四川省三臺(tái)中學(xué)實(shí)驗(yàn)xx學(xué)校2023學(xué)年物理高二第一學(xué)期期中教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)模擬試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷請(qǐng)考生注意：1請(qǐng)用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請(qǐng)用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫(xiě)在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫(xiě)在試題卷、草稿紙上均無(wú)效。2答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的注意事項(xiàng)，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、兩個(gè)放在絕緣架上的相同金屬球，相距r，球的半徑比r小得多，帶電量大小分別為q和3q，相互斥力為F現(xiàn)將這兩個(gè)金屬球相接觸，然后分開(kāi)，仍放回原處，則它們之間的相互作用力將變?yōu)椋ǎ〢FBC4FD2、如圖所示，電阻R1、R2、R3的阻值相等，電池

2、的內(nèi)阻不計(jì)，開(kāi)關(guān)S閉合前流過(guò)R2的電流為I，求S閉合后流過(guò)R2的電流大?。?）A1/2IB1/3IC2/3ID3/2I3、如圖所示，電路中定值電阻R的阻值大于電源內(nèi)阻r的阻值，開(kāi)關(guān)S閉合，將滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，過(guò)想電壓表V1、V2、V3的示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為U1、U2、U3，理想電流表示數(shù)變化量的絕對(duì)值為I，下列說(shuō)法正確的是A理想電壓表V2的示數(shù)增大BU3U1U2C電源的輸出功率減小DU3與I的比值減小4、如圖甲所示，兩個(gè)平行金屬板P、Q豎直放置，兩板間加上如圖乙所示的電壓，t0時(shí)，Q板比P板電勢(shì)高5 V，此時(shí)在兩板的正中央M點(diǎn)有一個(gè)電子，速度為零，電子在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)，使得電子的位

3、置和速度隨時(shí)間變化假設(shè)電子始終未與兩板相碰在0t81010s的時(shí)間內(nèi)，這個(gè)電子處于M點(diǎn)的右側(cè)，速度方向向左且大小逐漸減小的時(shí)間是( )A0t21010sB21010st41010sC41010st61010sD61010st81010s5、下列哪項(xiàng)科技的應(yīng)用與電磁感應(yīng)原理相關(guān)（ ）A速度選擇器B位移傳感器C回旋加速器D電視顯像管6、在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中，下列說(shuō)法正確的是（）A閉合線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做切割磁感線運(yùn)動(dòng)，一定產(chǎn)生感應(yīng)電流B線圈不閉合時(shí)，若穿過(guò)線圈的磁通量發(fā)生變化，線圈中沒(méi)有感應(yīng)電流，但有感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)C感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總是與原磁場(chǎng)的方向相反D法拉第通過(guò)實(shí)驗(yàn)研究，總結(jié)出電磁感應(yīng)現(xiàn)象中感應(yīng)電流方向的

4、規(guī)律二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，用兩節(jié)干電池點(diǎn)亮幾只小燈泡，當(dāng)逐一閉合開(kāi)關(guān)，接入燈泡增多時(shí)，以下說(shuō)法正確的是：( )A燈少時(shí)各燈較亮，燈多時(shí)各燈較暗B燈多時(shí)各燈兩端的電壓較低C燈多時(shí)通過(guò)電池的電流較大D燈多時(shí)通過(guò)各燈的電流較大8、下表列出了某品牌電動(dòng)自行車及所用電動(dòng)機(jī)的主要技術(shù)參數(shù)，不計(jì)其自身機(jī)械損耗若該車在額定狀態(tài)下以最大運(yùn)行速度行駛，則()A電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻為4B電動(dòng)機(jī)的輸入功率為576WC該車受到的阻力為63 ND該車獲得的牽引力為104 N9、如

5、圖甲的電路中，L1、L2和L3為三個(gè)完全相同的小燈泡，他們的伏安特性曲線如圖乙所示.當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合后，電路中的總電流為0.2A，則此時(shí)（ ）A通過(guò)L1的電流為L(zhǎng)2電流的2倍BL1消耗的電功率為0.3WC此時(shí)L1、L2和L3的電阻均為7.5DL1消耗的電功率為L(zhǎng)2電功率的4倍10、如圖所示，兩個(gè)固定的等量正點(diǎn)電荷相距為4L，其連線中點(diǎn)為O，以O(shè)為圓心、L為半徑的圓與兩正點(diǎn)電荷間的連線及連線的中垂線分別交于a、b和c、d，以O(shè)為坐標(biāo)原點(diǎn)、垂直ab向上為正方向建立Oy軸取無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，則下列判斷正確的是()Aa、b兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相同BOy軸上沿正方向電勢(shì)隨坐標(biāo)y的變大而減小C將一試探電荷q自a點(diǎn)由靜止

6、釋放，若不計(jì)電荷重力，試探電荷將在a、b間往復(fù)運(yùn)動(dòng)DOy軸上沿正方向電場(chǎng)強(qiáng)度的大小隨坐標(biāo)y的變大而增大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）如圖所示，是探究向心力的大小F與質(zhì)量m、角速度和半徑r之間的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)裝置轉(zhuǎn)動(dòng)手柄，可使塔輪、長(zhǎng)槽和短槽隨之勻速轉(zhuǎn)動(dòng)塔輪至上而下有三層，每層左右半徑比分別是1：1、2：1和3：1左右塔輪通過(guò)皮帶連接，并可通過(guò)改變皮帶所處的層來(lái)改變左右塔輪的角速度之比實(shí)驗(yàn)時(shí)，將兩個(gè)小球分別放在短槽C處和長(zhǎng)槽的A（或B）處，A、C到塔輪中心的距離相等兩個(gè)小球隨塔輪做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，向心力大小可由塔輪中心標(biāo)尺露出的等分

7、格的格數(shù)讀出 （1）在該實(shí)驗(yàn)中應(yīng)用了 _來(lái)探究向心力的大小與質(zhì)量m、角速度和半徑r之間的關(guān)系 A理想實(shí)驗(yàn)法 B控制變量法 C等效替代法（2）用兩個(gè)質(zhì)量相等的小球放在A、C位置，勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，左邊標(biāo)尺露出1格，右邊標(biāo)尺露出4格，則皮帶連接的左右塔輪半徑之比為 _12（12分） “探究碰撞中的不變量”的實(shí)驗(yàn)中：（1）入射小球m1=15 g，原靜止的被碰小球m2=10 g，由實(shí)驗(yàn)測(cè)得它們?cè)谂鲎睬昂蟮膞 t圖象如圖甲所示，可知入射小球碰撞后的m1v1是_kgm/s，入射小球碰撞前的m1v1是_kgm/s，被碰撞后的m2v2是_kgm/s.由此得出結(jié)論_（2）實(shí)驗(yàn)裝置如圖乙所示，本實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)必須要求的條

8、件是_A斜槽軌道必須是光滑的B斜槽軌道末端點(diǎn)的切線是水平的C入射小球每次都從斜槽上的同一位置無(wú)初速釋放D入射球與被碰球滿足mamb，ra=rb（3）圖乙中M、P、N分別為入射球與被碰球?qū)?yīng)的落點(diǎn)的平均位置，則實(shí)驗(yàn)中要驗(yàn)證的關(guān)系是_Am1ON=m1OPm2OMBm1OP=m1ONm2OMCm1OP=m1OMm2ONDm1OM=m1OPm2ON四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）兩根完全相同的金屬裸導(dǎo)線A和B,如果把導(dǎo)線A均勻拉長(zhǎng)到原來(lái)的3倍,電阻為RA ,導(dǎo)線B對(duì)折后絞合起來(lái),電阻為RB,然后分別加上相同的電

9、壓,求:(1)它們的電阻之比;(2)相同時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)線橫截面的電荷量之比.14（16分）如圖，質(zhì)量m=11kg的一箱蘋(píng)果靜置于水平地面上的A點(diǎn)，AB間距L=35m，箱子與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)?，F(xiàn)用大小為141N，與水平方向成的力斜向下推動(dòng)此箱蘋(píng)果，使它由A點(diǎn)靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)并能到達(dá)B點(diǎn)。求：（已知cos=1.8，sin=1.6）(1)推力作用下箱子的加速度a大小；(2)推力作用的最短時(shí)間t；(3)撤去推力后，箱子正中央一個(gè)質(zhì)量m1=12kg的蘋(píng)果受到其他蘋(píng)果給它的作用力大小。15（12分）電路如圖所示，已知電源電動(dòng)勢(shì)為E=12V，內(nèi)阻r=8，定值電阻R1=2，滑動(dòng)變阻器R2的阻值可以在08之間變化，

10、則：（1）當(dāng)R2為多少時(shí)，R1上獲得最大功率？并求出該最大功率P1；（2）當(dāng)R2為多少時(shí)，R2上獲得最大功率？并求出該最大功率P2；（3）當(dāng)R2為多少時(shí)，電源有最大輸出功率？并求出該最大功率P3.參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】由庫(kù)侖定律可得相互斥力為：由于帶同種電荷，當(dāng)兩球接觸后再分開(kāi)平分總電量，故分開(kāi)后兩球的帶電量為2q則庫(kù)侖力，故B正確，ACD錯(cuò)誤。2、C【解析】設(shè)電池兩端的電壓恒為U，電阻阻值為R，開(kāi)關(guān)S閉合前電阻R1、R2兩電阻串聯(lián)，R2的電流為I，由歐姆定律得：U=I(R1+R2)=2IR

11、，I=；S閉合后R2、R3并聯(lián)再和R1串聯(lián)，設(shè)S閉合后流過(guò)R2的電流大小為I2，由歐姆定律得：U=I2R+2I2R，聯(lián)立解得：I2=I，故C正確，ABD錯(cuò)誤故選：C3、B【解析】A理想電壓表內(nèi)阻無(wú)窮大,相當(dāng)于斷路，理想電流表內(nèi)阻為零相當(dāng)短路，所以R與變阻器串聯(lián)，電壓表V1、V2、V3分別測(cè)量R、路端電壓和變阻器兩端的電壓。當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)時(shí)，接入電路的電阻減小，電路中電流增大，則A的示數(shù)增大，電路中電流增大,電源的內(nèi)電壓增大，則路端電壓減小，所以V2的示數(shù)減小，故A錯(cuò)誤；B. 根據(jù)閉合電路歐姆定律得：則得：據(jù)題Rr，則得：故B正確.C內(nèi)外電阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大，故當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑

12、片向下滑動(dòng)時(shí)，外電阻越來(lái)越接近內(nèi)阻，故輸出功率一定增大；故C錯(cuò)誤；D由B選項(xiàng)分析可知：即U3與I的比值不變，故D錯(cuò)誤.；4、D【解析】在0t210-10s時(shí)間內(nèi)，Q板比P板電勢(shì)高5V，方向水平向左，所以電子所受電場(chǎng)力方向向右，加速度方向也向右，所以電子向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；在210-10st410-10s時(shí)間內(nèi)，Q板比P板電勢(shì)低5V，電場(chǎng)強(qiáng)度方向水平向右，所以電子所受電場(chǎng)力方向向左，加速度方向也向左，所以電子向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)t=410-10s時(shí)速度為零；在410-10st610-10s時(shí)間內(nèi)，Q板比P板電勢(shì)低5V，電場(chǎng)強(qiáng)度方向水平向右，所以電子所受電場(chǎng)力方向向左，加速度方向也向左，所以

13、電子向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；在610-10st810-10s時(shí)間內(nèi)，Q板比P板電勢(shì)高5V，電場(chǎng)強(qiáng)度方向水平向左，所以電子所受電場(chǎng)力方向向左，加速度方向也向左，所以電子向左做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，到810-10s時(shí)刻速度為零，恰好又回到M點(diǎn)綜上分析可知：在61010 st81010 s 時(shí)間內(nèi)，這個(gè)電子處于M點(diǎn)的右側(cè)，速度方向向左且大小逐漸減小故選D5、B【解析】A.速度選擇器是利用了電場(chǎng)加速和電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)的原理，故A錯(cuò)誤；B. 位移傳感器是利用改變磁通量來(lái)改變電流的原理，是電磁感應(yīng)原理，故B正確；C.回旋加速器利用磁場(chǎng)使帶電粒子旋轉(zhuǎn)，電場(chǎng)使粒子加速。故C錯(cuò)誤；D. 電視顯像管利用了電場(chǎng)加速和電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)的原理

14、。故D錯(cuò)誤；6、B【解析】產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是穿過(guò)閉合電路的磁通量發(fā)生變化,或閉合電路的一部分導(dǎo)體做切割磁感線運(yùn)動(dòng).根據(jù)這個(gè)條件進(jìn)行選擇,并根據(jù)楞次定律,即可分析求解.【詳解】A、位于磁場(chǎng)中的閉合線圈,只有磁通量發(fā)生變化,才一定會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流.故A錯(cuò)誤.B、穿過(guò)閉合電路的磁感線的條數(shù)發(fā)生變化,磁通量一定發(fā)生變化,則閉合電路中就有感應(yīng)電流,若不閉合則電路中就沒(méi)有感應(yīng)電流,但有感應(yīng)電動(dòng)勢(shì).所以B選項(xiàng)是正確的.C、根據(jù)楞次定律可以知道,感應(yīng)電流的磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相同,或與原磁場(chǎng)的方向相反.故C錯(cuò)誤.D、楞次通過(guò)實(shí)驗(yàn)研究,總結(jié)出電磁反應(yīng)現(xiàn)象中感應(yīng)電流方向的規(guī)律;故D錯(cuò)誤;故選B二、多項(xiàng)選擇題：本題共4

15、小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ABC【解析】試題分析：由并聯(lián)電路的規(guī)律可知外部總電阻的變化；由閉合電路的歐姆定律可判斷路端電壓和通過(guò)電池的電流變化解：A、B、C由圖可知，燈泡均為并聯(lián)當(dāng)點(diǎn)亮的電燈數(shù)目增多時(shí)，并聯(lián)的支路增多，由并聯(lián)電路的電阻規(guī)律可知，外部總電阻減小，由閉合電路歐姆定律得知，通過(guò)電池的電流增大，則電池的內(nèi)電壓增大，故路端電壓減小，燈泡兩端的電壓變小，燈泡變暗，故AB正確，C錯(cuò)誤；D、由上分析可知，燈多時(shí)，通過(guò)電池的總電流減小，而支路的數(shù)目增大，所以各燈的電流較小，故D錯(cuò)誤故

16、選AB【點(diǎn)評(píng)】解答本題應(yīng)掌握：并聯(lián)電路中并聯(lián)支路越多，總電阻越?。煌瑫r(shí)注意閉合電路歐姆定律在電路動(dòng)態(tài)分析中的應(yīng)用方法，一般可按外電路內(nèi)電路外電路的思路進(jìn)行分析8、BC【解析】試題分析：由表格數(shù)據(jù)得到電動(dòng)機(jī)的輸出功率為350W，根據(jù)能量守恒定律，有，代入數(shù)據(jù)有，解得，故A錯(cuò)誤；額定電壓48V，額定電流12A，故電動(dòng)機(jī)的輸入功率為：，故B正確；根據(jù)，得，電動(dòng)自行車勻速行駛時(shí)，牽引力與阻力平衡，故阻力為63N，故C正確，D錯(cuò)誤；故選BC【點(diǎn)睛】對(duì)于電動(dòng)機(jī)來(lái)說(shuō)，不是純電阻電路，對(duì)于功率的不同的計(jì)算公式代表的含義是不同的，P=UI計(jì)算的是總的消耗的功率，是計(jì)算電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱的功率，當(dāng)速度最大時(shí)牽引力和阻力

17、相等9、AB【解析】A.根據(jù)串并聯(lián)電路特點(diǎn)，通過(guò)L1的電流等于通過(guò)L2電流與通過(guò)L3電流之和，L2與L3并聯(lián)，電壓相等，電流相等，通過(guò)L1的電流為L(zhǎng)2電流的2倍，故A正確；B.據(jù)乙圖可知通過(guò)L1的電流為U1=0.2A時(shí)，兩端電壓為I1=1.5V，L1消耗的電功率為P1=U1I1=0.21.5W=0.3W，故B正確；C.L1的電阻R1= U1I1=1.50.2=7.5；由乙圖知，L2電流為I2=0.1A時(shí)，電壓為U2=0.4V，L2與L3電阻相等，R2=R3=U2I2=0.40.1=4，故C錯(cuò)誤； D. L2消耗的電功率為P2=U2I2=0.10.4W=0.04W，P1:P2=0.3:0.04=

18、7.5，故D錯(cuò)誤。故選：AB10、BC【解析】A根據(jù)兩等量正點(diǎn)電荷電場(chǎng)特點(diǎn)，a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相同，方向相反，故A錯(cuò)誤；B根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式，結(jié)合矢量的合成法則，則有Oy軸上沿正方向的電場(chǎng)強(qiáng)度方向沿著y軸正方向，那么電勢(shì)隨坐標(biāo)y的變大而減小，故B正確；C將一試探電荷+q自a點(diǎn)由靜止釋放，若不計(jì)電荷重力，試探電荷在O點(diǎn)左邊受到向右的電場(chǎng)力，而在O點(diǎn)右邊時(shí)，受到向左的電場(chǎng)，則將在a、b間往復(fù)運(yùn)動(dòng)，故C正確；D根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式E=結(jié)合矢量的合成法則可知，O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零，無(wú)窮遠(yuǎn)處場(chǎng)強(qiáng)也為零，因此Oy軸上沿正方向電場(chǎng)強(qiáng)度的大小先增大后減小，故D錯(cuò)誤【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵是要明確兩個(gè)等量同種電荷

19、連線的中垂線上的場(chǎng)強(qiáng)分布情況和電勢(shì)分布情況，關(guān)鍵在于掌握電場(chǎng)線的物理意義：電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，電場(chǎng)線的方向表示電勢(shì)的高低，作出電場(chǎng)線，就能判斷電勢(shì)的高低，注意掌握點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式E=，結(jié)合矢量的合成法則是解題的關(guān)鍵三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、B 2：1 【解析】（1）向心力和三個(gè)因素有關(guān)，所以需要控制其中兩個(gè)恒定，改變第三個(gè)量，從而來(lái)研究向心力和它們的關(guān)系，故采用了控制變量法，B正確；（2）同一條皮帶相連，則A、C線速度相同，故，根據(jù)題意可知塔輪向心力之比為1：4，并且塔輪的半徑相同，A、C轉(zhuǎn)動(dòng)和各自的塔輪角速度相

20、同，故，可知，故12、（1）0.0075 0.015 0.0075 碰撞中mv的矢量和是不變量（碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒） BCD C 【解析】（1）由圖1所示圖象可知，碰撞前球1的速度，碰撞后，球的速度，入射小球碰撞后的，入射小球碰撞前的，被碰撞后的，碰撞前系統(tǒng)總動(dòng)量，碰撞后系統(tǒng)總動(dòng)量，由此可知：碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒；（2）“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，是通過(guò)平拋運(yùn)動(dòng)的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度的，只要離開(kāi)軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，對(duì)斜槽是否光滑沒(méi)有要求，A錯(cuò)誤；要保證每次小球都做平拋運(yùn)動(dòng)，則軌道的末端必須水平，B正確；要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，C正確；為了保證小球碰撞

21、為對(duì)心正碰，且碰后不反彈，要求mamb，ra=rb，D正確（3）要驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律定律即，小球做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知根據(jù)兩小球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同，上式可轉(zhuǎn)換為，故需驗(yàn)證，因此C正確【點(diǎn)睛】本實(shí)驗(yàn)的一個(gè)重要的技巧是入射球和靶球從同一高度作平拋運(yùn)動(dòng)并且落到同一水平面上，故下落的時(shí)間相同，所以在實(shí)驗(yàn)的過(guò)程當(dāng)中把本來(lái)需要測(cè)量的速度改為測(cè)量平拋過(guò)程當(dāng)中水平方向發(fā)生的位移，可見(jiàn)掌握了實(shí)驗(yàn)原理才能順利解決此類題目四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）RA:RB=36:1 ;（2）qA:qB=1:36【解析】(1)一根給定的導(dǎo)線體積不變,若均勻拉長(zhǎng)為原來(lái)的3倍,則橫截面積為原來(lái)的13,A、B導(dǎo)線原長(zhǎng)為L(zhǎng),橫截面積為S,電阻為R,則有:LA=3L,sA=s3,LB=L2,sB=2sRA=3Ls3=9Ls=9RRB=L22s=14Ls=R4則RA:RB=36:6(2)根據(jù)I