2022-2023學年福建省上杭縣一中物理高三第一學期期中達標測試試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是

2、符合題目要求的。1、2019年1月，我國嫦娥四號探測器成功在月球背面軟著陸，在探測器“奔向”月球的過程中，用h表示探測器與地球表面的距離，F(xiàn)表示它所受的地球引力，能夠描F隨h變化關系的圖像是ABCD2、一質量為 2kg 的物塊在合外力 F 的作用下從靜止開始沿直線運動 F 隨時間 t 變化的圖線如圖所示，則（ ）At1s 時物塊的速率為 1m/sBt2s 時物塊的動能為 4JC1s3s 內， F 對物塊做的功為JDt4s 時物塊的速度為零3、某班級同學要調換座位，一同學用斜向上的拉力拖動桌子沿水平地面勻速運動已知桌子的總質量為10 kg，若拉力的最小值為50 N，此時拉力與水平方向間的夾角為重

3、力加速度大小為g=10 m/s2，桌子與地面間的動摩擦因數(shù)為，不計空氣阻力，則A，=60B，=60C，=30D，=304、如圖所示，在磁感應強度大小為B0的勻強磁場中，兩長直導線P和Q垂直于紙面固定放置，兩者之間的距離為l.在兩導線中均通有方向垂直于紙面向里的電流I時，紙面內與兩導線距離均為l的a點處的磁感應強度為零如果讓P中的電流反向、其他條件不變，則a點處磁感應強度的大小為()A0BC D2B05、如圖甲所示，電源E=12V，內阻不計，燈泡L的額定電壓為9V，其伏安特性曲線如圖乙所示，滑動變阻器R的最大阻值為。下列判斷正確的是A燈泡L的阻值隨電流的增大而減小B燈泡L的額定功率為13.5WC

4、燈泡L消耗電功率的最小值是4WD滑動變阻器接入電路的阻值應至少為6、下列關于物理學研究方法的敘述中正確的是( )A力學中引入了質點的概念，運用了理想化模型的方法，只有物體體積很小的情況下才能看做質點B在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，再把各小段位移相加，這里運用了假設法C用比值法定義的物理概念在物理學中占有相當大的比例，例如電容C=Q/U，加速度a=F/m都是采用比值法定義的D伽利略認為自由落體運動就是物體在傾角為90的斜面上的運動，再根據銅球在斜面上的運動規(guī)律得出自由落體的運動規(guī)律這是采用了實驗和邏輯推理相結合的方法二、多項選擇題：本

5、題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，A、B、C、D四圖中的小球以及小球所在的左側斜面完全相同，現(xiàn)從同一高度h處由靜止釋放小球，使之進入右側不同的軌道：除去底部一小段圓弧，A圖中的軌道是一段斜面，高度大于h；B圖中的軌道與A圖中的軌道相比只是短了一些，且斜面高度小于h；C圖中的軌道是一個內徑略大于小球直徑的管道，其上部為直管，下部為圓弧形，與斜面相連，管的高度大于h；D圖中是個半圓形軌道，其直徑等于h，如果不計任何摩擦阻力和拐彎處的能量損失，小球進入右側軌道后能到達h高度的是（

6、）ABCD8、如圖所示，足夠長的傳送帶與水平面夾角為，在傳送帶上某位置輕輕放置一小木塊，小木塊與傳送帶間動摩擦因素為，小木塊速度隨時間變化關系如圖所示，若、g、v0、t0已知，則下列說法中正確的是A傳送帶一定逆時針轉動BC傳送帶的速度大于v0D后一段時間內滑塊加速度為9、如圖所示，在租糙水平面上A處平滑連接一半徑R=0.1m、豎直放置的光滑半圓軌道，半圓軌道的直徑AB垂直于水平面，一質量為m的小滑塊從與A點相距為x(x0)處以初速度v0向左運動，并沖上半圓軌道，小滑塊從B點飛出后落在水平地面上，落點到A點的距離為y。保持初速度vO不變，多次改變x的大小，測出對應的y的大小，通過數(shù)據分析得出了y

7、與x的函數(shù)關系式為y2=-0.16x+0.48，其中x和y的單位均為m，取 g=10m/s。則有A小滑塊的初速度vO=4m/sB小滑塊與水平地面間的動摩擦因數(shù)=0.5C小滑塊在水平地面上的落點與A點的最小距離ymin=0.2mD如果讓小滑塊進入半圓軌道后不脫離半圓軌道(A、B兩端除外)，x應滿足0 x2.75m10、兩個等量點電荷位于x軸上，它們的靜電場的電勢隨位置x變化規(guī)律如圖所示(只畫出了部分區(qū)域內的電勢)，x軸上有兩點M、N，且OM ON，由圖可知（）AN點的電勢低于M點的電勢BM、N兩點的電場方向相同且M點的場強大小大于N點的場強大小C僅在電場力作用下，正電荷可以在x軸上M、N之間的某

8、兩點做往復運動D負電荷沿x軸從M點移到N點的過程中電場力一直做正功三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在高中物理力學實驗中，下列說法中正確的是A在“探究動能定理”的實驗中，通過改變橡皮筋的長度來改變拉力做功的數(shù)值B在“驗證力的平行四邊形定則”實驗中，采用的科學方法是等效替代法C在“探究彈力和彈簧伸長的關系”的實驗中，可用直尺直接測量彈簧的伸長量D在處理實驗數(shù)據時，常常采用圖象法可以減小系統(tǒng)誤差12（12分）如圖所示為測量物塊與水平桌面之間動摩擦因數(shù)的實驗裝置示意圖，實驗步驟如下:用天平測量物塊和遮光條的總質量M、重物的質量m ，用

9、游標卡尺測量遮光條的寬度d = 0.950 cm;用米尺測量兩光電門之間的距離s;調整輕滑輪，使細線水平; 讓物塊從光電門A的左側由靜止釋放，用數(shù)字毫秒計分別測出遮光條經過光電門A和光電門B所用的時間和，求出加速度a;多次重復步驟，求a的平均值 ;根據上述實驗數(shù)據求出物塊與水平桌面間動摩擦因數(shù)回答下列問題:(1)物塊的加速度a可用d、s、和表示為a= _(2)動摩擦因數(shù)可用M、m、和重力加速度g表示為=_(3)如果滑輪略向下傾斜，使細線沒有完全調節(jié)水平，由此測得的_(填 “ 偏大”或“偏小”);這一誤差屬于_ ( 填“偶然誤差或“系統(tǒng)誤差)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中

10、指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，豎直平面xOy內有三個寬度均為首尾相接的電場區(qū)域ABFE、BCGF和CDHG三個區(qū)域中分別存在方向為y、y、x的勻強電場，且電場區(qū)域豎直方向無限大，其場強大小比例為111現(xiàn)有一帶正電的物體以某一初速度從坐標為(0，)的P點射入ABFE場區(qū)，初速度方向水平向右物體恰從坐標為(1，/1)的Q點射入CDHG場區(qū)，已知物體在ABFE區(qū)域所受電場力和所受重力大小相等，重力加速度為，物體可以視為質點，求：(1)物體進入ABFE區(qū)域時的初速度大??；(1)物體在ADHE區(qū)域運動的總時間；(3)物體從DH邊界射出位置的坐標14（16

11、分）打印機是辦公的常用工具，噴墨打印機是其中的一種噴墨打印機的工作原理簡化圖如圖所示其中墨盒可以噴出半徑約為的墨汁微滴，大量的墨汁微滴經過帶電室時被帶上負電荷，成為帶電微粒墨汁微滴所帶電荷量的多少由計算機的輸入信號按照文字的排列規(guī)律進行控制帶電后的微滴以一定的初速度進入由兩塊平行帶電金屬板形成的偏轉電場中，微滴經過電場的作用發(fā)生偏轉后打在紙面上，顯示出字體若某種噴墨打印機的偏轉電場極板長度為，兩板間的距離為，偏轉電場極板的右端距紙面的距離為，某個帶電微滴的質量為，沿兩板間的中心線以初速度進入偏轉電場偏轉電場兩極板間電壓為該微滴離開電場時的速度大小為，不計微滴受到的重力和空氣阻力影響，忽略電場邊

12、沿場強的不均勻性 （1）該帶電微滴所帶的電荷量（2）該帶電微滴到達紙面時偏離原入射方向的距離（3）在微滴的質量和所帶電荷量以及進入電場的初速度均一定的條件下，分析決定打印在紙上字體大小的因素有哪些？若要使紙上的字體高度放大，可以采取的措施是什么？15（12分）2019年6月，某地由于連續(xù)暴雨而引發(fā)一處泥石流。如圖所示，一汽車正以8m/s 向坡底A點運動，當距A點8m時，司機突然發(fā)現(xiàn)山坡上距坡底80m處的泥石流正以8m/s 的速度、0.5m/s2的加速度勻加速傾瀉而下，司機立即剎車減速，減速時的加速度大小為4m/s2，速度減為零后立即加速反向運動躲避泥石流，假設泥石流到達坡底后速率不變，沿水平地

13、面做勻速直線運動，求：（1）泥石流到達坡底的速度和時間；（2）汽車的加速度至少多大才能脫離危險。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】根據萬有引力定律可得： ，h越大，F(xiàn)越小，故選項D符合題意；2、C【解析】t1s 時，根據動量定理：F1t1=mv1，解得 ，選項A錯誤；同理t2s 時物塊的速度，則動能為，選項B錯誤；t=3s末的速度： ，則1s3s 內， F 對物塊做的功為，選項C正確，D錯誤；故選C.【點睛】因F-t圖像的“面積”等于F的沖量，則可以用動量定理求解某時刻的速度，很方便快捷；此題還可以用牛

14、頓第二定律結合運動公式求解.3、A【解析】對桌子受力分析，如圖所示根據平衡條件可知，水平方向有，豎直方向有，其中，故，令，則；當時，F(xiàn)有最小值， ，故，選項A正確故選A.4、C【解析】在兩導線中均通有方向垂直于紙面向里的電流I時，紙面內與兩導線距離為l的a點處的磁感應強度為零，如下圖所示：由此可知，外加的磁場方向與PQ平行，且由Q指向P，即B1=B0；依據幾何關系，及三角知識，則有：BPcos30=B0； 解得P或Q通電導線在a處的磁場大小為BP=B0；當P中的電流反向，其他條件不變，再依據幾何關系，及三角知識，則有：B2=B0；因外加的磁場方向與PQ平行，且由Q指向P，磁場大小為B0；最后由

15、矢量的合成法則，那么a點處磁感應強度的大小為B=，故C正確，ABD錯誤5、B【解析】A.從圖象可以看出隨電流的增大，電壓與電流的比值越來越大，即電阻越來越大，故A錯誤；B.從圖象可以看出額定電壓時，電流1.5A，可得燈泡的額定功率為：故B正確C.滑動變阻器取最大阻值時，燈泡消耗電功率最小，將電源和阻值看作一個電動勢12V，內阻的等效電源，則其提供電壓電流滿足：即坐標（2，1）滿足，是該表達式圖象與燈泡伏安特性曲線的交點，即滑動變阻器取最大阻值時，燈泡電壓，電流1A，電功率消耗電功率的最小值是：故C錯誤；D.燈泡L額定電壓，此時電流1.5A，則滑動變阻器接入電路的阻值：故D錯誤。6、D【解析】力

16、學中引入了質點的概念，運用了理想化模型的方法，物體能否看做質點要看它的大小和線度與所研究的問題比較能否忽略不計，則不一定只有體積很小的物體才能看做質點，選項A錯誤；在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，再把各小段位移相加，這里運用了微元法，選項B錯誤；用比值法定義的物理概念在物理學中占有相當大的比例，例如電容C=Q/U，是采用比值法定義的，但是加速度a=F/m不是比值定義法，選項C錯誤；伽利略認為自由落體運動就是物體在傾角為90的斜面上的運動，再根據銅球在斜面上的運動規(guī)律得出自由落體的運動規(guī)律這是采用了實驗和邏輯推理相結合的方法，選項D正確

17、；故選D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A小球到達右側斜面上最高點時的速度為零，根據機械能守恒定律得mgh+0=mgh+0則h=h故A正確；B小球離開軌道后做斜拋運動，水平方向做勻速直線運動，運動到最高點時在水平方向上有速度，即在最高點的速度不為零，根據機械能守恒定律得則hh故B錯誤.C小球離開軌道做豎直上拋運動，運動到最高點速度為零，根據機械能守恒定律得mgh+0=mgh+0則h=h故C正確；D小球在內軌道運動，通過最高點最小的速度為故在最高點的速

18、度不為零，根據機械能守恒定律得則hh即不能過最高點；故D錯誤。故選AC。8、AD【解析】A.若傳送帶順時針轉動，當滑塊下滑時若有，所以滑塊將一直勻加速到底端；當滑塊上滑時若有，則滑塊先勻加速運動，在速度相等后將勻速運動，兩種均不符合運動圖象；故傳送帶是逆時針轉動，故A正確；B.滑塊在內，滑動摩擦力向下做勻加速下滑，根據牛頓第二定律有：由圖可知聯(lián)立解得：故B錯誤；C.只有當滑塊的速度等于傳送帶的速度時，滑塊所受的摩擦力變成斜向上，傳送帶的速度才為，故C錯誤；D.共速后的加速度代入值得故D正確9、AC【解析】滑塊從出發(fā)點運動到B的過程，由動能定理得：-mgx-mg2R=12mvB2-12mv02，

19、滑塊從B離開后做平拋運動，則有：2R=12gt2，y=vBt，聯(lián)立得：y2=-8Rx+4Rgv02-16R2，代入數(shù)據解得：y2=-0.8x+0.04v02-0.16與y2=-0.16x+0.48比較系數(shù)可得：=0.2，v0=4m/s，故A正確，B錯誤；當滑塊通過B點時，在水平地面上的落點與A點的最小距離，則在B點有：mg=mvB2R，滑塊從B離開后做平拋運動，則有：2R=12gt2，y=vBt，聯(lián)立并代入數(shù)據解得最小距離為：ymin=0.2m，故C正確；滑塊通過B點的臨界條件是重力等于向心力，則在B點有：mg=mvB02R，滑塊從出發(fā)點運動到B的過程，由動能定理得：-mgx-mg2R=12m

20、vB02-12mv02，聯(lián)立解得 x=2.5m，所以x的取值范圍是 0 x2.5m，故D錯誤。所以AC正確，BD錯誤。10、BD【解析】A由題圖知，N點的電勢高于M點的電勢，故A錯誤； B由可知，圖像的斜率絕對值等于場強大小，可以看出M點的場強大小大于N點的場強大小，斜率都為正值，說明M、N點的電場方向相同，故B正確；C根據順著電場線方向電勢降低，可知電場線的方向從N指向M，正電荷在x軸上M、N之間所受的電場力始終由N指向M，正電荷做單向直線運動，故C錯誤；D負電荷沿x軸從M移到N的過程中，電場力方向從M指向N，電場力方向與位移相同，電場力一直做正功，故D正確。故選BD。三、實驗題：本題共2小

21、題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B【解析】因為橡皮筋的拉力會隨其形變量的變化而變化，即拉力是變力，不容易求解其做功，所以實驗時，每次保持橡皮筋的形變量一定，增加橡皮筋的個數(shù)，1條為W，2條為2W，不是通過改變橡皮筋的長度來改變拉力做功的數(shù)值，而是通過改變橡皮筋的條數(shù)來改變拉力做功的數(shù)值，A錯誤；在“驗證力的平行四邊形定則”實驗中，采用的科學方法是等效替代法；兩個分力與合力效果是相同的，B正確；為了減少誤差，應測量彈簧的總長度，不能測量伸長量，C錯誤；圖象法只能減小因測量而產生的偶然誤差，不能減小系統(tǒng)誤差，D錯誤；12、 偏大 系統(tǒng)誤差 【解析】(1)1物

22、塊經過點時的速度：物塊經過點時的速度：物塊做勻變速直線運動，由速度位移公式得：解得加速度：(2)2以、組成的系統(tǒng)為研究對象，由牛頓第二定律得：解得：(3)3如果滑輪略向下傾斜，使細線沒有完全調節(jié)水平，則滑塊對接觸面的正壓力測量值偏大，測得的加速度偏小，根據動摩擦因數(shù)的表達式知，動摩擦因數(shù)測量值偏大，4該誤差屬于系統(tǒng)誤差。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1） （1） （2） 【解析】設三個區(qū)域的電場強度大小依次為1E、E、1E，物體在三個區(qū)域運動的時間分別t1、t1、t2(1)在BCGF區(qū)域，對物體進行受力分析，由牛頓第二定律得：mg-qE=ma1，而：1qE=mg得：在水平方向有：L=v0t在豎直方向有： 解得：,(1)在ABEF區(qū)域對物體進行受力分析，在豎直方向有：1qE=mg物體做勻速直線運動，有： ，在BCGF區(qū)域，物體做類平拋運動，有：,在Q點豎直方向速度為：則Q點速度為：，與水平方