿同一方向做勻加速直線運(yùn)動， 兩物體的加速度相同，那么在運(yùn)動過程中A. a、b兩物體速度之差保持不變B. a、b兩物體速度之差與時(shí)間成正比C. a、b兩物體位移

3、之差與時(shí)間成正比D. a、b兩物體位移之差與時(shí)間平方成正比5如下列圖，M為固定在水平桌面上的有缺口的方形木塊，abed為半徑是R的-光滑圓弧形4軌道，a為軌道的最高點(diǎn)，地面水平且有一定長度.今將質(zhì)量為m的小球在d點(diǎn)的正上方高為h處由靜止釋放，讓其自由下落到d處切入軌道內(nèi)運(yùn)動，不計(jì)空氣阻力，那么A .只要h大于R，釋放后小球就能通過 a點(diǎn)B. 只要改變h的大小，就能使小球通過 a點(diǎn)后，既可能落回軌道內(nèi)，又可能落到de面上C. 無論怎樣改變h的大小，都不可能使小球通過 a點(diǎn)后落回軌道內(nèi)D. 調(diào)節(jié)h的大小，可以使小球飛出 de面之外即e的右側(cè)6. 輕桿一端固定在光滑水平軸 0上，另一端固定一質(zhì)量為

4、m的小球，如下列圖.給小球一初 速度，使其在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動， 且剛好能通過最高點(diǎn) P,以下說法正確的選項(xiàng)是A .小球在最高點(diǎn)時(shí)對桿的作用力為零B. 小球在最高點(diǎn)時(shí)對桿的作用力為mgC. 假設(shè)增大小球的初速度，那么在最高點(diǎn)時(shí)球?qū)U的力一定增大D .假設(shè)增大小球的初速度，那么在最高點(diǎn)時(shí)球?qū)U的力可能為零7. 嫦娥一號探月衛(wèi)星繞地運(yùn)行一段時(shí)間后，離開地球飛向月球.如下列圖是繞地飛行的三條軌道，1軌道是近地圓形軌道，2和3是變軌后的橢圓軌道.A點(diǎn)是2軌道的近地點(diǎn)，B點(diǎn)是2軌道的遠(yuǎn)地點(diǎn)，衛(wèi)星在軌道1的運(yùn)行速率為7.7km/s，那么以下說法中正確的選項(xiàng)是 2軌道所具有的機(jī)械能2軌道所具有的最大速率V

5、- t圖象.0tl時(shí)間內(nèi)為勻加速階段，tl t2時(shí) t2后是與t軸平行的直線，那么以下說法正確的選A .衛(wèi)星在2軌道經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的速率一定大于7.7 km/sB.衛(wèi)星在2軌道經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速率一定大于7.7 km/sC.衛(wèi)星在3軌道所具有的機(jī)械能小于在 D .衛(wèi)星在3軌道所具有的最大速率小于在 &如下列圖為汽車在水平路面上啟動過程的 間內(nèi)表示以額定功率行駛時(shí)的變加速階段， 項(xiàng)是A . 0tl時(shí)間內(nèi)，牽引力增大，功率不變B. 0ti時(shí)間內(nèi)，牽引力不變，故功率不變C. tlt2時(shí)間內(nèi)，功率不變，加速度減小D. tit2時(shí)間內(nèi)，牽引力做的功為 丄mv22-丄mvi22 29. 如下列圖，一物塊以

6、 6m/s的初速度從曲面 A點(diǎn)下滑，運(yùn)動到 B點(diǎn)速度仍為6m/s，假設(shè)物 體以7m/s的初速度仍由A點(diǎn)下滑，那么運(yùn)動到 B點(diǎn)時(shí)的速度A .大于7 m/s B.小于7m/sC.等于7m/s D.條件缺乏，無法計(jì)算10. 如下列圖，be為固定在車上的水平橫桿，物塊M串在桿上，靠摩擦力保持相對桿靜止，M又通過細(xì)線懸吊著一個(gè)小鐵球m,此時(shí)小車正以大小為 a的加速度向右做勻加速直線運(yùn)動，而M、m均相對小車靜止，細(xì)線與豎直方向的夾角為0,小車的加速度逐漸增大，M始終和小車保持相對靜止，當(dāng)加速度增加到2a時(shí)有A .橫桿對M的摩擦力增加了 MaB. 細(xì)線與豎直方向的夾角的正切值增加到原來的2倍C. 橫桿對M彈

7、力不變D. 細(xì)線的拉力等于原來的2倍11. 如圖1所示，小物塊靜止在傾角9=37°的粗糙斜面上.現(xiàn)對物塊施加一個(gè)沿斜面向下的推力F，力F的大小隨時(shí)間t的變化情況如圖2所示，物塊的速率 u隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖3所示，取sin37°0.6, cos37°0.8,重力加速度g=10m/s2.以下說法正確的選項(xiàng)是A .物塊的質(zhì)量為1kgC. 0D. 012. 如下列圖，一輕繩繞過無摩擦的兩個(gè)輕質(zhì)小定滑輪01、。2分別與質(zhì)量均為 m的小滑塊P和小球Q連接.光滑直桿兩端固定且與兩定滑輪在同一豎直平面內(nèi)，桿與水平面的夾 角為0,直桿上C點(diǎn)與兩定滑輪均在同一高度.設(shè)直桿足夠長，

8、小球運(yùn)動過程中不會與其他物體相碰.現(xiàn)將小物塊從 C點(diǎn)由靜止釋放，在其下滑過程中，以下說法正確的選項(xiàng)是 A .小滑塊P的動能先增加后減小B .小滑塊P的機(jī)械能先減小后增加C.小球Q的動能先增加后減小D 小球Q的機(jī)械能先減小后增加、實(shí)驗(yàn)題共10分13. 某活動小組利用圖甲裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律.鋼球自由下落過程中， 先后通過光電門A、B，計(jì)時(shí)裝置測出鋼球通過 A、B的時(shí)間分別為tA、tB.用鋼球通過光電門的平均速度 表示鋼球球心通過光電門的瞬時(shí)速度.測出兩光電門間的距離為 h,當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹?g.1用游標(biāo)卡尺測量鋼球的直徑，讀數(shù)如圖乙所示，鋼球直徑為D=cm.2要驗(yàn)證機(jī)械能守恒，只要比擬 .A

9、. D21 12 - 2與gh是否相等1B . D21土 2與2gh是否相等C. D21 12 - 255與gh是否相等1D. D2皇1J與2gh是否相等3鋼球通過光電門的平均速度 選填 '或N鋼球球心通過光電門的瞬時(shí)速度,由此產(chǎn)生的誤差選填 能或不能通過增加實(shí)驗(yàn)次數(shù)減小.14為驗(yàn)證 動能定理，即：合外力對物體做的功等于物體動能的變化，實(shí)驗(yàn)裝置如圖a,木板傾斜構(gòu)成斜面，斜面 B處裝有圖b所示的光電門 如圖c,用游標(biāo)卡尺測得擋光條的寬度為d 裝有擋光條的物塊由 A處靜止釋放后沿斜面加速下滑，讀出擋光條通過光電門的擋光時(shí)間t，那么物塊通過B處時(shí)的速度為用字母表示 測得A、B兩處的高度差為

10、H,水平距離L ;物塊與斜面的動摩擦因數(shù)為卩，為了完成實(shí)驗(yàn)，還必須知道的物理量是 _用文字及字母表示 如果實(shí)驗(yàn)結(jié)論得到驗(yàn)證，那么以上各物理量之間的關(guān)系滿足：H=_用字母表示二、計(jì)算題15質(zhì)量為40kg的雪橇在傾角9=37。的斜面上向下滑動如圖甲所示，所受的空氣阻力與速度成正比.今測得雪橇運(yùn)動的 v - t圖象如圖乙所示，且AD是曲線的切線，D點(diǎn)坐標(biāo)為4,15，BC 是曲線的漸近線，sin37°0.60，cos37°0.80，g 取 10m/s2.1試說明雪橇的運(yùn)動情況.先做什么運(yùn)動？加速度的大小怎樣變化？速度的大小怎樣變化？后來做什么運(yùn)動2當(dāng)雪橇的速度 v=5m/s時(shí)，它的

11、加速度為多大？16某星球的半徑為 R，在該星球外表某一傾角為B的山坡上以初速度 vo平拋一物體，經(jīng)過時(shí)間t該物體落到山坡上.1求該星球的環(huán)繞速度；2假設(shè)在距離該星球外表高h(yuǎn)處有一顆衛(wèi)星繞著星球做勻速圓周運(yùn)動，問：衛(wèi)星運(yùn)行的周期是多少？不計(jì)一切阻力17如下列圖，在水平軌道右側(cè)安放半徑為R的豎直圓槽形光滑軌道，水平軌道的PQ段鋪設(shè)特殊材料，調(diào)節(jié)其初始長度為I 水平軌道左側(cè)有一輕質(zhì)彈簧左端固定，彈簧處于自然伸長狀態(tài).小物塊 A可視為質(zhì)點(diǎn)從軌道右側(cè)以初速度V0沖上軌道，通過圓形軌道、水平軌道后壓縮彈簧并被彈簧以原速率彈回，經(jīng)水平軌道返回圓形軌道R=0.2m，l=1.0m，V0=2亡m/s，物塊A質(zhì)量為

12、m=1kg，與PQ段間的動摩擦因數(shù)為尸0.2，軌道其他局部摩擦不計(jì)，取g=10m/s2.求：1物塊A與彈簧剛接觸時(shí)的速度大小.2物塊A被彈簧以原速率彈回返回到圓形軌道的高度.3調(diào)節(jié)PQ段的長度I , A仍以vo從軌道右側(cè)沖上軌道，當(dāng)I滿足什么條件時(shí)，A物塊能 第一次返回圓形軌道且能沿軌道運(yùn)動而不會脫離軌道.四、選考題：共12分請考生從給出的 3選修中任選1個(gè)解答并在答題卡選答區(qū)域指定位 置答題.【物理-選修3-3】18以下說法正確的選項(xiàng)是A .單晶體冰糖磨碎后熔點(diǎn)不會發(fā)生變化B. 足球充足氣后很難壓縮，是因?yàn)樽闱騼?nèi)氣體分子間斥力作用的結(jié)果C. 一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)過等容過程，吸收熱量，其內(nèi)能一

13、定增加D 自然發(fā)生的熱傳遞過程是向著分子熱運(yùn)動無序性增大的方向進(jìn)行的E. 定質(zhì)量的理想氣體保持體積不變，單位體積內(nèi)分子數(shù)不變，雖然溫度升高，單位時(shí)間 內(nèi)撞擊單位面積上的分子數(shù)不變19某同學(xué)用一端封閉的U形管，研究一定質(zhì)量封閉氣體的壓強(qiáng)，如下列圖，U形管豎直放置，當(dāng)封閉氣柱長為 Lo時(shí)，兩側(cè)水銀面的高度差為h,大氣壓強(qiáng)為Po.求 封閉氣體的壓強(qiáng)用 cmHg作單位； 假設(shè)Lo=2Ocm, h=8.7cm，該同學(xué)用與U形管口徑相同的量筒往 U形管內(nèi)繼續(xù)緩慢注入 水銀，當(dāng)再注入13.3cm長水銀柱時(shí)，右側(cè)水銀面恰好與管口相平齊設(shè)環(huán)境溫度不變，求大氣壓強(qiáng)是多少 cmHg ?1L= jff h'I

14、 MM舟【物理-選修3-4】M是波20. 兩列相干波在同一水平面上傳播，某時(shí)刻它們的波峰、波谷位置如下列圖.圖中 峰與波峰相遇點(diǎn)，是凸起最高的位置之一以下說法正確的選項(xiàng)是A .發(fā)生干預(yù)的兩列波的頻率一定是相同的B. 圖中M、P、Q是振動加強(qiáng)的點(diǎn) N、0是振動減弱的點(diǎn)C. 圖中N點(diǎn)的位移始終都是零D .由圖中時(shí)刻經(jīng)丄，質(zhì)點(diǎn)M和0點(diǎn)處在平衡位置E. 兩列波的傳播速度的大小一定相同21. 某介質(zhì)中形成一列簡諧波，t=0時(shí)刻的波形如圖中實(shí)線所示1假設(shè)波向右傳播零時(shí)刻剛好傳到B點(diǎn)，且再經(jīng)過0.6s, P點(diǎn)也開始起振，求： 該列波的周期T ； 從t=0時(shí)刻起到P點(diǎn)第一次到達(dá)波谷的過程中，O點(diǎn)對平衡位置的位

15、移 yo及其所經(jīng)過的路程so各為多少？2假設(shè)此列波的傳播速度大小為20m/s，且波形由實(shí)線變?yōu)樘摼€需要經(jīng)歷0.525s時(shí)間，那么該列波的傳播方向如何？要寫出具體判斷過程2/.37 x/m【物理-選修3-5】22以下說法正確的選項(xiàng)是A 居里夫婦發(fā)現(xiàn)了鈾和含鈾礦物的天然放射現(xiàn)象B. 根據(jù)玻爾理論可知，氫原子輻射出一個(gè)光子后，氫原子的電勢能減小，核外電子的運(yùn)動 速度增大C. 德布羅意在愛因斯坦光子說的根底上提出物質(zhì)波的概念，認(rèn)為一切物體都具有波粒二象 性D 盧瑟福通過對 a粒子散射實(shí)驗(yàn)的研究，揭示了原子核的組成 巳赫茲在實(shí)驗(yàn)時(shí)無意中發(fā)現(xiàn)了一個(gè)使光的微粒理論得以東山再起的重要現(xiàn)象-光電效應(yīng)1423.盧

16、瑟福用a粒子轟擊氮核發(fā)現(xiàn)質(zhì)子發(fā)現(xiàn)質(zhì)子的核反響為：-4 rni一N+ Het - 0+ H .氮核質(zhì)量為 mN=14.00753u，氧核的質(zhì)量為 mo=17.00454u，氦核質(zhì)量mHe=4.00387u，質(zhì)子氫核質(zhì)量為 mp=1.00815u .：1uc2=931MeV，結(jié)果保 留2位有效數(shù)字求：1這一核反響是吸收能量還是放出能量的反響？相應(yīng)的能量變化為多少？2假設(shè)入射氦核以v0=3 x 107m/s的速度沿兩核中心連線方向轟擊靜止氮核.反響生成的 氧核和質(zhì)子同方向運(yùn)動，且速度大小之比為1 : 50.求氧核的速度大小.2022-2022學(xué)年吉林省吉林大學(xué)附中高三上月考物理 試卷9月份參考答案與

17、試題解析、選擇題每題 4分，共48分全選對得4分，選不全得2分，有錯(cuò)選不得分1. 如下列圖為某質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動的 v-t圖象，24s內(nèi)圖線為半圓形，假設(shè)4s末質(zhì)點(diǎn)回到了出發(fā)點(diǎn), 那么以下說法正確的選項(xiàng)是A 12s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的加速度大小為 8m/s2B. 24s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的位移大小為 8mC. 3s末質(zhì)點(diǎn)的速度為8m/sD. 3s末質(zhì)點(diǎn)的加速度等于零【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動的圖像；勻變速直線運(yùn)動的速度與時(shí)間的關(guān)系.【分析】由圖可讀出速度的變化情況，分析物體的運(yùn)動情況，速度圖象的斜率等于加速度.由2s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的加圖線 面積求出位移，由此分析解答.【解答】解：A、12s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的加速度為速度大小為8m/s2，故A正確；B

18、、4s末質(zhì)點(diǎn)回到了出發(fā)點(diǎn)，所以24s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的位移大小等于1 - 2s的位移大小，為xX 2 X 8=8m，故 B 正確；124C、設(shè)3s末質(zhì)點(diǎn)的速度大小為 v.圖線面積表示位移，那么n/2=8，所以v=m/s，故C 錯(cuò)誤.D、3s末圖線的斜率為零，所以此時(shí)加速度為零，故D正確;應(yīng)選：ABDOA和OB將質(zhì)量分布均勻的鐵板勻速吊離地面，以下2. 如下列圖，吊車用兩根等長的繩子 說法中不正確的選項(xiàng)是A .繩越長，每根繩對鐵板拉力越小B .兩根繩子對鐵板的拉力和鐵板的重力是共點(diǎn)力C.兩根繩子對鐵板拉力的合力豎直向上D 繩越長，兩根繩對鐵板拉力的合力越小【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力

19、.【分析】對繩0A和0B的拉力應(yīng)用平行四邊形定那么求合力，根據(jù)平衡條件其合力應(yīng)該與鐵板的重力等大反向，繩越長，兩繩夾角越小，由圖解法分析繩子拉力的變化.【解答】解：A、對繩0A和0B的拉力應(yīng)用平行四邊形定那么求合力，如圖，根據(jù)平衡條件 兩繩子拉力的合力始終等于鐵板的重力，即不變，當(dāng)繩子變長后，兩繩夾角變小，如圖中紅線所示，但其合力不變，由圖可以看出繩子拉力變小，故A正確.B、一個(gè)物體受到幾個(gè)外力的作用，如果這幾個(gè)力有共同的作用點(diǎn)或者這幾個(gè)力的作用線交于一點(diǎn)，這幾個(gè)外力稱為共點(diǎn)力，兩根繩子對鐵板的拉力和鐵板的重力其延長線會交于0點(diǎn)，故它們是共點(diǎn)力，故 B正確；C、根據(jù)平衡條件兩繩子拉力的合力與鐵

20、板的重力等大反向，那么兩根繩子對鐵板拉力的合力 豎直向上，C正確；D、 兩根繩對鐵板拉力的合力等于鐵板的重力，保持不變，故D錯(cuò)誤；此題選錯(cuò)誤的，應(yīng)選：D3. 將某均勻的長方體鋸成如下列圖的A、B兩塊后，放在水平桌面上并排放在一起，現(xiàn)用水平力F垂直于B的左邊推B物體，使A、B整體仍保持矩形沿 F方向勻速運(yùn)動，那么A .物體A在水平方向上受三個(gè)力的作用，且合力為零B .物體A在水平方向上受兩個(gè)力的作用，且合力為零C. B對A的壓力等于桌面對 A的摩擦力D . B對A的作用力方向與 F方向相同【考點(diǎn)】牛頓第二定律；摩擦力的判斷與計(jì)算.【分析】A、B兩木板在水平面做勻速運(yùn)動，合力均為零，根據(jù)平衡條件分

21、析受力情況，分 析的結(jié)果必須滿足條件.【解答】解：AB、對木板A分析受力情況：木板 A在水平面受到水平向左的滑動摩擦力 f, B的彈力NBA和摩擦力fBA，豎直方向受重力和桌面的支持力， 所以A受到5個(gè)力作用，水 平方向受3個(gè)力作用，合力為零.故 A正確，B錯(cuò)誤.C、 B對A的壓力和靜摩擦力的合力與桌面對A的滑動摩擦力等值反向，故C錯(cuò)誤.D、 B對A的作用力即NBA和fBA的合力，作出NBA和fBA的合力如圖，根據(jù)平衡條件得知： NBA和fBA的合力與f大小相等，方向相反，與 F相同，故D正確.應(yīng)選：AD .4. 某一時(shí)刻a、b兩物體以不同的速度經(jīng)過某一點(diǎn)，并沿同一方向做勻加速直線運(yùn)動， 兩物

22、體的加速度相同，那么在運(yùn)動過程中A. a、b兩物體速度之差保持不變B. a、b兩物體速度之差與時(shí)間成正比C. a、b兩物體位移之差與時(shí)間成正比D. a、b兩物體位移之差與時(shí)間平方成正比【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動的速度與時(shí)間的關(guān)系；勻變速直線運(yùn)動規(guī)律的綜合運(yùn)用.【分析】根據(jù) V=Vt - Vo可知，加速度相同時(shí) a、b兩物體初速度設(shè)為 Vi V2那么速度之差 計(jì)算可得；根據(jù) X=V ot+at2得，位移之差計(jì)算可得.【解答】解：A、B、根據(jù) V=V t- Vo可知，加速度相同時(shí) a、b初速度設(shè)為Vi、V2那么速度 之差為： Vab=Va-Vb=Vi+at- V2+at=Vi - V2;故 A 正確，

23、B 錯(cuò)誤；C、D、根據(jù) X=V ot+厶at2得，位移之差為： X=X a- Xb= Vitat2- V2tlat2 £上/=Vi-V2t,故C正確，D錯(cuò)誤.應(yīng)選：AC5. 如下列圖，M為固定在水平桌面上的有缺口的方形木塊，abcd為半徑是R的g光滑圓弧形軌道，a為軌道的最高點(diǎn)，地面水平且有一定長度. 今將質(zhì)量為m的小球在d點(diǎn)的正上方高 為h處由靜止釋放，讓其自由下落到 d處切入軌道內(nèi)運(yùn)動，不計(jì)空氣阻力，那么A 只要h大于R，釋放后小球就能通過 a點(diǎn)B .只要改變h的大小，就能使小球通過 a點(diǎn)后，既可能落回軌道內(nèi)，又可能落到de面上C.無論怎樣改變h的大小，都不可能使小球通過a點(diǎn)后落

24、回軌道內(nèi)D調(diào)節(jié)h的大小，可以使小球飛出 de面之外即e的右側(cè)【考點(diǎn)】向心力；機(jī)械能守恒定律.【分析】根據(jù)牛頓第二定律分析小球的加速度與質(zhì)量的關(guān)系.假設(shè)小球恰能通過 a點(diǎn)，其條件是小球的重力提供向心力， 根據(jù)牛頓第二定律可解得小球此時(shí)的速度，用平拋運(yùn)動的規(guī)律：水平方向的勻速直線運(yùn)動， 豎直方向的自由落體運(yùn)動規(guī)律求出水平距離，由機(jī)械能守恒定律可求得h，分析小球能否通過 a點(diǎn)后落回軌道內(nèi).【解答】解：A、小球恰能通過a點(diǎn)的條件是小球的重力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律:解得：V=十mg=;:一 R根據(jù)動能定理:得："假設(shè)要釋放后小球就能通過a點(diǎn)，那么需滿足故A錯(cuò)誤;小球離開a點(diǎn)時(shí)做平拋運(yùn)動，

25、用平拋運(yùn)動的規(guī)律,水平方向的勻速直線運(yùn)動：x=vt豎直方向的自由落體運(yùn)動：R=1 gt2,2解得：x=R> R，故無論怎樣改變 h的大小，都不可能使小球通過 a點(diǎn)后落回軌道內(nèi)，小 球?qū)⑼ㄟ^a點(diǎn)不可能到達(dá)d點(diǎn).只要改變h的大小，就能改變小球到達(dá) a點(diǎn)的速度，就有可 能使小球通過a點(diǎn)后，落在de之間.故B錯(cuò)誤，CD正確.應(yīng)選：CD.6輕桿一端固定在光滑水平軸 0上，另一端固定一質(zhì)量為 m的小球，如下列圖給小球一初 速度，使其在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動， 且剛好能通過最高點(diǎn) P,以下說法正確的選項(xiàng)是A .小球在最高點(diǎn)時(shí)對桿的作用力為零B .小球在最高點(diǎn)時(shí)對桿的作用力為mgC.假設(shè)增大小球的初速度，

26、那么在最高點(diǎn)時(shí)球?qū)U的力一定增大D 假設(shè)增大小球的初速度，那么在最高點(diǎn)時(shí)球?qū)U的力可能為零【考點(diǎn)】向心力；牛頓第二定律.【分析】由題，小球剛好能通過最高點(diǎn)P,速度為零，根據(jù)牛頓第二定律研究桿對小球的作用力，再由牛頓第三定律研究小球?qū)U作用力.由牛頓第二定律討論增大小球的初速度時(shí)， 在最高點(diǎn)桿對球的作用力情況.【解答】解：A、B以小球?yàn)檠芯繉ο?，設(shè)在最高點(diǎn)時(shí)桿對小球的作用力大小為F,方向豎直向上.小球剛好能通過最高點(diǎn) P,速度為零，根據(jù)牛頓第二定律得， mg- F=m =0,即 有F=mg，再由牛頓第三定律得到，小球在最高點(diǎn)時(shí)對桿的作用力也為mg.故A錯(cuò)誤，B正確.C、由上得到F=mg - m，

27、增大小球的初速度，當(dāng) v=£.二|時(shí)，F(xiàn)=0，在最高點(diǎn)時(shí)球?qū)U的 力為零，球?qū)U的作用力減小.故C錯(cuò)誤，D正確.應(yīng)選BD7.嫦娥一號探月衛(wèi)星繞地運(yùn)行一段時(shí)間后，離開地球飛向月球如下列圖是繞地飛行的三 條軌道，1軌道是近地圓形軌道，2和3是變軌后的橢圓軌道.A點(diǎn)是2軌道的近地點(diǎn)，B點(diǎn)是2軌道的遠(yuǎn)地點(diǎn)，衛(wèi)星在軌道1的運(yùn)行速率為7.7km/s，那么以下說法中正確的選項(xiàng)是 A 衛(wèi)星在2軌道經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的速率一定大于 7.7 km/sB 衛(wèi)星在2軌道經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速率一定大于 7.7 km/sC.衛(wèi)星在3軌道所具有的機(jī)械能小于在2軌道所具有的機(jī)械能D 衛(wèi)星在3軌道所具有的最大速率小于在2軌道所具有

28、的最大速率【考點(diǎn)】萬有引力定律及其應(yīng)用.【分析】當(dāng)衛(wèi)星的速度變大，使萬有引力不夠提供向心力時(shí)，衛(wèi)星會做離心運(yùn)動，軌道變高, 衛(wèi)星在經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)，要做離心運(yùn)動才能沿 2軌道運(yùn)動.當(dāng)衛(wèi)星的速度減小，使萬有引力大于向心力時(shí)，衛(wèi)星做近心運(yùn)動，軌道變低，衛(wèi)星經(jīng)過B速度變小.衛(wèi)星的運(yùn)動的軌道高度越高，需要的能量越大，具有的機(jī)械能越大.衛(wèi)星在軌道2經(jīng)過A點(diǎn)要加速做離心運(yùn)動才能進(jìn)入軌道3.2軌道運(yùn)動，衛(wèi)星在1軌道上的【解答】解：A、衛(wèi)星在經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)，要做離心運(yùn)動才能沿速度為7.7km/s，故在2軌道上經(jīng)過 A點(diǎn)的速度一定大于 7.7km/s 故A正確.B、假設(shè)有一圓軌道經(jīng)過B點(diǎn)，根據(jù)可知此軌道上的速度小于7.7

29、km/s，衛(wèi)星在B點(diǎn)速度減小，才會做近心運(yùn)動進(jìn)入2軌道運(yùn)動故衛(wèi)星在 2軌道經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速率一定小于7.7km/s，故B錯(cuò)誤.C、衛(wèi)星的運(yùn)動的軌道高度越高，需要的能量越大，具有的機(jī)械能越大，所以衛(wèi)星在3軌道所具有的機(jī)械能一定大于 2軌道所具有的機(jī)械能，故 C錯(cuò)誤.D、根據(jù)開普勒第二定律可知近月點(diǎn)速度大于遠(yuǎn)月點(diǎn)速度，故比擬衛(wèi)星在軌道 3經(jīng)過A點(diǎn)和軌道2經(jīng)過A點(diǎn)的速度即可，又因?yàn)樾l(wèi)星在軌道2經(jīng)過A點(diǎn)要加速做離心運(yùn)動才能進(jìn)入軌道3,故衛(wèi)星在3軌道所具有的最大速率大于 2軌道所具有的最大速率故 D錯(cuò)誤.V- t圖象.0tl時(shí)間內(nèi)為勻加速階段， 勺t2時(shí) t2后是與t軸平行的直線，那么以下說法正確的選應(yīng)選

30、：A 8如下列圖為汽車在水平路面上啟動過程的 間內(nèi)表示以額定功率行駛時(shí)的變加速階段, 項(xiàng)是 A . 0ti時(shí)間內(nèi)，牽引力增大，功率不變B. 0ti時(shí)間內(nèi)，牽引力不變，故功率不變C. tlt2時(shí)間內(nèi)，功率不變，加速度減小D. tit2時(shí)間內(nèi)，牽引力做的功為 2_mv22-丄mvi22 2【考點(diǎn)】動能定理的應(yīng)用；功率、平均功率和瞬時(shí)功率.【分析】0ti時(shí)間內(nèi)為勻加速階段，加速度不變，根據(jù)牛頓第二定律得出牽引力的變化， 結(jié)合P=Fv判斷功率的變化在tit2時(shí)間內(nèi)功率不變，根據(jù) P=Fv判斷牽引力的變化，結(jié) 合牛頓第二定律判斷加速度的變化.根據(jù)動能定理求牽引力做的功.【解答】解：AB、在0ti時(shí)間內(nèi)，

31、汽車做勻加速直線運(yùn)動，加速度不變，根據(jù)牛頓第二定 律得，F(xiàn)- f=ma，牽引力不變根據(jù) P=Fv知，功率增大故 A、B錯(cuò)誤.C、tit2時(shí)間內(nèi)，功率不變，根據(jù)P=Fv知速度增大，牽引力減小，根據(jù)牛頓第二定律得: a= -，知加速度減小.故 C正確.mvi2.可知牽引力做功W不等于D、tit2時(shí)間內(nèi)，根據(jù)動能定理得，W - Wfmv22丄加-丄mvi2.故D錯(cuò)誤.應(yīng)選：CB點(diǎn)速度仍為6m/s，假設(shè)物 9如下列圖，一物塊以 6m/s的初速度從曲面 A點(diǎn)下滑，運(yùn)動到 體以7m/s的初速度仍由A點(diǎn)下滑，那么運(yùn)動到 B點(diǎn)時(shí)的速度A .大于7 m/s B.小于7m/sC.等于7m/s D.條件缺乏，無法計(jì)

32、算【考點(diǎn)】動能定理的應(yīng)用；向心力.【分析】物體從曲面的 A點(diǎn)下滑過程中，重力和摩擦力做功，當(dāng)物體下滑的速度增大時(shí)，運(yùn)用向心力知識分析軌道對物體支持力的變化，判斷摩擦力如何變化， 確定物體克服摩擦力做功的大小，分析動能變化量的大小，再求出物體運(yùn)動到B點(diǎn)時(shí)的速度范圍.【解答】解：第一次物體從曲面的A點(diǎn)下滑過程中，動能變化量為零，那么重力做的功等于克服摩擦力做的功.第二次物體下滑時(shí)速度增大，在同一點(diǎn)物體所需要的向心力增大，軌道對物體的支持力增大，那么物體對軌道的壓力增大，物體所受的滑動摩擦力隨之增大，從A運(yùn)動到B,路程相等，那么物體下滑過程中克服摩擦力做功將增大，所以重力做功將小于克服摩擦力做功，總

33、功為負(fù)值，根據(jù)動能定理得知，物體的動能減小，第一次下滑過程動能變化量為零，第二次那么有 寺mvB2-gmvA2v 0，得：vb< vA=7m/s應(yīng)選：Bi0.如下列圖，be為固定在車上的水平橫桿，物塊M串在桿上，靠摩擦力保持相對桿靜止，M又通過細(xì)線懸吊著一個(gè)小鐵球m,此時(shí)小車正以大小為 a的加速度向右做勻加速直線運(yùn)動，而M、m均相對小車靜止，細(xì)線與豎直方向的夾角為0,小車的加速度逐漸增大，M始終和小車保持相對靜止，當(dāng)加速度增加到2a時(shí)有-J2存QQA 橫桿對M的摩擦力增加了 MaB .細(xì)線與豎直方向的夾角的正切值增加到原來的2倍C. 橫桿對M彈力不變D. 細(xì)線的拉力等于原來的 2倍【考點(diǎn)

34、】牛頓第二定律；物體的彈性和彈力.【分析】先對小球受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列式分析；再對小球和滑塊整體受力分析, 根據(jù)牛頓第二定律列式求解.【解答】解：對小球受力分析，受重力mg和細(xì)線的拉力T,如圖y* mc 'A MXm>OO.根據(jù)牛頓第二定律，有Tsin O=maTcosB- mg=0 M+mg、支持力N、摩擦力f,如圖再對m和M整體受力分析，受總重力根據(jù)牛頓第二定律，有f= M +ma N - M+mg=0由解得：aN= M+mgT=Vm( a4-g f= M +ma當(dāng)加速度變?yōu)?倍時(shí)，摩擦力f變?yōu)?倍，故A錯(cuò)誤;支持力N不變，故C正確；B的正切變?yōu)樵瓉淼?2倍，故B正確

35、；由于 叫且柱 2，故T不是增加原來的2倍，故D錯(cuò)誤; 應(yīng)選：BC.11 如圖1所示，小物塊靜止在傾角9=37 °的粗糙斜面上現(xiàn)對物塊施加一個(gè)沿斜面向下的推力F，力F的大小隨時(shí)間t的變化情況如圖2所示，物塊的速率 u隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖3所示，取sin37°0.6, cos37°0.8,重力加速度g=10m/s2.以下說法正確的選項(xiàng)是A .物塊的質(zhì)量為1kgC. 0D. 0【考點(diǎn)】動能定理的應(yīng)用；功率、平均功率和瞬時(shí)功率.【分析】由F - t圖象求出力的大小，由 v - t圖象判斷物體的運(yùn)動狀態(tài)， 應(yīng)用牛頓第二定律、平衡條件與滑動摩擦力公式求出物塊的質(zhì)量與動摩擦

36、因數(shù)； 由運(yùn)動學(xué)公式求出物塊的位移，由功的計(jì)算公式求出功，由功率公式可以求出功率.【解答】解：A、由速度圖象知在13s時(shí)間內(nèi)，物塊做勻加速直線運(yùn)動，由牛頓第二定律 得：+mgsin 0- jimgcos 9=ma,0.8-0 22由v- t圖象可知，加速度：a=m/s22.在34s時(shí)間內(nèi)，物塊做勻速直線運(yùn)動，由平衡條件得：pmgcos 0 - mgsin 0=0.4N ,解得：m=1kg ,尸0.8，故A正確，B錯(cuò)誤;F=0.8N ,C、由v- t圖象可知，01s時(shí)間內(nèi)，物塊靜止，力 F不做功，13s時(shí)間內(nèi)，力 物塊的位移x=£xx 22m=0.8m , 03s內(nèi)力F做功的平均功率為

37、：W=0.213W，故 C 錯(cuò)誤;D、03s時(shí)間內(nèi)物體克服摩擦力做的功為：WfX 1 x 10X cos37°x 0.8=5.12J，故D正確.應(yīng)選：AD .12. 如下列圖，一輕繩繞過無摩擦的兩個(gè)輕質(zhì)小定滑輪01、。2分別與質(zhì)量均為 m的小滑塊P和小球Q連接.光滑直桿兩端固定且與兩定滑輪在同一豎直平面內(nèi)，桿與水平面的夾 角為0,直桿上C點(diǎn)與兩定滑輪均在同一高度.設(shè)直桿足夠長，小球運(yùn)動過程中不會與其他物體相碰.現(xiàn)將小物塊從 C點(diǎn)由靜止釋放，在其下滑過程中，以下說法正確的選項(xiàng)是 A .小滑塊P的動能先增加后減小B 小滑塊P的機(jī)械能先減小后增加C.小球Q的動能先增加后減小D .小球Q的機(jī)

38、械能先減小后增加【考點(diǎn)】功能關(guān)系；動能和勢能的相互轉(zhuǎn)化.【分析】小滑塊從 C點(diǎn)由靜止釋放，滑塊與 Oi的距離減小，小球下降，當(dāng)連接滑塊P的細(xì)繩與直桿恰垂直時(shí)，滑塊 C與Oi的距離到達(dá)最小，此時(shí)小球的速度恰為零，然后滑塊與的 Oi距離再增大.分析清楚物體運(yùn)動過程，然后判斷物體速度變化情況，在判斷滑塊動能與 重力勢能及機(jī)械能的變化情況.【解答】解：A、小滑塊從c點(diǎn)由靜止釋放，滑塊與 Oi的距離先減小后增大，小滑塊的速 度先增大后減小，滑塊的動能先增大后減小，在該過程中，繩子拉力對滑塊先做正功后做負(fù) 功，滑塊的機(jī)械能先增大后減小，故 A正確，B錯(cuò)誤；CD、小滑塊從C點(diǎn)由靜止釋放，滑塊與 Oi的距離減

39、小，小球下降，當(dāng)連接滑塊P的細(xì)繩與直桿恰垂直時(shí)，滑塊 C與Oi的距離到達(dá)最小，此時(shí)小球的速度恰為零，然后滑塊與的Oi距離再增大，小球再上升，在這個(gè)過程中小球速度先增大，后減小，再增大，動能先增 大、后減小、再增大，繩子拉力先對小球做負(fù)功，然后再做正功，小球的機(jī)械能先減小后增 大，故C錯(cuò)誤，D正確.應(yīng)選：AD、實(shí)驗(yàn)題共i0分i3.某活動小組利用圖甲裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律.鋼球自由下落過程中， 先后通過光電門h,當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹?g.D= 0.950 cm.A、B，計(jì)時(shí)裝置測出鋼球通過 A、B的時(shí)間分別為tA、tB.用鋼球通過光電門的平均速度 表示鋼球球心通過光電門的瞬時(shí)速度.測出兩光電門間的距

40、離為i用游標(biāo)卡尺測量鋼球的直徑，讀數(shù)如圖乙所示，鋼球直徑為2要驗(yàn)證機(jī)械能守恒，只要比擬D .與gh是否相等與gh是否相等C. D2A. D2與2gh是否相等與2gh是否相等D.DB .3鋼球通過光電門的平均速度v 選填、或Z鋼球球心通過光電門的瞬時(shí)速度，由此產(chǎn)生的誤差不能 選填能或不能通過增加實(shí)驗(yàn)次數(shù)減小.木板傾斜構(gòu)成斜面，斜面B處裝有圖b所示的光電門甲王【考點(diǎn)】驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律.【分析】1解決此題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)， 不需估讀.2禾9用小球通過光電門的平均速度來代替瞬時(shí)速度，由此可以求出小鐵球通過光電門時(shí)的瞬時(shí)速度，根據(jù)機(jī)械能守恒的表達(dá)式可以求出所要求的關(guān)系

41、式.3根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的規(guī)律判斷求解.x 10mm=0.50mm，所以最終讀數(shù)為： 0.950cm .n2利用小球通過光電門的平均速度來代替瞬時(shí)速度，故：v=_ ,t1 JL根據(jù)機(jī)械能守恒的表達(dá)式有：mgh=mD2-:2 D1 即只要比擬D2活-一廠 與2gh是否相等, 應(yīng)選：D.3根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的規(guī)律得鋼球通過光電門的平均速度等于這個(gè)過程中中間時(shí)刻速 度，所以鋼球通過光電門的平均速度v鋼球球心通過光電門的瞬時(shí)速度，由此產(chǎn)生的誤差不能通過增加實(shí)驗(yàn)次數(shù)減小.2D3v,不能.a.14. 為驗(yàn)證 動能定理，即:合外力對物體做的功等于物體動能的變化，實(shí)驗(yàn)裝置如圖 如圖C,用游標(biāo)卡尺測得擋光條的寬

42、度為d 裝有擋光條的物塊由 A處靜止釋放后沿斜面加速下滑，讀出擋光條通過光電門的擋光時(shí)間t，那么物塊通過B處時(shí)的速度為 V-用字母表示 測得A、B兩處的高度差為 H,水平距離L ;物塊與斜面的動摩擦因數(shù)為卩，為了完成實(shí)驗(yàn)，還必須知道的物理量是當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?g 用文字及字母表示 如果實(shí)驗(yàn)結(jié)論得到驗(yàn)證，那么以上各物理量之間的關(guān)系滿足：H= ' 丁宀'： 用字I -2£t£ r母表示.【考點(diǎn)】探究功與速度變化的關(guān)系.【分析】物塊通過光電門的時(shí)間非常小，因此可以平均速度代替其通過的瞬時(shí)速度，據(jù) 此可以求出物塊通過光電門時(shí)的速度大小；根據(jù)動能定理，結(jié)合滑動摩擦力做

43、功的表達(dá)式，即可求解.【解答】解：擋光條的物塊通過光電門時(shí)的速度為V=(. 根據(jù)物塊下滑過程中，重力與滑動摩擦力做的功，等于動能的增加，貝U有：！ mvB2=mgH _|jmgcose? _ - =mgH - mgL；| Z!COE O為了完成實(shí)驗(yàn)，還必須知道的物理量是重力加速度g； 根據(jù)動能定理，那么有：mvB2=mgH - mgL ;解得：H=故答案為：2；當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭；5廣tI2 二、計(jì)算題15. 質(zhì)量為40kg的雪橇在傾角9=37。的斜面上向下滑動如圖甲所示，所受的空氣阻力與速 度成正比.今測得雪橇運(yùn)動的 v - t圖象如圖乙所示，且AD是曲線的切線，D點(diǎn)坐標(biāo)為4,15，BC 是

44、曲線的漸近線，sin37°0.60 , cos37°=0.80, g 取 10m/s2.1試說明雪橇的運(yùn)動情況.先做什么運(yùn)動？加速度的大小怎樣變化？速度的大小怎樣變化？后來做什么運(yùn)動2當(dāng)雪橇的速度 v=5m/s時(shí)，它的加速度為多大？3求空氣阻力系數(shù) k和雪橇與斜坡間的動摩擦因數(shù)仏【考點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動規(guī)律的綜合運(yùn)用.【分析】1通過V-t圖象，可知開始時(shí)速度逐漸增加，通過增加的幅度可知開始時(shí)的運(yùn) 動類型，當(dāng)速度增加到 10m/s時(shí)，速度不再變化，繼而可知以后做勻速直線運(yùn)動.2通過AD是曲線最左端那一點(diǎn)的切線，可求得當(dāng)速度為5m/s時(shí)的加速度.3找到兩個(gè)特殊狀態(tài)，

45、一個(gè)是速度為5m/s時(shí)，一個(gè)是勻速運(yùn)動時(shí)，利用運(yùn)動學(xué)公式結(jié)合牛頓運(yùn)動定律列式，即可求得空氣阻力的系數(shù)和動摩擦因數(shù).【解答】解：1v - t圖象的斜率表示加速度的大小，由圖可知，雪橇開始時(shí)做加速度減小 的加速直線運(yùn)動，最后做勻速直線運(yùn)動.2當(dāng)v=5m/s時(shí)，雪橇的加速度為：.二一丁; 一匚1,3空氣阻力為fi=kv，雪橇與斜坡間的摩擦力為f2= mgcos 0取人和雪橇為研究對象，由牛頓第二定律有：mgsin 0- fi - f2=ma即： mgsin 0- kv - jimgcos 0=ma由v- t圖象可知，to=0時(shí)，vo2當(dāng)速度到達(dá)最大值時(shí)，vm=iom/s, a=0答：1雪橇開始時(shí)做加

46、速度減小的加速直線運(yùn)動，最后做勻速直線運(yùn)動；2.3空氣阻力系數(shù)k為37.5kg/s，雪橇與斜坡間的動摩擦因數(shù)為0.125.16某星球的半徑為 R，在該星球外表某一傾角為0的山坡上以初速度 vo平拋一物體，經(jīng)過時(shí)間t該物體落到山坡上.1求該星球的環(huán)繞速度；2假設(shè)在距離該星球外表高h(yuǎn)處有一顆衛(wèi)星繞著星球做勻速圓周運(yùn)動，問：衛(wèi)星運(yùn)行的周期是多少？不計(jì)一切阻力【考點(diǎn)】萬有引力定律及其應(yīng)用.【分析】1根據(jù)平拋運(yùn)動規(guī)律列出水平方向和豎直方向的位移等式，結(jié)合幾何關(guān)系求出重力加速度.忽略地球自轉(zhuǎn)的影響，根據(jù)萬有引力等于重力列出等式.使物體繞著星球外表做勻速圓周運(yùn)動，由萬有引力定律充當(dāng)向心力可求得環(huán)繞速度.2由

47、萬有引力提供向心力即可求出在距離該星球外表高h(yuǎn)處的周期.【解答】解：1由題意可知，是要求該星球上的近地衛(wèi)星的繞行速度，也即為第一宇宙速度.設(shè)該星球外表處的重力加速度為g,由平拋運(yùn)動規(guī)律可得：1 2 _tan 匸，y= gt , x=vot,聯(lián)立解得:g=an0對于繞該星球做勻速圓周運(yùn)動的近地衛(wèi)星，應(yīng)有：mg=m _K_Rj2 vnRt an6¥ t2由萬有引力提供向心力:解得：v= .=.推得:|2rhRt答：1該星球的環(huán)繞速度是彳；2假設(shè)在距離該星球外表高h(yuǎn)處有一顆衛(wèi)星繞著星球做勻速圓周運(yùn)動，衛(wèi)星運(yùn)行的周期2HR+h I是1'-，17.如下列圖，在水平軌道右側(cè)安放半徑為R的

48、豎直圓槽形光滑軌道，水平軌道的PQ段鋪設(shè)特殊材料，調(diào)節(jié)其初始長度為I.水平軌道左側(cè)有一輕質(zhì)彈簧左端固定，彈簧處于自然伸長狀態(tài)小物塊 A可視為質(zhì)點(diǎn)從軌道右側(cè)以初速度vo沖上軌道，通過圓形軌道、水平軌道后壓縮彈簧并被彈簧以原速率彈回，經(jīng)水平軌道返回圓形軌道R=0.2m , I=1.0m ,vo=2 . 'm/s，物塊A質(zhì)量為m=1kg，與PQ段間的動摩擦因數(shù)為尸0.2，軌道其他局部摩擦不計(jì)，取g=10m/s2.求：nnrIJ1物塊A與彈簧剛接觸時(shí)的速度大小.2物塊A被彈簧以原速率彈回返回到圓形軌道的高度.3調(diào)節(jié)PQ段的長度I , A仍以V0從軌道右側(cè)沖上軌道，當(dāng)I滿足什么條件時(shí)，A物塊能

49、第一次返回圓形軌道且能沿軌道運(yùn)動而不會脫離軌道.【考點(diǎn)】動能定理的應(yīng)用；牛頓第二定律；向心力.【分析】1物塊A從Q到P過程中，運(yùn)用動能定理，結(jié)合摩擦力做功，從而求出物塊A與彈簧剛接觸時(shí)的速度大小.2根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式求得回到圓軌道的速度大小，再根據(jù)動能定理求出 A能夠上升的高度,并討論能否到達(dá)此高度.3A物塊能返回圓形軌道且能沿軌道運(yùn)動而不會脫離軌道，要么能夠越過圓軌道的最高點(diǎn)，要么在圓軌道中上升的高度不要超過圓軌道的半徑，結(jié)合動能定理、動量守恒定律和牛頓第二定律求出I所滿足的條件.【解答】解：1物塊A沖上圓形軌道后回到最低點(diǎn)速度為vo= . : m/s,與彈簧接觸瞬間，.二可得，物塊A與彈簧剛接

50、觸時(shí)的速度大小 耳二2也m/s； 2A被彈簧以原速率 vi彈回，向右經(jīng)過 PQ段，有v2 -1 2卩呂1;解得A速度V2=2m/s,1 nA滑上圓形軌道，有 -irighnO - 2,也可以應(yīng)用-'1一 :.可得，返回到右邊軌道的高度為h=0.2m=R，符合實(shí)際.3物塊A以vo沖上軌道直到回到 PQ段右側(cè)，有r 丨，可得，A回到右側(cè)速度：*|要使A能返回右側(cè)軌道且能沿軌道運(yùn)動而不脫離軌道，那么有： 假設(shè)A沿軌道上滑至最大高度 h時(shí)，速度減為0，那么h滿足：0v hw R,Hi根據(jù)機(jī)械能守恒： 亍叭'廠口呂hw Iv 1.5m; 假設(shè)A能沿軌道上滑至最高點(diǎn)，貝U滿足：+叭'

51、;國乂賀+寺耐':且rn2L_L>mg,聯(lián)立得I w 0.25m，綜上所述，要使 A物塊能第一次返回圓形軌道并沿軌道運(yùn)動而不脫離軌 道，w I v 1.5m 或 I w 0.25m ;答：1物塊A與彈簧剛接觸時(shí)的速度大小為2. !m/s.2物塊A被彈簧以原速率彈回返回到圓形軌道的高度0.2m.w I v 1.5m 或 I w 0.25m .四、選考題：共12分請考生從給出的 3選修中任選1個(gè)解答并在答題卡選答區(qū)域指定位置答題.【物理-選修3-3】18以下說法正確的選項(xiàng)是A .單晶體冰糖磨碎后熔點(diǎn)不會發(fā)生變化B. 足球充足氣后很難壓縮，是因?yàn)樽闱騼?nèi)氣體分子間斥力作用的結(jié)果C. 一定

52、質(zhì)量的理想氣體經(jīng)過等容過程，吸收熱量，其內(nèi)能一定增加D 自然發(fā)生的熱傳遞過程是向著分子熱運(yùn)動無序性增大的方向進(jìn)行的E. 定質(zhì)量的理想氣體保持體積不變，單位體積內(nèi)分子數(shù)不變，雖然溫度升高，單位時(shí)間 內(nèi)撞擊單位面積上的分子數(shù)不變【考點(diǎn)】熱力學(xué)第一定律；*晶體和非晶體；封閉氣體壓強(qiáng).【分析】晶體有固定的熔點(diǎn)， 非晶體沒有固定的熔點(diǎn)； 足球充足氣后很難壓縮是由于足球內(nèi) 外的壓強(qiáng)差的原因；根據(jù)熱力學(xué)第一定律解釋其內(nèi)能的變化；自然發(fā)生的熱傳遞過程是向著分子熱運(yùn)動無序性增大的方向進(jìn)行的；體積不變，單位體積內(nèi)分子數(shù)不變，溫度升高，單位時(shí)間內(nèi)撞擊單位面積上的分子數(shù)增大.【解答】解：A 單晶體和多晶體有固定的熔點(diǎn)

53、，非晶體沒有固定的熔點(diǎn)，故A錯(cuò)誤.B、足球充足氣后很難壓縮是由于足球內(nèi)外的壓強(qiáng)差的原因，與氣體的分子之間的作用力無 關(guān).故B錯(cuò)誤.C. 一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)過等容過程，吸收熱量，沒有對外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可 知，其內(nèi)能一定增加，故 C正確.D .根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，自然發(fā)生的熱傳遞過程是向著分子熱運(yùn)動無序性增大的方向 進(jìn)行的，故D正確；E、一定質(zhì)量的理想氣體保持體積不變，單位體積內(nèi)分子數(shù)不變，溫度升高，分子的平均動 能增大，那么平均速率增大，單位時(shí)間內(nèi)撞擊單位面積上的分子數(shù)增大.應(yīng)選：ACD19. 某同學(xué)用一端封閉的 U形管，研究一定質(zhì)量封閉氣體的壓強(qiáng)，如下列圖，U形管豎直放置，當(dāng)封閉氣柱長為 Lo時(shí)，兩側(cè)水銀面的高度差為h,大氣壓強(qiáng)為Po.求 封閉氣體的壓強(qiáng)用 cmHg作單位； 假設(shè)Lo=2Ocm, h=8.7cm，該同學(xué)用與U形管口徑相同的量筒往 U形管內(nèi)繼續(xù)緩慢注入 水銀，當(dāng)再注入13.3cm長水銀柱時(shí)，右側(cè)水銀面恰好與管口相平齊.設(shè)環(huán)境溫度不變，求大氣壓強(qiáng)是多少 cmHg ?【考點(diǎn)】氣體的等溫變化.【分析】以密封氣體為研究對象，密封氣體的壓強(qiáng)等于高度差與大氣壓強(qiáng)的和; 密封氣體做等溫變化，求出密封氣體的長度然后由波意爾定律即可求得.【解答】解：封閉