2019版浙江選考一輪復習物理(選考部分B版)訓練：第7章恒定電流第7章

1、第七章 恒定電流加試要求.電源和電流（c） 2.電動勢（c） 3.歐姆定律、U I圖象及I U圖象（c） 4.串聯(lián)電路和 并聯(lián)電路5.焦耳定律6.導體的電阻（c） 7.閉合電路的歐姆定律（d） 8.實驗：探究 導體電阻與其影響因素（包括材料）的關系（同時練習使用螺旋測微器）（，）第1講部分電路及其規(guī)律考綱解讀（1）知道電流的定義式，并會用來解決導線中的電流問題及運動電荷所 產(chǎn)生的等效電流。（2）會用電動勢定義式實行簡單計算。（3）理解歐姆定律，并會用 來解決相關問題。（4）理解導體的U-I圖象和I U圖象（伏安特性曲線）。（5）知道 焦耳定律，會用焦耳定律推導導體熱功率的表達式。考點一電流 歐

2、姆定律 導體的電阻知識梳理.電源和電流電流形成的機制：自由電荷的定向移動形成電流、一是要有自由電荷，二是要 有電勢差。（2）恒定電流的含義：大小和方向都不變的電流稱為恒定電流。電流方向的確定方法：電流是標量（填“標量”或“矢量”），電流方向跟正兒荷 定向移動的方向相同，外電路由電源正極流向電源負極，內(nèi)電路由電源負極流向 電源正極。（4）電流的定義式及單位：I=q/t,其中q是時間t內(nèi)通過導體橫截面的電荷量、電 流的單位：支應符號：A.電動勢的定義式和單位物理意義：反映電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領大小的物理量。（2）定義：電源在移動電荷過程中，非靜電力對電荷做的功W與移動電荷的電荷量的比值。

3、定義式：E=?；單位：伏特,符號：Vo q電源內(nèi)部也是由導體組成的，電源內(nèi)部的電阻叫電源的內(nèi)仁.歐姆定律(1)內(nèi)容：導體中的電流I跟導體兩端的電壓U成正比，跟導體的電阻 R成反比。(2)公式：I=R。適用條件：適用于金屬和電解液導電、適用于純電阻電路。.導體的電阻(1)電阻定義式:R=?。物理意義：導體的電阻反映了導體對電流防礙作用的大小,R越大，防礙作用越(2)電阻定律內(nèi)容：同種材料的導體，具電阻跟它的長度成正比,與它的橫截面積成反比,導體的電阻還與構成它的材料相關。表達式：R= so(3)電阻率計算式：p=埼o物理意義：反映導體的導電性能、是導體材料本身的屬性。電阻率與溫度的關系金屬：電阻

4、率隨溫度升高而增大：半導體：電阻率隨溫度升高而減小。規(guī)律方法1.電阻的決定式和定義式的區(qū)別公式R=七R=T電阻的決定式電阻的定義式區(qū)別說明了導體的電阻由哪些因素決定，R由01、S共同決止提供了一種測電阻的方法一一伏安 法，R與U、I均無關只適用于粗細均勻的金屬導體和濃度均勻的電解液適用于任何純電阻導體2.導體形變后電阻的分析方法某一導體的形狀改變后，討論其電阻變化應抓住以下“三點”：導體的電阻率不變。導體的體積不變，由V=lS可知l與S成反比。在0 1、S都確定之后，應用電阻定律 R=（求解。 S題組訓練1 .（基礎考點一電流方向的理解）關于電流的方向，下列敘述中準確的是（） A.金屬導體中電

5、流的方向就是自由電子定向移動的方向B.在電解質(zhì)溶液中有自由移動的正離子和負離子，電流方向不能確定C.不論何種導體，電流的方向規(guī)定為正電荷定向移動的方向D.電流的方向有時與正電荷定向移動的方向相同，有時與負電荷定向移動的方向 TOC o 1-5 h z 相同 解析 電流方向是人為規(guī)定的。物理學上規(guī)定正電荷定向移動的方向為電流的方 向，則負電荷定向移動的方向一定與電流的方向相反。故準確答案為Co答案C2.（基礎考點一電流大小的計算）（2019慈溪市調(diào)研）在示波管中，2 s內(nèi)有6X 1013 個電子通過橫截面積大小不知的電子槍，則示波管中電流大小為（）_6_ 一一13A. 4.8X10 6 A B.

6、 3X10 13 AC. 9.6X10 6 A D.無法確定一 13、，/“T9解析 由q=It得，I = ；=ne=2A = 4.8X10-6 A,故選項A準確。答案A3.（基礎考點一電動勢概念的理解）（多選）1個蓄電池的電動勢為2 V,這表示（）A.電路中每通過1 C的電荷，電源把2J的化學能轉(zhuǎn)化為電能B.蓄電池兩極間的電壓為2 VC.蓄電池在1秒內(nèi)把2 J的化學能轉(zhuǎn)化為電能D.1個蓄電池把化學能轉(zhuǎn)化為電能的本領比一節(jié)干電池的大解析 根據(jù)電動勢的定義和表達式 E = W 非靜電力移送1 C電荷所做的功W= qE q= 1X2 J = 2 J,由功能關系可知電源把2 J的化學能轉(zhuǎn)化為電能，A

7、對，C錯；蓄 電池接入電路中時，其兩極間電壓不一定為2 V,所以B錯誤；電動勢是反映電源 把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領大小的物理量，D準確。故準確答案為A、Do答案AD4.（基礎考點一歐姆定律的理解）對于歐姆定律，下列說法準確的是（）A,從1 =可知，導體中的電流跟加在它兩端的電壓成正比，跟它的電阻成反比 RB.從R=芋可知，導體的電阻跟導體兩端的電壓成正比C,從R=/可知，導體的電阻跟導體中的電流成反比D.從R=?可知，導體兩端的電壓為零時，導體的電阻也為零解析 對于歐姆定律1=可知，導體中的電流跟加在它兩端的電壓成正比， 跟它的R電阻成反比，選項 A對；導體的電阻由導體本身決定，跟導體兩端

8、的電壓和通過 導體的電流無關，選項B、C、D錯。答案A5.（高考必考點一電阻定律的應用）一段長為1,電阻為R的均勻電阻絲，把它拉制 成31長的均勻細絲后，切成等長的三段，然后把它們并聯(lián)在一起，其電阻值為（）RRA.3 B. 3R C.9 D. R解析 根據(jù)電阻公式R=4,在拉伸過程中電阻絲的體積不變，當長度變?yōu)樵瓉淼? 一31913倍后，橫截面積變?yōu)樵瓉淼?,所以R =密=9R,平分成3段后，每段3s的電阻為3R,故根據(jù)并聯(lián)電路規(guī)律可得并聯(lián)后的電阻為 二2+白+白，解得R rw 3R 3R 3R=R,故選項D準確。答案D6.（高考預測一等效電流的求法）（多選）半徑為R的橡膠圓環(huán)均勻帶正電，總電

9、荷 量為Q,現(xiàn)使圓環(huán)繞垂直環(huán)所在平面且通過圓心的軸以角速度 勻速轉(zhuǎn)動，則由 環(huán)產(chǎn)生的等效電流（）A.若不變而使電荷量Q變?yōu)樵瓉淼?倍，則電流也將變?yōu)樵瓉淼?倍B.若電荷量Q不變而使變?yōu)樵瓉淼?倍，則電流也將變?yōu)樵瓉淼?倍C.若使，Q不變，將橡膠環(huán)拉伸，使環(huán)半徑增大，電流將變大D.若使，Q不變，將橡膠環(huán)拉伸，使環(huán)半徑增大，電流將變小解析 截取圓環(huán)上的任一截面S,在橡膠圓環(huán)運動一周的時間 T內(nèi)，通過這個截面 的電荷量為q,則有：i=q=T，又丁=孑，所以i=Q3由上式可知，選項a、B準確。答案AB考點二U I圖象及I U圖象知識梳理，、圖象比較內(nèi)容f、I-U圖象（伏安特性曲線）U-I圖象斜率圖線上

10、的點與坐標原點連線的斜率表示導體電阻的倒數(shù)圖線上的點與坐標原點連線的斜率表示導體的電阻線性元件RlR2RlR2非線性元件匕二,電阻隨電壓U的增大而增大電阻隨電壓U的增大而減小規(guī)律方法.根據(jù)伏安特性曲線求電阻圖甲中，圖線a、b表示線性元件，圖乙中圖線 c、d表示非線性元件。（2）圖線a、b的斜率表示電阻的倒數(shù)，斜率越大，電阻越小，故Ra Q電熱電流通過導體產(chǎn)生的熱量Q=I2Rt電功率單位時間內(nèi)電流所做的功P=UI對純電阻電路，電功率等于熱功率，P電 = P熱=UI= i2R;對非純電阻電路，電功率 大于熱功率，P電P熱熱功率單位時間內(nèi)導體產(chǎn)生的熱量p=i2r2.電功和電熱的處理方法首先要分清所研

11、究的電路是純電阻電路還是非純電阻電路，準確選擇計算公式。(2)處理非純電阻電路的計算問題時，要善于從能量轉(zhuǎn)化的角度出發(fā)，緊緊圍繞能 量守恒定律，利用“電功=電熱+其他能量”尋找等量關系求解。題組訓練1.(基礎考點一焦耳定律的應用)通過電阻R的電流為I時，在時間t內(nèi)產(chǎn)生的熱量為Q;若電阻為2R,電流為g時，則在時間t內(nèi)產(chǎn)生的熱量為（）Q QA. 4Q B. 2Q C.2 D，解析 由焦耳定律可得Q=I2Rt, Q =（gl）2X2Rt= g|2Rt= 2q,故選項C準確。答案C.（基礎考點一對純電阻電路和非純電阻電路的理解）隨著我國人民生活水平的持 續(xù)提升，家庭中使用的電器越來越多。下列電器中主

12、要利用電流的熱效應工作的 是（）A.電風扇 B.電動轎車C.洗衣機 D.電飯煲解析 電風扇、電動轎車、洗衣機均利用電動機將電能主要轉(zhuǎn)化為機械能，而電飯煲則是利用電流的熱效應使電能變?yōu)閮?nèi)能，故選項D準確。答案D.（高考熱點純電阻電路的計算）（2019嶂州市調(diào)研）（多選）把標有“ 220 V 100 W”的A燈和“220 V 200 W”的B燈串聯(lián)起來，接在電壓包為220 V的電源兩端， 不計導線電阻及燈泡電阻隨溫度的變化，則下列判斷中準確的是（）A.兩燈的電阻之比Ra ： Rb = 2 ： 1B.兩燈的實際電壓之比Ua ： Ub=1 ： 2C.兩燈實際消耗的功率之比 Pa ： Pb=1 ： 2D

13、.在相同時間內(nèi)，兩燈實際發(fā)熱之比 Qa ： Qb = 2 ： 1U2解析 由P=Ut可知兩燈的電阻之比Ra : Rb=2： 1,兩燈串聯(lián)，故通過兩燈的電流 R相等，由U = IR可知，兩燈的實際電壓之比 Ua：Ub = 2：1,由P=|2R可知，兩 燈實際消耗的功率之比為2： 1;相同時間內(nèi)，兩燈實際發(fā)熱之比為 2 ： 1。答案AD4.（高考熱點一非純電阻電路的計算）有一臺標有“ 220 V, 50 W”的電風扇，其線 圈電阻為0.4 Q,在它正常工作時，下列求其每分鐘產(chǎn)生的電熱的四種解法中，準 確的是（）P 5I = j = 22 A, Q=UIt = 3 000 JQ=Pt=3 000 J

14、八 P 5 八 2I = u = 22 A, Q=I2Rt= 1.24 JQMUt：220-X60 J= 7.26X 106 JR 0.4解析 電風扇是一種在消耗電能過程中既產(chǎn)生機械能，又產(chǎn)生內(nèi)能的用電器，其功、一 P 5率P=IU,則I = P=252 A,而產(chǎn)生的熱量只能根據(jù) Q=I2Rt實行計算。所以，選項C準確。答案C課時作業(yè)一、選擇題.下列說法中準確的是（）A.電源的電動勢實質(zhì)上就是電源兩極間的電壓B,電源的電動勢在數(shù)值上等于兩極間的電壓C.電源的電動勢與電壓的單位相同，但與電壓有本質(zhì)的區(qū)別D.電動勢越大，電源兩極間的電壓一定越高解析電動勢是描述電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領大小的

15、物理量，而電壓是電場中兩點間的電勢差，電動勢與電壓有著本質(zhì)的區(qū)別，所以A選項錯，C選項對；當電源開路時，兩極間的電壓在數(shù)值上等于電源的電動勢，但在閉合電路中， 電源兩極間的電壓（路端電壓）隨外電阻的增大而增大，隨外電阻的減小而減小；當 電源短路時，R外=0,這時路端電壓為零，所以B、D選項錯。答案C.關于導體的電阻和電阻率，下列說法中準確的是 （）A,由R= U可知，導體的電阻與導體兩端電壓成正比，與流過導體的電流成反比B.由R=七可知，導體的電阻與導體的長度成正比，與導體的橫截面積成反比c,由尸R%知，導體的電阻率與導體的橫截面積成正比，與導體的長度成反比D.由 尸R）知導體的電阻越大，其電

16、阻率越大解析 導體的電阻是導體本身的性質(zhì)，與兩端電壓和電流無關，選項 A錯，B對； 電阻率是材料本身的性質(zhì)，只與材料和溫度相關，與導體的長度和橫截面積無關， 選項C、D均錯。答案B. （2019諸暨市期末）某技術質(zhì)量監(jiān)督局對市場中電線電纜產(chǎn)品質(zhì)量實行抽查，結(jié) 果公布如下：十幾個不合格產(chǎn)品中，絕大部分存有導體電阻不合格，主要是銅材 質(zhì)量不合格，使用了再生銅或含雜質(zhì)很多的銅；再一個就是銅材質(zhì)量可能合格， 但把橫截面積縮小，買2.5平方毫米的電線，拿到手的僅為1.5平方毫米，載流量 不夠；另一個問題是絕緣層質(zhì)量不合格，用再生塑料作電線外皮，電阻率達不到要求。則以下說法準確的是（）A.橫截面積減小的銅

17、的電阻率增大B.再生銅或含雜質(zhì)很多的銅的電阻率很小C.再生塑料作電線外皮，使電線的絕緣性能下降D.銅是導體，電阻為零，橫截面積和雜質(zhì)對其沒有影響答案C.關于電流，下列說法中準確的是（）A.通過導體橫截面的電荷量越多，導體中的電流越大B.導體兩端沒有電壓時，導體中的自由電荷也在運動，所以導體中也有電流C.單位時間內(nèi)通過導體截面的電荷量越多，導體中的電流越大D.因為電流有方向，所以電流是矢量解析 電流為單位時間內(nèi)通過截面的電荷量，是由電荷量與時間共同決定的，電荷 量多電流不一定大，故選項 A錯誤，選項C準確；電荷的定向移動形成電流，若 不是定向移動則不是電流，選項 B錯誤；一個量有方向并不能定義為

18、矢量，矢量 的運算必須遵循平行四邊形定則，電流有方向但不符合矢量合成法則，不是矢量， 選項D錯誤。答案C.對于電動勢的定義式E = ?的理解，準確的是（）qE與W成正比E與q成反比E的大小與W、q無關W表示靜電力做的功解析電動勢是描述電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電勢能本領大小的物理量，其大小 由電源性質(zhì)決定，與 W、q無關，而公式中W為非靜電力做的功，故選項C準確。 答案C.已知導體A的電阻是導體B的電阻的2倍，加在A上的電壓是加在B上的電 壓的一半，那么通過A和B的電流Ia和Ib的關系是（）A. Ia=2Ib B. Ia= Ib/2C. Ia=Ib D. Ia=Ib/4解析由歐姆定律得lA=咎，

19、lB = UB,所以 揩=1,即lA = 1iB。RaRbIbUbRa44答案D（2019寧波二模）QQ是一款流行的互聯(lián)網(wǎng)即時通訊工具，新版本QQ推出了 “在 線時長”新功能，用戶通過積累在線時長能夠獲得更高等級、享受更多服務，很 多網(wǎng)友為追求虛擬的等級而純粹地開機在線，造成大量的電能浪費。如圖所示是 某網(wǎng)友QQ界面的電腦屏幕抓拍圖，請你估算他升到下一級還要消耗多少電能（假等級；I 在線血長：260小時升線剩余時間：10小時定QQ用戶使用臺式電腦）（）8000血破QQ好友A. 0.2 kWh B. 2 kW hC. 20 kW h D. 200 kW h解析 電腦正常工作時的功率約為200 W

20、,該網(wǎng)友升到下一級還要消耗的電能為 W = Pt=2 kW h,選項B準確。答案B（2019義烏市聯(lián)考）兩根由同種材料制成的均勻電阻絲 A、B串聯(lián)在電路中，A 的長度為L,直徑為d; B的長度為2L,直徑為2d,那么通電后在相同的時間內(nèi) 產(chǎn)生的熱量之比為（）A.Qa：Qb=1 ： 1B.Qa：Qb = 2 ： 1C.Qa:Qb=1 ： 2D.Qa：Qb = 4 ： 1解析兩電阻絲直徑之比為1 : 2,則橫截面積之比為1 ： 4,根據(jù)電阻公式R=上可 知，電阻之比為2 ： 1,根據(jù)Q=I2Rt,因為電流相等，則產(chǎn)生的熱量之比為 2 ： 1。 答案B.如圖所示是飲水機的工作電路簡化圖，S是溫控開關

21、，當水溫升高到一定溫度時，它會自動切換，使飲水機處于保溫狀態(tài)；Ro是飲水機加熱管電阻，R是與加熱管串聯(lián)的電阻。表格是從其說明書中摘錄的一些技術數(shù)據(jù)。不考慮Ro、R的電阻受溫度變化的影響，表中的功率均指加熱管的功率。當 S閉合時，下列關于飲 水機的工作狀態(tài)和Ro的阻值準確的是（）220 V50 Hz加熱功率550 W保溫功率22 WA.加熱，220 Q B.加熱，88 QC.保溫，88 Q D.保溫，220 Q解析 當S閉合時，因為電路中的有效電阻只有 R。，故此時電路中的總電阻最小，U2對應的加熱管電阻功率最大，故為加熱狀態(tài)。由R0 = *可得其電阻為88 Q, B準確。答案B.（多選）如圖所

22、示是電阻R的I U圖象，圖中a= 45,由此得出（） 山A.通過電阻的電流與兩端電壓成正比H /B.電阻 R=0.5 QQ 20 由VC.因I U圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，故 R=1.0。 tanD.在R兩端加上6.0 V的電壓時，每秒通過電阻橫截面的電荷量是 3.0 C解析 由I U圖象可知，圖線是一條過原點的傾斜直線，即 I和U成正比，A準確；而電阻R= 3 =與。=2 Q, B錯誤；因為縱、橫坐標的標度不一樣，故不能用tan a計算斜率表示電阻的倒數(shù)，C項錯誤；在R兩端加上6.0 V電壓時I=U =R6 02 A = 3.0 A,每秒通過電阻橫截面的電何重 q=It = 3.0Xl C

23、= 3.0 C,選項D準確。答案AD（2019連陽市聯(lián)考）（多選）下表列出了某品牌電動自行車及所用電動機的主要技術參數(shù)，不計其自身機械損耗。若該車在額定狀態(tài)下以最大行駛速度行駛，則 （）自重40 kg額定電壓48 V載重75 kg額定電流12 A最大行駛速度20 km/h額定輸出功率350 WA.電動機的輸入功率為576 WB.電動機的內(nèi)電阻為4 QC.該車獲得的牽引力為104 ND .該車受到的阻力為63 N解析 因為U = 48 V, I = 12 A,則P=IU =576 W,故選項A準確；因P入=P出 +I2r,576 350r .2r122113 72Q,故選項B錯誤；由P出=Fv=

24、Ffv,F= Ff = 63 N,故選項C錯誤，D準確答案AD二、非選擇題3 .（2019奉化市調(diào)研）若加在某導體兩端的電壓變?yōu)樵瓉淼?時，導體中的電流減5小了 0.4 Ao如果所加電壓變?yōu)樵瓉淼?倍，則導體中的電流多大？解析依題意和歐姆定律得：Uo3Uo/5R=R Io Io0.4 A所以 Io=1.0 Ao又因為 R=H= I 所以 |2=2Io = 2.0 Ao10I2答案2.0 A第2講 電路 閉合電路的歐姆定律考綱解讀（1）知道串聯(lián)電路和并聯(lián)電路中電流、電壓的關系。（2）會推導串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的總電阻公式，并會用來實行相關計算。（3）知道表頭在電路中相當于一個電阻，知道滿偏電流、滿

25、偏電壓及其關系。（4）理解路端電壓與電流的關系，知道斷路時的路端電壓值等于電動勢。（5）能結(jié)合其他電學知識解決簡單的綜合性 問題。（6）能分析外電路為簡單的申、并聯(lián)電路的動態(tài)電路問題?？键c一串聯(lián)電路和并聯(lián)電路知識梳理1.電路的用、并聯(lián)串聯(lián)電路并聯(lián)電路電路此 ft 乩一t1電流I = Il = 12=InI = I1 + I2 + , + In電壓U = Ul + U2+Unu = 5 = U2=Un總電阻R 總=Ri + R2 + +Rn工=工”R 總 R1R2Rn功率分配P1R1P2 = R2P 總=P1+ P2 + +PnP1R2P2=R1P 總=P1 + P2 + + Pn2.電表的改裝

26、改裝成電壓表改裝成電流表內(nèi)部電路kiv十/i 處bUH改裝原理串聯(lián)分壓并聯(lián)分流改裝后 的量程U = Ig(R+ Rg)R+ Rg I= R Ig量程擴大的倍數(shù)U n-UgI n=7 Ig接入電阻的阻值R= 丁一 Rg= (n 1)RgIgRg = RgI I g n 1改裝后的 總內(nèi)阻Rv = Rg+R=nRgRA R+Rgn規(guī)律方法. “三個”常用的電阻結(jié)論并聯(lián)電路的總電阻小于其中最小的電阻。一，、，1(2)n個相同的電阻R并聯(lián)，總電阻R jnRo在電路中，某個電阻增大(或減小)，則總電阻增大(或減小).電表改裝后的特點改裝后的電壓表改裝后的電流表(1)改裝后示數(shù)等于表頭與分壓電阻兩 端電壓

27、之和(1)改裝后示數(shù)等于通過表頭與分流電 阻的電流之和(2)改裝后量程等于滿偏時表頭與分壓 電阻兩端電壓之和(2)改裝后量程等于滿偏時通過表頭與 分流電阻的電流之和(3)改裝后表頭滿偏電壓不變(3)改裝后表頭滿偏電流不斐題組訓練1.(基礎考點一審、并聯(lián)電阻的計算方法)(多選)有兩個電阻Ri = 2 Q, R2=3 Q, 則有()Ri、R2串聯(lián)總電阻為5 QRi、R2并聯(lián)總電阻為1 QRi、R2串聯(lián)總電阻為2.5 QRi、R2并聯(lián)總電阻為1.2 Q解析 因為串聯(lián)電路總電阻等于各部分電阻之和，即R串=R1 + R2=5 Q;兩個電阻R1R2并聯(lián)，其總電阻R并=丁等早=1.2 Q,選項A、D準確。R

28、i 十 R2答案AD2.（高考必考點一電路的分析與計算） TOC o 1-5 h z 如圖所示電路，開關S斷開和閉合時電流表示數(shù)之比是 i : 3,則可知電用阻Ri和R2之比為（）fA. i ： 3 B. i ： 2丫C. 2 ： i D. 3 ： i解析 開關閉合時電路中只有電阻 R2,根據(jù)歐姆定律可得：I=U,開關斷開時電 R2路中兩電阻串聯(lián)，根據(jù)歐姆定律可得，I =dm，則RR2=3,解得：Ri : R2 Ri+ R2R2i=2 ： i。選項C準確。答案C.（高考熱點一電表的改裝）（20i9金華十校調(diào)研）有兩個相同的電流表，允許通過 的最大電流（滿偏電流）為Ig=i mA,表頭電阻Rg=

29、30 Q,若改裝成一個量程為3 V 的電壓表和一個量程為0.6 A的電流表應分別（）A.串聯(lián)一個2 990。的電阻和并聯(lián)一個0.i5 Q的電阻B,并聯(lián)一個2 990。的電阻和串聯(lián)一個0.i5 Q的電阻C.串聯(lián)一個2 970。的電阻和并聯(lián)一個0.05 Q的電阻D,并聯(lián)一個2 970。的電阻和串聯(lián)一個0.05 Q的電阻解析 若改裝成一個量程為3 V的電壓表需串聯(lián)一個分壓電阻，由U = Ig（R+Rg）得，所串聯(lián)分壓電阻阻值R=1_Rg= 1c 3 Q 30 Q=2 970 Q;若改裝成一個量程Ig i X iU為0.6 A的電流表需并聯(lián)一個分流電阻，由IgRg= （I-Ig）R得，所并聯(lián)的分流電阻

30、R-3IgRg 1.0X10 X30 ing= 0.60.0010.05 Q,故選項C準確。答案C.（高考預測一電路故障分析）如圖所示，燈泡A、B不亮，但電路中只有一處斷開，今用電壓表測得：Uab= 0, Uac=6 V, Ubd=6 V, Ucd=0,則可知（）A. B燈斷 B. A燈斷C. R斷 D.電源斷解析 若電路有斷開之處，導體中的正常部分因為電流為零，所以電壓為零，即電壓表讀數(shù)為零，若電壓表有讀數(shù)，說明該部分出現(xiàn)斷路，其余部分完好， Uab= 0, 說明A燈完好，Uac= 6 V,說明a、b、c間存有斷路，B燈完好,Ubd= 6 V說明b、 c、d間存有斷路。由此可知選項 C準確。

31、答案C考點二閉合電路的歐姆定律知識梳理.閉合電路（如下圖）內(nèi)電路：電源內(nèi)部的電路。內(nèi)電阻所降落的電壓、 稱為內(nèi)電壓。組成1外電路：電源外部的電路。其兩端電壓稱為外電、 壓或f路端電壓卜（2）內(nèi)、外電壓的關系：E=U4 + U內(nèi)。.閉合電路歐姆定律內(nèi)容閉合電路的電流跟電源的電動勢成正比、跟內(nèi)、外電阻之和成反比（2）公式i = rE7（只適用于純電阻電路）；E=U外+Ir（適用于所有電路）.路端電壓與外電阻的關系一般情況U-IR-R+r R-r，當R增大時，U翅大1 + R特殊情況（1）當外電路斷路時，i = 0, u=e（2）當外電路短路時，I短釁，U = 0規(guī)律方法1.判定總電阻變化情況的規(guī)律

32、當外電路的任何一個電阻增大（或減?。r，電路的總電阻一定增大（或減?。? R并（2）若開關的通、斷使串聯(lián)的用電器增多時，電路的總電阻增大；若開關的通、斷使并聯(lián)的支路增多時，電路的總電阻減小。在如圖所示分壓電路中，滑動變阻器可視為由兩段電阻構成， 其中一段R并與用 電器并聯(lián)，另一段R串與并聯(lián)部分串聯(lián)。A、B兩端的總電阻與R串的變化趨勢一致。 2.電路動態(tài)分析的方法程序法：電路結(jié)構的變化 一R的變化一R總的變化一I總的變化一U外的變化一周定支路并聯(lián)分流I中聯(lián)分壓U一支路的變化。（2）極限法：即因滑動變阻器滑片滑動引起的電路變化問題，可將滑動變阻器的滑 動端分別滑至兩個極端去討論。題組訓練.（基礎考

33、點一對電動勢概念的理解）（多選）關于電源的電動勢，下面敘述準確的是（）A.同一電源接入不同電路，電動勢不會發(fā)生變化B .電動勢等于閉合電路中接在電源兩極間的電壓表測得的電壓C.電源的電動勢反映電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電勢能的本領大小D.在外電路接通時，電源的電動勢等于內(nèi)外電路上的電壓之和解析 電源的電動勢等于內(nèi)外電路上的電壓之和，所以閉合電路中接在電源兩極問的電壓表測得的電壓，即外電路上的電壓要小于電源的電動勢，選項 A、C、D均 準確。答案ACD.（高考必考點一閉合電路歐姆定律的應用）某電路如圖所示，已知電I一池組的總內(nèi)阻r=1 Q,外電路電阻R=5 Q,理想電壓表的示數(shù)U = 3.0 t

34、4口V,則電池組的電動勢E等于（）A. 3.0 V B. 3.6 VC. 4.0 V D. 4.2 V解析 因為電壓表的示數(shù)為路端電壓，而U = IR,則1=募=0.6 A,由閉合電路歐姆定律可得E=I（R+ r）=0.6X （5+1） V=3.6 V,故選項B準確。答案B3.（高考熱點一電路的動態(tài)分析）（2019余姚市調(diào)研）電動11H勢為E、內(nèi)阻為r的電源與定值電阻Ri, R2及滑動變阻器 令十 時111H r連接成如圖所示的電路，當滑動變阻器的觸頭由中點滑j向b端時，下列說法準確的是（）A.電壓表和電流表讀數(shù)都增大B.電壓表和電流表讀數(shù)都減小C.電壓表讀數(shù)增大，電流表讀數(shù)減小D.電壓表讀數(shù)

35、減小，電流表讀數(shù)增大解析 由圖可知滑動變阻器的觸頭由中點滑向 b端時，滑動變阻器連入電路中的阻值R增大，則外電路的總阻值 R總增大，干路電流I = g,因R總增大，所以I Rr減?。宦范穗妷篣 = EIr,因I減小，所以U增大，即電壓表的讀數(shù)增大；R2兩端電壓U2=EI（Ri + r）,因I減小，所以U2增大，由12=9知，I2增大，即電流 R2表的讀數(shù)增大。故準確答案為Ao答案A.(高考熱點一應用閉合電路歐姆定律解決實際問題)如圖 1 所 示，電源E的電動勢為3.2 V,電阻R的阻值為30 Q,小燈 / J _s 泡L的額定電壓為3.0 V。額定功率為4.5 W,當開關S接位置1 時， 電壓

36、表的讀數(shù)為3 V,那么當開關S接到位置2時，小燈泡L的發(fā)光情況是()A.很暗，甚至不亮 B.正常發(fā)光C .比正常發(fā)光略亮 D.有可能被燒壞解析當開關S接位置1時,U 3上/日 EU3.2 3I=R=30 A = 0.1 A,由 E=U+Ir 得 r = -=-0 . U232Q= 2 Q,當開關S接到位置2時，小燈泡L的電阻RL = pL = 4 Q=2 Qo因r = E 3 2 一Rl,所以UL = 5=32 V=1.6 V,即小燈泡很喑，甚至不亮，選項 A準確答案A.(高考熱點一歐姆定律、閉合電路歐姆定律的綜合應用)(2019諸暨市期末)如圖1 所示為小明爺爺家里的老式手電筒。小明按下開關

37、，小燈光正常發(fā)光，然后他打開后蓋，發(fā)現(xiàn)里面裝有三節(jié)1.5 V的干電池，打開電筒前蓋，觀察到里面的小燈泡 上標有“3.8/Q.3 A”字樣。其結(jié)構簡圖如圖2所示，不計導線和接觸電阻。求小燈泡正常發(fā)光時的電阻；(2)求第一節(jié)干電池的內(nèi)阻；(3)求小燈泡正常發(fā)光時整個電路每分鐘消耗的電能。解析(1)由小燈泡標有3.8 V,0.3 A”字樣。根據(jù)部分電路歐姆定律 R=U3 8 V代入數(shù)據(jù)可得：R=31V=12.7 Q0.3(2)電源電動勢：E = 3E0= 4.5 V閉合電路歐姆定律：E= I(R+ 3r)代入數(shù)據(jù)可得：r=0.77 Q(3)電路每分鐘消耗的電能：E電=代代入數(shù)據(jù)可得：E電=81 J答

38、案(1)12.7 Q (2)0.77 Q (3)81 J考點三 電源的功率及U I圖象的應用知識梳理1.電源的功率和效率電源總功率任意電路：P總 = EI = P出 + P內(nèi)純電阻電路：P總=I2(R+r)=sE R+r電源內(nèi)部消耗 的輸出功率P內(nèi)=I2r= P總一 P出電源的輸出功率任意電路：P出 = UI = P總一P內(nèi)純電阻電路：P出= I2R=R2 (R+ r)P出與外電阻R的關系-iH電源的效率，一一P 出U任意電路： MX 100%=工x 100%P總E R純電阻電路：c x 100%R+ r2.對電源U-I圖線的理解及應用圖象上的特征電源U-I圖象電阻U- I圖象圖形RJ圖象表述

39、的物理量變化關 系電源的路端電壓隨電路電流的變化關系電阻中的電流隨電阻兩端電壓的變化關系圖線與坐標軸交點與縱軸交點表小電源電動 勢E,與橫軸交點表示電 源短路電流Er過坐標軸原點，表示沒有電壓時電流為零圖線上令點坐標的乘積UI表示電源的輸出功率表示電阻消耗的功率續(xù)表圖線上每一點對應的U、I比值表示外電阻的大小，/、同 點對應的外電阻大小/、同瓦-點對應的此值均等 大，表示此電阻的大小圖線的斜率的大小內(nèi)電阻r電阻大小規(guī)律方法.用電器獲得最大功率問題的分析方法定值電阻上皿 2U2根據(jù)P=I2R或P=U討論，要功率P最大，需通過該電阻的電流或電阻兩端的電R壓最大。(2)可變電阻通常采用等效電源法，解

40、題時根據(jù)需要選用不同的等效方式，將用電器獲得最大 功率問題轉(zhuǎn)化為電源最大輸出功率問題。. U-I圖象的一般分析思路(1)明確縱、橫坐標的物理意義。(2)明確圖象的截距、斜率及交點的意義。找出圖線上對應狀態(tài)的參量或關系式。結(jié)合相關概念或規(guī)律實行分析、計算。題組訓練1 .(高考熱點一閉合電路中的功率與負載的關系)(多選)直流電路如圖所示，在滑動變阻器的滑片 P向右移動時，下列說法準 一I1 確的是()A.總功率一定減小B.滑動變阻器的功率一定增大C.內(nèi)部消耗功率一定減小D.輸出功率一定先增大后減小解析當P向右移動時，接入電路中的電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律1=白, R+ r總電流減小。所以總功率

41、IE變小，選項A對；內(nèi)部消耗功率12r變小，選項C對; 輸出功率即滑動變阻器的消耗功率，因為電源內(nèi)阻與滑動變阻器接入電路中的電阻大小關系未知，輸出功率的變化情況無法確定。所以選項B、D均錯答案AC2.（高考必考點一電源U I圖象的應用）如圖所示是某電源的路端 電壓與電流的關系圖象，下列結(jié)論準確的是（）A.電源的電動勢為5.0 VB.電源的內(nèi)阻為12 QC.電源的短路電流為0.5 AD.電流為0.3 A時的外電阻是18 Q解析 當電流為零時，路端電壓等于電源電動勢，由此可知電源的電動勢為6.0 V,選項A錯誤；圖線的斜率表示電源內(nèi)阻r = 6J Q=2 Q,選項B錯誤；只有當路0.5端電壓為零時

42、的電流才是短路電流，因為圖線沒有從原點開始，所以圖線與橫軸 交點不是短路電流，選工K C錯誤；當電流為0.3 A時，由閉合電路歐姆定律IRE;知R=E=京 Q-2Q=18 Q,選項D準確。 I 0.3答案D3.（高考熱點一閉合電路中的功率圖象問題）（2019溫嶺市聯(lián)考）tlrJ W如圖所示，直線OAC為某一直流電源的總功率P總隨電流I變化的圖線，拋物線OBC為同一直流電源內(nèi)部熱功率 P內(nèi)隨電流I變化的圖線。若A、B對應的橫坐標為2 A,那么線段AB表示的功率及此時對應的外電阻是（）A. 2 W,0.5 Q B. 4 W,2 QC. 2 W,1 Q D. 6 W,2 Q解析C點表示電源總功率，也

43、等于電源內(nèi)部的熱功率，此時電路中只有內(nèi)阻，由P總 = EI,可得E = 3 V,由P內(nèi)=I2r,可得r = 1 Q,當電路電流等于2 A時，由E = I（R+r）可得 R=0.5 Q, P 出= I2R=2 W,選項 A 準確。答案A4.（高考熱點一根據(jù)閉合電路歐姆定律分析實際問題）電動勢為E,內(nèi)阻為r的電源， 當它和一標有“6V,3 W的小就泡構成閉合回路時，小燈泡恰好正常發(fā)光。若該電 源與一標有“W,6 W的小燈泡構成一閉合回路，該燈泡（）A.正常發(fā)光B.比正常發(fā)光暗C.比正常發(fā)光亮D.因不知電源內(nèi)阻的大小，故無法確定解析 燈泡是否正常發(fā)光或者變亮、亮暗，關鍵取決于實際功率。根據(jù)題意，當接

44、6 V,3 W”的燈泡時，燈正常發(fā)光，此時燈的電阻為 12 Q,兩端電壓為6 V;當接 “6 V, 6 W”燈時，燈的電阻為6 Q,相比于6 V,3 W”的燈來說，電阻變小，故電路中的電流變大，內(nèi)電壓變大，外電壓變小，此時，燈兩端的電壓小于6 V,故燈變暗。答案BJt5.（高考預測一非純電阻電路中的功率計算）（多選）如圖所示，一直流電動機與阻值 R=9 Q的電阻用聯(lián)，電源電動勢 E = 30V,內(nèi)阻r=1 Q,用理想電壓表測出電動機兩端電壓U = 10 V,已知電動機線圈電阻Rm=1 Q,則下列說法中準確的是（）A.通過電動機的電流為10 AB.通過電動機的電流小于10 AC.電動機的輸出功率

45、大于16 WD.電動機的輸出功率為16 W解析 根據(jù)閉合電路歐姆定律有：E=U + I（r+R）,解得I=2 A, A錯誤，B準確; 電動機的輸出功率PfH=PP熱=UI I2Rm = 16 W,故C錯誤，D準確。答案BD6.（高考預測一含電容器電路的分析）（多選）電源、開關S、 定值電阻R1、於、光敏電阻R3和電容器連接成如圖所示的電 路，電容器的兩平行板水平放置。當開關 S閉合，并且無光 照射光敏電阻R3時，一帶電液滴恰好靜止在電容器兩板間的 M點，當用強光照射光敏電阻 R3時，光敏電阻的阻值變小，則（）A.液滴向下運動B.液滴向上運動C.電容器所帶電荷量減少D.電容器兩極板間電壓變大解析

46、 電路穩(wěn)定時電容器兩端電壓等于電阻Ri兩端電壓，當用強光照射光敏電阻R3時，光敏電阻的阻值變小，電路中的電流變大，電阻Ri兩端電壓變大，電容器繼續(xù)充電，電荷量增加，并且?guī)щ娨旱嗡茈妶隽υ龃?，液滴向上運動。答案BD課時作業(yè)一、選擇題1.在電源一定的電路里，下面說法準確的是 （）A.外電阻增加一倍，路端電壓也增加一倍B.電源電動勢等于內(nèi)電壓與外電壓之和C.外電路短路時，路端電壓等于電源電動勢D.路端電壓一定大于內(nèi)電壓解析 由U外 = RER可知，當R變?yōu)樵瓉淼膬杀稌r，路端電壓不等于原來的兩倍， 故A錯誤；根據(jù)閉合電路的歐姆定律 E=U內(nèi)+ U外，可知B準確；當外電路短路 時，U外=0, C錯誤；

47、U外=IR, U內(nèi)=Ir, R與r關系未知，故D錯誤。故準確答 案為Bo答案B. （2019湖州市聯(lián)考）將一塊內(nèi)阻為600 Q,滿偏電流為50后的電流表G改裝成 量程為3 V的電壓表，應該（）A.串聯(lián)一個60.0 kQ的電阻B.并聯(lián)一個60.0 kQ的電阻C.串聯(lián)一個59.4 kQ的電阻D,并聯(lián)一個59.4 kQ的電阻解析 改裝電壓表需要串聯(lián)一個電阻分壓，選項 B、D錯誤；根據(jù)歐姆定律可知： R+Rg=U-,解得 R= 59.4 kQ,選項 C 準確。Ig答案C.如圖是一同學將變阻器與一只 ”W,8 W的小燈泡L及開關S串聯(lián)后接在6 V的 電源E上，當S閉合時，發(fā)現(xiàn)燈泡發(fā)亮。按此圖的接法，當滑

48、片 P向右滑動時，燈泡將（）A .變暗 B .變亮C.亮度不變 D.可能燒壞燈泡答案B.如圖所示四個相同的燈泡按如圖所示連接， 關于四個燈泡的亮度，下列結(jié)論中準 確的是（）Li燈、L2燈一樣亮，L3燈次之，L4燈最暗Li燈最亮、L3燈次之，L2與L4燈最暗且亮度相同Li燈最亮、L2與L3燈一樣亮，L4燈最暗Li與L2燈一樣亮，L3與L4燈一樣亮，但比Li與L2燈暗些解析 電路的連接特點是：L2燈與L4燈串聯(lián)和L3燈并聯(lián)再和Li燈串聯(lián)，Li燈在干 路上通過它的電流最大，Li燈最亮，L3燈中的電流大于L2與L4燈中的電流，L3 燈較亮，L2燈與L4燈最暗且亮度相同，綜合以上分析得 B準確，A、C、

49、D錯誤。答案B. （20i9余姚市聯(lián)考）如圖為小燈泡的U I圖線，若將該小燈泡與一節(jié)電動勢 E = i.5 V、內(nèi)阻r=0.75 Q的干電池組成閉合電路時，電源的總功率和小燈泡的實際A. i.5 W i.0 W B, 0.75 W 0.5 WC. 0.75 W 0.75 W D. i.5 W 0.75 W解析 由閉合電路的規(guī)律可知，U=1.50.75I由此可作出電源的路端電壓和電流的關系圖象，兩圖象的交點就是電源和小燈泡構成閉合回路時的路端電壓和電流，圖象交點坐標是（1.0,0.75）,電源的總功率P總= IE = 1X1.5 W= 1.5 W,燈泡的實際功率P實=UI =0.75 Wo故選項

50、D準確。答案D.（多選）如圖所示，Ri為定值電阻，R2為可變電阻，E為電源電動勢，r為電源內(nèi)電阻,以下說法中準確的是（）A.當R2=Ri十時，R2獲得最大功率B.當R = R2+ r時，Ri獲得最大功率C.當R2 = 0時，Ri上獲得最大功率D.當R2 = 0時，電源的輸出功率最大解析 將Ri等效為電源內(nèi)阻，電上的功率為電源的輸出功率，當外電阻變化時， 電源的輸出功率隨外電阻的變化而變化，當外電阻等于內(nèi)阻，即R2=Ri+r時，輸出功率最大，即R2上的功率最大，故選項A準確；對電路中的定值電阻Ri,電流 最大時其功率最大。當外電阻 R2=0時，電流最大，故選項 B錯誤，C準確；當 外電阻等于內(nèi)阻

51、時，即Ri+R2=r時，電源的輸出功率最大，故選項 D錯誤。答案AC7. （20i9諸暨市調(diào)研）如圖所示的電路中，電源的電動勢 E和內(nèi)電阻r恒定不變, 電燈L恰能正常發(fā)光，如果變阻器的滑片向 b端滑動，則（）-I-P UmJa % h %A.電燈L更亮，電流表的示數(shù)減小 B.電燈L更亮，電流表的示數(shù)增大 C.電燈L更暗，電流表的示數(shù)減小 D.電燈L更暗，電流表的示數(shù)增大解析 變阻器的滑片P向b端滑動，Ri接入電路的有效電阻增大，外電阻R外增大， 干路電流I減小，安培表的示數(shù)減小，路端電壓 U增大，電燈兩端電壓增大，電 燈L更亮，A準確，B、C、D錯誤。答案A.（2019迂寧營口）如圖所示是某直

52、流電路中電壓隨電流變化的圖象，其中a、b分別表示路端電壓、負載電阻上電壓隨電流變化的情況，下列說法準確的是（）A.陰影部分的面積表示電源輸出功率B.陰影部分的面積表示電源的內(nèi)阻上消耗的功率C.當滿足a= B時，電源效率最高D.當滿足a= B時，電源效率小于50%解析根據(jù)閉合電路的歐姆定律和 U-I圖象特點可知，陰影部分的面積表示負載 電阻消耗的功率，即電源輸出功率，A準確，B錯誤；當滿足時，負載電阻 等于電源內(nèi)阻，電源的效率為50%,輸出功率最大，C、D錯誤。答案A.（2019慈溪市調(diào)研）如圖所示的電路中，E為電源電動勢，r為電源內(nèi)阻，Ri和R3 均為定值電阻，電為滑動變阻器。當R2的滑動觸點

53、在a端時合上開關S,此時三 個電表Ai, A2和V的示數(shù)分別為Ii, I2和U?，F(xiàn)將R2的滑動觸點向b端移動，則三個電表示數(shù)的變化情況是（）A . Ai示數(shù)減小, B. Ai示數(shù)減小, C. Ai示數(shù)增大, D. Ai示數(shù)增大,A2示數(shù)不變,A2示數(shù)增大,A2示數(shù)減小,A2示數(shù)增大,V示數(shù)減小V示數(shù)減小V示數(shù)減小V示數(shù)增大解析R2的滑動觸點向b端移動時，R2減小，整個電路的總電阻減小，總電流增大,內(nèi)電壓增大，外電壓減小，即電壓表示數(shù)減小，R3電壓增大，Ri, R2并聯(lián)電壓減小，通過Ri的電流Ii減小，即Ai示數(shù)減小，而總電流I增大，則流過R2的電流I2增大，即A2示數(shù)增大。故A、C、D錯誤，B

54、準確，故準確答案為Bo答案B.（多選）如圖所示的電路中，電源電動勢 E=6 V,內(nèi)阻r=0.5 Q, Ri=i Q, K = 2 Q, R3=0.5 Q,滑動變阻器R的最大阻值為2 Qo那么，在滑片P從R的最上端 滑至最下端的過程中，下列說法準確的是（）國B F M111 JVA.電路中通過Ri的電流最大值為3 AB.電路中通過Ri的電流可能為i AC.電源兩端的電壓最小值為 4.5 VD.電源兩端的電壓可能值為5.5 V解析 由閉合電路歐姆定律知，通過 Ri的電流Ii= 3，電源兩端的電r + Ri + R3 + RMN壓 U = Er + Ri + R3+ Rmn R2REo式中，Rmn為

55、R2與R的并聯(lián)電阻，Rmn=h所R2十RE6以由題意知，RMN的取值范圍是01 Q, |imax=r+Ri+R3+0 =0A = 3Iimin = r + Ri+R3+i 32 A,A準確，B錯誤；Umax=Ri + R3+ i Q i.5+i Z -E=- r+Ri + R3+ i Q0.5+i.5+ iX6 V = 5 V,D錯誤Ri + R3 + 0Umer + R + R+OE=4.5 V，C 準確, 答案AC二、非選擇題ii. （20i9溫州市調(diào)研）如圖所示的電路中，當S2閉合時，電壓表和電流表（均為理 想電表）的示數(shù)分別為i.6 V和0.4 Ao當S2斷開時，它們的示數(shù)分別改變 0

56、.i V和 0.i A,求電源的電動勢和內(nèi)電阻。解析 當S2閉合時，Ri、R2并聯(lián)接入電路，由公式E=U外+Ir,得E=i.6+0.4r。當S2斷開時，只有Ri接入電路，由公式E=U外+卜得E=（i.6+0.i）+（0.4 0.i）r解以上兩式得E = 2 V, r=1 Q答案2 V 1 Q12.一量程為0100 pA的電流表，內(nèi)阻為100 Q,表盤刻度均勻，現(xiàn)串聯(lián)一個9 900Q的電阻將它改裝成電壓表。求：該電壓表的量程；(2)用該電壓表測量電壓時，表盤指針位置如圖所示。此時電壓表的讀數(shù)是多少？解析(1)量程較小的電流表與一較大的電阻串聯(lián)即可改裝為量程較大的電壓表，其量程 U 滿足 U =

57、Ig(R+ Rg)= 10 4X(100+9 900) V= 1 V。(2)因為滿刻度電壓為1 V,所以指針所指位置電壓為0.8 V。答案(1)01 V (2)0.8 V第3講實驗 探究導體電阻與其影響因素的定量關系考綱解讀(1)探究導體的電阻與導體的長度、橫截面積、材料之間的定量關系。(2) 掌握控制變量法在物理實驗中的應用。(3)掌握用累積法測量金屬絲直徑的方法。掌握電流表、電壓表和滑動變阻器的使用方法及電流表和電壓表的讀數(shù)方法。會用伏安法測電阻，并能測定金屬的電阻率。知識梳理一、影響導體電阻的因素1.長度：移動滑動變阻器的滑片能夠改變其阻值， 說明導體電阻跟它的長度相關。2,橫截面積：在

58、相同電壓下，燈泡的燈絲越粗越亮，說明導體電阻跟橫截面積相關。3.材料：電線常用銅絲制造而不用鐵絲，說明導體電阻跟其材料相關。二、探究導體電阻與其影響因素的定量關系.實驗器材電源，開關，滑動變阻器，電壓表，刻度尺，四段不同的金屬導體a、b、c、d(a、 b、c為鍥銘合金絲，d為康銅絲；a、b長度不同，橫截面積相同；c橫截面積與a 不同，長度相同；d的橫截面積與長度都與a相同)。.實驗步驟測量各段金屬絲的橫截面積。(2)請按照如圖所示的電路圖連接好電路，并將滑動變阻器調(diào)到阻值最大處。廠a br dII1 S R測量金屬絲接入電路的有效長度。閉合開關，用電壓表分別測量 a、b、c、d四段金屬絲兩端的

59、電壓，從而知道它 們的電阻比。比較a、b的電阻之比與它們的長度之比；比較 a、c的電阻之比與它們的橫截 面積之比；比較a、d的電阻是否相等。(6)改變滑動變阻器滑片的位置，獲得多組實驗數(shù)據(jù)?？偨Y(jié)得出導體的電阻與它的長度、橫截面積、材料這三個因素的關系。規(guī)律方法.累積法測直徑取一段新的緊密繞制的金屬絲，如圖所示。用刻度尺測出它的寬度，除以圈數(shù)，便可得到金屬絲的直徑。012345luil mini Im hIiii nln In lull. “五個”注意事項(1)通電時間不宜太長，電流要小。(2)開關S閉合前，滑動變阻器的阻值要取最大值。注意電表的正、負接線柱接線是否準確，量程要適當。通過滑動變阻

60、器調(diào)節(jié)，得到多組 U、I值，分別計算R,再取平均值，或依據(jù)這 些數(shù)據(jù)做出U I圖象，由圖象的斜率求得 R的值。導線長度測量要注意測導線接入電路的有效長度。題組訓練.(高考熱點一實驗探究過程)(2019舟山市聯(lián)考)“探究導體電阻與導體長度、橫截面積、材料的關系”的實驗電路如圖所示，a、b、c、d是四種不同的金屬絲現(xiàn)有四根鍥銘合金絲和兩根康銅合金絲，其規(guī)格如下表所示。-；s 5編號材料長度/m板截面/mmA鍥銘合金0.80.8B鍥銘合金0.50.5C鍥銘合金0.30.5D鍥銘合金0.31.0E康銅合金0.30.5F康銅合金0.80.8電路中四種金屬絲應分別選用上表中的 州編號表示)。(2)某學生對