上海市虹口區(qū)2020屆高三物理一?？荚囋囶}(含解析)

1、上海市虹口區(qū)2021屆高三物理一模測試試題含解析一、選擇題1 .以下物理量中,屬于矢量的是A.電勢B.磁感應(yīng)強(qiáng)度C.磁通量D.電流強(qiáng)度【答案】B【解析】【詳解】矢量既有大小,又有方向,磁感應(yīng)強(qiáng)度是矢量,故B正確；標(biāo)量只有大小沒有方向,電勢、磁通量和電流強(qiáng)度都是標(biāo)量,故ACD昔誤.所以B正確,ACD昔誤.2 .以下現(xiàn)象中屬于靜電利用的是A.油罐車上有鐵鏈拖到地面B.飛機(jī)輪胎用導(dǎo)電橡膠制作C.屋頂安裝避雷針D.汽車外表噴涂油漆【答案】D【解析】油罐車在運輸過程中產(chǎn)生靜電,假設(shè)不及時導(dǎo)走,當(dāng)人碰到會被擊傷,通過連接地線導(dǎo)走是靜電的預(yù)防,故A錯誤；飛機(jī)在地面上滑行時,輪胎與地面摩擦而帶上靜電,飛機(jī)輪胎

2、用導(dǎo)電橡膠制作是為了預(yù)防靜電的危害,故B錯誤；下雨天,云層帶電打雷,往往在屋頂安裝避雷針,是導(dǎo)走靜電,預(yù)防觸電,故C錯誤；汽車外表噴涂油漆屬于靜電的應(yīng)用,故D正確；應(yīng)選D.【點睛】物體帶電的本質(zhì)是電荷的轉(zhuǎn)移,出現(xiàn)多余的電荷從而帶電,所以靜電的產(chǎn)生有利有弊.3 .在勻強(qiáng)磁場中A、B兩點分別引入長度相等的長直導(dǎo)線,導(dǎo)線與磁場方向垂直,如圖所示,圖中a、b兩條圖線分別表示在磁場中A、B兩點導(dǎo)線所受磁場力F和通過導(dǎo)線的電流關(guān)系,關(guān)于AB兩點的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小區(qū)以下說法正確的選項是A.匕"B.鼠豆C.B.“所D.無法比擬【答案】B【解析】根據(jù)公式廣函,可知口圖象的斜率為BL,由于長度相等,故斜率

3、越大,表示磁感應(yīng)強(qiáng)度越大,故A點的磁感應(yīng)強(qiáng)度大于B點的磁感應(yīng)強(qiáng)度；故ACD昔誤,B正確;應(yīng)選B.4 .不同質(zhì)量的兩個物體由同一地點以相同的動能豎直向上拋出,不計空氣阻力,那么這兩個物體A.所能到達(dá)的最大高度和最大重力勢能都相同B.所能到達(dá)的最大高度和最大重力勢能均不同C.所能到達(dá)的最大高度不同,但最大重力勢能相同D.所能到達(dá)的最大高度相同,但最大重力勢能不同【答案】C【解析】物體豎直上拋到最高點,速度為零,根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：廉-力磔,解得：m不同,目相等,故最大高度h不同,而最大重力勢能"mgh耳相同,故ABD昔誤,C正確,應(yīng)選C.【點睛】物體豎直向上拋出,不計空氣阻力,物體的機(jī)

4、械能守恒,到達(dá)最大高度時動能為0,根據(jù)機(jī)械能守恒定律判斷重力勢能的大小關(guān)系即可.5 .如下圖,以下速度一時間圖像中,表示兩個做自由落體運動的物體同時落地的【答案】D【解析】自由落體運動的初速度為0,速度隨時間均勻增大,圖線甲有初速度,不是自由落運動的初速度為體運動,故A錯誤；自由落體運動的加速度相同,都為g,所以圖線斜率相等,圖象應(yīng)平行,故B錯誤；圖線甲有初速度,不是自由落體運動,故C錯誤；自由落體0,速度隨時間均勻增大,加速度相同,所以圖線的斜率相等,圖象平行,同時落地,即在同一時刻落地,故D正確；應(yīng)選D.6.一輛汽車正在水平公路上轉(zhuǎn)彎,沿曲線由M向N行駛,速度逐漸增大.以下四幅F的方向,可

5、能正確的選項是圖中畫出的汽車所受合力【答案】B【解析】【詳解】因汽車M向N行駛,故速度方向沿切線向上,由曲線運動條件知C錯誤；又因速度逐漸增大,故F與速度夾角為銳角,故A、D錯誤,故此題B正確.7 .將地球視為理想球體,且只考慮自轉(zhuǎn),不考慮其繞太陽的運動,那么A.南回歸線與北回歸線上各點的線速度都相等8 .赤道上各點的向心加速度重力重力加速度C.地球外表和內(nèi)部各點的向心加速度方向均指向地心D.在地球的某一條半徑上,各點的線速度均與它到地心的距離成正比【答案】D【解析】由于回歸線上各點的線速度方向并不相同,故線速度不相等,故A錯誤；向心加速度是指各點做圓周運動的加速度,所以赤道上各點的向心加速度

6、不同于重力加速度,故B錯誤；地球外表各點向心加速度的方向都指向地軸的一點,只有赤道上各點向心加速度的方向指向地心,故C錯誤；因各點的角速度相同,由記詞可知,在地球的某一條半徑上,各點的線速度均與它到地心的距離成正比,故D正確,應(yīng)選D.【點睛】地面上的物體隨地球自轉(zhuǎn)做勻速圓周運動,角速度相等,根據(jù)向心加速度公式口后分析向心加速度的關(guān)系.由匚二國分析線速度的大小關(guān)系.向心加速度的方向指向圓心.8.如下圖,在純下端掛一物體,用力F作用于O點,使懸線偏離豎直方向的夾角為a,且保持物體平衡.設(shè)F與水平方向的夾角為B,在保持a角不變的情況下,要使拉力F的值最小,那么B應(yīng)等于C. 0D. 2a【答案】A【解

7、析】O點受三個拉力處于平衡,向上的兩個拉力的合力大小等于物體的重力,方向豎直向上,根據(jù)作圖法,作出力的變化圖象由圖可知,當(dāng)F與天花板相連的繩子垂直時,拉力F最小,根據(jù)幾何關(guān)系知Q.故A正確,BCD昔誤,應(yīng)選A.【點睛】對結(jié)點O受力分析,抓住拉物體繩子的拉力大小和方向都不變,與天花板相連繩子拉力方向不變,通過作圖法求出拉力的最小值.9.磁敏電阻在沒有磁場時電阻很小,在有磁場時電阻很大,并且磁場越強(qiáng)阻值越大,為了探測有無磁場,利用磁敏電阻作為傳感器設(shè)計了如下圖電路,電源電動勢E和內(nèi)阻r不變,在沒有磁場時,條件變阻器R使電燈發(fā)光,當(dāng)探測裝置從無磁場區(qū)進(jìn)入強(qiáng)磁場區(qū)設(shè)電燈L不會燒壞,那么A.電燈L變亮B

8、.電流表示數(shù)增大C.變阻器R的功率增大D.磁敏電阻兩端的電壓減小探測裝置從無磁場區(qū)進(jìn)入強(qiáng)磁場區(qū)時,其電阻變大,電路的總電阻變大,根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電路中的總電流I變小,所以電流表的示數(shù)減小；根據(jù)id,可知I減小,路端電壓U增大,所以燈泡兩端的電壓增大,那么電燈L變亮,故流過電燈L的電流增大,而總電流I減小,那么流過磁敏電阻的電流減小,由于在進(jìn)入強(qiáng)磁場區(qū)后沒有改變滑動變阻器滑片的位置,即滑動變阻器的有效阻值不變,根據(jù)叫可知變阻器R的功率減小,根據(jù)匚國可知,R兩端的電壓減小,而路端電壓增大,故磁敏電阻兩端的電壓增大,故A正確,BCD昔誤；應(yīng)選A.10.如下圖,在有界勻強(qiáng)磁場中水平放置相互平行

9、的金屬導(dǎo)軌,導(dǎo)軌電阻不計,導(dǎo)軌上金屬桿ab與導(dǎo)線接觸良好,磁感線垂直導(dǎo)軌平面向上俯視圖,導(dǎo)軌與處于磁場外的大線圈M相接,欲使置于M內(nèi)的小閉合線圈N產(chǎn)生順時針方向的感應(yīng)電流,C. ab加速向左運動D. ab勻速向左運動【答案】C【解析】ab勻速向右運動,切割磁感線產(chǎn)生的電動勢：E=BLm可知感應(yīng)電動勢不變,那么產(chǎn)生的感應(yīng)電流不變,故由感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場也不變,那么穿過線圈N的磁通量不變,故N線圈不產(chǎn)生感應(yīng)電流,故A錯誤；ab加速向右運動,ab切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢：E=BLv,可知感應(yīng)電動勢增大,產(chǎn)生的感應(yīng)電流增大,故由感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場也增大,那么穿過N的磁通量增大,由右手定那么可知,ab

10、產(chǎn)生的感應(yīng)電流由a流向b,由安培定那么可知,穿過N的磁場方向垂直于紙面向里,由楞次定律可知,N中產(chǎn)生逆時針方向的感應(yīng)電流,故B錯誤；ab加速向左運動時,感應(yīng)電動勢：E=BLv可知感應(yīng)電動勢增大,故感應(yīng)電流增大,故由感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場也增大,那么穿過線圈N的磁通量增大,由右手定那么與楞次定律可知,N中產(chǎn)生順時針方向的感應(yīng)電流,故C正確；ab勻速向左運動,切割磁感線產(chǎn)生的電動勢：E=BLv,可知感應(yīng)電動勢不變,那么產(chǎn)生的感應(yīng)電流不變,故由感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場也不變,那么穿過線圈N的磁通量不變,故N線圈不產(chǎn)生感應(yīng)電流,故D錯誤；應(yīng)選C.11.一個質(zhì)量為國的箱子放在水平地面上,箱內(nèi)用一段固定長度的輕質(zhì)細(xì)

11、線栓一質(zhì)量為m的小球,線的另一端拴在箱子的頂板上,現(xiàn)把細(xì)線和球拉到左側(cè)與豎直方向成9角處靜止釋放,如下圖,在小球擺動的過程中箱子始終保持靜止,那么以下判斷正確的選項是A.在小球擺動的過程中,線的張力呈周期性變化,但箱子對地面的作用力始終保持B.小球擺到右側(cè)最高點時,地面受到的壓力為+m對,箱子受到地面向左的靜摩擦C.小球擺到最低點時,地面受到的壓力為國踵,箱子不受地面的摩擦力D.小球擺到最低點時,繩對箱頂?shù)睦Υ笥趍g箱子對地面的壓力大于4m電【答案】D【解析】在小球擺動的過程中,速度越來越大,對小球受力分析根據(jù)牛頓第二定律可知：=,繩子在豎直方向的分力為：P-Pss.=哨8岷m卜晨,由于速度

12、越來越大,角度©越來越小,故回越大,故箱子對地面的作用力增大,在整個運動過程中箱子對地面的作用力時刻變化,故A錯誤；小球擺到右側(cè)最高點時,小球有垂直于純斜向下的加速度,對整體由于箱子不動加速度為,口為小球在豎直方向的加速度,根據(jù)牛頓第二定律可知：N1：11啦飛八1%卜mJ,那么有：卜hhl-mjgnia,故pb：M寸喻山根據(jù)牛頓第三定律可知對地面的壓力小于直五面,故B錯誤；在最低點,小球受到的重力和拉力的合力提供向心力,由牛頓第二定律有：r-mg-,聯(lián)立解得：l=m呂十,那么根據(jù)牛頓第三定律知,球?qū)ο涞睦Υ笮?rrr.T.w4niL,故此時箱子對地面的壓力為:、(,M卜用矩-T=

13、(M+m旭*mg4m一,故小球擺到最低點時,繩對箱頂?shù)睦Υ笥邗郔,箱子對地面的壓力大于山口國,故C錯誤,D正確,應(yīng)選D.【點睛】對m運動分析,判斷出速度大小的變化,根據(jù)牛頓第二定律求得繩子的拉力,即可判斷出M與地面間的相互作用力的變化,在最低點,球受到的重力和拉力的合力提供向心力,由牛頓第二定律求出繩子的拉力,從而得到箱子對地面的壓力.12.一質(zhì)點做簡諧振動,振幅為A,周期為T,O為平衡位置,B、C為兩側(cè)最大位移處,從經(jīng)過位置PP與QB、C三點均不重合時開始計時,那么以下說法正確的選項是A.經(jīng)過寸,質(zhì)點的平均速度必小于B.經(jīng)過寸,質(zhì)點的路程不可能大于A,但可能小于AC.經(jīng)過寸,質(zhì)點的瞬時速度

14、不可能與經(jīng)過時相等D.經(jīng)過,質(zhì)點的瞬時速度與經(jīng)過P點時速度方向可能相同也可能相反【解析】質(zhì)點的半個周期內(nèi)的路程為2A,由于開始時的位置不是在最大位移處,所以質(zhì)點的位移一定小于2A,那么半個周期內(nèi)的平均速度:,故A正確；質(zhì)點在平衡位置附近的速度較大,而在最大位移附近的速度較小,所以假設(shè)質(zhì)點從P點開始時運動的方向指向平衡位置,那么質(zhì)點在內(nèi)的路程要大于A;假設(shè)質(zhì)點從P點開始時運動的方向遠(yuǎn)離平衡位置,那么質(zhì)點子在內(nèi)的路程要小于A.故B錯誤；假設(shè)質(zhì)點開始時向平衡位置運動,經(jīng)過時,假設(shè)質(zhì)點到達(dá)與P對稱的位置,那么質(zhì)點的瞬時速度與經(jīng)過P時的瞬時速度是相等的,故C錯誤；根據(jù)振動的周期性可知,經(jīng)過半個周期后,質(zhì)

15、點速度方向一定與開始時速度的方向相反,故D錯誤；應(yīng)選A.【點睛】由振幅的定義可得出質(zhì)點的振幅；由質(zhì)點振動的過程可求解通過的路程及位移；經(jīng)過半個周期后,質(zhì)點速度方向一定與開始時速度的方向相反.二、填空題13.國際單位制中力學(xué)的根本物理量是長度、時間和;用國際單位制根本單位表示磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位,仃=【答案】.質(zhì)量(2).應(yīng)至【解析】國際單位制中,長度、質(zhì)量、時間三個物理量被選作力學(xué)的根本物理量,力學(xué)的三個根本單位分別是米、千克、秒；磁感應(yīng)強(qiáng)度；,磁感應(yīng)強(qiáng)度單位為T,那么N1T=1-=Am14 .如下圖,兩金屬棒ab、cd放在磁場中,并組成閉合電路,當(dāng)ab棒向左運動時,cd棒受到向下的磁場力,那么可

16、知磁極I是極,理由是【答案】1.S2.由左手定那么判斷電流方向c-d,從而電流是b-a,根據(jù)右手定那么,磁感線垂直穿過手心,I為S極【解析】I是S極,理由是：由左手定那么判斷電流方向c-d,從而電流是b-a,根據(jù)右手定那么,磁感線垂直穿過手心,故I為S極.15 .如圖為點電荷Q產(chǎn)生的電場,圖中虛線為等勢線,假設(shè)將兩個帶正電檢驗電荷和運分別從A、B兩點移動到無窮遠(yuǎn)處的過程中,外力克服電場力做功均為西其中h囹,那么A點電勢因=Vg的電荷量選填“等于"、“小于或“大于用的電荷量.【答案】1.-32.大于【解析】從A、B兩點移動到無窮遠(yuǎn)處的過程中,外力克服電場力做功均為卜=電勢能增加卜.回,

17、以無窮遠(yuǎn)為零勢點,同在A點電勢能為限=6S,根據(jù)電勢公式,A點電勢以=±=三3V,根據(jù)題意A點電勢高于B點電勢,A點到無窮遠(yuǎn)處q力位的電勢差大于B點到無窮遠(yuǎn)處的電勢差,由電場力做功公式W=qU的電荷量大于日的電荷量.16 .如下圖電路,MN是一對平行金屬板,將N板接地.電源電動勢E=36M內(nèi)阻不計,質(zhì)變回為定值電阻,限目均為0999.9Q的可調(diào)電阻箱,帶負(fù)電的小球用絕緣細(xì)線懸掛在平行金屬板之間.閉合電鍵S,當(dāng)口亞三三畫時,Umn；假設(shè)將同從200Q調(diào)到400Q,小球的電勢能將(選填【答案】(1).12V(2).不變【解析】國對電路的總電阻沒有影響,對總電流國與電容器串聯(lián),那么國目當(dāng)導(dǎo)

18、線作用,改變沒有影響,故改變回時小球的電勢能將保持不變；國與同串聯(lián),那么電路中的總電流為33二口TT-006A,而電谷器與聯(lián),故電谷器兩端的電壓等于兩端K(L+KyZlJlJ_4UU11J的電壓,那么口91217 .一質(zhì)量為m的物體從傾角為目的固定長直斜面頂端由靜止開始下滑,斜面與物體間的動摩擦因數(shù)日與物體離開斜面底端距離x之間滿足口心I(k為量),那么物體剛下滑的加速度大小為,從一開始下滑到速度到達(dá)最大這一過程中MgtclflCs11.1重力做功為0【答案】(1)._(2).【解析】物體剛下滑時,只受重力作用,物體所受重力沿斜面向下的分力匕血同,根據(jù)牛F頓第二定律,物體此時產(chǎn)生的加速度“gs

19、mC,當(dāng)物體的加速度為0時,物體的171速度最大,故此時物體所受摩擦力與重力沿斜面向下的分力大小相等,即：|umgcsg=囿又由于：L-kx),貝U有：kxrnECggi甘,解得止匕時物體的位移從開始下滑到物體速度最大時物體產(chǎn)生的位移為x,故在此過程中重力對物體所做的功為:lanBing.tajl9sinElWG-mgxsinG-mg5mg-三、綜合題18 .如圖甲所示的電路中國爭為定值電阻,且甌!畫,用電阻值未知,目為滑動變阻器,當(dāng)網(wǎng)滑片從左端滑到右端時,測得電源中流過的電流變化圖像如圖乙所示,其中A、B兩點是滑片P在變阻器的兩個不同端點得到的,求：(1) B點對應(yīng)的滑片P的位置是變阻器的哪

20、一端,請畫出對應(yīng)的電路圖；(2)同阻值；(3)電源的內(nèi)電阻；(4)滑動變阻器的最大阻值.【答案】(1)右端,見解析(2)5Q(3)20Q(4)300Q【解析】(1)當(dāng)恒滑片從左端滑到右端時,其有效阻值在減小,那么總電阻減小,故總電流增大,由此I圖可知,B點對應(yīng)的滑片P的位置的右端,當(dāng)滑片P在B點時,用的有效阻值為0,同破短接,對應(yīng)的電路圖,如下圖：O(2)由(1)電路可知,此時路端電壓為口三四,總電流為巨畫,那么,丁工50(3)將乙圖中AB線延長,交U軸于20V處,所以電源的電動勢為E=20V圖象斜率表示內(nèi)阻為：-Q20C0192(4)當(dāng)P滑到圓的左端時,由題圖乙知,此時路端電壓為總電流為記工

21、那么外電阻為%三2竺7閔:I0二又由于R勺K八RjI.解得：恒7世)19.如圖,把一重為G的物體,用一個水平的推力F=kt(k為恒量,t為時間)壓在豎直的足夠高的平整墻上,動摩擦因數(shù)為從t=0開始(1)作出物體所受墻面的摩擦力f隨t變化關(guān)系圖；(2)分析、說明物體在各段時間內(nèi)加速度、速度的變化情況.【答案】(1)_A(2)物體的加速度先減小后增大,最終為零,速度先增大,后減小.【解析】試題分析：由題意可知,隨著時間的推移,壓力不斷增大,導(dǎo)致物體從滑動到靜止.那么物體所受的摩擦力先是滑動摩擦力后是靜摩擦力.而滑動摩擦力的大小與推物體的壓力大小成正比,而靜摩擦力的大小與重力大小相等.(1)從t=0開始水平推力F=kt,即壓力不斷增大,那么物體受到滑動摩擦力作用,所以滑動摩擦力的大小與壓力正比.因此滑動摩擦力不斷增大.合外力減小,加速度減?。划?dāng)摩擦力等于重力時,加速度為零；當(dāng)物體的摩擦力大于重力時,物體開始做減速運動,直至靜止,故加速度是先減小后增大的,那么摩擦力f隨t變化關(guān)系圖,如圖(2)由上分析可知：物體的加速度先減小后增大,最終為零,速度先增大