2015年浙江高考物理試卷與答案解析

1、2015年浙江省高考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（共4小題，每小題6分，滿分24分）1. （6分）（2015?浙江）下列說法正確的是（）A.電流通過導(dǎo)體的熱功率與電流大小成正比B.力對(duì)物體所做的功與力的作用時(shí)間成正比C.電容器所帶電荷量與兩極間的電勢(shì)差成正比D.彈性限度內(nèi)，彈簧的勁度系數(shù)與彈簧伸長(zhǎng)量成正比考點(diǎn)：焦耳定律；彈性勢(shì)能；電容.分析：明確熱功率、功的公式、電容的定義及胡克定律公式的意義進(jìn)行分析，明確各物理量的決定因素.解答：解：A、由P=I2r可知，電流通過導(dǎo)體的熱功率與電流的平方成正比；故A錯(cuò)誤;B、力做功W=FL,與力的作用時(shí)間無關(guān)；故B錯(cuò)誤；C、由C='可知，電容

2、器所帶電荷量與兩極間的電勢(shì)差成正比；故C正確；D、勁度系數(shù)由彈簧本身的性質(zhì)決定，無伸長(zhǎng)量無關(guān)；故D錯(cuò)誤；故選：C.點(diǎn)評(píng)：本題考查基本公式的掌握，要注意各物理量的決定因素，特別注意一些比值定義法的意義.其上的遮光條將光遮住,近似代表滑塊通過光2. （6分）（2015?浙江）如圖所示，氣墊導(dǎo)軌上滑塊經(jīng)過光電門時(shí),電子計(jì)時(shí)器可自動(dòng)記錄遮光時(shí)間測(cè)得遮光條的寬度為X,電門時(shí)的瞬時(shí)速度，為使工注更接近瞬時(shí)速度，正確的措施是（AtA.換用寬度更窄的遮光條B.提高測(cè)量遮光條寬度的精確度C.使滑片的釋放點(diǎn)更靠近光電門D.增大氣墊導(dǎo)軌與水平面的夾角考點(diǎn)：探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律.x趨向于0時(shí)的平均速度可專題：

3、實(shí)驗(yàn)題.分析：明確平均速度代替瞬時(shí)速度的方法，應(yīng)明確我們是利用近似等于瞬時(shí)速度.解答：解：本題中利用平均速度等效替代瞬時(shí)速度；故只能盡量減小計(jì)算平均速度的位移，即換用寬度更窄的遮光條；故A正確；BCD錯(cuò)誤；故選：A.點(diǎn)評(píng)：解答本題應(yīng)掌握關(guān)鍵問題，要使位移與時(shí)間的比值更接近一個(gè)瞬間只能減小寬度；其他實(shí)驗(yàn)方法均無能為力.3. （6分）（2015硼江）如圖所示為靜電力演示儀，兩金屬極板分別固定于絕緣支架上，且正對(duì)平行放置，工作時(shí)兩板分別接高壓直流電源的正負(fù)極，表面鍍鋁的乒乓球用絕緣細(xì)線懸掛在兩金屬極板中間，則（）高壓直流電源A.乒乓球的左側(cè)感應(yīng)出負(fù)電荷B.乒乓球受到擾動(dòng)后，會(huì)被吸在左極板上C.乒乓球

4、共受到電場(chǎng)力、重力和庫(kù)侖力三個(gè)力的作用D.用絕緣棒將乒乓球拔到與右極板接觸，放開后乒乓球會(huì)在兩極板間來回碰撞考點(diǎn)：電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系.專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題.分析：根據(jù)靜電感應(yīng)現(xiàn)象明確小球的帶電情況，再利用電荷守恒定律進(jìn)行分析，明確小球與極板相碰后的運(yùn)動(dòng)情況，即可分析小球的運(yùn)動(dòng)情況.解答：解：A、由于球表面鍍有金屬，故在電場(chǎng)作用下會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電荷；金屬極板右側(cè)為正,則負(fù)電荷將向右移動(dòng)，故右側(cè)帶有負(fù)電荷；故A錯(cuò)誤；B、乒乓球與極板相碰后，在接觸過程中，電荷重新分布，使球與極板帶同種電荷；故將會(huì)排斥；因此乒乓球會(huì)在兩極板間來回碰撞；故B錯(cuò)誤，D正確；C、乒乓球共受到電場(chǎng)力、重力、拉力三個(gè)力

5、的作用；故C錯(cuò)誤；故選：D點(diǎn)評(píng)：本題考查靜電現(xiàn)象的應(yīng)用，要注意分析靜電感應(yīng)和接觸起電的性質(zhì)，明確庫(kù)侖力為電場(chǎng)力的一種.4. （6分）（2015?浙江）如圖所示為足球球門，球門寬為L(zhǎng),一個(gè)球員在球門中心正前方距離球門s處高高躍起，將足球頂入球門的左下方死角（圖中P點(diǎn)），球員頂球點(diǎn)的高度為h,足球做平拋運(yùn)動(dòng)（足球可看成質(zhì)點(diǎn)，忽略空氣阻力），則（）足球位移的大小B.足球初速度的大小v0=_S_!一:二V2h4sC.足球末速度的大小D,足球初速度的方向與球門線夾角的正切值tanJ2g考點(diǎn)：平拋運(yùn)動(dòng).專題：平拋運(yùn)動(dòng)專題.分析：首先要根據(jù)幾何關(guān)系確定足球運(yùn)動(dòng)的軌跡，然后確定水平方向的位移，再由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)

6、律求出足球的初速度的大小；根據(jù)動(dòng)能定理在確定足球的末速度的大小以及足球初速度的方向與球門線夾角的正切值.解答：解：a、由題可知，足球在水平方向的位移大小為：算也），所以足球B、足球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：回所以足球的初速度的大小：V0J=J一魚（!-+£2）.故7gt2h4sB正確；C、足球運(yùn)動(dòng)的過程中重力做功，由動(dòng)能定理得：mgh=1inv2聯(lián)立以上各式得：促（£+呂2）+2gh故C錯(cuò)誤；22sD、由幾何關(guān)系可得足球初速度的方向與球門線夾角的正切值tan力一.故D錯(cuò)-L2誤.故選：B點(diǎn)評(píng)：該題結(jié)合日常生活中的實(shí)例考查平拋運(yùn)動(dòng)、動(dòng)能定理等知識(shí)點(diǎn)的內(nèi)容，題目中拋出點(diǎn)的位置與球門組成的幾何

7、關(guān)系是解題過程中的關(guān)鍵，也是容易出現(xiàn)錯(cuò)誤的地方.二、選擇題（本題共3小題。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，至少有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的的0分）5. （6分）（2015?浙江）我國(guó)科學(xué)家正在研制航母艦載機(jī)使用的電磁彈射器，艦載機(jī)總質(zhì)量為3.0M04kg,設(shè)起飛過程中發(fā)動(dòng)機(jī)的推力恒為1.0X105N,彈射器有效作用長(zhǎng)度為100m,推力恒定，要求艦載機(jī)在水平彈射結(jié)束時(shí)速度大小達(dá)到80m/s.彈射過程中艦載機(jī)所受總推力為彈射器和發(fā)動(dòng)機(jī)推力之和，假設(shè)所受阻力為總推力的20%,則（）A.彈射器的推力大小為1.1X106NB.彈射器對(duì)艦載機(jī)所做的功為1.1M08j

8、C.彈射器對(duì)艦載機(jī)做功的平均功率為8.8X107WD.艦載機(jī)在彈射過程中的加速度大小為32m/s2考點(diǎn)：功率、平均功率和瞬時(shí)功率；牛頓第二定律.專題：功率的計(jì)算專題.分析：由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可求得加速度，再由牛頓第二定律可求得推力大小；由功的公式求解功；再由功率公式求解功率.解答：解：由速度和位移公式可得，v2=2as,解得a=32m/s2；由牛頓第二定律可知：F+F發(fā)-0.2（F+F發(fā)）=ma；解得：F=1.1M06N;故AD正確；B、彈射器對(duì)對(duì)艦載機(jī)所做的功W=Fs=1.1M06NX100=1.1M08J;故B正確；gC、作用時(shí)間tJ=&=2.5s；平均功率P-L1.10=4.4M07W

9、;故C錯(cuò)誤；a322.5故選：ABD.點(diǎn)評(píng)：本題考查牛頓第二定律及功和功率的公式，要注意正確分析題意，明確物理過程的分析，再選擇合適的物理規(guī)律求解.6. （6分）（2015?浙江）如圖所示為賽車場(chǎng)的一個(gè)水平U”形彎道，轉(zhuǎn)彎處為圓心在O點(diǎn)的半圓，內(nèi)外半徑分別為r和2r,一輛質(zhì)量為m的賽車通過AB線經(jīng)彎道到達(dá)A'B線，有如圖所示的、三條路線，其中路線是以O(shè)為圓心的半圓，OO'=r,賽車沿圓弧路線行駛時(shí)，路面對(duì)輪胎的最大徑向靜摩擦力為Fmax,選擇路線，賽車以不打滑的最大速率通過彎道（所選路線內(nèi)賽車速率不變，發(fā)動(dòng)機(jī)功率足夠大），則（）A.選擇路線，賽車經(jīng)過的路程最短B.選擇路線，賽車

10、的速率最小C.選擇路線，賽車所用時(shí)間最短D.、三條路線的圓弧上，賽車的向心加速度大小相等考點(diǎn)：向心力；向心加速度.專題：勻速圓周運(yùn)動(dòng)專題.分析：根據(jù)幾何關(guān)系得出路程的大小從而進(jìn)行比較.根據(jù)最大靜摩擦力，結(jié)合牛頓第二定律得出最大速率，從而比較運(yùn)動(dòng)的時(shí)間.根據(jù)向心加速度公式比較三段路線的向心加速度關(guān)系.解答：解：A、選擇路線，經(jīng)歷的路程s1=2r+選擇路線，經(jīng)歷的路程s2=2<+2r,選擇路線，經(jīng)歷的路程S3=2<,可知選擇路線，賽車經(jīng)過的路程最短，故A正2pTB、根據(jù)F二nr2二得，v="J,選擇路線，軌道半徑最小，則速率最小，故0r丫皿B錯(cuò)誤.C、根據(jù)v=t£Q

11、知，通過、三條路線的最大速率之比為1：瓜V2,根據(jù)t=巨，由三段路程可知，選擇路線，賽車所用時(shí)間最短，故C正確.2D、根據(jù)a°L知，因?yàn)樽畲笏俾手葹?:5V2,半徑之比為1:2：2,則三條r路線上，賽車的向心加速度大小相等.故D正確.故選：ACD.點(diǎn)評(píng)：本題考查了圓周運(yùn)動(dòng)向心加速度、向心力在實(shí)際生活中的運(yùn)用，知道汽車做圓周運(yùn)動(dòng)，靠靜摩擦力提供向心力，抓住最大靜摩擦力相等求出最大速率之比是關(guān)鍵.7. （6分）（2015?浙江）如圖所示，用兩根長(zhǎng)度相同的絕緣細(xì)線把一個(gè)質(zhì)量為0.1kg的小球A懸掛在水平板的M、N兩點(diǎn)，A上帶有Q=3.0M06C的正電荷，兩線夾角為120°,兩線

12、上的拉力大小分別為F1和F2,A的正下方0.3m處放有一帶等量異種電荷的小球B,B與絕緣支架的總質(zhì)量為0.2kg（重力加速度取g=10m/s2;靜電力常量k=9.0M09N?m2/C2,A、B球可視為點(diǎn)電荷），則（）A.支架對(duì)地面的壓力大小為2.0NB.兩線上的拉力大小Fi=F2=1.9NC.將B水平右移，使M、A、B在同一直線上，此時(shí)兩線上的拉力大小Fi=1.225N,F2=1.0ND.將B移到無窮遠(yuǎn)處，兩線上的拉力大小F1=F2=0.866N考點(diǎn)：電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系.專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題.分析：當(dāng)B在A的正下方時(shí)，分別對(duì)AB受力分析利用共點(diǎn)力平衡即可求得，當(dāng)B移到使M、A、B在

13、同一直線上時(shí)，對(duì)A受力分析利用共點(diǎn)力平衡即可判斷解答：解：A、地面對(duì)支架的支持力為F=mmg一平一旦江選山！N=1.1N,根據(jù)牛頓第三定律可得支架對(duì)地面的壓力為1.1N,故A錯(cuò)誤B、因兩繩夾角為120°,故兩繩的拉力之和等于其中任意繩的拉力，故器產(chǎn)WN，故B正確;且Lz0-09C、將B水平右移，使M、A、B在同一直線上時(shí)，對(duì)A求受力分析可知：Fisin30°+F2sin30°mgF庫(kù)sin30=0Ficos30o-F2cos30°F庫(kù)cos30=0ain300聯(lián)立解得Fi=l.225N,F2=1.0N,故C正確D、將B移到無窮遠(yuǎn)時(shí)，AB間的庫(kù)侖力消失，故

14、兩省的拉力F=mg=1N,故D錯(cuò)誤故選：BC點(diǎn)評(píng)：本題主要考查了對(duì)AB求的受力分析，抓住在庫(kù)侖力作用下的共點(diǎn)力平衡即可二、非選擇題部分共12題小題，共180分）8. （10分）（2015?浙江）甲同學(xué)準(zhǔn)備做驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)，乙同學(xué)準(zhǔn)備做探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn).ABCDES1平II哪叩叩邛川?郵1叩叩中叩哪叩慳293。3132333435363738cm叩叫叩叫叩叫川胛啊叩啊吧2S2930313233343536cm圖2（1）圖1中A、B、C、D、E表示部分實(shí)驗(yàn)器材，甲同學(xué)需在圖中選用的器材AB;乙同學(xué)需在圖中選用的器材BDE（用字母表示）（2）乙同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室選齊所需要器材后，

15、經(jīng)正確操作獲得如圖2所示的兩條紙帶和，紙帶的加速度大（填“”或""），其加速度大小為2.5m/s2.考點(diǎn)：驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律.專題：實(shí)驗(yàn)題.分析：（1）根據(jù)兩種實(shí)驗(yàn)原理及實(shí)驗(yàn)方法選擇所需要的儀器；（2）根據(jù)AxMaT2可知通過比較X的大小可比較加速度的大小，再利用逐差法可求解加速度.解答：解：（1）要驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律需要打點(diǎn)計(jì)時(shí)器和重錘；即AB;而要驗(yàn)證探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”需要打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、小車和鉤碼；故選：BDE;（2）由AxMaT2可知，相臨兩點(diǎn)間的位移之差越大，則加速度越大，故大；由逐差法可得：加速度a=4T2由圖讀得：X3+x4=3.7cm；xi+x2=3.

16、3cm;T=0.02s；代入數(shù)據(jù)解得：a=2.5m/s2;故答案為：（1）AB;BDE;（2）；2.5m/s2點(diǎn)評(píng)：本題考查常見的實(shí)驗(yàn)原理及逐差法的正確應(yīng)用，要注意在求加速度時(shí),應(yīng)將實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)盡量多的應(yīng)用上.的加速度為了減小誤差,9. （10分）（2015?浙江）圖1是小紅同學(xué)在做描繪小燈泡的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)的食物連接圖（1）根據(jù)圖1畫出實(shí)驗(yàn)電路圖（2）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器得到了兩組電流表與電壓表的實(shí)數(shù)如圖2中的、所示，電流表量程為0.6A,電壓表量程為3V,所示讀數(shù)為：0.10A0.24A2.00V0.27V.兩組數(shù)據(jù)得到的電阻分別為8.3和2.7Q.考點(diǎn)：描繪小電珠的伏安特性曲線.專題：實(shí)驗(yàn)題.

17、分析：（1）分析圖示實(shí)物電路圖結(jié)構(gòu)，然后根據(jù)實(shí)物電路圖作出實(shí)驗(yàn)電路圖（2）根據(jù)電流表和電壓表的量程和最小刻度度數(shù)即可，由R#求的電阻解答：解：（1）由圖1所示電路圖可知，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，電流表采用外接法，根據(jù)實(shí)物電路圖作出實(shí)驗(yàn)電路圖，電路圖如圖所示：(2)電流表的量程為0.6A,最小刻度為0.02A,故在讀數(shù)時(shí)只估讀到最小刻度位即可，故分別為0.10A,0.24A電壓表的量程為3V,最小刻度為0.1V,故在讀數(shù)時(shí)需估讀到最小刻度的下一位，故分別為2.00V,0.27V由R=4代入數(shù)據(jù)可得R=8.3QIR=2.7Q故答案為：(1)如圖；2. )0.10A,0.24A,2.00V,0.27

18、V,8.3Q,2.7Q點(diǎn)評(píng)：本題考查了根據(jù)實(shí)物電路圖作實(shí)驗(yàn)電路圖，分析清楚實(shí)物電路圖的結(jié)構(gòu)即可，在電流表和電壓表的讀數(shù)時(shí)抓住如何估讀即可10. (16分)(2015?浙江)如圖所示，用一塊長(zhǎng)L1=1.0m的木板在墻和桌面間架設(shè)斜面，桌子高H=0.8m,長(zhǎng)L2=1.5m,斜面與水平桌面的傾角。可在060°間調(diào)節(jié)后固定，將質(zhì)量m=0.2kg的小物塊從斜面頂端靜止釋放，物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)四=0.05,物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為巴忽略物塊在斜面與桌面交接處的能量損失(重力加速度取g=10m/s2,最大靜止摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力)(1)求。角增大到多少時(shí)，物塊能從斜面開始下滑(用正切值表示

19、)(2)當(dāng)。角增大到37。時(shí)，物塊恰能停在桌面邊緣，求物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)應(yīng)(已知sin37°=0.6,cos37°=0.8)x.(3)繼續(xù)增大。角，發(fā)現(xiàn)0=53。時(shí)物塊落地點(diǎn)與墻面的距離最大，求此最大距離考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用；平拋運(yùn)動(dòng).專題：動(dòng)能定理的應(yīng)用專題.分析：(1)要使物體下滑重力的分力應(yīng)大于摩擦力，列出不等式即可求解夾角的正切值;(2)對(duì)下滑過程由動(dòng)能定理進(jìn)行分析，則可求得動(dòng)摩擦因數(shù)；(3)物體離開桌面后做平拋運(yùn)動(dòng)，由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可求得最大距離.解答：解：(1)為使小物塊下滑，則有：mgsin0>1(mgcos0;故。應(yīng)滿足的條件為：tan00.05

20、;(2)克服摩擦力做功Wf=/mgL1cos什摩(L2-LicosO)由動(dòng)能定理得：mgLisin0-Wf=0代入數(shù)據(jù)解得：修=0.8;(3)由動(dòng)能定理得:mgLisin0-Wf=-mv解得：v=1m/s;對(duì)于平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向有:H42；解得：t=0.4s；水平方向xi=vt解得：xi=0.4m；總位移xm=xi+L2=0.4+1.5=1.9m;答：(1)。角增大到tan。第05;,物塊能從斜面開始下滑(用正切值表示)(2)當(dāng)。角增大到37。時(shí)，物塊恰能停在桌面邊緣，物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)迎為0.8;(3)繼續(xù)增大。角，發(fā)現(xiàn)0=53。時(shí)物塊落地點(diǎn)與墻面的距離最大，此最大距離x為1.9m.點(diǎn)

21、評(píng)：本題考查動(dòng)能定理及平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，要注意正確分析過程及受力，注意摩擦力的功應(yīng)分兩段進(jìn)行求解；同時(shí)掌握平拋運(yùn)動(dòng)的解決方法.11. (20分)(2015?浙江)小明同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)電磁天平”，如圖1所示，等臂天平的左臂為掛盤，右臂掛有矩形線圈，兩臂平衡，線圈的水平邊長(zhǎng)L=0.1m,豎直邊長(zhǎng)H=0.3m,匝數(shù)為N1,線圈的下邊處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B0=1.0T,方向垂直線圈平面向里，線圈中通有可在02.0A范圍內(nèi)調(diào)節(jié)的電流I,掛盤放上待測(cè)物體后，調(diào)節(jié)線圈中電流使天平平衡，測(cè)出電流即可測(cè)得物體的質(zhì)量(重力加速度取g=10m/s2)(1)為使電磁天平的量程達(dá)到0.5kg,線圈的匝數(shù)Ni至少為多少

22、？(2)進(jìn)一步探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象，另選N2=100匝、形狀相同的線圈，總電阻R=10Q,不接外電流，兩臂平衡，如圖2所示，保持B0不變，在線圈上部另加垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，且磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間均勻變大，磁場(chǎng)區(qū)域?qū)挾萪=0.1m,當(dāng)掛盤中放質(zhì)量為0.01kg的物體時(shí)，天平平衡，求此時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率單.考點(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律；安培力.專題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合.分析：(1)根據(jù)安培力的大小公式，結(jié)合安培力和重力平衡求出線圈的匝數(shù).解答:(2)通過法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律求出感應(yīng)電流的大小，抓住安培力和重力相等求出磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率.解：(1)線圈受到安培力F=N1B0|L,天平平衡有：mg

23、=N1B0IL,代入數(shù)據(jù)解得N1=25匝(2)由電磁感應(yīng)定律得，E=：,|_則e=n：由歐姆定律得,線圈受到安培力F'=N2B0|L,天平平衡有:代入數(shù)據(jù)解得.n/s答：(1)線圈的匝數(shù)N1至少為25匝；(2)此時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率登為0.1T/S.點(diǎn)評(píng):本題綜合考查了安培力大小公式、法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律，抓住平衡列式求解，求解安培力時(shí)需注意線圈的匝數(shù).12. (22分)(2015?浙江)使用回旋加速器的實(shí)驗(yàn)需要把離子束從加速器中引出，離子束引出的方法有磁屏蔽通道法和靜電偏轉(zhuǎn)法等，質(zhì)量為m,速度為v的離子在回旋加速器內(nèi)旋轉(zhuǎn)，旋轉(zhuǎn)軌道是半徑為r的圓，圓心在O點(diǎn)，軌道在垂直

24、紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,為引出離子束，使用磁屏蔽通道法設(shè)計(jì)引出器，引出器原理如圖所示，一對(duì)圓弧形金屬板組成弧形引出通道，通道的圓心位于O'點(diǎn)(O'點(diǎn)圖中未畫出)，引出離子時(shí)，令引出通道內(nèi)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度降低，從而使離子從P點(diǎn)進(jìn)入通道，沿通道中心線從Q點(diǎn)射出，已知OQ長(zhǎng)度為L(zhǎng),OQ與OP的夾角為0(1)求離子的電荷量q并判斷其正負(fù)；(2)離子從P點(diǎn)進(jìn)入，Q點(diǎn)射出，通道內(nèi)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)降為B；求B'(3)換用靜電偏轉(zhuǎn)法引出離子束，維持通道內(nèi)的原有磁感應(yīng)強(qiáng)度B不變，在內(nèi)外金屬板間加直流電壓，兩板間產(chǎn)生徑向電場(chǎng)，忽略邊緣效應(yīng)，為使離子仍從P點(diǎn)進(jìn)入，Q點(diǎn)射出

25、，求通道內(nèi)引出軌跡處電場(chǎng)強(qiáng)度E的方向和大小.考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng).專題：帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題.分析：(1)根據(jù)洛侖茲力充當(dāng)向心力可求得電荷量；由左手定則可判斷其電性；(2)由幾何關(guān)系可明確半徑關(guān)系，再由洛侖茲力充當(dāng)向心力可確定磁感應(yīng)強(qiáng)度；(3)加上電場(chǎng)后，電場(chǎng)和磁場(chǎng)力共同充當(dāng)向心力，由向心力公式可求得電場(chǎng)強(qiáng)度.解：(1)根據(jù)qy牘面匕得，qRBr由左手定則可知，粒子帶正電；(2)如圖所示，O'Q=R,OQ=L,OO=R-r引出軌跡為圓??；由洛侖茲力充當(dāng)向心力得：Bqv=m-解得：R=_*;由幾何關(guān)系得：rr2-FL2-2rLcos9R=2

26、r-2Lcos9rnvwC2r-SLeas©)Br(2r-ZLeos6)B=-=二=7QRq(r2+L2_2rLcos9)(r2+L2_2rLcos9)(3)粒子帶正電，為了能讓粒子沿圓弧離開，電場(chǎng)方向應(yīng)沿徑向向外;洛侖茲力與電場(chǎng)力的合力充當(dāng)向心力：21CL卬FBqv-Eq=-解得E=Bv-J=2r21cos=)=m2v3(2匚一SLcos6)q(=，L'-2rL8號(hào)B)Br(r2+L2-2rLcos9)答：（1）離子的電荷量q為工田；粒子帶正電;Br、斗By(2r-2Leas6)(2)B為-C1.L2_2rLcos9)（3）通道內(nèi)引出軌跡處電場(chǎng)強(qiáng)度E的方向沿徑向向外；大小為

27、皿?中'(2r2Lcos9)Br(r2+L?_2rLcos)點(diǎn)評(píng)：本題考查帶電粒子在磁場(chǎng)與混合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，要注意正確分析粒子的運(yùn)動(dòng)過程，注意幾何關(guān)系的應(yīng)用；此類問題為綜合性問題，要求學(xué)生有較高的數(shù)學(xué)及物理分析能力.物理選修3-4”模塊13. （4分）（2015?浙江）以下說法正確的是（）A.真空中藍(lán)光的波長(zhǎng)比紅光的波長(zhǎng)長(zhǎng)B.天空中的彩虹是由光干涉形成的C.光纖通信利用了光的全反射原理D.機(jī)械波在不同介質(zhì)中傳播，波長(zhǎng)保持不變考點(diǎn)：光的干涉；全反射.分析：根據(jù)光譜分布比較波長(zhǎng)，天空中的彩虹是由光散射形成的，光纖通信利用了光的全反射原理，波長(zhǎng)和頻率成正比，公式v=f解答：解：A、波長(zhǎng)和頻率成

28、反比，紅光的頻率比藍(lán)光低，所以波長(zhǎng)比藍(lán)光長(zhǎng)，故A錯(cuò)誤;B、天空中的彩虹是由光散射形成的，故B錯(cuò)誤；C、光纖通信之所以能進(jìn)行遠(yuǎn)距離通信，主要是利用了光的全反射原理.故C正確;D、根據(jù)波速與波長(zhǎng)和頻率的關(guān)系公式v=f,當(dāng)機(jī)械波由一種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)中時(shí)，波速變化（波速由介質(zhì)決定）而頻率不變（頻率由波源決定），故波長(zhǎng)一定變化，故D錯(cuò)誤；故選：C點(diǎn)評(píng)：本題為3-4模塊中的相關(guān)內(nèi)容，其重點(diǎn)為光的折射、波的傳播等，要求學(xué)生能掌握住基礎(chǔ)內(nèi)容，屬于簡(jiǎn)單題目.14. （6分）（2015?浙江）某個(gè)質(zhì)點(diǎn)的簡(jiǎn)譜運(yùn)動(dòng)圖象如圖所示，求振動(dòng)的振幅和周期.考點(diǎn)：簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振動(dòng)圖象.專題：簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)專題.分析：由振動(dòng)圖象可知該波的振幅，根據(jù)振動(dòng)方程和對(duì)應(yīng)的點(diǎn)的坐標(biāo)解得周期.解答：解：由圖讀出振幅A=10血cm簡(jiǎn)諧振動(dòng)方程x=Asin（午t）代入數(shù)據(jù)-10=1哂sin（2Ex7）得T=8s答：振動(dòng)的振幅為10cm和周期為8s點(diǎn)評(píng)：此題考查簡(jiǎn)諧振動(dòng)方程x=Asin（窣七