甘肅省蘭州市西北師大附中2017屆高三（下）月考物理試卷（5月份）（word版含解析）

1、2016-2017學(xué)年甘肅省蘭州市西北師大附中高三（下）月考物理試卷（5月份）一、選擇題（共8小題，每小題6分，滿分48分.在每小題給出的四個選項中，第14小題中只有一項符合題目要求，58小題中有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯或不選的得0分。）1（6分）下列四幅圖的有關(guān)說法中正確的是（）A若兩球質(zhì)量相等，碰后m2的速度一定為vB射線甲由粒子組成，每個粒子帶兩個單位正電荷C在光顏色保持不變的情況下，入射光越強(qiáng)，飽和光電流越大D鏈?zhǔn)椒磻?yīng)屬于重核的裂變2（6分）某同學(xué)玩飛鏢游戲，先后將兩只飛鏢a、b由同一位置水平投出，已知飛鏢投出的初速度vavb，不計空氣阻力，則兩支

2、飛鏢插在豎直靶上的狀態(tài)（側(cè)視圖）可能是（）ABCD3（6分）我國自主研發(fā)的北斗導(dǎo)航系統(tǒng)已正式投人商業(yè)運行，北斗導(dǎo)航系統(tǒng)又被稱為“雙星定位系統(tǒng)”、具有導(dǎo)航、定位等功能如圖所示，北斗導(dǎo)航系統(tǒng)中的兩顆工作衛(wèi)星均繞地心做勻速圓周運動，且軌道半徑均為r某時刻工作衛(wèi)星1、2分別位于軌道上的A，B兩個位置，若兩衛(wèi)星均沿順時針方向運行，地球表面的重力加速度為g，地球半徑為R，不計衛(wèi)星間的相互作用力，下列判斷正確的是（）A衛(wèi)星1向后噴氣就一定能夠追上衛(wèi)星2B衛(wèi)星1由A位置運動到B位置的過程中萬有引力做正功C這兩顆衛(wèi)星的加速度大小相等，均為gR2r2D衛(wèi)星1由位置A運動到B位置所需的時間是2r3Rrg4（6分）以

3、一定的初速度從地面豎直向上拋出一小球，小球上升到最高點之后，又落回到拋出點，假設(shè)小球所受空氣阻力與速度大小成正比，則小球在運動過程中的機(jī)械能E隨離地高度h變化關(guān)系可能正確的是（）ABCD5（6分）已知均勻帶電球殼內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電勢處處相等，如圖所示，正電荷均勻分布在半球面上，Ox為通過半球頂點與球心O的軸線A、B為軸上的點，且OAOB則下列判斷正確的是（）AA、B兩點的電勢相等BA、B兩點的電場強(qiáng)度相同C點電荷從A點移到B點，電場力一定做正功D同一個負(fù)電荷放在B點比放在A點的電勢能大6（6分）如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比是10：1，原線圈輸入交變電壓u1202sin100t（

4、V），O為副線圈中心抽出的線頭，電路中兩個電阻R11，R22下列關(guān)于電路的分析正確的是（）A開關(guān)S斷開時，電流表示數(shù)為0.4AB開關(guān)S斷開時，兩電阻總的電功率為96WC開關(guān)S閉合時，電流表示數(shù)為0.452AD開關(guān)S閉合時，兩電阻總的電功率為54W7（6分）反射式速度調(diào)管是常用的微波器件之一，它利用電子團(tuán)在電場中的振蕩來產(chǎn)生微波，其振蕩原理與下述過程類似。已知靜電場的方向平行于x軸，其電勢隨x的分布如圖所示，一質(zhì)量m2.0×1020kg，電荷量q2.0×109C的帶負(fù)電的粒子從（1，0）點由靜止開始，僅在電場力作用下在x軸上運動，則（）Ax軸左側(cè)電場強(qiáng)度和右側(cè)電場強(qiáng)度的大小之

5、比E1E2=12B粒子在00.5cm區(qū)間運動過程中的電勢能減小C該粒子運動過程中電勢能變化量的最大值為4.0×108JD該粒子將在1cm到0.5cm間作周期性運動8（6分）如圖甲所示，一個匝數(shù)為n的圓形線圈（圖中只畫了2匝），面積為S，線圈的電阻為R，在線圈外接一個阻值為R的電阻和一個理想電壓表，將線圈放入垂直線圈平面指向紙內(nèi)的磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間變化規(guī)律如圖乙所示，下列說法正確的是（）A0t1時間內(nèi)P端電勢高于Q端電勢B0t1時間內(nèi)電壓表的讀數(shù)為n(B1-B0)St1Ct1t2時間內(nèi)R上的電流為 nB1S2(t2-t1)RDt1t2時間內(nèi)P端電勢高于Q端電勢二、解答題（共4小題

6、，滿分47分）9（6分）某同學(xué)利用打點計時器測量小車做勻變速直線運動的加速度實驗器材有：電磁打點計時器，一端附有滑輪的長木板，小車、紙帶、細(xì)線、鉤碼、刻度尺、導(dǎo)線、交流電源、復(fù)寫紙片等（1）該同學(xué)在實驗桌上安裝好所需的器材后（如圖1所示）準(zhǔn)備進(jìn)行實驗，下面操作必須要的是 A把附有滑輪的長木板固定打點計時器的那端適當(dāng)墊高，以平衡小車運動過程中所受的摩擦力B調(diào)節(jié)拉小車的細(xì)線試使細(xì)線與長木板板面平行C拉小車運動的鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量D實驗時，先釋放小車，再接通電源（2）該同學(xué)在得到的紙帶上選取七個計數(shù)點（相鄰兩個計數(shù)點之間還有四個點未畫出），如圖2所示，圖中s14.81cm，s25.29cm，

7、s35.76cm，s46.25cm，s56.71cm，s67.21cm已知電源頻率為50Hz，則加速度的大小為 m/s2（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）10（9分）某同學(xué)用伏安法測一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，現(xiàn)備有下列器材：A被測干電池一節(jié)B電流表：量程03A，內(nèi)阻約1C電流表：量程00.6A，內(nèi)阻約1D電壓表：量程03V，內(nèi)阻約2kE電壓表：量程015V，內(nèi)阻約2kF滑動變阻器：010，2AG滑動變阻器：0100，1AH開關(guān)、導(dǎo)線若干在現(xiàn)有器材的條件下，應(yīng)盡可能減小測量電動勢和內(nèi)阻的誤差（1）在上述器材中請選擇適當(dāng)?shù)钠鞑模?（填寫選項前的字母）；（2）實驗電路圖應(yīng)選擇圖中的 （填“甲”或“乙”）；（3

8、）根據(jù)實驗中電流表和電壓表的示數(shù)得到了如圖丙所示的UI圖象，干電池的電動勢E V，內(nèi)電阻r 。11（14分）如圖，靜止于A處的正離子，經(jīng)電壓為U的加速電場加速后沿圖中圓弧虛線通過靜電分析器，從P點垂直CN進(jìn)入矩形區(qū)域的有界勻強(qiáng)電場，電場方向水平向左靜電分析器通道內(nèi)有均勻輻向分布的電場，已知圓弧所在處場強(qiáng)為E0，方向如圖所示；離子質(zhì)量為m、電荷量為q；QN=2d、PN=3d，離子重力不計（1）求圓弧虛線對應(yīng)的半徑R的大??；（2）若離子恰好能打在NQ的中點上，求矩形區(qū)域QNCD內(nèi)勻強(qiáng)電場場強(qiáng)E的值12（18分）如圖所示，光滑水平面上有一質(zhì)量M3.0kg的平板車，車的上表面右側(cè)是一段長L0.5m的水

9、平軌道，水平軌道左側(cè)是一半徑R0.15m的14光滑圓弧軌道，圓弧軌道與水平軌道在O點相切。車右端固定一個尺寸可以忽略、處于鎖定狀態(tài)的壓縮彈簧，一質(zhì)量m1.0kg的小物塊（可視為質(zhì)點）緊靠彈簧，小物塊與水平軌道間的動摩擦因數(shù)為0.4整個裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將彈簧解除鎖定，小物塊被彈出，恰能到達(dá)圓弧軌道的最高點A，不考慮不物體與輕彈簧碰撞時的能量損失，不計空氣阻力，g取10m/s2求：（1）解除鎖定前輕彈簧的彈性勢能；（2）小物塊第二次經(jīng)過O點時的速度大??；（3）若平板車固定在水平地面上，水平軌道光滑，14圓弧軌道光滑，現(xiàn)將輕彈簧解除鎖定后，小物體被彈出，沿著水平軌道向左運動，求小物體運動過程中距

10、離A的最大高度H。三、選考題：選修33（共2小題，滿分15分）13（5分）以下說法正確的是（）A水的飽和汽壓強(qiáng)隨溫度的升高而增大B擴(kuò)散現(xiàn)象表明，分子在永不停息地運動C當(dāng)分子間距離增大時，分子間引力增大，分子間斥力減小D一定質(zhì)量的理想氣體，在等壓膨脹過程中，氣體分子的平均動能減小E一定質(zhì)量的氣體在被壓縮的過程中，其內(nèi)能可能保持不變14（10分）如圖所示，粗細(xì)均勻、導(dǎo)熱良好、裝有適量水銀的U型管豎直放置，右端與大氣相通，左端封閉氣柱長l20cm（可視為理想氣體），兩管中水銀面等高先將右端與一低壓艙（未畫出）接通，穩(wěn)定后右管水銀面高出左管水銀面h10cm（環(huán)境溫度不變，大氣壓強(qiáng)p075cmHg）求：

11、穩(wěn)定后低壓艙內(nèi)的壓強(qiáng)是多少cmHg？選修34（共2小題，滿分0分）15圖甲表示一列簡諧橫波在t20s時的波形圖，圖乙是該列波中的質(zhì)點P的振動圖象，由甲、乙兩圖中所提供的信息可知下列說法正確的是（）A該波的波長為1.5mB該波的振幅為0.1cmC該波的傳播速度為0.5 m/s，速度沿x軸方向DP質(zhì)點在t1.25s時沿+y方向運動EP質(zhì)點在任意1s內(nèi)的路程都是0.2cm16一般常見材料的折射率都為正值（n0），現(xiàn)針對某些電磁波設(shè)計的人工材料，其折射率可為負(fù)值（n0），稱為負(fù)折射率材料，電磁波通過空氣與這種材料的界面時，電磁波傳播規(guī)律仍然不變，入射角和折射角的大小關(guān)系仍遵從折射定律（此時折射角取負(fù)值

12、），但折射波線與入射波線位于法線的同一側(cè)現(xiàn)有一束電磁波從空氣中以i60°的角度射入由負(fù)折射率材料制成、厚度dl0cm的長方體并從下表面射出，已知該材料對電磁波的折射率n=-3，電磁波在真空中的速度c3×108m/s（i） 大致畫出電磁波穿過該材料的示意圖；（ii） 求電磁波穿過該材料時的傳播時間和在傳播方向的側(cè)移量2016-2017學(xué)年甘肅省蘭州市西北師大附中高三（下）月考物理試卷（5月份）參考答案與試題解析一、選擇題（共8小題，每小題6分，滿分48分.在每小題給出的四個選項中，第14小題中只有一項符合題目要求，58小題中有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得

13、3分，有選錯或不選的得0分。）1（6分）下列四幅圖的有關(guān)說法中正確的是（）A若兩球質(zhì)量相等，碰后m2的速度一定為vB射線甲由粒子組成，每個粒子帶兩個單位正電荷C在光顏色保持不變的情況下，入射光越強(qiáng)，飽和光電流越大D鏈?zhǔn)椒磻?yīng)屬于重核的裂變【考點】53：動量守恒定律；IC：光電效應(yīng)；JK：重核的裂變【專題】54I：光電效應(yīng)專題【分析】根據(jù)動量守恒定律和能量守恒定律判斷碰后小球的速度；根據(jù)左手定則，通過洛倫茲力的方向判斷粒子的電性；光的顏色決定了光的頻率，通過圖象得出飽和電流與入射光強(qiáng)度的關(guān)系；鏈?zhǔn)椒磻?yīng)屬于重核裂變【解答】解：A、兩球質(zhì)量相等，若發(fā)生的碰撞為彈性碰撞，即動量守恒、能量守恒，可知兩球的

14、速度交換。若發(fā)生的碰撞為非彈性碰撞，則碰后m2的速度不為v。故A錯誤。B、根據(jù)左手定則，甲向左偏，知甲帶負(fù)電。故B錯誤。C、光的顏色決定了光的頻率，顏色相同，則頻率相同，根據(jù)光電效應(yīng)方程，知最大初動能相同，則遏止電壓相等，入射光強(qiáng)度越大，飽和電流越大。故C正確。D、鏈?zhǔn)椒磻?yīng)屬于重核裂變。比如鈾核裂變?yōu)殒準(zhǔn)椒磻?yīng)。故D正確。故選：CD。【點評】本題考查了光電效應(yīng)、動量守恒定律以及核反應(yīng)等基礎(chǔ)知識點，關(guān)鍵熟悉教材，牢記、理解這些基礎(chǔ)知識點2（6分）某同學(xué)玩飛鏢游戲，先后將兩只飛鏢a、b由同一位置水平投出，已知飛鏢投出的初速度vavb，不計空氣阻力，則兩支飛鏢插在豎直靶上的狀態(tài)（側(cè)視圖）可能是（）AB

15、CD【考點】43：平拋運動【專題】34：比較思想；43：推理法；518：平拋運動專題【分析】兩只飛鏢a、b都做平拋運動，在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)水平位移和初速度的大小比較時間關(guān)系，由豎直分位移公式分析下落高度的關(guān)系，確定出兩支飛鏢插在豎直靶上的狀態(tài)。【解答】解：兩只飛鏢a、b都做平拋運動，在水平方向上做勻速直線運動，則有 xv0t，據(jù)題它們的水平位移大小相等，vavb，所以運動時間關(guān)系為tatb。由h=12gt2知：hahb所以插在豎直靶上時a鏢在b的上面。設(shè)飛鏢插在豎直靶上前瞬間速度與水平方向的夾角為，則 tan=gtv0，因為vavb，tatb所以有ab

16、所以A圖正確。故A正確，BCD錯誤。故選：A?！军c評】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，知道平拋運動的時間由高度決定，初速度和時間共同決定水平位移。3（6分）我國自主研發(fā)的北斗導(dǎo)航系統(tǒng)已正式投人商業(yè)運行，北斗導(dǎo)航系統(tǒng)又被稱為“雙星定位系統(tǒng)”、具有導(dǎo)航、定位等功能如圖所示，北斗導(dǎo)航系統(tǒng)中的兩顆工作衛(wèi)星均繞地心做勻速圓周運動，且軌道半徑均為r某時刻工作衛(wèi)星1、2分別位于軌道上的A，B兩個位置，若兩衛(wèi)星均沿順時針方向運行，地球表面的重力加速度為g，地球半徑為R，不計衛(wèi)星間的相互作用力，下列判斷正確的是（）A衛(wèi)星1向后噴氣就一定能夠追上衛(wèi)星2B衛(wèi)星1由A位置運動到B位置的過程

17、中萬有引力做正功C這兩顆衛(wèi)星的加速度大小相等，均為gR2r2D衛(wèi)星1由位置A運動到B位置所需的時間是2r3Rrg【考點】4F：萬有引力定律及其應(yīng)用；4H：人造衛(wèi)星【專題】52A：人造衛(wèi)星問題【分析】根據(jù)萬有引力提供圓周運動向心力和地球表面重力與萬有引力相等求解出衛(wèi)星軌道處的加速度及衛(wèi)星運動的周期【解答】解：A、衛(wèi)星1向后噴氣，衛(wèi)星做加速運動，在軌道上做圓周運動所需向心力增加，而提供向心力的萬有引力沒有發(fā)生變化，故衛(wèi)星將做離心運動，衛(wèi)星軌道變大，故衛(wèi)星不能追上同軌道運行的衛(wèi)星2，故A錯誤；B、衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動的過程中，萬有引力提供圓周運動的向心力，故從位置1運動到位置2的過程中，萬有引力

18、始終指向圓心與衛(wèi)星運動的速度方向垂直，故此過程中萬有引力對衛(wèi)星不做功，故B錯誤；C、在地球表面重力與萬有引力大小相等有GmMR2=mg可得GMgR2，又衛(wèi)星在軌道上運動萬有引力提供圓周運動的加速度，故有GmMr2=ma可得衛(wèi)星的加速度a=GMr2=gR2r2，故C正確；D、萬有引力提供圓周運動向心力有：GmMr2=mr42T2可得衛(wèi)星運行周期為：T=2r3GM=2r3gR2=2rRrg，所以衛(wèi)星從位置1到位置2所需時間t=60°360°T=16×2rRrg=r3Rrg，故D錯誤。故選：C?！军c評】萬有引力引用主要入手點：一是萬有引力提供圓周運動向心力，二是在星球表

19、面重力與萬有引力相等注意向心力公式的不同表達(dá)式是正確解題的關(guān)鍵4（6分）以一定的初速度從地面豎直向上拋出一小球，小球上升到最高點之后，又落回到拋出點，假設(shè)小球所受空氣阻力與速度大小成正比，則小球在運動過程中的機(jī)械能E隨離地高度h變化關(guān)系可能正確的是（）ABCD【考點】6B：功能關(guān)系【專題】34：比較思想；4B：圖析法；52Q：功能關(guān)系 能量守恒定律【分析】由功能關(guān)系可知，機(jī)械能的減少量等于物體克服阻力所做的功，Eh圖中切線的斜率大小等于阻力的大小，通過速度的變化分析空氣阻力的變化，來分析圖象的形狀?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)功能關(guān)系得Efh，得 Eh=f，即Eh圖象切線的斜率絕對值等于空氣阻力的大小。在

20、上升過程中，h增大，小球的速度減小，空氣阻力隨之減小，圖象的斜率逐漸減小，直至為零。在上升過程中，h減小，小球的速度增大，空氣阻力隨之增大，圖象斜率的絕對值逐漸增大。經(jīng)過同一高度時，上升的速度大小比下降的速度大小大，所以經(jīng)過同一高度，上升時空氣阻力比下降時的大，圖象的斜率大小要大，所以D圖可能正確。故ABC錯誤，D正確。故選：D?！军c評】解決本題的關(guān)鍵是要知道Eh圖象切線的斜率絕對值等于空氣阻力的大小，根據(jù)小球的運動情況，來分析空氣阻力的大小。5（6分）已知均勻帶電球殼內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電勢處處相等，如圖所示，正電荷均勻分布在半球面上，Ox為通過半球頂點與球心O的軸線A、B為軸上的點，且O

21、AOB則下列判斷正確的是（）AA、B兩點的電勢相等BA、B兩點的電場強(qiáng)度相同C點電荷從A點移到B點，電場力一定做正功D同一個負(fù)電荷放在B點比放在A點的電勢能大【考點】AG：電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系【專題】34：比較思想；42：等效替代法；532：電場力與電勢的性質(zhì)專題【分析】根據(jù)電場的疊加原理分析電場方向，判斷電勢高低通過割補(bǔ)法將球殼補(bǔ)全，然后結(jié)合合場強(qiáng)分析A、B兩點電場強(qiáng)度的關(guān)系根據(jù)電場線的方向分析電勢高低通過電勢高低分析電場力做功情況，判斷電勢能變化情況【解答】解：A、根據(jù)電場的疊加原理可知，x軸上電場線方向向右，則A點的電勢高于B點的電勢，故A錯誤；B、將半球殼補(bǔ)成一個完整的球殼，且?guī)щ娋?/p>

22、勻，設(shè)左、右半球在A點產(chǎn)生的場強(qiáng)大小分別為E1和E2。由題知，均勻帶電球殼內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，則知 E1E2。根據(jù)對稱性可知，左、右半球在B點產(chǎn)生的場強(qiáng)大小分別為E2和E1且 E1E2。則在圖示電場中，A的場強(qiáng)大小為E1，方向向右。B的場強(qiáng)大小為E2，方向向右，所以A點的電場強(qiáng)度與B點的電場強(qiáng)度相同，故B正確。C、點電荷從A點移到B點，電勢降低，由于點電荷的電性未知，則電場力不一定做正功，故C錯誤。D、A點的電勢高于B點的電勢，根據(jù)負(fù)電荷在電勢高處電勢能小，在電勢低處電勢大，知同一個負(fù)電荷放在B點比放在A點的電勢能大。故D正確。故選：BD?！军c評】本題解題關(guān)鍵是抓住對稱性，找出兩部分球面上電

23、荷產(chǎn)生的電場關(guān)系左半球面在A點的場強(qiáng)與缺失的右半球面在B點產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等，方向相反是解題的關(guān)鍵6（6分）如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比是10：1，原線圈輸入交變電壓u1202sin100t（V），O為副線圈中心抽出的線頭，電路中兩個電阻R11，R22下列關(guān)于電路的分析正確的是（）A開關(guān)S斷開時，電流表示數(shù)為0.4AB開關(guān)S斷開時，兩電阻總的電功率為96WC開關(guān)S閉合時，電流表示數(shù)為0.452AD開關(guān)S閉合時，兩電阻總的電功率為54W【考點】E8：變壓器的構(gòu)造和原理【專題】531：帶電粒子在電場中的運動專題【分析】根據(jù)瞬時值表達(dá)式可以求得輸出電壓的有效值、周期和頻率等，再根據(jù)電壓與匝

24、數(shù)成正比電流與匝數(shù)成反比即可求得結(jié)論【解答】解：A、由表達(dá)式知原線圈電壓有效值為120V，由電壓與匝數(shù)成正比知副線圈兩端電壓為12V，副線圈中電流為121+2=4A，電流與匝數(shù)成反比知電流表示數(shù)為0.4A，故A正確；B、由A知，所以兩電阻總的電功率為1221+2=48W，B錯誤；C、開關(guān)S閉合時，副線圈相當(dāng)于兩個，每個電壓為6V，電流分別為6A和3A，由輸入功率等于輸出功率120I6×6+6×3知I2.2A，所以C錯誤。D、由C知兩電阻總的電功率為62×1+32×254W，所以D正確。故選：AD?！军c評】本題需要注意的是開關(guān)閉合時，相當(dāng)于有兩個副線圈，電

25、壓仍然與匝數(shù)成正比，但電流與匝數(shù)不在成反比，而應(yīng)該利用功率關(guān)系7（6分）反射式速度調(diào)管是常用的微波器件之一，它利用電子團(tuán)在電場中的振蕩來產(chǎn)生微波，其振蕩原理與下述過程類似。已知靜電場的方向平行于x軸，其電勢隨x的分布如圖所示，一質(zhì)量m2.0×1020kg，電荷量q2.0×109C的帶負(fù)電的粒子從（1，0）點由靜止開始，僅在電場力作用下在x軸上運動，則（）Ax軸左側(cè)電場強(qiáng)度和右側(cè)電場強(qiáng)度的大小之比E1E2=12B粒子在00.5cm區(qū)間運動過程中的電勢能減小C該粒子運動過程中電勢能變化量的最大值為4.0×108JD該粒子將在1cm到0.5cm間作周期性運動【考點】AG

26、：電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系【專題】12：應(yīng)用題；32：定量思想；4C：方程法；532：電場力與電勢的性質(zhì)專題【分析】根據(jù)電場強(qiáng)度的斜率求解電場強(qiáng)度之比；帶負(fù)電的粒子在電勢高的地方電勢能小，由此分析電勢能的變化；根據(jù)EPq求解電勢能的變化；根據(jù)受力情況確定運動情況?！窘獯稹拷猓篈、由圖可知：根據(jù)UEd可知：左側(cè)電場強(qiáng)度：E1=201×10-2V/m2.0×103V/m右側(cè)電場強(qiáng)度：E2=200.5×10-2V/m4.0×103V/m所以x軸左側(cè)電場強(qiáng)度和右側(cè)電場強(qiáng)度的大小之比E1E2=12，故A正確；B、帶負(fù)電的粒子在電勢高的地方電勢能小，故粒子在00.5c

27、m區(qū)間運動過程中的電勢能增大，故B錯誤；C、該粒子運動過程中電勢能變化量的最大值為EPq2.0×109×204.0×108J，故C正確；D、該粒子將在1cm到0之間電場力做正功，動能增加；該粒子將在00.5cm間克服電場力做功，動能減少，所以該粒子將在1cm到0.5cm間作周期性運動，故D正確。故選：ACD?！军c評】本題主要是考查帶電粒子在電場中的運動，解答本題要知道x圖象斜率表示的物理意義，能夠根據(jù)圖象分析受力情況。8（6分）如圖甲所示，一個匝數(shù)為n的圓形線圈（圖中只畫了2匝），面積為S，線圈的電阻為R，在線圈外接一個阻值為R的電阻和一個理想電壓表，將線圈放入垂

28、直線圈平面指向紙內(nèi)的磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間變化規(guī)律如圖乙所示，下列說法正確的是（）A0t1時間內(nèi)P端電勢高于Q端電勢B0t1時間內(nèi)電壓表的讀數(shù)為n(B1-B0)St1Ct1t2時間內(nèi)R上的電流為 nB1S2(t2-t1)RDt1t2時間內(nèi)P端電勢高于Q端電勢【考點】D8：法拉第電磁感應(yīng)定律【專題】32：定量思想；43：推理法；53C：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合【分析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求感應(yīng)電動勢，由閉合電路歐姆定律求電路電流，根據(jù)歐姆定律求電壓表的讀數(shù)；根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流方向，從而確定PQ端電勢的高低【解答】解：A、0t1時間內(nèi)，磁通量增大，根據(jù)楞次定律感應(yīng)電流沿逆時針方向，線圈相當(dāng)于電

29、源，上端正極下端負(fù)極，所以P端電勢高于Q端電勢，故A正確；B、0t1時間內(nèi)線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=nt=nBtS=nB1-B0t1S，電壓表的示數(shù)等于電阻R兩端的電壓U=IR=E2RR=n(B1-B0)S2t1，故B錯誤；C、t1t2時間內(nèi)線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E'=nt=nB1t2-t1S，根據(jù)閉合電路的歐姆定律I'=E'2R=nB1S2(t2-t1)R，故C正確；D、t1t2時間內(nèi)，磁通量減小，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流沿順時針方向，線圈相當(dāng)于電源，上端負(fù)極下端正極，所以P端電勢低于Q端電勢，故D錯誤；故選：AC?！军c評】解決本題關(guān)鍵掌握法拉第電磁感應(yīng)定律，并用來求解感應(yīng)

30、電動勢大小題中線圈相當(dāng)于電源，可與電路知識進(jìn)行綜合考查二、解答題（共4小題，滿分47分）9（6分）某同學(xué)利用打點計時器測量小車做勻變速直線運動的加速度實驗器材有：電磁打點計時器，一端附有滑輪的長木板，小車、紙帶、細(xì)線、鉤碼、刻度尺、導(dǎo)線、交流電源、復(fù)寫紙片等（1）該同學(xué)在實驗桌上安裝好所需的器材后（如圖1所示）準(zhǔn)備進(jìn)行實驗，下面操作必須要的是BA把附有滑輪的長木板固定打點計時器的那端適當(dāng)墊高，以平衡小車運動過程中所受的摩擦力B調(diào)節(jié)拉小車的細(xì)線試使細(xì)線與長木板板面平行C拉小車運動的鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量D實驗時，先釋放小車，再接通電源（2）該同學(xué)在得到的紙帶上選取七個計數(shù)點（相鄰兩個計數(shù)點之

31、間還有四個點未畫出），如圖2所示，圖中s14.81cm，s25.29cm，s35.76cm，s46.25cm，s56.71cm，s67.21cm已知電源頻率為50Hz，則加速度的大小為0.48m/s2（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）【考點】M5：測定勻變速直線運動的加速度【專題】13：實驗題；32：定量思想；43：推理法；511：直線運動規(guī)律專題【分析】（1）解決實驗問題首先要掌握該實驗原理，了解實驗的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項；（2）根據(jù)連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差是一恒量，運用逐差法求出加速度的大小，注意有效數(shù)字的標(biāo)量【解答】解：（1）A、該實驗不需要調(diào)節(jié)木板的傾斜度以平衡摩擦力，因研究測量小車做

32、勻變速直線運動的加速度，只要小車受到作用力恒定即可，故A錯誤；B、調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳緣K的細(xì)繩與長木板保持平行，保證小車運動過程中受到的合力不變，故B正確；C、該實驗不需要知道小車的合力，即不需要應(yīng)使鉤碼質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量，故C錯誤；D、實驗時，不能先放開小車，再接通打點計時器電源，由于小車運動較快，可能會使打出來的點很少，不利于數(shù)據(jù)的采集和處理，故D錯誤；故選：B（2）s14.81cm0.0481m，s25.29cm0.0529m，s35.76cm0.0576m，s46.25cm0.0625m，s56.71cm0.0671m，s67.21cm0.0721m根據(jù)a1=s4-s13T2，a2

33、=s5-s23T2，a3=s6-s33T2得加速度大小為：a=a1+a2+a33=s4+s5+s6-s1-s2-s39T2=0.0625+0.0671+0.0721-0.0481-0.0529-0.05769×012 m/s20.48 m/s2故答案為：（1）B；（2）0.48【點評】解決本題的關(guān)鍵掌握紙帶的處理方法，會通過紙帶求解瞬時速度和加速度，關(guān)鍵是勻變速直線運動推論的運用，在平時練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識的理解與應(yīng)用10（9分）某同學(xué)用伏安法測一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，現(xiàn)備有下列器材：A被測干電池一節(jié)B電流表：量程03A，內(nèi)阻約1C電流表：量程00.6A，內(nèi)阻約1D電壓表：量程03

34、V，內(nèi)阻約2kE電壓表：量程015V，內(nèi)阻約2kF滑動變阻器：010，2AG滑動變阻器：0100，1AH開關(guān)、導(dǎo)線若干在現(xiàn)有器材的條件下，應(yīng)盡可能減小測量電動勢和內(nèi)阻的誤差（1）在上述器材中請選擇適當(dāng)?shù)钠鞑模篈CDFH（填寫選項前的字母）；（2）實驗電路圖應(yīng)選擇圖中的乙 （填“甲”或“乙”）；（3）根據(jù)實驗中電流表和電壓表的示數(shù)得到了如圖丙所示的UI圖象，干電池的電動勢E1.5V，內(nèi)電阻r1.0?！究键c】N3：測定電源的電動勢和內(nèi)阻【專題】13：實驗題【分析】（1）實驗中要能保證安全和準(zhǔn)確性選擇電表；（2）本實驗應(yīng)采用電阻箱和電壓表聯(lián)合測量，由實驗原理可得出電路原理圖；（3）由原理利用閉合電路

35、歐姆定律可得出表達(dá)式，由數(shù)學(xué)關(guān)系可得出電動勢和內(nèi)電阻。【解答】解：（1）在上述器材中請選擇適當(dāng)?shù)钠鞑模篈被測干電池一節(jié)為了讀數(shù)準(zhǔn)確，所以選擇電流表：量程00.6A，電壓表：量程03V，滑動變阻器阻值較小有利于電表的數(shù)值變化，減小誤差，故選F滑動變阻器，H開關(guān)、導(dǎo)線若干（2）因電源內(nèi)阻與電流表內(nèi)阻很接近，故應(yīng)采用相對電源來說的電流表外接法；實驗電路圖：（3）由UI圖可知，電源的電動勢E1.50V；內(nèi)電阻r=UI=1.5-1.00.5=1故答案為：ACDFH如圖1.5，1.0【點評】本題為設(shè)計性實驗，在解題時應(yīng)注意明確實驗的原理；并且要由實驗原理結(jié)合閉合電路歐姆定律得出表達(dá)式，由圖象得出電動勢和內(nèi)

36、電阻。11（14分）如圖，靜止于A處的正離子，經(jīng)電壓為U的加速電場加速后沿圖中圓弧虛線通過靜電分析器，從P點垂直CN進(jìn)入矩形區(qū)域的有界勻強(qiáng)電場，電場方向水平向左靜電分析器通道內(nèi)有均勻輻向分布的電場，已知圓弧所在處場強(qiáng)為E0，方向如圖所示；離子質(zhì)量為m、電荷量為q；QN=2d、PN=3d，離子重力不計（1）求圓弧虛線對應(yīng)的半徑R的大??；（2）若離子恰好能打在NQ的中點上，求矩形區(qū)域QNCD內(nèi)勻強(qiáng)電場場強(qiáng)E的值【考點】AG：電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系【專題】11：計算題；32：定量思想；43：推理法；532：電場力與電勢的性質(zhì)專題【分析】（1）離子在加速電場中加速時，電場力做功，動能增加，根據(jù)動能定理

37、列出方程；粒子進(jìn)入靜電分析器，靠電場力提供向心力，結(jié)合牛頓第二定律列出方程，即可求出圓弧虛線對應(yīng)的半徑R的大?。?）離子進(jìn)入矩形區(qū)域的有界勻強(qiáng)電場后做類平拋運動，將其進(jìn)行正交分解，由牛頓第二定律和運動學(xué)公式結(jié)合，可求解場強(qiáng)E0的值【解答】解：（1）離子在加速電場中加速，根據(jù)動能定理，有：qU=12mv2離子在輻向電場中做勻速圓周運動，電場力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有 qE0=mv2R得：R=2UE0（2）離子做類平拋運動 dvt 3d=12at2由牛頓第二定律得：qEma則 E=12Ud答：（1）圓弧虛線對應(yīng)的半徑R的大小為2UE0；（2）若離子恰好能打在NQ的中點上，矩形區(qū)域QNCD內(nèi)

38、勻強(qiáng)電場場強(qiáng)E的值為12Ud【點評】對于帶電粒子在電場中加速過程，往往運用動能定理研究加速電壓與速度的關(guān)系；對于電場中偏轉(zhuǎn)問題，運動的分解是常用方法磁場中的勻速圓周運動，要知道洛倫茲力充當(dāng)向心力，畫出軌跡是解答的關(guān)鍵，12（18分）如圖所示，光滑水平面上有一質(zhì)量M3.0kg的平板車，車的上表面右側(cè)是一段長L0.5m的水平軌道，水平軌道左側(cè)是一半徑R0.15m的14光滑圓弧軌道，圓弧軌道與水平軌道在O點相切。車右端固定一個尺寸可以忽略、處于鎖定狀態(tài)的壓縮彈簧，一質(zhì)量m1.0kg的小物塊（可視為質(zhì)點）緊靠彈簧，小物塊與水平軌道間的動摩擦因數(shù)為0.4整個裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)將彈簧解除鎖定，小物塊被彈

39、出，恰能到達(dá)圓弧軌道的最高點A，不考慮不物體與輕彈簧碰撞時的能量損失，不計空氣阻力，g取10m/s2求：（1）解除鎖定前輕彈簧的彈性勢能；（2）小物塊第二次經(jīng)過O點時的速度大??；（3）若平板車固定在水平地面上，水平軌道光滑，14圓弧軌道光滑，現(xiàn)將輕彈簧解除鎖定后，小物體被彈出，沿著水平軌道向左運動，求小物體運動過程中距離A的最大高度H?！究键c】53：動量守恒定律；69：彈性勢能【專題】11：計算題；22：學(xué)科綜合題；32：定量思想；4C：方程法；52F：動量定理應(yīng)用專題【分析】（1）物塊與小車組成的系統(tǒng)在水平方向上動量守恒，由動量守恒定律可以求出平板車的速度。 平板車和小物塊組成的系統(tǒng)，豎直方

40、向受到重力和地面的支持力，水平方向不受外力，水平方向動量守恒。根據(jù)系統(tǒng)的水平方向動量守恒和能量守恒求解解除鎖定前彈簧的彈性勢能；（2）小物塊從最高點下滑到O的過程中，系統(tǒng)水平動量守恒、機(jī)械能守恒，由兩大守恒定律結(jié)合求解小物塊第二次經(jīng)過O點時的速度大??；（3）對全過程，根據(jù)機(jī)械能守恒即可求出?！窘獯稹拷猓海?）平板車和小物塊組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，故小物塊到達(dá)圓弧最高點A時，二者的速度相等，由水平方向二者的動量守恒可知，共同速度v共0；設(shè)彈簧解除鎖定前的彈性勢能為Ep，上述過程中由能量轉(zhuǎn)換和守恒，則有：EpmgR+mgL，代入數(shù)據(jù)得：Ep3.5J；（2）設(shè)物塊第二次經(jīng)過O時的速度大小為v1，

41、此時平板車的速度大小為v2，研究小物塊在圓弧面上下滑過程，由水平方向系統(tǒng)動量守恒有：0mv1Mv2mgR=12mv12+12Mv22 ，由兩式可得v1=2gRMM+m，將已知條件代入解得：vm1.5 m/s；（3）若平板車固定在水平地面上，則車始終不動；由于水平軌道光滑，14圓弧軌道光滑，滑塊在運動的過程中機(jī)械能守恒，則有：mg（R+H）EP代入數(shù)據(jù)得：H0.2m答：（1）解除鎖定前彈簧的彈性勢能為3.5J；（2）小物塊第二次經(jīng)過O點時的速度大小為1.5m/s；（3）物體運動過程中距離A的最大高度H是0.2 m?！军c評】本題是系統(tǒng)水平方向動量守恒和能量守恒的問題，求解兩物體間的相對位移，往往根

42、據(jù)能量守恒研究。三、選考題：選修33（共2小題，滿分15分）13（5分）以下說法正確的是（）A水的飽和汽壓強(qiáng)隨溫度的升高而增大B擴(kuò)散現(xiàn)象表明，分子在永不停息地運動C當(dāng)分子間距離增大時，分子間引力增大，分子間斥力減小D一定質(zhì)量的理想氣體，在等壓膨脹過程中，氣體分子的平均動能減小E一定質(zhì)量的氣體在被壓縮的過程中，其內(nèi)能可能保持不變【考點】86：分子間的相互作用力；8F：熱力學(xué)第一定律；8H：熱力學(xué)第二定律【專題】31：定性思想；43：推理法；548：熱力學(xué)定理專題【分析】水的飽和蒸汽壓與溫度有關(guān)；擴(kuò)散現(xiàn)象表明分子在永不停息地運動；分子之間的作用力隨，分子間距離增大時引力和斥力都減小，由理想氣體的狀

43、態(tài)方程判定氣體的狀態(tài)參量的變化做功與熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能【解答】解：A、水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大。故A正確；B、擴(kuò)散現(xiàn)象表明分子在永不停息地運動。故B正確；C、分子之間的作用力隨，分子間距離增大時引力和斥力都減小，故C錯誤；D、根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可知，一定質(zhì)量的理想氣體等壓膨脹過程中溫度升高，所以氣體分子的平均動能增大，故D錯誤；E、做功和熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能，一定質(zhì)量的氣體在被壓縮的過程中，若向外傳遞熱量，其內(nèi)能可能保持不變。故E正確故選：ABE?！军c評】本題考查氣態(tài)方程和水的飽和蒸汽壓、擴(kuò)散現(xiàn)象以及分子之間的作用力，都屬于對基礎(chǔ)知識點的考查，多加積累即可14（10分）

44、如圖所示，粗細(xì)均勻、導(dǎo)熱良好、裝有適量水銀的U型管豎直放置，右端與大氣相通，左端封閉氣柱長l20cm（可視為理想氣體），兩管中水銀面等高先將右端與一低壓艙（未畫出）接通，穩(wěn)定后右管水銀面高出左管水銀面h10cm（環(huán)境溫度不變，大氣壓強(qiáng)p075cmHg）求：穩(wěn)定后低壓艙內(nèi)的壓強(qiáng)是多少cmHg？【考點】99：理想氣體的狀態(tài)方程；9D：氣體的等溫變化【分析】根據(jù)題意可知，這個過程是等溫變化，找出左邊氣體變化前后的兩個狀態(tài)的狀態(tài)參量，由等溫變化的規(guī)律可求出左邊的氣體變化后的壓強(qiáng)，從而即可求出低壓倉的壓強(qiáng)【解答】解：設(shè)U型管的橫截面積為S，則左端被封閉的氣體初狀態(tài)：P1P0，V1l1S末狀態(tài)為：P2，V2（l1+102）S有理想氣體的等溫變化得：P1V1P2V2代入數(shù)據(jù)得：P260cmHg則低壓倉的壓強(qiáng)：PP2h601050cmHg答：穩(wěn)定后低壓艙內(nèi)的壓強(qiáng)是50cmHg【點評】解答關(guān)于理想氣體的問題，要明確氣體的各個狀態(tài)及其狀態(tài)參量，利用相應(yīng)的規(guī)律進(jìn)行解題；注意同一段連續(xù)的水銀柱中等高的點壓強(qiáng)相同選修34（共2小題，滿分0分）15圖甲表示一列簡諧橫波在t20s時的波形圖，圖乙是該列波中的質(zhì)點P