高考仿真模擬卷18-教師版

1、.高考仿真模擬卷18限時(shí)：70分鐘第卷一、選擇題此題共8小題，每題6分，在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第15小題只有一項(xiàng)符合題目要求，第68題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分1.以下是有關(guān)近代物理內(nèi)容的假設(shè)干表達(dá)，其中不正確的是 A紫外線(xiàn)照射到金屬鋅板外表時(shí)能產(chǎn)生光電效應(yīng)，那么當(dāng)增大紫外線(xiàn)的照射強(qiáng)度時(shí)，從鋅板外表逸出的光電子的最大初動(dòng)能也隨之增大B每個(gè)核子只跟鄰近的核子發(fā)生核力作用C太陽(yáng)內(nèi)部發(fā)生的核反響是熱核反響D關(guān)于原子核內(nèi)部的信息，最早來(lái)自天然放射現(xiàn)象解析：1A.光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率有關(guān)與光照強(qiáng)度無(wú)關(guān)，因此增大光照強(qiáng)度，光子的最大初動(dòng)能不變，故

2、A錯(cuò)誤；B.核子為短程力，只能跟鄰近的核子產(chǎn)生核力的作用，故B正確；C.原子核式構(gòu)造模型是由盧瑟福在粒子散射實(shí)驗(yàn)根底上提出的，故C錯(cuò)誤；D.太陽(yáng)內(nèi)部發(fā)生的是熱核反響，故D正確；E.關(guān)于原子核內(nèi)部的信息，最早來(lái)自于天然放射性現(xiàn)象，故E正確2.如下圖，一物體以速度v0沖上粗糙的固定斜面，經(jīng)過(guò)2t0時(shí)間返回斜面底端，那么物體運(yùn)動(dòng)的速度v以初速度方向?yàn)檎S時(shí)間t的變化關(guān)系可能正確的選項(xiàng)是解析：由于上滑時(shí)摩擦力沿斜面想下，合外力為重力分力和摩擦力之和，加速度大小不變，沿斜面向下；下滑時(shí)摩擦力沿斜面向上，合外力為重力分力和摩擦力之差，加速度大小不變，方向沿斜面向下；所以上滑時(shí)加速度大，所以速度圖象斜率大；

3、下滑時(shí)加速度小，所以速度圖象的斜率小，且此過(guò)程中，摩擦力做功，使物塊到達(dá)底端的速率變小，上滑和下滑的位移大小相等，上滑時(shí)加速度大，根據(jù)可xat2知，下滑時(shí)間長(zhǎng)，故C正確，A、B、D錯(cuò)誤答案：C3.如圖3所示為一孤立的負(fù)點(diǎn)電荷形成的靜電場(chǎng)，一帶電粒子僅在電場(chǎng)力的作用下以某一速度進(jìn)入該電場(chǎng)，依次經(jīng)過(guò)A、B、C三點(diǎn)，其中A、C兩點(diǎn)與負(fù)點(diǎn)電荷的間隔 相等，B點(diǎn)是軌跡上間隔 負(fù)點(diǎn)電荷最近的點(diǎn)。那么以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是圖3A粒子運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的速率最大B相鄰兩點(diǎn)間的電勢(shì)差關(guān)系為UABUBCC該粒子帶負(fù)電，并且在B點(diǎn)時(shí)的加速度最大D粒子在B點(diǎn)的電勢(shì)能小于在C點(diǎn)的電勢(shì)能解析根據(jù)題述及題圖，該粒子受到負(fù)點(diǎn)電荷的斥力

4、作用，因此該粒子帶負(fù)電，粒子從A點(diǎn)到B點(diǎn)速度減小，從B點(diǎn)到C點(diǎn)速度增大，運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，電子的速度最小，A錯(cuò)誤；由于A、C兩點(diǎn)與負(fù)點(diǎn)電荷的間隔 相等，那么這兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，UABUBC，B錯(cuò)誤；根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)的疏密可得，B點(diǎn)處的電場(chǎng)線(xiàn)最密，所以粒子在B點(diǎn)時(shí)受到的電場(chǎng)力最大，加速度最大，C正確；在粒子由B點(diǎn)向C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，那么帶電粒子在B點(diǎn)的電勢(shì)能大于在C點(diǎn)的電勢(shì)能，D錯(cuò)誤。答案C4如圖7所示，一輕彈簧的左端固定，右端與一小球相連，小球處于光滑程度面上?，F(xiàn)對(duì)小球施加一個(gè)方向程度向右的恒力F，使小球從靜止開(kāi)場(chǎng)運(yùn)動(dòng)，那么小球在向右運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中圖7A小球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械

5、能守恒B小球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能逐漸增大C小球的動(dòng)能逐漸增大D小球的機(jī)械能逐漸增大解析小球在向右運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中，力F做正功，由功能關(guān)系知小球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能逐漸增大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，選項(xiàng)B正確；彈力一直增大，當(dāng)彈力等于F時(shí)，小球的速度最大，動(dòng)能最大，當(dāng)彈力大于F時(shí)，小球開(kāi)場(chǎng)做減速運(yùn)動(dòng)，速度減小，動(dòng)能減小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，選項(xiàng)D正確。答案B5如圖5所示為某種電磁泵模型的示意圖，泵體是長(zhǎng)為L(zhǎng)1，寬與高均為L(zhǎng)2的長(zhǎng)方體。泵體處在方向垂直向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，泵體的上下外表接電壓為U的電源內(nèi)阻不計(jì)，理想電流表示數(shù)為I，假設(shè)電磁泵和水面高度差為h，液體的電阻率為，在t時(shí)間內(nèi)抽取液體的質(zhì)量為

6、m，不計(jì)液體在流動(dòng)中和管壁之間的阻力，取重力加速度為g，那么圖5A泵體上外表應(yīng)接電源負(fù)極B電磁泵對(duì)液體產(chǎn)生的推力大小為BIL1C電源提供的電功率為D質(zhì)量為m的液體分開(kāi)泵時(shí)的動(dòng)能為UItmghI2t解析當(dāng)泵體上外表接電源的正極時(shí)，電流從上向下流過(guò)泵體，這時(shí)受到的磁場(chǎng)力程度向左，拉動(dòng)液體，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；電磁泵對(duì)液體產(chǎn)生的推力大小為FBIL2，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；電源提供的電功率為PUI，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)電阻定律，泵體內(nèi)液體的電阻為R·，那么液體消耗的熱功率為PI2RI2，而電源提供的電功率為UI，假設(shè)在t時(shí)間內(nèi)抽取液體的質(zhì)量為m，根據(jù)能量守恒定律，可得這部分液體分開(kāi)泵時(shí)的動(dòng)能為EkUItmghI2

7、t，選項(xiàng)D正確。答案D62019年2月7日，木星發(fā)生“沖日現(xiàn)象“木星沖日是指木星和太陽(yáng)正好分處地球的兩側(cè)，三者成一條直線(xiàn)木星和地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的方向一樣，公轉(zhuǎn)軌跡都近似為圓設(shè)木星公轉(zhuǎn)半徑為R1，周期為T(mén)1；地球公轉(zhuǎn)半徑為R2，周期為T(mén)2，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是A.B.C“木星沖日這一天象的發(fā)生周期為D“木星沖日這一天象的發(fā)生周期為解析：AB.由開(kāi)普勒第三定律得：，解得：，故A錯(cuò)誤，B正確；CD.當(dāng)?shù)厍蚝湍拘沁\(yùn)行到太陽(yáng)兩側(cè)，三者排成一條直線(xiàn)，到地球與木星相距最近，兩者轉(zhuǎn)過(guò)的角度相差2，所以tt2，解得：t，故C錯(cuò)誤，D正確答案：BD7如下圖，矩形平面導(dǎo)線(xiàn)框abcd位于堅(jiān)直平面內(nèi)，程度邊ab長(zhǎng)l1，豎

8、直邊bc和l2，線(xiàn)框質(zhì)量為m，電阻為R.線(xiàn)框下方有一磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向與線(xiàn)框平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，該區(qū)域的上、下邊界PP和QQ均與ab平行，兩邊界間的間隔 為H，H>l2.讓線(xiàn)框從dc邊距邊界PP的間隔 為h處自由下落，在dc邊進(jìn)入磁場(chǎng)后、ab邊到達(dá)邊界PP前的速度為v，那么A當(dāng)dc邊剛進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)，線(xiàn)框速度為B當(dāng)ab邊剛到達(dá)邊界PP時(shí)，線(xiàn)框速度為C當(dāng)dc邊剛到達(dá)邊界QQ時(shí)，線(xiàn)框速度為D從線(xiàn)框開(kāi)場(chǎng)下落到dc邊剛到達(dá)邊界QQ的過(guò)程中，線(xiàn)框產(chǎn)生的焦耳熱為mghl2解析：A.從線(xiàn)框開(kāi)場(chǎng)下落到dc邊剛進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)，線(xiàn)框做自由落體運(yùn)動(dòng)，下落高度為h，由v22gh，得當(dāng)dc邊剛進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)，線(xiàn)框速度為v，故

9、A正確；B.當(dāng)ab邊剛到達(dá)邊界PP時(shí)，根據(jù)平衡條件dc邊受力平衡，得：mg，解得：v1，故B錯(cuò)誤；C.從ab邊剛到達(dá)邊界PP，到dc邊剛到達(dá)邊界QQ時(shí)，線(xiàn)框下落高度為Hl2，由于Hl2，所以這一階段只有重力做功，那么由動(dòng)能定理，得：mgHl2mvmv，解得：v2，故C正確；D.從線(xiàn)框開(kāi)場(chǎng)下落到dc邊剛到達(dá)邊界QQ的過(guò)程中，由能量守恒，得：mgHhQmv ，那么線(xiàn)框產(chǎn)生的焦耳熱：QmgHhmvmgH2hl2，故D錯(cuò)誤答案：AC8某興趣小組用實(shí)驗(yàn)室的手搖發(fā)電機(jī)和理想變壓器給一個(gè)燈泡供電，電路如圖，當(dāng)線(xiàn)圈以較大的轉(zhuǎn)速n勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，電壓表示數(shù)是U1，額定電壓為U2的燈泡正常發(fā)光，燈泡正常發(fā)光時(shí)電功率為

10、 P，手搖發(fā)電機(jī)的線(xiàn)圈電阻是r，那么有A電流表的示數(shù)是B變壓器原副線(xiàn)圈的匝數(shù)比是U2U1C變壓器輸入電壓的瞬時(shí)值uU2sin 2ntD手搖發(fā)電機(jī)線(xiàn)圈中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)最大值是Em解析：A.理想變壓器的輸入功率和輸出功率相等，燈泡正常發(fā)光時(shí)電功率為P，所以輸入功率為P，電流表的示數(shù)是，故A正確；B.電壓與匝數(shù)成正比，所以變壓器的原副線(xiàn)圈的匝數(shù)比是U1U2.故B錯(cuò)誤；C.線(xiàn)圈以較大的轉(zhuǎn)速n勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，所以2n，所以變壓器輸入電壓的瞬時(shí)值uU1sin 2nt，故C錯(cuò)誤；D.手搖發(fā)電機(jī)的線(xiàn)圈中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)最大值是Em，故D正確答案：AD第卷二、填空題94分如下圖，兩端帶有固定薄擋板的長(zhǎng)木板C的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，總

11、質(zhì)量為，與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，其光滑上外表靜置兩質(zhì)量分別為m、的物體A、B，其中兩端帶有輕質(zhì)彈簧的A位于C的中點(diǎn)?，F(xiàn)使B以程度速度2v0向右運(yùn)動(dòng)，與擋板碰撞并瞬間粘連而不再分開(kāi)，A、B可看作質(zhì)點(diǎn)，彈簧的長(zhǎng)度與C的長(zhǎng)度相比可以忽略，所有碰撞時(shí)間極短，重力加速度為g，那么B、C碰撞后瞬間的速度大小是_，A、C第一次碰撞時(shí)彈簧具有的最大彈性勢(shì)能是_。解析：B、C碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：×2v0v1 解得：v1v0設(shè)A、C第一次碰撞前瞬間C的速度為v2對(duì)B、C根據(jù)動(dòng)能定理有：2mg×mvmv當(dāng)A與B和C第一次碰撞具有共同速度v3時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能最

12、大，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：mv22mv3由能量守恒定律得：Epmmv×2mv解得：EpmmvmgL答案：v0；mvmgL106分某實(shí)驗(yàn)中學(xué)的物理興趣實(shí)驗(yàn)小組利用如圖13甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證系統(tǒng)的機(jī)械能守恒定律。將一氣墊導(dǎo)軌傾斜地固定在程度桌面上，導(dǎo)軌的傾角為，在氣墊導(dǎo)軌的左端固定一光滑的定滑輪，在靠近滑輪的B處固定一光電門(mén)，將質(zhì)量為m的小球通過(guò)一質(zhì)量不計(jì)的細(xì)線(xiàn)與一帶有遮光板的總質(zhì)量為M的滑塊相連接?，F(xiàn)將帶有遮光板的滑塊由氣墊導(dǎo)軌的A處由靜止釋放，通過(guò)計(jì)算機(jī)測(cè)出遮光板的擋光時(shí)間為t，用游標(biāo)卡尺測(cè)出遮光板的寬度為b，用刻度尺測(cè)出A、B之間的間隔 為d。假設(shè)滑塊在

13、B處的瞬時(shí)速度等于擋光時(shí)間t內(nèi)的平均速度。由以上的表達(dá)答復(fù)以下問(wèn)題：圖131假設(shè)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)如圖乙所示，那么遮光板的寬度為_(kāi) mm；2滑塊到達(dá)光電門(mén)B處的瞬時(shí)速度vB為_(kāi)；用字母表示3假如該小組的同學(xué)測(cè)得氣墊導(dǎo)軌的傾角30°，在滑塊由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中，系統(tǒng)動(dòng)能增加量Ek為 _，系統(tǒng)重力勢(shì)能減少量Ep為_(kāi)，假設(shè)在誤差允許的范圍內(nèi)EkEp，那么滑塊與小球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。重力加速度用g表示。以上結(jié)果均用字母表示4在驗(yàn)證了機(jī)械能守恒定律后，該小組的同學(xué)屢次改變A、B間的間隔 d，并作出了v2d圖象，如圖丙所示，假如Mm，那么g_ m/s2。解析1游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為3 mm17&#

14、215; mm3.85 mm；2滑塊到達(dá)光電門(mén)B處的瞬時(shí)速度為vB；3系統(tǒng)動(dòng)能增加量為EkMmv，系統(tǒng)重力勢(shì)能減少量為EpmgdMgdsin 30°mgd；4根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得mgdMmv2，又Mm，那么g2，由v2d圖象可知4.8 m/s2，可得g9.6 m/s2。答案13.8523mgd49.611.8分某學(xué)習(xí)小組的同學(xué)設(shè)計(jì)了如下圖的電路來(lái)測(cè)量定值電阻R0的阻值約為幾歐到十幾歐及電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r.實(shí)驗(yàn)器材有：待測(cè)電源，待測(cè)電阻R0，電流表A量程為0.6A，內(nèi)阻不計(jì)，電阻箱R099.9，開(kāi)關(guān)S1和S2，導(dǎo)線(xiàn)假設(shè)干 1先測(cè)電阻R0的阻值。請(qǐng)將學(xué)習(xí)小組同學(xué)的操作補(bǔ)充完好：先閉

15、合S1和S2，調(diào)節(jié)電阻箱，讀出其示數(shù)R1和對(duì)應(yīng)的電流表示數(shù)I，然后_，使電流表的示數(shù)仍為I，讀出此時(shí)電阻箱的示數(shù)R2.那么電阻R0的表達(dá)式為R0_. 2同學(xué)們通過(guò)上述操作，測(cè)得電阻R09.5 ，繼續(xù)測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r.該小組同學(xué)的做法是：閉合S1，斷開(kāi)S2，屢次調(diào)節(jié)電阻箱，讀出多組電阻箱示數(shù)R和對(duì)應(yīng)的電流表示數(shù)I，如下表數(shù)據(jù)： 組數(shù)12345電阻R/03.06.012.018.0電流I/A0.500.400.330.250.20 根據(jù)給定的坐標(biāo)系并結(jié)合以上數(shù)據(jù)描點(diǎn)作圖利用圖象求出該電源的電動(dòng)勢(shì)E_V，內(nèi)阻r_保存兩位有效數(shù)字答案：1斷開(kāi)S2，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值；R1R2；2如下圖6；2.5

16、.三、計(jì)算題1216分 如下圖，一質(zhì)量m0.4 kg的滑塊可視為質(zhì)點(diǎn)靜止于動(dòng)摩擦因數(shù)0.1的程度軌道上的A點(diǎn)現(xiàn)對(duì)滑塊施加一程度外力，使其向右運(yùn)動(dòng)，外力的功率恒為P10.0 W經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后撤去外力，滑塊繼續(xù)滑行至B點(diǎn)后程度飛出，恰好在C點(diǎn)沿切線(xiàn)方向進(jìn)入固定在豎直平面內(nèi)的光滑圓弧形軌道，軌道的最低點(diǎn)D處裝有壓力傳感器，當(dāng)滑塊到達(dá)傳感器上方時(shí)，傳感器的示數(shù)為25.6 N軌道AB的長(zhǎng)度L2.0 m，半徑OC和豎直方向的夾角37°，圓形軌道的半徑R0.5 m空氣阻力可忽略，重力加速度g10 m/s2，sin 37°0.6，cos 37°0.8，求：1滑塊運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)速度v

17、c的大?。?B、C兩點(diǎn)的高度差h及程度間隔 x；3程度外力作用在滑塊上的時(shí)間t.解析：1滑塊運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)，由牛頓第二定律得：FNmgm 滑塊由C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的過(guò)程，由機(jī)械能守恒定律得：mgR1cos mvmv 代入數(shù)據(jù)，聯(lián)立解得： vC5 m/s2滑塊在C點(diǎn)速度的豎直分量為：vyvcsin 3 m/sB、C兩點(diǎn)的高度差為：hm0.45 m滑塊由B運(yùn)動(dòng)到C所用的時(shí)間為：t10.3 s滑塊運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的速度為：vBvCcos 4 m/sB、C間的程度間隔 ：xvBt14×0.3 m1.2 m3滑塊由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)B點(diǎn)的過(guò)程，由動(dòng)能定理得：PtmgLmv 代入數(shù)據(jù)解得： t0.4 s答案：15 m

18、/s；20.45 m、1.2 m；30.4 s13.18分如圖21所示，寬度為L(zhǎng)的足夠長(zhǎng)的平行金屬導(dǎo)軌固定在絕緣程度面上，導(dǎo)軌的兩端連接阻值為R的電阻。導(dǎo)軌所在空間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。一根質(zhì)量m的導(dǎo)體棒MN放在導(dǎo)軌上與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)體棒的有效電阻也為R，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。導(dǎo)體棒MN的初始位置與導(dǎo)軌最左端間隔 為L(zhǎng)，導(dǎo)軌的電阻可忽略不計(jì)。圖211假設(shè)用一平行于導(dǎo)軌的恒定拉力F拉動(dòng)導(dǎo)體棒沿導(dǎo)軌向右運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中保持導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌垂直，求導(dǎo)體棒最終的速度；2假設(shè)導(dǎo)體棒的初速度為v0，導(dǎo)體棒向右運(yùn)動(dòng)L停頓，求此過(guò)程導(dǎo)體棒中產(chǎn)生的熱量；3假設(shè)磁場(chǎng)隨時(shí)間均勻變化，磁感應(yīng)強(qiáng)度BB0ktk>0，開(kāi)場(chǎng)導(dǎo)體棒靜止，從t0時(shí)刻起，求導(dǎo)體棒經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間開(kāi)場(chǎng)運(yùn)動(dòng)以及運(yùn)動(dòng)的方向。解析1導(dǎo)體棒最終勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)最終速度為v，EBLv，I，F(xiàn)mgBIL，v。2由能量守恒定律得mvmgLQ，回路中產(chǎn)生的總熱量QmvmgL，Q棒mvmgL。3EL2kL2，I。導(dǎo)體棒恰好運(yùn)動(dòng)時(shí)B0ktILmg，解得t，由楞次定律得導(dǎo)體棒將向左運(yùn)動(dòng)。答案12mvmgL3向左運(yùn)動(dòng)1420分如下圖，在空間中存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其豎直邊界AB、CD的寬度為d，在邊界AB左側(cè)是豎直向下、場(chǎng)