高考物理二輪復(fù)習(xí)講與練：第二部分第一板塊第8講《技法專題——10法速解物理選擇題》(含答案詳解)VIP

1、第第 8 講講|技法專題技法專題10 法速解物理選擇題法速解物理選擇題理綜全國卷中，物理 8 道選擇題分單選和多選，主要考查對物理概念、物理現(xiàn)象、物理過程和物理規(guī)律的認識、判斷、辨析、理解和應(yīng)用等，具有信息量大、知識覆蓋面廣、干擾性強、命題靈活性強、層次豐富、能考查學(xué)生的多種能力等特點。要想迅速、準(zhǔn)確地解答物理選擇題， 不但要熟練掌握和應(yīng)用物理學(xué)的基本概念和規(guī)律， 還要學(xué)會一些非常規(guī)巧解妙招，針對題目特性“有的放矢”，達到快速解題的目的。技技法法 1直接判斷法直接判斷法通過觀察題目中所給出的條件，根據(jù)所學(xué)知識和規(guī)律推出結(jié)果，直接判斷，確定正確通過觀察題目中所給出的條件，根據(jù)所學(xué)知識和規(guī)律推出結(jié)

2、果，直接判斷，確定正確的選項。直接判斷法適用于推理過程較簡單的題目，這類題目主要考查學(xué)生對物理知識的的選項。直接判斷法適用于推理過程較簡單的題目，這類題目主要考查學(xué)生對物理知識的記憶和理解程度，如考查物理學(xué)史和物理常識的試題等。記憶和理解程度，如考查物理學(xué)史和物理常識的試題等。應(yīng)用體驗應(yīng)用體驗多選多選下列說法中正確的是下列說法中正確的是()A電荷在某處不受電場力的作用，則該處電場強度為零電荷在某處不受電場力的作用，則該處電場強度為零B一小段通電導(dǎo)線在某處不受磁場力作用，則該處磁感應(yīng)強度一定為零一小段通電導(dǎo)線在某處不受磁場力作用，則該處磁感應(yīng)強度一定為零C 電場強度的大小等于把一個試探電荷放在該

3、點時受到的電場力與試探電荷本身電荷電場強度的大小等于把一個試探電荷放在該點時受到的電場力與試探電荷本身電荷量的比值量的比值D 磁感應(yīng)強度的大小等于把一小段通電導(dǎo)線放在該點時受到的磁場力與該小段導(dǎo)線長磁感應(yīng)強度的大小等于把一小段通電導(dǎo)線放在該點時受到的磁場力與該小段導(dǎo)線長度和電流乘積的比值度和電流乘積的比值解析解析電場對放入其中的電荷有力的作用電場對放入其中的電荷有力的作用，磁場對通電導(dǎo)線有力的作用的條件是磁場對通電導(dǎo)線有力的作用的條件是：磁磁場方向和電流方向不平行，場方向和電流方向不平行，A 正確，正確，B 錯誤；根據(jù)電場強度的定義式錯誤；根據(jù)電場強度的定義式 EFq可知，可知，C 正確正確；

4、磁感應(yīng)強度磁感應(yīng)強度 BFIL中，中，I 和和 B 的方向必須垂直，的方向必須垂直，D 錯誤。錯誤。答案答案AC技法技法 2比較排除法比較排除法運用排除法解題時，對于完全肯定或完全否定的判斷，可通過舉反例的方式排除；對運用排除法解題時，對于完全肯定或完全否定的判斷，可通過舉反例的方式排除；對于相互矛盾或者相互排斥的選項，則最多只有一個是正確的，要學(xué)會從不同方面或不同角于相互矛盾或者相互排斥的選項，則最多只有一個是正確的，要學(xué)會從不同方面或不同角度思考與推敲，將不符合題意的選項一一排除，最終留下的就是符合題意的選項。度思考與推敲，將不符合題意的選項一一排除，最終留下的就是符合題意的選項。應(yīng)用體驗

5、應(yīng)用體驗如圖所示，以如圖所示，以 MN、PQ為邊界的區(qū)域內(nèi)存在垂直紙為邊界的區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強磁場，磁場寬為面向里的勻強磁場，磁場寬為 2L，高為，高為 L 的正三角形閉合金屬框由粗的正三角形閉合金屬框由粗細均勻的電阻絲圍成細均勻的電阻絲圍成， 在外力作用下由圖示位置被水平向右勻速拉過磁在外力作用下由圖示位置被水平向右勻速拉過磁場區(qū)域，場區(qū)域，ab 邊始終與邊始終與 MN 平行，取逆時針方向為電流的正方向。則金平行，取逆時針方向為電流的正方向。則金屬框中的感應(yīng)電動勢屬框中的感應(yīng)電動勢 E、感應(yīng)電流感應(yīng)電流 I、所施加的外力所施加的外力 F 及外力的功率及外力的功率 P 隨位移隨位移

6、x 的變化關(guān)系的變化關(guān)系圖正確的是圖正確的是()解析解析金屬框進入磁場的過程中金屬框進入磁場的過程中，穿過金屬框的磁通量增加穿過金屬框的磁通量增加，由楞次定律可知由楞次定律可知，此過此過程中感應(yīng)電流為逆時針方向程中感應(yīng)電流為逆時針方向，而此過程金屬框切割磁感線的有效長度而此過程金屬框切割磁感線的有效長度 l2xtan 30且均勻增且均勻增加加，完全進入磁場后完全進入磁場后，穿過金屬框的磁通量不變穿過金屬框的磁通量不變，回路中無感應(yīng)電流和感應(yīng)電動勢回路中無感應(yīng)電流和感應(yīng)電動勢，排除排除 A選項；位移為選項；位移為 0L 時，因金屬框做勻速直線運動，所以時，因金屬框做勻速直線運動，所以 F外外F安

7、安BIlB2l2vR4B2x2vRtan230，即外力隨位移的增大而非線性增大即外力隨位移的增大而非線性增大，排除排除 C 選項選項；位移為位移為 0L 時時，外力的外力的功率功率 PF外外v4B2x2v2Rtan230，即外力的功率隨位移的增大而非線性增大，排除，即外力的功率隨位移的增大而非線性增大，排除 D 選項選項；所以所以 B 選項正確。選項正確。答案答案B技法技法 3特殊值代入法特殊值代入法有些選擇題選項的代數(shù)表達式比較復(fù)雜，需經(jīng)過比較繁瑣的公式推導(dǎo)過程，此時可在有些選擇題選項的代數(shù)表達式比較復(fù)雜，需經(jīng)過比較繁瑣的公式推導(dǎo)過程，此時可在不違背題意的前提下，選擇一些能直接反應(yīng)已知量和未

8、知量數(shù)量關(guān)系的特殊值，代入有關(guān)不違背題意的前提下，選擇一些能直接反應(yīng)已知量和未知量數(shù)量關(guān)系的特殊值，代入有關(guān)選項進行推算，依據(jù)結(jié)果對選項進行判斷。選項進行推算，依據(jù)結(jié)果對選項進行判斷。應(yīng)用體驗應(yīng)用體驗如圖所示如圖所示，在固定斜面上的一物塊受到一外力在固定斜面上的一物塊受到一外力 F 的作的作用用，F(xiàn) 平行于斜面向上平行于斜面向上。若要使物塊在斜面上保持靜止若要使物塊在斜面上保持靜止，F(xiàn) 的取值應(yīng)有的取值應(yīng)有一定的范圍，已知其最大值和最小值分別為一定的范圍，已知其最大值和最小值分別為 F1和和 F2(F1和和 F2的方向均的方向均沿斜面向上沿斜面向上)。由此可求出物塊與斜面間的最大靜摩擦力為。由

9、此可求出物塊與斜面間的最大靜摩擦力為()A.F12B2F2C.F1F22D.F1F22解析解析取取 F1F20，則斜面光滑，對應(yīng)最大靜摩擦力等于零，代入選項中后只有，則斜面光滑，對應(yīng)最大靜摩擦力等于零，代入選項中后只有 C滿足。滿足。答案答案C技法技法 4極限思維法極限思維法有的問題不容易直接求解，但是若將題中的某些物理量的數(shù)值推向極限時，對這些問有的問題不容易直接求解，但是若將題中的某些物理量的數(shù)值推向極限時，對這些問題的選項進行分析和判斷常常會很容易。如設(shè)定動摩擦因數(shù)趨近于零或無窮大、電源內(nèi)阻題的選項進行分析和判斷常常會很容易。如設(shè)定動摩擦因數(shù)趨近于零或無窮大、電源內(nèi)阻趨近于零或無窮大、物

10、體的質(zhì)量趨近于零或無窮大等。趨近于零或無窮大、物體的質(zhì)量趨近于零或無窮大等。應(yīng)用體驗應(yīng)用體驗如圖所示如圖所示，一半徑為一半徑為 R 的絕緣圓環(huán)上的絕緣圓環(huán)上，均勻地分布著總均勻地分布著總電荷量為電荷量為Q的電荷的電荷， 在垂直于圓環(huán)平面的對稱軸上有一點在垂直于圓環(huán)平面的對稱軸上有一點 P， 它與環(huán)心它與環(huán)心 O的距離的距離 OPL。靜電力常量為靜電力常量為 k，關(guān)于關(guān)于 P 點的場強點的場強 E，下列四個表達式中下列四個表達式中有一個是正確的，請你根據(jù)所學(xué)的物理知識，判斷下列表達式正確的是有一個是正確的，請你根據(jù)所學(xué)的物理知識，判斷下列表達式正確的是()AEkQR2L2BEkQLR2L2CEk

11、QR R2L2 3DEkQL R2L2 3解析解析當(dāng)當(dāng) R0 時，帶電圓環(huán)等同于一點電荷，由點電荷電場強度計算式可知，時，帶電圓環(huán)等同于一點電荷，由點電荷電場強度計算式可知，P 點點的電場強度為的電場強度為 EkQL2，將將 R0 代入四個選項代入四個選項，只有只有 A、D 選項滿足選項滿足；當(dāng)當(dāng) L0 時時，均勻帶均勻帶電圓環(huán)的中心處產(chǎn)生的電場的電場強度為電圓環(huán)的中心處產(chǎn)生的電場的電場強度為 0，將，將 L0 代入選項代入選項 A、D，只有，只有 D 選項滿足。選項滿足。答案答案D技法技法 5逆向思維法逆向思維法很多物理過程具有可逆性很多物理過程具有可逆性如運動的可逆性、光路的可逆性如運動的

12、可逆性、光路的可逆性，在沿著正向過程或思，在沿著正向過程或思維維由前到后或由因到果由前到后或由因到果分析受阻時分析受阻時，不妨不妨“反其道而行之反其道而行之” ，沿著逆向過程或思維沿著逆向過程或思維由由后到前或由果到因后到前或由果到因來思考，往往可以化難為易、出奇制勝。來思考，往往可以化難為易、出奇制勝。應(yīng)用體驗應(yīng)用體驗如圖所示如圖所示，半圓軌道固定在水平面上半圓軌道固定在水平面上，一小球一小球(可視為可視為質(zhì)點質(zhì)點)從恰好與半圓軌道相切于從恰好與半圓軌道相切于 B 點斜向左上方拋出，到達半圓軌道左點斜向左上方拋出，到達半圓軌道左端端 A 點正上方點正上方 P 點時，小球的速度剛好水平，點時，

13、小球的速度剛好水平，O 為半圓軌道圓心，半為半圓軌道圓心，半圓軌道半徑為圓軌道半徑為 R，OB 與水平方向的夾角為與水平方向的夾角為 60，重力加速度為重力加速度為 g，不計不計空氣阻力，則小球在空氣阻力，則小球在 P 點的水平速度為點的水平速度為()A.3 3gR2B.3gR2C.3gR2D.3gR3解析解析小球?qū)嶋H是做斜拋運動小球?qū)嶋H是做斜拋運動，由于到達由于到達 P 點時小球的速度剛好水平點時小球的速度剛好水平，所以逆向看是所以逆向看是小球從小球從 P 點開始做平拋運動，運動過程中恰好與半圓軌道相切于點開始做平拋運動，運動過程中恰好與半圓軌道相切于 B 點，可以應(yīng)用平拋運動點，可以應(yīng)用平

14、拋運動規(guī)律求解。因小球運動過程中恰好與半圓軌道相切于規(guī)律求解。因小球運動過程中恰好與半圓軌道相切于 B 點，此時速度與水平方向的夾角點，此時速度與水平方向的夾角為為30，設(shè)位移與水平方向的夾角為設(shè)位移與水平方向的夾角為，則則 tan tan 30236，因為因為 tan yxy32R，則豎直位則豎直位移移 y3R4，而，而 vy22gy32gR，tan 30vyv0，解得，解得 v03 3gR2，故選項，故選項 A 正確。正確。答案答案A技法技法 6對稱思維法對稱思維法對稱情況存在于各種物理現(xiàn)象和物理規(guī)律中，應(yīng)用這種對稱性有助于直接抓住問題的對稱情況存在于各種物理現(xiàn)象和物理規(guī)律中，應(yīng)用這種對稱

15、性有助于直接抓住問題的實質(zhì)，避免復(fù)雜的數(shù)學(xué)演算和推導(dǎo)，快速解題。實質(zhì)，避免復(fù)雜的數(shù)學(xué)演算和推導(dǎo)，快速解題。應(yīng)用體驗應(yīng)用體驗如圖所示，帶電荷量為如圖所示，帶電荷量為q 的均勻帶電半球殼的半徑的均勻帶電半球殼的半徑為為R，CD 為通過半球頂點為通過半球頂點 C 與球心與球心 O 的軸線，的軸線，P、Q為為 CD 軸上在軸上在 O 點兩點兩側(cè)離側(cè)離 O 點距離相等的兩點。已知均勻帶電球殼內(nèi)部電場強度處處為零，點距離相等的兩點。已知均勻帶電球殼內(nèi)部電場強度處處為零，電勢都相等。則下列判斷正確的是電勢都相等。則下列判斷正確的是()AP、Q兩點的電勢、電場強度均相同兩點的電勢、電場強度均相同BP、Q兩點的

16、電勢不同，電場強度相同兩點的電勢不同，電場強度相同CP、Q兩點的電勢相同，電場強度等大反向兩點的電勢相同，電場強度等大反向D在在Q點由靜止釋放一帶負電的微粒點由靜止釋放一帶負電的微粒(重力不計重力不計)，微粒將做勻加速直線運動，微粒將做勻加速直線運動解析解析半球殼帶負電半球殼帶負電，因此在因此在 CD 上電場線沿上電場線沿 DC 方向向上方向向上，所以所以 P 點電勢一定低點電勢一定低于于Q點電勢，點電勢，A、C 錯誤；若在錯誤；若在 O 點的下方再放置一同樣的半球殼組成一完整的球殼，則點的下方再放置一同樣的半球殼組成一完整的球殼，則 P、Q兩點的電場強度均為零，即上、下半球殼在兩點的電場強度

17、均為零，即上、下半球殼在 P 點的電場強度大小相等、方向相反，由對點的電場強度大小相等、方向相反，由對稱性可知上半球殼在稱性可知上半球殼在 P 點與在點與在Q點的電場強度相同點的電場強度相同，B 正確正確；在在Q點由靜止釋放一帶負電點由靜止釋放一帶負電微粒，微粒一定做變加速運動，微粒，微粒一定做變加速運動，D 錯誤。錯誤。答案答案B技法技法 7等效轉(zhuǎn)換法等效轉(zhuǎn)換法等效轉(zhuǎn)換法是指變換角度，從不同層次、不同角度去思考和探索問題的方法。這種方等效轉(zhuǎn)換法是指變換角度，從不同層次、不同角度去思考和探索問題的方法。這種方法往往通過轉(zhuǎn)換研究對象、空間角度、物理規(guī)律、物理模型、思維角度、物理過程等達到法往往通

18、過轉(zhuǎn)換研究對象、空間角度、物理規(guī)律、物理模型、思維角度、物理過程等達到化繁為簡，化難為易的效果?；睘楹?，化難為易的效果。應(yīng)用體驗應(yīng)用體驗如圖所示如圖所示， 間距為間距為 L 的兩根平行金屬導(dǎo)軌固定在水平桌面的兩根平行金屬導(dǎo)軌固定在水平桌面上，每根導(dǎo)軌單位長度的電阻為上，每根導(dǎo)軌單位長度的電阻為 r0，導(dǎo)軌的端點，導(dǎo)軌的端點 P、Q間用電阻不計的導(dǎo)間用電阻不計的導(dǎo)線相連線相連， 垂直導(dǎo)軌平面的勻強磁場垂直導(dǎo)軌平面的勻強磁場(未畫出未畫出)的磁感應(yīng)強度的磁感應(yīng)強度 B 隨時間隨時間 t 均勻變均勻變化化(Bkt)，一電阻也不計的金屬桿可在導(dǎo)軌上無摩擦滑動且在滑動過程中始終保持與導(dǎo)軌，一電阻也不計

19、的金屬桿可在導(dǎo)軌上無摩擦滑動且在滑動過程中始終保持與導(dǎo)軌垂直，在垂直，在 t0 時刻，金屬桿緊靠在時刻，金屬桿緊靠在 P、Q端，在外力端，在外力 F 作用下，金屬桿由靜止開始向右做作用下，金屬桿由靜止開始向右做勻加速直線運動，則勻加速直線運動，則 t 時刻金屬桿所受安培力為時刻金屬桿所受安培力為()A.k2L22r0tB.k2L2r0tC.3k2L22r0tD.2k2L2r0t解析解析本題中既有金屬桿切割磁感線又有磁場變化本題中既有金屬桿切割磁感線又有磁場變化，為此可進行模型轉(zhuǎn)換為此可進行模型轉(zhuǎn)換，轉(zhuǎn)換為磁轉(zhuǎn)換為磁場不變的金屬桿切割磁感線與面積不變的變化磁場的疊加場不變的金屬桿切割磁感線與面積

20、不變的變化磁場的疊加，令金屬桿的加速度為令金屬桿的加速度為 a，經(jīng)時經(jīng)時間間t，金屬桿與初始位置的距離為，金屬桿與初始位置的距離為 x12at2，此時金屬桿的速度，此時金屬桿的速度 vat，所以回路中的感應(yīng)電動，所以回路中的感應(yīng)電動勢勢 EBLvBtSktLvkLx， 而回路的總電阻而回路的總電阻 R2xr0， 所以金屬桿所受安培力為所以金屬桿所受安培力為 FBILBLER3k2L22r0t，C 正確。正確。答案答案C技法技法 8二級結(jié)論法二級結(jié)論法“二級結(jié)論二級結(jié)論”是由基本規(guī)律和基本公式導(dǎo)出的推論。熟記并巧用一些是由基本規(guī)律和基本公式導(dǎo)出的推論。熟記并巧用一些“二級結(jié)論二級結(jié)論”可可以使思

21、維過程簡化，節(jié)約解題時間。非常實用的二級結(jié)論有：以使思維過程簡化，節(jié)約解題時間。非常實用的二級結(jié)論有： 1 等時圓規(guī)律；等時圓規(guī)律； 2 平拋運動平拋運動速度的反向延長線過水平位移的中點；速度的反向延長線過水平位移的中點； 3 不同質(zhì)量和電荷量的同性帶電粒子由靜止相繼經(jīng)不同質(zhì)量和電荷量的同性帶電粒子由靜止相繼經(jīng)過同一加速電場和偏轉(zhuǎn)電場，軌跡重合；過同一加速電場和偏轉(zhuǎn)電場，軌跡重合； 4 直流電路中動態(tài)分析的直流電路中動態(tài)分析的“串反并同串反并同”結(jié)論；結(jié)論； 5 平行通電導(dǎo)線電流同向相吸，異向相斥；平行通電導(dǎo)線電流同向相吸，異向相斥； 6 帶電平行板電容器與電源斷開，改變極板間距帶電平行板電容

22、器與電源斷開，改變極板間距離不影響極板間勻強電場的強度等。離不影響極板間勻強電場的強度等。應(yīng)用體驗應(yīng)用體驗如圖所示的電路中如圖所示的電路中，電源電動勢為電源電動勢為 E、內(nèi)阻為內(nèi)阻為 r，C為電容器為電容器，電流表電流表 A 和電壓表和電壓表 V 均可視為理想電表均可視為理想電表。閉合開關(guān)閉合開關(guān) S 后后，在將滑動變阻器的滑片在將滑動變阻器的滑片 P 向右移動的過程中向右移動的過程中()A電流表電流表 A 的示數(shù)變小，電壓表的示數(shù)變小，電壓表 V 的示數(shù)變大的示數(shù)變大B小燈泡小燈泡 L 變暗變暗C通過定值電阻通過定值電阻 R1的電流方向自右向左的電流方向自右向左D電源的總功率變大，效率變小電

23、源的總功率變大，效率變小解析解析當(dāng)滑動變阻器的滑片當(dāng)滑動變阻器的滑片 P 向右移動時向右移動時，滑動變阻器接入電路的有效電阻減小滑動變阻器接入電路的有效電阻減小，由由“串反并同串反并同”知知，電流表電流表 A 的示數(shù)將增大的示數(shù)將增大，電壓表電壓表 V 的示數(shù)將減小的示數(shù)將減小，小燈泡小燈泡 L 變亮變亮，電源電源總功率增大，電源內(nèi)電壓增大，選項總功率增大，電源內(nèi)電壓增大，選項 A、B 錯誤；電容器兩端電壓與電壓表兩端電壓相同錯誤；電容器兩端電壓與電壓表兩端電壓相同，由由QCU 知電容器所帶電荷量減小，即電容器將放電，通過定值電阻知電容器所帶電荷量減小，即電容器將放電，通過定值電阻 R1的電流

24、方向自左的電流方向自左向右，選項向右，選項 C 錯誤；因電源內(nèi)電壓增大，所以路端電壓減小，由錯誤；因電源內(nèi)電壓增大，所以路端電壓減小，由UE100%知電源效率知電源效率變小，選項變小，選項 D 正確。正確。答案答案D技法技法 9類比分析法類比分析法類比分析法是將兩個類比分析法是將兩個 或兩類或兩類 研究對象進行對比研究對象進行對比，分析它們的相同或相似之處分析它們的相同或相似之處、相互的相互的聯(lián)系或所遵循的規(guī)律，然后根據(jù)它們在某些方面有相同或相似的屬性，進一步推斷它們在聯(lián)系或所遵循的規(guī)律，然后根據(jù)它們在某些方面有相同或相似的屬性，進一步推斷它們在其他方面也可能有相同或相似的屬性的一種思維方法。

25、比如我們對兩個等質(zhì)量的均勻星體其他方面也可能有相同或相似的屬性的一種思維方法。比如我們對兩個等質(zhì)量的均勻星體中垂線上的引力場分布情況不熟悉，但對等量同種電荷中垂線上的電場強度大小分布規(guī)律中垂線上的引力場分布情況不熟悉，但對等量同種電荷中垂線上的電場強度大小分布規(guī)律卻很熟悉，通過類比分析，可以使陌生的題目變得似曾相識。卻很熟悉，通過類比分析，可以使陌生的題目變得似曾相識。應(yīng)用體驗應(yīng)用體驗兩質(zhì)量均為兩質(zhì)量均為 M 的球形均勻星體，其連線的垂直平分線的球形均勻星體，其連線的垂直平分線為為MN，O 為兩星體連線的中點，如圖所示，一質(zhì)量為為兩星體連線的中點，如圖所示，一質(zhì)量為 m 的小物體從的小物體從

26、O 點沿點沿著著 OM 方向運動，則它受到的萬有引力大小的變化情況是方向運動，則它受到的萬有引力大小的變化情況是()A一直增大一直增大B一直減小一直減小C先增大后減小先增大后減小D先減小后增大先減小后增大解析解析由于萬有引力定律和庫侖定律的內(nèi)容和表達式的相似性由于萬有引力定律和庫侖定律的內(nèi)容和表達式的相似性， 故可以將該題與電荷故可以將該題與電荷之間的相互作用類比，即將兩個星體類比于等量同種點電荷，而小物體類比于異種電荷。之間的相互作用類比，即將兩個星體類比于等量同種點電荷，而小物體類比于異種電荷。由此易得由此易得 C 選項正確。選項正確。答案答案C技法技法 10圖像思維法圖像思維法圖像思維法

27、是根據(jù)各物理量間的關(guān)系，作出表示物理量之間的函數(shù)關(guān)系的圖線，然后圖像思維法是根據(jù)各物理量間的關(guān)系，作出表示物理量之間的函數(shù)關(guān)系的圖線，然后利用圖線的交點、圖線的斜率、圖線的截距、圖線與坐標(biāo)軸所圍幾何圖形的利用圖線的交點、圖線的斜率、圖線的截距、圖線與坐標(biāo)軸所圍幾何圖形的“面積面積”等代等代表的物理意義對問題進行分析、推理、判斷或計算的方法。其本質(zhì)是利用圖像本身的數(shù)學(xué)表的物理意義對問題進行分析、推理、判斷或計算的方法。其本質(zhì)是利用圖像本身的數(shù)學(xué)特征所反映的物理意義解決物理問題，或根據(jù)物理圖像判斷物理過程、物理狀態(tài)、物理量特征所反映的物理意義解決物理問題，或根據(jù)物理圖像判斷物理過程、物理狀態(tài)、物理

28、量之間的函數(shù)關(guān)系和求解某些物理量。之間的函數(shù)關(guān)系和求解某些物理量。應(yīng)用體驗應(yīng)用體驗如圖所示，如圖所示，N 匝矩形導(dǎo)線框以角速度匝矩形導(dǎo)線框以角速度在磁感應(yīng)強度為在磁感應(yīng)強度為 B的勻強磁場中繞軸的勻強磁場中繞軸 OO勻速轉(zhuǎn)動，線框面積為勻速轉(zhuǎn)動，線框面積為 S，線框的電阻為，線框的電阻為 r，外電，外電路接有電阻路接有電阻 R、 理想交流電流表理想交流電流表 A 和二極管和二極管 D。 二極管二極管 D 具有單向?qū)щ娦跃哂袉蜗驅(qū)щ娦?，即正向電阻為零，反向電阻無窮大。下列說法正確的是即正向電阻為零，反向電阻無窮大。下列說法正確的是()A圖示位置電流表示數(shù)為圖示位置電流表示數(shù)為 0BR 兩端電壓的

29、有效值為兩端電壓的有效值為22NBSC電流表的示數(shù)為電流表的示數(shù)為NBS2 Rr D一個周期內(nèi)通過一個周期內(nèi)通過 R 的電荷量為的電荷量為NBSRr解析解析交流電流表示數(shù)為有效值交流電流表示數(shù)為有效值，而非瞬時值而非瞬時值，選項選項 A 錯錯；因為二極管因為二極管 D 具有單向?qū)щ娦跃哂袉蜗驅(qū)щ娦裕?則通過則通過 R 的電流為線框中產(chǎn)生的的電流為線框中產(chǎn)生的正弦式交流電的一半，感應(yīng)電動勢的瞬時值如圖所示，設(shè)感應(yīng)電正弦式交流電的一半，感應(yīng)電動勢的瞬時值如圖所示，設(shè)感應(yīng)電動勢的有效值為動勢的有效值為 E，則，則 E12NBS，電流的有效值，電流的有效值 IERrNBS2 Rr ，選項，選項 B 錯

30、，錯，C 對；對；在一個周期內(nèi)，只有半個周期的時間有電流通過在一個周期內(nèi)，只有半個周期的時間有電流通過 R，故一個周期內(nèi)通過，故一個周期內(nèi)通過 R 的電荷量為的電荷量為 qNRr2NBSRr，選項，選項 D 錯。錯。答案答案C專題強訓(xùn)提能專題強訓(xùn)提能1.如圖所示，在一粗糙的水平面上有兩個質(zhì)量分別為如圖所示，在一粗糙的水平面上有兩個質(zhì)量分別為 m1和和 m2的的木塊木塊 1 和和 2，用原長為用原長為 l、勁度系數(shù)為勁度系數(shù)為 k 的輕彈簧連接起來的輕彈簧連接起來，兩木塊與兩木塊與地面間的動摩擦因數(shù)均為地面間的動摩擦因數(shù)均為?，F(xiàn)用一水平力?，F(xiàn)用一水平力(未畫出未畫出)向右拉木塊向右拉木塊 2，當(dāng)

31、兩木塊一起勻速運動，當(dāng)兩木塊一起勻速運動時，兩木塊間的距離為時，兩木塊間的距離為()Alm1gkBl m1m2 gkClm2gkDlm1m2gk m1m2 解析解析：選選 A由題意知由題意知，彈簧對木塊彈簧對木塊 1 的拉力與木塊的拉力與木塊 1 所受的摩擦力平衡所受的摩擦力平衡，當(dāng)當(dāng) m1的質(zhì)的質(zhì)量越小時摩擦力越小量越小時摩擦力越小，彈簧的拉力也越小彈簧的拉力也越小。當(dāng)當(dāng) m1的值等于零時的值等于零時(極限極限)，不論不論 m2多大多大，彈簧彈簧的伸長量都為零，說明彈簧的伸長量與的伸長量都為零，說明彈簧的伸長量與 m2無關(guān)，故選無關(guān)，故選 A 項。項。2多選多選一物體在粗糙水平面上以某一初速

32、度做勻減速直線運動直到停止，已知此物一物體在粗糙水平面上以某一初速度做勻減速直線運動直到停止，已知此物體在最初體在最初 5 s 內(nèi)的平均速度為內(nèi)的平均速度為 3.3m/s，且在最初且在最初 5 s 內(nèi)和最后內(nèi)和最后 5 s 內(nèi)經(jīng)過的路程之比為內(nèi)經(jīng)過的路程之比為 115，則下列說法中正確的是，則下列說法中正確的是()A物體一共運動了物體一共運動了 8 sB物體做勻減速直線運動的加速度大小為物體做勻減速直線運動的加速度大小為 0.6 m/s2C物體運動的初速度大小為物體運動的初速度大小為 6m/sD物體運動過程中的平均速度為物體運動過程中的平均速度為256m/s解析解析：選選 AB設(shè)物體做勻減速直

33、線運動的加速度大小為設(shè)物體做勻減速直線運動的加速度大小為 a，運動總時間為運動總時間為 t。把物體的把物體的運動視為反向的初速度為零的勻加速直線運動，則物體最后運動視為反向的初速度為零的勻加速直線運動，則物體最后 5 s 內(nèi)的位移為內(nèi)的位移為 x212a5212.5a，最初，最初 5 s 內(nèi)的位移為內(nèi)的位移為 x112at212a(t5)25at12.5a，由題意知，由題意知 x1x2115，聯(lián)，聯(lián)立解立解得得 t8 s， A 正確正確； 物體最物體最初初 5 s 內(nèi)的位移內(nèi)的位移為為 x13.35 m16.5 m， 即即 5at12.5a16.5，解得解得 a0.6 m/s2，B 正確正確；

34、由由 vat 知物體運動的初速度大小為知物體運動的初速度大小為 v0.68m/s4.8m/s，C 錯誤；由平均速度定義知，運動過程中的平均速度為錯誤；由平均速度定義知，運動過程中的平均速度為vv02120.68m/s2.4 m/s，D 錯誤。錯誤。3豎直上拋物體的初速度大小與返回拋出點時速度大小的比值為豎直上拋物體的初速度大小與返回拋出點時速度大小的比值為 k，物體返回拋出點，物體返回拋出點時速度大小為時速度大小為 v，若在運動過程中空氣阻力大小不變?nèi)粼谶\動過程中空氣阻力大小不變，重力加速度為重力加速度為 g，則物體從拋出到返則物體從拋出到返回拋出點所經(jīng)歷的時間為回拋出點所經(jīng)歷的時間為()A.

35、 k21 v k21 gB. k21 v k21 gC. k1 k21 v2kgD. k21 2v2kg解析：解析：選選 C取取 k1，說明物體運動過程中所受空氣阻力為零，則物體從拋出到返回，說明物體運動過程中所受空氣阻力為零，則物體從拋出到返回拋出點所經(jīng)歷的時間為拋出點所經(jīng)歷的時間為2vg，代入后只有，代入后只有 C 滿足。滿足。4.如圖所示電路中，如圖所示電路中，R14 ，R26 ，電源內(nèi)阻不可忽略。閉，電源內(nèi)阻不可忽略。閉合開關(guān)合開關(guān) S1，當(dāng)開關(guān)，當(dāng)開關(guān) S2閉合時，電流表閉合時，電流表 A 的示數(shù)為的示數(shù)為 3 A。則當(dāng)。則當(dāng) S2斷開斷開時，電流表示數(shù)可能為時，電流表示數(shù)可能為()

36、A3.2AB2.1AC1.2AD0.8A解析：解析：選選 BS2斷開后，總電阻變大，電流變小，排除斷開后，總電阻變大，電流變小，排除 A 項；項；S2斷開前路端電壓是斷開前路端電壓是 UIR134 V12 V，S2斷開后路端電壓增大斷開后路端電壓增大，則電流大于則電流大于 IUR1R21246A1.2 A，排除排除 C、D 兩項，故可得正確選項為兩項，故可得正確選項為 B。5.12 根長直導(dǎo)線并排構(gòu)成長為根長直導(dǎo)線并排構(gòu)成長為 l 的直導(dǎo)線帶的直導(dǎo)線帶 ab，P1、P2是位是位于于 ab 所在直線上的兩點，位置如圖所示，所在直線上的兩點，位置如圖所示，P1到導(dǎo)線帶左端的距離等于到導(dǎo)線帶左端的距

37、離等于 P2到導(dǎo)線帶右端的到導(dǎo)線帶右端的距離，所有長直導(dǎo)線中均通有大小相等、方向垂直紙面向外的恒定電流，距離，所有長直導(dǎo)線中均通有大小相等、方向垂直紙面向外的恒定電流，ab 上所有直導(dǎo)線上所有直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場在產(chǎn)生的磁場在 P1處的合磁感應(yīng)強度大小為處的合磁感應(yīng)強度大小為 B1，在，在 P2處的合磁感應(yīng)強度大小為處的合磁感應(yīng)強度大小為 B2，若僅將，若僅將右邊右邊 6 根直導(dǎo)線移走，則根直導(dǎo)線移走，則 P2處的磁感應(yīng)強度大小為處的磁感應(yīng)強度大小為()A.B22BB2B1CB1B22DB1B22解析：解析：選選 B由于所有直導(dǎo)線中的電流一樣，將直導(dǎo)線一分為二，由右手螺旋定則及由于所有直導(dǎo)線中的電

38、流一樣，將直導(dǎo)線一分為二，由右手螺旋定則及對稱性知對稱性知，左邊左邊 6 根直導(dǎo)線電流在根直導(dǎo)線電流在 P1處產(chǎn)生的磁場互相抵消處產(chǎn)生的磁場互相抵消，所有直導(dǎo)線電流在所有直導(dǎo)線電流在 P1處產(chǎn)生處產(chǎn)生的磁場的磁場，僅相當(dāng)于右邊僅相當(dāng)于右邊 6 根直導(dǎo)線電流在根直導(dǎo)線電流在 P1處產(chǎn)生的磁場處產(chǎn)生的磁場，磁感應(yīng)強度大小為磁感應(yīng)強度大小為 B1，方向垂方向垂直直 ab 向下向下；由對稱性知由對稱性知，右邊右邊 6 根直導(dǎo)線電流在根直導(dǎo)線電流在 P2處產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強度大小為處產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強度大小為 B1，方向垂直方向垂直 ab 向上，而所有直導(dǎo)線的電流在向上，而所有直導(dǎo)線的電流在 P2處

39、產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強度大小為處產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強度大小為 B2，方向，方向垂直垂直 ab 向上向上，所以將右邊所以將右邊 6 根直導(dǎo)線移走后根直導(dǎo)線移走后，由磁場的疊加原理知由磁場的疊加原理知，左邊左邊 6 根直導(dǎo)線電流根直導(dǎo)線電流在在 P2處產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強度大小為處產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強度大小為 B2B1，B 選項正確。選項正確。6.如圖所示，在邊長為如圖所示，在邊長為 a 的正方形區(qū)域內(nèi)，有以對角線為邊界、的正方形區(qū)域內(nèi)，有以對角線為邊界、垂直于紙面的兩個勻強磁場垂直于紙面的兩個勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小相等磁感應(yīng)強度大小相等、方向相反方向相反，紙面紙面內(nèi)一邊長為內(nèi)一邊長為 a 的正方

40、形導(dǎo)線框沿的正方形導(dǎo)線框沿 x 軸勻速穿過磁場區(qū)域軸勻速穿過磁場區(qū)域，t0 時刻恰好開始進入磁場區(qū)域時刻恰好開始進入磁場區(qū)域，以順時針方向為導(dǎo)線框中電流的正方向以順時針方向為導(dǎo)線框中電流的正方向， 選項圖中能夠正確表示電流與位移關(guān)系的是選項圖中能夠正確表示電流與位移關(guān)系的是()解析：解析：選選 B在在 x(0，a)時，導(dǎo)線框右邊框切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流大小時，導(dǎo)線框右邊框切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流大小 iB ax vBxvRBv a2x R， 其中其中 x0，a2 時時， 導(dǎo)線框中感應(yīng)電流方向為順時針導(dǎo)線框中感應(yīng)電流方向為順時針； xa2時時，導(dǎo)線框中感應(yīng)電流為零；導(dǎo)線框中感應(yīng)電流為零

41、；xa2，a時，導(dǎo)線框中感應(yīng)電流方向為逆時針。在時，導(dǎo)線框中感應(yīng)電流方向為逆時針。在 x(a,2a)時時，導(dǎo)線框左邊框切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，感應(yīng)電流大小導(dǎo)線框左邊框切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，感應(yīng)電流大小 iBa xa vB xa vRBv 3a2x R，其中其中 xa，32a時時，導(dǎo)線框中感應(yīng)電流方向為逆時針導(dǎo)線框中感應(yīng)電流方向為逆時針；x32a 時時，導(dǎo)線框中感導(dǎo)線框中感應(yīng)電流為零應(yīng)電流為零；x32a，2a時時，導(dǎo)線框中感應(yīng)電流方向為順時針導(dǎo)線框中感應(yīng)電流方向為順時針，所以所以B 正確正確，A、C、D 錯誤錯誤。7.多選多選如圖所示，電源的內(nèi)阻可以忽略不計，電壓表如圖所示，電源的內(nèi)阻可以忽略

42、不計，電壓表(內(nèi)阻不能內(nèi)阻不能忽略忽略)和可變電阻和可變電阻 R 串聯(lián)在電路中。如果可變電阻串聯(lián)在電路中。如果可變電阻 R 的阻值減為原來的阻值減為原來的的13，電壓表的讀數(shù)由，電壓表的讀數(shù)由 U0增加到增加到 2U0，則下列說法正確的是，則下列說法正確的是()A流過可變電阻流過可變電阻 R 的電流增大為原來的的電流增大為原來的 2 倍倍B可變電阻可變電阻 R 消耗的電功率增大為原來的消耗的電功率增大為原來的 4 倍倍C可變電阻可變電阻 R 兩端的電壓減小為原來的兩端的電壓減小為原來的23D若可變電阻若可變電阻 R 的阻值減小到零，那么電壓表的示數(shù)變?yōu)榈淖柚禍p小到零，那么電壓表的示數(shù)變?yōu)?4U

43、0解析解析：選選 ACD電壓表阻值一定電壓表阻值一定，當(dāng)它的讀數(shù)由當(dāng)它的讀數(shù)由 U0增加到增加到 2U0時時，通過它的電流一定通過它的電流一定變?yōu)樵瓉淼淖優(yōu)樵瓉淼?2 倍倍，而而 R 與電壓表串聯(lián)與電壓表串聯(lián)，A 正確正確；根據(jù)根據(jù) PUI 和和 UIR，可知可知 R 的阻值減為的阻值減為原來的原來的13后，后，R 消耗的功率消耗的功率 P 2I 2R343P，R 兩端的電壓兩端的電壓 U23IR，C 正確，正確，B 錯誤；又錯誤；又因電源內(nèi)阻不計，因電源內(nèi)阻不計，R 與電壓表兩端的電壓之和為與電壓表兩端的電壓之和為 E，當(dāng)，當(dāng) R 的阻值減小到零時，電壓表示數(shù)的阻值減小到零時，電壓表示數(shù)為為

44、 E，其值為，其值為 EIRU023IR2U0，解得，解得 E4U0，D 正確。正確。8.如圖所示，水平放置的金屬板間有勻強電場，一帶正電的如圖所示，水平放置的金屬板間有勻強電場，一帶正電的粒子以水平速度粒子以水平速度 v0從從 M 點射入勻強電場，穿過電場后，從點射入勻強電場，穿過電場后，從 N 點點以速度以速度 v 射出，粒子重力不計，則以下判斷正確的是射出，粒子重力不計，則以下判斷正確的是()A如果讓粒子從如果讓粒子從 M 點以速率點以速率 v 沿水平方向射入，則粒子從沿水平方向射入，則粒子從 N 點射出時的速率為點射出時的速率為 v0B如果讓粒子從如果讓粒子從 N 點以速度點以速度v

45、射入，則粒子從射入，則粒子從 M 點射出時的速度為點射出時的速度為v0C如果讓粒子從如果讓粒子從 M 點以速率點以速率 v 沿水平方向射入，則粒子能到達沿水平方向射入，則粒子能到達 N 點點D如果讓粒子從如果讓粒子從 N 點以速率點以速率 v0沿沿v 方向射入方向射入，則粒子從則粒子從 M 點射出時的速率為點射出時的速率為 v 且且沿沿v0方向方向解析：解析：選選 B粒子在電場力作用下做類平拋運動，初速度粒子在電場力作用下做類平拋運動，初速度 v0與末速度與末速度 v 的水平分量相的水平分量相等等，可知可知 A、C、D 錯誤錯誤；當(dāng)粒子從當(dāng)粒子從 N 點以速度點以速度v 射入電場中時射入電場中

46、時，粒子在水平方向上做勻粒子在水平方向上做勻速運動，而在豎直方向上做勻減速運動，與題述運動過程互為可逆運動，可知速運動，而在豎直方向上做勻減速運動，與題述運動過程互為可逆運動，可知 B 正確。正確。9.如圖所示，如圖所示，AB 為電荷均勻分布、帶電荷量為為電荷均勻分布、帶電荷量為Q的細棒，的細棒，C 為為AB 棒附近的一點，棒附近的一點，CB 垂直于垂直于 AB。AB 棒上電荷形成的電場中棒上電荷形成的電場中 C 點的點的電勢為電勢為0，0可以等效成可以等效成 AB 棒上某點棒上某點 P 處處、帶電荷量為帶電荷量為Q的點電荷的點電荷所形成的電場在所形成的電場在 C 點的電勢點的電勢，設(shè)設(shè) PC

47、 的距離為的距離為 r，由點電荷電勢的知識可知由點電荷電勢的知識可知0kQr。若某點若某點處在多個點電荷形成的電場中，則電勢為每一個點電荷在該點所產(chǎn)生的電勢的代數(shù)和。根處在多個點電荷形成的電場中，則電勢為每一個點電荷在該點所產(chǎn)生的電勢的代數(shù)和。根據(jù)題中提供的知識與方法，我們可將據(jù)題中提供的知識與方法，我們可將 AB 棒均分成兩段，并看成兩個點電荷，可以求得棒均分成兩段，并看成兩個點電荷，可以求得 AC連線中點連線中點 C處的電勢為處的電勢為()A0B. 20C20D40解析：解析：選選 CAB 棒帶電均勻，由對稱性可知，其等效點電荷棒帶電均勻，由對稱性可知，其等效點電荷 P 點點即即 AB 棒

48、的中點，如圖所示，已知棒的中點，如圖所示，已知 PCr，將，將 AB 棒均分成兩段，設(shè)左棒均分成兩段，設(shè)左半段的中點為半段的中點為 E，其電荷量為，其電荷量為12Q，由圖可知，由圖可知 CE 的長度為的長度為12r，故其，故其在在 C的電勢為的電勢為k12Q12rkQr0，同理，右半段在，同理，右半段在 C產(chǎn)生的電勢也為產(chǎn)生的電勢也為0，根據(jù)題意可知，根據(jù)題意可知其代數(shù)和為其代數(shù)和為 20，故選項，故選項 C 正確。正確。10多選多選水平地面上有兩個固定的、高度相同的粗糙斜面甲和乙，底邊長分別為水平地面上有兩個固定的、高度相同的粗糙斜面甲和乙，底邊長分別為 L1、L2，且且 L12kg3L時，

49、時，A、B 相對于轉(zhuǎn)盤會滑動相對于轉(zhuǎn)盤會滑動B當(dāng)當(dāng)kg2L時，輕繩一定有彈力時，輕繩一定有彈力C當(dāng)當(dāng)在在kg2L2kg3L范圍內(nèi)增大時，范圍內(nèi)增大時，B 所受摩擦力變大所受摩擦力變大D當(dāng)當(dāng)在在 02kg3L范圍內(nèi)增大時，范圍內(nèi)增大時，A 所受摩擦力一直變大所受摩擦力一直變大解析：解析：選選 ABD當(dāng)當(dāng) A、B 所受靜摩擦力均達到最大值時，所受靜摩擦力均達到最大值時，A、B 恰好不相對轉(zhuǎn)盤滑動恰好不相對轉(zhuǎn)盤滑動，設(shè)設(shè) A、B 質(zhì)量均為質(zhì)量均為 m，則，則 2kmgm2Lm22L，解得，解得2kg3L，A 項正確；當(dāng)項正確；當(dāng) B 所受所受靜摩擦力達到最大值后靜摩擦力達到最大值后，輕繩開始有彈力輕

50、繩開始有彈力，此時有此時有 kmgm22L，解得解得kg2L，B 項正項正確；當(dāng)確；當(dāng)kg2L2kg3L時，隨著角速度的增大，輕繩彈力不斷增大，時，隨著角速度的增大，輕繩彈力不斷增大，B 所受靜摩擦力一所受靜摩擦力一直保持最大靜摩擦力不變直保持最大靜摩擦力不變，C 項錯誤項錯誤；當(dāng)當(dāng) 0kg2L時時，A 所受靜摩擦力所受靜摩擦力 Ff提供向心力提供向心力，即即 Ffm2L，靜摩擦力隨角速度的增大而增大靜摩擦力隨角速度的增大而增大；當(dāng)當(dāng)kg2L2kg3L時時，以以 A、B 整體為整體為研究對象研究對象，F(xiàn)fkmgm2Lm22L，可知可知 A 所受靜摩擦力隨角速度的增大而增大所受靜摩擦力隨角速度的

51、增大而增大，D 項項正確。正確。12.如圖所示，一長為如圖所示，一長為 L 的輕桿一端固定在光滑鉸鏈上，另一端固定的輕桿一端固定在光滑鉸鏈上，另一端固定一質(zhì)量為一質(zhì)量為 m 的小球。一水平向右的拉力的小球。一水平向右的拉力 F 作用于桿的中點，使桿以角速作用于桿的中點，使桿以角速度度勻速轉(zhuǎn)動，當(dāng)桿與水平方向成勻速轉(zhuǎn)動，當(dāng)桿與水平方向成 60角時，拉力角時，拉力 F 的功率為的功率為()AmgLB.32mgLC.12mgLD.36mgL解析：解析：選選 C由題意知，拉力由題意知，拉力 F 做的功與小球克服重力做功相等，因輕桿勻速轉(zhuǎn)動，做的功與小球克服重力做功相等，因輕桿勻速轉(zhuǎn)動，則拉力則拉力 F

52、 的功率與小球克服重力做功的功率也相等的功率與小球克服重力做功的功率也相等， 故故 PmgLcos 6012mgL， C 正確正確。13多選多選如圖所示為物理實驗室某風(fēng)扇的風(fēng)速擋位變換器電路圖如圖所示為物理實驗室某風(fēng)扇的風(fēng)速擋位變換器電路圖，它它是一個可調(diào)壓的理想變壓器，其中接入交變電流的電壓有效值是一個可調(diào)壓的理想變壓器，其中接入交變電流的電壓有效值 U0220 V，線圈總匝數(shù)線圈總匝數(shù) n02 200，擋位擋位 1、2、3、4 對應(yīng)的線圈匝數(shù)分別為對應(yīng)的線圈匝數(shù)分別為 220、550、1 100、2 200。電動機電動機 M 的內(nèi)阻的內(nèi)阻 r4 ，額定電壓為額定電壓為 U220 V，額定功

53、額定功率率P110 W。下列判斷正確的是。下列判斷正確的是()A當(dāng)選擇擋位當(dāng)選擇擋位 3 時，電動機兩端電壓為時，電動機兩端電壓為 110 VB當(dāng)擋位由當(dāng)擋位由 3 變換到變換到 2 時，電動機的功率增大時，電動機的功率增大C當(dāng)選擇擋位當(dāng)選擇擋位 2 時，電動機的熱功率為時，電動機的熱功率為 1 WD當(dāng)選擇擋位當(dāng)選擇擋位 4 時，電動機的輸出功率為時，電動機的輸出功率為 109 W解析：解析：選選 AD選擇擋位選擇擋位 3 時，由理想變壓器電壓與匝數(shù)的關(guān)系，可得時，由理想變壓器電壓與匝數(shù)的關(guān)系，可得 U0U3n0n3，解得解得 U3110 V，A 正確正確；當(dāng)擋位由當(dāng)擋位由 3 變換到變換到

54、2 時時，輸出電壓減小輸出電壓減小，電動機的功率減小電動機的功率減小，B 錯誤；選擇擋位錯誤；選擇擋位 2 時，由時，由 U0U2n0n2，得，得 U255 V，電動機兩端電壓沒有達到額定，電動機兩端電壓沒有達到額定電壓，則其功率不能達到額定功率，當(dāng)沒有達到額定功率時，熱功率小于電壓，則其功率不能達到額定功率，當(dāng)沒有達到額定功率時，熱功率小于 1 W，C 錯誤；錯誤；選擇擋位選擇擋位 4 時時，由由 U0U4n0n4，得得 U4220 VU，則電動機恰好能達到額定功率則電動機恰好能達到額定功率，在在達到額定功率的情況下達到額定功率的情況下，電動機的額定電流為電動機的額定電流為 IPU0.5 A

55、，熱功率熱功率 PrI2r1 W，輸出功輸出功率為率為PPr(1101)W109 W，D 正確。正確。14多選多選甲、乙兩人同時同地出發(fā)騎自行車做直線運動，甲、乙兩人同時同地出發(fā)騎自行車做直線運動，前前 1 h 內(nèi)的位移內(nèi)的位移時間圖像如圖所示。下列表述正確的是時間圖像如圖所示。下列表述正確的是()A0.20.5 h 內(nèi)，甲的加速度比乙的大內(nèi)，甲的加速度比乙的大B0.20.5 h 內(nèi)，甲的速度比乙的大內(nèi)，甲的速度比乙的大C0.60.8 h 內(nèi)，甲的位移比乙的大內(nèi)，甲的位移比乙的大D00.8 h 內(nèi)，甲、乙騎車的路程相等內(nèi)，甲、乙騎車的路程相等解析解析：選選 BC由題圖可知由題圖可知，0.20.

56、5 h 內(nèi)內(nèi)，甲甲、乙均做勻速直線運動乙均做勻速直線運動，加速度都為零加速度都為零，A 錯誤錯誤；在位移時間圖像中在位移時間圖像中，圖線斜率表示速度圖線斜率表示速度，0.20.5 h 內(nèi)內(nèi)，甲的圖線的斜率大于乙甲的圖線的斜率大于乙的圖線的斜率，故甲的速度大于乙的速度，的圖線的斜率，故甲的速度大于乙的速度，B 正確；正確；0.60.8 h 內(nèi)，甲的位移大于乙的位內(nèi)，甲的位移大于乙的位移，移，C 正確；正確；00.8 h 內(nèi)，甲、乙騎車的路程不相等，內(nèi)，甲、乙騎車的路程不相等，D 錯誤。錯誤。課余擠時加餐訓(xùn)練課余擠時加餐訓(xùn)練(三三)|電學(xué)與原子物理學(xué)選擇題押題練電學(xué)與原子物理學(xué)選擇題押題練 練準(zhǔn)度

57、、練速度練準(zhǔn)度、練速度電學(xué)與原子物理學(xué)選擇題押題練電學(xué)與原子物理學(xué)選擇題押題練(一一)1如圖所示，在真空空間中的如圖所示，在真空空間中的 M、N 處存在兩個被固定的、電荷量相同的正點電荷處存在兩個被固定的、電荷量相同的正點電荷，在它們連線所在的直線上有在它們連線所在的直線上有 A、B、C 三點三點，已知已知 MACNNB，MAbdc；a、b、c、d 四點四點電場強度方向相同，但大小不等；電場強度方向相同，但大小不等；ba 電勢增大，正電荷的電勢能增大，電勢增大，正電荷的電勢能增大，ad 電勢減小電勢減小，正電荷的電勢能減小，故正電荷的電勢能減小，故 D 正確。正確。3.如圖所示如圖所示，A1、

58、A2是兩完全相同的燈泡是兩完全相同的燈泡，A1與一理想二極管與一理想二極管 D連接，線圈連接，線圈 L 的直流電阻不計。下列說法正確的是的直流電阻不計。下列說法正確的是()A閉合閉合 S 后，后，A1會逐漸變亮?xí)饾u變亮B閉合閉合 S 穩(wěn)定后，穩(wěn)定后，A1、A2亮度相同亮度相同C閉合閉合 S 穩(wěn)定后再斷開穩(wěn)定后再斷開 S 的瞬間，的瞬間，A1會逐漸熄滅會逐漸熄滅D閉合閉合 S 穩(wěn)定后再斷開穩(wěn)定后再斷開 S 的瞬間，的瞬間，a 點的電勢比點的電勢比 b 點低點低解析：解析：選選 D閉合閉合 S 后，因后，因 A1、A2和線圈和線圈 L 不是串聯(lián)的關(guān)系，則不是串聯(lián)的關(guān)系，則 A1、A2立刻亮，立刻

59、亮，故故A 錯誤；閉合錯誤；閉合 S 穩(wěn)定后，因線圈穩(wěn)定后，因線圈 L 的直流電阻不計，所以的直流電阻不計，所以 A1與二極管被短路，導(dǎo)致與二極管被短路，導(dǎo)致 A1不不亮，而亮，而 A2將更亮，因此將更亮，因此 A1、A2亮度不同，故亮度不同，故 B 錯誤；閉合錯誤；閉合 S 穩(wěn)定后再斷開穩(wěn)定后再斷開 S 的瞬間，的瞬間，A2會立刻熄滅會立刻熄滅，線圈線圈 L 與與 A1及二極管構(gòu)成回路及二極管構(gòu)成回路，因線圈因線圈 L 產(chǎn)生感應(yīng)電動勢產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，a 點的電勢低點的電勢低于于b 點，但二極管具有單向?qū)щ娦?，所以回路沒有感應(yīng)電流，點，但二極管具有單向?qū)щ娦裕曰芈窙]有感應(yīng)電流，A1不亮，故

60、不亮，故 C 錯誤，錯誤，D 正確。正確。4在水平方向的磁感應(yīng)強度為在水平方向的磁感應(yīng)強度為 B 的勻強磁場中有一面積為的勻強磁場中有一面積為 S 的線圈的線圈，匝數(shù)為匝數(shù)為 N，內(nèi)阻內(nèi)阻不計，繞與磁場垂直的軸不計，繞與磁場垂直的軸 OO以角速度以角速度勻速轉(zhuǎn)動，如圖所示。線圈通過滑環(huán)接一理想變勻速轉(zhuǎn)動，如圖所示。線圈通過滑環(huán)接一理想變壓器，滑動觸頭壓器，滑動觸頭 P 上下移動時可改變輸出電壓，副線圈接有可調(diào)電阻上下移動時可改變輸出電壓，副線圈接有可調(diào)電阻 R。如果從圖示位。如果從圖示位置開始計時，下列判斷正確的是置開始計時，下列判斷正確的是()A線圈產(chǎn)生的交變電流按正弦規(guī)律變化線圈產(chǎn)生的交變