2023學年廣東省廣州大學附屬中學、鐵一中學、廣州外國語中學物理高二上期中綜合測試模擬試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、人類已探明某星球帶負電，假設它是一個均勻帶電的球體，將一帶負電的粉塵置于該星球表面h處，恰處于懸浮狀態(tài)現(xiàn)設科學家將同樣的帶電粉塵帶到距星球表面2 h處無初速釋放，則此帶電粉塵將（

2、）A向星球地心方向下B動能越來越大C仍在那里懸浮D飛出沿星球自轉的線速度方向2、如圖所示，用細繩系一小球，使小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，不計空氣阻力，關于小球的受力情況和運動情況，下列分析正確的是（）A受重力、繩子拉力和向心力B重力的分力提供小球做圓周運動的向心力C若細繩與豎直方向的夾角變大，那么小球做勻速圓周運動的周期變大D若細繩與豎直方向的夾角變小，那么小球做勻速圓周運動的周期變大 3、我國北京正負電子對撞機的儲存環(huán)是周長為240 m的近似圓形軌道，當環(huán)中的電流是10 mA時(設電子的速度是3107m/s)，在整個環(huán)中運行的電子數(shù)目為(電子電量e=1.61019C)( )A51011個B

3、51010個C1102個D1104個4、如圖為兩組同心閉合線圈的俯視圖，若內(nèi)線圈通有圖示的I1方向的電流，則當I1增大時外線圈中的感應電流I2的方向及I2受到的安培力F的方向分別是( )AI2順時針方向，F(xiàn)沿半徑指向圓心BI2順時針方向，F(xiàn)沿半徑背離圓心向外CI2逆時針方向，F(xiàn)沿半徑指向圓心DI2逆時針方向，F(xiàn)沿半徑背離圓心向外5、某人把電流表、干電池和一個定值電阻串聯(lián)后，兩端連接兩只測量表筆，做成了一個測量電阻的裝置兩只表筆直接接觸時，電流表讀數(shù)是4mA，兩只表筆與200的電阻連接時，電流表讀數(shù)是3mA現(xiàn)在把表筆與一個未知電阻連接時，電流表讀數(shù)是2mA，則該未知電阻阻值是（）A600B120

4、0C300D2006、如圖，PQS 是固定于豎直平面內(nèi)的光滑的四分之一圓周軌道，圓心O在S的正上方，在O和P兩點各有一質量為m的小物塊a和b，從同一時刻開始，a自由下落，b沿 圓弧下滑。下列說法正確的是（ ）Aa與b同時到達S，它們在S 點的動量相同Ba比b先到達S，它們在S 點的動量不同Cb比a先到達S，它們在S點的動量不同Da比b先到達S，它們從各自起點到S點的動量的變化相同二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，兩光滑平行傾斜導軌PQ、EF所在平面與水平面

5、的夾角為，勻強磁場垂直于導軌所在平面斜向下，導軌下端接一電阻R，質量為m的導體棒用平行于導軌的細線拴住置于導軌上，線的另一端跨過光滑定滑輪掛著一個質量為M的砝碼，按住導體棒，整個裝置處于靜止狀態(tài)，放手后，導體棒被細線拉著沿導軌向上運動一段位移s后，速度恰好達到最大值v（導體棒及導軌電阻忽略不計），在此過程中（ ）A細線的拉力始終等于MgB導體棒做加速度逐漸越小的加速運動C細線的拉力與安培力的合力對導體棒做的功等于導體棒增加的機械能D電阻R產(chǎn)生的熱量Q=Mgsmgssinmv28、如圖所示，在水平連線MN和PQ間有豎直向上的勻強電場，在MN上方有水平向里的勻強磁場兩個質量和帶電量均相等的帶正電的

6、粒子A、B，分別以向右的水平初速度v0、2v0從PQ連線上O點先后進入電場，帶電粒子A、B第一次在磁場中的運動時間分別為tA和tB，前兩次穿越連線MN時兩點間的距離分別為dA和dB，粒子重力不計，則AtA一定小于tBBtA可能等于tBCdA一定等于dBDdA可能小于dB9、某靜電場方向平行于x軸，其電勢隨x變化規(guī)律如圖所示一質量為m、帶電量為q的粒子(不計重力)，以初速度v0從O點(x0)進入電場，僅在電場力的作用下沿x軸正方向運動下列說法正確的是() A粒子從O運動到x1的過程中做勻加速直線運動B粒子從x1運動到x3的過程中，電勢能一直減少C若v0為 ，帶電粒子在運動過程中的最大速度為D若使

7、粒子能運動到x4處，則初速度v0至少為10、2018年我國即將發(fā)射“嫦娥四號”登月探測器，將首次造訪月球背面，首次實現(xiàn)對地對月球中繼通信，若“嫦娥四號”從距月面高度為100km的環(huán)月圓軌道I上的P點實施變軌，進入近月點為15km的橢圓軌道II，由近月點Q登月，如圖所示，關于“嫦娥四號”，下列說法正確的是：（ ）A沿軌道I運動至P時，需制動減速才能進入軌道IIB沿軌道II運行的周期大于沿軌道I運行的周期C在軌道I，II上的P點的加速度相等D沿軌道II運行時，在P點的速度大于在Q點的速度三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“測定金屬

8、絲的電阻率”的實驗中，待測合金電阻絲阻值Rx約為4用游標卡尺測量電阻絲的長度L測量結果如圖1所示，圖中讀數(shù)為L=_mm用螺旋測微器測量電阻絲的直徑d測量結果如圖2所示，圖中讀數(shù)為d=_mm為了測量電阻絲的電阻R，除了導線和開關S外，還有以下一些器材可供選擇：電壓表V，量程3V，內(nèi)阻約3k電流表A1，量程0.6A，內(nèi)阻約0.2電流表A2，量程100A，內(nèi)阻約2000滑動變阻器R1，01750，額定電流0.3A滑動變阻器R2，050，額定電流1A電源E（電動勢為3V，內(nèi)阻約為1.2）為了調(diào)節(jié)方便，測量準確，實驗中應選用電流表_，滑動變阻器_，（填器材的符號）在所給的實物圖中畫出連線，接成測量電路圖

9、_若電壓表測量值為U，電流表測量值為I，用測量的物理量表示計算材料電阻率的公式是=_12（12分）兩位同學用如圖所示裝置，通過半徑相同的A、B兩球的碰撞來驗證動量守恒定律（1）實驗中必須滿足的條件是_A斜槽軌道盡量光滑以減小誤差B斜槽軌道末端的切線必須水平C入射球A每次必須從軌道的同一位置由靜止?jié)L下D兩球的質量必須相等（2）測量所得入射球A的質量為mA，被碰撞小球B的質量為mB，圖中O點是小球拋出點在水平地面上的垂直投影，實驗時，先讓入射球A從斜軌上的起始位置由靜止釋放，找到其平均落點的位置P，測得平拋射程為OP；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與小球B相撞，分別找到球A和球B相撞后的

10、平均落點M、N，測得平拋射程分別為OM和ON當所測物理量滿足表達式_時，即說明兩球碰撞中動量守恒；如果滿足表達式_時，則說明兩球的碰撞為完全彈性碰撞（1）乙同學也用上述兩球進行實驗，但將實驗裝置進行了改裝：如圖12所示，將白紙、復寫紙固定在豎直放置的木條上，用來記錄實驗中球A、球B與木條的撞擊點實驗時，首先將木條豎直立在軌道末端右側并與軌道接觸，讓入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，撞擊點為B；然后將木條平移到圖中所示位置，入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，確定其撞擊點P；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與球B相撞，確定球A和球B相撞后的撞擊點分別為M和N測得B與N、P、M各點的高度

11、差分別為h1、h2、h1若所測物理量滿足表達式_時，則說明球A和球B碰撞中動量守恒四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，一個質量為m，電荷量為q的帶負電的粒子(重力不計)，以初速度v由狹縫S1，垂直進入電場強度為E的勻強電場中(1)為了使此粒子不改變方向從狹縫S2穿出，則必須在勻強電場區(qū)域加入勻強磁場，求勻強磁場B1的大小和方向(2)帶電粒子從S2穿出后垂直邊界進入一個矩形區(qū)域，該區(qū)域存在垂直紙面向里的勻強磁場，粒子運動軌跡如圖所示，若射入點與射出點間的距離為L，求該區(qū)域的磁感應強度B2的大小14（

12、16分）如圖所示，AMB是AM和MB兩段組成的絕緣軌道，其中AM段與水平面成370，軌道MB處在方向豎直向上、大小E5103 N/C的勻強電場中。一質量m0.1 kg、電荷量q1.0104 C的可視為質點的滑塊以初速度v06 m/s從離水平地面高h4.2 m處開始向下運動，經(jīng)M點進入電場，從 B點離開電場, 最終停在距B點1.6m處的C點。不計經(jīng)過M點的能量損失，已知滑塊與軌道間的動摩擦因數(shù)0.5，求滑塊：(1)到達M點時的速度大??；(2)M、B兩點的距離l；15（12分）一根長為L，橫截面積為S的銅棒，兩端電勢差為U，銅棒的電阻為R，銅內(nèi)自由電子密度為n自由電子電荷量為e，求：（1）通過銅棒

13、的電流I；（2）銅棒內(nèi)的電場強度E；（3）自由電子定向移動的速率v參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】當帶負電粉塵在高度為h處處于平衡.則有 ,可知平衡和高度沒有關系，所以當h變2h時,兩力仍然平衡.，故C正確；故選C【點睛】帶負電的粉塵恰能懸浮,是因為重力與電場力大小相等,方向相反.由公式可得:它們除與各自質量、電量有關系外,還與兩者的中心間距有關,當改變間距時,質量與電量沒變,所以平衡條件依舊滿足2、D【解析】AB小球受重力和繩子拉力兩個力作用，合力指向圓心，提供向心力，向心力不是小球所受的力，故AB

14、錯誤；CD由牛頓第二定律可知解得若細繩與豎直方向的夾角變小，那么小球做勻速圓周運動的周期變大，選項C錯誤，D正確。故選D。3、A【解析】試題分析：電子運動一周用的時間：，因為，在整個環(huán)中運行的電子數(shù)目個，A正確考點：考查了電流的宏觀定義【名師點睛】知道電子的速度和周長，利用速度公式求電子運動一周用的時間，再根據(jù)電流定義式求電荷量，而一個電子電荷量，可求在整個環(huán)中運行的電子數(shù)目4、D【解析】如圖內(nèi)線圈的電流方向為順時針方向，由安培定則分析得知，外線圈中磁通量方向向里，當I1增大時，穿過外線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律判斷外線圈中的感應電流I2的方向為逆時針，外線圈所在處磁場方向向外。根據(jù)左手定則

15、分析得到：I2受到的安培力F方向是沿半徑背離圓心向外所以D正確，ABC錯誤。5、A【解析】由題意，根據(jù)閉合電路歐姆定律，則有：E=I1（Rg+R+r）=0.004（Rg+R+r），E=I2（Rg+R+r+200）=0.003（Rg+R+r+200），把Rg+R+r看成一個總電阻R總，則由上面兩式可得：E=2.4V，R總=600；電流為2mA時，有E=I3（R總+RX）=0.002（600+RX），解得：RX=600；故A正確，BCD錯誤6、B【解析】在物體下落的過程中，只有重力對物體做功，故機械能守恒，有解得所以在相同的高度，兩物體的速度大小相同，即速率相同。由于a的路程小于b的路程。故tat

16、b，即a比b先到達s。又到達s點時a的速度豎直向下，而b的速度水平向左。故兩物體的動量大小相等，方向不相同，初動量相同，末動量不同，動量的變化不同，故B正確，ACD錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】試題分析：對于導體棒，從靜止釋放后先做加速運動，隨著速度增大，由公式知，棒所受的安培力增大，所以合力減小，加速度減小，則導體棒和M都做加速度逐漸越小的加速運動對于M，根據(jù)牛頓第二定律得可知：其加速度向下，合力向下，則細線的拉力小于重力，故A錯誤

17、，B正確對于導體棒，細線的拉力和安培力對其做功將引起機械能的變化，根據(jù)功能關系可知細線的拉力與安培力的合力對導體棒做的功等于導體棒增加的機械能故C正確對于系統(tǒng)，根據(jù)能量守恒得：電阻R產(chǎn)生的熱量 Q=Mgsmgssinmv1故D正確故選BCD考點：牛頓第二定律；法拉第電磁感應定律；能量守恒定律【名師點睛】本題關鍵要根據(jù)安培力與速度的關系，正確分析導體棒與M的運動情況，正確分析能量是如何轉化的，由能量守恒定律研究熱量也是常用的方法8、AC【解析】粒子在電場中運動只受電場力作用，故加速度相等，那么，粒子第一次穿過MN時的豎直分速度相同，水平速度不變，分別為，；粒子在磁場中運動只受洛倫茲力作用，故粒子

18、做勻速圓周運動，洛倫茲力做向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，粒子在磁場中做圓周運動的周期：；根據(jù)圓周運動規(guī)律可得：粒子轉過的圓心角為，故粒子A轉過的中心角比粒子B小，又有周期相等，故，故A正確，B錯誤；前兩次穿越連線MN時兩點間的距離為：，故，故C正確，D錯誤所以AC正確，BD錯誤9、BC【解析】粒子從O運動到x1的過程中，電勢升高，場強方向沿x軸負方向，粒子所受的電場力方向也沿x軸負方向，與粒子的速度方向相反，則粒子做減速運動故A錯誤；粒子從x1運動到x3的過程中，電勢不斷降低，根據(jù)正電荷在電勢高處電勢能越大，可知，粒子的電勢能不斷減小故B正確；若v0=，粒子運動到x3處電勢能最小，動能最

19、大，由動能定理得 q0-（-0）= ，解得最大速度為vm=故C正確；根據(jù)電場力和運動的對稱性可知：粒子如能運動到x1處，就能到達x4處，當粒子恰好運動到x1處時，由動能定理得： ，解得，要使粒子能運動到x4處，粒子的初速度v0至少為故D錯誤故選BC點睛：此題也可以根據(jù)電勢隨x的分布圖線可以得出電勢函數(shù)關系，由電勢能和電勢關系式得出電勢能的變化對于速度問題，往往利用動能定理列方程解答10、AC【解析】衛(wèi)星在軌道I上做圓周運動，只有通過減速使圓周運動所需向心力減小，做近心運動來減小軌道高度，A錯誤；根據(jù)開普勒行星運動定律知，在軌道I上運動時的半長軸大于在軌道II上運行時的半長軸，故在軌道I上運行的

20、周期要大，B錯誤；由圖可知，P點為遠地點，離地球遠，其受到的向心力小，故沿軌道運行時，在P點的加速度小于在Q點的加速度，C錯誤；在軌道上由P點運行到Q點的過程中，萬有引力對其做正功，它的動能增加，重力勢能減小，由于只有重力做功，故機械能不變，D正確【點睛】本題要注意：由高軌道變軌到低軌道需要減速，而由低軌道變軌到高軌道需要加速，這一點在解決變軌問題時要經(jīng)常用到，一定要注意掌握衛(wèi)星運行時只有萬有引力做功，機械能守恒三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、54.50.855A1R2【解析】游標卡尺：螺旋測微器：應選用，阻值太大，操作起來不方便，

21、當選用時，電路中最小電流大概為，所以選用如圖(電流表要外接，滑線變阻器要分壓連接)根據(jù)公式，得，所以12、BC mAOP= mAOM+ mBON OP+OM=ON 【解析】A、“驗證動量守恒定律”的實驗中，是通過平拋運動的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度的，只要離開軌道后做平拋運動，對斜槽是否光滑沒有要求，故A錯誤；B、要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必須水平，故B正確；C、要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故C正確；D、為了使小球碰后不被反彈，要求入射小球質量大于被碰小球質量，故D錯誤；故選BC小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相同，它們在空中的運

22、動時間t相等，它們的水平位移x與其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若兩球相碰前后的動量守恒，則mAv0=mAv1+mBv2，又OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t，代入得：mAOP=mAOM+mBON，若碰撞是彈性碰撞，則機械能守恒，由機械能守恒定律得：mAv02=mAv12+mBv22，將OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t代入得：mAOP2=mAOM2+mBON2；小球做平拋運動，在豎直方向上：h=gt2，平拋運動時間：t=，設軌道末端到木條的水平位置為x，小球做平拋運動的初速度：vA=，vA=，vB=，如果碰撞過程動量守恒，則：mAvA=mAvA+mBvB，將速度代入動量守恒表達式解得：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 （1），方向紙面向里； （2）【解析】試題分析：帶電粒子勻速穿過正交電場和磁場，滿足二力平衡：解得： 方向紙面向里帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動：洛倫茲力提供向心力，有： 且解得： 考點：本題考查了力的平衡、帶電粒子在復合場中的運動、勻速直