高三物理資料

1、2016屆高三 物理一輪復(fù)習(xí)精編學(xué)案使用說(shuō)明:本套資料內(nèi)容為高中物理恒定電流、磁場(chǎng)、電磁感應(yīng)、選修3-3、選修3-4內(nèi)容，與高二物理暑期輔導(dǎo)資料銜接，供高三同學(xué)使用。二十電流電阻電功電功率1如圖所示，一根橫截面積為S的均勻長(zhǎng)直橡膠棒上均勻帶有負(fù)電荷，設(shè)棒單位長(zhǎng)度內(nèi)所含的電荷量為q，當(dāng)此棒沿軸線方向做速度為v的勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，由于棒的運(yùn)動(dòng)而形成的等效電流大小為()AqvB.CqvSD.答案：A解析：在垂直棒的運(yùn)動(dòng)方向選取一截面，設(shè)棒長(zhǎng)為l，則棒上所有電荷通過(guò)這一截面所用的時(shí)間為t，由電流的定義式I，可得：Iqv.故A正確2小燈泡通電后其電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示，P為圖線上一點(diǎn)，PN為

2、圖線在P點(diǎn)的切線，PQ為U軸的垂線，PM為I軸的垂線，則下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是()A隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大B對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的電阻為RC對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的電阻為RD對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的功率為圖中矩形PQOM所圍的面積答案：C解析：燈泡的電阻R，結(jié)合題圖知，A、B正確，C錯(cuò)誤；小燈泡的功率PUI，所以D正確故選C.3(多選)一根粗細(xì)均勻的導(dǎo)線，兩端加上電壓U時(shí)，通過(guò)導(dǎo)線的電流為I，導(dǎo)線中自由電子定向移動(dòng)的平均速率為v，若將導(dǎo)線均勻拉長(zhǎng)，使它的橫截面半徑變?yōu)樵瓉?lái)的，再給它兩端加上電壓U，則()A通過(guò)導(dǎo)線的電流為B通過(guò)導(dǎo)線的電流為C導(dǎo)線中自由電子定向移動(dòng)的速率為D導(dǎo)線中自由電子定向移動(dòng)的速率

3、為答案：BC解析：將導(dǎo)線均勻拉長(zhǎng)，使它的橫截面半徑變?yōu)樵瓉?lái)的，橫截面積變?yōu)樵瓉?lái)的，長(zhǎng)度變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，由電阻定律R可知，導(dǎo)線電阻變?yōu)樵瓉?lái)的16倍，則再給它兩端加上電壓U，通過(guò)導(dǎo)線的電流為，A錯(cuò)誤，B正確；由IqnvS可知，電流變?yōu)?，橫截面積變?yōu)?，代入?jì)算得導(dǎo)線中自由電子定向移動(dòng)的速率為，C正確，D錯(cuò)誤4分別用如圖所示的甲、乙兩種電路測(cè)量同一未知電阻的阻值圖甲中兩表的示數(shù)分別為3 V、4 mA，圖乙中兩表的示數(shù)分別為4 V、3.9 mA，則待測(cè)電阻Rx的真實(shí)值為()A略小于1 kB略小于750 C略大于1 kD略大于750 答案：D解析：先判斷采用的測(cè)量方法，由于在兩種不同的接法中電壓表的示數(shù)變

4、化大，說(shuō)明測(cè)量的是小電阻，這樣電流表分壓較大，應(yīng)該采用圖甲進(jìn)行測(cè)量比較準(zhǔn)確圖甲中測(cè)量值為R測(cè)750 ，較真實(shí)值偏小，故D項(xiàng)正確5(2015·鹽城中學(xué)模擬)電子產(chǎn)品制作車間里常常使用電烙鐵焊接電阻和電容器等零件，技術(shù)工人常將電烙鐵和一個(gè)燈泡串聯(lián)使用，燈泡還和一只開(kāi)關(guān)并聯(lián)，然后再接到市電上(如圖所示)，下列說(shuō)法正確的是()A開(kāi)關(guān)接通時(shí)比開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)消耗的總電功率大B開(kāi)關(guān)接通時(shí)，燈泡熄滅，只有電烙鐵通電，消耗的總電功率減小C開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，燈泡發(fā)光，電烙鐵也通電，消耗的總功率增大，但電烙鐵發(fā)熱較少D開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，燈泡發(fā)光，可供在焊接時(shí)照明使用，消耗總功率不變答案：A解析：開(kāi)關(guān)接通時(shí)，燈泡被短路，燈

5、泡熄滅，電路的總電阻變小，電路的總功率變大，電烙鐵的功率變大，A正確，B、C、D錯(cuò)誤6(2015·鹽城市聯(lián)考)如圖所示，兩個(gè)電阻串聯(lián)后接在電路中a、b兩點(diǎn)，已知a、b兩點(diǎn)間電壓不變某同學(xué)把一個(gè)實(shí)驗(yàn)室里的電壓表并聯(lián)在R1兩端時(shí)，讀數(shù)為5 V；將該電壓表并聯(lián)在R2兩端時(shí)，讀數(shù)為4 V，則a、b兩點(diǎn)間電壓()A大于9 VB等于9 VC小于9 VD無(wú)法確定答案：A解析：將電壓表并聯(lián)在R1兩端時(shí)，并聯(lián)電阻小于R1，R1兩端的電壓小于不接電壓表時(shí)的值，即R1兩端的實(shí)際電壓大于5 V；同理，R2兩端的電壓大于4 V，所以a、b兩點(diǎn)間電壓大于9 V，A正確二十一電路的基本規(guī)律及應(yīng)用1如圖所示是一火警

6、報(bào)警器的一部分電路示意圖其中R2為用半導(dǎo)體熱敏材料(其阻值隨溫度的升高而迅速減小)制成的傳感器，電流表A為值班室的顯示器，a、b之間接報(bào)警器當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火情時(shí)，顯示器A的電流I、報(bào)警器兩端的電壓U的變化情況是()AI變大，U變大BI變小，U變小CI變小，U變大DI變大，U變小答案：B解析：當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火情時(shí)，其阻值隨溫度的升高而迅速減小，所以總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得通過(guò)電源的電流增大，電源內(nèi)電壓增大，所以路端電壓減小，R1兩端電壓增大，所以R3兩端電壓減小，所以顯示器A的電流I減小，即B選項(xiàng)正確2如圖所示的U­I圖象中，直線a為某一電源的路端電壓與電流

7、的關(guān)系圖線，直線b為某一電阻R的伏安特性曲線，兩圖線相交于(2,2)用該電源和該電阻組成閉合電路，電源的輸出功率和電源的內(nèi)電阻分別是()A6 W,1 B6 W,0.5 C4 W,1 D4 W,0.5 答案：D解析：由題圖中圖線a的縱截距可知，電源的電動(dòng)勢(shì)為E3 V；由題圖中圖線a的斜率可知電源的內(nèi)阻為r0.5 ；由題圖中a、b兩圖線的交點(diǎn)可知，閉合電路的總電流及路端電壓分別為2 A和2 V因此，電源的輸出功率為PUI4 W，A、B、C錯(cuò)誤，D正確3(2015·南京-鹽城一模)如圖所示電路，電源內(nèi)阻不可忽略在滑動(dòng)變阻器觸頭由a滑向b的過(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是()A電流表示數(shù)減小B小燈

8、泡L亮度增加C電源內(nèi)電阻消耗功率減小D電源輸出功率一定增加答案：C解析：滑片向b端移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻增大，則電路中總電流減小，由EUIr可知，路端電壓增大，則流過(guò)R的電流增大，故電流表示數(shù)增大，A錯(cuò)誤；因總電流減小，而流過(guò)R的電流增大，由并聯(lián)電路的分流規(guī)律可知，流過(guò)燈泡的電流減小，故燈泡亮度減小，B錯(cuò)誤；因電流減小，則由功率公式可知，電源內(nèi)部消耗的功率減小，C正確；當(dāng)電源內(nèi)外電阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大，本題無(wú)法得出內(nèi)外電阻的大小關(guān)系，故無(wú)法確定功率的變化，D錯(cuò)誤4(2015·亭湖高級(jí)中學(xué)調(diào)研)如圖所示的電路中，兩平行金屬板A、B水平放置，兩板間距離d40 cm.電源

9、電動(dòng)勢(shì)E24 V，內(nèi)電阻r1 ，電阻R15 .閉合開(kāi)關(guān)S，待電路穩(wěn)定后，將一帶正電的小球從B板小孔以初速度v04 m/s豎直向上射入板間若小球帶電荷量為q1×102 C，質(zhì)量為m2×102 kg，不考慮空氣阻力那么，要使小球恰能到達(dá)A板，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值和此時(shí)電源的輸出功率為(取g10 m/s2)()A8 、23 WB32 、8 WC8 、15 WD32 、23 W答案：A解析：帶電小球從B到A根據(jù)動(dòng)能定理有mgdqUP0mv，解得UP8 V，根據(jù)閉合電路歐姆定律有UPEI(rR)，代入數(shù)據(jù)得I1 A，此時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值RP8 ，電源輸出功率P出I2(RR

10、P)23 W，選項(xiàng)A正確5如圖甲所示，電壓表V1、V2串聯(lián)接入電路中時(shí)，示數(shù)分別為6 V和4 V，當(dāng)只有電壓表V2接入電路中時(shí)，如圖乙所示，示數(shù)為9 V，電源的電動(dòng)勢(shì)為()A9.8 V B10 VC10.8 VD11.2 V答案：C解析：根據(jù)題中甲圖有RV1RV232，則有10 VE，同理，根據(jù)題中乙圖有9 VE，聯(lián)立可解得E10.8 V，C正確6(2012·上海單科)(多選)直流電路如圖所示，在滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)時(shí)，電源的()A總功率一定減小B效率一定增大C內(nèi)部損耗功率一定減小D輸出功率一定先增大后減小答案：ABC解析：滑片P向右移動(dòng)時(shí)外電路電阻R外增大，由閉合電路歐姆定律

11、知總電流減小，由P總EI可得P總減小，A正確；根據(jù)可知，B正確；由P損I2r可知，C正確；P輸­R外圖象如圖所示，因不知道R外的初始值與r的關(guān)系，所以無(wú)法判斷P輸?shù)淖兓闆r，D錯(cuò)誤二十二磁場(chǎng)的描述磁場(chǎng)對(duì)電流的作用1(2015·鹽城聯(lián)考)地球是一個(gè)大磁體：在地面上放置一個(gè)小磁鐵，小磁鐵的南極指向地磁場(chǎng)的南極；地磁場(chǎng)的北極在地理南極附近；赤道附近地磁場(chǎng)的方向和地面平行；北半球地磁場(chǎng)方向相對(duì)地面是斜向上的；地球上任何地方的地磁場(chǎng)方向都是和地面平行的以上關(guān)于地磁場(chǎng)的描述正確的是()ABCD答案：D解析：地球本身是一個(gè)巨大的磁體，地磁北極在地理南極附近，地磁南極在地理北極附近；北半球

12、的磁場(chǎng)斜向下，南半球磁場(chǎng)斜向上，赤道處的磁場(chǎng)與地面平行2(2015·鹽城一中模擬)如圖所示為某種用來(lái)束縛原子的磁場(chǎng)的磁感線分布情況(只標(biāo)出了部分磁感線的方向)，以O(shè)點(diǎn)(圖中白點(diǎn))為坐標(biāo)原點(diǎn)，沿z軸正方向磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小的變化最有可能為()答案：C解析：由磁感線的疏密可判斷磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小，磁感線越密的地方，磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，C正確3(2015·鹽城中學(xué)模擬)如圖所示，一個(gè)邊長(zhǎng)為L(zhǎng)、三邊電阻相同的正三角形金屬框放置在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中若通以圖示方向的電流(從A點(diǎn)流入，從C點(diǎn)流出)，電流為I，則金屬框受到的磁場(chǎng)力為()A0BILBCILBD2ILB答案：B解析：可以把正三

13、角形金屬框看做兩根導(dǎo)線并聯(lián)，且兩根導(dǎo)線中的總電流等于I，由安培力公式可知，金屬框受到的磁場(chǎng)力為ILB，B項(xiàng)正確4(多選)如圖所示，在xOy平面內(nèi)有兩根平行y軸水平放置的長(zhǎng)直導(dǎo)線，通有沿y軸正方向大小相同的電流I，兩導(dǎo)線關(guān)于y軸對(duì)稱，P為x軸上一點(diǎn)，Q為z軸上一點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是()AO點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零BP、Q兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直CP、Q兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向平行D正電荷從O點(diǎn)沿z軸向上運(yùn)動(dòng)不受洛倫茲力作用答案：AB解析：由安培定則及矢量合成法則知，兩導(dǎo)線在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度等大反向，則合磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，選項(xiàng)A正確；在Q點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向向左，在P點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度豎直向上，選

14、項(xiàng)B正確，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由左手定則知，正電荷從O點(diǎn)沿z軸向上運(yùn)動(dòng)受沿y軸正向的洛倫茲力，選項(xiàng)D錯(cuò)誤5如圖所示，條形磁鐵放在光滑斜面上，用平行于斜面的輕彈簧拉住而平衡，A為水平放置的直導(dǎo)線的截面，導(dǎo)線中無(wú)電流時(shí)磁鐵對(duì)斜面的壓力為FN1；當(dāng)導(dǎo)線中有垂直紙面向外的電流時(shí)，磁鐵對(duì)斜面的壓力為FN2，則下列關(guān)于磁鐵對(duì)斜面壓力和彈簧的伸長(zhǎng)量的說(shuō)法中正確的是()AFN1<FN2，彈簧的伸長(zhǎng)量減小BFN1FN2，彈簧的伸長(zhǎng)量減小CFN1>FN2，彈簧的伸長(zhǎng)量增大DFN1>FN2，彈簧的伸長(zhǎng)量減小答案：C解析：在題圖中，由于條形磁鐵的磁感線是從N極出發(fā)至S極，所以可畫(huà)出磁鐵在導(dǎo)線A處的一條磁感線

15、，其方向是斜向左下方的，導(dǎo)線A中的電流垂直紙面向外時(shí)，由左手定則可判斷導(dǎo)線A必受斜向右下方的安培力，由牛頓第三定律可知磁鐵所受導(dǎo)線A的作用力的方向是斜向左上方，所以磁鐵對(duì)斜面的壓力減小，即FN1>FN2；同時(shí)，由于導(dǎo)線A比較靠近N極，安培力的方向與斜面的夾角小于90°，所以導(dǎo)線A對(duì)磁鐵的作用力有沿斜面向下的分力，使得彈簧彈力增大，可知彈簧的伸長(zhǎng)量增大，C正確6(2015·鹽城亭湖高級(jí)中學(xué)模擬)如圖所示，A、B、C是等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，O是A、B連線的中點(diǎn)以O(shè)為坐標(biāo)原點(diǎn)，A、B連線為x軸，O、C連線為y軸，建立坐標(biāo)系過(guò)A、B、C、O四個(gè)點(diǎn)各有一條長(zhǎng)直導(dǎo)線垂直穿過(guò)紙面，

16、導(dǎo)線中通有大小相等、方向向里的電流，則過(guò)O點(diǎn)的通電直導(dǎo)線所受安培力的方向?yàn)?)A沿y軸正方向B沿y軸負(fù)方向C沿x軸正方向D沿x軸負(fù)方向答案：A解析：導(dǎo)線A、B在O點(diǎn)產(chǎn)生的合磁感應(yīng)強(qiáng)度為0，所以O(shè)點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度為導(dǎo)線C在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度，方向沿x軸負(fù)方向，由左手定則可知O點(diǎn)導(dǎo)線受力沿y軸正方向7如圖所示，水平導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)0.5 m，導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)；導(dǎo)體棒ab的質(zhì)量m1 kg，電阻R00.9 ，與導(dǎo)軌接觸良好；電源電動(dòng)勢(shì)E10 V，內(nèi)阻r0.1 ，電阻R4 ；外加勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B5 T，方向垂直于ab，與導(dǎo)軌平面成53°角；ab與導(dǎo)軌間動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5(設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)

17、摩擦力)，定滑輪摩擦不計(jì)，線對(duì)ab的拉力為水平方向，取重力加速度g10 m/s2，ab處于靜止?fàn)顟B(tài)已知sin 53°0.8，cos 53°0.6.求：(1)通過(guò)ab的電流大小和方向；(2)ab受到的安培力大??；(3)重物重力G的取值范圍答案：(1)2 A方向?yàn)閍到b(2)5 N(3)0.5 NG7.5 N解析：(1)I2 A，方向?yàn)閍到b(2)FBIL5 N(3)受力分析如圖，則fm(mgFcos 53°)3.5 N當(dāng)最大靜摩擦方向向右時(shí)，F(xiàn)TFsin 53°fm0.5 N當(dāng)最大靜摩擦方向向左時(shí)，F(xiàn)TFsin 53°fm7.5 N所以0.5 N

18、G7.5 N.二十三磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷的作用1如圖所示，一帶電塑料小球質(zhì)量為m，用絲線懸掛于O點(diǎn)，并在豎直平面內(nèi)擺動(dòng)，最大擺角為60°，水平磁場(chǎng)垂直于小球擺動(dòng)的平面當(dāng)小球自左方擺到最低點(diǎn)時(shí)，懸線上的張力恰為零，則小球自右方最大擺角處擺到最低點(diǎn)時(shí)懸線上的張力為()A0B2mgC4mgD6mg答案：C解析：設(shè)小球自左方擺到最低點(diǎn)時(shí)速度為v，則mv2mgL(1cos 60°)，此時(shí)qvBmgm，當(dāng)小球自右方擺到最低點(diǎn)時(shí)，v大小不變，洛倫茲力方向發(fā)生變化，TmgqvBm，得T4mg，故C正確2帶電質(zhì)點(diǎn)在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻速度方向如圖所示，所受的重力和洛倫茲力的合力恰好與速度方向相反

19、，不計(jì)阻力，則在此后的一小段時(shí)間內(nèi)，帶電質(zhì)點(diǎn)將()A可能做直線運(yùn)動(dòng)B可能做勻減速運(yùn)動(dòng)C一定做曲線運(yùn)動(dòng)D可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)答案：C解析：帶電質(zhì)點(diǎn)在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，重力做功，速度大小和方向發(fā)生變化，洛倫茲力的大小和方向也隨之發(fā)生變化，故帶電質(zhì)點(diǎn)不可能做直線運(yùn)動(dòng)，也不可能做勻減速運(yùn)動(dòng)或勻速圓周運(yùn)動(dòng)，C正確3如圖所示，M、N和P是以MN為直徑的半圓弧上的三點(diǎn)，O為半圓弧的圓心，在O點(diǎn)存在垂直紙面向里運(yùn)動(dòng)的勻速電子束MOP60°，在M、N處各有一條長(zhǎng)直導(dǎo)線垂直穿過(guò)紙面，導(dǎo)線中通有大小相等的恒定電流，方向如圖所示，這時(shí)O點(diǎn)的電子受到的洛倫茲力大小為F1.若將M處長(zhǎng)直導(dǎo)線移至P處，則O點(diǎn)的電子受到的洛

20、倫茲力大小為F2.那么F2與F1之比為()A1B2C1 1D12答案：B解析：長(zhǎng)直導(dǎo)線在M、N、P處時(shí)在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小相等，M、N處的導(dǎo)線在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向都向下，合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B12B，P、N處的導(dǎo)線在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度夾角為60°，合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B2B，可得B2B12，又因?yàn)镕洛qvB，所以F2F12，選項(xiàng)B正確4(多選)如圖所示，在邊界上方存在著垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，有兩個(gè)電荷量、質(zhì)量均相同的正、負(fù)粒子(不計(jì)重力)，從邊界上的O點(diǎn)以相同速度先后射入磁場(chǎng)中，入射方向與邊界成角，則正、負(fù)粒子在磁場(chǎng)中()A運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑相同B重新回到邊界所用時(shí)間相同C

21、重新回到邊界時(shí)速度大小和方向相同D重新回到邊界時(shí)與O點(diǎn)的距離相等答案：ACD解析：洛倫茲力充當(dāng)帶電粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，qvBm，帶電粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r，根據(jù)題意，正、負(fù)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑相同，選項(xiàng)A正確；根據(jù)qvBmr，可得帶電粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期T，而正粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t1T，而負(fù)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t2T，兩時(shí)間并不相同，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；正、負(fù)帶電粒子重新回到邊界時(shí)速度大小和方向是相同的，選項(xiàng)C正確；兩粒子重新回到邊界時(shí)與O點(diǎn)的距離都是2rsin ，選項(xiàng)D正確5(2015·鹽城中學(xué)期中考試)如圖所示，abcd為一正方形邊界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)邊界邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，

22、三個(gè)粒子以相同的速度從a點(diǎn)沿ac方向射入，粒子1從b點(diǎn)射出，粒子2從c點(diǎn)射出，粒子3從cd邊垂直于磁場(chǎng)邊界射出，不考慮粒子的重力和粒子間的相互作用根據(jù)以上信息，可以確定()A粒子1帶負(fù)電，粒子2不帶電，粒子3帶正電B粒子1和粒子3的比荷之比為21C粒子1和粒子3在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為41D粒子3的射出位置與d點(diǎn)相距答案：B解析：根據(jù)左手定則可知粒子1帶正電，粒子2不帶電，粒子3帶負(fù)電，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；粒子1在磁場(chǎng)中的軌跡為四分之一圓周，半徑r1L，時(shí)間t1T×，粒子3在磁場(chǎng)中的軌跡為八分之一圓周，半徑r3L，時(shí)間t3T×，則t1t3，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由r可知粒子1和粒子3的比荷之

23、比為r3r121，選項(xiàng)B正確；粒子3的射出位置與d點(diǎn)相距(1)L，選項(xiàng)D錯(cuò)誤6兩個(gè)電荷量分別為q和q的帶電粒子a和b分別以速度va和vb射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，兩粒子的入射方向與磁場(chǎng)邊界的夾角分別為30°和60°，磁場(chǎng)寬度為d，兩粒子同時(shí)由A點(diǎn)出發(fā)，同時(shí)到達(dá)B點(diǎn)，已知A、B連線與磁場(chǎng)邊界垂直，如圖所示，則()A兩粒子的軌道半徑之比RaRb1B兩粒子的質(zhì)量之比mamb12Ca粒子帶正電，b粒子帶負(fù)電D兩粒子的速度之比vavb12答案：B解析：由幾何關(guān)系可知，RaRb3，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由于兩粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，由t×可知mamb12，選項(xiàng)B正確；由左手定則可判定a粒子帶負(fù)電，b粒

24、子帶正電，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)R，可判斷vavb23，選項(xiàng)D錯(cuò)誤7如圖所示，正方形區(qū)域ABCD中有一垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一個(gè)粒子(不計(jì)重力)以速度v從AB邊的中點(diǎn)M沿既垂直于AB邊又垂直于磁場(chǎng)的方向射入磁場(chǎng)，正好從AD邊的中點(diǎn)N射出若將磁感應(yīng)強(qiáng)度B變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，其他條件不變，則這個(gè)粒子射出磁場(chǎng)的位置是()AA點(diǎn)BN、D之間的某一點(diǎn)CC、D之間的某一點(diǎn)DB、C之間的某一點(diǎn)答案：A解析：粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)粒子垂直于AB邊從中點(diǎn)M射入時(shí)，又從AD邊的中點(diǎn)N射出，則A點(diǎn)為圓心，且R，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度加倍時(shí)，半徑變?yōu)樵瓉?lái)的，則A正確二十四帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)1如圖所示，有一正方形區(qū)域，

25、CB為對(duì)角線，A、D分別為對(duì)應(yīng)邊的中點(diǎn)，一不計(jì)重力的帶電粒子以速度v沿CB方向射入當(dāng)在正方形平面內(nèi)有垂直于CB方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)E時(shí)，粒子從A點(diǎn)飛出，速率為v1，所用時(shí)間為t1；當(dāng)區(qū)域有垂直于紙面、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)，粒子從D點(diǎn)飛出，速率為v2，所用時(shí)間為t2.則下列說(shuō)法正確的是()At1t2Bt1<t2Cv1v2Dv1<v2答案：B解析：粒子在電場(chǎng)力作用下做類平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向的速度分量保持不變，而在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，水平方向的速度分量逐漸減小，t1小于t2，故A錯(cuò)誤，B正確；在電場(chǎng)作用下，電場(chǎng)力對(duì)粒子做正功，動(dòng)能增加，速率增大，而洛倫茲力始終不做功，所以速率不變

26、，所以v1 >v2，故C、D錯(cuò)誤2如圖是質(zhì)譜儀工作原理的示意圖，帶電粒子a、b經(jīng)電壓U加速(在A點(diǎn)初速度為零)后，進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，最后分別打在感光板S上的x1、x2處圖中半圓形的虛線分別表示帶電粒子a、b所通過(guò)的路徑，則()Aa的質(zhì)量一定大于b的質(zhì)量Ba的電荷量一定大于b的電荷量C在磁場(chǎng)中a運(yùn)動(dòng)的時(shí)間大于b運(yùn)動(dòng)的時(shí)間Da的比荷大于b的比荷答案：D解析：R，t，在加速電場(chǎng)中運(yùn)用動(dòng)能定理Uq，所以R，可知答案為D3如圖所示，一個(gè)靜止的質(zhì)量為m、帶電荷量為q的帶電粒子(不計(jì)重力)，經(jīng)電壓U加速后垂直進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，粒子最后落到P點(diǎn)，設(shè)OPx，下列圖

27、線能夠正確反映x與U之間的函數(shù)關(guān)系的是()答案：B解析：帶電粒子在電場(chǎng)中加速時(shí)，由動(dòng)能定理得qUmv2，而在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)時(shí)，由牛頓第二定律得qvBm，依題意x2r，聯(lián)立解得x，因此正確答案為B4如圖所示為“濾速器”裝置示意圖，a、b為水平放置的平行金屬板，其電容為C，板間距離為d，平行板內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為Ba、b板帶上電荷，可在平行板內(nèi)產(chǎn)生勻強(qiáng)電場(chǎng)，且電場(chǎng)方向和磁場(chǎng)方向互相垂直一帶電粒子以速度v0經(jīng)小孔進(jìn)入正交電磁場(chǎng)可沿直線OO運(yùn)動(dòng)，由O射出，粒子所受重力不計(jì)，則a板所帶電荷情況是()A帶正電，其電量為B帶負(fù)電，其電量為C帶正電，其電量為CBdv0D帶負(fù)電，其電量為答案：

28、C解析：設(shè)粒子的電荷量為q，a板電荷量為Q，粒子在電磁場(chǎng)中做直線運(yùn)動(dòng)，qEqv0B，其中E，而U，聯(lián)立解得QCBdv0；假設(shè)粒子帶正電，根據(jù)左手定則，粒子受到的洛倫茲力方向向上，那么電場(chǎng)力方向向下，則a板帶正電同理，若粒子帶負(fù)電，也可以判斷出a板帶正電，選項(xiàng)C正確5如圖所示，某空間存在正交的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)方向水平向右，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，一帶電微粒由A點(diǎn)進(jìn)入電磁場(chǎng)并剛好能沿AB直線向上運(yùn)動(dòng)，則該微粒在A、B兩點(diǎn)的動(dòng)能Ek和電勢(shì)能Ep的關(guān)系是()AEkA<EkBBEkA>EkBCEpA<EpBDEpA>EpB答案：D解析：在復(fù)合場(chǎng)中帶電粒子一定做勻速直線運(yùn)動(dòng)，

29、重力、電場(chǎng)力、洛倫茲力三力平衡，并且可判斷粒子一定帶正電，電場(chǎng)力的方向水平向右，洛倫茲力方向垂直AB斜向左上，EkAEkB，A、B項(xiàng)均錯(cuò)誤；帶電粒子從A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，有EpA>EpB，C項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確6如圖所示，豎直絕緣桿處于方向彼此垂直，大小為E、B的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一個(gè)質(zhì)量為m、帶電荷量為q的小球，從靜止開(kāi)始沿桿下滑，且與桿的動(dòng)摩擦因數(shù)為，試求：(1)小球速度為多大時(shí)，加速度最大？是多少？(2)小球下滑的最大速度是多少？答案：(1)g(2)解析：小球開(kāi)始下滑后，在水平方向始終受到方向相反的電場(chǎng)力qE和洛倫茲力qvB的作用(1)當(dāng)qE>qvB

30、時(shí)，絕緣桿對(duì)小球的壓力FN水平向左，小球下滑的加速度為ag由上述式知a隨v的增大而增大，即小球做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)當(dāng)qEqvB，即速度增大到v時(shí)，摩擦力FfFN0，加速度最大，其最大值為amg.(2)當(dāng)qE<qvB時(shí)，絕緣桿對(duì)小球的壓力FN改變方向，為水平向右，小球下滑的加速度為ag由此可知a隨v增大而減小，即小球做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)a0時(shí)，速度達(dá)到最大，這時(shí)有mg(qvmBqE)故最大速度為vm.三十一分子動(dòng)理論內(nèi)能1(2015·鹽城市一調(diào))下列敘述正確的是()A只要知道水的摩爾質(zhì)量和水分子的質(zhì)量，就可以計(jì)算出阿伏加德羅常數(shù)B只要知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，就

31、可以算出氣體分子的體積C懸浮在液體中的固體顆粒越大，布朗運(yùn)動(dòng)就越明顯D當(dāng)分子間的距離增大時(shí)，分子間的引力變大而斥力減小答案：A解析：水的摩爾質(zhì)量除以水分子的質(zhì)量就等于阿伏加德羅常數(shù)，選項(xiàng)A正確；氣體分子間的距離很大，氣體的摩爾體積除以阿伏加德羅常數(shù)得到的不是氣體分子的體積，而是氣體分子所占的空間，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；布朗運(yùn)動(dòng)與固體顆粒大小有關(guān)，顆粒越大，布朗運(yùn)動(dòng)越不明顯，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；當(dāng)分子間距離增大時(shí)，分子間的引力和斥力都減小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤2下列關(guān)于分子運(yùn)動(dòng)和熱現(xiàn)象的說(shuō)法正確的是()A布朗運(yùn)動(dòng)就是分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，它說(shuō)明了分子永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)B在真空、高溫條件下，可以利用分子擴(kuò)散向半導(dǎo)體材料摻入其

32、他元素C如果氣體的溫度升高，那么所有分子的速率都增大D在溫度相同時(shí)，氫氣分子與氧氣分子的平均速率相同答案：C解析：布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故選項(xiàng)A、B錯(cuò)，C對(duì)；布朗運(yùn)動(dòng)是大量液體(或氣體)分子不停的撞擊液體(或氣體)中的懸浮顆粒造成的，懸浮顆粒越大，撞擊的不平衡性越不顯著，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤3(2015·鹽城中學(xué)測(cè)試)(多選)關(guān)于熱現(xiàn)象和熱學(xué)規(guī)律，下列說(shuō)法中正確的是()A只要知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，就可以算出氣體分子的體積B懸浮在液體中的固體微粒越小，布朗運(yùn)動(dòng)就越明顯C密封在體積不變的容器中的氣體，溫度升高，氣體分子對(duì)器壁單位面積上的平均作用力增大D用打氣筒的活塞壓縮氣

33、體很費(fèi)力，說(shuō)明分子間有斥力E物體的溫度越高，分子熱運(yùn)動(dòng)越劇烈，分子的平均動(dòng)能就越大答案：BCE解析：氣體分子間距離遠(yuǎn)大于分子的直徑，只知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，只能求出每個(gè)分子所占空間大小，而不是氣體分子的體積，故A錯(cuò)誤；懸浮在液體中的固體微粒越小，來(lái)自各方向的撞擊抵消的越少，則布朗運(yùn)動(dòng)就越明顯，故B正確；在體積不變的情況下，分子數(shù)密度不變，溫度越高分子平均動(dòng)能越大，撞擊力越大，壓強(qiáng)越大，故C正確；氣體分子間距離大于分子直徑10倍，分子間相互作用力忽略不計(jì)，用打氣筒的活塞壓縮氣體很費(fèi)力要用氣體壓強(qiáng)來(lái)解釋，故D錯(cuò)誤；溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度越高，分子熱運(yùn)動(dòng)越劇烈，分子的平均動(dòng)能就

34、越大，故E正確4若以表示水的摩爾質(zhì)量，V表示在標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下水蒸氣的摩爾體積，表示在標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下水蒸氣的密度，NA表示阿伏加德羅常數(shù)，m0、V0分別表示每個(gè)水分子的質(zhì)量和體積，下面關(guān)系錯(cuò)誤的有()ANABCDm0答案：B解析：由于V，則NA，變形得m0，故A、D正確；由于分子之間有空隙，所以NAV0V，水的密度為，故B錯(cuò)誤，C正確所以選B5(2015·南京市模擬)(多選)如圖所示，是氧氣在0 和100 兩種不同情況下，各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比與分子速率間的關(guān)系由圖可知()A100 的氧氣，速率大的分子比例較多B具有最大比例的速率區(qū)間，0 時(shí)對(duì)應(yīng)的速率大C溫度越高，分子的平均速率

35、越大D在0 時(shí)，部分分子速率比較大，說(shuō)明內(nèi)部有溫度較高的區(qū)域答案：AC解析：溫度升高，分子熱運(yùn)動(dòng)更加劇烈，速率大的分子比例較多，A正確；具有最大比例的速率區(qū)間，100 時(shí)對(duì)應(yīng)的速率大，B錯(cuò)；溫度越高，分子的平均動(dòng)能越大，分子的平均速率越大，C正確；在0 時(shí)，部分分子速率比較大，但是分子平均動(dòng)能比較小，不能說(shuō)明內(nèi)部有溫度較高的區(qū)域，D錯(cuò)6(2015·鹽城中學(xué)沖刺)(多選)關(guān)于分子動(dòng)理論和內(nèi)能，下列說(shuō)法中正確的是()A溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，物體溫度高，物體的分子平均動(dòng)能大B布朗運(yùn)動(dòng)是指在顯微鏡下觀察到的組成懸浮顆粒分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)C分子勢(shì)能與分子間距離有關(guān)，是物體內(nèi)能的一部分D為了增

36、加物體的內(nèi)能，必須對(duì)物體做功或向它傳遞熱量E物體的動(dòng)能和重力勢(shì)能也是其內(nèi)能的一部分答案：ACD解析：根據(jù)平均動(dòng)能的物理意義可知，選項(xiàng)A正確；布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，而不是組成懸浮顆粒的分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)分子勢(shì)能的物理意義和決定分子勢(shì)能的因素可知，選項(xiàng)C正確；外界對(duì)物體做功或向它傳遞熱量，可以增加物體的內(nèi)能，選項(xiàng)D正確；宏觀的動(dòng)能和重力勢(shì)能與內(nèi)能無(wú)關(guān)，選項(xiàng)E錯(cuò)誤7(2015·鹽城市模擬)(多選)如圖所示，縱坐標(biāo)表示兩個(gè)分子間引力、斥力的大小，橫坐標(biāo)表示兩個(gè)分子間的距離，圖中兩條曲線分別表示兩分子間引力、斥力的大小隨分子間距離的變化關(guān)系，e為兩曲線的交點(diǎn)，則下列說(shuō)

37、法正確的是()Aab為斥力曲線，cd為引力曲線，e點(diǎn)橫坐標(biāo)的數(shù)量級(jí)為1010 mBab為引力曲線，cd為斥力曲線，e點(diǎn)橫坐標(biāo)的數(shù)量級(jí)為1010 mC若兩個(gè)分子間距離增大，則分子勢(shì)能也增大D由分子動(dòng)理論可知：溫度相同的氫氣和氧氣，分子平均動(dòng)能相同E質(zhì)量和溫度都相同的氫氣和氧氣(視為理想氣體)，氫氣的內(nèi)能大答案：BDE解析：由分子間相互作用力關(guān)系可知，當(dāng)分子間距離小于r0時(shí)，表現(xiàn)為斥力，分子間距離大于r0時(shí)，表現(xiàn)為引力，因此選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；當(dāng)分子間距離小于r0時(shí)，分子間距離增大，分子間作用力做正功，分子勢(shì)能減小，當(dāng)分子間距離大于r0時(shí)，分子間距離增大，分子間作用力做負(fù)功，分子勢(shì)能增大，選項(xiàng)C錯(cuò)

38、誤；由分子動(dòng)理論可知，選項(xiàng)D正確；溫度相同，則分子平均動(dòng)能相同，質(zhì)量相同，則氫氣物質(zhì)的量大，故氫氣的內(nèi)能大，選項(xiàng)E正確8(2015·鹽城四星聯(lián)考)(多選)以下關(guān)于分子動(dòng)理論的說(shuō)法中正確的是()A物質(zhì)是由大量分子組成的B2 時(shí)水已經(jīng)結(jié)為冰，部分水分子已經(jīng)停止了熱運(yùn)動(dòng)C分子勢(shì)能隨分子間距離的增大，可能先減小后增大D分子間的引力與斥力都隨分子間的距離的增大而減小E擴(kuò)散現(xiàn)象和布朗運(yùn)動(dòng)的實(shí)質(zhì)是相同的，都是分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)答案：ACD解析：根據(jù)分子動(dòng)理論的內(nèi)容可知：物質(zhì)是由大量分子組成的，A正確；2 時(shí)水已經(jīng)結(jié)為冰，但分子熱運(yùn)動(dòng)永不停息，B錯(cuò)誤；分子勢(shì)能隨分子間距離的增大，可能先減小后增大，C正

39、確；分子間的引力與斥力都隨分子間的距離的增大而減小，D正確；擴(kuò)散現(xiàn)象和布朗運(yùn)動(dòng)的實(shí)質(zhì)是不同的，E錯(cuò)誤9(2015·鹽城高三檢測(cè))(多選)在“用油膜法估測(cè)分子的大小”的實(shí)驗(yàn)中，若已知油滴的摩爾質(zhì)量為M，密度為，油滴質(zhì)量為m，油滴在水面上擴(kuò)散后的最大面積為S，阿伏加德羅常數(shù)為NA，以上各量均采用國(guó)際單位，那么()A油滴分子直徑dB油滴分子直徑dC油滴所含分子數(shù)NNAD油滴所含分子數(shù)NNA答案：BD解析：用油膜法測(cè)分子直徑，認(rèn)為油膜的厚度就為分子直徑，油滴的質(zhì)量為m，最大面積為S，則油滴的體積為V，油滴分子的直徑為d，選項(xiàng)B正確，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；油滴的物質(zhì)的量為，油滴所含分子數(shù)為NNA，選項(xiàng)D

40、正確，選項(xiàng)C錯(cuò)誤10(多選)設(shè)分子間距離為r，分子平衡時(shí)分子之間的距離為r0，取無(wú)窮遠(yuǎn)處為零勢(shì)能面，下列判斷正確的是()A當(dāng)rr0時(shí)，r越小，則分子勢(shì)能Ep越小B當(dāng)rr0時(shí)，r越小，則分子勢(shì)能Ep越大C當(dāng)rr0時(shí)，分子勢(shì)能Ep最小D當(dāng)r時(shí)，分子勢(shì)能Ep最小E當(dāng)rr0時(shí)，分子力表現(xiàn)為引力答案：ABC解析：取無(wú)窮遠(yuǎn)處為零勢(shì)能面，當(dāng)兩分子從無(wú)窮遠(yuǎn)開(kāi)始靠近但分子間距rr0時(shí)，分子力表現(xiàn)為引力，故分子力做正功，所以分子勢(shì)能減小，故選項(xiàng)A對(duì)；當(dāng)rr0時(shí)，分子力表現(xiàn)為斥力，隨著r變小，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增大，因此當(dāng)rr0時(shí)，分子勢(shì)能Ep最小，故選項(xiàng)B、C對(duì)，D錯(cuò)；當(dāng)rr0時(shí)，分子力為零，故選項(xiàng)E錯(cuò)也可利

41、用如圖所示的分子勢(shì)能Ep與分子間距離r的關(guān)系圖象進(jìn)行判斷11在“用油膜法估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，用注射器將一滴油酸溶液滴入盛水的淺盤里，待水面穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤上，在玻璃板上找出油膜的輪廓，隨后把玻璃板放在坐標(biāo)紙上，其形狀如圖所示，坐標(biāo)紙上正方形小方格的邊長(zhǎng)為10 mm，該油膜的面積是_m2；若一滴油酸酒精溶液中含有純油酸的體積是4×106mL，則油酸分子的直徑是_m(上述結(jié)果均保留一位有效數(shù)字)答案：8×1035×1010解析：油酸在水面上充分?jǐn)U散開(kāi)后，就會(huì)形成單分子油膜，即油膜的厚度就是分子的直徑，考慮到液體分子間的間隙很小，從而忽略，所以油酸的體積就等

42、于油膜的面積與油膜厚度的乘積；油膜的面積是通過(guò)坐標(biāo)紙上的小方格來(lái)計(jì)算的，即大于半格算一個(gè)整格，所以油膜的面積為80×(10×103)2 m28×103 m2.油膜分子直徑d m5×1010 m.12在“用油膜法估測(cè)分子大小”實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)操作步驟如下：取一定量的無(wú)水酒精和油酸，制成一定濃度的油酸酒精溶液；在量筒中滴入一滴該溶液，測(cè)出它的體積；在蒸發(fā)皿內(nèi)盛一定量的水，再滴入一滴油酸酒精溶液，待其散開(kāi)穩(wěn)定；在蒸發(fā)皿上覆蓋透明玻璃，描出油膜形狀，用透明方格紙測(cè)量油膜的面積(1)改正其中的錯(cuò)誤：_.(2)若油酸酒精溶液體積濃度為0.10%，一滴溶液的體積為4.8

43、×103 mL，其形成的油膜面積為40 cm2，則估測(cè)出油酸分子的直徑為_(kāi) m.答案：(1)在量筒中滴入n滴該溶液在水面上先撒上痱子粉(2)1.2×109解析：(1)由于一滴溶液的體積太小，直接測(cè)量時(shí)相對(duì)誤差太大，應(yīng)用微小量累積法減小測(cè)量誤差液面上不撒痱子粉時(shí)，滴入的油酸酒精溶液在酒精揮發(fā)后剩余的油膜不能形成一塊完整的油膜，油膜間的縫隙會(huì)造成測(cè)量誤差增大，甚至使實(shí)驗(yàn)失敗(2)由油膜的體積等于一滴油酸酒精溶液內(nèi)純油酸的體積可得d m1.2×109 m.三十二固體、液體和氣體1(2015·鹽城中學(xué)摸底考試)(多選)關(guān)于固體、液體和氣體，下列說(shuō)法正確的是()A

44、固體可以分為晶體和非晶體兩類，非晶體和多晶體都沒(méi)有確定的幾何形狀B液晶像液體一樣具有流動(dòng)性，而其光學(xué)性質(zhì)與某些多晶體相似，具有各向同性C在圍繞地球運(yùn)行的“天宮一號(hào)”中，自由飄浮的水滴呈球形，這是表面張力作用的結(jié)果D空氣的相對(duì)濕度越大，空氣中水蒸氣的壓強(qiáng)越接近同一溫度時(shí)水的飽和汽壓E大量氣體分子做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，速率有大有小，但分子的速率按“中間少，兩頭多”的規(guī)律分布答案：ACD解析：非晶體和多晶體都沒(méi)有確定的幾何形狀，A正確；液晶與某些晶體相似，具有各向異性，B錯(cuò)誤；水滴呈球形是表面張力的作用，C正確；根據(jù)飽和汽壓的特點(diǎn)知D正確；大量分子做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)時(shí)，呈現(xiàn)“兩頭少，中間多”的規(guī)律分布，E錯(cuò)誤2(

45、2015·射陽(yáng)中學(xué)模擬)(多選)下列說(shuō)法正確的是()A一定量的氣體，在體積不變時(shí)，分子每秒平均碰撞器壁的次數(shù)隨著溫度的降低而減少B給籃球打氣時(shí)，到后來(lái)越來(lái)越費(fèi)勁，說(shuō)明分子間存在斥力C液體表面層的分子較密集，分子間引力大于斥力，因此產(chǎn)生液體的表面張力D一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷一緩慢的絕熱膨脹過(guò)程，氣體分子的平均動(dòng)能減小E第二類永動(dòng)機(jī)是不能制造出來(lái)的，盡管它不違反熱力學(xué)第一定律，但它違反熱力學(xué)第二定律答案：ADE解析：氣體體積不變，則單位體積內(nèi)的分子數(shù)目不變，溫度降低，氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的劇烈程度降低，故分子每秒平均碰撞器壁的次數(shù)減少，選項(xiàng)A正確；給籃球打氣越來(lái)越費(fèi)勁，說(shuō)明氣體壓強(qiáng)越來(lái)越大，選

46、項(xiàng)B錯(cuò)誤；液體表面層的分子較稀疏，分子間引力大于斥力，因此產(chǎn)生液體的表面張力，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由熱力學(xué)第一定律知，一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷一緩慢的絕熱膨脹過(guò)程，對(duì)外做功內(nèi)能減小，氣體溫度降低，分子平均動(dòng)能減少，選項(xiàng)D正確；從單一熱源吸熱并使之完全變?yōu)橛杏霉Χ划a(chǎn)生其他影響的熱機(jī)稱為第二類永動(dòng)機(jī)，第二類永動(dòng)機(jī)違反了熱力學(xué)第二定律，選項(xiàng)E正確3(多選)關(guān)于固體和液體的性質(zhì)，下列說(shuō)法正確的是()A水的飽和汽壓與溫度無(wú)關(guān)B晶體有規(guī)則的幾何外形C液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性D由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，故液體表面存在表面張力E用熱針尖接觸金屬表面的石蠟，熔解區(qū)域呈圓形，這是非晶體各向同性的表

47、現(xiàn)答案：CDE解析：水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，A錯(cuò)誤；單晶體具有規(guī)則的幾何外形，多晶體沒(méi)有規(guī)則的幾何外形，B錯(cuò)誤；石蠟是非晶體，用熱針尖接觸金屬表面的石蠟，熔解區(qū)域呈圓形，這是非晶體各向同性的表現(xiàn)，E正確4(2015·鹽城一中期末)(多選)下列說(shuō)法正確的是()A水的飽和汽壓隨溫度的升高而增加B一定質(zhì)量的0 的水的內(nèi)能大于等質(zhì)量的0 的冰的內(nèi)能C浸潤(rùn)和不浸潤(rùn)現(xiàn)象是液體分子間相互作用的表現(xiàn)D氣體的壓強(qiáng)是由于氣體分子間的相互排斥而產(chǎn)生的E一些昆蟲(chóng)可以停在水面上，是由于水表面存在表面張力的緣故答案：ABE解析：水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，選項(xiàng)A正確；一定質(zhì)量的0 的冰變成等質(zhì)量的0

48、 的水時(shí)，要吸熱，內(nèi)能增大，選項(xiàng)B正確；浸潤(rùn)和不浸潤(rùn)現(xiàn)象是液體分子和固體分子間相互作用的表現(xiàn)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；氣體的壓強(qiáng)是由于分子熱運(yùn)動(dòng)撞擊容器壁產(chǎn)生的，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；昆蟲(chóng)可停在液體表面是由于液體表面存在表面張力，選項(xiàng)E正確5(2015·鹽城一中月考)(多選)下列五幅圖分別對(duì)應(yīng)五種說(shuō)法，其中正確的是()A甲圖中微粒的運(yùn)動(dòng)就是物質(zhì)分子的無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)，即布朗運(yùn)動(dòng)B乙圖中當(dāng)兩個(gè)相鄰的分子間距離為r0時(shí)，它們間相互作用的引力和斥力大小相等C丙圖中食鹽晶體的物理性質(zhì)沿各個(gè)方向都是一樣的D丁圖中小草上的露珠呈球形的主要原因是液體表面張力的作用E戊圖中潔凈的玻璃板接觸水面，要使玻璃板離開(kāi)水面，拉力F必須

49、大于玻璃板的重力，其原因是水分子和玻璃分子之間存在分子引力答案：BDE解析：布朗運(yùn)動(dòng)是液體中懸浮小顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；當(dāng)rr0時(shí)，分子間引力和斥力相等，分子力表現(xiàn)為0，選項(xiàng)B正確；晶體具有各向異性的性質(zhì)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；小草上的露珠呈球形是液體表面張力作用的結(jié)果，選項(xiàng)D正確；由于水分子和玻璃分子之間存在分子引力，故將玻璃板拉離水面時(shí)，拉力一定大于重力，選項(xiàng)E正確6(2015·鹽城五校聯(lián)考)(多選)要使一定質(zhì)量的理想氣體由某一狀態(tài)經(jīng)過(guò)一系列狀態(tài)變化，最后回到初始狀態(tài)下列各過(guò)程可能實(shí)現(xiàn)這一要求的是()A先等容放熱，再等壓升溫，最后再等溫放熱B先等溫膨脹，再等壓升溫，最后再等容吸熱C

50、先等容吸熱，再等溫膨脹，最后再等壓降溫D先等壓升溫，再等容吸熱，最后再等溫膨脹答案：AC解析：根據(jù)題意畫(huà)出p­V圖象如下圖，根據(jù)圖象可能實(shí)現(xiàn)要求的是選項(xiàng)A、C.7(2015·亭湖高級(jí)中學(xué)月考)某同學(xué)利用DIS實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)研究一定質(zhì)量理想氣體的狀態(tài)變化，實(shí)驗(yàn)后計(jì)算機(jī)屏幕顯示如圖所示的p­t圖象已知在狀態(tài)B時(shí)氣體的體積VB3 L，求：(1)氣體在狀態(tài)A的壓強(qiáng)；(2)氣體在狀態(tài)C的體積答案：(1)0.75 atm(2)2 L解析：(1)從圖中可知，pB1.0 atm，TB(27391) K364 K，TA273 K.pA0.75 atm(2)pB1.0 atm，VB3 L，

51、pC1.5 atmpBVBpCVC10×3 L1.5VCVC2 L8如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A沿直線變化到狀態(tài)B.在狀態(tài)A時(shí)氣體的溫度為TA.(1)氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B的過(guò)程中溫度是升高還是降低？到狀態(tài)B時(shí)的溫度為多少？(2)氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B的過(guò)程中需要吸熱還是放熱？氣體對(duì)外做的功為多少？答案：(1)升高TA(2)吸熱(p1p2)(V2V1)解析：(1)從A到B的過(guò)程中，由理想氣體狀態(tài)方程pVnRT可知，氣體的溫度升高根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程有得TBTA(2)由于溫度升高，氣體的內(nèi)能增加，同時(shí)體積增大，氣體對(duì)外做功根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，這個(gè)過(guò)程氣體需要吸收熱量氣體對(duì)外做的

52、功就是圖象所圍的面積，即W(p1p2)(V2V1)三十三熱力學(xué)定律與能量守恒1關(guān)于熱力學(xué)定律，下列說(shuō)法正確的是()A在一定條件下，物體的溫度可以降到0 KB物體從單一熱源吸收的熱量可全部用于做功C吸收了熱量的物體，其內(nèi)能一定增加D壓縮氣體總能使氣體的溫度升高答案：B解析：根據(jù)熱力學(xué)第三定律可知，絕對(duì)零度不可能達(dá)到，A錯(cuò)誤；物體從外界吸收熱量、對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知內(nèi)能可能增加、減少或不變，C錯(cuò)誤；壓縮氣體，外界對(duì)氣體做正功，氣體可能向外界放熱，內(nèi)能可能減少、溫度降低，D錯(cuò)誤；物體從單一熱源吸收的熱量全部用于做功而引起其他變化是可能的，B正確2根據(jù)你所學(xué)熱學(xué)中的有關(guān)知識(shí)，判斷下列說(shuō)法中

53、正確的是()A機(jī)械能可以全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，內(nèi)能也可以全部用來(lái)做功以轉(zhuǎn)化成機(jī)械能B凡與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀過(guò)程都具有方向性，在熱傳遞中，熱量只能從高溫物體傳遞給低溫物體，而不能從低溫物體傳遞給高溫物體C盡管技術(shù)不斷進(jìn)步，熱機(jī)的效率仍不能達(dá)到100%，制冷機(jī)卻可以使溫度降到293 D第一類永動(dòng)機(jī)違背能量守恒定律，第二類永動(dòng)機(jī)不違背能量守恒定律，隨著科技的進(jìn)步和發(fā)展，第二類永動(dòng)機(jī)可以制造出來(lái)答案：A解析：機(jī)械能可以全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，而內(nèi)能在引起其他變化時(shí)也可以全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，A正確；凡與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀過(guò)程都具有方向性，在熱傳遞中，熱量可以自發(fā)地從高溫物體傳遞給低溫物體，也能從低溫物體傳遞給高溫物體，但必

54、須借助外界的幫助，B錯(cuò)誤；盡管技術(shù)不斷進(jìn)步，熱機(jī)的效率仍不能達(dá)到100%，制冷機(jī)也不能使溫度降到293 ，只能無(wú)限接近273 ，卻永遠(yuǎn)不能達(dá)到，C錯(cuò)誤；第一類永動(dòng)機(jī)違背能量守恒定律，第二類永動(dòng)機(jī)不違背能量守恒定律，但違背了熱力學(xué)第二定律，第二類永動(dòng)機(jī)不可能制造出來(lái)，D錯(cuò)誤3一定量的理想氣體在某一過(guò)程中，從外界吸收熱量2.5×104 J，氣體對(duì)外界做功1.0×104 J，則該理想氣體的()A溫度降低，密度增大B溫度降低，密度減小C溫度升高，密度增大D溫度升高，密度減小答案：D解析：由UWQ可得理想氣體內(nèi)能變化U1.0×104 J2.5×104 J1.5&#

55、215;104 J0，故溫度升高，A、B兩項(xiàng)均錯(cuò)因?yàn)闅怏w對(duì)外做功，所以氣體一定膨脹，體積變大，由可知密度變小，故C項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確4(多選)下列說(shuō)法正確的是()A內(nèi)能不同的物體，它們的分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能可能相同B可以從單一熱源吸取熱量，使之全部變成有用的機(jī)械功而不產(chǎn)生其他影響C盛有水的水杯自由下落時(shí)，水對(duì)杯底有壓力D若一氣泡從湖底上升到湖面的過(guò)程中溫度保持不變，則在此過(guò)程中氣泡內(nèi)氣體組成的系統(tǒng)的熵增加答案：AD解析：溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，內(nèi)能不同的物體溫度可能相同，故A正確；水杯自由下落時(shí)，杯內(nèi)水處于完全失重狀態(tài)，對(duì)杯底無(wú)壓力，故C錯(cuò)誤；氣泡內(nèi)氣體做等溫膨脹，根據(jù)熵增加原理可知D正確5(多選)關(guān)于熱現(xiàn)象和熱學(xué)規(guī)律，下列說(shuō)法中正確的是()A布朗運(yùn)動(dòng)就是液體分子的熱運(yùn)動(dòng)B第二類