北京海淀外國語2023學年高二物理第一學期期中綜合測試試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某同學用伏安法測電阻時，分別采用了電流表內(nèi)接法和外接法，測得的某電阻Rx的阻值分別為R1和R2，則所測阻值與真實值Rx之間的關系為()AR1RxR2BR1RxR2CR1R2RxD

2、R1R2Rx2、分別將帶正電、負電和不帶電的三個等質量小球，分別以相同的水平速度由P點射入水平放置的平行金屬板間，已知上板帶負電，下板接地三小球分別落在圖中A、B、C三點，則正確的是（ ）AA帶正電、B不帶電、C帶負電B三小球在電場中加速度大小關系是：aAaBaCC三小球在電場中運動時間相等D三小球到達下板時的動能關系是EkCEkBEkA3、定值電阻R1、R2、R3的阻值均為2 ，在電路中所消耗的電功率的最大值分別為10 W、10 W、2 W，現(xiàn)將這三個電阻按照如圖所示的方式連接，則這部分電路消耗的電功率的最大值為A22 WB12 WC15 WD16 W4、如圖所示，條形磁鐵放在桌面上，一根通

3、電直導線由S極的上端平移到N極的上端的過程中，導線保持與磁鐵垂直，導線的通電方向如圖所示則這個過程中磁鐵受到的摩擦力(磁鐵保持靜止)( )A為零B方向由左變?yōu)橄蛴褻方向保持不變D方向由右變?yōu)橄蜃?、等量同種電荷的電場線分布如圖所示，O、M、N為電場中的三個點，則由圖可得 AM點的場強大于O點的場強BM點的電勢高于N點的電勢C將一負電荷由N點移到M點電勢能減少D將一正電荷從O點分別移到M點和N點，電場力做功相同6、用比值法定義物理量是物理學中一種常用的方法,下面四個物理量都是用比值法定義的以下公式不屬于比值法定義式的是A電流強度B磁感應強度C電阻D電容二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共

4、20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示電路中，三只燈泡原來都正常發(fā)光，當滑動變阻器的滑動觸頭P向左移動時，下面判斷正確的是（ ）AL1和L3變亮，L2變暗BL1變暗，L2變亮，L3亮度不變CL1中電流變化值小于L3中電流變化值DL1中電流變化值等于L3中電流變化值8、帶電粒子垂直勻強磁場方向運動時，會受到洛倫茲力的作用。下列表述正確的（ ）A洛倫茲力對帶電粒子會做功B洛倫茲力的大小與速度無關C洛倫茲力不改變帶電粒子的動能D洛倫茲力只改變帶電粒子的速度方向9、如圖所示電路中，電源內(nèi)阻不能忽略，當變阻器R的滑

5、片P向下移動時下列說法中正確的是AV1示數(shù)變大，V2示數(shù)變小，A示數(shù)變大BV1示數(shù)變小，V2示數(shù)變大，A示數(shù)變小C電源消耗的總功率增大D電源消耗的總功率減小10、在勻強磁場中，一個帶電粒子做勻速圓周運動，如果又垂直進入另一磁感應強度是原來的磁感應強度2倍的的勻強磁場，則（ ）A粒子的速率加倍，周期減半B粒子的速率不變，軌道半徑減半C粒子的速率減半，軌道半徑為原來的四分之一D粒子的速率不變，周期減半三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）根據(jù)試題的要求填空（1）用如下圖(甲)所示的多用電表測量電阻，要用到選擇開關K和兩個部件S、T請根據(jù)

6、下列步驟完成電阻測量：旋動部件_，使指針對準電流的0刻線將K旋轉到電阻擋l00的位置將插入十、插孔的表筆短接，旋動部件_，使指針對準電阻的_ (填0 或)刻線 將兩表筆分別與侍測電阻相接，發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度過小為了得到比較準確的測量結果，請從下列選項中挑出合理的步驟，并按_的順序進行操作，再完成測量A將K旋轉到電阻擋1k的位置B將K旋轉到電阻擋10的位置C將兩表筆的金屬部分分別接在被測電阻的兩根引線上D將兩表筆短接，旋動合適部件，對電表進行校準（2）在用多用表測量另一電阻的阻值時，電表的讀數(shù)如圖（乙）所示，該電阻的阻值為_（3）他用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，其中某一次測量結果如下圖所示，其讀數(shù)

7、為_mm12（12分）用如圖甲所示的多用電表測量電阻，要用到選擇開關K和兩個部件S、T。請根據(jù)下列步驟完成電阻測量（請將你的答案相應的字母或文字）填寫在空格內(nèi)：（1）旋動部件_，使指針對準電流的“0”刻線；（2）將K旋轉到電阻擋“100”的位置；（3）將插入“”“”插孔的表筆短接，旋動部件_，使指針對準電阻的_（填“0刻線”或“刻線”）；（4）將兩表筆分別與待測電阻相接，發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度過小。為了得到比較準確的測量結果，請從下列選項中挑出合理的步驟，并按_的順序進行操作，再完成讀數(shù)測量。A將K旋轉到電阻擋“1k”的位置B將K旋轉到電阻擋“10”的位置C將兩表筆的金屬部分分別與被測電阻的兩根引線

8、相接D將兩表筆短接，旋動合適部件，對電表進行校準（5）將紅、黑筆表分別與待測電路兩端相接觸，若電表的讀數(shù)如圖乙所示，則該電阻的阻值讀數(shù)應為_。（6）測量完畢后，要將選擇開關旋轉到_位置。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）水平放置的平行板電容器如圖，原來兩板不帶電，上極板接地，板長L1 m，兩板間距離d0.4 m有一束相同的帶正電微粒，以相同的初速度v0先后從兩板中央平行極板射入，由于重力作用微粒落到下極板上，微粒所帶電荷立即轉移到下極板且均勻分布在下極板上，設前一微粒落到下極板上時后一微粒才能開始射入兩板

9、間，且第一個微粒恰好落在下極板中點處已知微粒質量m1104 kg，電量q1106 C，電容器電容，g10 m/s1求：(1)微粒入射的初速度v0的大?。?1)當微粒從極板間穿出時，極板間電壓U；(3)當微粒從極板間穿出時，落在下極板上的微粒個數(shù)14（16分）如圖所示，光滑絕緣桿豎直放置，且與以點電荷+Q為圓心的圓周交于B、C兩點。一質量為m、帶電量為q的空心小球從桿上A點無初速下滑，且AB=BC=h，小球滑到B點的速度為，求：（1）小球由A到B過程中電場力做的功；（2）小球滑到C點時的速度； （3）A、C兩點的電勢差。15（12分）如圖所示，一條長為l的細線，上端固定，下端拴一個質量為m的帶電

10、小球。將它置于一勻強電場中，電場強度大小為E，方向水平向右。已知當細線離開豎直位置的偏角為時，小球處于平衡狀態(tài)。試問：(1)小球帶何種電荷？(2)小球所帶電荷量是多少？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】采用內(nèi)接法時，電流表與待測電阻串聯(lián)，故電流表是準確的；而由于電流表的分壓使電壓表測量值偏大，故由歐姆定律求得的測量值偏大，故R1Rx；當采用外接法時，電壓表與待測電阻并聯(lián)，故電壓表是準確的；而由于電壓表的分流使電流表測量結果偏大，故由歐姆定律求得的測量值偏小，故RxR2；故選A2、A【解析】ABC.A、B

11、、C三個小球在水平方向都做勻速直線運動，由圖看出水平位移關系是：xAxBxC三個小球水平速度v0相同，由x=v0t得，運動時間關系是：tAtBtC豎直方向上三個小球都做勻加速直線運動，由圖看出豎直位移y大小相等，由，得加速度關系為：aAaBaC根據(jù)牛頓第二定律得到合力關系為：FAFBFC，三個小球重力相同，而平行金屬板上板帶負極，可以判斷出來A帶正電、B不帶電、C帶負電。故A正確，BC錯誤。D.三個小球所受合力方向都豎直向下，都做正功，豎直位移大小相等，而合力FAFBFC，則合力做功大小關系為：WAWBWC，根據(jù)動能定理得，三小球到達下板時的動能關系是EkCEkBEkA故D錯誤。3、B【解析】

12、由題意知R1=R2=R3=2 ，P1=10 W，P2=10 W，P3=2 W，首先分析兩個并聯(lián)電阻R2、R3所允許的最大消耗功率.因為R2與R3并聯(lián)，則兩端電壓相等，由公式P=知道，R2與R3所消耗的功率一樣.已知R2與R3本身允許的最大功率分別是10 W和2 W，所以R2、R3在該電路中的最大功率都是2 W，否則會超過R3的最大功率.再分析R1在電路中允許的最大功率.把R2與R3看成一個并聯(lián)電阻R，則電路就是R1與R串聯(lián)，而串聯(lián)電路所流過的電流一樣，再由P=I2R知道，R1與R所消耗功率之比為R1R，R2與R3的并聯(lián)阻值R=，即=2，所以R1消耗的功率是并聯(lián)電阻R的兩倍，則R1的功率是24

13、W=8 W10 W，所以總功率最大為2 W+2 W+8 W=12 W故B正確，ACD錯誤4、B【解析】考查左手定則的應用，牛頓第三定律?！驹斀狻渴芰Ψ治鋈鐖D，開始時，導線在S極上方，由左手定則可得，導線受一個安培力斜向左上方，由牛頓第三定律可得，磁鐵受一個導線施加的反作用力斜向右下方，有一水平向右的分力，即有向右運動的趨勢，摩擦力向左；同理，當運動到右端N極上方時，磁鐵受摩擦力向右，B正確。故選B。5、A【解析】由題意可知考查電場、電勢大小的比較，電場力做功問題，根據(jù)電場力和能的性質分析計算可得?！驹斀狻緼電場線的疏密表示場強大小，電場線越密（越疏），場強越大（越?。┧噪妶鯩點的場強大于O點

14、的場強，故A正確；B沿電場線方向電勢逐漸降低，所以M點的電勢低于N點的電勢，故B錯誤；C將一負電荷由N點移到M點， ，電場力做負功，電勢能增大，故C錯誤；D將一正電荷從O點分別移到M點和N點，電勢差不同，電場力做功不相同，故D錯誤?！军c睛】電場線疏密表示場強大小，電場線越密（越疏），場強越強（越弱）。沿電場線方向電勢降落，電場力做正功(負功)，電勢能減少（增大）。6、D【解析】試題分析：選項A、B、C中公式均為物理量的定義式，其特點是被定義量與用來定義的量間無直接關系，電容的定義式是C=而D選項為電容的決定式，公式中C與其它各量都由直接關系，不是定義式，故選項D錯誤，其余正確考點：電容、電阻、

15、電流、磁感強度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】AB、當滑片左移時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知電路中總電流增大，故L1變亮；電路中總電流增大，故內(nèi)電壓及R0、L1兩端的電壓增大，而電動勢不變，故并聯(lián)部分的電壓減小，故L2變暗；因L2中電流減小，干路電流增大，故流過L3的電流增大，故L3變亮，A正確B錯誤CD、因L1中電流增大，L3中電流增大，而L2中電流減小；開始時有：I1=I2+I3，故L3上電流變化量大于LI上

16、的電流變化量，C正確D錯誤8、CD【解析】A洛倫茲力的方向與速度方向垂直，所以洛倫茲力不做功，故A錯誤；B洛倫茲力大小F=qvB，與速度的大小有關，故B錯誤；C洛倫茲力不改變速度的大小，只改變速度的方向，所以不改變粒子的動能，故C正確；D洛倫茲力與速度方向始終垂直，其作用效果只改變速度的方向，故D正確.9、AC【解析】當變阻器R的滑片向下移動時，R減小，R與R2并聯(lián)的阻值減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，干路電流I增大。電壓表V2的示數(shù)U2=E-Ir，電壓表V1的示數(shù)U1=IR2，I增大，U2減小，U1增大。電阻R2的電壓U2=E-I（R1+r），I增大，U2減小，流過R2的電

17、流I2減小，則電流表的示數(shù)IA=I-I2，IA增大，則A正確，B錯誤。根據(jù)P=IE可知電源消耗的總功率增大，選項C正確，D錯誤；故選AC.【點睛】本題電路中典型的問題：電路中動態(tài)變化分析問題，一般按照“部分整體部分”思路分析10、BD【解析】根據(jù)粒子在勻強磁場中運動的周期公式可知粒子在磁場中運動的周期跟速率無關，磁感應強度增大一倍，則周期減半，A錯誤D正確；粒子在磁場中運動過程中，受到的洛倫茲力垂直于速度方向，對粒子不做功，即速率不變，根據(jù)粒子做圓周運動的半徑公式可知， 速率不變，軌道半徑減半，B正確C錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

18、11、S T 0 A D C 15000 0.3960.398 【解析】電表使用前要使指針指在0刻線位置，通過調節(jié)調零旋鈕實現(xiàn)；歐姆表測量前要進行歐姆調零；歐姆表中值電阻附近刻度線最均勻，讀數(shù)誤差最小，故測量電阻時，要通過選擇恰當?shù)谋堵适怪羔樦冈谥兄惦娮韪浇?；每次換擋要重新調零；歐姆表讀數(shù)=刻度盤讀數(shù)倍率；螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀，注意其精度是0.01mm【詳解】解：(1)電表使用前要調節(jié)調零旋鈕，使指針指在0刻線位置，故調節(jié)S旋鈕；歐姆表測量前要進行歐姆調零，故調節(jié)T旋鈕，使指針對準電阻的0刻線；指針偏轉度過小，說明電阻偏大，故需選擇較大的倍率；每次換擋要重新調零，按A、D、C的順序進行操作(2)歐姆表讀數(shù)=刻度盤讀數(shù)倍率=151000=15000； (3) 螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為0mm，可動刻度讀數(shù)為0.0139.8mm=0.398mm，所以最終讀數(shù)為：0mm+0.398mm=0.398mm；12、S T 0刻線 ADC 19k OFF 【解析】（1）1旋動部件S，使指針對準電流的“0”刻線；（3）23將插入“”“”插孔的表筆短接，旋動部件T，使指針對準電阻的0刻線；（4）4將兩表筆分別與待測電阻相接，發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度過小。說明倍率檔選擇過