2019-2020年高考最后沖刺模擬押題考試物理試題含解析

1、2019-2020年高考最后沖刺模擬押題考試物理試題含解析一單項選擇題：本題共5小題，每小題3分，共15分每小題只有一個選項符合題意1（3分）（2015徐州校級模擬）關于物理學的研究方法，以下說法錯誤的是（） A 在用實驗探究加速度、力和質量三者之間關系時，應用了控制變量法 B 在利用速度時間圖象推導勻變速運動的位移公式時，使用的是微元法 C 用點電荷代替帶電體，應用的是理想模型法 D 伽利略在利用理想實驗探究力和運動關系時，使用的是實驗歸納法【考點】： 元電荷、點電荷；伽利略研究自由落體運動的實驗和推理方法；探究加速度與物體質量、物體受力的關系【分析】： 物理學的發(fā)展離不開科學的思維方法，要

2、明確各種科學方法在物理中的應用，如控制變量法、理想實驗、理想化模型、極限思想等【解析】： 解：A、在用實驗探究加速度、力和質量三者之間的關系時，由于涉及物理量較多，因此采用控制變量法進行實驗，故A正確；B、在推導位移公式時，使用了微元法；故B正確；C、點電荷是高中所涉及的重要的理想化模型，都是抓住問題的主要因素，忽略次要因素，故C正確；D、伽利略對自由落體運動的研究，以及理想斜面實驗探究力和運動的關系時，采用的是理想斜面實驗法和將試驗結論外推的方法，不是用的實驗歸納法；故D錯誤本題選錯誤的，故選：D【點評】： 本題考查了常見的研究物理問題的方法的具體應用，要通過練習體會這些方法的重要性，培養(yǎng)學

3、科思想2（3分）（2010重慶模擬）光滑的水平面上固定著一個螺旋形光滑水平軌道，俯視如圖所示一個小球以一定速度沿軌道切線方向進入軌道，以下關于小球運動的說法中正確的是（） A 軌道對小球做正功，小球的線速度不斷增大 B 軌道對小球做正功，小球的角速度不斷增大 C 軌道對小球不做功，小球的角速度不斷增大 D 軌道對小球不做功，小球的線速度不斷增大【考點】： 線速度、角速度和周期、轉速；功的計算【專題】： 勻速圓周運動專題【分析】： 軌道的彈力方向與速度方向垂直，彈力不做功，通過動能定理判斷出線速度大小的變化根據=，判斷角速度的變化【解析】： 解：軌道的彈力方向與速度方向垂直，彈力不做功，根據動能

4、定理知，速度的大小不變根據=，半徑減小，角速度不斷增大故C正確，A、B、D錯誤故選C【點評】： 解決本題的關鍵利用動能定理判斷出速度大小的變化以及根據=，得出角速度的變化3（3分）（2015徐州校級模擬）如圖所示，兩個傾角相同的滑桿上分別套有A、B兩個圓環(huán)，兩個圓環(huán)上分別用細線懸吊著兩個小球C、D，當它們都沿滑桿向下滑動時，A的懸線與桿垂直，B的懸線豎直向下，則下列說法中正確的是（） A A環(huán)與滑桿間沒有摩擦力 B B環(huán)與滑桿間沒有摩擦力 C A環(huán)做的是勻速運動 D B環(huán)做的是勻加速運動【考點】： 牛頓第二定律；力的合成與分解的運用【專題】： 牛頓運動定律綜合專題【分析】： 先對A、C受力分析

5、，由于兩個球加速度相同，根據牛頓第二定律分別列式分析可以求出A環(huán)的摩擦力；先對D受力分析，結合運動情況判斷出D做勻速運動，則知B環(huán)做勻速直線運動【解析】： 解：A、C、假設A環(huán)與桿間的摩擦力為f，對A環(huán)受力【分析】：重力、拉力、支持力，假設A環(huán)受到沿桿向上的摩擦力f，如圖，根據牛頓第二定律，有：mAgsinf=mAa對C：mCgsin=mCa由兩式，解得：a=gsin，f=0，即A環(huán)與滑桿無摩擦力，做勻加速運動故A正確，C錯誤；B、D、對D球受力分析，受重力和拉力，由于做直線運動，合力與速度在一條直線上，故合力為零，物體做勻速運動；再對B求受力分析，如圖，受重力、拉力、支持力，由于做勻速運動，

6、合力為零，故必有沿桿向上的摩擦力故B、D均錯誤故選：A【點評】： 本題關鍵要結合運動情況，根據牛頓第二定律和平衡條件分析受力情況，再結合受力情況判斷運動情況4（3分）（2011湖南一模）2008年1月下旬以來，我國南方遭遇50年未遇的雨雪冰凍災害新華網長沙1月26日電，馬路上的冰層堅硬如鐵、光滑如玻璃，高壓電線覆冰后有成人大腿般粗，為清除高壓輸電線上的冰凌，有人設計了這樣的融冰思路：利用電流的熱效應除冰若在正常供電時，高壓線上送電電壓為U，電流為I，熱損耗功率為P；除冰時，輸電線上的熱損耗功率需變?yōu)?P，則除冰時（認為輸電功率和輸電線電阻不變）（） A 輸電電流為 B 輸電電流為9I C 輸電

7、電壓為3U D 輸電電壓為【考點】： 遠距離輸電【專題】： 交流電專題【分析】： 根據I=，可以求出輸電線上的電流；根據P=I2R可以求出輸電線上損失的電功率【解析】： 解：高壓線上的熱耗功率P=I2R線 若熱耗功率變?yōu)?P，則9P=I2R線 由得I=3I，所以A B錯誤又輸送功率不變，由P=UI=UI得U=U，所以C錯誤，D正確故選D【點評】： 本題考查遠距離輸電中的能量損失及功率公式的應用，要注意功率公式中P=UI中的電壓U應為輸電電壓5（3分）（2012茂名一模）如圖所示，繞在鐵芯上的線圈、電源、滑動變阻器和電鍵組成閉合回路在鐵芯的右端套有一個表面絕緣的銅環(huán)A，下列各種情況中銅環(huán)A中沒有

8、感應電流的是（） A 線圈中通以恒定的電流 B 通電時，使變阻器的滑片P作勻速滑動 C 通電時，使變阻器的滑片P作加速滑動 D 將電鍵突然斷開的瞬間【考點】： 感應電流的產生條件【分析】： 感應電流產生的條件是穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化根據這個條件分析判斷有沒有感應電流產生【解析】： 解：A、線圈中通以恒定的電流時，線圈產生穩(wěn)恒的磁場，穿過銅環(huán)A的磁通量不變，沒有感應電流產生故A正確B、通電時，使變阻器的滑片P作勻速滑動時，變阻器接入電路的電阻減小，回路中電流增大，線圈產生的磁場增強，穿過銅環(huán)A磁通量增大，產生感應電流不符合題意故B錯誤C、通電時，使變阻器的滑片P作加速滑動時，變阻器接入電路

9、的電阻變化，回路中電流變化，線圈產生的磁場變化，穿過銅環(huán)A磁通量變化，產生感應電流不符合題意故C錯誤D、將電鍵突然斷開的瞬間，線圈產生的磁場從有到無消失，穿過穿過銅環(huán)A的磁通量減小，產生感應電流，不符合題意故D錯誤故選A【點評】： 產生感應電流的條件細分有兩個：一是電路要閉合；二是磁通量要發(fā)生變化基礎題二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分每題有多個選項符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分6（4分）（2015徐州校級模擬）硅光電池作為電源已廣泛應用于人造衛(wèi)星、燈塔和無人氣象站等，高速公路上安裝的“電子眼”通常也采用硅光電池供電硅光電池的原理如圖所示，a

10、、b是硅光電池的兩個電極，P、N 是兩塊硅半導體，E區(qū)是兩塊半導體自發(fā)形成的勻強電場區(qū)，P的上表面鍍有一層增透膜光照射到半導體P上，使P內受原子束縛的電子成為自由電子，自由電子經E區(qū)電場加速到達半導體N，從而產生電動勢，形成電流以下說法中正確的是（） A E區(qū)勻強電場的方向由N指向P B 電源內部的電流方向由P指向N C a電極為電池的正極 D 硅光電池是一種把化學能轉化為電能的裝置【考點】： 電源的電動勢和內阻；光電效應【專題】： 恒定電流專題【分析】： 根據負電荷的電場力從而確定電場強度的方向，由電流的方向與負電荷的運動方向相反，可確定電源的內部電流方向【解析】： 解：A、根據題意，E區(qū)電

11、場能使P逸出的自由電子向N運動，因負電荷受到的電場力與電場方向相反，所以電場方向由N指向P，由于電流的方向與負電荷的運動方向相反，所以電源內部的電流方向由N指向P，A正確、B錯誤；C、根據以上對電流方向的分析可知，a為電源正極，該電池是將光能轉化為電能的裝置，C正確，D錯誤故選：AC【點評】： 考查根據電荷的電場力的方向來確定電場強度的方向，并掌握電流的方向與負電荷的運動方向關系，同時理解電源內部的電流的方向7（4分）（2006崇明縣二模）如圖所示的電路中能讓臺燈亮起來的是（） A B C D 【考點】： 簡單的邏輯電路【專題】： 恒定電流專題【分析】： 與門的特點是當所有條件都滿足時事件才能

12、發(fā)生，或門的特點是當有條件滿足，事件就能發(fā)生，非門的特點是輸入狀態(tài)和輸出狀態(tài)完全相反，根據門電路的特點進行判斷分析【解析】： 解：A、輸入與門的是高電勢和低電勢，則輸出為低電勢，則燈泡不亮故A錯誤B、輸入或門的是高電勢和低電勢，則輸出為高電勢，則燈泡亮故B正確C、輸入非門的是高電勢，則輸出為低電勢，則燈泡不亮故C錯誤D、輸入與門的是高電勢和低電勢，輸出為低電勢，燈泡處于高電勢和低電勢之間，燈泡亮故D正確故選BD【點評】： 解決本題的關鍵知道各種門電路的特點，并能靈活運用8（4分）（2006崇明縣二模）雨點從高空由靜止下落，在下落過程中，受到的阻力與雨點下落的速度成正比，下圖中能正確反映雨點整個

13、下落過程的是（） A B C D 【考點】： 牛頓第二定律；勻變速直線運動的速度與時間的關系；勻變速直線運動的位移與時間的關系【專題】： 牛頓運動定律綜合專題【分析】： 根據牛頓第二定律分析雨點的加速度隨時間的變化，判斷雨點的運動情況，確定速度隨時間的變化由速度圖象的斜率等于加速度，再選擇圖象【解析】： 解：A、C、D雨點從高空由靜止下落時，由于受到的阻力與雨點下落的速度成正比，開始階段雨點的重力大于阻力，做加速運動，隨著速度的增大，雨點受到的阻力也增大，加速度減小，即做加速度減小的變加速運動當阻力增大到與重力平衡時，雨點做勻速直線運動，速度保持不變故AC正確，D錯誤B、由于雨點開始階段做變加

14、速運動，位移與時間是非線性關系故B錯誤故選AC【點評】： 本題考查根據雨點的受力情況，分析其運動情況的能力，與汽車的啟動過程類似9（4分）（2015徐州校級模擬）如圖所示，金屬線框abcd置于光滑水平桌面上，其右方存在一個有理想邊界的方向豎直向下的矩形勻強磁場區(qū)，磁場寬度大于線圈寬度金屬線框在水平恒力F作用下向右運動，ab邊始終保持與磁場邊界平行ab邊進入磁場時線框恰好能做勻速運動則下列說法中正確的是（） A 線框進入磁場過程，F(xiàn)做的功大于線框內增加的內能 B 線框完全處于磁場中的階段，F(xiàn)做的功大于線框動能的增加量 C 線框穿出磁場過程中，F(xiàn)做的功等于線框中產生的焦耳熱 D 線框穿出磁場過程中

15、，F(xiàn)做的功小于線框中線框中產生的焦耳熱【考點】： 導體切割磁感線時的感應電動勢；電磁感應中的能量轉化【專題】： 電磁感應功能問題【分析】： 線框進入磁場的過程：內能可根據功能關系進行分析；根據動能定理分析動能的增量；線框完全進入磁場的過程：沒有感應電流產生，不受安培力，線框做勻加速運動；線框穿出磁場過程：線框做減速運動，再根據功能關系分析F做的功與線框產生的焦耳熱的關系【解析】： 解：A、線框進入磁場的過程做勻速運動，動能不變，產生感應電流，根據功能關系得知，F(xiàn)做的功等于線框內增加的內能故A錯誤B、線框完全處于磁場中的階段，磁通量不變，沒有感應電流產生，線框做勻加速運動，根據功能關系可知，F(xiàn)做

16、的功等于線框動能的增加量故B錯誤CD、線框穿出磁場過程中，由于速度比進入磁場時增大，穿出時產生的感應電動勢和感應電流大于進入磁場時的感應電動勢和感應電流，線框所受的安培力也大于進入磁場時的安培力，這樣線框做減速運動，根據功能關系得知，F(xiàn)做的功與線框動能減小量之和等于產生的焦耳熱，則F做的功小于線框中產生的焦耳熱，故C錯誤，D正確故選：D【點評】： 解決本題首先要分析線框的受力情況，判斷其完全在磁場中的運動情況，再運用功能關系分析各種能量如何變化三、簡答題：本題分必做題（第10、11題）和選做題（第12題）兩部分，共計42分請將解答填在答題卡相應的位置10（4分）（2015徐州校級模擬）（1）用

17、螺旋測微器測量某金屬絲直徑時的讀數(shù)如圖一，金屬絲直徑為0.820mm（2）圖二為用50分度的游標卡尺測量物體長度時的讀數(shù)，由于遮擋，只能看見游標的后半部分，這個物體的長度為16.98mm【考點】： 刻度尺、游標卡尺的使用；螺旋測微器的使用【專題】： 實驗題【分析】： 解決本題的關鍵掌握游標卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀【解析】： 解：1、螺旋測微器的固定刻度為0.5mm，可動刻度為32.00.01mm=0.320mm，所以最終讀數(shù)為0.5mm+0.320mm=0.820mm2、從圖中可知，游標尺上的第4

18、9個刻度與主尺上的6.5cm即65mm處對齊，根據游標尺的構造可知，50分度的游標尺，游標尺上的50刻度的總長是49mm，因此主尺的讀數(shù)為：65mm49mm=16mm，該游標卡尺的精度為0.02mm，所以最終讀數(shù)為：16mm+0.02mm49=16.98mm故答案為：（1）0.820 （2）16.98mm【點評】： 對于基本測量儀器如游標卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，正確使用這些基本儀器進行有關測量11（4分）（2015徐州校級模擬）在研究勻變速直線運動的實驗中，算出小車經過各計數(shù)點的瞬時速度如下：計數(shù)點序號 1 2 3 4 5 6計數(shù)點對應的時刻（s） 0.1 0.2 0.3 0.4 0.

19、5 0.6通過計數(shù)點的速度（m/s） 44.0 62.0 81.0 100.0 110.0 168.0為了計算加速度，最合理的方法是 （） A 根據任意兩計數(shù)點的速度用公式a=算出加速度 B 根據實驗數(shù)據畫出vt圖，量出其傾角，由公式a=tana求出加速度 C 根據實驗數(shù)據畫出vt圖，由圖線上相距較遠的兩點所對應的速度、時間，用公式a=算出加速度 D 依次算出通過連續(xù)兩計數(shù)點間的加速度，算出平均值作為小車的加速度【考點】： 探究小車速度隨時間變化的規(guī)律【專題】： 實驗題；直線運動規(guī)律專題【分析】： 通過題目給出的數(shù)據作出速度時間圖象，解出其斜率即是小車的加速度【解析】： 解：A、在處理實驗數(shù)據

20、時，如果只使用其中兩個數(shù)據，由于偶然誤差的存在可能會造成最后誤差較大；所以我們可以根據實驗數(shù)據畫出vt圖象，考慮到誤差，不可能是所有點都整齊的排成一條直線，連線時，應該盡量使那些不能畫在線上的點均勻地分布在線的兩側，這樣圖線上會舍棄誤差較大的點，由圖線上任意兩點所對應的速度及時間，用公式a=算出加速度，所以誤差小；故A錯誤，C正確B、根據實驗數(shù)據畫出vt圖象，當縱坐標取不同的標度時，圖象的傾角就會不同，所以量出其傾角，用公式a=tan算出的數(shù)值并不是加速度，故B錯誤D、這種方法是不對的，因為根本就不知道加速度是一個什么函數(shù)，如果是一個變化值這種方法完全是錯誤的，除非你能確定加速度是什么函數(shù)，故

21、D錯誤故選：C【點評】： 在實驗中處理數(shù)據的方法較多，而圖象法往往是一種比較準確的解題方法12（10分）（2010連云港二模）如圖所示，用伏安法測電源電動勢和內阻的實驗中，在電路中接一阻值為2的電阻R0，通過改變滑動變阻器，得到幾組電表的實驗數(shù)據：U（V） 1.2 1.0 0.8 0.6I（A） 0.10 0.17 0.23 0.30（1）R0的作用是保護電源、電表，防止短路；（2）用作圖法在坐標系內作出UI圖線；（3）利用圖線，測得電動勢E=1.5V，內阻r=1.0（4）某同學測另一串聯(lián)電池組的輸出功率P隨外電阻R變化的曲線丙如圖所由所得圖線可知，被測電池組電動勢E=30V，電池組的內阻r=

22、5【考點】： 測定電源的電動勢和內阻【專題】： 實驗題；恒定電流專題【分析】： （1）通過電源、電表的電流不宜太大，故需串接定值電阻，以減小最大電流；（2）先描點，然后用一條直線連接起來，如果不能通過所有點，使曲線兩側的點數(shù)大致相同；（3）電源的UI圖象的縱軸截距表示電源的電動勢；斜率表示內電阻；（4）當內外電阻相等時，電源的輸出功率最大，利用這個結論求解即可【解析】： 解：（1）一節(jié)干電池的電流不宜長時間超出0.6A，否則會損壞電池；電流表也有量程，不能超過；故答案為：保護電源、電表，防止短路（2）先描點，然后用一條直線連接起來，如果不能通過所有點，使曲線兩側的點數(shù)大致相同，如圖所示；（3）

23、電源的UI圖象的縱軸截距表示電源的電動勢，故E=1.5V；斜率表示內電阻，即，故r=3.02.0=1.0；（4）當內外電阻相等時，電源的輸出功率最大，由圖象可以看出，當電阻R=5時，電源的輸出功率最大，為45W，故電源內阻為5；再根據，有：45=（）25，解得：E=30V故答案為：30，5【點評】： 本題關鍵是要明確保護電阻的作用，電源的UI圖象的物理意義，同時明確“當內外電阻相等時，電源的輸出功率最大”的結論選做題（從ABC三題中任選兩題作答）A（選修模塊3-3：計12分）13（4分）（2015徐州校級模擬）如圖所示，一導熱性能良好的金屬氣缸靜放在水平面上，活塞與氣缸壁間的摩擦不計氣缸內封閉

24、了一定質量的理想氣體現(xiàn)緩慢地向活塞上倒一定質量的沙土，忽略環(huán)境溫度的變化，在此過程中（） A 氣體的內能增大 B 氣缸內分子平均動能增大 C 氣缸內氣體分子密度增大 D 單位時間內撞擊氣缸壁單位面積上的分子數(shù)增多【考點】： 理想氣體的狀態(tài)方程；氣體壓強的微觀意義【專題】： 理想氣體狀態(tài)方程專題【分析】： 金屬氣缸導熱性能良好，由于熱交換，氣缸內封閉氣體溫度與環(huán)境溫度相同，認為保持不變，封閉氣體的內能和平均動能都保持不變氣體的體積減小，根據玻意耳定律分析壓強的變化，由壓強的微觀含義分析單位時間內撞擊氣缸壁單位面積上的分子數(shù)的變化【解析】： 解：A、金屬氣缸導熱性能良好，由于熱交換，氣缸內封閉氣體

25、溫度與環(huán)境溫度相同，向活塞上倒一定質量的沙土時氣體等溫度壓縮，溫度不變，氣體的內能不變故A錯誤B、溫度不變，則氣缸內分子平均動能保持不變故B錯誤C、氣缸內封閉氣體被壓縮，體積減小，而質量不變，則氣缸內氣體分子密度增大故C正確D、溫度不變，氣體分子的平均動能不變，平均速率不變，等溫壓縮時，根據玻意耳定律得知，壓強增大，則單位時間內撞擊氣缸壁單位面積上的分子數(shù)增多故D正確故選：CD【點評】： 本題關鍵明確氣體溫度和壓強的微觀意義，也可以結合氣體實驗定律進行分析，基礎題14（4分）（2015徐州校級模擬）下列說法中正確的是（） A 布朗運動是分子無規(guī)則運動的反映 B 氣體分子間距離減小時，分子間斥力

26、增大，引力也增大 C 導熱性能各向同性的固體，一定不是單晶體 D 機械能不可能全部轉化為內能【考點】： 布朗運動；* 晶體和非晶體【專題】： 布朗運動專題【分析】： 布朗運動是液體分子無規(guī)則熱運動的反映分子間相互作用的引力和斥力都隨分子間距離的減小而增大導熱性能各向同性的固體，不一定不是單晶體通過能量轉化的方向性分析能量是否能發(fā)生轉化【解析】： 解：A、布朗運動是液體分子無規(guī)則熱運動的反映故A正確B、分子間相互作用的引力和斥力都隨分子間距離的增大而減小故B正確C、導熱性能各向同性的固體，也有可能是單晶體故C錯誤D、根據能量轉化的方向性，機械能可以全部轉化為內能，但內能不能全部轉化為機械能故D錯

27、誤故選AB【點評】： 本題是選修模塊33的內容，是熱力學的基礎知識，沒有難題，理解記憶是主要的學習方法，要盡量得高分15（4分）（2015徐州校級模擬）地面上放一開口向上的氣缸，用一質量為m=0.8kg的活塞封閉一定質量的氣體，不計一切摩擦，外界大氣壓為P0=1.0105Pa，活塞截面積為S=4cm2，重力加速度g取10m/s2，則活塞靜止時，氣體的壓強為1.2105Pa；若用力向下推活塞而壓縮氣體，對氣體做功為6105J，同時氣體通過氣缸向外傳熱4.2105J，則氣體內能變化為內能增加了1.8105J【考點】： 熱力學第一定律【專題】： 熱力學定理專題【分析】： 以活塞為研究對象，根據平衡條

28、件求解封閉氣體的壓強根據熱力學第一定律分析氣體內能的變化【解析】： 解：以活塞為研究對象，根據平衡條件得P0S+mg=PS得到P=P0+代入解得P=1.2105Pa；由題W=6105J，Q=4.2105J，則由熱力學第一定律得到氣體內能的變化U=W+Q=1.8105J，即內能增加了1.8105J故答案為：1.2105Pa；內能增加了1.8105J【點評】： 本題考查了熱力學第一定律的應用，注意公式中各物理量符號的正負B（選修模塊3-4）（12分）16（6分）（2015徐州校級模擬）在以下說法中，正確的是（） A 醫(yī)學上利用射線治療腫瘤主要是利用了射線的穿透能力強的特點 B 若用頻率更高的單色光

29、照射時，同級牛頓環(huán)半徑將會變大 C 機械波在傳播波源的振動的形式的同時傳遞了能量 D 麥克耳孫莫雷實驗表明：不論光源與觀察者做怎樣的相對運動，光速都是一樣的【考點】： X射線、射線、射線、射線及其特性【分析】： 射線治療腫瘤主要是利用了射線的具有高能量容易破環(huán)腫瘤細胞；牛頓環(huán)是等厚干涉，條紋間距與波長成正比；機械波在傳播的是振動形式和能量；光速不變原理是愛因斯坦狹義相對論的基本假設之一；【解析】： 解：A醫(yī)學上利用射線治療腫瘤主要是利用了射線的具有高能量的特點，故A錯誤；B若用頻率更高的單色光照射時，光的波長變小，同級牛頓環(huán)半徑將會變小，故B錯誤；C機械波在傳播波源的振動的形式的同時傳遞了能量

30、故C正確；D愛因斯坦的相對論與麥克耳孫莫雷實驗表明：不論光源與觀察者做怎樣的相對運動，光速都是一樣的，與參考系的選取無關故D正確故選：CD【點評】： 本題要熟悉光和機械波的本質特性，知道三種射線的本質等相關知識點的內容這一類的知識點要多加積累17（6分）（2015徐州校級模擬）有兩個同學分別在大慶和廣州的物理實驗室，各自在那里利用先進的DIS系統(tǒng)較準確地探究了“單擺的周期T與擺長l的關系”，他們通過互聯(lián)網交換實驗數(shù)據，并由計算機繪制了T2l圖象，如圖甲所示在大慶的同學所測實驗結果對應的圖線是B（填“A”或“B”）另外，在廣州做探究的同學還利用計算機繪制了a、b兩個擺球的振動圖象（如圖乙），由圖

31、可知，兩單擺擺長之比=在t=1s時，b球振動的方向是沿y軸負方向【考點】： 用單擺測定重力加速度【專題】： 實驗題【分析】： 根據T2L圖象比較出重力加速度的大小，因為大慶和廣州當?shù)氐闹亓铀俣炔煌?，從而可知北大的同學所測實驗結果對應的圖線根據振動圖象得出兩擺的周期比，從而根據單擺的周期公式得出兩單擺的擺長之比【解析】： 解：由公式得，知T2L圖象的斜率越大，則重力加速度越小，因為廣州當?shù)氐闹亓铀俣刃∮诖髴c，去大慶的同學所測實驗結果對應的圖線的斜率小，應該是B圖線由振動圖線知，兩單擺的周期比為，由知，兩單擺擺長之比，由公式知，由圖象乙可知，在t=1s時，b球振動的方向沿著y軸向下運動，故方向

32、為沿y軸負方向故答案為：B 沿y軸負方向【點評】： 解決本題的關鍵知道單擺的周期公式，以及知道T2L圖象的斜率表示什么C（選修模塊3-5：計12分）18（2015徐州校級模擬）關于光電效應現(xiàn)象，下列說法中正確的是（） A 在光電效應現(xiàn)象中，入射光的強度越大，光電子的最大初動能越大 B 在光電效應現(xiàn)象中，光電子的最大初動能與照射光的頻率成正比 C 對于任何一種金屬都存在一個“最大波長”，入射光的波長必須小于此波長，才能產生光電效應 D 對于某種金屬，只要入射光的強度足夠大，就會發(fā)生光電效應【考點】： 光電效應【專題】： 光電效應專題【分析】： 當入射光的頻率大于金屬的極限頻率，就會發(fā)生光電效應根

33、據光電效應方程判斷影響光電子最大初動能的因素【解析】： 解：AD、只有入射光的頻率大于金屬的極限頻率，才能產生光電效應，當入射頻率越高時，則光電子的最大初動能越大，與入射光的強度無關故AD錯誤B、根據光電效應方程Ekm=hvW0，入射光的頻率越大，光電子的最大初動能越大，但光電子的最大初動能與照射光的頻率并不成正比故B錯誤C、只有入射光的頻率大于金屬的極限頻率，才能產生光電效應，而頻率越高的，波長越短故C正確故選：C【點評】： 解決本題的關鍵知道光電效應的條件，以及知道影響光電子最大初動能的因素，并掌握相同光強下，頻率越高的，光子數(shù)目越少19（2015徐州校級模擬）處于激發(fā)狀態(tài)的原子，在入射光

34、的電磁場的影響下，從高能態(tài)向低能態(tài)躍遷，兩個狀態(tài)之間的能量差以輻射光子的形式發(fā)射出去，這種輻射叫做受激輻射原子發(fā)生受激輻射時，發(fā)出的光子頻率、發(fā)射方向等，都跟入射光子完全一樣，這樣使光得到加強，這就是激光產生的機理那么，發(fā)生受激輻射時，產生激光的原子的總能量En、電勢能Ep、電子動能Ek的變化情況是（） A Ep增大、Ek減小、En減小 B Ep減小、Ek增大、En減小 C Ep增大、Ek增大、En增大 D Ep減小、Ek增大、En不變【考點】： 氫原子的能級公式和躍遷【專題】： 原子的能級結構專題【分析】： 由高能級向低能級躍遷，輻射光子能量減小，根據軌道半徑的變化，結合庫侖引力提供向心力判

35、斷電子動能的變化，根據能量的變化判斷電勢能的變化【解析】： 解：發(fā)生受激輻射時，向外輻射能量，知原子總能量減小，軌道半徑減小，根據=知，電子的動能增大，由于能量減小，則電勢能減小故ACD錯誤，B正確故選：B【點評】： 本題關鍵要抓住氫原子的核外電子躍遷時電子軌道變化與吸收能量或放出能量的關系20（2015徐州校級模擬）如圖所示，質量為m的小球B連接著輕質彈簧，靜止在光滑水平面上質量為m的小球A以某一速度向右運動，與彈簧發(fā)生碰撞，當A、B兩球距離最近時彈簧的彈性勢能為Ep，則碰撞前A球的速度V0=【考點】： 動量守恒定律；機械能守恒定律【專題】： 動量與動能定理或能的轉化與守恒定律綜合【分析】：

36、 當彈簧壓縮至最短時，兩球的速度相等，據題此時彈簧的彈性勢能為Ep，根據系統(tǒng)的動量守恒和機械能守恒列式，即可求出碰撞前A球的速度【解析】： 解：當彈簧壓縮到最短時，A、B的速度相等，mv0=2mv1 A和B的共同速度：v=0.5v0根據系統(tǒng)的機械能守恒得：mv02=2mv2+Ep，聯(lián)立解得，v0=2故答案為：2【點評】： 本題是含有彈簧的問題，關鍵要掌握兩球最近的臨界角條件：速度相等，抓住系統(tǒng)的動量守恒和機械能守恒進行分析，綜合性較強四計算題：本題共3小題，共計47分解答時請寫出必要的文字說明方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位21（15

37、分）（2009黃山一模）某興趣小組對一輛玩具遙控車的性能進行研究他們讓玩具遙控車在水平地面上由靜止開始運動，通過數(shù)據處理得到如圖所示的vt圖象，已知小車在0ts內做勻加速直線運動；ts10s內小車牽引力的功率保持不變，且7s10s為勻速直線運動；在10s末停止遙控讓小車自由滑行，小車質量m=1kg，整個過程中小車受到的阻力f大小不變求：（1）小車所受阻力f的大??；（2）在ts10s內小車牽引力的功率P；（3）小車在加速運動過程中的總位移S【考點】： 動能定理的應用；功率、平均功率和瞬時功率【專題】： 動能定理的應用專題【分析】： （1）在10s末停止遙控讓小車自由滑行過程，小車做勻減速運動，由

38、速度圖線求出加速度，根據牛頓第二定律求解阻力（2）ts10s內小車牽引力的功率保持不變，7s10s內，小車做勻速直線運動，牽引力與阻力平衡，小車牽引力的功率P=Fv（3）由圖讀出勻加速直線運動的末速度，此時小車達到額定功率，求出牽引力由牛頓第二定律求出勻加速運動的加速度，由位移公式求出勻加速運動的位移在07s內運用動能定理求解S【解析】： 解：（1）在10s撤去牽引力后，小車只在阻力f作用下做勻減速運動，由圖象可得減速時加速度大小為=|=|=2m/s2 根據牛頓第二定律得，阻力f=ma=2N（2）7s10s內，設牽引力為F，F(xiàn)=f，vm=6m/s，則P=Fvm=12wts10s內小車牽引力的功

39、率保持不變，故ts10s內小車牽引力的功率P=12W（3）小車的加速運動過程可以分解為0ts和ts7s兩段，由于ts時功率為12W，所以此時牽引力為 Ft=4N所以0ts內1=2m/s2則 ；在07s內由動能定理可得：代入數(shù)據，解得S=28.5m答：（1）小車所受阻力f的大小為2N；（2）在ts10s內小車牽引力的功率P=12W；（3）小車在加速運動過程中的總位移S=28.5m【點評】： 本題首先對小車的運動過程進行正確分析，其次要選擇恰當?shù)囊?guī)律求解對于ts10s內小車變加速運動過程，不能用運動學公式求位移，只能從能量的角度求位移22（16分）（2015徐州校級模擬）如圖所示，在空間中取直角坐標系Oxy，在第一象限內平行于y軸的虛線MN與y軸距離為d，從y軸到MN之間的區(qū)域充滿一個沿y軸正方向的勻強電場，場強大小為E初速度可以忽略的電子經過另一個電勢差為U的電場加速后，從y軸上的A點以平行于x軸的方向射入第一象限區(qū)域，A點坐標為（0，h）已知電子的電量為e，質量為m，電子的重力忽略不計，求：（1）若加速電場的電勢差U，則電子從A點進入電場到離開該電場區(qū)域所經歷的時間t和離開電場區(qū)域時的速度v；（2）電子經過x軸時離坐標原點O的距離l【考點】： 帶電粒子在勻強電場中的運動【專題】： 帶電粒子在電場中的運動專題【分析】： （1）電子在沿x軸